还剩31页未读，
继续阅读
2022年陕西省宝鸡市中考物理模拟试卷（二）
展开
这是一份2022年陕西省宝鸡市中考物理模拟试卷（二），共34页。试卷主要包含了选择题，实验与探究题等内容，欢迎下载使用。
2022年陕西省宝鸡市中考物理模拟试卷（二）
一、选择题（每小题2分，共计20分。每小题只有一个选项是符合题意的）
1．（2分）中华古诗词、俗语中蕴含着丰富的声学知识，下列有关理解正确的是（ ）
A．“柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可传递信息
B．“响鼓还需重锤敲”说明声音的音调与振幅有关
C．“谁家玉笛暗飞声”中的笛声由笛管的振动产生
D．“闻其声而知其人”是根据声音的响度来辨别的
2．（2分）关于水的物态变化，下列说法中正确的是（ ）
A．冰雹在下落过程中表面熔化成水需要吸收热量
B．从冰箱里拿出的冰块周围出现“白气”是升华现象
C．水蒸气液化成水，分子间距离增大
D．水沸腾时温度不变，内能不变
3．（2分）关于质量和密度，下列说法正确的是（ ）
A．从地球带到太空中的铅笔能“悬浮”于舱内，是由于质量变了
B．氧气罐中的氧气用去一半，密度减小一半
C．同种物质的密度与物体的质量成正比
D．同种物质的状态发生变化后，质量和密度不变
4．（2分）如图是小强用手机、透镜和纸盒自制简易“投影仪”，它能将手机上的画面放大投射到白墙上。下列说法不正确的是（ ）
A．手机屏幕到透镜的距离应在透镜的一倍焦距和二倍焦距之间
B．白墙上呈现的是手机画面倒立、放大的实像
C．若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，白墙上的画面将不再完整
D．从各个角度都能清楚的看到白墙上的像，是因为白墙对照射到其上面的光产生漫反射
5．（2分）如图是太阳能汽车在平直公路上匀速行驶的情形，若不计空气阻力对汽车的影响，则下列说法正确的是（ ）
A．汽车的重力和地面对汽车的支持力是相互作用力
B．汽车受到两对平衡力的作用
C．由于速度大，所以惯性大，使得汽车急刹车不能立即停止
D．太阳能汽车行驶时是将太阳能直接转化成机械能
6．（2分）如图所示的四个热学实验，下列说法中错误的是（ ）
A．将红墨水同时滴入冷、热水烧杯中，热水先变红，说明分子运动快慢跟温度有关
B．用弹簧测力计提起贴在水面的玻璃板时，测力计的示数变大，说明大气压强的存在
C．将活塞迅速下压，使筒内的硝化棉燃烧，说明外界对物体做功，使物体的内能增大
D．向烧瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内出现白雾，说明物体对外界做功，物体内能减小
7．（2分）为保障安全运行，高铁列车上安装有烟雾报警装置。如图所示是某校科技小组设计的列车烟雾报警仪的简化原理图，电源两端电压保持不变，R0为定值电阻，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大，当输出信号端的电压达到某一数值时，报警器开始报警。当列车上有烟雾遮挡了射向光敏电阻R的激光时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表示数不变，输出信号端电压变大
B．电流表示数变小，输出信号端电压变大
C．电流表示数变大，输出信号端电压变小
D．电流表示数变小，输出信号端电压不变
8．（2分）如图所示为家庭电路正常工作的一部分，下列说法中正确的是（ ）
A．导线B与大地之间的电压为220V
B．保险丝能在有人触电时自动切断电路
C．闭合开关后，测电笔先后插入插座的左右插孔，氖管都发光
D．电冰箱的插头插入三孔插座时，能使电冰箱的金属外壳接地
9．（2分）关于下列四幅图，对应的说法正确的是（ ）
A．图甲，通电导体周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失
B．图乙，闭合开关后，通电螺线管右端为N极
C．图丙，司南能指示南北方向，是因为受到地磁场的作用
D．图丁，闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的N、S极，导体棒ab受力方向不变
10．（2分）如图所示，是探究“电流与电阻的关系”实验电路图，电源电压保持3V不变，滑动变阻器的规格是“10Ω 1A”。实验中，先在a、b两点间接入5Ω的电阻，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2V，读出并记录下此时电流表的示数。接着需要更换a、b间的电阻再进行两次实验，为了保证实验的进行，应选择下列的哪两个电阻（ ）
A．10Ω和40Ω B．20Ω和30Ω C．10Ω和20Ω D．30Ω和40Ω
二．填空与作图题（每空1分，作图题4分，共计21分）
11．（3分）陕西的酿酒业有着悠久的历史，周王朝在都城镐京就曾设置专职酒官。如图是将谷物倒入锅中熬制酒料的过程，灶台下木柴燃烧的过程中，剩余木柴的热值 （选填“变大”变小”或”不变”），制酒料的过程中是通过 方式改变酒料的内能，随着酒料温度的上升，散发出的酒香更加浓郁，这是因为分子热运动的剧烈程度和 有关。
12．（3分）2020新春之际，我国出现了罕见的“新冠”病毒，该病毒可通过空气传播。当人吸气时，胸部扩张，胸内肺泡跟着扩张，于是肺的容积增大，肺内空气压强 ， 使含病毒的空气经鼻腔、气管进入肺中；感染病毒的患者咳出痰液后，病毒等又通过痰液的 又回到空气中（填入物态变化名称）。
13．（3分）中国核电集团成立的海上浮动核电站项目，未来将成为我国海上项目的专用“移动充电宝”。它由小型反应堆和船舶组成。“核电宝”发电时，反应堆不停地发生核 变，核能是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，如果船舶的排水量为105t，它满载时所受浮力的大小为 N（g取10N/kg）。
14．（3分）小明用饮料吸管制作了一只简易密度计，将其放入水中时，密度计不能直立，应 （增加/减少）吸管中铁丝质量，改进后，分别用它测量水和盐水的密度时，吸管浸入液体的深度分别为h1和h2，则h1 h2．用它测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，测得的密度偏 。
15．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压恒定不变，图乙是小灯泡L和定值电阻R1的电流与电压关系的图象。当只闭合S1、S2时，电压表示数为2V；当只闭合S2、S3时，电压表示数为4V．则电源电压U＝ V，R2＝ Ω。
16．（3分）小明家有额定功率均为40W的电风扇和白炽灯。正常工作相同的时间， 产生的热量多。小明将家里一个电热水器单独连接在电路中，发现电能表（如图所示）上的铝盘120s内转了125转，电热水器消耗了 的电能，该热水器的实际功率为 W
17．（2分）如图所示，AB为遮光板，S′是点光源S在平面镜中所成的像，S发出的一条光线经平面镜反射后恰好经过凸透镜左侧焦点F。
请画出：
（1）光源S的位置；
（2）光线EF的入射光线；
（3）光线EF经凸透镜后的折射光线。
18．（2分）如图所示，硬质杠杆AOB上挂一重物M，O为支点，请你在杠杆AOB上作出使重物在图示位置静止时的最小拉力F1的示意图和力F2的力臂l2。
三、实验与探究题（共计24分）
19．（4分）小华利用实验室的器材开展了下列实验。根据要求回答问题：
（1）如图甲，将液体压强计的金属盒放入水里，并不断改变金属盒在水中的深度，观察U形玻璃管两边液面的高度差，这样做是想研究 。
（2）如图乙，烧杯和液体的总质量为 g。
（3）图丙中根据大气压与 相等的原理测算出大气压的值。
（4）图丁所示的汽车速度表显示此时车速是 m/s。
20．（5分）弹簧测力计是中学物理重要的测量工具，让我们利用它来探究力学中蕴含的奥秘吧!
小聪用弹簧测力计探究“浮力大小与哪些因素有关”，实验过程如图一所示。
①使用测力计前应先明确弹簧测力计的量程和 ，观察指针是否指在零刻度线的位置。
②分析图中实验数据可知，物体浸没在水中时受到的浮力为 N。
③比较图中甲、乙、丙三次的实验数据，可知浮力的大小与液体的 有关。
④小聪通过数据还计算出物体A的密度为 kg/m3；盐水的密度为 kg/m3。
21．（10分）在“探究电流与电压的关系”的实验中，电源电压为3V，定值电阻为10Ω，滑动变阻器规格为“10Ω 3A”。
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实验电路连接完整（导线不能交叉）；
（2）闭合开关，向左移动滑动变阻器的滑片，电流表的示数将 （填“变小”“变大”或“不变”），而电压表指针偏向表盘零刻度左边，原因是 ；
（3）实验中，通过定值电阻电流的变化范围是 ；
（4）由下表实验数据可得：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压 ；
实验次序
1
2
3
4
5
6
7
电压U/V
1.6
1.8
2.0
2.2
2.4
2.6
2.8
电流I/A
0.16
0.18
0.20
0.22
0.24
0.26
0.28
（5）若将这个定值电阻换成小灯泡，还可以利用上面的仪器测出小灯泡的电阻。
①实验时，连接好电路，发现调节滑动变阻器，电压表始终没有示数，电流表有示数，且小灯泡始终不发光，这可能是因为 ；
②解决问题后，继续实验，得到了如图乙A所示的小灯泡的I﹣U图象，它的电流与电压不成正比，其原因是小灯泡的电阻 ；
③另一组同学用相同的器材和电路图做这个实验时，由于接线错误，根据测量的数据绘出的I﹣U图象如图乙B所示，你认为错误的原因可能是 。
22．（10分）小明陪自己的弟弟玩耍时发现，弟弟的电动汽车充好电后跑得很快，玩一会就变慢了，玩较长时间后电动汽车会跑得很慢。小明猜想：这可能是刚充好电时，电池电压高，玩一会电压变低导致的。于是小明对弟弟的电动汽车电池进行了探究。
（1）首先，小明用 测量了充满电时的电动汽车电池电压；
（2）然后，小明每玩10分钟测量一次电动汽车电池的电压，得到的数据如表所示：
使用时间/min
0
10
20
30
40
50
电压/V
6.8
6.2
6
5.8
5.6
3.6
从表格中的数据可以得出，电池使用的时间越长，电池的电压越 （选填“高”或“低”）。这初步说明小明的猜想是 （选填“正确”或“错误”）的。根据表中的数据还可得出，随着使用时间的增加，电池电压变化速度是 （选填“先快后慢再快”或“先慢后快再慢”）；
（3）小明反思自己的实验过程发现，实验中明显的不足之处是 ，应该进行的操作是 ；
（4）之后，小明联想到弟弟其他的电动玩具，有的是充好电后声音大，越玩声音越小；有的是充好电后转得快，然后越转越慢……请你帮他分析，导致这些现象产生的原因是 。
四．综合题（7+8＝15分）
23．（7分）如图所示为一款雪地摩托车，空车质量为90kg。求：（燃油的热值取q＝4.0×107J/kg，g取10N/kg）
（1）雪地车载着质量为50kg的人静止在水平地面上，雪地车与地面接触的总面积为20dm2，雪地车对地面的压强是多少？
（2）雪地车以36km/h的速度在水平地面匀速直线行驶，输出功率为8kW，则雪地车所受阻力是多少？
（3）若雪地车以8kW的输出功率行驶2h，消耗了3.6kg燃油，则雪地车发动机的效率是多少？
24．（8分）表为小李设计的电热水器的部分铭牌信息。该热水器的内部电路如图所示，由控制电路和工作电路组成，其中热敏电阻R和发热电阻R1、R2、R3均置于储水箱中。随着水温的升高，电磁铁中的电流减小，控制电路中的电磁铁会与衔铁断开。已知R1＝44Ω，R2＝88Ω.
工作电路
额定功率
额定电压
保温挡
加热挡
220V
220W
1650W
（1）随着水温升高，热敏电阻阻值R变 ，电磁铁中电流变小。当电磁铁与衔铁断开时，工作电路处于 （填“保温”或“加热”）状态。
（2）求R3的阻值。
（3）用电高峰期，家庭电路电压降为198V，此时该热水器加热挡的实际功率为多少？
2022年陕西省宝鸡市中考物理模拟试卷（二）
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题2分，共计20分。每小题只有一个选项是符合题意的）
1．（2分）中华古诗词、俗语中蕴含着丰富的声学知识，下列有关理解正确的是（ ）
A．“柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可传递信息
B．“响鼓还需重锤敲”说明声音的音调与振幅有关
C．“谁家玉笛暗飞声”中的笛声由笛管的振动产生
D．“闻其声而知其人”是根据声音的响度来辨别的
【分析】（1）声可以传递信息和能量。
（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
（3）物体振动产生声音。
【解答】解：A、“柴门闻犬吠，风雪夜归人”，听到狗的叫声，知道有人来，即说明声音可传递信息，故A正确。
B、“响鼓还需重锤敲”说明声音的响度与振幅有关，故B错误。
C、“谁家玉笛暗飞声”中的笛声由空气柱的振动产生，故C错误。
D、“闻其声而知其人”是根据声音的音色来辨别的，故D错误。
故选：A。
【点评】知道声可以传递信息和能量，理解和区分声的三个特征、知道声的产生条件，可解答此题。
2．（2分）关于水的物态变化，下列说法中正确的是（ ）
A．冰雹在下落过程中表面熔化成水需要吸收热量
B．从冰箱里拿出的冰块周围出现“白气”是升华现象
C．水蒸气液化成水，分子间距离增大
D．水沸腾时温度不变，内能不变
【分析】（1）判断物态变化现象，我们首先要清楚各种物态变化的定义；然后看物态变化中是什么状态变为什么状态，从而确定是什么物态变化。
（2）放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
【解答】解：A、冰雹在下落过程中表面熔化成水需要吸收热量，是熔化现象，吸热，故A正确。
B、从冰箱里拿出的冰块周围出现“白气”，是空气中的水蒸气遇到温度较低的冰块液化成小水珠形成的，是液化现象，故B错误。
C、水蒸气液化成水，分子间距离变小，一般液态物质的体积小于气态，故C错误。
D、水沸腾时吸热，部分水会汽化成水蒸气，水的质量减小了，水分子的个数减少了，温度不变，所以内能减小，故D错误。
故选：A。
【点评】该题通过日常生活中的实例考查学生对物态变化的理解，难度不大，关键是搞清楚物质物态变化前后的状态。
3．（2分）关于质量和密度，下列说法正确的是（ ）
A．从地球带到太空中的铅笔能“悬浮”于舱内，是由于质量变了
B．氧气罐中的氧气用去一半，密度减小一半
C．同种物质的密度与物体的质量成正比
D．同种物质的状态发生变化后，质量和密度不变
【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都无关系；
（2）氧气罐中的氧气用去一半，质量减小了一半，体积不变，由密度公式分析密度变化；
（3）密度是物质的一种特性，与物体的体积和质量没有关系。决定密度大小的因素有：物质的种类、温度和状态；
（4）同种物质的状态发生变化，质量不变，密度会变。
【解答】解：A、从地球带到太空中的铅笔，只是位置发生了变化，组成铅笔的物质多少没有变化，所以质量不变，“悬浮”是因为铅笔处于失重状态，故A错误；
B、氧气罐中的氧气用去一半，质量减小了一半，但气体会扩散，体积不变，由ρ=mV可知，密度减小一半，故B正确；
C、同种物质的密度是保持不变的，并不会随质量和体积的改变而改变，故C错误；
D、同种物质的状态发生变化，质量不变，密度会变，如水结冰，密度变小，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了质量、密度的性质，属于基本概念的考查，正确、全面理解概念是解答的关键。
4．（2分）如图是小强用手机、透镜和纸盒自制简易“投影仪”，它能将手机上的画面放大投射到白墙上。下列说法不正确的是（ ）
A．手机屏幕到透镜的距离应在透镜的一倍焦距和二倍焦距之间
B．白墙上呈现的是手机画面倒立、放大的实像
C．若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，白墙上的画面将不再完整
D．从各个角度都能清楚的看到白墙上的像，是因为白墙对照射到其上面的光产生漫反射
【分析】（1）投影仪利用凸透镜成像的规律，当物距大于焦距，小于二倍焦距时，成倒立、放大的实像的原理。
（2）当反射面上凹凸不平时，光在上面会发生漫反射，发生漫反射的物体可以从不同角度看到。
【解答】解：A、根据投影仪成像的原理可知，手机到透镜的距离应大于焦距，小于二倍焦距，故A正确；
B、投影仪成的像是倒立、放大的实像，故B正确；
C、若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，白墙上的画面仍然完整，只是亮度变暗，故C错误；
D、发生漫反射的物体可以从不同角度都能看到，因此从各个角度都能清楚的看到白墙上的像，是因为白墙对照射到其上面的光产生漫反射，故D正确。
故选：C。
【点评】本题以自制简易投影仪为例，考查了凸透镜成像规律的应用，要熟知其成像的特点与规律，并会分析其物距和像距的关系。
5．（2分）如图是太阳能汽车在平直公路上匀速行驶的情形，若不计空气阻力对汽车的影响，则下列说法正确的是（ ）
A．汽车的重力和地面对汽车的支持力是相互作用力
B．汽车受到两对平衡力的作用
C．由于速度大，所以惯性大，使得汽车急刹车不能立即停止
D．太阳能汽车行驶时是将太阳能直接转化成机械能
【分析】（1）物体在平衡力的作用下一定处于处于静止或匀速直线运动状态，二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。
（2）处于平衡状态的物体受到平衡力的作用，对汽车进行受力分析即可解答；
（3）惯性是物体固有的属性，惯性和物体的运动状态无关，惯性的大小和质量成正比。
（4）太阳能汽车行驶时将太阳能转化为电能再换化为机械能。
【解答】解：
A、汽车受到的重力和地面对汽车的支持力，二力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上（都作用在汽车上）、作用在同一条直线上，符合二力平衡条件，它们是一对平衡力，不是相互作用力，故A错误；
B、汽车在平直公路上匀速行驶，汽车受到重力和支持力、牵引力和阻力两对平衡力的作用，故B正确；
C、汽车急刹车不能立即停下来是因为汽车有惯性；惯性的大小只跟质量有关，质量越大，惯性越大，和物体的运动速度无关，故C错误；
D、太阳能汽车上的太阳能电池将太阳能转化为电能再转化为机械能，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了增大压强的方法、二力平衡的辨别、太阳能的转化、惯性的理解，是一道综合题，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
6．（2分）如图所示的四个热学实验，下列说法中错误的是（ ）
A．将红墨水同时滴入冷、热水烧杯中，热水先变红，说明分子运动快慢跟温度有关
B．用弹簧测力计提起贴在水面的玻璃板时，测力计的示数变大，说明大气压强的存在
C．将活塞迅速下压，使筒内的硝化棉燃烧，说明外界对物体做功，使物体的内能增大
D．向烧瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内出现白雾，说明物体对外界做功，物体内能减小
【分析】（1）扩散现象表明分子在不停地做无规则运动，分子运动的快慢与温度有关，温度越高分子运动地越剧烈；
（2）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（3）做功可以改变物体的内能，对物体做功，物体的内能增大，物体对外做功，内能减小，内能转化为机械能。
【解答】解：
A、在冷水杯和热水杯中滴入两滴墨水，由于热水的温度高，故分子运动剧烈，会看到热水中的墨水扩散的快，这表明分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子的无规则运动越剧烈，故A正确；
B、缓慢向上提拉与水面接触的玻璃板，在玻璃板离开水面前，弹簧测力计示数变大，说明分子水分子和玻璃分子间存在引力，故B错误；
C、当把活塞迅速压下去时，活塞对空气做功，活塞的内能就会增大，空气的温度就会升高，达到硝化棉的燃烧点，硝化棉就燃烧起来，说明外界对物体做功，使物体的内能增大，故C正确；
D、向烧瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内气体膨胀对外做功，温度降低，内能减小，水蒸气液化形成白雾，说明物体对外界做功，物体内能减小，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查了对分子动理论和做功改变物体内能的理解，培养应用知识解决实际问题的能力。
7．（2分）为保障安全运行，高铁列车上安装有烟雾报警装置。如图所示是某校科技小组设计的列车烟雾报警仪的简化原理图，电源两端电压保持不变，R0为定值电阻，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大，当输出信号端的电压达到某一数值时，报警器开始报警。当列车上有烟雾遮挡了射向光敏电阻R的激光时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表示数不变，输出信号端电压变大
B．电流表示数变小，输出信号端电压变大
C．电流表示数变大，输出信号端电压变小
D．电流表示数变小，输出信号端电压不变
【分析】由电路图可知，光敏电阻R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，输出信号端并联在R两端。根据“光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大”判断出当列车上有烟雾遮挡了射向光敏电阻R的激光时R的阻值变化，从而得出总电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻R0两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知R两端的电压变化，从而得出输出信号端的电压变化。
【解答】解：由电路图可知，光敏电阻R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，输出信号端并联在R两端。
因光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大，
所以，当列车上有烟雾遮挡了射向光敏电阻R的激光时，R的阻值变大，电路的总电阻变大，
由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故AC错误；
由U＝IR可知，定值电阻R0两端的电压变小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R两端的电压变大，即输出信号端的电压变大，故B正确、D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大”是关键。
8．（2分）如图所示为家庭电路正常工作的一部分，下列说法中正确的是（ ）
A．导线B与大地之间的电压为220V
B．保险丝能在有人触电时自动切断电路
C．闭合开关后，测电笔先后插入插座的左右插孔，氖管都发光
D．电冰箱的插头插入三孔插座时，能使电冰箱的金属外壳接地
【分析】（1）火线和零线间的电压为220V，零线与地之间的电压为0V；
（2）保险丝通常安装在火线上，它是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用；
（3）测电笔接触火线氖管会发光，接触零线不发光；
（4）家庭电路中，金属外壳的用电器都采用三脚插头，当金属外壳的用电器插入三孔插座时，金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故。
【解答】解：A、由图知，保险丝安装在火线上，A是火线，B是零线，零线B与大地之间的电压为0V，故A错误；
B、保险丝在电路中的作用是当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用，但有人触电时电路的电流不是很大，保险丝不会自动切断电路，故B错误；
C、插座的左孔接零线，右孔接火线，所以测电笔插入插座的左插孔氖管不发光，插入插座的右插孔氖管发光，故C错误；
D、三孔插座已接地，当电冰箱的插头插入三孔插座能使电冰箱的金属外壳接地，这样能，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，学好电、用好电！
9．（2分）关于下列四幅图，对应的说法正确的是（ ）
A．图甲，通电导体周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失
B．图乙，闭合开关后，通电螺线管右端为N极
C．图丙，司南能指示南北方向，是因为受到地磁场的作用
D．图丁，闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的N、S极，导体棒ab受力方向不变
【分析】（1）通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转说明磁场的存在；
（2）安培定则：用右手握螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极；
（3）指南针就是利用地磁的作用来指向南北的；
（4）通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变。
【解答】解：
A、图甲中，通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A错误；
B、图乙中电源的正极在右侧，可知螺线管中电流方向是由右侧进入左侧流出，利用安培定则可知通电线管的右端为S极，B错误；
C、图丙中，因为地球是一个巨大的磁体，司南能够指示南北方向是因为受到地磁场的作用，故C正确；
D、图丁中，若电流方向不变，对调N、S极即改变了磁感线方向，导体棒ab运动方向将改变，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电与磁之间的三个联系：通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象，还考查了安培定则的应用，要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用。
10．（2分）如图所示，是探究“电流与电阻的关系”实验电路图，电源电压保持3V不变，滑动变阻器的规格是“10Ω 1A”。实验中，先在a、b两点间接入5Ω的电阻，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2V，读出并记录下此时电流表的示数。接着需要更换a、b间的电阻再进行两次实验，为了保证实验的进行，应选择下列的哪两个电阻（ ）
A．10Ω和40Ω B．20Ω和30Ω C．10Ω和20Ω D．30Ω和40Ω
【分析】探究“电流与电阻的关系”实验中应控制电阻两端的电压即电压表的示数不变，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点求出滑动变阻器接入电路中的电阻与定值电阻阻值的比值；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，定值电阻的阻值最大，根据比值关系求出定值电阻的最大阻值得出定值电阻的范围，然后结合选项得出答案。
【解答】解：探究“电流与电阻的关系”实验中应控制电阻两端的电压即电压表的示数不变，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
U滑＝U﹣UR＝3V﹣2V＝1V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，根据欧姆定律可得：
R滑R=U滑IURI=U滑UR=1V2V=12，
当滑动变阻器接入电路中的电阻为10Ω时，定值电阻的最大阻值：
Rmax＝2R滑max＝2×10Ω＝20Ω，
即定值电阻的最大阻值不能超过20Ω，
结合选项可知，ABD不符合，C符合。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道探究“电流与电阻的关系”实验中应控制电压表的示数不变，且滑动变阻器接入电路中的阻值最大时定值电阻的阻值也最大。
二．填空与作图题（每空1分，作图题4分，共计21分）
11．（3分）陕西的酿酒业有着悠久的历史，周王朝在都城镐京就曾设置专职酒官。如图是将谷物倒入锅中熬制酒料的过程，灶台下木柴燃烧的过程中，剩余木柴的热值 不变 （选填“变大”变小”或”不变”），制酒料的过程中是通过 热传递 方式改变酒料的内能，随着酒料温度的上升，散发出的酒香更加浓郁，这是因为分子热运动的剧烈程度和 温度 有关。
【分析】（1）热值是燃料的特性，其大小与燃料的种类有关，而与燃料的质量无关；
（2）改变内能有两种方式：做功和热传递；
（3）分子永不停息地做无规则运动，物体温度越高，分子运动越剧烈。
【解答】解：
热值是燃料的特性，其大小与燃料的质量无关，所以，在木柴燃烧的过程中，剩余木柴的热值不变；
熬制酒料的过程是通过热传递的方式改变酒料的内能；
随着酒料温度的上升，散发出的酒香更加浓郁，说明料酒的分子在不停地做无规则运动，且温度越高，分子无规则运动越剧烈，即分子热运动的剧烈程度与温度有关。
故答案为：不变；热传递；温度。
【点评】此题考查了燃料热值的本质、改变内能的方法和以及分子运动的知识，是一道联系实际的应用题，体现了物理知识与实际生活的密切关系。
12．（3分）2020新春之际，我国出现了罕见的“新冠”病毒，该病毒可通过空气传播。当人吸气时，胸部扩张，胸内肺泡跟着扩张，于是肺的容积增大，肺内空气压强 减小 ， 大气压 使含病毒的空气经鼻腔、气管进入肺中；感染病毒的患者咳出痰液后，病毒等又通过痰液的 汽化 又回到空气中（填入物态变化名称）。
【分析】一定质量的气体体积减小时、压强增大，体积增大时、压强减小；物质从液态变为气态叫汽化，有蒸发和沸腾两种方式。
【解答】解：当我们吸气时，胸部扩张，胸内肺泡跟着扩张、于是肺的容积增大，肺内空气压强减小，大气压使含病毒的空气进入肺中；
呼气时，胸部收缩，肺的容积减小，肺内含病毒的空气压强增大，其中部分经气管、泉腔排出体外，还有一部分经痰液排出，通过痰液的汽化又回到空气中，这样病毒通过空气传播。
故答案为：减小；大气压；汽化。
【点评】本题考查了呼吸气原理以及汽化知识，难度不大。
13．（3分）中国核电集团成立的海上浮动核电站项目，未来将成为我国海上项目的专用“移动充电宝”。它由小型反应堆和船舶组成。“核电宝”发电时，反应堆不停地发生核 裂 变，核能是 不可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，如果船舶的排水量为105t，它满载时所受浮力的大小为 109 N（g取10N/kg）。
【分析】核能是利用核裂变、核能是不可再生能源。
如果船舶的排水量为105t，根据F浮＝G排＝m排g得出它满载时所受浮力的大小。
【解答】解：“核电宝”发电时，反应堆不停地发生核裂变，核能是不可再生能源。
如果船舶的排水量为105t，它满载时所受浮力的大小为F浮＝G排＝m排g＝105×103kg×10N/kg＝109N。
故答案为：裂；不可再生；109。
【点评】本题考查核裂变和浮力的有关知识，难度不大。
14．（3分）小明用饮料吸管制作了一只简易密度计，将其放入水中时，密度计不能直立，应 增加 （增加/减少）吸管中铁丝质量，改进后，分别用它测量水和盐水的密度时，吸管浸入液体的深度分别为h1和h2，则h1 ＞ h2．用它测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，测得的密度偏 大 。
【分析】（1）密度计不能直立漂浮可能是重心较高或底端较轻造成的；
（2）根据密度计漂浮时浮力等于重力列出关系式即可求出液体的密度；
（3）由于密度计漂浮时浮力不变，根据阿基米德原理判断出排开液体的体积不变，由于吸管上“沾”上许多小气泡，则排开液体的体积会变大，而使密度计浸入液体的深度变小，
【解答】解：
（1）小明将自制的密度计放入水中，密度计不能直立漂浮，应降低其重心，故需要增加吸管中铁丝质量；
（2）因为密度计不管是在水中还是在盐水中，都是漂浮状态，
所以F浮水＝F浮盐水＝G，
设密度计的底面积为S，则根据G＝F浮液＝ρ液gV浸得：
ρ水gSh1＝ρ盐水gSh2，
已知：ρ水＜ρ盐水，所以h1＞h2，
（3）由于密度计漂浮时浮力等于重力，重力不变，则浮力不变；
根据F浮＝ρ液gV排可知排开液体的体积不变，
当测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，此时V排＝V气泡+V浸，
所以，密度计浸入可乐中的体积变小，
由于密度计的刻度是越往下对应的密度越大，所以，测得的液体密度偏大。
故答案为：增加；＞；大。
【点评】密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有关问题：放入不同的液体，液体密度越大，排开体积越小。
15．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压恒定不变，图乙是小灯泡L和定值电阻R1的电流与电压关系的图象。当只闭合S1、S2时，电压表示数为2V；当只闭合S2、S3时，电压表示数为4V．则电源电压U＝ 8 V，R2＝ 5 Ω。
【分析】（1）当只闭合S1、S2时，R1与L串联，电压表测灯泡两端电压，由图象此时灯泡的电流，由串联电路特点和欧姆定律计算R1的电压，从而得到电源电压；
（2）当只闭合S2、S3时，R2与L串联，电压表仍测灯泡两端电压，由图象读出此时灯泡的电流，由串联电路特点和欧姆定律计算R2的阻值。
【解答】解：
（1）由电路图可知，当只闭合S1、S2时，R1与L串联，电压表测灯泡两端电压，
由图象知，灯泡两端电压为2V时的电流为0.6A，串联电路中电流处处相等，即通过R1的电流也为0.6A，
R1的电流为0.2A时，电压为2V，R1的电流与电压成正比，所以R1的电流为0.6A，它两端电压为6V，
所以电源电压U＝UL+U1＝2V+6V＝8V；
（2）当只闭合S2、S3时，R2与L串联，电压表仍测灯泡两端电压，
灯泡两端电压为4V，由图象知，此时通过灯泡的电流为0.8A，
由串联电路特点可知，I2＝IL＝0.8A，
U2＝U﹣UL＝8V﹣4V＝4V，
由欧姆定律可得R2的阻值：
R2=U2I2=4V0.8A=5Ω。
故答案为：8；5。
【点评】本题考查了串联电路特点和欧姆定律公式的应用，注意灯泡的电流与电压不成是正比的，定值电阻的电流与电压是成正比的。
16．（3分）小明家有额定功率均为40W的电风扇和白炽灯。正常工作相同的时间， 白炽灯 产生的热量多。小明将家里一个电热水器单独连接在电路中，发现电能表（如图所示）上的铝盘120s内转了125转，电热水器消耗了 1.5×105J 的电能，该热水器的实际功率为 1250 W
【分析】（1）根据电风扇和白炽灯这两种用电器工作时的能量转化情况分析判断。
（2）从表盘中可得，电能表转3000转消耗的电能为1kW•h，从而可以计算出电能表的铝盘转125转消耗的电能；知道电热水器的额定电压和额定功率，可利用公式R=U2P计算出电热水器的电阻，又知道工作时间，可利用公式P=Wt计算出电热水器的实际功率。
【解答】解：（1）电风扇在工作时消耗电能，大部分转化为机械能，少部分转化为内能，而白炽灯工作时电能大部分转化为内能，少部分转化为光能；
故在电功率相同、通电时间相同时，白炽灯工作时把电能转化为内能多，产生的热量多；
（2）因为电能表转3000转消耗的电能为1KW•h，
所以电能表的铝盘转125转消耗的电能为：
W=1253000kW•h=1253000×3.6×106J＝1.5×105J，
电热水器的实际功率为：
P实=Wt=1.5×105J120s=1250W。
故答案为：白炽灯；1.5×105J；1250。
【点评】本题考查了学生对用电器的能量转化、电能表参数的理解和掌握以及电功率公式的应用，利用电能表测用电器的电功率是比较常见的类型题，要注意掌握。
17．（2分）如图所示，AB为遮光板，S′是点光源S在平面镜中所成的像，S发出的一条光线经平面镜反射后恰好经过凸透镜左侧焦点F。
请画出：
（1）光源S的位置；
（2）光线EF的入射光线；
（3）光线EF经凸透镜后的折射光线。
【分析】（1）根据平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称作出光源S的位置；
（2）连接光源S与入射点补出入射光线；
（3）凸透镜三条特殊光线的作图：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
【解答】解：（1）通过平面镜作出S′的对称点S，即为光源S的位置，
（2）连接S与入射点E，则SE即为光线EF的入射光线；
（3）由图可知，光线EF过凸透镜左侧焦点F，则该光线经凸透镜折射后将平行于主光轴射出，如图所示：
【点评】此题考查光的反射定律作图、平面镜成像特点和原理来完成光路，凸透镜三条特殊光线的作图，综合性较强。
18．（2分）如图所示，硬质杠杆AOB上挂一重物M，O为支点，请你在杠杆AOB上作出使重物在图示位置静止时的最小拉力F1的示意图和力F2的力臂l2。
【分析】（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1 L1＝F2 L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
【解答】解：由杠杆平衡条件F1 L1＝F2 L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长，过A点垂直于OA作出最小力的示意图，由图知，最小力的方向向右上方，然后由O点向力F2的作用线作垂线，这就是力臂L2．如图所示：
【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
三、实验与探究题（共计24分）
19．（4分）小华利用实验室的器材开展了下列实验。根据要求回答问题：
（1）如图甲，将液体压强计的金属盒放入水里，并不断改变金属盒在水中的深度，观察U形玻璃管两边液面的高度差，这样做是想研究 液体内部压强与深度的关系 。
（2）如图乙，烧杯和液体的总质量为 107 g。
（3）图丙中根据大气压与 水银柱产生的压强 相等的原理测算出大气压的值。
（4）图丁所示的汽车速度表显示此时车速是 25 m/s。
【分析】（1）如图甲，将液体压强计的金属盒放入水里，并不断改变金属盒在水中的深度，且液体的密度不变，据此分析；
（2）物体的质量等砝码的质量加游码的示数；
（3）图丙中根据大气压与水银柱产生的压强相等的原理测算出大气压的值。
（4）深速度表上的速度单位为km/h，据此得出图丁所示的汽车速度；3.6km/h＝1m/s。
【解答】解：（1）如图甲，将液体压强计的金属盒放入水里，并不断改变金属盒在水中的深度，观察U形玻璃管两边液面的高度差．这样做是想研究液体内部压强与深度的关系；
（2）如图乙，烧杯和液体的总质量为：100g+5g+2g＝107g；
（3）图丙中根据大气压与水银柱产生的压强相等的原理测算出大气压的值。
（4）深速度表上的速度单位为km/h，图丁所示的汽车速度表显示此时车速是90km/h＝25m/s。
故答案为：
（1）液体内部压强与深度的关系；
（2）107；
（3）水银柱产生的压强；
（4）25。
【点评】本题考查液体压强、天平和速度的读数、大气压强等知识，综合性较强。
20．（5分）弹簧测力计是中学物理重要的测量工具，让我们利用它来探究力学中蕴含的奥秘吧!
小聪用弹簧测力计探究“浮力大小与哪些因素有关”，实验过程如图一所示。
①使用测力计前应先明确弹簧测力计的量程和 分度值 ，观察指针是否指在零刻度线的位置。
②分析图中实验数据可知，物体浸没在水中时受到的浮力为 1 N。
③比较图中甲、乙、丙三次的实验数据，可知浮力的大小与液体的 密度 有关。
④小聪通过数据还计算出物体A的密度为 4×103 kg/m3；盐水的密度为 1.2×103 kg/m3。
【分析】①测力计使用前，要观察弹簧测力计的量程、零刻度线和分度值；
②据图读出物块所受重力和拉力（读取弹簧测力计示数时要明确其分度值），然后利用称重法可求出浮力的大小；
③分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论。
④根据F浮＝ρgV排可求得物体排开水的体积，因为物体浸没在水中，所以物体的体积V＝V排，根据盐水中浮力大小，求得盐水的密度；根据G＝mg算出物体A的质量，然后根据密度公式可求得物体的密度。
【解答】解：①测量物体重力前应先观察弹簧测力计的量程、分度值，并观察指针是否指在零刻度线；
②由图甲可知，物体的重力为4N；
由图甲和乙可知物体完全浸没在水中受到的浮力：F浮＝G﹣F＝4N﹣3N＝1N；
③丙图中弹簧测力计的示数为2.8N，由图甲和丙可知物体完全浸没在盐水中受到的浮力：F浮′＝G﹣F′＝4N﹣2.8N＝1.2N；乙和丙排开液体的体积相同，浮力不同，说明浮力与液体的密度有关；
④由F浮＝ρgV排可得，
物体A排开水的体积V排水=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=10﹣4m3，
因为物体完全浸没在盐水中，所以V排水＝V排盐水，
盐水中受到的浮力：F'浮＝1.2N；
故由F浮＝ρgV排盐水可得，盐水的密度为：
ρ盐水=F′浮gV排盐水=1.2N10N/kg×10−4m3=1.2×103kg/m3＝1.2g/cm3；
由F浮＝ρgV排可得，
因为物体浸没在水中，所以物体A的体积V＝V排＝10﹣4m3，
由G＝mg得，
物体A的质量m=Gg=4N10N/kg=0.4kg，
物体A的密度为：ρ=mV=0.4kg10−4m3=4×103kg/m3。
故答案为：①分度值； ②1；③密度；④4×103；1.2×103。
【点评】本题考查了影响浮力的因素，考查实验原理及控制变量法的运用和影响浮力大小的因素，体现了对过程和方法的考查。
21．（10分）在“探究电流与电压的关系”的实验中，电源电压为3V，定值电阻为10Ω，滑动变阻器规格为“10Ω 3A”。
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实验电路连接完整（导线不能交叉）；
（2）闭合开关，向左移动滑动变阻器的滑片，电流表的示数将 变大 （填“变小”“变大”或“不变”），而电压表指针偏向表盘零刻度左边，原因是 电压表正负接线柱接反了 ；
（3）实验中，通过定值电阻电流的变化范围是 0.15～0.3A ；
（4）由下表实验数据可得：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压 成正比 ；
实验次序
1
2
3
4
5
6
7
电压U/V
1.6
1.8
2.0
2.2
2.4
2.6
2.8
电流I/A
0.16
0.18
0.20
0.22
0.24
0.26
0.28
（5）若将这个定值电阻换成小灯泡，还可以利用上面的仪器测出小灯泡的电阻。
①实验时，连接好电路，发现调节滑动变阻器，电压表始终没有示数，电流表有示数，且小灯泡始终不发光，这可能是因为 灯泡短路 ；
②解决问题后，继续实验，得到了如图乙A所示的小灯泡的I﹣U图象，它的电流与电压不成正比，其原因是小灯泡的电阻 随温度变化而变化 ；
③另一组同学用相同的器材和电路图做这个实验时，由于接线错误，根据测量的数据绘出的I﹣U图象如图乙B所示，你认为错误的原因可能是 电压表与滑动变阻器并联 。
【分析】（1）根据电压电压确定电压表量程；
（2）根据向左移动滑动变阻器的滑片，变阻器连入电路中电阻变化，根据电阻的串联和欧姆定律确定流表的示数将变化；电流应从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则电压表指针反向偏转；
（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大为10Ω 时，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求最小电流；
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，根据欧姆定律求最大电流；
（4）由表中数据求出电压和对应的电流之比分析得出结论；
（5）①实验时，连接好电路，电流表有示数，则电路为通路，根据小灯泡始终不发光，电压表始终没有示数分析原因；
②小灯泡的电阻随温度变化而变化；
③分析电路连接，当电路的电流变大时，由欧姆定律和串联电路电压的规律分析回答。
【解答】解：（1）电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，如下所示：
（2）闭合开关，向左移动滑动变阻器的滑片，变阻器连入电路中电阻变小，根据电阻的串联规律，电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电流表的示数将变大；
而电压表指针偏向表盘零刻度左边，原因是：电压表正负接线柱接反了；
（3）由已知条件，变阻器的最大电阻为10Ω，电源电压为3V，定值电阻为10Ω，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大为10Ω 时，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律，最小电流为：
I小=UR+R滑大=3V10Ω+10Ω=0.15A，
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大：
I大=UR=3V10Ω=0.3A，故通过定值电阻电流的变化范围是0.15A﹣0.3A；
（4）由表中数据可知，电压与电流大小之比：UI=1.60.16=−−−=2.80.28=10（定值），
故在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（5）①实验时，连接好电路，发现调节滑动变阻器，电流表有示数，则电路为通路，且小灯泡始终不发光，电压表始终没有示数，这可能是因为灯泡短路；
②根据欧姆定律的变形公式U＝IR，因小灯泡的电阻随温度变化而变化，即R不是一个定值，故电流与电压不成正比；
③灯与变阻器串联，当电路的电流变大时，对应的灯的电压变大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压变小说，根据丙图中的B图象，随着电流的增大，电压减小，因此电压表接在了滑动变阻器两端。
故答案为：
（1）如上所示：
（2）变大；电压表正负接线柱接反了；（3）0.15A﹣0.3A； （4）成正比；（5）①灯泡短路； ②随温度变化而变化；③电压表与滑动变阻器并联。
【点评】本题探究电流与电压的关系，考查电路的连接、电压表使用注意事项、串联电路规律和欧姆定律的运用、数据分析、影响灯丝电阻的因素、反常现象的分析。
22．（10分）小明陪自己的弟弟玩耍时发现，弟弟的电动汽车充好电后跑得很快，玩一会就变慢了，玩较长时间后电动汽车会跑得很慢。小明猜想：这可能是刚充好电时，电池电压高，玩一会电压变低导致的。于是小明对弟弟的电动汽车电池进行了探究。
（1）首先，小明用 电压表 测量了充满电时的电动汽车电池电压；
（2）然后，小明每玩10分钟测量一次电动汽车电池的电压，得到的数据如表所示：
使用时间/min
0
10
20
30
40
50
电压/V
6.8
6.2
6
5.8
5.6
3.6
从表格中的数据可以得出，电池使用的时间越长，电池的电压越 低 （选填“高”或“低”）。这初步说明小明的猜想是 正确 （选填“正确”或“错误”）的。根据表中的数据还可得出，随着使用时间的增加，电池电压变化速度是 先快后慢再快 （选填“先快后慢再快”或“先慢后快再慢”）；
（3）小明反思自己的实验过程发现，实验中明显的不足之处是 电池有内电阻，大小会变化 ，应该进行的操作是 增加电流表，同时测电池电流 ；
（4）之后，小明联想到弟弟其他的电动玩具，有的是充好电后声音大，越玩声音越小；有的是充好电后转得快，然后越转越慢……请你帮他分析，导致这些现象产生的原因是 同时测量电池电流电阻随温度升高后，玩具输出功率变小 。
【分析】（1）用电压表可测电池的电压；
（2）由表中数据可知，电池使用的时间越长，电池的电压越低；说明小明的猜想是正确的；随着使用时间的增加，电池电压变化速度是先快后慢再快；
（3）因电池有内电阻，大小会变化，直接用电压表测得电池电压与它提供外电路的电压不同；应增加电流表，同时测电池电流；
（4）长时间使用电池，电池输出电压降低。
【解答】解：（1）电压表是测量电压的一种仪器，故需用电压表测量充满电时的电动汽车电池电压；
（2）从表格中的主句可以得出，电池使用的时间越长，电池的电压越低；
这初步说明小明的猜想“刚充好电时，电池电压高，玩一会电压变低导致的“是正确的；
根据表中的数据还可得出，随着使用时间的增加，前10分钟压降0.6V，10至40分钟内每10分钟压降0.2V，40至50分钟压降2V，故电池电压变化速度是先快后慢再快；
（3）实验中明显的不足之处是未考虑电池内阻的变化，应该增加电流表，同时测量电池电流；
（4）根据功率公式P＝UI=U2R，可知，当电阻随温度升高后，玩具输出功率变小，故有的是充好电后声音大，越玩声音越小；有的是充好电后转得快，然后越转越慢。
故答案为：（1）电压表；（2）低；正确；先快后慢再快；（3）电池有内电阻，大小会变化；增加电流表，同时测电池电流；（4）同时测量电池电流电阻随温度升高后，玩具输出功率变小。
【点评】本题考查了电压表的作用、电池电压随使用时间的变化规律，明确表格中的数据变化是解题的关键。
四．综合题（7+8＝15分）
23．（7分）如图所示为一款雪地摩托车，空车质量为90kg。求：（燃油的热值取q＝4.0×107J/kg，g取10N/kg）
（1）雪地车载着质量为50kg的人静止在水平地面上，雪地车与地面接触的总面积为20dm2，雪地车对地面的压强是多少？
（2）雪地车以36km/h的速度在水平地面匀速直线行驶，输出功率为8kW，则雪地车所受阻力是多少？
（3）若雪地车以8kW的输出功率行驶2h，消耗了3.6kg燃油，则雪地车发动机的效率是多少？
【分析】（1）利用G＝mg求重力，静止时对水平地面的压力等于重力，又知受力面积，利用p=FS求解压强；
（2）当该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶时，所受阻力与牵引力是一对平衡力，大小相等，利用P=Wt=Fst=Fv求解即可；
（3）利用P=Wt求出汽油该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶23min所做的功，然后利用Q放＝mq求汽油完全燃烧放出的热量，利用η=WQ放求出效率。
【解答】解：
（1）空车质量为90kg，雪地车载着质量为50kg的人静止在水平地面上，总质量m＝90kg+50kg＝140kg，
静止时对水平地面的压力：
F＝G＝mg＝140kg×10N/kg＝1400N，
静止时对水平地面的压强：
p=FS=1400N20×10−2m2=7×103Pa；
（2）该雪地车以36km/h的速度匀速行驶：v＝36km/h＝36×13.6m/s＝10m/s，
根据P=Wt=Fst=Fv可得，所受阻力：
f＝F牵=Pv=8000W10m/s=800N；
（3）由P=Wt可得，该车以8kW的输出功率行驶2h所做的功：
W＝Pt′＝8×103W×2×3600s＝5.76×107J，
汽油完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝3.6kg×4×107J/kg＝1.44×108J，
则雪地车发动机的效率：
η=WQ放=5.76×107J1.44×108J=40%。
答：（1）雪地车载着质量为50kg的人静止在水平地面上，雪地车与地面接触的总面积为20dm2，雪地车对地面的压强是7×103Pa；
（2）雪地车以36km/h的速度在水平地面匀速直线行驶，输出功率为8kW，则雪地车所受阻力是800N；
（3）若雪地车以8kW的输出功率行驶2h，消耗了3.6kg燃油，则雪地车发动机的效率是40%。
【点评】此题考查压强大小的计算、二力平衡条件的应用、燃料的热值，是一道力学和热学综合题，关键是重力、压强公式，功率及其推导公式，效率公式，放热公式等的灵活运用，此外还要知道雪地摩托静止时对水平地面的压力等于重力，当该车在水平雪地上匀速直线行驶时，所受阻力与牵引力是一对平衡力。
24．（8分）表为小李设计的电热水器的部分铭牌信息。该热水器的内部电路如图所示，由控制电路和工作电路组成，其中热敏电阻R和发热电阻R1、R2、R3均置于储水箱中。随着水温的升高，电磁铁中的电流减小，控制电路中的电磁铁会与衔铁断开。已知R1＝44Ω，R2＝88Ω.
工作电路
额定功率
额定电压
保温挡
加热挡
220V
220W
1650W
（1）随着水温升高，热敏电阻阻值R变 大 ，电磁铁中电流变小。当电磁铁与衔铁断开时，工作电路处于 保温 （填“保温”或“加热”）状态。
（2）求R3的阻值。
（3）用电高峰期，家庭电路电压降为198V，此时该热水器加热挡的实际功率为多少？
【分析】（1）根据“随着水温的升高，电磁铁中的电流减小”结合欧姆定律分析热敏电阻的阻值变化，由电路图根据P＝UI=U2R分析判断其工作状态；
（2）根据P＝UI=U2R求出保温挡的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R3的阻值；
（3）根据P＝UI=U2R求出R1、R2的电功率，根据电路的总功率等于各用电器功率之和求出加热挡的实际功率。
【解答】解：（1）随着水温的升高，电磁铁中的电流减小，由欧姆定律可知，热敏电阻的阻值变大；
当电磁铁与衔铁断开时，工作电路中R2、R3串联，由串联电路的电阻特点可知，此时电路中的电阻最大，由P＝UI=U2R可知，电功率最小，工作电路处于保温状态；
（2）由P＝UI=U2R可知，保温挡的总电阻：
R保温=U2P保温=(220V)2220W=220Ω，
由串联电路的电阻特点可知，R3的阻值：
R3＝R保温﹣R2＝220Ω﹣88Ω＝132Ω；
（3）当电磁铁与衔铁吸合时，工作电路中R1、R2并联，由并联电路的电阻特点可知，此时电路中的电阻最小，由P＝UI=U2R可知，电功率最大，工作电路处于加热状态；
由P＝UI=U2R可知，R1的电功率：
P1实=U实2R1=(198V)244Ω=891W，
R2的电功率：
P2实=U实2R2=(198V)288Ω=445.5W，
由并联电路的特点可知，加热挡的实际功率：
P实＝P1实+P2实＝891W+445.5W＝1336.5W。
答：（1）大；保温；
（2）R3的阻值为132Ω；
（3）用电高峰期，家庭电路电压降为198V，此时该热水器加热挡的实际功率为1336.5W。
【点评】本题考查了电磁继电器的工作原理、串并联电路的特点、电功率变形公式的应用、和欧姆定律的应用，是电、热综合题，难度较大，判断用电器状态、熟练掌握基本公式是解决此类综合题的基础。
2022年陕西省宝鸡市中考物理模拟试卷（二）
一、选择题（每小题2分，共计20分。每小题只有一个选项是符合题意的）
1．（2分）中华古诗词、俗语中蕴含着丰富的声学知识，下列有关理解正确的是（ ）
A．“柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可传递信息
B．“响鼓还需重锤敲”说明声音的音调与振幅有关
C．“谁家玉笛暗飞声”中的笛声由笛管的振动产生
D．“闻其声而知其人”是根据声音的响度来辨别的
2．（2分）关于水的物态变化，下列说法中正确的是（ ）
A．冰雹在下落过程中表面熔化成水需要吸收热量
B．从冰箱里拿出的冰块周围出现“白气”是升华现象
C．水蒸气液化成水，分子间距离增大
D．水沸腾时温度不变，内能不变
3．（2分）关于质量和密度，下列说法正确的是（ ）
A．从地球带到太空中的铅笔能“悬浮”于舱内，是由于质量变了
B．氧气罐中的氧气用去一半，密度减小一半
C．同种物质的密度与物体的质量成正比
D．同种物质的状态发生变化后，质量和密度不变
4．（2分）如图是小强用手机、透镜和纸盒自制简易“投影仪”，它能将手机上的画面放大投射到白墙上。下列说法不正确的是（ ）
A．手机屏幕到透镜的距离应在透镜的一倍焦距和二倍焦距之间
B．白墙上呈现的是手机画面倒立、放大的实像
C．若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，白墙上的画面将不再完整
D．从各个角度都能清楚的看到白墙上的像，是因为白墙对照射到其上面的光产生漫反射
5．（2分）如图是太阳能汽车在平直公路上匀速行驶的情形，若不计空气阻力对汽车的影响，则下列说法正确的是（ ）
A．汽车的重力和地面对汽车的支持力是相互作用力
B．汽车受到两对平衡力的作用
C．由于速度大，所以惯性大，使得汽车急刹车不能立即停止
D．太阳能汽车行驶时是将太阳能直接转化成机械能
6．（2分）如图所示的四个热学实验，下列说法中错误的是（ ）
A．将红墨水同时滴入冷、热水烧杯中，热水先变红，说明分子运动快慢跟温度有关
B．用弹簧测力计提起贴在水面的玻璃板时，测力计的示数变大，说明大气压强的存在
C．将活塞迅速下压，使筒内的硝化棉燃烧，说明外界对物体做功，使物体的内能增大
D．向烧瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内出现白雾，说明物体对外界做功，物体内能减小
7．（2分）为保障安全运行，高铁列车上安装有烟雾报警装置。如图所示是某校科技小组设计的列车烟雾报警仪的简化原理图，电源两端电压保持不变，R0为定值电阻，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大，当输出信号端的电压达到某一数值时，报警器开始报警。当列车上有烟雾遮挡了射向光敏电阻R的激光时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表示数不变，输出信号端电压变大
B．电流表示数变小，输出信号端电压变大
C．电流表示数变大，输出信号端电压变小
D．电流表示数变小，输出信号端电压不变
8．（2分）如图所示为家庭电路正常工作的一部分，下列说法中正确的是（ ）
A．导线B与大地之间的电压为220V
B．保险丝能在有人触电时自动切断电路
C．闭合开关后，测电笔先后插入插座的左右插孔，氖管都发光
D．电冰箱的插头插入三孔插座时，能使电冰箱的金属外壳接地
9．（2分）关于下列四幅图，对应的说法正确的是（ ）
A．图甲，通电导体周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失
B．图乙，闭合开关后，通电螺线管右端为N极
C．图丙，司南能指示南北方向，是因为受到地磁场的作用
D．图丁，闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的N、S极，导体棒ab受力方向不变
10．（2分）如图所示，是探究“电流与电阻的关系”实验电路图，电源电压保持3V不变，滑动变阻器的规格是“10Ω 1A”。实验中，先在a、b两点间接入5Ω的电阻，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2V，读出并记录下此时电流表的示数。接着需要更换a、b间的电阻再进行两次实验，为了保证实验的进行，应选择下列的哪两个电阻（ ）
A．10Ω和40Ω B．20Ω和30Ω C．10Ω和20Ω D．30Ω和40Ω
二．填空与作图题（每空1分，作图题4分，共计21分）
11．（3分）陕西的酿酒业有着悠久的历史，周王朝在都城镐京就曾设置专职酒官。如图是将谷物倒入锅中熬制酒料的过程，灶台下木柴燃烧的过程中，剩余木柴的热值 （选填“变大”变小”或”不变”），制酒料的过程中是通过 方式改变酒料的内能，随着酒料温度的上升，散发出的酒香更加浓郁，这是因为分子热运动的剧烈程度和 有关。
12．（3分）2020新春之际，我国出现了罕见的“新冠”病毒，该病毒可通过空气传播。当人吸气时，胸部扩张，胸内肺泡跟着扩张，于是肺的容积增大，肺内空气压强 ， 使含病毒的空气经鼻腔、气管进入肺中；感染病毒的患者咳出痰液后，病毒等又通过痰液的 又回到空气中（填入物态变化名称）。
13．（3分）中国核电集团成立的海上浮动核电站项目，未来将成为我国海上项目的专用“移动充电宝”。它由小型反应堆和船舶组成。“核电宝”发电时，反应堆不停地发生核 变，核能是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，如果船舶的排水量为105t，它满载时所受浮力的大小为 N（g取10N/kg）。
14．（3分）小明用饮料吸管制作了一只简易密度计，将其放入水中时，密度计不能直立，应 （增加/减少）吸管中铁丝质量，改进后，分别用它测量水和盐水的密度时，吸管浸入液体的深度分别为h1和h2，则h1 h2．用它测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，测得的密度偏 。
15．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压恒定不变，图乙是小灯泡L和定值电阻R1的电流与电压关系的图象。当只闭合S1、S2时，电压表示数为2V；当只闭合S2、S3时，电压表示数为4V．则电源电压U＝ V，R2＝ Ω。
16．（3分）小明家有额定功率均为40W的电风扇和白炽灯。正常工作相同的时间， 产生的热量多。小明将家里一个电热水器单独连接在电路中，发现电能表（如图所示）上的铝盘120s内转了125转，电热水器消耗了 的电能，该热水器的实际功率为 W
17．（2分）如图所示，AB为遮光板，S′是点光源S在平面镜中所成的像，S发出的一条光线经平面镜反射后恰好经过凸透镜左侧焦点F。
请画出：
（1）光源S的位置；
（2）光线EF的入射光线；
（3）光线EF经凸透镜后的折射光线。
18．（2分）如图所示，硬质杠杆AOB上挂一重物M，O为支点，请你在杠杆AOB上作出使重物在图示位置静止时的最小拉力F1的示意图和力F2的力臂l2。
三、实验与探究题（共计24分）
19．（4分）小华利用实验室的器材开展了下列实验。根据要求回答问题：
（1）如图甲，将液体压强计的金属盒放入水里，并不断改变金属盒在水中的深度，观察U形玻璃管两边液面的高度差，这样做是想研究 。
（2）如图乙，烧杯和液体的总质量为 g。
（3）图丙中根据大气压与 相等的原理测算出大气压的值。
（4）图丁所示的汽车速度表显示此时车速是 m/s。
20．（5分）弹簧测力计是中学物理重要的测量工具，让我们利用它来探究力学中蕴含的奥秘吧!
小聪用弹簧测力计探究“浮力大小与哪些因素有关”，实验过程如图一所示。
①使用测力计前应先明确弹簧测力计的量程和 ，观察指针是否指在零刻度线的位置。
②分析图中实验数据可知，物体浸没在水中时受到的浮力为 N。
③比较图中甲、乙、丙三次的实验数据，可知浮力的大小与液体的 有关。
④小聪通过数据还计算出物体A的密度为 kg/m3；盐水的密度为 kg/m3。
21．（10分）在“探究电流与电压的关系”的实验中，电源电压为3V，定值电阻为10Ω，滑动变阻器规格为“10Ω 3A”。
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实验电路连接完整（导线不能交叉）；
（2）闭合开关，向左移动滑动变阻器的滑片，电流表的示数将 （填“变小”“变大”或“不变”），而电压表指针偏向表盘零刻度左边，原因是 ；
（3）实验中，通过定值电阻电流的变化范围是 ；
（4）由下表实验数据可得：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压 ；
实验次序
1
2
3
4
5
6
7
电压U/V
1.6
1.8
2.0
2.2
2.4
2.6
2.8
电流I/A
0.16
0.18
0.20
0.22
0.24
0.26
0.28
（5）若将这个定值电阻换成小灯泡，还可以利用上面的仪器测出小灯泡的电阻。
①实验时，连接好电路，发现调节滑动变阻器，电压表始终没有示数，电流表有示数，且小灯泡始终不发光，这可能是因为 ；
②解决问题后，继续实验，得到了如图乙A所示的小灯泡的I﹣U图象，它的电流与电压不成正比，其原因是小灯泡的电阻 ；
③另一组同学用相同的器材和电路图做这个实验时，由于接线错误，根据测量的数据绘出的I﹣U图象如图乙B所示，你认为错误的原因可能是 。
22．（10分）小明陪自己的弟弟玩耍时发现，弟弟的电动汽车充好电后跑得很快，玩一会就变慢了，玩较长时间后电动汽车会跑得很慢。小明猜想：这可能是刚充好电时，电池电压高，玩一会电压变低导致的。于是小明对弟弟的电动汽车电池进行了探究。
（1）首先，小明用 测量了充满电时的电动汽车电池电压；
（2）然后，小明每玩10分钟测量一次电动汽车电池的电压，得到的数据如表所示：
使用时间/min
0
10
20
30
40
50
电压/V
6.8
6.2
6
5.8
5.6
3.6
从表格中的数据可以得出，电池使用的时间越长，电池的电压越 （选填“高”或“低”）。这初步说明小明的猜想是 （选填“正确”或“错误”）的。根据表中的数据还可得出，随着使用时间的增加，电池电压变化速度是 （选填“先快后慢再快”或“先慢后快再慢”）；
（3）小明反思自己的实验过程发现，实验中明显的不足之处是 ，应该进行的操作是 ；
（4）之后，小明联想到弟弟其他的电动玩具，有的是充好电后声音大，越玩声音越小；有的是充好电后转得快，然后越转越慢……请你帮他分析，导致这些现象产生的原因是 。
四．综合题（7+8＝15分）
23．（7分）如图所示为一款雪地摩托车，空车质量为90kg。求：（燃油的热值取q＝4.0×107J/kg，g取10N/kg）
（1）雪地车载着质量为50kg的人静止在水平地面上，雪地车与地面接触的总面积为20dm2，雪地车对地面的压强是多少？
（2）雪地车以36km/h的速度在水平地面匀速直线行驶，输出功率为8kW，则雪地车所受阻力是多少？
（3）若雪地车以8kW的输出功率行驶2h，消耗了3.6kg燃油，则雪地车发动机的效率是多少？
24．（8分）表为小李设计的电热水器的部分铭牌信息。该热水器的内部电路如图所示，由控制电路和工作电路组成，其中热敏电阻R和发热电阻R1、R2、R3均置于储水箱中。随着水温的升高，电磁铁中的电流减小，控制电路中的电磁铁会与衔铁断开。已知R1＝44Ω，R2＝88Ω.
工作电路
额定功率
额定电压
保温挡
加热挡
220V
220W
1650W
（1）随着水温升高，热敏电阻阻值R变 ，电磁铁中电流变小。当电磁铁与衔铁断开时，工作电路处于 （填“保温”或“加热”）状态。
（2）求R3的阻值。
（3）用电高峰期，家庭电路电压降为198V，此时该热水器加热挡的实际功率为多少？
2022年陕西省宝鸡市中考物理模拟试卷（二）
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题2分，共计20分。每小题只有一个选项是符合题意的）
1．（2分）中华古诗词、俗语中蕴含着丰富的声学知识，下列有关理解正确的是（ ）
A．“柴门闻犬吠，风雪夜归人”说明声音可传递信息
B．“响鼓还需重锤敲”说明声音的音调与振幅有关
C．“谁家玉笛暗飞声”中的笛声由笛管的振动产生
D．“闻其声而知其人”是根据声音的响度来辨别的
【分析】（1）声可以传递信息和能量。
（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
（3）物体振动产生声音。
【解答】解：A、“柴门闻犬吠，风雪夜归人”，听到狗的叫声，知道有人来，即说明声音可传递信息，故A正确。
B、“响鼓还需重锤敲”说明声音的响度与振幅有关，故B错误。
C、“谁家玉笛暗飞声”中的笛声由空气柱的振动产生，故C错误。
D、“闻其声而知其人”是根据声音的音色来辨别的，故D错误。
故选：A。
【点评】知道声可以传递信息和能量，理解和区分声的三个特征、知道声的产生条件，可解答此题。
2．（2分）关于水的物态变化，下列说法中正确的是（ ）
A．冰雹在下落过程中表面熔化成水需要吸收热量
B．从冰箱里拿出的冰块周围出现“白气”是升华现象
C．水蒸气液化成水，分子间距离增大
D．水沸腾时温度不变，内能不变
【分析】（1）判断物态变化现象，我们首先要清楚各种物态变化的定义；然后看物态变化中是什么状态变为什么状态，从而确定是什么物态变化。
（2）放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
【解答】解：A、冰雹在下落过程中表面熔化成水需要吸收热量，是熔化现象，吸热，故A正确。
B、从冰箱里拿出的冰块周围出现“白气”，是空气中的水蒸气遇到温度较低的冰块液化成小水珠形成的，是液化现象，故B错误。
C、水蒸气液化成水，分子间距离变小，一般液态物质的体积小于气态，故C错误。
D、水沸腾时吸热，部分水会汽化成水蒸气，水的质量减小了，水分子的个数减少了，温度不变，所以内能减小，故D错误。
故选：A。
【点评】该题通过日常生活中的实例考查学生对物态变化的理解，难度不大，关键是搞清楚物质物态变化前后的状态。
3．（2分）关于质量和密度，下列说法正确的是（ ）
A．从地球带到太空中的铅笔能“悬浮”于舱内，是由于质量变了
B．氧气罐中的氧气用去一半，密度减小一半
C．同种物质的密度与物体的质量成正比
D．同种物质的状态发生变化后，质量和密度不变
【分析】（1）物体所含物质的多少叫质量，质量是物体本身的一种属性，与物体的形状、状态、位置和温度都无关系；
（2）氧气罐中的氧气用去一半，质量减小了一半，体积不变，由密度公式分析密度变化；
（3）密度是物质的一种特性，与物体的体积和质量没有关系。决定密度大小的因素有：物质的种类、温度和状态；
（4）同种物质的状态发生变化，质量不变，密度会变。
【解答】解：A、从地球带到太空中的铅笔，只是位置发生了变化，组成铅笔的物质多少没有变化，所以质量不变，“悬浮”是因为铅笔处于失重状态，故A错误；
B、氧气罐中的氧气用去一半，质量减小了一半，但气体会扩散，体积不变，由ρ=mV可知，密度减小一半，故B正确；
C、同种物质的密度是保持不变的，并不会随质量和体积的改变而改变，故C错误；
D、同种物质的状态发生变化，质量不变，密度会变，如水结冰，密度变小，故D错误。
故选：B。
【点评】此题考查了质量、密度的性质，属于基本概念的考查，正确、全面理解概念是解答的关键。
4．（2分）如图是小强用手机、透镜和纸盒自制简易“投影仪”，它能将手机上的画面放大投射到白墙上。下列说法不正确的是（ ）
A．手机屏幕到透镜的距离应在透镜的一倍焦距和二倍焦距之间
B．白墙上呈现的是手机画面倒立、放大的实像
C．若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，白墙上的画面将不再完整
D．从各个角度都能清楚的看到白墙上的像，是因为白墙对照射到其上面的光产生漫反射
【分析】（1）投影仪利用凸透镜成像的规律，当物距大于焦距，小于二倍焦距时，成倒立、放大的实像的原理。
（2）当反射面上凹凸不平时，光在上面会发生漫反射，发生漫反射的物体可以从不同角度看到。
【解答】解：A、根据投影仪成像的原理可知，手机到透镜的距离应大于焦距，小于二倍焦距，故A正确；
B、投影仪成的像是倒立、放大的实像，故B正确；
C、若用不透明的硬纸板遮住透镜的一部分，白墙上的画面仍然完整，只是亮度变暗，故C错误；
D、发生漫反射的物体可以从不同角度都能看到，因此从各个角度都能清楚的看到白墙上的像，是因为白墙对照射到其上面的光产生漫反射，故D正确。
故选：C。
【点评】本题以自制简易投影仪为例，考查了凸透镜成像规律的应用，要熟知其成像的特点与规律，并会分析其物距和像距的关系。
5．（2分）如图是太阳能汽车在平直公路上匀速行驶的情形，若不计空气阻力对汽车的影响，则下列说法正确的是（ ）
A．汽车的重力和地面对汽车的支持力是相互作用力
B．汽车受到两对平衡力的作用
C．由于速度大，所以惯性大，使得汽车急刹车不能立即停止
D．太阳能汽车行驶时是将太阳能直接转化成机械能
【分析】（1）物体在平衡力的作用下一定处于处于静止或匀速直线运动状态，二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。
（2）处于平衡状态的物体受到平衡力的作用，对汽车进行受力分析即可解答；
（3）惯性是物体固有的属性，惯性和物体的运动状态无关，惯性的大小和质量成正比。
（4）太阳能汽车行驶时将太阳能转化为电能再换化为机械能。
【解答】解：
A、汽车受到的重力和地面对汽车的支持力，二力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上（都作用在汽车上）、作用在同一条直线上，符合二力平衡条件，它们是一对平衡力，不是相互作用力，故A错误；
B、汽车在平直公路上匀速行驶，汽车受到重力和支持力、牵引力和阻力两对平衡力的作用，故B正确；
C、汽车急刹车不能立即停下来是因为汽车有惯性；惯性的大小只跟质量有关，质量越大，惯性越大，和物体的运动速度无关，故C错误；
D、太阳能汽车上的太阳能电池将太阳能转化为电能再转化为机械能，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了增大压强的方法、二力平衡的辨别、太阳能的转化、惯性的理解，是一道综合题，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
6．（2分）如图所示的四个热学实验，下列说法中错误的是（ ）
A．将红墨水同时滴入冷、热水烧杯中，热水先变红，说明分子运动快慢跟温度有关
B．用弹簧测力计提起贴在水面的玻璃板时，测力计的示数变大，说明大气压强的存在
C．将活塞迅速下压，使筒内的硝化棉燃烧，说明外界对物体做功，使物体的内能增大
D．向烧瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内出现白雾，说明物体对外界做功，物体内能减小
【分析】（1）扩散现象表明分子在不停地做无规则运动，分子运动的快慢与温度有关，温度越高分子运动地越剧烈；
（2）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（3）做功可以改变物体的内能，对物体做功，物体的内能增大，物体对外做功，内能减小，内能转化为机械能。
【解答】解：
A、在冷水杯和热水杯中滴入两滴墨水，由于热水的温度高，故分子运动剧烈，会看到热水中的墨水扩散的快，这表明分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子的无规则运动越剧烈，故A正确；
B、缓慢向上提拉与水面接触的玻璃板，在玻璃板离开水面前，弹簧测力计示数变大，说明分子水分子和玻璃分子间存在引力，故B错误；
C、当把活塞迅速压下去时，活塞对空气做功，活塞的内能就会增大，空气的温度就会升高，达到硝化棉的燃烧点，硝化棉就燃烧起来，说明外界对物体做功，使物体的内能增大，故C正确；
D、向烧瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内气体膨胀对外做功，温度降低，内能减小，水蒸气液化形成白雾，说明物体对外界做功，物体内能减小，故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查了对分子动理论和做功改变物体内能的理解，培养应用知识解决实际问题的能力。
7．（2分）为保障安全运行，高铁列车上安装有烟雾报警装置。如图所示是某校科技小组设计的列车烟雾报警仪的简化原理图，电源两端电压保持不变，R0为定值电阻，光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大，当输出信号端的电压达到某一数值时，报警器开始报警。当列车上有烟雾遮挡了射向光敏电阻R的激光时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表示数不变，输出信号端电压变大
B．电流表示数变小，输出信号端电压变大
C．电流表示数变大，输出信号端电压变小
D．电流表示数变小，输出信号端电压不变
【分析】由电路图可知，光敏电阻R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，输出信号端并联在R两端。根据“光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大”判断出当列车上有烟雾遮挡了射向光敏电阻R的激光时R的阻值变化，从而得出总电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻R0两端的电压变化，利用串联电路的电压特点可知R两端的电压变化，从而得出输出信号端的电压变化。
【解答】解：由电路图可知，光敏电阻R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，输出信号端并联在R两端。
因光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大，
所以，当列车上有烟雾遮挡了射向光敏电阻R的激光时，R的阻值变大，电路的总电阻变大，
由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故AC错误；
由U＝IR可知，定值电阻R0两端的电压变小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R两端的电压变大，即输出信号端的电压变大，故B正确、D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“光敏电阻R的阻值随光照强度的减弱而增大”是关键。
8．（2分）如图所示为家庭电路正常工作的一部分，下列说法中正确的是（ ）
A．导线B与大地之间的电压为220V
B．保险丝能在有人触电时自动切断电路
C．闭合开关后，测电笔先后插入插座的左右插孔，氖管都发光
D．电冰箱的插头插入三孔插座时，能使电冰箱的金属外壳接地
【分析】（1）火线和零线间的电压为220V，零线与地之间的电压为0V；
（2）保险丝通常安装在火线上，它是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用；
（3）测电笔接触火线氖管会发光，接触零线不发光；
（4）家庭电路中，金属外壳的用电器都采用三脚插头，当金属外壳的用电器插入三孔插座时，金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故。
【解答】解：A、由图知，保险丝安装在火线上，A是火线，B是零线，零线B与大地之间的电压为0V，故A错误；
B、保险丝在电路中的作用是当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用，但有人触电时电路的电流不是很大，保险丝不会自动切断电路，故B错误；
C、插座的左孔接零线，右孔接火线，所以测电笔插入插座的左插孔氖管不发光，插入插座的右插孔氖管发光，故C错误；
D、三孔插座已接地，当电冰箱的插头插入三孔插座能使电冰箱的金属外壳接地，这样能，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，学好电、用好电！
9．（2分）关于下列四幅图，对应的说法正确的是（ ）
A．图甲，通电导体周围存在着磁场，将小磁针移走，该磁场消失
B．图乙，闭合开关后，通电螺线管右端为N极
C．图丙，司南能指示南北方向，是因为受到地磁场的作用
D．图丁，闭合开关，保持电流方向不变，对调磁体的N、S极，导体棒ab受力方向不变
【分析】（1）通电导线的周围存在磁场，但磁场看不见、摸不着，可以通过小磁针的偏转说明磁场的存在；
（2）安培定则：用右手握螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极；
（3）指南针就是利用地磁的作用来指向南北的；
（4）通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向有关，当其中一个方向变化时，受力方向变化，但当两个方向同时变化时，受力方向不变。
【解答】解：
A、图甲中，通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，磁场仍存在，故A错误；
B、图乙中电源的正极在右侧，可知螺线管中电流方向是由右侧进入左侧流出，利用安培定则可知通电线管的右端为S极，B错误；
C、图丙中，因为地球是一个巨大的磁体，司南能够指示南北方向是因为受到地磁场的作用，故C正确；
D、图丁中，若电流方向不变，对调N、S极即改变了磁感线方向，导体棒ab运动方向将改变，D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电与磁之间的三个联系：通电导体的周围存在磁场、通电导体在磁场中受力和电磁感应现象，还考查了安培定则的应用，要求平时学习时注意区分三个相关实验的原理和应用。
10．（2分）如图所示，是探究“电流与电阻的关系”实验电路图，电源电压保持3V不变，滑动变阻器的规格是“10Ω 1A”。实验中，先在a、b两点间接入5Ω的电阻，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2V，读出并记录下此时电流表的示数。接着需要更换a、b间的电阻再进行两次实验，为了保证实验的进行，应选择下列的哪两个电阻（ ）
A．10Ω和40Ω B．20Ω和30Ω C．10Ω和20Ω D．30Ω和40Ω
【分析】探究“电流与电阻的关系”实验中应控制电阻两端的电压即电压表的示数不变，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点求出滑动变阻器接入电路中的电阻与定值电阻阻值的比值；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，定值电阻的阻值最大，根据比值关系求出定值电阻的最大阻值得出定值电阻的范围，然后结合选项得出答案。
【解答】解：探究“电流与电阻的关系”实验中应控制电阻两端的电压即电压表的示数不变，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
U滑＝U﹣UR＝3V﹣2V＝1V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，根据欧姆定律可得：
R滑R=U滑IURI=U滑UR=1V2V=12，
当滑动变阻器接入电路中的电阻为10Ω时，定值电阻的最大阻值：
Rmax＝2R滑max＝2×10Ω＝20Ω，
即定值电阻的最大阻值不能超过20Ω，
结合选项可知，ABD不符合，C符合。
故选：C。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道探究“电流与电阻的关系”实验中应控制电压表的示数不变，且滑动变阻器接入电路中的阻值最大时定值电阻的阻值也最大。
二．填空与作图题（每空1分，作图题4分，共计21分）
11．（3分）陕西的酿酒业有着悠久的历史，周王朝在都城镐京就曾设置专职酒官。如图是将谷物倒入锅中熬制酒料的过程，灶台下木柴燃烧的过程中，剩余木柴的热值 不变 （选填“变大”变小”或”不变”），制酒料的过程中是通过 热传递 方式改变酒料的内能，随着酒料温度的上升，散发出的酒香更加浓郁，这是因为分子热运动的剧烈程度和 温度 有关。
【分析】（1）热值是燃料的特性，其大小与燃料的种类有关，而与燃料的质量无关；
（2）改变内能有两种方式：做功和热传递；
（3）分子永不停息地做无规则运动，物体温度越高，分子运动越剧烈。
【解答】解：
热值是燃料的特性，其大小与燃料的质量无关，所以，在木柴燃烧的过程中，剩余木柴的热值不变；
熬制酒料的过程是通过热传递的方式改变酒料的内能；
随着酒料温度的上升，散发出的酒香更加浓郁，说明料酒的分子在不停地做无规则运动，且温度越高，分子无规则运动越剧烈，即分子热运动的剧烈程度与温度有关。
故答案为：不变；热传递；温度。
【点评】此题考查了燃料热值的本质、改变内能的方法和以及分子运动的知识，是一道联系实际的应用题，体现了物理知识与实际生活的密切关系。
12．（3分）2020新春之际，我国出现了罕见的“新冠”病毒，该病毒可通过空气传播。当人吸气时，胸部扩张，胸内肺泡跟着扩张，于是肺的容积增大，肺内空气压强 减小 ， 大气压 使含病毒的空气经鼻腔、气管进入肺中；感染病毒的患者咳出痰液后，病毒等又通过痰液的 汽化 又回到空气中（填入物态变化名称）。
【分析】一定质量的气体体积减小时、压强增大，体积增大时、压强减小；物质从液态变为气态叫汽化，有蒸发和沸腾两种方式。
【解答】解：当我们吸气时，胸部扩张，胸内肺泡跟着扩张、于是肺的容积增大，肺内空气压强减小，大气压使含病毒的空气进入肺中；
呼气时，胸部收缩，肺的容积减小，肺内含病毒的空气压强增大，其中部分经气管、泉腔排出体外，还有一部分经痰液排出，通过痰液的汽化又回到空气中，这样病毒通过空气传播。
故答案为：减小；大气压；汽化。
【点评】本题考查了呼吸气原理以及汽化知识，难度不大。
13．（3分）中国核电集团成立的海上浮动核电站项目，未来将成为我国海上项目的专用“移动充电宝”。它由小型反应堆和船舶组成。“核电宝”发电时，反应堆不停地发生核 裂 变，核能是 不可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，如果船舶的排水量为105t，它满载时所受浮力的大小为 109 N（g取10N/kg）。
【分析】核能是利用核裂变、核能是不可再生能源。
如果船舶的排水量为105t，根据F浮＝G排＝m排g得出它满载时所受浮力的大小。
【解答】解：“核电宝”发电时，反应堆不停地发生核裂变，核能是不可再生能源。
如果船舶的排水量为105t，它满载时所受浮力的大小为F浮＝G排＝m排g＝105×103kg×10N/kg＝109N。
故答案为：裂；不可再生；109。
【点评】本题考查核裂变和浮力的有关知识，难度不大。
14．（3分）小明用饮料吸管制作了一只简易密度计，将其放入水中时，密度计不能直立，应 增加 （增加/减少）吸管中铁丝质量，改进后，分别用它测量水和盐水的密度时，吸管浸入液体的深度分别为h1和h2，则h1 ＞ h2．用它测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，测得的密度偏 大 。
【分析】（1）密度计不能直立漂浮可能是重心较高或底端较轻造成的；
（2）根据密度计漂浮时浮力等于重力列出关系式即可求出液体的密度；
（3）由于密度计漂浮时浮力不变，根据阿基米德原理判断出排开液体的体积不变，由于吸管上“沾”上许多小气泡，则排开液体的体积会变大，而使密度计浸入液体的深度变小，
【解答】解：
（1）小明将自制的密度计放入水中，密度计不能直立漂浮，应降低其重心，故需要增加吸管中铁丝质量；
（2）因为密度计不管是在水中还是在盐水中，都是漂浮状态，
所以F浮水＝F浮盐水＝G，
设密度计的底面积为S，则根据G＝F浮液＝ρ液gV浸得：
ρ水gSh1＝ρ盐水gSh2，
已知：ρ水＜ρ盐水，所以h1＞h2，
（3）由于密度计漂浮时浮力等于重力，重力不变，则浮力不变；
根据F浮＝ρ液gV排可知排开液体的体积不变，
当测量可乐密度时，吸管上“沾”上许多小气泡，此时V排＝V气泡+V浸，
所以，密度计浸入可乐中的体积变小，
由于密度计的刻度是越往下对应的密度越大，所以，测得的液体密度偏大。
故答案为：增加；＞；大。
【点评】密度计是物体的沉浮条件的实际应用，要结合阿基米德原理和沉浮条件分析有关问题：放入不同的液体，液体密度越大，排开体积越小。
15．（2分）如图甲所示的电路中，电源电压恒定不变，图乙是小灯泡L和定值电阻R1的电流与电压关系的图象。当只闭合S1、S2时，电压表示数为2V；当只闭合S2、S3时，电压表示数为4V．则电源电压U＝ 8 V，R2＝ 5 Ω。
【分析】（1）当只闭合S1、S2时，R1与L串联，电压表测灯泡两端电压，由图象此时灯泡的电流，由串联电路特点和欧姆定律计算R1的电压，从而得到电源电压；
（2）当只闭合S2、S3时，R2与L串联，电压表仍测灯泡两端电压，由图象读出此时灯泡的电流，由串联电路特点和欧姆定律计算R2的阻值。
【解答】解：
（1）由电路图可知，当只闭合S1、S2时，R1与L串联，电压表测灯泡两端电压，
由图象知，灯泡两端电压为2V时的电流为0.6A，串联电路中电流处处相等，即通过R1的电流也为0.6A，
R1的电流为0.2A时，电压为2V，R1的电流与电压成正比，所以R1的电流为0.6A，它两端电压为6V，
所以电源电压U＝UL+U1＝2V+6V＝8V；
（2）当只闭合S2、S3时，R2与L串联，电压表仍测灯泡两端电压，
灯泡两端电压为4V，由图象知，此时通过灯泡的电流为0.8A，
由串联电路特点可知，I2＝IL＝0.8A，
U2＝U﹣UL＝8V﹣4V＝4V，
由欧姆定律可得R2的阻值：
R2=U2I2=4V0.8A=5Ω。
故答案为：8；5。
【点评】本题考查了串联电路特点和欧姆定律公式的应用，注意灯泡的电流与电压不成是正比的，定值电阻的电流与电压是成正比的。
16．（3分）小明家有额定功率均为40W的电风扇和白炽灯。正常工作相同的时间， 白炽灯 产生的热量多。小明将家里一个电热水器单独连接在电路中，发现电能表（如图所示）上的铝盘120s内转了125转，电热水器消耗了 1.5×105J 的电能，该热水器的实际功率为 1250 W
【分析】（1）根据电风扇和白炽灯这两种用电器工作时的能量转化情况分析判断。
（2）从表盘中可得，电能表转3000转消耗的电能为1kW•h，从而可以计算出电能表的铝盘转125转消耗的电能；知道电热水器的额定电压和额定功率，可利用公式R=U2P计算出电热水器的电阻，又知道工作时间，可利用公式P=Wt计算出电热水器的实际功率。
【解答】解：（1）电风扇在工作时消耗电能，大部分转化为机械能，少部分转化为内能，而白炽灯工作时电能大部分转化为内能，少部分转化为光能；
故在电功率相同、通电时间相同时，白炽灯工作时把电能转化为内能多，产生的热量多；
（2）因为电能表转3000转消耗的电能为1KW•h，
所以电能表的铝盘转125转消耗的电能为：
W=1253000kW•h=1253000×3.6×106J＝1.5×105J，
电热水器的实际功率为：
P实=Wt=1.5×105J120s=1250W。
故答案为：白炽灯；1.5×105J；1250。
【点评】本题考查了学生对用电器的能量转化、电能表参数的理解和掌握以及电功率公式的应用，利用电能表测用电器的电功率是比较常见的类型题，要注意掌握。
17．（2分）如图所示，AB为遮光板，S′是点光源S在平面镜中所成的像，S发出的一条光线经平面镜反射后恰好经过凸透镜左侧焦点F。
请画出：
（1）光源S的位置；
（2）光线EF的入射光线；
（3）光线EF经凸透镜后的折射光线。
【分析】（1）根据平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称作出光源S的位置；
（2）连接光源S与入射点补出入射光线；
（3）凸透镜三条特殊光线的作图：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
【解答】解：（1）通过平面镜作出S′的对称点S，即为光源S的位置，
（2）连接S与入射点E，则SE即为光线EF的入射光线；
（3）由图可知，光线EF过凸透镜左侧焦点F，则该光线经凸透镜折射后将平行于主光轴射出，如图所示：
【点评】此题考查光的反射定律作图、平面镜成像特点和原理来完成光路，凸透镜三条特殊光线的作图，综合性较强。
18．（2分）如图所示，硬质杠杆AOB上挂一重物M，O为支点，请你在杠杆AOB上作出使重物在图示位置静止时的最小拉力F1的示意图和力F2的力臂l2。
【分析】（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1 L1＝F2 L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
【解答】解：由杠杆平衡条件F1 L1＝F2 L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长，过A点垂直于OA作出最小力的示意图，由图知，最小力的方向向右上方，然后由O点向力F2的作用线作垂线，这就是力臂L2．如图所示：
【点评】本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
三、实验与探究题（共计24分）
19．（4分）小华利用实验室的器材开展了下列实验。根据要求回答问题：
（1）如图甲，将液体压强计的金属盒放入水里，并不断改变金属盒在水中的深度，观察U形玻璃管两边液面的高度差，这样做是想研究 液体内部压强与深度的关系 。
（2）如图乙，烧杯和液体的总质量为 107 g。
（3）图丙中根据大气压与 水银柱产生的压强 相等的原理测算出大气压的值。
（4）图丁所示的汽车速度表显示此时车速是 25 m/s。
【分析】（1）如图甲，将液体压强计的金属盒放入水里，并不断改变金属盒在水中的深度，且液体的密度不变，据此分析；
（2）物体的质量等砝码的质量加游码的示数；
（3）图丙中根据大气压与水银柱产生的压强相等的原理测算出大气压的值。
（4）深速度表上的速度单位为km/h，据此得出图丁所示的汽车速度；3.6km/h＝1m/s。
【解答】解：（1）如图甲，将液体压强计的金属盒放入水里，并不断改变金属盒在水中的深度，观察U形玻璃管两边液面的高度差．这样做是想研究液体内部压强与深度的关系；
（2）如图乙，烧杯和液体的总质量为：100g+5g+2g＝107g；
（3）图丙中根据大气压与水银柱产生的压强相等的原理测算出大气压的值。
（4）深速度表上的速度单位为km/h，图丁所示的汽车速度表显示此时车速是90km/h＝25m/s。
故答案为：
（1）液体内部压强与深度的关系；
（2）107；
（3）水银柱产生的压强；
（4）25。
【点评】本题考查液体压强、天平和速度的读数、大气压强等知识，综合性较强。
20．（5分）弹簧测力计是中学物理重要的测量工具，让我们利用它来探究力学中蕴含的奥秘吧!
小聪用弹簧测力计探究“浮力大小与哪些因素有关”，实验过程如图一所示。
①使用测力计前应先明确弹簧测力计的量程和 分度值 ，观察指针是否指在零刻度线的位置。
②分析图中实验数据可知，物体浸没在水中时受到的浮力为 1 N。
③比较图中甲、乙、丙三次的实验数据，可知浮力的大小与液体的 密度 有关。
④小聪通过数据还计算出物体A的密度为 4×103 kg/m3；盐水的密度为 1.2×103 kg/m3。
【分析】①测力计使用前，要观察弹簧测力计的量程、零刻度线和分度值；
②据图读出物块所受重力和拉力（读取弹簧测力计示数时要明确其分度值），然后利用称重法可求出浮力的大小；
③分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论。
④根据F浮＝ρgV排可求得物体排开水的体积，因为物体浸没在水中，所以物体的体积V＝V排，根据盐水中浮力大小，求得盐水的密度；根据G＝mg算出物体A的质量，然后根据密度公式可求得物体的密度。
【解答】解：①测量物体重力前应先观察弹簧测力计的量程、分度值，并观察指针是否指在零刻度线；
②由图甲可知，物体的重力为4N；
由图甲和乙可知物体完全浸没在水中受到的浮力：F浮＝G﹣F＝4N﹣3N＝1N；
③丙图中弹簧测力计的示数为2.8N，由图甲和丙可知物体完全浸没在盐水中受到的浮力：F浮′＝G﹣F′＝4N﹣2.8N＝1.2N；乙和丙排开液体的体积相同，浮力不同，说明浮力与液体的密度有关；
④由F浮＝ρgV排可得，
物体A排开水的体积V排水=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=10﹣4m3，
因为物体完全浸没在盐水中，所以V排水＝V排盐水，
盐水中受到的浮力：F'浮＝1.2N；
故由F浮＝ρgV排盐水可得，盐水的密度为：
ρ盐水=F′浮gV排盐水=1.2N10N/kg×10−4m3=1.2×103kg/m3＝1.2g/cm3；
由F浮＝ρgV排可得，
因为物体浸没在水中，所以物体A的体积V＝V排＝10﹣4m3，
由G＝mg得，
物体A的质量m=Gg=4N10N/kg=0.4kg，
物体A的密度为：ρ=mV=0.4kg10−4m3=4×103kg/m3。
故答案为：①分度值； ②1；③密度；④4×103；1.2×103。
【点评】本题考查了影响浮力的因素，考查实验原理及控制变量法的运用和影响浮力大小的因素，体现了对过程和方法的考查。
21．（10分）在“探究电流与电压的关系”的实验中，电源电压为3V，定值电阻为10Ω，滑动变阻器规格为“10Ω 3A”。
（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实验电路连接完整（导线不能交叉）；
（2）闭合开关，向左移动滑动变阻器的滑片，电流表的示数将 变大 （填“变小”“变大”或“不变”），而电压表指针偏向表盘零刻度左边，原因是 电压表正负接线柱接反了 ；
（3）实验中，通过定值电阻电流的变化范围是 0.15～0.3A ；
（4）由下表实验数据可得：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压 成正比 ；
实验次序
1
2
3
4
5
6
7
电压U/V
1.6
1.8
2.0
2.2
2.4
2.6
2.8
电流I/A
0.16
0.18
0.20
0.22
0.24
0.26
0.28
（5）若将这个定值电阻换成小灯泡，还可以利用上面的仪器测出小灯泡的电阻。
①实验时，连接好电路，发现调节滑动变阻器，电压表始终没有示数，电流表有示数，且小灯泡始终不发光，这可能是因为 灯泡短路 ；
②解决问题后，继续实验，得到了如图乙A所示的小灯泡的I﹣U图象，它的电流与电压不成正比，其原因是小灯泡的电阻 随温度变化而变化 ；
③另一组同学用相同的器材和电路图做这个实验时，由于接线错误，根据测量的数据绘出的I﹣U图象如图乙B所示，你认为错误的原因可能是 电压表与滑动变阻器并联 。
【分析】（1）根据电压电压确定电压表量程；
（2）根据向左移动滑动变阻器的滑片，变阻器连入电路中电阻变化，根据电阻的串联和欧姆定律确定流表的示数将变化；电流应从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则电压表指针反向偏转；
（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大为10Ω 时，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求最小电流；
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，根据欧姆定律求最大电流；
（4）由表中数据求出电压和对应的电流之比分析得出结论；
（5）①实验时，连接好电路，电流表有示数，则电路为通路，根据小灯泡始终不发光，电压表始终没有示数分析原因；
②小灯泡的电阻随温度变化而变化；
③分析电路连接，当电路的电流变大时，由欧姆定律和串联电路电压的规律分析回答。
【解答】解：（1）电源电压为3V，故电压表选用小量程与电阻并联，如下所示：
（2）闭合开关，向左移动滑动变阻器的滑片，变阻器连入电路中电阻变小，根据电阻的串联规律，电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电流表的示数将变大；
而电压表指针偏向表盘零刻度左边，原因是：电压表正负接线柱接反了；
（3）由已知条件，变阻器的最大电阻为10Ω，电源电压为3V，定值电阻为10Ω，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大为10Ω 时，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律，最小电流为：
I小=UR+R滑大=3V10Ω+10Ω=0.15A，
当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大：
I大=UR=3V10Ω=0.3A，故通过定值电阻电流的变化范围是0.15A﹣0.3A；
（4）由表中数据可知，电压与电流大小之比：UI=1.60.16=−−−=2.80.28=10（定值），
故在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
（5）①实验时，连接好电路，发现调节滑动变阻器，电流表有示数，则电路为通路，且小灯泡始终不发光，电压表始终没有示数，这可能是因为灯泡短路；
②根据欧姆定律的变形公式U＝IR，因小灯泡的电阻随温度变化而变化，即R不是一个定值，故电流与电压不成正比；
③灯与变阻器串联，当电路的电流变大时，对应的灯的电压变大，由串联电路电压的规律，变阻器的电压变小说，根据丙图中的B图象，随着电流的增大，电压减小，因此电压表接在了滑动变阻器两端。
故答案为：
（1）如上所示：
（2）变大；电压表正负接线柱接反了；（3）0.15A﹣0.3A； （4）成正比；（5）①灯泡短路； ②随温度变化而变化；③电压表与滑动变阻器并联。
【点评】本题探究电流与电压的关系，考查电路的连接、电压表使用注意事项、串联电路规律和欧姆定律的运用、数据分析、影响灯丝电阻的因素、反常现象的分析。
22．（10分）小明陪自己的弟弟玩耍时发现，弟弟的电动汽车充好电后跑得很快，玩一会就变慢了，玩较长时间后电动汽车会跑得很慢。小明猜想：这可能是刚充好电时，电池电压高，玩一会电压变低导致的。于是小明对弟弟的电动汽车电池进行了探究。
（1）首先，小明用 电压表 测量了充满电时的电动汽车电池电压；
（2）然后，小明每玩10分钟测量一次电动汽车电池的电压，得到的数据如表所示：
使用时间/min
0
10
20
30
40
50
电压/V
6.8
6.2
6
5.8
5.6
3.6
从表格中的数据可以得出，电池使用的时间越长，电池的电压越 低 （选填“高”或“低”）。这初步说明小明的猜想是 正确 （选填“正确”或“错误”）的。根据表中的数据还可得出，随着使用时间的增加，电池电压变化速度是 先快后慢再快 （选填“先快后慢再快”或“先慢后快再慢”）；
（3）小明反思自己的实验过程发现，实验中明显的不足之处是 电池有内电阻，大小会变化 ，应该进行的操作是 增加电流表，同时测电池电流 ；
（4）之后，小明联想到弟弟其他的电动玩具，有的是充好电后声音大，越玩声音越小；有的是充好电后转得快，然后越转越慢……请你帮他分析，导致这些现象产生的原因是 同时测量电池电流电阻随温度升高后，玩具输出功率变小 。
【分析】（1）用电压表可测电池的电压；
（2）由表中数据可知，电池使用的时间越长，电池的电压越低；说明小明的猜想是正确的；随着使用时间的增加，电池电压变化速度是先快后慢再快；
（3）因电池有内电阻，大小会变化，直接用电压表测得电池电压与它提供外电路的电压不同；应增加电流表，同时测电池电流；
（4）长时间使用电池，电池输出电压降低。
【解答】解：（1）电压表是测量电压的一种仪器，故需用电压表测量充满电时的电动汽车电池电压；
（2）从表格中的主句可以得出，电池使用的时间越长，电池的电压越低；
这初步说明小明的猜想“刚充好电时，电池电压高，玩一会电压变低导致的“是正确的；
根据表中的数据还可得出，随着使用时间的增加，前10分钟压降0.6V，10至40分钟内每10分钟压降0.2V，40至50分钟压降2V，故电池电压变化速度是先快后慢再快；
（3）实验中明显的不足之处是未考虑电池内阻的变化，应该增加电流表，同时测量电池电流；
（4）根据功率公式P＝UI=U2R，可知，当电阻随温度升高后，玩具输出功率变小，故有的是充好电后声音大，越玩声音越小；有的是充好电后转得快，然后越转越慢。
故答案为：（1）电压表；（2）低；正确；先快后慢再快；（3）电池有内电阻，大小会变化；增加电流表，同时测电池电流；（4）同时测量电池电流电阻随温度升高后，玩具输出功率变小。
【点评】本题考查了电压表的作用、电池电压随使用时间的变化规律，明确表格中的数据变化是解题的关键。
四．综合题（7+8＝15分）
23．（7分）如图所示为一款雪地摩托车，空车质量为90kg。求：（燃油的热值取q＝4.0×107J/kg，g取10N/kg）
（1）雪地车载着质量为50kg的人静止在水平地面上，雪地车与地面接触的总面积为20dm2，雪地车对地面的压强是多少？
（2）雪地车以36km/h的速度在水平地面匀速直线行驶，输出功率为8kW，则雪地车所受阻力是多少？
（3）若雪地车以8kW的输出功率行驶2h，消耗了3.6kg燃油，则雪地车发动机的效率是多少？
【分析】（1）利用G＝mg求重力，静止时对水平地面的压力等于重力，又知受力面积，利用p=FS求解压强；
（2）当该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶时，所受阻力与牵引力是一对平衡力，大小相等，利用P=Wt=Fst=Fv求解即可；
（3）利用P=Wt求出汽油该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶23min所做的功，然后利用Q放＝mq求汽油完全燃烧放出的热量，利用η=WQ放求出效率。
【解答】解：
（1）空车质量为90kg，雪地车载着质量为50kg的人静止在水平地面上，总质量m＝90kg+50kg＝140kg，
静止时对水平地面的压力：
F＝G＝mg＝140kg×10N/kg＝1400N，
静止时对水平地面的压强：
p=FS=1400N20×10−2m2=7×103Pa；
（2）该雪地车以36km/h的速度匀速行驶：v＝36km/h＝36×13.6m/s＝10m/s，
根据P=Wt=Fst=Fv可得，所受阻力：
f＝F牵=Pv=8000W10m/s=800N；
（3）由P=Wt可得，该车以8kW的输出功率行驶2h所做的功：
W＝Pt′＝8×103W×2×3600s＝5.76×107J，
汽油完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝3.6kg×4×107J/kg＝1.44×108J，
则雪地车发动机的效率：
η=WQ放=5.76×107J1.44×108J=40%。
答：（1）雪地车载着质量为50kg的人静止在水平地面上，雪地车与地面接触的总面积为20dm2，雪地车对地面的压强是7×103Pa；
（2）雪地车以36km/h的速度在水平地面匀速直线行驶，输出功率为8kW，则雪地车所受阻力是800N；
（3）若雪地车以8kW的输出功率行驶2h，消耗了3.6kg燃油，则雪地车发动机的效率是40%。
【点评】此题考查压强大小的计算、二力平衡条件的应用、燃料的热值，是一道力学和热学综合题，关键是重力、压强公式，功率及其推导公式，效率公式，放热公式等的灵活运用，此外还要知道雪地摩托静止时对水平地面的压力等于重力，当该车在水平雪地上匀速直线行驶时，所受阻力与牵引力是一对平衡力。
24．（8分）表为小李设计的电热水器的部分铭牌信息。该热水器的内部电路如图所示，由控制电路和工作电路组成，其中热敏电阻R和发热电阻R1、R2、R3均置于储水箱中。随着水温的升高，电磁铁中的电流减小，控制电路中的电磁铁会与衔铁断开。已知R1＝44Ω，R2＝88Ω.
工作电路
额定功率
额定电压
保温挡
加热挡
220V
220W
1650W
（1）随着水温升高，热敏电阻阻值R变 大 ，电磁铁中电流变小。当电磁铁与衔铁断开时，工作电路处于 保温 （填“保温”或“加热”）状态。
（2）求R3的阻值。
（3）用电高峰期，家庭电路电压降为198V，此时该热水器加热挡的实际功率为多少？
【分析】（1）根据“随着水温的升高，电磁铁中的电流减小”结合欧姆定律分析热敏电阻的阻值变化，由电路图根据P＝UI=U2R分析判断其工作状态；
（2）根据P＝UI=U2R求出保温挡的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R3的阻值；
（3）根据P＝UI=U2R求出R1、R2的电功率，根据电路的总功率等于各用电器功率之和求出加热挡的实际功率。
【解答】解：（1）随着水温的升高，电磁铁中的电流减小，由欧姆定律可知，热敏电阻的阻值变大；
当电磁铁与衔铁断开时，工作电路中R2、R3串联，由串联电路的电阻特点可知，此时电路中的电阻最大，由P＝UI=U2R可知，电功率最小，工作电路处于保温状态；
（2）由P＝UI=U2R可知，保温挡的总电阻：
R保温=U2P保温=(220V)2220W=220Ω，
由串联电路的电阻特点可知，R3的阻值：
R3＝R保温﹣R2＝220Ω﹣88Ω＝132Ω；
（3）当电磁铁与衔铁吸合时，工作电路中R1、R2并联，由并联电路的电阻特点可知，此时电路中的电阻最小，由P＝UI=U2R可知，电功率最大，工作电路处于加热状态；
由P＝UI=U2R可知，R1的电功率：
P1实=U实2R1=(198V)244Ω=891W，
R2的电功率：
P2实=U实2R2=(198V)288Ω=445.5W，
由并联电路的特点可知，加热挡的实际功率：
P实＝P1实+P2实＝891W+445.5W＝1336.5W。
答：（1）大；保温；
（2）R3的阻值为132Ω；
（3）用电高峰期，家庭电路电压降为198V，此时该热水器加热挡的实际功率为1336.5W。
【点评】本题考查了电磁继电器的工作原理、串并联电路的特点、电功率变形公式的应用、和欧姆定律的应用，是电、热综合题，难度较大，判断用电器状态、熟练掌握基本公式是解决此类综合题的基础。
相关试卷
2023年陕西省宝鸡市陇县中考物理三模试卷： 这是一份2023年陕西省宝鸡市陇县中考物理三模试卷，共22页。试卷主要包含了2kW⋅h等内容，欢迎下载使用。
2023年陕西省宝鸡市陈仓区中考物理三模试卷： 这是一份2023年陕西省宝鸡市陈仓区中考物理三模试卷，共23页。试卷主要包含了 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年陕西省宝鸡市凤翔县中考物理二模试卷（含解析）： 这是一份2023年陕西省宝鸡市凤翔县中考物理二模试卷（含解析），共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
