2022丽江一中高二上学期9月质量检测物理试题含答案

这是一份2022丽江一中高二上学期9月质量检测物理试题含答案，共8页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
物理考试卷考试范围： 选修3-1。                   总分：100分  考试时间：90分钟    命题人：一、单项选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意。）1、下列说法中正确的是（　　）A．只有体积很小的电荷才能看成点电荷B．任何带电体的带电量一定是元电荷电量的整数倍C．以场源电荷为圆心的圆周上各点电场强度相等D．检验电荷的电性改变，所在位置的场强方向也随之改变2、关于电动势E，下列说法中正确的是（　　）A．电动势E的大小，与非静电力功W的大小成正比，与移送电荷量q的大小成反比B．电动势E是由电源本身决定的，跟电源的体积和外电路均有关C．电动势E的单位与电势、电势差的单位都是伏特，故三者本质上一样D．电动势E是表征电源把其他形式的能转化为电能本领的物理量3、一带电量为﹣3×10﹣9C的电荷从电场中的a点移至b点，电势能增加6×10﹣8J，则（　　）A．电场中的a点电势比b点低          B．电场中a、b两点的电势差U=20VC．场强方向是由a点指向b点          D．电荷由a 到b，电场力做功6×10﹣8J4、某电场的部分电场线如右图所示，A、B是一带电粒子仅在电场力作用下运动轨迹（图中虚线）上的两点，下列说法中正确的是（　　）A．粒子一定是从B点向A点运动B．粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度C．粒子在A点的动能小于它在B点的动能D．电场中A点的电势高于B点的电势5、下列四个电场中，a、b两点电场强度与电势均相同的是（　　）A．                         B.  以正点电荷为圆心的圆周上的两点        负点电荷电场中同一电场线上的两点C．                        D. 与匀强电场电场线垂直的直线上的两点     等量异号点电荷连线中垂线上的两点6、带电粒子在匀强磁场中运动，由于受到阻力作用，粒子的动能逐渐减小（带电荷量不变，重力忽略不计），轨道如图中曲线abc所示.则该粒子 (     ) A. 带负电，运动方向a→b→c       B. 带负电，运动方向c→b→aC. 带正电，运动方向a→b→c       D. 带正电，运动方向c→b→a7、额定电压都是110V、额定功率PA=110W和PB=40W的电灯两盏，若接在电压是220V的电路上，使两盏电灯均能正常发光，且电路中消耗功率最小的电路是（　　）A．     B． C． D．8、在如右图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（　　）A．电压表示数变大，电流表示数变小B．电压表示数变小，电流表示数变大C．电压表示数变大，电流表示数变大D．电压表示数变小，电流表示数变小二、多项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分。 在每小题给出的四个选项中，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。）9、如图所示，两块平行金属板正对着水平放置，两板分别与电源正、负极相连．当开关闭合时，一带电液滴恰好静止在两板间的M点．则（　　）A．当开关闭合时，若减小两板间距，液滴仍静止B．当开关闭合时，若增大两板间距，液滴将下降C．开关再断开后，若减小两板间距，液滴仍静止D．开关再断开后，若增大两板间距，液滴将下降10、如图所示，在一电场强度沿纸面方向的匀强电场中，用一绝缘丝线系一带电小球，小球的质量为m、电荷量为q，为保证当丝线与竖直方向的夹角为θ＝60°时，小球处于平衡状态，则匀强电场的电场强度大小可能为(　　)A．     B．         C．       D．11、如图所示，定值电阻R=20Ω，电动机线圈的电阻R0=10Ω，当开关S断开时，电流表的示数是0.5A．当开关S闭合后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，电流表的示数I和电路消耗的电功率P应是（　　）A．I=1.5 A B．I＜1.5 A C．P=15 W D．P＜15 W12、如图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是(　　)A． 保持S闭合，使A、B两板靠近一些B． 保持S闭合，使A、B两板正对面积减小一些C． 断开S后，使B板向右平移一些D． 断开S后，使A、B正对面积减小一些三、实验题（每空3分，共15分）13、如图所示，是一个多量程多用电表的简化电路图．测电流和测电压时各有两个量程，还有两个挡位用来测电阻．下列说法正确的是（　　）A．当开关S调到1、2两个位置上时，多用电表测量的是电流，且调到1位置上时的量程比2位置的大B．当开关S调到3、4两个位置上时，多用电表测量的是电阻，且A为黑表笔C．当开关S调到5、6两个位置上时，多用电表测量的是电压，且调到5位置上时的量程比6位置的大D．当开关S调到任意位置上时，都需要把A、B两表笔短接，对电表进行调零14、在“测定一节干电池的电动势和内电阻”的实验中，备有下列器材：A．待测的干电池（电动势约为1.5V，内电阻小于1.0Ω）B．电流表A1（量程0～3mA，内阻Rg1=10Ω）C．电流表A2（量程0～0.6A．，内阻Rg2=0.1Ω）D．滑动变阻器R1（0～20Ω，10A）       E．滑动变阻器R2（0～200Ω，l A）F．定值电阻R0                         G．开关和导线若干（1）某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图甲所示的a、b两个参考实验电路，其中合理的是　　图所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选　　（填写器材前的字母代号）．（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的I1﹣I2图线，I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数．且I2的数值远大于I1的数值），则由图线可得被测电池的电动势E=　　V，内阻r=　　Ω．   四、计算题（本题共3小题，共29分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）15、（9分）如图所示，有一电子(电荷量为e)经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间．若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：(1)金属板AB的长度；(2)电子穿出电场时的动能．    16、（10分）如图所示，一个电子（电量为e）以速度v0垂直射入磁感应强度为B，宽为d的匀强磁场中，穿出磁场的速度方向与电子原来的入射方向的夹角为30°，（电子重力忽略不计）求：（1）电子的质量是多少？（2）穿过磁场的时间是多少？  （3）若改变初速度大小，使电子刚好不能从A边射出，则此时速度v是多少？             17、（10分）如图所示，一质量为m＝1.0×10－2kg，带电量大小为q＝1.0×10－6C的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向成37°角．小球在运动过程中电量保持不变，重力加速度g取10 m/s2.(1)求电场强度E.(2)若在某时刻将细线突然剪断，求经过1 s时小球的速度大小v及方向．(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)      参考答案1、B  2.D   3 .B   4.B   5. C   6.A  7.C    8.B  9.BC   10.ACD  11.BD   12.CD   13、【考点】用多用电表测电阻．【分析】要熟悉多用表的原理和结构，根据电表的结构选出欧姆表、电压表和电流表．【解答】解：A、电流表应与电阻串并联，由图可知当转换开关S旋到位置1、2位置是电流表，并联电阻越小，量程大，则A正确    B、欧姆表要联接电源，则开关S调到3、4两个位置上时，多用电表测量的是电阻，但A为红表笔．则B错误  C、要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时，测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转换开关S旋到6的量程比旋到5的量程大．故C错误．D、测量电阻时需要重新调零，电流电压不需要，故D错误．故选：A14．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）将电流表G串联一个电阻，可以改装成较大量程的电压表．因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小．（2）根据原理图，将实物图连接即可；（3）应用描点法作出图象，根据图象求出电源电动势与内阻．【解答】解：（1）上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表G串联一个电阻，可以改装成较大量程的电压表．a、b两个参考实验电路，其中合理的是b，因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小．滑动变阻器应选D（R1）．（2）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示：由图示电源U﹣I图象可知，图象与纵轴交点坐标值是1.48V，则电源电动势E=1.48V，电源内阻r=═=0.84Ω；故答案为：（1）b，D．（2）1.50；0.84  　15、15.【答案】(1)d　(2)e(U0＋)【解析】(1)设电子飞离加速电场时的速度为v0，由动能定理得eU0＝mv①设金属板AB的长度为L，电子偏转时间t＝②电子在偏转电场中产生偏转加速度a＝③电子在电场中的侧位移y＝d＝at2④联立①②③④得：L＝d.(2)设电子穿出电场时的动能为Ek，根据动能定理得Ek＝eU0＋e＝e(U0＋)．16、17．（10分）解：（1）R=d/sin300得R=2d....................   （2分）由    得m=2Bde/ v0        ………………………       （2分） （2）    ………………………          （2分）得t=T/12= πd/(3v0)………………………         （2分）（3）画图知R’=d,由R=mv0/Be=2d     得v0’= v0/2……………………..         （3分）16．（10分）解：（1）R=d/sin300得R=2d....................   （2分）由    得m=2Bde/ v0        ………………………       （2分） （2）    ………………………          （2分）得t=T/12= πd/(3v0)………………………         （2分）（3）画图知R’=d,由R=mv0/Be=2d     得v0’= v0/2……………………..         （3分）  17.【答案】(1)7.5×104N/C　(2)12.5 m/s　方向与竖直方向成37°角，斜向左下【解析】(1)由平衡条件得小球所受电场力F＝mgtanθ，所以小球所在处的电场强度：E＝＝＝N/C＝7.5×104N/C.(2)细线剪断后，小球的合力F合＝＝1.25mg根据牛顿第二定律，小球的加速度：a＝＝12.5  m/s2.所以1 s时小球的速度大小v＝at＝12.5 m/s，速度方向沿原细线方向向下，即方向与竖直方向成37°角，斜向左下．