2020年北京大兴区中考物理一模练习题

这是一份2020年北京大兴区中考物理一模练习题，共39页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，实验解答题，科普阅读题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2020年北京市大兴区中考物理一模试卷
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分．）
1．（2分）下列厨房用品中，通常情况下属于导体的是（　　）
A．竹制菜板 B．陶瓷汤匙 C．铁制炊具 D．塑料薄膜
2．（2分）下列用电器中，利用电流热效应工作的是（　　）
A．计算机 B．电视机 C．电动剪刀 D．电热水器
3．（2分）下列实例中，关于摩擦力的判断正确的是（　　）
A．给自行车握把刻上花纹是为了增大摩擦
B．给自行车轴添加润滑油是为了增大摩擦
C．给饮料瓶盖刻上条纹是为了减小摩擦
D．给结冰的路面除冰是为了减小摩擦
4．（2分）下列实例中，为了减小压强的是（　　）
A．注射器的针头做得很尖锐
B．菜刀的刀刃磨得很锋利
C．压路机的铁辊做得很重
D．汽车安全带做得很宽
5．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（　　）
A．用铜丝代替空气开关
B．用湿抹布擦拭电源开关
C．家庭电路着火时首先要用水浇灭起火点
D．把电灯的开关接在火线上
6．（2分）关于声现象，下列叙述中正确的是（　　）
A．声音可以在真空中传播
B．一切发声的物体都在振动
C．给摩托车安装消音器，是在传播途径上阻断噪声传播
D．在民乐合奏时能分辨出二胡的声音，是因为不同乐器的响度不同
7．（2分）当加油机与受油机运动的快慢相同时，可以在空中完成加油任务，从而提高受油机的续航能力。如图所示，为加油机正在给受油机在空中加油的情景。以下判断中正确的是（　　）

A．以加油机为参照物，受油机是运动的
B．以受油机为参照物，加油机是静止的
C．以地面为参照物，加油机是静止的
D．以地面为参照物，受油机是静止的
8．（2分）如图所示的四种情形中，对力是否做功判断正确的是（　　）
A．甲图中人提着滑板在平直的道路上匀速行走，人对滑板做了功
B．乙图中人推着货车在平直的道路上匀速行走，人对货车做了功
C．丙图中人用力搬石头但石头仍保持静止，人对石头做了功
D．丁图中人举着杠铃保持静止的过程中，人对杠铃做了功
9．（2分）医用防护服在医护人员和外界之间形成一个隔离的防护层，可以避免医护人员受到外界的细菌或病毒侵害，如图所示。医护人员长时间穿戴防护服后，在护目镜上易形成一层水雾，严重影响医护人员的视线。护目镜上“水雾”的形成过程属于（　　）

A．熔化 B．凝固 C．液化 D．凝华
10．（2分）如图所示的电路中，假定电源两端电压保持不变。当开关S闭合时，灯泡L正常发光。如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则下列说法中正确的是（　　）

A．电压表的示数变大，灯泡L变亮
B．电压表的示数变大，灯泡L变暗
C．电压表的示数变小，灯泡L变亮
D．电压表的示数变小，灯泡L变暗
11．（2分）如图所示的电路中，将开关S闭合，两个灯泡都发光，设此时通过灯泡L1的电流为I1，通过灯泡L2的电流为I2，通过电源的电流为I，灯泡L1两端的电压为U1，灯泡L2两端的电压为U2，电源两端的电压为U．以下关系中正确的是（　　）

A．I1＝I2＝I，U1＝U2＝U B．I1+I2＝I，U1+U2＝U
C．I1+I2＝I，U1＝U2＝U D．I1＝I2＝I，U1+U2＝U
12．（2分）将小木桌按图甲和图乙两种方式放置在厚海绵上，小桌上分别放置一个相等质量的铁块。以下判断中正确的是（　　）

A．甲图中小木桌对海绵的压力比乙图中小木桌对海绵的压力大
B．乙图中小木桌对海绵的压力比甲图中小木桌对海绵的压力大
C．甲图中小木桌对海绵的压强比乙图中小木桌对海绵的压强大
D．乙图中小木桌对海绵的压强比甲图中小木桌对海绵的压强大
13．（2分）如图所示，把一个薄壁金属管固定在支座上，管中装一些酒精，然后用软木塞塞紧。把一根皮条缠在管子上，迅速来回拉动皮条，过一会儿会看到软木塞被顶开。以下说法中正确的是（　　）

A．人拉动皮条使金属管内能增加，是用做功的方法改变内能
B．金属管内的酒精升温内能增大，是用做功的方法改变内能
C．酒精蒸汽把软木塞顶出去的过程，把动能转化为内能
D．酒精蒸汽把软木塞顶出去的过程，酒精蒸汽的内能增大
14．（2分）水平桌面上两个静止放置的玻璃杯甲和乙，它们的底面积相等。分别向两个杯中注水使两个杯中的水面在同一个水平面上，如图所示。假定两个玻璃杯的质量相等且玻璃的厚度可以忽略，甲中的水对杯底的压强为p1，甲对桌面的压力大小为F1，乙中的水对杯底的压强为p2，乙对桌面的压力大小为F2．以下关系中正确的是（　　）

A．p1＝p2，F1＝F2 B．p1＜p2，F1＜F2
C．p1＝p2，F1＜F2 D．p1＜p2，F1＝F2
15．（2分）如图所示，水平桌面上放置一个电子秤，电子秤上有一盛水的溢水杯，杯内水面跟溢水口相平。现用弹簧测力计悬挂一个圆柱体铝块，将铝块缓缓地浸入水中，直到铝块完全浸没在水中为止，整个过程铝块未接触杯底和侧壁。则从铝块下表面开始接触水面到上表面刚没入水中的过程中（　　）

A．测力计的示数变小，电子秤的示数变大
B．测力计的示数变小，电子秤的示数不变
C．测力计的示数变大，电子秤的示数变小
D．测力计的示数变大，电子秤的示数不变
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共10分，每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的不得分．）
16．（2分）关于热现象，下列说法中正确的是（　　）
A．50℃水的温度比20℃水的温度高
B．50℃水的内能比20℃水的内能大
C．50℃水的比热容比20℃水的比热容大
D．50℃水的分子比20℃水的分子运动的剧烈
17．（2分）如图所示，蹦床运动员离开床面向上运动的过程中速度越来越小，则在此过程中（　　）

A．运动员没有惯性，运动状态没有发生变化
B．运动员有惯性，运动状态发生了变化
C．运动员的重力势能增大，动能也增大
D．运动员的重力势能增大，动能减小
18．（2分）如图所示，在蹄形磁体的磁场中放置一根导体棒，再用两根绝缘细线将导体棒悬挂起来，使导体棒保持水平状态且可以在磁场中自由运动，导体棒的两端跟灵敏电流计连接。仅利用此装置就可以完成的实验是（　　）

A．探究感应电流的方向跟导体棒的运动方向是否有关
B．探究感应电流的大小跟导体棒的速度大小是否有关
C．探究电流产生的磁场方向跟电流方向是否有关
D．探究感应电流的方向跟磁场的方向是否有关
19．（2分）下列说法中正确的是（　　）
A．风能是可再生能源
B．石油是可再生能源
C．电动机工作时主要把电能转化为机械能
D．热机在工作时可以把内能全部转化为机械能
20．（2分）如图甲所示，弹簧测力计下端悬挂着一个小圆柱体物块，物块浸没在盛水的大水槽中。现将测力计缓缓提升，直到圆柱体物块全部露出水面一段距离，在该过程中测力计的示数F随圆柱体上升高度h的关系如图乙所示。已知g＝10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3，水槽内水面的变化可以忽略不计，则下列判断中正确的是（　　）

A．圆柱体浸没在水中时受到的浮力是1.5N
B．圆柱体受到的重力是2.5N
C．圆柱体的体积是10﹣4m3
D．圆柱体的高度是5cm
三、实验解答题（共39分）
21．（2分）如图所示，电能表的示数是　 　kW•h。

22．（2分）如图所示，电阻箱的示数为　 　Ω。

23．（2分）如图所示，螺线管的A、B接线柱接通电源后，在它附近自由静止的小磁针N极指向水平向右。则A端应接电源的　 　（选填“正”或“负”）极。

24．（2分）如图所示，一拉杆旅行箱在力F作用下保持静止状态，图中O为支点。则图中的线段　 　（选填“OA”、“OB”或“AB”）表示力F的力臂。

25．（3分）如图所示，将两根水平平行的铜丝制成的轨道垂直置于蹄形磁体的磁场中，用导线将两根轨道的右端分别与电源的两极连接，在轨道上垂直于轨道放置一根细铜棒，使铜棒与轨道接触良好，然后进行如下实验：闭合开关接通电源，观察细铜棒的运动方向，断开开关后将铜棒放回原来的位置；把电源的正负极对调后接入电路，闭合开关接通电源，观察细铜棒的运动方向。
（1）实验中探究的科学问题是　 　。
（2）该实验现象可以说明　 　（选填“发电机”或“电动机”）的工作原理。

26．（5分）小明用如图甲所示的装置观察水沸腾时的现象。
（1）如图乙所示为水沸腾时温度计的示数，则水的沸点为　 　℃，如果水沸腾后用酒精灯对烧杯持续加热，则水的温度将　 　（选填“持续升高”或“保持不变”）。
（2）实验中不能用盖子将烧杯内的水密封起来，需在盖子上留有一个小孔使杯内气体与外界大气相通，这样做的目的是　 　。

27．（4分）如图甲所示，M是一个水平放置的小镜子，上面竖立着一块半圆形的屏。屏由两个大小相同的扇形面E、F连接而成，E与镜子M固定在一起，F可绕接缝ON转动，接缝ON与镜子M垂直。小明用上述装置探究光的反射规律。

（1）他让一束激光沿平面E射到O点，在平面E上可以看到入射光线AO，然后转动平面F，当　 　时，在平面F上可以看到反射光线OB，如图乙所示。则此时　 　（选填“∠AOE”或“∠AON”）是入射角，　 　（选填“∠BON”或“∠BOF”）是反射角。
（2）保持激光束在平面E内，多次改变入射光线AO的方向，保证在平面F上都能观察到反射光线OB，用量角器分别测量每次实验时入射角和反射角的大小，比较反射角和入射角的大小，可以得到的实验结论是　 　。
28．（5分）小明做凸透镜成像规律的实验。他先将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，使光屏和点燃的蜡烛位于凸透镜两侧，调整烛焰中心、透镜中心和光屏中心在同一水平高度，然后她将点燃的蜡烛放置在光具座上35cm刻度线处，将光屏移动至光具座上80cm刻度线处时，恰能在光屏上得到烛焰清晰的像，如图所示。

（1）屏上呈现的像是　 　（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的　 　（选填“实”或“虚”）像，这个成像规律可以说明　 　（选填“放大镜”、“幻灯机”或“照相机”）的原理。
（2）保持凸透镜在光具座上的位置不变，将点燃的蜡烛移动到光具座上20cm刻度线处，应将屏向　 　（选填“左”或“右”）移动至光具座上某刻度处，方可在屏上呈现烛焰清晰的像。
29．（5分）小明在实验室测量某品牌的食用油的密度，进行了如下实验：
（1）他将天平放在水平桌面上，将游码移到标尺的零刻度线处。发现横梁静止时指针指在分度盘中央刻度线的右侧，如图甲所示。然后他将横梁右端的平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）端调节，使横梁在水平位置平衡。
（2）他将一个空烧杯放在天平左盘内，改变砝码的个数和游码的位置，使天平横梁再次在水平位置平衡，此时右盘中砝码质量和游码在标尺上的位置如图乙所示。则烧杯的质量为　 　g。
（3）他将一部分食用油倒入量筒中，静置一段时间后量筒的示数如图丙所示，则量筒内食用油的体积为　 　cm3。
（4）他将量筒内的食用油全部倒入烧杯内，测得烧杯和杯内食用油的总质量为68g。根据上述实验数据，可计算出食用油的密度为　 　g/cm3。
（5）小明发现他测得的食用油的密度偏小，可能的原因是　 　。
30．（6分）小红用如图甲所示的装置测量小灯泡在不同电压下的电功率，已知小灯泡的额定电压为2.5V，R为滑动变阻器。
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于　 　（选填“A”或“B”）端。
（2）闭合开关后，小红发现无论怎样调节滑动变阻器小灯泡都不发光、电流表的指针始终指向0刻度线附近，但是电压表的示数始终接近电源电压。则出现这种情况可能的原因是　 　。
（3）排除故障后小红继续实验，在某次测量中电压表和电流表的示数分别如图乙和丙所示，则此时电压表的读数为　 　V，电流表的读数为　 　A，此时小灯泡实际的电功率为　 　W。

（4）小红测量了不同电压下小灯泡中的电流，并把测得的数据填写在表格中如表所示。有三名同学根据表格中的数据描绘出小灯泡中的电流随它两端电压变化的图象如图丁所示，其中正确的是　 　（选填“①”、“②”或“③”）。
实验次数
1
2
3
4
5
6
电压U/V
0.5
0.9
1.3
1.7
2.1
2.5
电流I/A
0.16
0.19
0.21
0.24
0.26
0.28
31．（3分）研究液体内部压强跟液体密度、液体的深度之间的定量关系时，可以建立这样的模型：如图所示，在一个盛有液体的容器内选取一段竖直的液柱，使液柱的上表面跟容器内的液面相平，液柱在重力和液体对其向上的压力作用下保持静止状态。假定选取的液柱高为h，液柱的横截面积为S，用ρ表示液体的密度。请你利用二力平衡条件证明：在液面下深h处，液体产生的压强大小为p＝ρgh。

四、科普阅读题（共4分）
32．（4分）阅读《磁记录》并回答各题。
磁记录
铁棒和钢棒本来不能吸引钢铁，当磁体靠近它或者与它接触时，它便有了吸引钢铁的性质，也就是被磁化了。软铁磁化后磁性很容易消失，称为软磁性材料。硬磁性材料可以做成永磁体，还可以用来记录信息。
录音机的磁带上就附有一层磁性材料制成的小颗粒（磁粉）。
录音时，声音先在磁头线圈中转变成强弱变化的电流，这样的电流通过录音磁头，产生了强弱变化的磁场。磁带划过磁头时，记录了一连串有关磁性变化的信息，如图所示。
放音时，磁带贴着放音磁头运动，磁性强弱变化的磁带使磁头线圈中产生变化的电流，电流经放大后使扬声器发声，这便“读”出了录音带中记录的信息。
（1）关于磁性材料的应用，以下判断中正确的是　 　
A．磁带上的磁粉用的是软磁性材料
B．存折上的磁条用的是软磁性材料
C．电磁铁上的铁芯用的是软磁性材料
D．卡式车票的磁条用的是软磁性材料
（2）（多选）关于录音机的录音过程和放音过程，以下说法中正确的是　 　
A．录音时磁带使磁头线圈中产生感应电流
B．放音时磁带使磁头线圈中产生感应电流
C．录音时磁粉被磁头线圈中的电流磁化
D．放音时磁粉被磁头线圈中的电流磁化

五、计算题（共7分．其中第33题3分，第34题4分）
33．（3分）如图所示的电路中，电源电压恒为3V．只闭合开关S时，电流表的示数为0.3A；开关S和S1均闭合时，电流表的示数为0.9A．求：
（1）电阻R2的阻值；
（2）开关S和S1均闭合时，电阻R1的电功率。

34．（4分）工人用如图25所示的装置提升货物。已知货物重G物＝720N，在t＝5s内货物被匀速竖直提升了h＝1m，工人对绳子自由端的拉力F＝400N且竖直向下，工人的质量m＝60kg，g＝10N/kg。求在此过程中：
（1）地面对工人的支持力大小；
（2）装置对货物做的有用功；
（3）拉力F的功率；
（4）该装置的机械效率。


2020年北京市大兴区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分．）
1．（2分）下列厨房用品中，通常情况下属于导体的是（　　）
A．竹制菜板 B．陶瓷汤匙 C．铁制炊具 D．塑料薄膜
【分析】导体是容易导电的物体，绝缘体是不容易导电的物体。
【解答】解：
A、竹制菜板不容易导电，是绝缘体，故A错误。
B、陶瓷汤匙不容易导电，是绝缘体，故B错误。
C、铁制炊具是金属制成，容易导电，是导体，故C正确。
D、塑料薄膜不容易导电，是绝缘体，故D错误。
故选：C。
【点评】导体和绝缘体不是固定的，在条件变化时，导体和绝缘体之间是可以相互转化的。
2．（2分）下列用电器中，利用电流热效应工作的是（　　）
A．计算机 B．电视机 C．电动剪刀 D．电热水器
【分析】分析各个选项中用电器工作时的能量转化，找出电能转化为内能的电器即可。
【解答】解：
A、计算机工作时，电能转化为光能，不是利用电流的热效应工作，故A错误。
B、电视机工作时，电能主要转化为光能和声能，不是利用电流的热效应工作，故B错误。
C、电动剪刀主要部分是电动机，电动机工作时电能主要转化为机械能，不是利用电流的热效应工作，故C错误。
D、电热水器工作时，电流流过导体时发热，电能转化为内能，是利用电流的热效应工作，故D正确。
故选：D。
【点评】首先明确每一个电器工作时能量的转化，电流的热效应是把电能转化为内能。
3．（2分）下列实例中，关于摩擦力的判断正确的是（　　）
A．给自行车握把刻上花纹是为了增大摩擦
B．给自行车轴添加润滑油是为了增大摩擦
C．给饮料瓶盖刻上条纹是为了减小摩擦
D．给结冰的路面除冰是为了减小摩擦
【分析】滑动摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度，在压力一定时接触面越光滑，滑动摩擦力越小；在接触面粗糙程度一定时，压力越小，滑动摩擦力越小。
【解答】解：A、给自行车握把刻上花纹，在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A正确。
B、给自行车轴添加润滑油，是使接触面脱离来减小摩擦力，故B错误。
C、给饮料瓶盖刻上条纹，在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误。
D、给结冰的路面除冰，在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D错误。
故选：A。
【点评】首先明确滑动摩擦力大小的影响因素，然后利用控制变量进行判断。
4．（2分）下列实例中，为了减小压强的是（　　）
A．注射器的针头做得很尖锐
B．菜刀的刀刃磨得很锋利
C．压路机的铁辊做得很重
D．汽车安全带做得很宽
【分析】增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
【解答】解：A、针头做的很尖锐的目的是为了减小受力面积增大压强，故A不符合题意。
B、菜刀刃磨得很锋利，在压力一定时，减小受力面积来增大的压强，故B不符合题意。
C、压路机的铁辊做得很重，是在受力面积一定时，增大压力来增大压强的，故C不符合题意。
D、汽车安全带做得很宽，增大受力面积，减小压强，故D符合题意。
故选：D。
【点评】知道压强大小的影响因素，掌握增大、减小压强的方法，分析时利用好控制变量法，本题解释生活中有关增大和减小压强的问题，是一道应用题。
5．（2分）关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（　　）
A．用铜丝代替空气开关
B．用湿抹布擦拭电源开关
C．家庭电路着火时首先要用水浇灭起火点
D．把电灯的开关接在火线上
【分析】（1）在电路电流过大、漏电时空气开关自动断开，切断电路，从而起到保护电路的作用；
（2）水是导体，接触带电体时有可能发生触电事故；
（3）家庭电路中，开关控制用电器时，开关一定要接在火线和用电器之间，既能控制用电器，又能保证使用的安全性。
【解答】解：A、在电路发生故障时，如电路电流过大、漏电等，空气开关会自动切断电路，起到保护电路的作用，而用铜丝代替空气开关，起不到及时切断电路的保护作用，因此不能用铜丝代替空气开关，故A错误；
B、水是电的导体，用湿抹布擦带电的用电器时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故B错误；
C、水是电的导体，家庭电路着火时用水浇灭起火点时，可能会导电而发生触电事故，因此需先切断电源再用水浇灭火源，故C错误；
D、家庭电路中，开关和电灯串联，开关一端和火线相连，另一端和电灯相连，这样既能控制电灯，又能在更换灯泡时，断开开关，切断火线，避免触电事故的发生，故D确。
故选：D。
【点评】此题考查的是我们对安全用电常识的掌握，属于生活技能的考查。掌握安全用电常识，是保证安全，避免受到伤害的基本要求。
6．（2分）关于声现象，下列叙述中正确的是（　　）
A．声音可以在真空中传播
B．一切发声的物体都在振动
C．给摩托车安装消音器，是在传播途径上阻断噪声传播
D．在民乐合奏时能分辨出二胡的声音，是因为不同乐器的响度不同
【分析】（1）声音的传播需要介质，真空不能传声；
（2）一切声音都是由振动产生的；
（3）防治噪声可以从噪声的产生、噪声的传播及噪声的接收三个环节进行；
（4）不同的乐器发声不同，是因为它们的材料、结构不同。
【解答】解：A、声音的传播需要介质，声音不能在真空传播，故A错误；
B、声音都是由物体的振动产生的，一切发声的物体都在振动，故B正确；
C、摩托车安装有消声器，是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、不同乐器发出的声音的音色是不同的，根据音色来区分不同的乐器，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了声音的产生和传播，音色的特征，防治噪声的途径，这类题目是中考声学知识点的重点题目。
7．（2分）当加油机与受油机运动的快慢相同时，可以在空中完成加油任务，从而提高受油机的续航能力。如图所示，为加油机正在给受油机在空中加油的情景。以下判断中正确的是（　　）

A．以加油机为参照物，受油机是运动的
B．以受油机为参照物，加油机是静止的
C．以地面为参照物，加油机是静止的
D．以地面为参照物，受油机是静止的
【分析】解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。
【解答】解：A、以加油机为参照物，受油机与加油机之间位置没有发生变化，受油机是静止的，故A错误；
B、以受油机为参照物，加油机与受油机之间位置没有发生变化，加油机是静止的，故B正确；
CD、加油过程中，若以地面为参照物，加油机、受油机和地面的位置在不断发生变化，所以说它们是运动的。故CD错误。
故选：B。
【点评】本题主要考查学生对运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。
8．（2分）如图所示的四种情形中，对力是否做功判断正确的是（　　）
A．甲图中人提着滑板在平直的道路上匀速行走，人对滑板做了功
B．乙图中人推着货车在平直的道路上匀速行走，人对货车做了功
C．丙图中人用力搬石头但石头仍保持静止，人对石头做了功
D．丁图中人举着杠铃保持静止的过程中，人对杠铃做了功
【分析】做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可
【解答】解：
A、甲图人提着滑板在平直的路面上匀速行走，人对滑板施加了力的作用，但滑板没有在力的方向上通过距离，所以人对滑板不做功，故A错误；
B、乙图中人推着货车在平直的道路上匀速行走，人对货车施加了力的作用，货车在力的方向上通过距离，所以人对货车做了功，故B正确；
C、丙图中人用力搬石头但石头仍保持静止，人对石头施加了力，石头没有在力的方向上通过距离，所以人对石头没有做功，故C错误；
D、丁图中人举着杠铃不动，人给杠铃一个向上的力，杠铃向上没有移动距离，所以人对杠铃没有做功，故D错误。
故选：B。
【点评】明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。
9．（2分）医用防护服在医护人员和外界之间形成一个隔离的防护层，可以避免医护人员受到外界的细菌或病毒侵害，如图所示。医护人员长时间穿戴防护服后，在护目镜上易形成一层水雾，严重影响医护人员的视线。护目镜上“水雾”的形成过程属于（　　）

A．熔化 B．凝固 C．液化 D．凝华
【分析】水蒸气遇冷就会液化，形成小水滴，附着在护目镜上。
【解答】解：水雾是液态的，是水蒸气遇冷液化形成的小水滴。
故选：C。
【点评】发生物态变化时，知道变化前后的物质状态是关键。
10．（2分）如图所示的电路中，假定电源两端电压保持不变。当开关S闭合时，灯泡L正常发光。如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则下列说法中正确的是（　　）

A．电压表的示数变大，灯泡L变亮
B．电压表的示数变大，灯泡L变暗
C．电压表的示数变小，灯泡L变亮
D．电压表的示数变小，灯泡L变暗
【分析】当开关S闭合时分析电路连接及电压表测量的电压，将滑动变阻器的滑片P向右滑动分析变阻器连入电路的电阻变化，由分压原理判断变阻器的电压变化，根据串联电路电压的规律可知灯的电压变化，由P＝确定灯的实际功率变化，灯的实际功率越小（大），灯越暗（亮）。
【解答】解：当开关S闭合时，变阻器与灯串联，电压表测变阻器的电压，
灯泡L正常发光，如果将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则变阻器连入电路的电阻变小，
由分压原理，变阻器的电压变小，即电压表示数变小，
根据串联电路电压的规律，灯的电压变大，
根据P＝，灯的实际功率变大，灯变亮，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，明确灯的亮度由灯的实际功率决定是关键。
11．（2分）如图所示的电路中，将开关S闭合，两个灯泡都发光，设此时通过灯泡L1的电流为I1，通过灯泡L2的电流为I2，通过电源的电流为I，灯泡L1两端的电压为U1，灯泡L2两端的电压为U2，电源两端的电压为U．以下关系中正确的是（　　）

A．I1＝I2＝I，U1＝U2＝U B．I1+I2＝I，U1+U2＝U
C．I1+I2＝I，U1＝U2＝U D．I1＝I2＝I，U1+U2＝U
【分析】从图中可以看出，两灯泡串联。而串联电路处处电流相等、串联电路总电压等于各用电器两端的电压之和，据此分析判断。
【解答】解：
由图知，两个灯泡串联，因为串联电路中电流处处相等，所以通过L1、L2的电流相等，即I＝I1＝I2；
串联电路总电压等于各用电器两端电压之和，已知电源电压为U，灯泡L1两端电压为U1，则L2两端电压为U2，故U1+U2＝U，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【点评】此题考查了串联电路电流的规律、电压规律，属于基础题目。
12．（2分）将小木桌按图甲和图乙两种方式放置在厚海绵上，小桌上分别放置一个相等质量的铁块。以下判断中正确的是（　　）

A．甲图中小木桌对海绵的压力比乙图中小木桌对海绵的压力大
B．乙图中小木桌对海绵的压力比甲图中小木桌对海绵的压力大
C．甲图中小木桌对海绵的压强比乙图中小木桌对海绵的压强大
D．乙图中小木桌对海绵的压强比甲图中小木桌对海绵的压强大
【分析】压力的作用效果（压强）的大小与压力大小和受力面积有关；根据控制变量法得出结论。
【解答】解：AB、甲乙图中小木桌对海绵的压力都等于小桌和铁块的重力之和，故AB错误；
CD、用两种方式放在同一块海绵上，在压力相同时，受力面积越小，压力的作用效果越明显，故压力作用效果明显的是甲，故C正确，D错误；
故选：C。
【点评】本题考查了学生对力的作用效果的了解和掌握，提高分析解决问题的能力。
13．（2分）如图所示，把一个薄壁金属管固定在支座上，管中装一些酒精，然后用软木塞塞紧。把一根皮条缠在管子上，迅速来回拉动皮条，过一会儿会看到软木塞被顶开。以下说法中正确的是（　　）

A．人拉动皮条使金属管内能增加，是用做功的方法改变内能
B．金属管内的酒精升温内能增大，是用做功的方法改变内能
C．酒精蒸汽把软木塞顶出去的过程，把动能转化为内能
D．酒精蒸汽把软木塞顶出去的过程，酒精蒸汽的内能增大
【分析】（1）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小；物体吸收热量，内能增大，放出热量，内能减少。
（2）利用内能做功，内能转化为机械能。
【解答】解：A、人拉动皮条与金属管克服摩擦做功，金属管内能增加，机械能转化为内能，通过做功的方法改变内能，故A正确；
B、金属管内的酒精吸收热量，温度升高，内能增大，通过热传递的方法改变内能，故B错误；
C、酒精蒸气把软木塞顶出去的过程，蒸气对塞子做功，内能减少，蒸气的内能转化为塞子的机械能，故CD错误。
故选：A。
【点评】本题主要考查改变物体内能的两种方式的理解和掌握；要明确：对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小。
14．（2分）水平桌面上两个静止放置的玻璃杯甲和乙，它们的底面积相等。分别向两个杯中注水使两个杯中的水面在同一个水平面上，如图所示。假定两个玻璃杯的质量相等且玻璃的厚度可以忽略，甲中的水对杯底的压强为p1，甲对桌面的压力大小为F1，乙中的水对杯底的压强为p2，乙对桌面的压力大小为F2．以下关系中正确的是（　　）

A．p1＝p2，F1＝F2 B．p1＜p2，F1＜F2
C．p1＝p2，F1＜F2 D．p1＜p2，F1＝F2
【分析】由题知水深相同，利用液体压强公式p＝ρgh分析水对容器底部产生的压强大小关系；再利用F＝G杯+G水分析水对桌面的压力大小关系。
【解答】解：由题知，水的深度h相同，装的都是水、水的密度相同，由p＝ρgh可知水对容器底部产生的压强相等，即：p1＝p2，故BD错；
水对桌面的压力等于F＝G杯+G水，由图可知乙中水的质量大，重力大，所以F1＜F2，故C正确，A错误；
故选：C。
【点评】本题考查了压强定义式和液体压强公式的应用，常见题目。
15．（2分）如图所示，水平桌面上放置一个电子秤，电子秤上有一盛水的溢水杯，杯内水面跟溢水口相平。现用弹簧测力计悬挂一个圆柱体铝块，将铝块缓缓地浸入水中，直到铝块完全浸没在水中为止，整个过程铝块未接触杯底和侧壁。则从铝块下表面开始接触水面到上表面刚没入水中的过程中（　　）

A．测力计的示数变小，电子秤的示数变大
B．测力计的示数变小，电子秤的示数不变
C．测力计的示数变大，电子秤的示数变小
D．测力计的示数变大，电子秤的示数不变
【分析】根据F＝G﹣F浮可得测力计的示数变小；根据阿基米德原理可知，浸入液体中的物体受到的浮力的大小等于其排开的液体受到的重力，铝块受到的浮力等于排开的水重，根据力的作用是相互的，铝块给杯底一个压力，大小等于浮力。
【解答】解：根据阿基米德原理可知，浸入液体中的物体受到的浮力的大小等于其排开的液体受到的重力，将铝块缓缓地浸入水中，直到铝块完全浸没在水中为止，整个过程铝块未接触杯底和侧壁，排开水的体积先变大后不变，根据F＝G﹣F浮可得测力计的示数变小；
由于溢水杯中装满水，铝块浸没在水中静止时，根据阿基米德原理可知铝块受到的浮力等于排开的水重，铝块对水的压力大小与浮力相等，根据力的作用是相互的，铝块给杯底一个压力，大小等于浮力所以溢水杯对电子秤的压力不变，即电子秤示数不变；故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查了称量法测浮力、阿基米德原理的应用，难度不大。
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共10分，每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的不得分．）
16．（2分）关于热现象，下列说法中正确的是（　　）
A．50℃水的温度比20℃水的温度高
B．50℃水的内能比20℃水的内能大
C．50℃水的比热容比20℃水的比热容大
D．50℃水的分子比20℃水的分子运动的剧烈
【分析】（1）温度是物体的冷热程度；
（2）内能是物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，一切物体都有内能，内能的大小跟温度、质量、状态有关；
（3）比热容是物质的一种特性，不同的物质比热容一般不同；比热容与物质的种类有关，同种物质状态改变，比热容就发生了改变，与物质的质量、体积无关。
（4）温度越高，分子运动越激烈。
【解答】解：A、温度是物体的冷热程度，50℃水的温度比20℃水的温度高，故A正确；
B、内能小的物体温度可能高，内能大的物体温度也可能高，内能的大小跟温度、质量、状态有关，故B错误；
C、比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类有关，与物质的质量和温度无关，故C错误；
D、温度越高，分子运动越激烈，50℃水的分子比20℃水的分子运动的剧烈，故D正确；
故选：AD。
【点评】本题是一道热学综合题，主要考察学生对温度、内能、比热容的理解，关键是要掌握：物体的内能与物体的温度、质量和状态有关；温度是分子平均动能的标志。
17．（2分）如图所示，蹦床运动员离开床面向上运动的过程中速度越来越小，则在此过程中（　　）

A．运动员没有惯性，运动状态没有发生变化
B．运动员有惯性，运动状态发生了变化
C．运动员的重力势能增大，动能也增大
D．运动员的重力势能增大，动能减小
【分析】（1）物体都有保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都具有惯性；
物体运动方向和运动速度大小的变化都属于运动状态的变化；
（2）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：
AB、运动员离开蹦床后还能继续向上运动是由于运动员具有惯性，仍会保持原来的运动状态，蹦床运动员离开床面向上运动的过程中速度越来越小，运动状态发生改变，故A错误，B正确；
CD、蹦床运动员离开床面向上运动的过程中，质量不变，高度增大，重力势能增大；速度越来越小，动能越来越小，故C错误，D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查了惯性、运动状态的判断、动能和重力势能大小的影响因素，是一道力学基础知识的综合题。
18．（2分）如图所示，在蹄形磁体的磁场中放置一根导体棒，再用两根绝缘细线将导体棒悬挂起来，使导体棒保持水平状态且可以在磁场中自由运动，导体棒的两端跟灵敏电流计连接。仅利用此装置就可以完成的实验是（　　）

A．探究感应电流的方向跟导体棒的运动方向是否有关
B．探究感应电流的大小跟导体棒的速度大小是否有关
C．探究电流产生的磁场方向跟电流方向是否有关
D．探究感应电流的方向跟磁场的方向是否有关
【分析】产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；感应电流的方向与导体运动方向和磁场方向有关；感应电流的大小与磁磁场的强弱和导体运动的速度有关。
【解答】解：
A、利用此装置，保持磁场方向不变，改变导体棒的运动方向，可以探究感应电流的方向跟导体棒的运动方向是否有关，故A正确；
B、利用此装置，改变导体棒的运动速度，可以探究感应电流的大小跟导体棒的速度大小是否有关，故B正确；
C、此装置中没有电源，无法探究电流产生的磁场方向跟电流方向是否有关，故C错误；
D、利用此装置，保持导体棒的运动方向不变，改变磁场的方向，可以探究感应电流的方向跟磁场的方向是否有关，故D正确。
故选：ABD。
【点评】此题对于电磁感应现象的知识考查比较全面，需要学生对于电磁感应现象有一个清晰的认识，是一道好题。
19．（2分）下列说法中正确的是（　　）
A．风能是可再生能源
B．石油是可再生能源
C．电动机工作时主要把电能转化为机械能
D．热机在工作时可以把内能全部转化为机械能
【分析】（1）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
（2）电动机是利用通电导体在磁场中受力的原理制成的，工作时将电能转化为机械能；
（3）根据热机能量的流向进行分析。
【解答】解：
A、风能是可再生能源，能从自然界源源不断的获得，故A正确；
B、石油在地球上的储量是有限的，用完后也不能重复使用，属于不可再生能源，故B错误；
C、电动机工作时消耗的是电能，得到的是机械能，电动机工作时主要把电能转化为机械能，故C正确；
D、内燃机中，燃料燃烧得到的内能有一大部分需要克服摩擦损失、热量散失，只有一少部分内能转化为机械能，故D错误。
故选：AC。
【点评】此题考查的是我们对能源分类和能量转化的了解，体现了物理与生活的联系，属于基础性题目。
20．（2分）如图甲所示，弹簧测力计下端悬挂着一个小圆柱体物块，物块浸没在盛水的大水槽中。现将测力计缓缓提升，直到圆柱体物块全部露出水面一段距离，在该过程中测力计的示数F随圆柱体上升高度h的关系如图乙所示。已知g＝10N/kg，ρ水＝1.0×103kg/m3，水槽内水面的变化可以忽略不计，则下列判断中正确的是（　　）

A．圆柱体浸没在水中时受到的浮力是1.5N
B．圆柱体受到的重力是2.5N
C．圆柱体的体积是10﹣4m3
D．圆柱体的高度是5cm
【分析】圆柱体在水中上升时，受到的浮力、测力计拉力与圆柱体重力平衡，即F+F浮＝G；圆柱体逐渐露出水面时，受到受浮力减小，测力计拉力逐渐变大；圆柱体全部露出水面后，测力计拉力F＝G。
（1）由图象知圆柱体重力；根据称重法计算圆柱体浸没时受到的浮力；由阿基米德原理计算圆柱体的体积；
（2）圆柱体受到测力计拉力逐渐变大的过程上升的高度即为其高度。
【解答】解：
由题知，圆柱体从浸没水中，由测力计缓缓提升，直到圆柱体物块全部露出水面一段距离的过程中受力平衡，
圆柱体在水中时F＝G一F浮，逐渐露出水面时受浮力变小，测力计示数变大，全部露出水面后测力计示数最大，且F＝G，
（1）在上升高度为5～6cm时物体在空中，所以圆柱体重力G＝F'＝2.5N，故B正确；
圆柱体浸没在水中上升时，受浮力最大，测力计示数最小，由图乙知，此时测力计示数F＝1.5N，圆柱体受到的浮力F浮＝G﹣F＝2.5N﹣1.5N＝1N，故A错误；
由F浮＝ρ水gV排可得，V排＝＝＝10﹣4m3，故C正确；
（2）由图乙知，上升2cm时圆柱体上表面与水面恰相平，上升5cm时圆柱体恰好全部露出水面，
所以圆柱体高度＝5cm﹣2cm＝3cm，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了称重法测浮力、阿基米德原理的应用，分析图象各段的表示的过程并从中得到有用的信息是关键。
三、实验解答题（共39分）
21．（2分）如图所示，电能表的示数是　2020.1　kW•h。

【分析】电能表方框中有四个数字，最后一位数字是小数，其单位是kW•h。
【解答】解：最后一位是小数，所以电能表读数为2020.1kW•h
故答案为：2020.1。
【点评】本题考查电能表的读数，对于电能表上的参数我们都应该明白其含义。
22．（2分）如图所示，电阻箱的示数为　1949　Ω。

【分析】数字乘以下面的倍数，然后相加可得电阻箱的示数。
【解答】解：电阻箱的示数为：1Ω×1000+9Ω×100+4Ω×10+9Ω×1＝1949Ω。
故答案为：1949。
【点评】本题要掌握电阻箱的读数方法。
23．（2分）如图所示，螺线管的A、B接线柱接通电源后，在它附近自由静止的小磁针N极指向水平向右。则A端应接电源的　正　（选填“正”或“负”）极。

【分析】先根据小磁针静止时N极的指向，得出通电螺线管周围的磁场方向，知道了螺线管的N极后，然后根据安培定则判断螺线管中的电流方向，最后根据电流方向得出电源的正、负极。
【解答】解：由图可知，小磁针静止时N极指向右端，根据磁极间的相互作用可知，螺线管的A端为S极，B端为N极。
用右手握住螺线管，让大拇指指向N极一端（螺线管的A端），则四指弯曲的方向就是电流方向，电流方向为“前下后上”，则可知电源的A端为正极。
故答案为：正。
【点评】本题考查了螺线管周围的磁场方向、螺线管的极性和电流方向的关系、电流方向。本题是一道典型题，难易适中，紧扣教材。
24．（2分）如图所示，一拉杆旅行箱在力F作用下保持静止状态，图中O为支点。则图中的线段　OB　（选填“OA”、“OB”或“AB”）表示力F的力臂。

【分析】力臂是支点到力的作用线的垂直距离，根据这个定义进行判断。
【解答】解：如图，拉杆箱是一个杠杆，O是支点，拉力F是动力，把拉力F的作用线延长为FB，过支点O向FB作垂线，则OB是拉力F的力臂。
故答案为：OB。
【点评】作力臂的方法：首先确定支点，然后延长力的作用线，过支点做力的作用线的垂线，支点到作用线的距离就是力臂。
25．（3分）如图所示，将两根水平平行的铜丝制成的轨道垂直置于蹄形磁体的磁场中，用导线将两根轨道的右端分别与电源的两极连接，在轨道上垂直于轨道放置一根细铜棒，使铜棒与轨道接触良好，然后进行如下实验：闭合开关接通电源，观察细铜棒的运动方向，断开开关后将铜棒放回原来的位置；把电源的正负极对调后接入电路，闭合开关接通电源，观察细铜棒的运动方向。
（1）实验中探究的科学问题是　在磁场中的通电导体受到的磁场力方向跟导体中的电流方向是否有关　。
（2）该实验现象可以说明　电动机　（选填“发电机”或“电动机”）的工作原理。

【分析】通电导体在磁场中受到力的作用；磁力的方向与电流方向和磁场的方向有关；据此原理制成了电动机。
【解答】解：
（1）由题意可知，闭合开关接通电源，观察细铜棒的运动方向，断开开关后将铜棒放回原来的位置；这说明通电导体在磁场中受到力的作用；
把电源的正负极对调后接入电路，闭合开关接通电源，电流的方向发生了变化，观察细铜棒的运动方向，所以探究的问题是：在磁场中的通电导体受到的磁场力方向跟导体中的电流方向是否有关；
（2）通电导体在磁场中受到力的作用，据此原理制成了电动机。
故答案为：（1）在磁场中的通电导体受到的磁场力方向跟导体中的电流方向是否有关；（2）电动机。
【点评】电动机的工作原理：通电线圈在磁场中受力转动。发电机的工作原理：电磁感应现象。因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。
26．（5分）小明用如图甲所示的装置观察水沸腾时的现象。
（1）如图乙所示为水沸腾时温度计的示数，则水的沸点为　98　℃，如果水沸腾后用酒精灯对烧杯持续加热，则水的温度将　保持不变　（选填“持续升高”或“保持不变”）。
（2）实验中不能用盖子将烧杯内的水密封起来，需在盖子上留有一个小孔使杯内气体与外界大气相通，这样做的目的是　使杯内水面上方的气体压强保持不变　。

【分析】（1）读取温度计示数时，首先要明确温度计的分度值，视线与液柱最高处相平；水沸腾的特点：吸热但温度保持不变；
（2）液体沸腾时的温度叫沸点。沸点与气压有关，气压越大沸点越高。
【解答】解：（1）由图知，温度计上10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃，此时的温度为98℃；
水在沸腾过程中不断吸热，但温度保持不变；
（2）水的沸点随气压的增大而升高。在盖子上留有一个小孔使杯内气体与外界大气相通，这样做的目的是使杯内水面上方的气体压强保持不变，水的沸点也不会改变。
故答案为：（1）98；保持不变；（2）使杯内水面上方的气体压强保持不变。
【点评】此题考查了温度计的读数、水的沸腾特点及沸点与气压的关系，属于基本技能的考查，难度不大。
27．（4分）如图甲所示，M是一个水平放置的小镜子，上面竖立着一块半圆形的屏。屏由两个大小相同的扇形面E、F连接而成，E与镜子M固定在一起，F可绕接缝ON转动，接缝ON与镜子M垂直。小明用上述装置探究光的反射规律。

（1）他让一束激光沿平面E射到O点，在平面E上可以看到入射光线AO，然后转动平面F，当　E和F在同一平面　时，在平面F上可以看到反射光线OB，如图乙所示。则此时　∠AON　（选填“∠AOE”或“∠AON”）是入射角，　∠BON　（选填“∠BON”或“∠BOF”）是反射角。
（2）保持激光束在平面E内，多次改变入射光线AO的方向，保证在平面F上都能观察到反射光线OB，用量角器分别测量每次实验时入射角和反射角的大小，比较反射角和入射角的大小，可以得到的实验结论是　反射角等于入射角　。
【分析】光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。其中，入射光线与法线之间的夹角为入射角，反射光线与法线之间的夹角为反射角。
【解答】解：
（1）让一束激光沿平面E射到O点，在平面E上可以看到入射光线AO，然后转动平面F，当E和F在同一平面时，在平面F上可以看到反射光线OB；当E和F不在同一平面时，在平面F上看不到反射光线OB，由此可以得出结论：反射光线与入射光线、法线在同一平面上。
此时入射光线与法线之间的夹角∠AON是入射角，反射光线与法线之间的夹角∠BON是反射角。
（2）用量角器分别测量每次实验时入射角和反射角的大小，比较反射角和入射角的大小，发现两角的角度相等，由此得到的实验结论是反射角等于入射角。
故答案为：
（1）E和F在同一平面；∠AON；∠BON；（2）反射角等于入射角。
【点评】本题为探究光的反射定律的实验题目，明确验证三线共面的方法是关键。
28．（5分）小明做凸透镜成像规律的实验。他先将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，使光屏和点燃的蜡烛位于凸透镜两侧，调整烛焰中心、透镜中心和光屏中心在同一水平高度，然后她将点燃的蜡烛放置在光具座上35cm刻度线处，将光屏移动至光具座上80cm刻度线处时，恰能在光屏上得到烛焰清晰的像，如图所示。

（1）屏上呈现的像是　放大　（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的　实　（选填“实”或“虚”）像，这个成像规律可以说明　幻灯机　（选填“放大镜”、“幻灯机”或“照相机”）的原理。
（2）保持凸透镜在光具座上的位置不变，将点燃的蜡烛移动到光具座上20cm刻度线处，应将屏向　左　（选填“左”或“右”）移动至光具座上某刻度处，方可在屏上呈现烛焰清晰的像。
【分析】（1）根据物距和像距的大小关系分析像的性质；当物距在一倍焦距和二倍焦距之间时，成倒立、放大的实像；
（2）凸透镜成实像时，物近像远像变大。
【解答】解：
（1）由图可知，此时的物距为15.0cm，物距在一倍焦距和二倍焦距之间，成倒立、放大的实像，其应用是投影仪和幻灯机；
（2）保持凸透镜在光具座上的位置不变，将点燃的蜡烛移动到光具座上20cm刻度线处，此时物距变大，则像距变小，像变小，应将屏向左移动至光具座上某刻度处，方可在屏上呈现烛焰清晰的像。
故答案为：（1）放大；实；幻灯机；（2）左。
【点评】凸透镜成像的三种情况和应用，以及凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像变大，在凸透镜成像中都有广泛的应用。
29．（5分）小明在实验室测量某品牌的食用油的密度，进行了如下实验：
（1）他将天平放在水平桌面上，将游码移到标尺的零刻度线处。发现横梁静止时指针指在分度盘中央刻度线的右侧，如图甲所示。然后他将横梁右端的平衡螺母向　左　（选填“左”或“右”）端调节，使横梁在水平位置平衡。
（2）他将一个空烧杯放在天平左盘内，改变砝码的个数和游码的位置，使天平横梁再次在水平位置平衡，此时右盘中砝码质量和游码在标尺上的位置如图乙所示。则烧杯的质量为　32　g。
（3）他将一部分食用油倒入量筒中，静置一段时间后量筒的示数如图丙所示，则量筒内食用油的体积为　40　cm3。
（4）他将量筒内的食用油全部倒入烧杯内，测得烧杯和杯内食用油的总质量为68g。根据上述实验数据，可计算出食用油的密度为　0.9　g/cm3。
（5）小明发现他测得的食用油的密度偏小，可能的原因是　量筒内残留了食用油，使测得的油的质量偏小　。
【分析】（1）为使横梁平衡，平衡螺母的调节规律是“左偏右调”；
（2）物体的质量等于砝码的质量加上游码对应的刻度；
（3）读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；
（4）已知烧杯和食用油的质量，烧杯的质量，可以得到烧杯中食用油的质量；已知食用油的质量和体积，利用公式ρ＝得到食用油的密度；
（5）量筒中的食用油往烧杯中倒不干净，会使测得的食用油的质量变小，根据公式ρ＝进行分析即可。
【解答】解：（1）由图可知此时分度盘的指针偏右，所以应向左调节平衡螺母；
（2）烧杯的质量m杯＝20g+10g+2g＝32g；
（3）食用油的体积为V＝40ml＝40cm3，
（4）食用油的质量为：m＝m总﹣m杯＝68g﹣32g＝36g
食用油的密度为ρ＝＝＝0.9g/cm3；
（5）筒中的食用油往烧杯中倒不干净，会使测得的食用油的质量变小，根据公式ρ＝可知，体积一定时，质量偏小，则密度偏小。
故答案为：（1）左；（2）32；（3）40；（4）0.9；（5）量筒内残留了食用油，使测得的油的质量偏小。
【点评】考查液体密度的测量，需要注意平衡螺母的调节、天平和量筒的读数以及实验误差的分析。
30．（6分）小红用如图甲所示的装置测量小灯泡在不同电压下的电功率，已知小灯泡的额定电压为2.5V，R为滑动变阻器。
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于　A　（选填“A”或“B”）端。
（2）闭合开关后，小红发现无论怎样调节滑动变阻器小灯泡都不发光、电流表的指针始终指向0刻度线附近，但是电压表的示数始终接近电源电压。则出现这种情况可能的原因是　灯泡断路　。
（3）排除故障后小红继续实验，在某次测量中电压表和电流表的示数分别如图乙和丙所示，则此时电压表的读数为　1.5　V，电流表的读数为　0.22　A，此时小灯泡实际的电功率为　0.33　W。

（4）小红测量了不同电压下小灯泡中的电流，并把测得的数据填写在表格中如表所示。有三名同学根据表格中的数据描绘出小灯泡中的电流随它两端电压变化的图象如图丁所示，其中正确的是　③　（选填“①”、“②”或“③”）。
实验次数
1
2
3
4
5
6
电压U/V
0.5
0.9
1.3
1.7
2.1
2.5
电流I/A
0.16
0.19
0.21
0.24
0.26
0.28
【分析】（1）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处；
（2）若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的部分断路了；
（3）根据电表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求出小灯泡实际的电功率；
由欧姆定律得出第1次灯的电阻R1，同理得出第2、3次﹣﹣﹣﹣﹣6次的电阻大小，灯的电阻随温度的升高而变做成，根据图丁，由作图法分析回答。
【解答】解：（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处A端；
（2）闭合开关后，小红发现无论怎样调节滑动变阻器小灯泡都不发光、电流表的指针始终指向0刻度线附近，电路可能断路，但是电压表的示数始终接近电源电压，电压表与电源连通，则出现这种情况可能的原因是灯泡断路；
（3）排除故障后小红继续实验，在某次测量中电压表和电流表的示数分别如图乙和丙所示，电压表选用小量程，则此时电压表的读数为1.5V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.22A，此时小灯泡实际的电功率为：P＝UI＝1.5V×0.22A＝0.33W；
（4）根据表中数据，第1次灯的电阻为：
R1＝＝≈3.12Ω，同理，第2、3次﹣﹣﹣﹣﹣6次的电阻分别为4.74Ω、6.19Ω﹣﹣﹣﹣﹣和8.93Ω，灯的电阻随温度的升高而变大，根据丁图做出下图：

②表示电流与电压成正比，电阻为一定值，与②相比，相同电压下，通过灯的电流应变小，其中正确的是③。
故答案为：（1）A；（2）灯泡断路；（3）1.5；0.22；0.33；（4）③。
【点评】本题测量小灯泡在不同电压下的电功率，考查注意事项、故障分析、电表读数、功率计算和欧姆定律的运用、影响电阻大小的因素及数据分析。
31．（3分）研究液体内部压强跟液体密度、液体的深度之间的定量关系时，可以建立这样的模型：如图所示，在一个盛有液体的容器内选取一段竖直的液柱，使液柱的上表面跟容器内的液面相平，液柱在重力和液体对其向上的压力作用下保持静止状态。假定选取的液柱高为h，液柱的横截面积为S，用ρ表示液体的密度。请你利用二力平衡条件证明：在液面下深h处，液体产生的压强大小为p＝ρgh。

【分析】根据液柱的状态判定其受力情况，根据二力平衡和压力的计算公式证明。
【解答】证明：对液柱受力分析，液柱在竖直方向上受到竖直向下的重力和竖直向上的压力的作用，液柱处于静止状态，则竖直方向上受到的合力为0，即F＝G＝mg；
根据密度公式可知，m＝ρV＝ρSh；则重力为：G＝ρGSh；
根据P＝可知，压力的大小为：F＝pS；
则：ρGSh＝pS，所以：液体产生的压强大小为p＝ρgh。
证毕
【点评】本题考查液体内部压强公式的推导，利用好二力平衡是解题的关键。
四、科普阅读题（共4分）
32．（4分）阅读《磁记录》并回答各题。
磁记录
铁棒和钢棒本来不能吸引钢铁，当磁体靠近它或者与它接触时，它便有了吸引钢铁的性质，也就是被磁化了。软铁磁化后磁性很容易消失，称为软磁性材料。硬磁性材料可以做成永磁体，还可以用来记录信息。
录音机的磁带上就附有一层磁性材料制成的小颗粒（磁粉）。
录音时，声音先在磁头线圈中转变成强弱变化的电流，这样的电流通过录音磁头，产生了强弱变化的磁场。磁带划过磁头时，记录了一连串有关磁性变化的信息，如图所示。
放音时，磁带贴着放音磁头运动，磁性强弱变化的磁带使磁头线圈中产生变化的电流，电流经放大后使扬声器发声，这便“读”出了录音带中记录的信息。
（1）关于磁性材料的应用，以下判断中正确的是　C　
A．磁带上的磁粉用的是软磁性材料
B．存折上的磁条用的是软磁性材料
C．电磁铁上的铁芯用的是软磁性材料
D．卡式车票的磁条用的是软磁性材料
（2）（多选）关于录音机的录音过程和放音过程，以下说法中正确的是　BC　
A．录音时磁带使磁头线圈中产生感应电流
B．放音时磁带使磁头线圈中产生感应电流
C．录音时磁粉被磁头线圈中的电流磁化
D．放音时磁粉被磁头线圈中的电流磁化

【分析】（1）软磁性材料的磁性容易消失，据此分析；
（2）录音时，声音先转变成强弱变化的电流，这样的电流通过录音磁头，产生了弱变化的磁场。磁带划过磁头时，磁带上的小颗粒被强弱不同地磁化，于是记录了一连串有关磁性变化的信息；
放音时，磁带贴着放音磁头运动，磁性强弱变化的磁带使放音磁头中产生变化的感应电流，电流经放大后使扬声器发声，这便“读”出了录音带中记录的信息。
【解答】解：
（1）A、磁带上的磁粉磁化后磁性不容易消失，属于永磁体材料，故A错误；
B、存折上的磁条用的是永磁性材料制成的，磁性不容易消失，故B错误；
C．电磁铁的特点是通电有磁性，断电无磁性，所以铁芯用的是软磁性材料，故C正确；
D．卡式车票的磁条的磁性不容易消失，用的是永磁性材料，故D错误；
故选C；
（2）AC、录音时，声音先在磁头线圈中转变成强弱变化的电流，这样的电流通过录音磁头，产生了强弱变化的磁场。磁带划过磁头时，记录了一连串有关磁性变化的信息，故A错误，C正确；
BD、放音时，磁带贴着放音磁头运动，磁性强弱变化的磁带使磁头线圈中产生变化的电流，这是电磁感应现象；故B正确，D错误。
故答案为：（1）C；（2）BC。
【点评】录音机录音时是电生磁，即利用了电流的磁效应原理；放音时是磁生电，即利用了电磁感应现象原理。
五、计算题（共7分．其中第33题3分，第34题4分）
33．（3分）如图所示的电路中，电源电压恒为3V．只闭合开关S时，电流表的示数为0.3A；开关S和S1均闭合时，电流表的示数为0.9A．求：
（1）电阻R2的阻值；
（2）开关S和S1均闭合时，电阻R1的电功率。

【分析】（1）只闭合开关S时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电阻R2的阻值；
（2）开关S和S1均闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路的特点和P＝UI可求电阻R1的电功率。
【解答】解：（1）只闭合开关S时，电路为R2的简单电路，电流表测电路中的电流，
根据欧姆定律I＝可得，
电阻R2的阻值为：R2＝＝＝10Ω；
（2）开关S和S1均闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，通过电阻R2的电流仍为0.3A。
根据并联电路干路的电流等于各支路电流的之和知，
电阻R1的电流为：I1＝I﹣I2＝0.9A﹣0.3A＝0.6A，
电阻R1的电功率为：P1＝UI1＝3V×0.6A＝1.8W。
答：（1）电阻R2阻值为10Ω；
（2）开关S和S1均闭合时，电阻R1的电功率是1.8W。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为常见的应用题。
34．（4分）工人用如图25所示的装置提升货物。已知货物重G物＝720N，在t＝5s内货物被匀速竖直提升了h＝1m，工人对绳子自由端的拉力F＝400N且竖直向下，工人的质量m＝60kg，g＝10N/kg。求在此过程中：
（1）地面对工人的支持力大小；
（2）装置对货物做的有用功；
（3）拉力F的功率；
（4）该装置的机械效率。

【分析】（1）站在地面上的人受到重力、支持力和拉力的共同作用；
（2）根据W＝Gh求出有用功；
（3）根据W＝Fs求出拉力所做的总功，根据功率公式求出功率；
（4）根据效率公式求出机械效率。
【解答】解：
（1）站在地面上的人受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力和拉力的共同作用，处于静止状态，受力平衡，则：
地面对工人的支持力大小F'＝mg﹣F＝60kg×10N/kg﹣400N＝200N；
（2）装置对货物做的有用功为：W有＝Gh＝720N×1m＝720J；
（3）拉力所做的总功为：W总＝Fs＝400N×2m＝800J，
拉力F的功率为：P＝＝＝160W
（4）该装置的机械效率为：η＝×100%＝×100%＝90%。
答：（1）地面对工人的支持力大小为200N；（2）装置对货物做的有用功为720J；（3）拉力F的功率为160W；（4）该装置的机械效率为90%。
【点评】本题考查了使用滑轮组是有用功、总功、功率、机械效率的计算，利用好公式是解题的关键。
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日期：2020/6/12 11:06:02；用户：初中物理+张天莉；邮箱：younzx8@xyh.com；学号：37084881