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2022年四川省南充市蓬安县中考物理二诊试卷（含答案解析）
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这是一份2022年四川省南充市蓬安县中考物理二诊试卷（含答案解析），共25页。试卷主要包含了【答案】D，【答案】C，【答案】A等内容，欢迎下载使用。
2022年四川省南充市蓬安县中考物理二诊试卷
1. 关于声现象，下列说法正确的是( )
A. “公共场所不要大声喧哗”是要求人们说话音调放低些
B. 人们分辨出二胡和小提琴发出的声音，主要是因为它们的响度不同
C. “禁止鸣笛”是在传播过程中减弱噪声
D. 超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波具有能量
2. 以下描述中与光的折射现象有关的是( )
A. 形影相随，亲密无间 B. 海市蜃楼，虚无缥缈
C. 镜中生花，脱离实际 D. 水中捞月，一无所得
3. “赏中华诗词、寻文化基因、品生活之美”的中国诗词大会，这一电视节目深受观众的青睐，对下列古诗文中涉及的热现象进行解释，其中正确的是( )
A. “月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠”。霜的形成是凝华现象，需要放热
B. “雾凇沆砀，天与云与山与水，上下一白”。雾凇的形成是凝固现象，需要放热
C. “青青园中葵，朝露待日晞”。露在日出后逐渐消失是升华现象，需要吸热
D. “腾蛇乘雾，终为土灰”。雾的形成是液化现象，需要吸热
4. 2022年2月6日，中国女足面对逆境，永不放弃，最终以3−2逆转韩国，时隔16年再次问鼎亚洲之巅。如图1所示，是女足队员王霜踢球时的情景，下列说法正确的是( )
A. 踢出去的足球继续滚动，是因为受到惯性作用
B. 滚动的足球最终停下来，说明运动需力来维持
C. 运动员在奔跑时对地面的压强比停止时大
D. 静止在地面上的足球受到的重力和支持力是相互作用力
5. 有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
6. 据了解，即将完成在轨飞行任务的神舟十三号的3名航天员，将在今年4月中旬，择机返回地球，我国空间站建造关键技术得到全面验证。下列相关说法正确的是( )
A. 发射飞船的火箭使用液氢燃料，主要是因为液氢的比热容较大
B. 飞船完成交汇对接后，与地面的联系是通过超声波进行的
C. 飞船在轨运行时，太阳能电池板将太阳能转化为内能
D. 飞船返回进入大气层后，机械能减少
7. 如图3甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体运动速度v与时间t的关系如图乙所示。下列判断正确的是( )
A. t=3s时，物体受到力的合力为 1N
B. t=6s时，将 F 撤掉，物体的合力立刻变为零
C. 2s∼4s内物体所受摩擦力逐渐增大
D. t=1s时，物体所受摩擦力大于 1N
8. 以下作图中，正确的是( )
A. 凹透镜对光的作用
B. 光的反射
C. 通电螺线管磁极
D. 物体静止在斜面上的受力示意图
9. 在使用下列简单机械匀速提升同一物体的四种方式，所用动力最小的是(不计机械自重、绳重和摩擦)( )
A. B.
C. D.
10. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作，过了一会儿，灯L熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变小，则下列判断中正确的是( )
A. 灯L断路 B. 电阻R短路 C. 灯L短路 D. 电阻R断路
11. 如图所示，水平桌面上有三个完全相同的容器，内装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是( )
A. 物体受到的浮力大小关系为 FA>FB>FC
B. 三个物体的密度大小关系是ρA<ρB<ρC
C. 容器对桌面的压力大小关系为
D. 容器底部受到水的压强大小关系为
12. 如图所示，电源电压恒为6V，电流表量程0∼0.6A，电压表量程0∼3V，滑动变阻器规格“50Ω1A”，小灯泡规格“2.5V0.625W”，若不考虑小灯泡阻值随温度的变化。闭合开关，在保证电路各元件安全的情况下，下列说法正确的是( )
A. 滑片向右滑动，电流表示数变小，电压表示数变小
B. 电流表的示数变化范围是 0.1A∼0.25A
C. 滑动变阻器的阻值调节的范围是 24Ω∼50Ω
D. 变阻器的最大电功率是 0.875W
13. 小明用刻度尺和三角板按图甲测一枚纽扣的直径，该刻度尺的分度值是______，纽扣的直径是______cm，图乙中秒表的读数是______。
14. 如图所示，是汽车进行风洞实验，将汽车固定在风洞中，用吹风机对汽车高速送风，汽车相对于风洞中的空气是______ (选填“运动”或“静止”)的，此时汽车______ 气体对汽车的压强大。(选填“上方”或“下方”)
15. 转速为1800r/min的单缸四冲程汽油机，其压缩冲程是通过______方式增加气体内能的，该汽油机1s对外做功______次。
16. 核电站的核反应堆中发生的是核______(选填“裂变”或“聚变”)，若1kg铀原子核完全反应释放的能量相当于完全燃烧2400t煤释放的能量，则70g铀核完全反应可使______ kg的水温度升高80℃(煤的热值为3×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，不考虑能量损失)。
17. 为测量某种液体的密度，小明利用天平和量杯测量了液体和量杯的总质量m及液体的体积V，得到几组数据并绘出了m−V图像，如图所示，则量杯质量为______g，该液体的密度为______g/cm3.
18. 如图所示电路，电源电压不变，调节滑动变阻器，使电压表示数从6V变化到2V，同时观察电流表示数由0.6A变为1A时，定值电阻R0=______Ω，电源电压U=______V。
19. 小星学习电功率知识后，想利用电能表测量家中电饭锅工作时的实际功率。他仔细观察了家中的电能表，表盘参数如图所示，则小星家允许加载的用电器的最大总功率为______ W。他关闭家中其他用电器，只让电饭锅工作，发现电饭锅工作2min，电能表转盘转过60转，则该电饭锅的实际功率为______ W。
20. 在某场馆建设中，采用如图所示的装置，滑轮组悬挂在水平支架上(水平支架固定不动)，工人站在水平地面上，竖直向下拉动绳子自由端，使物体A在5s内匀速上升了1m。已知物体A重400N，该工人重600N，两个滑轮质量相等，不计滑轮组的绳重和摩擦，滑轮组的机械效率为80%。在该过程中，工人对水平面的压力为______ N，人对绳子拉力的功率为______ W。
21. 如图甲所示，长方体金属块在细绳竖直向上拉力作用下从水中开始一直竖直向上做匀速直线运动，上升到离水面一定的高度处。图乙是绳子拉力F随时间t变化的图象，取g=10N/Kg.根据图象信息，该金属块重力的大小为______N，浸没在水中的金属块受到的浮力大小是______N，该金属块的密度是______kg/m3。
22. 如图所示是研究电与磁关系的示意图，ab为一根电阻不可忽略且能自由移动的导体棒，其中单刀双掷开关S的c、d两点为触点，当单刀双掷开关S的触片P置于d点，该装置可演示______；撤走蹄形磁铁，在ab棒左侧的Q点放置一小磁针，同时将单刀双掷开关S的触片置于c点，该装置可演示______。(以上两空均选填“电流磁效应”、“电磁感应”或“磁场对通电导体的作用”)
23. 一束光从空气射向玻璃砖，并穿过玻璃砖；画出这束光进入和离开玻璃砖的折射光线。
24. 木块在水平向左的拉力作用下做匀速直线运动，请在图中画出木块在水平方向的受力示意图。
25. 将图中的三孔插座(带保险盒)正确的接入电路。
26. 豆豆同学想探究凸透镜成像规律。实验桌上有两个凸透镜，焦距分别为10.0cm和20.0cm。
(1)实验一：豆豆同学将其中一块凸透镜放在光具座上，当烛焰、透镜及光屏的位置如图20所示时，恰能在光屏上得到一个清晰的像，则他选择的凸透镜的焦距为______ cm；
(2)实验二：豆豆同学将蜡烛和光屏的位置对换，发现在光屏上仍能成一清晰的像，此时像的性质是倒立、______的实像，生活中常见的______是利用此成像原理制成的。
(3)实验三：若在实验一中，不改变蜡烛和凸透镜的位置，换用另一块凸透镜，应向______调节光屏才能在光屏上找到烛焰清晰的像，此时所成的像的大小______(选填“变大”、“不变”或“变小”)。
27. 小明在探究杠杆的平衡条件时，以匀质杠杆的中点为支点。
(1)在调节杠杆平衡时，小明发现杠杆静止后右端低、左端高，接下来他应将杠杆右端的平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节，使杠杆在水平位置平衡。
(2)小明在调好的杠杆上挂上钩码，调节钩码的数量和位置，重新使杠杆水平平衡，这样做的目的是______。
(3)如图甲所示，然后小明将两边钩码同时向远离支点方向移动相同的距离，则杠杆______(选填“左”或“右”)端将下沉。
(4)如图乙所示，现将弹簧测力计绕B点从a位置转动到b位置的过程中，杠杆始终保持水平平衡，则弹簧测力计的拉力F将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(5)实验结束后，小明想：若支点不在杠杆的中点，杠杆的平衡条件是否成立？于是小明利用如图丙所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉杠杆使其处于水平平衡时，测出的拉力与支点到拉力作用线的距离的乘积并不等于钩码的重力与钩码悬挂点到支点的距离的乘积，其主要原因是______。
28. 小科做“测量小灯泡电功率“的实验，实验室有如下器材：电源(电压恒为6V)、小灯泡(额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω)、电压表、电流表、开关各一个、规格分别为A(10Ω1A)、B(50Ω0.5A)的滑动变阻器各一个、导线若干。
(1)本实验应该选择规格为______ (选填“A”或“B”)的滑动变阻器；
(2)用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整(要求滑片向左滑时电压表变小)；
(3)正确连接好电路，闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数；移动滑片，发现除了电流表示数改变外，其余均无变化。经检查，电压表完好，则故障可能是______ 。
排除故障后，小明调节滑动变阻器的滑片，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图乙所示的I−U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是______ W；
(4)小南设计了如图丙所示的电路也完成了该实验，请完成下列填空(电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R2的最大电阻为R0)，
①只闭合开关S、S1，调节R2，使电压表的示数为2.5V。
②接着只闭合开关S、S2，调节______ 使电压表的示数为______ V。
③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电表的示数为U1，再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2.则小灯泡额定功率的表达式______ (用、R0、U1、U2表示)。
29. 如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0、R1均为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S1，当滑动变阻器的滑动触头在a端时，电压表V1的示数为2.4V，电流表示数为0.3A。将R2的滑动触头从a端移动到b端的过程中，电压表V1和V2的示数与电流表示数的关系分别如图乙中的图线①和②所示。
(1)求R1的阻值；
(2)求R2的最大阻值；
(3)当滑动触头从a端移动到b端的过程中，R1消耗的最大功率和最小电功率分别是多少？
30. 放在水平桌面上的薄壁圆柱形容器(容器质量不计)底面积为10−4m2，将一体积为2×10−4m3木块放入水中静止时，有15体积露出水面，如图甲所示；用一根质量和体积不计的细线把容器底和木块底部中心连接起来，如图乙所示。求：
(1)甲图中木块排开水的重力；
(2)木块的密度；
(3)若把乙图中的绳子剪断，待木块静止后，水对容器底部减小的压强是多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、“公共场所不要大声喧哗”是要求人们说话的响度放低些，故A错误；
B、不同乐器的音色是不同的，所以演奏同一乐曲时，人能分辨出二胡和小提琴发出的声音，主要是因为它们的音色不同，故B错误；
C、禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、外科医生利用超声波振动除去人体内的结石是利用了声音能传播能量，故D正确。
故选：D。
此题考查了音调、响度的理解、声音的利用和噪声的控制的理解，是一道综合性的声学问题，但难度不大。
2.【答案】B
【解析】
【分析】
此题通过几个词语考查学生对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，解题的关键是理解词语反应的物理情境，一定程度上考查了学生的语文知识，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
【解答】
A. 影子是光沿直线传播形成的，故 A 不符合题意；
B. 海市蜃楼是光在不均匀的大气中发生光的折射形成的，故 B 符合题意；
C. 镜中生花是指花在镜子中成像，属于平面镜成像，是光的反射形成的，故 C 不符合题意；
D. 水中捞月是指月在“镜子”中成像，属于平面镜成像，是光的反射形成的，故 D 不符合题意。
故选 B 。
3.【答案】A
【解析】解：A、霜的形成是水蒸气的凝华现象，此过程需要放热，故A正确；
B、雾凇的形成是水蒸气的凝华现象，此过程需要放热，故B错误；
C、露在日出后逐渐消失是汽化现象，此过程需要吸热，故C错误；
D、雾的形成是水蒸气的液化现象，此过程需要放热，故D错误。
故选：A。
(1)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】C
【解析】解：A、踢出去的足球继续滚动，是因为足球具有惯性，不能说受到惯性作用，故A错误；
B、滚动的足球最终停下来，是因为受到摩擦力的作用，说明力可以改变物体的运动状态，不能说明运动需要力来维持，故B错误；
C、运动员在奔跑相对于停止时的压力不变，受力面积变小，根据p=FS可知，奔跑时对地面的压强比停止时大，故C正确；
D、静止的足球受到的重力和支持力作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，是一对平衡力，不是相互作用力，故D错误。
故选：C。
(1)物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；
(2)物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因；
(3)根据p=FS分析压强的大小；
(4)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
本题结合体育运动的场景考查了蕴含的力学知识，具有一定的综合性，知识点较多，注重了物理和生活的联系，是中考的热点。
5.【答案】C
【解析】解：
根据题意知，S1闭合，灯L发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即S1、S2同时闭合，电动机M才工作。
A、由图知，只闭合S1时，灯被短路而不发光，同时闭合S1和S2时，电源会被短路，不符合题意；
B、由图知，只闭合S1时，电路断路，灯不亮，再闭合S2时，电动机就工作，不符合题意；
C、由图知，只闭合S1时，灯L发光，再闭合S2时，电动机工作，符合题意；
D、由图知，只闭合S1时，灯L不发光，不符合题意。
故选：C。
由题知，S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2闭合，电动机M工作，即两开关都闭合时电动机才能工作，由此根据选项图分析解答。
本题考查了电路的设计，明确要求可采用排除法解答。
6.【答案】D
【解析】解：A、发射飞船的火箭使用液氢燃料，主要是因为液氢的热值较大，故A错误；
B、飞船完成交汇对接后，与地面的联系是通过电磁波进行的，故B错误；
C、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故C错误；
D、飞船返回进入大气层后，由于克服摩擦做功，将机械能转化为内能，所以机械能减少，故D正确。
故选：D。
(1)热值是燃料的特性，反映燃料燃烧的放热能力。
(2)电磁波的传播不需要介质，航天方面应用电磁波传递信息。
(3)太阳能电池板将太阳能转化为电能。
(4)物体克服摩擦做功将机械能转化为内能。
理解热值概念，知道电磁波的应用、生活中常见的能量转化实例，可解答此题。
7.【答案】A
【解析】解：
AC、由速度-时间图像可知，在4s∼6s内，物体做匀速直线运动，处于平衡状态，合力为零，此时的摩擦力与推力是一对平衡力，所以滑动摩擦力为2N；
在2s∼4s内，物体做匀加速运动，由于接触面的粗糙程度和压力都不变，故摩擦力不变，仍为2N；t=3s时，物体做加速运动，因此受非平衡力作用，合力：，故A正确、C错误；
B、由速度-时间图像可知，t=6s时，物体做匀速直线运动，将F撤掉，物体水平方向上受到摩擦力的作用，合力不为0，故C错误；
D、由速度-时间图像可知，t=1s时，物体处于静止状态，受平衡力作用，又由F−t图像可知物体受到的推力为1N，因此物体所受摩擦力是1N，故D错误。
故选：A。
先由速度-时间图像判断物体的运动情况，然后根据物体的运动状态判断物体是否受平衡力作用；根据惯性定律判断撤去外力后物体的运动状态；根据由F−t图像求出物体受到的拉力，然后由二力平衡的条件求出摩擦力的大小。滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。
本题考查学生对图像的认识和分析能力，并能将v−t图像和F−t图像相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出力的大小是本题的关键。
8.【答案】C
【解析】解：A、凹透镜对光有发散作用，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，不会会聚焦点，故A错误。
B、图中法线垂直镜面，反射角等于入射角，反射光线和入射光线分居法线的两侧，但光线的传播方向标错了，都是入射光线了，没有反射光线，故B错误；
C、电流从螺线管的右端流入、左端流出，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定通电螺线管的左端为N极，右端为S极，在磁体的周围磁感线从磁体的N极出发回到S极。所以磁感线的方向是向右的，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故C正确，
D、物体静止在斜面上，受到竖直向下的重力、垂直于斜面指向物体的支持力、沿斜面向上的摩擦力，图中摩擦力方向错误，故D错误。
故选：C。
(1)凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
(2)光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角；
(3)根据螺线管的线圈绕向和电流方向，利用安培定则可以确定螺线管的NS极，根据磁感线的方向和磁极间的相互作用规律分析和判断；
(4)会对物体进行受力分析，在斜面上的物体受到重力、支持力和斜面的摩擦力，重力和支持力的方向很容易确定，由于物体要向下滑动，所以会受到沿斜面向上的摩擦力。
此题考查光的反射光路图的画法、力的示意图和透镜光路图的画法，是一道综合作图题，要求学生熟练掌握各种作图技巧。
9.【答案】D
【解析】解：不计机械自重绳重和摩擦，即在理想状况下：
A、图示是一个定滑轮拉力F1=G；
B、根据勾股定理知h=52−42m=3m，图中为斜面，F2×5m=G×3m，得到F2=0.6G；
C、如图所示，由图可知L2LG=2L+3L2L=52，
由杠杆平衡条件可得：F3×L2=G×LG，拉力F3=G×LGL2=25G=0.4G；
D、由图示可知，滑轮组承重绳子的有效股数n=3，拉力F4=1nG=13G；
因此最小拉力是F4；
故选：D。
由图示滑轮组，确定滑轮组的种类，根据滑轮组公式求出拉力F1、F4；
由勾股定理求出斜面的高，根据斜面公式求出拉力F2的大小；
由图示杠杆求出动力臂与阻力臂的关系，然后由杠杆平衡条件求出拉力F3；
最后比较各力大小，确定哪个拉力最小。
本题主要考查各种滑轮及滑轮组、斜面以及杠杆的使用，是一道常见题。
10.【答案】D
【解析】解：
A、若灯L断路，整个电路断路，两表示数都减小为零。故A错误；
B、若电阻R短路，灯泡发光，电路中电阻减小，电流增大，电流表示数增大；电压表相当于与导线并联，电压表示数减小为零；此时灯泡发光，而题中是灯L熄灭，不符合题意。故B错误；
C、若灯L短路，电路中电阻减小，电流增大，电流表示数增大；此时电压表测量电源电压，电压表示数增大。故C错误；
D、若电阻R断路，没有电流流过电流表，电流表示数减小为零；此时灯泡与电压表串联，由于电压表的内阻很大，则通过灯泡的电流几乎为零，灯L熄灭；此时电压表测量电源电压，电压表示数增大。故D正确。
故选：D。
电路正常工作时，R与灯泡L串联，电压表与R并联，即电压表测R两端的电压。由各选项给出的故障分析电表的变化则可得出正确答案。
使用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联。闭合开关，如果电压表有示数(一般等于电源电压)，说明并联的用电器断路或其它用电器都短路；如果电压表无示数，说明并联的用电器短路或其它用电器有断路。
11.【答案】BC
【解析】解：由题知，A、B、C三个正方体的体积相同；
A、由图可知，A、B、C三个正方体排开水的体积关系为，根据可知，浮力的大小关系为：FA
C、因正方体分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于自身重力，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，即说明容器中正方体的重力等于正方体排开水的重力，即可以理解为，容器中正方体的重力补充了它排开的水的重力，能看出三个容器内总重力相等；由于容器相同，所以三个容器对桌面的压力关系为，故C正确；
D、三个容器内水面高度相同，即h相同，水的密度一定，根据p=ρgh可知，容器底受到水的压强关系为，故D错误。
故选：BC。
(1)由图得出A、B、C三个正方体排开水的体积关系，根据阿基米德原理即可判断物体受到的浮力大小关系；
(2)由图A、B、C三个正方体所处的状态，判定其浮力和重力的关系；然后根据三者的浮力大小、利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；
(3)根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力，分析出整个装置的压力的大小关系；
(4)利用p=ρgh判断容器底受到水的压强关系。
此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目，但难度不是很大。
12.【答案】ABD
【解析】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑动变阻器滑片向右滑动，接入电路中的电阻变大时，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，即电流表示数变小；根据U=IR可知灯泡两端的电压变小，即电压表示数变小；故A正确；
(2)根据P=UI可得，灯的额定电流：IL=PLUL=0.625W2.5V=0.25A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0∼0.6A，所以，电路中的最大电流为Imax=0.25A；
由欧姆定律可得灯泡的电阻：RL=ULIL=2.5V0.25A=10Ω，
电路中的总电阻：Rmin=UImax=6V0.25A=24Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值：，
所以滑动变阻器的阻值允许调节的范围是14Ω∼50Ω，故C错误；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，通过电路的电流最小，此时电路中的电流：，
所以电流表的示数变化范围是 0.1A∼0.25A，故B正确。
(3)滑动变阻器的功率等于电路总功率与灯泡功率之差，即P=UI−I2RL=6V×I−I2×10Ω，根据抛物线的性质可知当I=b−2a=6V−2×(−10Ω)=0.3A时，P有最大值，已知通过电路的最大电流为0.25A<0.3A，所以当通过电路的电流为0.25A时，滑动变阻器消耗的电功率最大，最大为，故D正确。
故选：ABD。
由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑动变阻器滑片向右滑动，接入电路中的电阻变大时，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，灯泡两端的电压变小；
(2)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后结合电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算通过电路的最小电流，进一步确定滑动变阻器接入电路的电阻范围以及电流表的示数变化范围；
(3)滑动变阻器的功率等于电路总功率与灯泡功率之差，根据抛物线的性质计算变阻器的最大电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电压和电流表的量程确定电路中的最大电流。
13.【答案】1mm1.205min38s
【解析】解：(1)由图甲所示刻度尺可知，刻度尺的分度值是1mm，
纽扣的直径是3.20cm−2.00cm=1.20cm；
(2)在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”和“6”之间，偏向“5”一侧，所以分针指示的时间为5min；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在38s处，即秒表的读数为5min38s；
故答案为：1mm；1.20；5min38s。
(1)使用刻度尺测量物体长度时，被测物体长度等于物体末端所对刻度与始端所对刻度之差，要估读。
(2)读取停表的示数，首先要知道大表盘和小表盘的分度值，然后看指针在什么位置，从而得出示数。
本题考查了刻度尺与秒表的读数问题，难度不大，应熟练掌握常用测量仪器的读数方法
14.【答案】运动 下方
【解析】解：以风洞中的空气为参照物，汽车相对于风洞中的空气的位置发生了改变，所以汽车是运动的；
风高速吹来时，因车身的形状是“上凸下平”的，在相同时间内空气通过汽车上方的路程大，根据流体压强和流速的关系可知，汽车上方的空气流速大、压强小，而汽车下方的空气流速小、压强大。
故答案为：运动；下方。
(1)研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。由此来突破此题。
(2)流体压强和流速的关系：流体在流速大的地方，压强小；流体在流速小的地方，压强大。
知道运动和静止的相对性，并熟知流体压强和流速的关系是解答该题的关键。
15.【答案】做功 15
【解析】解：在汽油机的压缩冲程中，压缩气体时对气体做功，气体的内能增大，温度升高；
飞轮转速为1800r/min=30r/s，也就是1s飞轮转动30r，完成60个冲程，对外做功15次。
故答案为：做功；15。
(1)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，温度升高；
(2)一个工作循环中，只有做功冲程对外做功，活塞往复运动2次，曲轴转动2周。
本题主要考查学生对改变物体内能方法的了解和掌握，及利用四冲程内燃机的工作过程分析问题。
16.【答案】裂变 1.5×107
【解析】解：(1)核电站的核反应堆中发生的是核裂变；
(2)若1kg铀原子核全部裂变所产生的能量相当于完全燃烧2400t煤，70g=0.07kg铀核全部反应放出的热量相当于0.07×2400t=168t煤释放的能量：
，
，
因为，
所以可得：
4.2×103J/(kg⋅℃)×m×80℃=5.04×1012J，
解得：m=1.5×107kg。
故答案为：裂变；1.5×107。
(1)核电站的反应堆靠核裂变最终产生电能；
(2)若1kg铀原子核全部裂变所产生的能量相当于完全燃烧2400t煤，70g=0.07kg铀核全部反应放出的热量相当于0.07×2400t=168t煤释放的能量，根据算出168t煤释放的热量；根据列方程算出水的质量。
本题考查核能应用的方式，以及吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的运用，是一道综合题。
17.【答案】20 1
【解析】解：
(1)设量杯的质量为，液体的密度为ρ，
读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量，
由ρ=mV可得：，-------①
当液体体积为V2=80cm3时，液体和杯的总质量，
同理可得：，-------②
②-①解得液体的密度：ρ=1g/cm3；
将ρ=1g/cm3代入①得：，
解得。
故答案为：20；1.
设量杯的质量为，液体的密度为ρ，读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量；当液体体积为V1=80cm3时，液体和杯的总质量，列方程组求出液体密度和量杯质量。
本题考查了密度的相关计算，同时更考查了对图像的认识，值得我们关注。
18.【答案】10 12
【解析】解：由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
当电压表的示数减小时，
因为串联电路的总电压等于各分电压之和，
所以定值电阻两端的电压增大，根据U=IR可知，电路中的电流增大，
故当电压表的示数为6V时，电路中的电流为0.6A，则电源的电压U=6V+0.6A×R0；
当电压表的示数为2V，电路中的电流为1A，则电源的电压U=2V+1A×R0；
因为电源的电压不变，所以有：6V+0.6A×R0=2V+1A×R0，
解得：R0=10Ω，
电源的电压：U=2V+1A×R0=2V+1A×10Ω=12V。
故答案为：10；12。
由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据串联电路的电压特点可知当电压表的示数减小时，定值电阻两端的电压增大，根据欧姆定律可知电路中的电流增大，据此可知电压表对应的电流；然后根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值和电源的电压。
本题考查串联电路电压规律及欧姆定律的使用，要求学生能从题意中读出R0两端的电压变化，并能用欧姆定律列式求解。
19.【答案】4400 600
【解析】解：
(1)“220V、20A”表示电能表的工作电压为220V，电能表平时工作允许通过的最大电流为20A，
小星家允许加载的用电器的最大功率：；
(2)3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转3000r，
电能表转盘转60r时，电饭锅消耗的电能：W=603000kW⋅h=0.02kW⋅h，
电饭锅的实际功率：P=Wt=0.02kW⋅h260h=0.6kW=600W。
故答案为：4400；600。
(1)“220V、20A”中，220V是指电能表的工作电压，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，利用P=UI求小星家允许加载的用电器的最大功率。
(2)3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转3000r，据此求电能表转盘转60r时电饭锅消耗的电能，再利用P=Wt求电饭锅的实际功率。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，明确电能表相关参数的含义是关键。
20.【答案】350 100
【解析】解：
A、由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=2，则滑轮组的机械效率：
解得：F=250N，
由于人受到竖直向上的支持力、竖直向下的重力以及竖直向上的拉力，则地面对工人的支持力：，根据物体间力的作用是相互的，可知工人对水平面的压力；
绳子自由端移动的距离：s=2h=2×1m=2m，
拉力做的功：，
绳子自由端拉力的功率：。
故答案为：350；100。
(1)根据图示滑轮组可知绳子的有效股数，根据表示出滑轮组的机械效率即可求出绳子自由端受到的竖直向下的拉力，即工人受到的拉力，进一步求出水平地面对工人的支持力；
(2)根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，根据W=Fs求出拉力做的功，再利用P=Wt求出绳子自由端拉力的功率。
本题考查了滑轮组机械效率和功率公式、滑轮组绳子拉力公式的综合应用等，有一定难度。
21.【答案】54202.7×103
【解析】解：
(1)当金属块完全露出液面，没有浸入水中时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图中的CD段，
从图可知，该金属块重力为：。
(2)当金属块未露出液面时，即为图中的AB段，
从图可知，此时绳子的拉力为34N，则金属块受到的浮力大小为：
。
(3)根据可得，
金属块排开水的体积(金属块的体积)：
；
根据G=mg可得，
金属块的质量为：m=Gg=54N10N/kg=5.4kg，
金属块的密度为：。
故答案为：54；20；2.7×103。
(1)分析绳子拉力随时间t变化的图象，当金属块从水中一直竖直向上做匀速直线运动，但未露出液面，此时金属块排开水的体积不变，由阿基米德原理可知，此时的浮力不变，绳子的拉力也不变，即为图中的AB段。
(2)当金属块完全露出液面，没有浸入水中时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图中的CD段，据此求出金属块重。
(3)当金属块未露出液面时，拉力等于重力减去浮力，据此求金属块受到的浮力，再根据阿基米德原理求金属块排开水的体积(金属块的体积)，知道金属块的重，利用重力公式求金属块的质量，最后利用密度公式求金属块的密度。
本题考查了重力、浮力、质量、密度的计算以及阿基米德原理，关键是公式和公式变形的应用，难点是通过图乙确定金属块的重力及绳子受到的拉力、会用称重法计算出金属块受到的浮力。
22.【答案】电磁感应 电流磁效应
【解析】解：单刀双掷开关S的触片P置于d点，电路中无电源，当ab切割磁感线运动时，电路中产生感应电流，这是电磁感应现象；
撤走蹄形磁铁，在Q点放置一小磁针，当单刀双掷开关S的触片P置于c点，电路中有电源，电路中有电流通过，通电导线的周围存在磁场，小磁针会偏转，这可以验证电流的磁效应。
故答案为：电磁感应；电流磁效应。
电动机的工作原理：通电导体在磁场中受力运动；闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动会产生感应电流；奥斯特实验证明电流周围存在磁场。
本题考查电磁感应现象和奥斯特实验，属于基础题。
23.【答案】解：首先光从空气垂直进入玻璃砖，所以其传播方向不变；
然后光从玻璃斜射入空气中，先过入射点垂直于界面画出法线，然后根据折射光线和入射光线分别位于法线两侧、折射角大于入射角，画出折射光线；如图所示：
【解析】要解决此题，需要掌握光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧；
当光线从空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，则折射角大于入射角；当光线垂直入射时，折射光线、法线和入射光线在同一直线上。
此题主要考查了光的折射光线的画法，首先要熟练掌握光的折射定律的内容，关键是搞清折射角与入射角的关系，特别注意垂直入射时，光的传播方向不变。
24.【答案】解：木块在水平向左的拉力作用下做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，摩擦力的大小等于拉力的大小，方向水平向右；
过木块的几何中心(重心)沿水平向左和向右的方向各画一条带箭头的线段，左边线段标注符号F表示拉力，右边线段标注符号f表示摩擦力，注意两条线段的长度相等，如图所示：
【解析】木块在水平向左的拉力作用下做匀速直线运动，处于平衡状态，必然还受到地面给它的摩擦力的作用，摩擦力跟拉力是一对平衡力，根据二力平衡的特点作图。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，二力平衡的两个力的长度要相等。
25.【答案】解：
三孔插座的上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线；根据安全用电原则可知，应将保险盒接在火线和插座的右孔之间，当保险丝烧断时插座上没有电。如图所示：
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线，金属外壳的用电器漏电时，地线把人体短路，防止发生触电事故；左孔接零线；右孔接火线；将保险盒接在火线和插座之间，保险丝烧断时插座上没有电。
本题考查了三孔插座的接线方法。接地线是为了把有金属外壳的用电器的外壳接地。
26.【答案】10 放大 投影仪 右 变大
【解析】解：(1)此时通过凸透镜在光屏上能成一个实像，据图能看出，此时的物距大于像距，所以在光屏上应该成一个倒立缩小的实像，故此时物体在2倍焦距以外，故30cm>2f，即15cm>f，所以小明选择的凸透镜的焦距为10cm。
(2)据光路的可逆性可知，若将透镜和光屏的位置对换，即此时物体处于1倍焦距和2倍焦距之间，光屏处于2倍焦距以外，此时成倒立、放大的实像，其应用是投影仪。
(3)由图知，物距为30cm，豆豆换了另一块焦距为20cm的凸透镜时，物距处于f和2f之间，成倒立放大的实像，像距要大于二倍焦距，即像距大于40cm，所以光屏应该向右移动，原来是成缩小的实像，换了另一块凸透镜后成放大的实像，所以像变大了。
故答案为：(1)10；(2)放大；投影仪；(3)右；变大。
(1)根据物距大于2f时成倒立缩小的实像的特点判断焦距的大小；
(2)根据在光的折射现象中光路的可逆性及成像规律进行分析；
(3)首先判断能否成实像，若能够成实像判断像距是否够大。
此题是探究凸透镜成像的规律，主要考查了实验的探究过程及成像规律的应用。此题看似复杂，其实只要用心，仔细审题，并不难。
27.【答案】左 为了直接从杠杆上读出力臂 左 变大 杠杆自重对实验的影响
【解析】解：(1)在调节杠杆平衡时，杠杆右端低左端高，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向左端调节；
(2)在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是直接从杠杆上读出力臂；
(3)设一个钩码重为G，杠杆一个格的长度为L，杠杆在水平位置平衡后，如果将两边钩码同时向远离支点方向移动相同的距离L后，
左端力与力臂的乘积为3G×3L=9GL，右端力与力臂的乘积为2G×4L=8GL，左端下沉；
(4)图中，当弹簧测力计绕B点从a位置转动到b位置的过程中，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变大，这是因为，当拉力倾斜时，阻力、阻力臂不变，拉力F力臂变小，所以力才会变大；
(5)如图丙示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆自重对实验的影响。
故答案为：(1)左；(2)为了直接从杠杆上读出力臂；(3)左；(4)变大；(5)杠杆自重对实验的影响。
(1)在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节；为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡；
(2)使杠杆在水平位置平衡的目的是直接从杠杆上读出力臂；
(3)根据杠杆的平衡条件可知，当杠杆两边钩码同时向远离支点方向移动相同的距离，力和力臂的乘积大的一端下沉；
(4)当拉力倾斜时，会造成力臂变小，相应的力会变大，这样才能继续平衡；
(5)杠杆的重心过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，据此分析。
本题考查探究杠杆的平衡条件实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
28.【答案】(1)B；
(2)如图所示
(3)小灯泡短路；0.5；
(4)R1；2.5；
【解析】解：(1)灯泡正常发光时的电流约为：IL=ULRL=2.5V10Ω=0.25A，
灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值：，则滑动变阻器应选B；
(2)电压表并联到灯泡的两端，滑片向左滑动时电压表示数变小，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器分担的电压变大，变阻器阻值变大，故应接滑片接右下接线柱，把滑动变阻器与电流表串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，实物电路图如图所示：
(3)正确连接好电路，闭合开关，发电流表有示数，则电路为通路，灯泡不亮，电压表无示数，因电压表完好，故障可能是小灯泡短路；
根据绘制成的图乙所示的I−U图像，灯在额定电压下的电流为0.2A，由小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；
(4)①只闭合小灯泡所在支路，即闭合S、S1，通过调节滑动变阻器R2使灯泡两端电压为额定电压，即2.5V；
②利用等效替代的方法，只闭合R1所在支路，即闭合S、S2，通过调节滑动变阻器R1使R1两端电压为小灯泡的额定电压，即2.5V，此时R1=RL；
③将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，
在③中，将R2的滑片P调至最左端，R2连入电路中的电阻为0，电压表的示数为U1即为电源电压；再将R2的滑片P调至最右端，此时两变阻器串联，电压表的示数为U2，即为R1的电压，
根据串联电路电压的规律和欧姆定律有：U1−U2R0=U2R1，解得，R1=U2R0U1−U2-----①；
小灯泡额定功率的表达式：------②，
由①②得：。
故答案为：(1)B；(2)如图；(3)小灯泡短路；0.5；(4)R1；2.5；。
(1)求出灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值，然后选择滑动变阻器；
(2)根据题目要求与实验原理连接实物电路图；
(3)正确连接好电路，闭合开关，发现电流表有示数，则电路为通路，根据灯泡不亮，电压表无示数分析解答；根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
(4)根据P=U2R，在只有电压表情况下，测量出灯正常发光的电阻即可；
①可只闭合小灯泡所在支路，通过调节滑动变阻器R2使灯泡两端电压为额定电压，灯正常光；
②保持变阻器R2的滑片位置不动，只闭合R1所在支路，通过调节滑动变阻器R1使R1两端电压为小灯泡的额定电压，根据等效法，此时滑动变阻器R1使连入电路中的电阻大小等于灯正常发光时的电阻大小；
③为求出此时滑动变阻器R1连入电路中的电阻：
将R2的滑片P先调至最左端，再将R2的滑片P调至最右端，分别记下电压表的示数，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R1的大小，即小灯泡电阻的大小，再利用P=U2R，求出小灯泡额定功率。
本题测灯的额定功率，考查了实物电路图的连接和注意事项、电流表读数、额定功率的计算及利用等效替代法求电阻和设计实验方案的能力。
29.【答案】解：(1)闭合开关S1，当滑动变阻器的滑动触头在a端时，R2接入电路中的阻值为0，电路为R0、R1的简单电路，V1测量R1两端的电压，示数为2.4V，电流表测量电路中的电流，示数为0.3A，
由I=UR可得，R1的阻值：R1=U1I=2.4V0.3A=8Ω；
(2)将R2的滑动触头从a端移动到b端的过程中，R0、R1、R2串联，V2测R1、R2的总电压，电压表V1的示数与电流表示数的关系如图乙中的图线①所示，电压表V2的示数与电流表示数的关系如图乙中的图线②所示；
滑动变阻器的滑片在b点时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路中的电流最小，
从图乙可知，电路中最小电流为0.15A，此时R1两端的电压为1.2V，R1和R2两端的总电压为2.7V，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以R2两端的电压为：U2=UV2−U1=2.7V−1.2V=1.5V，
则滑动变阻器的最大阻值：R2=U2I′=1.5V0.15A=10Ω；
(3)由图像可知，电路最大电流为0.3A，最小电流为0.15A，
则R1消耗的最大功率和最小电功率分别为：，
。
答：(1)R1的阻值为8Ω；
(2)R2的最大阻值为10Ω；
(3)当滑动触头从a端移动到b端的过程中，R1消耗的最大功率和最小电功率分别是0.72W、0.18W。
【解析】(1)闭合开关S1，当滑动变阻器的滑动触头在a端时，R2接入电路中的阻值为0，电路为R0、R1的简单电路，V1测量R1两端的电压，V2测量R1、R2两端的总电压，电流表测量电路中的电流，根据欧姆定律可知R1的阻值；
(2)将R2的滑动触头从a端移动到b端的过程中，由题知电压表V1和V2的示数与电流表示数的关系分别如图乙中的图线①和②所示。
滑动变阻器的滑片在b点时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，从图像中读出电路电流和电压表的示数，根据串联电路电压规律和欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值；
(3)由图像可知电路最大电流和最小电流，根据P=I2R求出R1消耗的最大功率和最小电功率。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
30.【答案】解：(1)甲图中木块处于漂浮状态，有15体积露出水面，则，
则木块排开水的重力：；
(2)因为木块处于漂浮状态，所以木块的重力：，
由G=mg可知，木块的质量：，
则木块的密度：，
(3)由题意可知，绳子剪断，待木块静止后，木块排开水的体积减小量：ΔV=2×10−4m3−1.6×10−4m3=4×10−5m3，
则水的深度的变化量：Δh=ΔVS=4×10−5m310−4m2=0.4m，
水对容器底部减小的压强：。
答：(1)甲图中木块排开水的重力为1.6N；
(2)木块的密度为0.8×103kg/m3；
(3)若把乙图中的绳子剪断，待木块静止后，水对容器底部减小的压强是4×103Pa。
【解析】(1)图甲中木块漂浮在水面上，有15体积露出水面，求出排开水的体积，根据阿基米德原理求出甲图中木块排开水的重力；
(2)根据漂浮条件求出木块的重力，根据G=mg求出木块的质量，根据密度公式求出木块的密度；
(3)根据木块浸没时排开水的体积和漂浮时排开水的体积，利用体积公式求出绳子剪断，待木块静止后水的深度的变化量Δh，根据求出压强的变化。
本题考查了阿基米德原理、密度公式、重力公式、物体的沉浮条件的应用、液体压强等知识，关键是利用木块浸没时排开水的体积和漂浮时排开水的体积关系求出水的深度变化量。
2022年四川省南充市蓬安县中考物理二诊试卷
1. 关于声现象，下列说法正确的是( )
A. “公共场所不要大声喧哗”是要求人们说话音调放低些
B. 人们分辨出二胡和小提琴发出的声音，主要是因为它们的响度不同
C. “禁止鸣笛”是在传播过程中减弱噪声
D. 超声波能够粉碎体内“结石”是因为声波具有能量
2. 以下描述中与光的折射现象有关的是( )
A. 形影相随，亲密无间 B. 海市蜃楼，虚无缥缈
C. 镜中生花，脱离实际 D. 水中捞月，一无所得
3. “赏中华诗词、寻文化基因、品生活之美”的中国诗词大会，这一电视节目深受观众的青睐，对下列古诗文中涉及的热现象进行解释，其中正确的是( )
A. “月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠”。霜的形成是凝华现象，需要放热
B. “雾凇沆砀，天与云与山与水，上下一白”。雾凇的形成是凝固现象，需要放热
C. “青青园中葵，朝露待日晞”。露在日出后逐渐消失是升华现象，需要吸热
D. “腾蛇乘雾，终为土灰”。雾的形成是液化现象，需要吸热
4. 2022年2月6日，中国女足面对逆境，永不放弃，最终以3−2逆转韩国，时隔16年再次问鼎亚洲之巅。如图1所示，是女足队员王霜踢球时的情景，下列说法正确的是( )
A. 踢出去的足球继续滚动，是因为受到惯性作用
B. 滚动的足球最终停下来，说明运动需力来维持
C. 运动员在奔跑时对地面的压强比停止时大
D. 静止在地面上的足球受到的重力和支持力是相互作用力
5. 有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
6. 据了解，即将完成在轨飞行任务的神舟十三号的3名航天员，将在今年4月中旬，择机返回地球，我国空间站建造关键技术得到全面验证。下列相关说法正确的是( )
A. 发射飞船的火箭使用液氢燃料，主要是因为液氢的比热容较大
B. 飞船完成交汇对接后，与地面的联系是通过超声波进行的
C. 飞船在轨运行时，太阳能电池板将太阳能转化为内能
D. 飞船返回进入大气层后，机械能减少
7. 如图3甲所示，放在水平地面上的物体，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体运动速度v与时间t的关系如图乙所示。下列判断正确的是( )
A. t=3s时，物体受到力的合力为 1N
B. t=6s时，将 F 撤掉，物体的合力立刻变为零
C. 2s∼4s内物体所受摩擦力逐渐增大
D. t=1s时，物体所受摩擦力大于 1N
8. 以下作图中，正确的是( )
A. 凹透镜对光的作用
B. 光的反射
C. 通电螺线管磁极
D. 物体静止在斜面上的受力示意图
9. 在使用下列简单机械匀速提升同一物体的四种方式，所用动力最小的是(不计机械自重、绳重和摩擦)( )
A. B.
C. D.
10. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作，过了一会儿，灯L熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变小，则下列判断中正确的是( )
A. 灯L断路 B. 电阻R短路 C. 灯L短路 D. 电阻R断路
11. 如图所示，水平桌面上有三个完全相同的容器，内装有适量的水，将A、B、C三个体积相同的正方体分别放入容器内，待正方体静止后，三个容器内水面高度相同。下列说法正确的是( )
A. 物体受到的浮力大小关系为 FA>FB>FC
B. 三个物体的密度大小关系是ρA<ρB<ρC
C. 容器对桌面的压力大小关系为
D. 容器底部受到水的压强大小关系为
12. 如图所示，电源电压恒为6V，电流表量程0∼0.6A，电压表量程0∼3V，滑动变阻器规格“50Ω1A”，小灯泡规格“2.5V0.625W”，若不考虑小灯泡阻值随温度的变化。闭合开关，在保证电路各元件安全的情况下，下列说法正确的是( )
A. 滑片向右滑动，电流表示数变小，电压表示数变小
B. 电流表的示数变化范围是 0.1A∼0.25A
C. 滑动变阻器的阻值调节的范围是 24Ω∼50Ω
D. 变阻器的最大电功率是 0.875W
13. 小明用刻度尺和三角板按图甲测一枚纽扣的直径，该刻度尺的分度值是______，纽扣的直径是______cm，图乙中秒表的读数是______。
14. 如图所示，是汽车进行风洞实验，将汽车固定在风洞中，用吹风机对汽车高速送风，汽车相对于风洞中的空气是______ (选填“运动”或“静止”)的，此时汽车______ 气体对汽车的压强大。(选填“上方”或“下方”)
15. 转速为1800r/min的单缸四冲程汽油机，其压缩冲程是通过______方式增加气体内能的，该汽油机1s对外做功______次。
16. 核电站的核反应堆中发生的是核______(选填“裂变”或“聚变”)，若1kg铀原子核完全反应释放的能量相当于完全燃烧2400t煤释放的能量，则70g铀核完全反应可使______ kg的水温度升高80℃(煤的热值为3×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，不考虑能量损失)。
17. 为测量某种液体的密度，小明利用天平和量杯测量了液体和量杯的总质量m及液体的体积V，得到几组数据并绘出了m−V图像，如图所示，则量杯质量为______g，该液体的密度为______g/cm3.
18. 如图所示电路，电源电压不变，调节滑动变阻器，使电压表示数从6V变化到2V，同时观察电流表示数由0.6A变为1A时，定值电阻R0=______Ω，电源电压U=______V。
19. 小星学习电功率知识后，想利用电能表测量家中电饭锅工作时的实际功率。他仔细观察了家中的电能表，表盘参数如图所示，则小星家允许加载的用电器的最大总功率为______ W。他关闭家中其他用电器，只让电饭锅工作，发现电饭锅工作2min，电能表转盘转过60转，则该电饭锅的实际功率为______ W。
20. 在某场馆建设中，采用如图所示的装置，滑轮组悬挂在水平支架上(水平支架固定不动)，工人站在水平地面上，竖直向下拉动绳子自由端，使物体A在5s内匀速上升了1m。已知物体A重400N，该工人重600N，两个滑轮质量相等，不计滑轮组的绳重和摩擦，滑轮组的机械效率为80%。在该过程中，工人对水平面的压力为______ N，人对绳子拉力的功率为______ W。
21. 如图甲所示，长方体金属块在细绳竖直向上拉力作用下从水中开始一直竖直向上做匀速直线运动，上升到离水面一定的高度处。图乙是绳子拉力F随时间t变化的图象，取g=10N/Kg.根据图象信息，该金属块重力的大小为______N，浸没在水中的金属块受到的浮力大小是______N，该金属块的密度是______kg/m3。
22. 如图所示是研究电与磁关系的示意图，ab为一根电阻不可忽略且能自由移动的导体棒，其中单刀双掷开关S的c、d两点为触点，当单刀双掷开关S的触片P置于d点，该装置可演示______；撤走蹄形磁铁，在ab棒左侧的Q点放置一小磁针，同时将单刀双掷开关S的触片置于c点，该装置可演示______。(以上两空均选填“电流磁效应”、“电磁感应”或“磁场对通电导体的作用”)
23. 一束光从空气射向玻璃砖，并穿过玻璃砖；画出这束光进入和离开玻璃砖的折射光线。
24. 木块在水平向左的拉力作用下做匀速直线运动，请在图中画出木块在水平方向的受力示意图。
25. 将图中的三孔插座(带保险盒)正确的接入电路。
26. 豆豆同学想探究凸透镜成像规律。实验桌上有两个凸透镜，焦距分别为10.0cm和20.0cm。
(1)实验一：豆豆同学将其中一块凸透镜放在光具座上，当烛焰、透镜及光屏的位置如图20所示时，恰能在光屏上得到一个清晰的像，则他选择的凸透镜的焦距为______ cm；
(2)实验二：豆豆同学将蜡烛和光屏的位置对换，发现在光屏上仍能成一清晰的像，此时像的性质是倒立、______的实像，生活中常见的______是利用此成像原理制成的。
(3)实验三：若在实验一中，不改变蜡烛和凸透镜的位置，换用另一块凸透镜，应向______调节光屏才能在光屏上找到烛焰清晰的像，此时所成的像的大小______(选填“变大”、“不变”或“变小”)。
27. 小明在探究杠杆的平衡条件时，以匀质杠杆的中点为支点。
(1)在调节杠杆平衡时，小明发现杠杆静止后右端低、左端高，接下来他应将杠杆右端的平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节，使杠杆在水平位置平衡。
(2)小明在调好的杠杆上挂上钩码，调节钩码的数量和位置，重新使杠杆水平平衡，这样做的目的是______。
(3)如图甲所示，然后小明将两边钩码同时向远离支点方向移动相同的距离，则杠杆______(选填“左”或“右”)端将下沉。
(4)如图乙所示，现将弹簧测力计绕B点从a位置转动到b位置的过程中，杠杆始终保持水平平衡，则弹簧测力计的拉力F将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(5)实验结束后，小明想：若支点不在杠杆的中点，杠杆的平衡条件是否成立？于是小明利用如图丙所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉杠杆使其处于水平平衡时，测出的拉力与支点到拉力作用线的距离的乘积并不等于钩码的重力与钩码悬挂点到支点的距离的乘积，其主要原因是______。
28. 小科做“测量小灯泡电功率“的实验，实验室有如下器材：电源(电压恒为6V)、小灯泡(额定电压为2.5V，灯丝电阻约为10Ω)、电压表、电流表、开关各一个、规格分别为A(10Ω1A)、B(50Ω0.5A)的滑动变阻器各一个、导线若干。
(1)本实验应该选择规格为______ (选填“A”或“B”)的滑动变阻器；
(2)用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整(要求滑片向左滑时电压表变小)；
(3)正确连接好电路，闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数；移动滑片，发现除了电流表示数改变外，其余均无变化。经检查，电压表完好，则故障可能是______ 。
排除故障后，小明调节滑动变阻器的滑片，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图乙所示的I−U图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是______ W；
(4)小南设计了如图丙所示的电路也完成了该实验，请完成下列填空(电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R2的最大电阻为R0)，
①只闭合开关S、S1，调节R2，使电压表的示数为2.5V。
②接着只闭合开关S、S2，调节______ 使电压表的示数为______ V。
③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电表的示数为U1，再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2.则小灯泡额定功率的表达式______ (用、R0、U1、U2表示)。
29. 如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，R0、R1均为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S1，当滑动变阻器的滑动触头在a端时，电压表V1的示数为2.4V，电流表示数为0.3A。将R2的滑动触头从a端移动到b端的过程中，电压表V1和V2的示数与电流表示数的关系分别如图乙中的图线①和②所示。
(1)求R1的阻值；
(2)求R2的最大阻值；
(3)当滑动触头从a端移动到b端的过程中，R1消耗的最大功率和最小电功率分别是多少？
30. 放在水平桌面上的薄壁圆柱形容器(容器质量不计)底面积为10−4m2，将一体积为2×10−4m3木块放入水中静止时，有15体积露出水面，如图甲所示；用一根质量和体积不计的细线把容器底和木块底部中心连接起来，如图乙所示。求：
(1)甲图中木块排开水的重力；
(2)木块的密度；
(3)若把乙图中的绳子剪断，待木块静止后，水对容器底部减小的压强是多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、“公共场所不要大声喧哗”是要求人们说话的响度放低些，故A错误；
B、不同乐器的音色是不同的，所以演奏同一乐曲时，人能分辨出二胡和小提琴发出的声音，主要是因为它们的音色不同，故B错误；
C、禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、外科医生利用超声波振动除去人体内的结石是利用了声音能传播能量，故D正确。
故选：D。
此题考查了音调、响度的理解、声音的利用和噪声的控制的理解，是一道综合性的声学问题，但难度不大。
2.【答案】B
【解析】
【分析】
此题通过几个词语考查学生对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，解题的关键是理解词语反应的物理情境，一定程度上考查了学生的语文知识，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
【解答】
A. 影子是光沿直线传播形成的，故 A 不符合题意；
B. 海市蜃楼是光在不均匀的大气中发生光的折射形成的，故 B 符合题意；
C. 镜中生花是指花在镜子中成像，属于平面镜成像，是光的反射形成的，故 C 不符合题意；
D. 水中捞月是指月在“镜子”中成像，属于平面镜成像，是光的反射形成的，故 D 不符合题意。
故选 B 。
3.【答案】A
【解析】解：A、霜的形成是水蒸气的凝华现象，此过程需要放热，故A正确；
B、雾凇的形成是水蒸气的凝华现象，此过程需要放热，故B错误；
C、露在日出后逐渐消失是汽化现象，此过程需要吸热，故C错误；
D、雾的形成是水蒸气的液化现象，此过程需要放热，故D错误。
故选：A。
(1)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】C
【解析】解：A、踢出去的足球继续滚动，是因为足球具有惯性，不能说受到惯性作用，故A错误；
B、滚动的足球最终停下来，是因为受到摩擦力的作用，说明力可以改变物体的运动状态，不能说明运动需要力来维持，故B错误；
C、运动员在奔跑相对于停止时的压力不变，受力面积变小，根据p=FS可知，奔跑时对地面的压强比停止时大，故C正确；
D、静止的足球受到的重力和支持力作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，是一对平衡力，不是相互作用力，故D错误。
故选：C。
(1)物体有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；
(2)物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因；
(3)根据p=FS分析压强的大小；
(4)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。
本题结合体育运动的场景考查了蕴含的力学知识，具有一定的综合性，知识点较多，注重了物理和生活的联系，是中考的热点。
5.【答案】C
【解析】解：
根据题意知，S1闭合，灯L发光；灯光照亮人脸完成人脸识别时S2闭合，即S1、S2同时闭合，电动机M才工作。
A、由图知，只闭合S1时，灯被短路而不发光，同时闭合S1和S2时，电源会被短路，不符合题意；
B、由图知，只闭合S1时，电路断路，灯不亮，再闭合S2时，电动机就工作，不符合题意；
C、由图知，只闭合S1时，灯L发光，再闭合S2时，电动机工作，符合题意；
D、由图知，只闭合S1时，灯L不发光，不符合题意。
故选：C。
由题知，S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2闭合，电动机M工作，即两开关都闭合时电动机才能工作，由此根据选项图分析解答。
本题考查了电路的设计，明确要求可采用排除法解答。
6.【答案】D
【解析】解：A、发射飞船的火箭使用液氢燃料，主要是因为液氢的热值较大，故A错误；
B、飞船完成交汇对接后，与地面的联系是通过电磁波进行的，故B错误；
C、太阳能电池板将太阳能转化为电能，故C错误；
D、飞船返回进入大气层后，由于克服摩擦做功，将机械能转化为内能，所以机械能减少，故D正确。
故选：D。
(1)热值是燃料的特性，反映燃料燃烧的放热能力。
(2)电磁波的传播不需要介质，航天方面应用电磁波传递信息。
(3)太阳能电池板将太阳能转化为电能。
(4)物体克服摩擦做功将机械能转化为内能。
理解热值概念，知道电磁波的应用、生活中常见的能量转化实例，可解答此题。
7.【答案】A
【解析】解：
AC、由速度-时间图像可知，在4s∼6s内，物体做匀速直线运动，处于平衡状态，合力为零，此时的摩擦力与推力是一对平衡力，所以滑动摩擦力为2N；
在2s∼4s内，物体做匀加速运动，由于接触面的粗糙程度和压力都不变，故摩擦力不变，仍为2N；t=3s时，物体做加速运动，因此受非平衡力作用，合力：，故A正确、C错误；
B、由速度-时间图像可知，t=6s时，物体做匀速直线运动，将F撤掉，物体水平方向上受到摩擦力的作用，合力不为0，故C错误；
D、由速度-时间图像可知，t=1s时，物体处于静止状态，受平衡力作用，又由F−t图像可知物体受到的推力为1N，因此物体所受摩擦力是1N，故D错误。
故选：A。
先由速度-时间图像判断物体的运动情况，然后根据物体的运动状态判断物体是否受平衡力作用；根据惯性定律判断撤去外力后物体的运动状态；根据由F−t图像求出物体受到的拉力，然后由二力平衡的条件求出摩擦力的大小。滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关。
本题考查学生对图像的认识和分析能力，并能将v−t图像和F−t图像相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出力的大小是本题的关键。
8.【答案】C
【解析】解：A、凹透镜对光有发散作用，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，不会会聚焦点，故A错误。
B、图中法线垂直镜面，反射角等于入射角，反射光线和入射光线分居法线的两侧，但光线的传播方向标错了，都是入射光线了，没有反射光线，故B错误；
C、电流从螺线管的右端流入、左端流出，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定通电螺线管的左端为N极，右端为S极，在磁体的周围磁感线从磁体的N极出发回到S极。所以磁感线的方向是向右的，根据磁极间的相互作用规律可知，小磁针左端为S极，右端为N极，故C正确，
D、物体静止在斜面上，受到竖直向下的重力、垂直于斜面指向物体的支持力、沿斜面向上的摩擦力，图中摩擦力方向错误，故D错误。
故选：C。
(1)凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
(2)光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角；
(3)根据螺线管的线圈绕向和电流方向，利用安培定则可以确定螺线管的NS极，根据磁感线的方向和磁极间的相互作用规律分析和判断；
(4)会对物体进行受力分析，在斜面上的物体受到重力、支持力和斜面的摩擦力，重力和支持力的方向很容易确定，由于物体要向下滑动，所以会受到沿斜面向上的摩擦力。
此题考查光的反射光路图的画法、力的示意图和透镜光路图的画法，是一道综合作图题，要求学生熟练掌握各种作图技巧。
9.【答案】D
【解析】解：不计机械自重绳重和摩擦，即在理想状况下：
A、图示是一个定滑轮拉力F1=G；
B、根据勾股定理知h=52−42m=3m，图中为斜面，F2×5m=G×3m，得到F2=0.6G；
C、如图所示，由图可知L2LG=2L+3L2L=52，
由杠杆平衡条件可得：F3×L2=G×LG，拉力F3=G×LGL2=25G=0.4G；
D、由图示可知，滑轮组承重绳子的有效股数n=3，拉力F4=1nG=13G；
因此最小拉力是F4；
故选：D。
由图示滑轮组，确定滑轮组的种类，根据滑轮组公式求出拉力F1、F4；
由勾股定理求出斜面的高，根据斜面公式求出拉力F2的大小；
由图示杠杆求出动力臂与阻力臂的关系，然后由杠杆平衡条件求出拉力F3；
最后比较各力大小，确定哪个拉力最小。
本题主要考查各种滑轮及滑轮组、斜面以及杠杆的使用，是一道常见题。
10.【答案】D
【解析】解：
A、若灯L断路，整个电路断路，两表示数都减小为零。故A错误；
B、若电阻R短路，灯泡发光，电路中电阻减小，电流增大，电流表示数增大；电压表相当于与导线并联，电压表示数减小为零；此时灯泡发光，而题中是灯L熄灭，不符合题意。故B错误；
C、若灯L短路，电路中电阻减小，电流增大，电流表示数增大；此时电压表测量电源电压，电压表示数增大。故C错误；
D、若电阻R断路，没有电流流过电流表，电流表示数减小为零；此时灯泡与电压表串联，由于电压表的内阻很大，则通过灯泡的电流几乎为零，灯L熄灭；此时电压表测量电源电压，电压表示数增大。故D正确。
故选：D。
电路正常工作时，R与灯泡L串联，电压表与R并联，即电压表测R两端的电压。由各选项给出的故障分析电表的变化则可得出正确答案。
使用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联。闭合开关，如果电压表有示数(一般等于电源电压)，说明并联的用电器断路或其它用电器都短路；如果电压表无示数，说明并联的用电器短路或其它用电器有断路。
11.【答案】BC
【解析】解：由题知，A、B、C三个正方体的体积相同；
A、由图可知，A、B、C三个正方体排开水的体积关系为，根据可知，浮力的大小关系为：FA
C、因正方体分别处于漂浮或悬浮状态，则浮力等于自身重力，由阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于排开液体的重力，即说明容器中正方体的重力等于正方体排开水的重力，即可以理解为，容器中正方体的重力补充了它排开的水的重力，能看出三个容器内总重力相等；由于容器相同，所以三个容器对桌面的压力关系为，故C正确；
D、三个容器内水面高度相同，即h相同，水的密度一定，根据p=ρgh可知，容器底受到水的压强关系为，故D错误。
故选：BC。
(1)由图得出A、B、C三个正方体排开水的体积关系，根据阿基米德原理即可判断物体受到的浮力大小关系；
(2)由图A、B、C三个正方体所处的状态，判定其浮力和重力的关系；然后根据三者的浮力大小、利用浮沉条件判断物体密度与水的密度大小关系；
(3)根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于物体排开液体的重力，分析出整个装置的压力的大小关系；
(4)利用p=ρgh判断容器底受到水的压强关系。
此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目，但难度不是很大。
12.【答案】ABD
【解析】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑动变阻器滑片向右滑动，接入电路中的电阻变大时，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，即电流表示数变小；根据U=IR可知灯泡两端的电压变小，即电压表示数变小；故A正确；
(2)根据P=UI可得，灯的额定电流：IL=PLUL=0.625W2.5V=0.25A，
因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0∼0.6A，所以，电路中的最大电流为Imax=0.25A；
由欧姆定律可得灯泡的电阻：RL=ULIL=2.5V0.25A=10Ω，
电路中的总电阻：Rmin=UImax=6V0.25A=24Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路中的最小阻值：，
所以滑动变阻器的阻值允许调节的范围是14Ω∼50Ω，故C错误；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，通过电路的电流最小，此时电路中的电流：，
所以电流表的示数变化范围是 0.1A∼0.25A，故B正确。
(3)滑动变阻器的功率等于电路总功率与灯泡功率之差，即P=UI−I2RL=6V×I−I2×10Ω，根据抛物线的性质可知当I=b−2a=6V−2×(−10Ω)=0.3A时，P有最大值，已知通过电路的最大电流为0.25A<0.3A，所以当通过电路的电流为0.25A时，滑动变阻器消耗的电功率最大，最大为，故D正确。
故选：ABD。
由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑动变阻器滑片向右滑动，接入电路中的电阻变大时，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，灯泡两端的电压变小；
(2)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后结合电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算通过电路的最小电流，进一步确定滑动变阻器接入电路的电阻范围以及电流表的示数变化范围；
(3)滑动变阻器的功率等于电路总功率与灯泡功率之差，根据抛物线的性质计算变阻器的最大电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电压和电流表的量程确定电路中的最大电流。
13.【答案】1mm1.205min38s
【解析】解：(1)由图甲所示刻度尺可知，刻度尺的分度值是1mm，
纽扣的直径是3.20cm−2.00cm=1.20cm；
(2)在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”和“6”之间，偏向“5”一侧，所以分针指示的时间为5min；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在38s处，即秒表的读数为5min38s；
故答案为：1mm；1.20；5min38s。
(1)使用刻度尺测量物体长度时，被测物体长度等于物体末端所对刻度与始端所对刻度之差，要估读。
(2)读取停表的示数，首先要知道大表盘和小表盘的分度值，然后看指针在什么位置，从而得出示数。
本题考查了刻度尺与秒表的读数问题，难度不大，应熟练掌握常用测量仪器的读数方法
14.【答案】运动 下方
【解析】解：以风洞中的空气为参照物，汽车相对于风洞中的空气的位置发生了改变，所以汽车是运动的；
风高速吹来时，因车身的形状是“上凸下平”的，在相同时间内空气通过汽车上方的路程大，根据流体压强和流速的关系可知，汽车上方的空气流速大、压强小，而汽车下方的空气流速小、压强大。
故答案为：运动；下方。
(1)研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化。由此来突破此题。
(2)流体压强和流速的关系：流体在流速大的地方，压强小；流体在流速小的地方，压强大。
知道运动和静止的相对性，并熟知流体压强和流速的关系是解答该题的关键。
15.【答案】做功 15
【解析】解：在汽油机的压缩冲程中，压缩气体时对气体做功，气体的内能增大，温度升高；
飞轮转速为1800r/min=30r/s，也就是1s飞轮转动30r，完成60个冲程，对外做功15次。
故答案为：做功；15。
(1)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，温度升高；
(2)一个工作循环中，只有做功冲程对外做功，活塞往复运动2次，曲轴转动2周。
本题主要考查学生对改变物体内能方法的了解和掌握，及利用四冲程内燃机的工作过程分析问题。
16.【答案】裂变 1.5×107
【解析】解：(1)核电站的核反应堆中发生的是核裂变；
(2)若1kg铀原子核全部裂变所产生的能量相当于完全燃烧2400t煤，70g=0.07kg铀核全部反应放出的热量相当于0.07×2400t=168t煤释放的能量：
，
，
因为，
所以可得：
4.2×103J/(kg⋅℃)×m×80℃=5.04×1012J，
解得：m=1.5×107kg。
故答案为：裂变；1.5×107。
(1)核电站的反应堆靠核裂变最终产生电能；
(2)若1kg铀原子核全部裂变所产生的能量相当于完全燃烧2400t煤，70g=0.07kg铀核全部反应放出的热量相当于0.07×2400t=168t煤释放的能量，根据算出168t煤释放的热量；根据列方程算出水的质量。
本题考查核能应用的方式，以及吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的运用，是一道综合题。
17.【答案】20 1
【解析】解：
(1)设量杯的质量为，液体的密度为ρ，
读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量，
由ρ=mV可得：，-------①
当液体体积为V2=80cm3时，液体和杯的总质量，
同理可得：，-------②
②-①解得液体的密度：ρ=1g/cm3；
将ρ=1g/cm3代入①得：，
解得。
故答案为：20；1.
设量杯的质量为，液体的密度为ρ，读图可知，当液体体积为V1=20cm3时，液体和杯的总质量；当液体体积为V1=80cm3时，液体和杯的总质量，列方程组求出液体密度和量杯质量。
本题考查了密度的相关计算，同时更考查了对图像的认识，值得我们关注。
18.【答案】10 12
【解析】解：由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；
当电压表的示数减小时，
因为串联电路的总电压等于各分电压之和，
所以定值电阻两端的电压增大，根据U=IR可知，电路中的电流增大，
故当电压表的示数为6V时，电路中的电流为0.6A，则电源的电压U=6V+0.6A×R0；
当电压表的示数为2V，电路中的电流为1A，则电源的电压U=2V+1A×R0；
因为电源的电压不变，所以有：6V+0.6A×R0=2V+1A×R0，
解得：R0=10Ω，
电源的电压：U=2V+1A×R0=2V+1A×10Ω=12V。
故答案为：10；12。
由电路图可知，R0与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据串联电路的电压特点可知当电压表的示数减小时，定值电阻两端的电压增大，根据欧姆定律可知电路中的电流增大，据此可知电压表对应的电流；然后根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示电源的电压，根据电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值和电源的电压。
本题考查串联电路电压规律及欧姆定律的使用，要求学生能从题意中读出R0两端的电压变化，并能用欧姆定律列式求解。
19.【答案】4400 600
【解析】解：
(1)“220V、20A”表示电能表的工作电压为220V，电能表平时工作允许通过的最大电流为20A，
小星家允许加载的用电器的最大功率：；
(2)3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转3000r，
电能表转盘转60r时，电饭锅消耗的电能：W=603000kW⋅h=0.02kW⋅h，
电饭锅的实际功率：P=Wt=0.02kW⋅h260h=0.6kW=600W。
故答案为：4400；600。
(1)“220V、20A”中，220V是指电能表的工作电压，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，利用P=UI求小星家允许加载的用电器的最大功率。
(2)3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转3000r，据此求电能表转盘转60r时电饭锅消耗的电能，再利用P=Wt求电饭锅的实际功率。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，明确电能表相关参数的含义是关键。
20.【答案】350 100
【解析】解：
A、由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=2，则滑轮组的机械效率：
解得：F=250N，
由于人受到竖直向上的支持力、竖直向下的重力以及竖直向上的拉力，则地面对工人的支持力：，根据物体间力的作用是相互的，可知工人对水平面的压力；
绳子自由端移动的距离：s=2h=2×1m=2m，
拉力做的功：，
绳子自由端拉力的功率：。
故答案为：350；100。
(1)根据图示滑轮组可知绳子的有效股数，根据表示出滑轮组的机械效率即可求出绳子自由端受到的竖直向下的拉力，即工人受到的拉力，进一步求出水平地面对工人的支持力；
(2)根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，根据W=Fs求出拉力做的功，再利用P=Wt求出绳子自由端拉力的功率。
本题考查了滑轮组机械效率和功率公式、滑轮组绳子拉力公式的综合应用等，有一定难度。
21.【答案】54202.7×103
【解析】解：
(1)当金属块完全露出液面，没有浸入水中时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图中的CD段，
从图可知，该金属块重力为：。
(2)当金属块未露出液面时，即为图中的AB段，
从图可知，此时绳子的拉力为34N，则金属块受到的浮力大小为：
。
(3)根据可得，
金属块排开水的体积(金属块的体积)：
；
根据G=mg可得，
金属块的质量为：m=Gg=54N10N/kg=5.4kg，
金属块的密度为：。
故答案为：54；20；2.7×103。
(1)分析绳子拉力随时间t变化的图象，当金属块从水中一直竖直向上做匀速直线运动，但未露出液面，此时金属块排开水的体积不变，由阿基米德原理可知，此时的浮力不变，绳子的拉力也不变，即为图中的AB段。
(2)当金属块完全露出液面，没有浸入水中时，金属块不受浮力，此时拉力等于重力，即为图中的CD段，据此求出金属块重。
(3)当金属块未露出液面时，拉力等于重力减去浮力，据此求金属块受到的浮力，再根据阿基米德原理求金属块排开水的体积(金属块的体积)，知道金属块的重，利用重力公式求金属块的质量，最后利用密度公式求金属块的密度。
本题考查了重力、浮力、质量、密度的计算以及阿基米德原理，关键是公式和公式变形的应用，难点是通过图乙确定金属块的重力及绳子受到的拉力、会用称重法计算出金属块受到的浮力。
22.【答案】电磁感应 电流磁效应
【解析】解：单刀双掷开关S的触片P置于d点，电路中无电源，当ab切割磁感线运动时，电路中产生感应电流，这是电磁感应现象；
撤走蹄形磁铁，在Q点放置一小磁针，当单刀双掷开关S的触片P置于c点，电路中有电源，电路中有电流通过，通电导线的周围存在磁场，小磁针会偏转，这可以验证电流的磁效应。
故答案为：电磁感应；电流磁效应。
电动机的工作原理：通电导体在磁场中受力运动；闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动会产生感应电流；奥斯特实验证明电流周围存在磁场。
本题考查电磁感应现象和奥斯特实验，属于基础题。
23.【答案】解：首先光从空气垂直进入玻璃砖，所以其传播方向不变；
然后光从玻璃斜射入空气中，先过入射点垂直于界面画出法线，然后根据折射光线和入射光线分别位于法线两侧、折射角大于入射角，画出折射光线；如图所示：
【解析】要解决此题，需要掌握光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧；
当光线从空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，则折射角大于入射角；当光线垂直入射时，折射光线、法线和入射光线在同一直线上。
此题主要考查了光的折射光线的画法，首先要熟练掌握光的折射定律的内容，关键是搞清折射角与入射角的关系，特别注意垂直入射时，光的传播方向不变。
24.【答案】解：木块在水平向左的拉力作用下做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，摩擦力的大小等于拉力的大小，方向水平向右；
过木块的几何中心(重心)沿水平向左和向右的方向各画一条带箭头的线段，左边线段标注符号F表示拉力，右边线段标注符号f表示摩擦力，注意两条线段的长度相等，如图所示：
【解析】木块在水平向左的拉力作用下做匀速直线运动，处于平衡状态，必然还受到地面给它的摩擦力的作用，摩擦力跟拉力是一对平衡力，根据二力平衡的特点作图。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，二力平衡的两个力的长度要相等。
25.【答案】解：
三孔插座的上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线；根据安全用电原则可知，应将保险盒接在火线和插座的右孔之间，当保险丝烧断时插座上没有电。如图所示：
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线，金属外壳的用电器漏电时，地线把人体短路，防止发生触电事故；左孔接零线；右孔接火线；将保险盒接在火线和插座之间，保险丝烧断时插座上没有电。
本题考查了三孔插座的接线方法。接地线是为了把有金属外壳的用电器的外壳接地。
26.【答案】10 放大 投影仪 右 变大
【解析】解：(1)此时通过凸透镜在光屏上能成一个实像，据图能看出，此时的物距大于像距，所以在光屏上应该成一个倒立缩小的实像，故此时物体在2倍焦距以外，故30cm>2f，即15cm>f，所以小明选择的凸透镜的焦距为10cm。
(2)据光路的可逆性可知，若将透镜和光屏的位置对换，即此时物体处于1倍焦距和2倍焦距之间，光屏处于2倍焦距以外，此时成倒立、放大的实像，其应用是投影仪。
(3)由图知，物距为30cm，豆豆换了另一块焦距为20cm的凸透镜时，物距处于f和2f之间，成倒立放大的实像，像距要大于二倍焦距，即像距大于40cm，所以光屏应该向右移动，原来是成缩小的实像，换了另一块凸透镜后成放大的实像，所以像变大了。
故答案为：(1)10；(2)放大；投影仪；(3)右；变大。
(1)根据物距大于2f时成倒立缩小的实像的特点判断焦距的大小；
(2)根据在光的折射现象中光路的可逆性及成像规律进行分析；
(3)首先判断能否成实像，若能够成实像判断像距是否够大。
此题是探究凸透镜成像的规律，主要考查了实验的探究过程及成像规律的应用。此题看似复杂，其实只要用心，仔细审题，并不难。
27.【答案】左 为了直接从杠杆上读出力臂 左 变大 杠杆自重对实验的影响
【解析】解：(1)在调节杠杆平衡时，杠杆右端低左端高，要使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向左端调节；
(2)在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是直接从杠杆上读出力臂；
(3)设一个钩码重为G，杠杆一个格的长度为L，杠杆在水平位置平衡后，如果将两边钩码同时向远离支点方向移动相同的距离L后，
左端力与力臂的乘积为3G×3L=9GL，右端力与力臂的乘积为2G×4L=8GL，左端下沉；
(4)图中，当弹簧测力计绕B点从a位置转动到b位置的过程中，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变大，这是因为，当拉力倾斜时，阻力、阻力臂不变，拉力F力臂变小，所以力才会变大；
(5)如图丙示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆自重对实验的影响。
故答案为：(1)左；(2)为了直接从杠杆上读出力臂；(3)左；(4)变大；(5)杠杆自重对实验的影响。
(1)在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节；为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡；
(2)使杠杆在水平位置平衡的目的是直接从杠杆上读出力臂；
(3)根据杠杆的平衡条件可知，当杠杆两边钩码同时向远离支点方向移动相同的距离，力和力臂的乘积大的一端下沉；
(4)当拉力倾斜时，会造成力臂变小，相应的力会变大，这样才能继续平衡；
(5)杠杆的重心过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，据此分析。
本题考查探究杠杆的平衡条件实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
28.【答案】(1)B；
(2)如图所示
(3)小灯泡短路；0.5；
(4)R1；2.5；
【解析】解：(1)灯泡正常发光时的电流约为：IL=ULRL=2.5V10Ω=0.25A，
灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值：，则滑动变阻器应选B；
(2)电压表并联到灯泡的两端，滑片向左滑动时电压表示数变小，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器分担的电压变大，变阻器阻值变大，故应接滑片接右下接线柱，把滑动变阻器与电流表串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，实物电路图如图所示：
(3)正确连接好电路，闭合开关，发电流表有示数，则电路为通路，灯泡不亮，电压表无示数，因电压表完好，故障可能是小灯泡短路；
根据绘制成的图乙所示的I−U图像，灯在额定电压下的电流为0.2A，由小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；
(4)①只闭合小灯泡所在支路，即闭合S、S1，通过调节滑动变阻器R2使灯泡两端电压为额定电压，即2.5V；
②利用等效替代的方法，只闭合R1所在支路，即闭合S、S2，通过调节滑动变阻器R1使R1两端电压为小灯泡的额定电压，即2.5V，此时R1=RL；
③将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，
在③中，将R2的滑片P调至最左端，R2连入电路中的电阻为0，电压表的示数为U1即为电源电压；再将R2的滑片P调至最右端，此时两变阻器串联，电压表的示数为U2，即为R1的电压，
根据串联电路电压的规律和欧姆定律有：U1−U2R0=U2R1，解得，R1=U2R0U1−U2-----①；
小灯泡额定功率的表达式：------②，
由①②得：。
故答案为：(1)B；(2)如图；(3)小灯泡短路；0.5；(4)R1；2.5；。
(1)求出灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值，然后选择滑动变阻器；
(2)根据题目要求与实验原理连接实物电路图；
(3)正确连接好电路，闭合开关，发现电流表有示数，则电路为通路，根据灯泡不亮，电压表无示数分析解答；根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
(4)根据P=U2R，在只有电压表情况下，测量出灯正常发光的电阻即可；
①可只闭合小灯泡所在支路，通过调节滑动变阻器R2使灯泡两端电压为额定电压，灯正常光；
②保持变阻器R2的滑片位置不动，只闭合R1所在支路，通过调节滑动变阻器R1使R1两端电压为小灯泡的额定电压，根据等效法，此时滑动变阻器R1使连入电路中的电阻大小等于灯正常发光时的电阻大小；
③为求出此时滑动变阻器R1连入电路中的电阻：
将R2的滑片P先调至最左端，再将R2的滑片P调至最右端，分别记下电压表的示数，根据串联电路的规律和欧姆定律求出R1的大小，即小灯泡电阻的大小，再利用P=U2R，求出小灯泡额定功率。
本题测灯的额定功率，考查了实物电路图的连接和注意事项、电流表读数、额定功率的计算及利用等效替代法求电阻和设计实验方案的能力。
29.【答案】解：(1)闭合开关S1，当滑动变阻器的滑动触头在a端时，R2接入电路中的阻值为0，电路为R0、R1的简单电路，V1测量R1两端的电压，示数为2.4V，电流表测量电路中的电流，示数为0.3A，
由I=UR可得，R1的阻值：R1=U1I=2.4V0.3A=8Ω；
(2)将R2的滑动触头从a端移动到b端的过程中，R0、R1、R2串联，V2测R1、R2的总电压，电压表V1的示数与电流表示数的关系如图乙中的图线①所示，电压表V2的示数与电流表示数的关系如图乙中的图线②所示；
滑动变阻器的滑片在b点时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路中的电流最小，
从图乙可知，电路中最小电流为0.15A，此时R1两端的电压为1.2V，R1和R2两端的总电压为2.7V，
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以R2两端的电压为：U2=UV2−U1=2.7V−1.2V=1.5V，
则滑动变阻器的最大阻值：R2=U2I′=1.5V0.15A=10Ω；
(3)由图像可知，电路最大电流为0.3A，最小电流为0.15A，
则R1消耗的最大功率和最小电功率分别为：，
。
答：(1)R1的阻值为8Ω；
(2)R2的最大阻值为10Ω；
(3)当滑动触头从a端移动到b端的过程中，R1消耗的最大功率和最小电功率分别是0.72W、0.18W。
【解析】(1)闭合开关S1，当滑动变阻器的滑动触头在a端时，R2接入电路中的阻值为0，电路为R0、R1的简单电路，V1测量R1两端的电压，V2测量R1、R2两端的总电压，电流表测量电路中的电流，根据欧姆定律可知R1的阻值；
(2)将R2的滑动触头从a端移动到b端的过程中，由题知电压表V1和V2的示数与电流表示数的关系分别如图乙中的图线①和②所示。
滑动变阻器的滑片在b点时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，从图像中读出电路电流和电压表的示数，根据串联电路电压规律和欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值；
(3)由图像可知电路最大电流和最小电流，根据P=I2R求出R1消耗的最大功率和最小电功率。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效的信息。
30.【答案】解：(1)甲图中木块处于漂浮状态，有15体积露出水面，则，
则木块排开水的重力：；
(2)因为木块处于漂浮状态，所以木块的重力：，
由G=mg可知，木块的质量：，
则木块的密度：，
(3)由题意可知，绳子剪断，待木块静止后，木块排开水的体积减小量：ΔV=2×10−4m3−1.6×10−4m3=4×10−5m3，
则水的深度的变化量：Δh=ΔVS=4×10−5m310−4m2=0.4m，
水对容器底部减小的压强：。
答：(1)甲图中木块排开水的重力为1.6N；
(2)木块的密度为0.8×103kg/m3；
(3)若把乙图中的绳子剪断，待木块静止后，水对容器底部减小的压强是4×103Pa。
【解析】(1)图甲中木块漂浮在水面上，有15体积露出水面，求出排开水的体积，根据阿基米德原理求出甲图中木块排开水的重力；
(2)根据漂浮条件求出木块的重力，根据G=mg求出木块的质量，根据密度公式求出木块的密度；
(3)根据木块浸没时排开水的体积和漂浮时排开水的体积，利用体积公式求出绳子剪断，待木块静止后水的深度的变化量Δh，根据求出压强的变化。
本题考查了阿基米德原理、密度公式、重力公式、物体的沉浮条件的应用、液体压强等知识，关键是利用木块浸没时排开水的体积和漂浮时排开水的体积关系求出水的深度变化量。
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