新教材高考化学一轮复习课时作业31认识有机化合物含答案

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1．碳原子的不同结合方式使得有机物种类繁多，下列碳原子的结合方式中错误的是（ ）
2．鉴别环己醇（）和3，3­二甲基丁醛，可采用化学方法或物理方法，下列方法中不能对二者进行鉴别的是（ ）
A．利用金属钠或金属钾
B．利用质谱法
C．利用红外光谱法
D．利用核磁共振氢谱
3．某有机化合物只含C、H、O三种元素，取4.6 g该有机化合物完全燃烧，测得只生成0.2 ml CO2和5.4 g水，其质谱图和核磁共振氢谱如下图所示，该有机化合物是（ ）
A．CH3CHO B．CH3CH2OH
C．CH3OCH3 D．CH3OCH2CH3
4．下列表述或说法正确的是（ ）
A．—OH与· eq \(O,\s\up11(··),\s\d4(··)) ∶H都表示羟基
B．邻羟基苯甲酸的结构简式是：
C．丙酸分子的空间充填模型为
D．命名为2­甲基­3­戊烯
5．下列物质的类别与所含官能团都正确的是（ ）
A．CH3CH2Br属于卤代烃，官能团为Br
B．属于醛，官能团可表示为—COH
C．属于酮，官能团为羰基
D．苯酚的官能团是苯基和羟基
6．有机物虽然种类繁多，但其命名是有规则的。下列有机物的命名正确的是（ ）
A．，3，5­三溴苯酚
B．2­丁醇
C． 3­甲基丁烯
D．
2，6­二甲基­5­乙基庚烷
二、不定项选择（本题包括4个小题，每小题有1个或2个选项符合题意）
7．某研究小组利用“钯催化交叉偶联反应”合成了有机物丙，合成路线如下：
下列分析判断正确的是（ ）
A．分离提纯有机物丙宜在NaOH热溶液中进行
B．利用NaOH溶液、AgNO3溶液即可确定有机物甲中含有溴元素
C．可用酸性KMnO4溶液检验有机物丙中是否含有机物乙
D．PdCl2的作用是提高反应物的活性，加快反应速率
8．下面是丁醇的两种同分异构体，其键线式、沸点如表所示，下列说法不正确的是（ ）
A.异丁醇的系统命名为2­甲基­1­丙醇
B．异丁醇的核磁共振氢谱有五组峰，且面积之比是1∶2∶1∶3∶3
C．表中沸点数据可以说明烃基结构会明显影响有机物的物理性质
D．异丁醇、叔丁醇在一定条件下经催化氧化可分别生成异丁醛、叔丁醛
9．某有机物A的红外光谱和核磁共振氢谱如图所示，下列说法不正确的是（ ）
A．由红外光谱可知，该有机物中含有C—H、C===O、等
B．由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有3种不同化学环境的氢原子
C．若A的化学式为C8H8O2，则其结构简式可能为
D．仅由以上信息无法得知其分子中的氢原子总数
10．某化合物由碳、氢、氧三种元素组成，其红外光谱图只有C—H、O—H、C—O的振动吸收，该有机物的相对分子质量是60，则该有机物的结构简式是（ ）
A．CH3CH2OCH3 B．CH3CH（OH）CH3
C．CH3CH2OH D．CH3COOH
三、非选择题
11．（1）2.3 g某有机物A完全燃烧后，生成0.1 ml CO2和2.7 g H2O，测得该化合物的蒸气与空气的相对密度是1.6，已知此有机物可以与Na发生置换反应，写出此有机物与乙酸发生酯化反应的化学方程式
________________________________________________________________________。
（2）有机物的结构可用“键线式”表示，如：CH3—CH===CH—CH3可简写为。可简写为 eq \x( ) 。玫瑰的香味物质中包含苧烯，苧烯的键线式如图：，苧烯的分子式为 。
（3）利用核磁共振技术测定有机物分子的三维结构的研究曾获得了诺贝尔化学奖。在有机物分子中，不同位置的氢原子的核磁共振谱中给出的峰值（信号）也不同。根据峰值（信号）可以确定有机物分子中氢原子的种类和数目。例如：乙醚的结构式为，其核磁共振氢谱中有2个信号（参见图1）。
①下列分子中，其核磁共振氢谱中只有一种峰（信号）的物质是 （填字母）。
A．CH3—CH3 B．CH3COOH
C．CH3COOCH3 D．CH3COCH3
②化合物A和B的分子式都是C2H4Br2，A的核磁共振氢谱如图2所示，则A的结构简式为 ，请预测B的核磁共振氢谱上有 个峰（信号）。
12．有机物I是合成药物的中间体，以有机物A为原料制备I的路线如下：
已知：①有机物A的相对分子质量为88，其核磁共振氢谱为三组峰，峰面积之比为1∶2∶1；8.8 g A完全燃烧只生成体积比为1∶1（同温同压）的CO2和H2O（g），若把它们通过碱石灰，碱石灰质量增加24.8 g；等质量的有机物A能与0.2 ml乙酸发生酯化反应；
②Diels­Alder反应：
请回答下列问题：
（1）F的系统命名是 。
（2）E的结构简式是 。
（3）下列关于有机物A的说法正确的是 （填序号）。
①不存在顺反异构体
②所有碳原子一定共平面
③能使紫色石蕊溶液变红
④1 ml A能消耗1 ml H2
（4）B→C、C→D的①的反应类型分别为 、 。
（5）写出H→I的化学方程式：
________________________________________________________________________。
（6）D中含氧官能团的名称是
________________________________________________________________________。
（7）化合物W是G的同分异构体，可与FeCl3溶液发生显色反应，且能与NaHCO3溶液反应放出CO2，核磁共振氢谱为五组峰，峰面积之比为2∶2∶2∶1∶1，则W的结构简式为________________________________________________________________________。
课时作业31 认识有机化合物
1．解析：题中A为丁烷、B为2­甲基丙烷、D为环丁烷，碳原子都可形成4个共价键，而C中碳原子形成5个共价键，不符合碳原子的成键特点。
答案：C
2．解析：二者互为同分异构体，相对分子质量相同，无法利用质谱法鉴别。
答案：B
3．解析：4.6 g该有机物完全燃烧，生成了0.2 ml CO2和5.4 g H2O，则n（H2O）＝ eq \f(5.4 g,18 g·ml－1) ＝0.3 ml，n（H）＝0.6 ml，因m（C）＋m（H）＝0.2 ml×12 g·ml－1＋0.6 ml×1 g·ml－1＝3 g<4.6 g，故有机物含有O元素，且m（O）＝4.6 g－3 g＝1.6 g，故n（O）＝ eq \f(1.6 g,16 g·ml－1) ＝0.1 ml，n（C）∶n（H）∶n（O）＝0.2 ml∶0.6 ml∶0.1 ml＝2∶6∶1，即该有机物的实验式为C2H6O，由质谱图可知相对分子质量为46，则有机物的分子式为C2H6O，因核磁共振氢谱中含3种H原子，三种H原子数目之比为1∶2∶3，所以有机物的结构简式为CH3CH2OH。
答案：B
4．解析：A项中—OH为羟基结构简式，羟基的电子式为H∶ eq \(O,\s\up11(··),\s\d4(··)) eq \a\vs4\al\c1(·) ，正确；B项中该结构简式是间羟基苯甲酸的结构简式，羟基和羧基位于间位，错误；C项中为丙烷的球棍模型，错误；D项有机物含有双键的最长碳链为5，在4号碳上含有1个甲基，正确命名应为4­甲基­2­戊烯，错误。
答案：A
5．解析：CH3CH2Br属于卤代烃，官能团为—Br，故A错误；含有的官能团为酯基，属于酯类，其官能团可表示为—OOCH，故B错误；苯基不是官能团，故苯酚的官能团为—OH，故D错误。
答案：C
6．解析：A项，羟基应是1号位，故正确的命名应是：2，4，6­三溴苯酚；D项，有机物的名称为2，6­二甲基­3­乙基庚烷。
答案：B
7．解析：根据有机物的结构简式可知，丙中含有酯基，在氢氧化钠溶液中发生水解反应，所以分离提纯有机物丙不宜在NaOH热溶液中进行，A错误；溴代烃在碱性条件下水解，水解后需要加入硝酸酸化，否则生成氢氧化银沉淀，影响实验结论，故B错误；丙和乙分子中都含有碳碳双键，都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，不能鉴别，故C错误；PdCl2为反应的催化剂，可降低反应的活化能，加快反应速率，故D正确。
答案：D
8．解析：异丁醇中羟基位于1号C，主链为1­丙醇，在2号C含有1个甲基，其名称为2­甲基­1­丙醇，故A正确；异丁醇分子中含有4种不同化学环境的H原子，则异丁醇的核磁共振氢谱有四组峰，且面积之比是1∶1∶2∶6，故B错误；叔丁醇沸点较低，异丁醇的沸点较高，可是二者官能团相同，相对分子质量相同，碳原子数相同，只有烃基结构不同，沸点数据可以说明烃基结构会明显影响有机物的物理性质，故C正确；叔丁醇与羟基相连的碳原子上没有氢原子，不能催化氧化，故D错误。
答案：BD
9．解析：由红外光谱图可知A中含有C—H、C===O、等，故A正确；核磁共振氢谱有4组峰，则有机物分子中有4种不同化学环境的氢原子，故B错误；由红外光谱可知不含O—H，则不含有羧基，故C错误；红外光谱和核磁共振氢谱用于确定结构，确定不了分子式，故无法确定含有的H原子数，故D正确。
答案：BC
10．解析： CH3CH2OCH3相对分子质量为60，分子中含C—H、C—O，不含有O—H，故A错误；CH3CH（OH）CH3相对分子质量为60，分子中含有C—H、O—H、C—O，故B正确；CH3CH2OH相对分子质量为44，分子中含有C—H、O—H、C—O，故C错误；CH3COOH相对分子质量为60，分子中还含C===O，故D错误。
答案：B
11．解析：（1）n（CO2）＝0.1 ml，则2.3 g有机物中：n（C）＝n（CO2）＝0.1 ml，m（C）＝0.1 ml×12 g·ml－1 ＝1.2 g，n（H2O）＝ eq \f(2.7 g,18 g·ml－1) ＝0.15 ml，则n（H）＝2n（H2O）＝0.3 ml，m（H）＝0.3 ml×1 g·ml－1＝0.3 g，因（1.2 g＋0.3 g）<2.3 g，所以有机物中还应含有O元素，且m（O）＝2.3 g－1.2 g－0.3 g＝0.8 g，n（O）＝ eq \f(0.8 g,16 g·ml) ＝0.05 ml，且该化合物的蒸气与空气的相对密度是1.6，则有机物A的相对分子质量＝29×1.6≈46，有机物A中：n（C）∶n（H）∶n（O）＝0.1 ml∶0.3 ml∶0.05 ml＝2∶6∶1，所以该有机物的最简式为C2H6O，而C2H6O的相对分子质量为46，所以该有机物的分子式为C2H6O，此有机物可以与Na发生置换反应，说明含有羟基，应为乙醇，其与乙酸发生酯化反应的化学方程式为CH3COOH＋CH3CH2OH eq \(,\s\up11(浓硫酸),\s\d4(△)) CH3COOCH2CH3＋H2O。（3）①核磁共振氢谱中只给出一组峰，说明该分子中的H原子都是等效的。A.CH3CH3中6个H原子都是等效的；B.CH3COOH有2种H原子；C.CH3COOCH3有2种H原子；D.CH3COCH3中6个H原子都是等效的，故选A、D；②由A的核磁共振氢谱可知，分子中只有一种H原子，A分子中2个Br原子连接不同的碳原子，故A的结构简式为CH2BrCH2Br，B与A互为同分异构体，B分子中2个Br原子连接在同一碳原子上，B为CH3CHBr2，分子中有2种H原子，故其核磁共振氢谱图有2个峰。
答案：（1）CH3COOH＋CH3CH2OH eq \(,\s\up11(浓硫酸),\s\d4(△)) CH3COOCH2CH3＋H2O （2）C10H16 （3）①AD
②CH2BrCH2Br 2
12．解析：由题意可知，A的相对分子质量为88，完全燃烧生成的二氧化碳和水的物质的量相等，通过碱石灰增重24.8 g，即二氧化碳和水各为0.4 ml，从而推得A的分子式为C4H8O2，其核磁共振氢谱为三组峰，峰面积之比为1∶2∶1，故A的结构简式为HOCH2CH===CHCH2OH，则B的结构简式是HOCH2CH2CHClCH2OH，C的结构简式为HOOCCH2CHClCOOH，D的结构简式为HOOCCH===CHCOOH，再采用逆推法，H的结构简式为，G为，根据Diels­Alder反应可知E为。
答案：（1）1，3­丁二烯 （2） （3）②④ （4）氧化反应 消去反应
（5）＋2NaOH eq \(――→,\s\up11(乙醇),\s\d4(△)) ＋2NaBr＋2H2O
（6）羧基 （7）异丁醇
叔丁醇
键线式
沸点/℃
108
82.3