2020-2021学年安徽省安庆市某校九年级期中考试物理试卷人教版

这是一份2020-2021学年安徽省安庆市某校九年级期中考试物理试卷人教版，共8页。试卷主要包含了填空题，选择题，实验探究题，解答题等内容，欢迎下载使用。


1. 英国科学家研发出“激光橡皮”，专门用来去除白纸上的黑色碳粉字迹，激光照射下，纸张上的黑色碳粉字直接________（填物态变化名称）为碳蒸气，字迹消失．

2. 在我国古诗词中有很多描述声音的优美诗句，如“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的________（选填“响度大”或“音调高”）．

3. 画出图中物体AB在平面镜MN中所成的像A′B′．（保留作图痕迹）


4. 一艘船逆水而上，已知船在静水中的速度为5m/s，水流速度为3m/s，船匀速直线行驶途中，有一木箱落水10min后被船长发现，并立即回头打捞（船掉头时间不计，船和静水速度不变）．再过________min可追上木箱．

5. 如图所示，A、B是两个上端开口下端连接在一起的容器，当用一个管子沿B容器口吹气时，B容器中的液面会________（选填“上升”“下降”或“不变”）．


6. 如图所示，斜面高为1.5m，长为4.5m，工人用300N沿斜面方向的力将重为800N的箱子推到车上，在这过程中推力做了________的功．


7. 一台标有“5V 2.5W”的带有USB接口的小电风扇，线圈电阻为1Ω，正常工作1min，产生的热量是________J．

8. 如图所示，拉力F=5N，物体A以0.1m/s的速度在物体B表面向左做匀速直线运动（B表面足够长）；物体B静止在地面上，受到地面水平向左4N的摩擦力，弹簧测计示数为12N．不计滑轮重、绳重，则物体A受到的摩擦力________N．


9. 某中学为学生供应开水，用天然气作为燃料，已知天然气的热值是3×107J/m3，现完全燃烧了4.2m3的天然气，设该热量有50%被水吸收，能将________kg 的水从25∘C加热到100∘C ．[c水=4.2×103J/kg⋅∘C]

10. 如图电源电压保持不变，小灯泡L标有“2.5V 1.25W”字样，变阻器R的最大阻值是40Ω，电压表只有0∼3V的量程．闭合开关S后，当滑动变阻器接入电路的阻值为4Ω时，小灯泡L恰能正常发光．若小灯泡的电阻不变，在不损坏电路的前提下，此电路中小灯泡的最小功率为________W．

二、选择题

下列关于内能的说法，正确的是（ ）
A.0​∘C的冰块内能为零
B.温度低的物体一定比温度高的物体内能小
C.内能不可能通过做功的方式完全转化为机械能
D.热传递一定是从内能多的物体传给内能少的物体

无动力翼装飞行被称为“惊险、刺激、与死亡交锋”的最危险极限运动，起跳后向前下方加速俯冲3、4秒之后，翼装飞行服充满气产生升力，进入飞行状态，在空中飞行姿态像一只鹰，可以做出一些速度、转弯和仰角提升飞行高度的调整，当达到安全高度时，打开降落伞就可以安全降落，关于其中能量的说法正确的是（ ）
A.加速俯冲阶段，重力势能减小，动能增大，机械能增大
B.仰角提升阶段，重力势能增大，动能增大，机械能增大
C.打开降落伞减速下降阶段，重力势能减小，动能增大
D.打开降落伞匀速下降阶段，重力势能减小，动能不变

关于如图所示的磁场，下列说法正确的是（ ）

A.左端为磁铁的N极
B.a处的磁场比b处的磁场弱
C.a点所放小磁针静止时北极指向右
D.如果将此磁体在教室中悬吊起来，静止时图示的右端指南

如图所示，烛焰在光屏上成了一个清晰的像，下列说法正确的是（ ）

A.此时成倒立放大的实像
B.要使光屏上烛焰的像变小，只须将蜡烛靠近凸透镜
C.在凸透镜左侧放一个凹透镜，需要把光屏向右移才能再次看到清晰的像
D.为了便于从不同方向观察光屏上的像，光屏应选用较光滑的玻璃板

如图所示，一个空心小铁球放在盛水的烧杯中，将烧杯置于铁棒AB的上方，绕在铁棒上的线圈连接如图所示的电路，开关S闭合后，小铁球漂浮在水面上，下列说法正确的是（ ）

A.小铁球受到的重力和浮力是一对平衡力
B.此时A端为电磁铁的N极
C.滑片P向左滑动，小铁球所受浮力变大
D.滑片P向右滑动，容器底部受到水的压强变大

在如图所示的电路中，电源电压保持不变，在开关S1已经闭合的情况下，当开关S2由断开到闭合时（ ）

A.电流表A的示数变大
B.电流表A1的示数变大
C.电压表V示数与电流表A1示数的比值变大
D.电路的总电阻变大

如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中，下列说法中正确的是（ ）

A.电压表V1示数与电流表示数之比不变
B.电压表V3示数与电压表V2示数之和不变
C.灯泡变亮，电流表示数变大
D.电压表V2示数与电流表示数的乘积变大
三、实验探究题

物理兴趣小组的同学准备测量一块鹅卵石的密度．

（1）小明将天平放在水平桌面上，用调节好的天平测量鹅卵石质量时，通过加减砝码后，天平的指针如图甲，此时小明应________，使天平横梁平衡；

（2）测量中，天平平衡时所加砝码和游码位置如图乙，他继续测出鹅卵石的体积为15.8cm3，鹅卵石的密度为________kg/m3．

小林用如图所示的器材探究“杠杆平衡的条件”，操作如下：

（1）实验前，小林发现杠杆静止在如图甲所示的位置，为了使杠杆在水平位置平衡，此时应向________（选填“左”或“右”）调节平衡螺母，以方便读取力臂．

（2）如图乙所示，杠杆在水平位置平衡．如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，则杠杆________（选填“左”或“右”）端将下沉．

（3）如果利用如图丙所示装置进行实验，每个钩码重1N，杠杆平衡时弹簧测力计的读数为4.5N．如果保持弹簧测力计拉力作用点的位置不变，把弹簧测力计沿虚线方向拉，为了保证杠杆在水平位置平衡，其示数________（选填“变大”“不变”或“变小”）．

如图所示，在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω，电源电压为6V．

（1）请你用笔画线代替导线将如图1中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大．

（2）连好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表电压表均有示数．接下来应进行的操作是（ ）
A.断开开关，更换小灯泡
B.检查电路是否断路
C.移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光

（3）问题解决后，继续进行实验．若某次实验电压表、电流表的示数如图2所示，则小灯泡的额定功率为________W．
四、解答题

一辆重为2×104N汽车在平直的公路上匀速行驶了11.5km，消耗了2kg 的汽油．汽车在行驶过程所受阻力为车重的0.1倍，已知汽油的热值为4.6×107J/kg．求：
（1）汽车的牵引力所做的功；

（2）2kg汽油完全燃烧放出的热量；

（3）这辆汽车发动机的热机效率．

如图所示电路，电源电压为24V，滑动变阻器R标有“100Ω 2A”字样，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼15V．闭合开关后，当滑片P在某一位置时，电压表示数为9V，电流表的示数为0.5A．请完成下列问题：

（1）此时滑动变阻器接入电路的阻值为多少欧姆？

（2）定值电阻R0的阻值为多少欧姆？

（3）为了保证两个表都能正常工作，滑动变阻器接入电路的阻值应在什么范围？

如图所示，水平桌面上放置一圆柱形容器，容器侧面靠近底部的位置有一个由阀门K控制的出水口，物体A是边长为10cm的正方体，用不可伸长的轻质细线悬挂放入水中静止，此时有15的体积露出水面，细线受到的拉力为12N，容器中水深为18cm，已知细线能承受的最大拉力为15N，物体A不吸水，g取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3．求：

（1）物体A有15体积露出水面时受到的浮力；

（2）物体A的密度；

（3）打开阀门K放水，当细线刚好达到最大拉力时，立即关闭阀门K，容器对桌面的压强．
参考答案与试题解析
2020-2021学年安徽省安庆市某校九年级期中考试物理试卷
一、填空题
1.
【答案】
升华
【考点】
生活中的升华现象
【解析】
在一定条件下，物质的三种状态间可以相互转化；物质由固态直接变为气态，叫升华．
【解答】
解：激光照射下，纸张上的黑色碳粉直接变为碳蒸气，即物质由固态直接变为气态，发生了升华现象．
2.
【答案】
响度大
【考点】
音调、响度与音色的区分
【解析】
音调是指声音的高低，由发声体振动快慢决定；响度是指声音的强弱，决定于发声体的振幅。
【解答】
解：声音的强弱叫响度，“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”指声音的响度大．
3.
【答案】
如解答图所示．
【考点】
平面镜成像的相关作图
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：如图所示：
4.
【答案】
10
【考点】
速度公式及其应用
【解析】
本题若以河岸为参照物，则涉及三种速度：水流的速度v水；船在静水中的速度v船；船在流水中的速度v船′．船如果顺流而下，则v船′＝(v船+v水)；船若逆流而上，则v船′＝(v船−v水)，结合速度、路程、时间的计算公式进行计算就可得出正确答案。
【解答】
解：船刚调头时船与木箱的距离：
s=s1+s箱=s1+v水t=1200m+3m/s×10×60s=3000m，
设船调头追上木箱的时间为t2，则有：
(v船+v水)×t2＝s+v水t2，
解得t2＝600s＝10min．
5.
【答案】
上升
【考点】
流体压强与流速的关系
【解析】
流动的液体和气体称为流体，生活中常见的流体是空气和水．流体的流速越大，压强越小．
【解答】
解：没有吹气时，U形管是个连通器，连通器中装有液体保持静止时，液面高度相同，A、B两容器上方都是大气压，当用一个管子沿B容器口吹气时，B的上方空气流速快，压强小，A容器上方的大气压不变，在大气压的作用下，B中的液面在A液面上方的大气压的作用下上升．
6.
【答案】
1350
【考点】
功的计算
【解析】
根据功的计算公式计算解答．
【解答】
解：根据题意，在这过程中推力做的功W=Fs=300N×4.5m=1350J．
7.
【答案】
15
【考点】
焦耳定律的计算公式及其应用
【解析】
（1）根据P＝UI和Q＝I2Rt求出线圈产生的热量；
（2）通过摩擦可以使物体带电，带电的物体能够吸引轻小物体。
【解答】
解：工作时间t＝1min＝60s，
由P＝UI得，线圈中的电流：
I=PU=2.5W5V=0.5A，
则线圈产生的热量：
Q＝I2Rt＝(0.5A)2×1Ω×60s＝15J．
8.
【答案】
8
【考点】
摩擦力的大小
二力平衡条件及其应用
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：物体B静止在地面上，所以受力平衡，水平方向上物体B受到向右的弹簧拉力、地面对它向左的摩擦力和物体A对它向左的摩擦力，所以两个摩擦力之和为12N，即fAB+4N＝12N，则fAB＝8N，根据相互作用力的知识可知，物体A受到的摩擦力为f＝fAB＝8N．
9.
【答案】
200
【考点】
燃料的热值
热量的计算
能量利用效率
【解析】
利用Q=Vq求天然气完全燃烧发出的热量；该热量有50%被水吸收，可求水吸收的热量，再利用Q吸=cmΔt求水的质量．
【解答】
解：完全燃烧了4.2m3的天然气，放出的热量：Q放=Vq=4.2m3×3×107J/m3=1.26×108J,
水吸收的热量：Q吸=50%Q放=50%×1.26×108J=6.3×107J，
由Q吸=cmΔt得水的质量：
m水=Q吸c水Δt=6.3×107J4.2×103J/kg⋅∘C×100∘C−25∘C=200kg．
10.
【答案】
0.45
【考点】
电功率的计算
欧姆定律的应用
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：IL=PLUL=，UR=ILR=0.5A×4Ω=2V，U=UL+UR=2V+2.5V=4.5V，
灯泡电阻RL=ULIL=Ω，
当滑动变阻器阻值为40Ω时，变阻器两端电压大小为UR=URRL+R=4.5V×40Ω40Ω+5Ω=4V，
因为4V超过了电压表的最大测量值3V，所以可知滑动变阻器两端的最大电压值U最大为3V，此时电灯两端的最小电压值为UL=U−UR=4.5V−3V=1.5V，小灯泡的最小功率PL=UL2RL=(1.5V)25Ω=0.45W．
二、选择题
【答案】
C
【考点】
温度、热量与内能的关系
内能的概念
【解析】
掌握做功改变物体内能的实质是解答本题的根本，需要知道物体对外做功，物体的内能减小；外界对物体做功，物体的内能增大．
【解答】
解：A．一切物体都具有内能，故0​∘C的冰块也有内能，故A错误；
B．影响内能大小的因素除了温度以外，还有物体的质量、体积和状态，所以在不确定其他因素都相同的情况下，只凭温度无法比较内能的大小，所以说温度低的物体不一定比温度高的物体内能小，故B错误；
C．内能不可能通过做功的方式完全转化为机械能，总会有能量损失，故C正确；
D．热传递是从高温物体传向低温物体，故D错误．
故选C．
【答案】
D
【考点】
动能和势能的转化与守恒
【解析】

【解答】
解：加速俯冲阶段，质量不变，高度降低，重力势能减小，速度变大，动能增大，实际由于空气阻力作用，机械能变小，故A错误；
仰角提升阶段，质量不变，高度增大，重力势能增大，由于空气阻力作用，动能减小，机械能变小，故B错误；
打开降落伞减速下降阶段，质量不变，高度降低，重力势能减小，速度变小，动能减小，故C错误；
打开降落伞匀速下降阶段，质量不变，高度降低，重力势能减小，速度不变，动能不变，故D正确．
故选D．
【答案】
B
【考点】
磁感线及其特点
【解析】
（1）在磁体外部，磁感线从N极出发，回到S极；
（2）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
（3）根据理想模型方法的思路进行分析，即为了人们可以形象直观的认识磁场，科学家通过想象引入了磁感线，磁感线的疏密程度反映磁场的强弱；
（4）地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近。
【解答】
解：A．磁体外部的磁感线是从N极出发，回到S极的，磁体内部的磁感线是从S极出发，回到磁体N极的，故左端为磁铁的S极，故A错误；
B．磁感线越密集，该处磁场越强，越稀疏，该处磁场越弱，则a处的磁场比b处的磁场弱，故B正确；
C．同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，则a点所放小磁针静止时北极指向左，故C错误；
D．地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，右端为磁体的N极，如果将此磁体在教室中悬吊起来，磁铁的右端会指北，故D错误．
【答案】
C
【考点】
凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：A．由图知，蜡烛放在凸透镜的2倍焦距之外，所以此时成倒立、缩小的实像，故A错误；
B．要使光屏上的烛焰的像变小，根据凸透镜成像规律“物远像近像变小”可知，蜡烛应远离凸透镜，同时光屏要靠近凸透镜一些，故B错误；
C．在凸透镜左侧放一个凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，能推迟像的会聚，所以需要把光屏向右移才能再次看到清晰的像，故C正确；
D．为了便于从不同方向观察光屏上的像，光屏应选用较粗糙的毛玻璃板，故D错误．
故选C．
【答案】
C
【考点】
通电螺线管的极性和电流方向的判断
阿基米德原理
液体压强的计算公式及其应用
平衡力的辨别
【解析】

【解答】
解：开关S闭合后，螺线管具有磁性，小铁球仍静止在水面上时受到重力、浮力、电磁铁的吸引力的作用，其重力和浮力的大小不相等，所以这两个力不是一对平衡力，故A错误；
开关S闭合后，电流由A流向B，则由右手螺旋定则可知螺线管的A端为S极，故B错误；
当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可知电路中电流增大，则螺线管的磁性增强，小铁球所受吸引力增大，浸入水中的体积增大，根据阿基米德原理可知，浮力变大，故C正确；
滑片P向右滑动，滑动变阻器接入电阻增大，电路中电流减小，则螺线管中的磁性减弱，小铁球所受吸引力减小，当小球重新平衡后，向下的吸引力与重力之和应等于向上的浮力，因吸引力减小，所以铁球所受浮力也将减小，排开的水的体积减小，液面下降，根据p=ρgh可知，容器底部受到的压强变小，故D错误．
故选C．
【答案】
A
【考点】
电路的动态分析
【解析】

【解答】
解：闭合开关S1、S2电路正常工作，两电阻并联，电流表测干路电流，当开关S2断开时，为R1的简单电路，电流表测R1的电流，根据并联电路各支路互不影响，即通过R1的电流不变，B错误；
由并联电路电流的规律，电流表A示数变大，A正确；
由V示数和A1示数不变，故电压表V示数与电流表A1示数的比值不变，C错误；
由并联电阻的规律，电路的总电阻变小，D错误．
故选A．
【答案】
B
【考点】
电路的动态分析
【解析】

【解答】
解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表V2测量灯泡两端的电压，电压表V3测量滑动变阻器两端的电压，电压表V1测量滑动变阻器右边部分两端的电压，当滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻不变，总电阻不变，根据欧姆定律可知，电流不变，根据 U=IR可知，电压表V3、电压表V2的示数不变，由于与电压表V1并联的电阻变大，则电压表V1示数变大，故A错误；
电压表V3示数与电压表V2示数之和为电源电压，保持不变，故B正确；
灯泡的电流和电压不变，灯泡亮度不变，故C错误；
电压表V2示数与电流表示数不变，其乘积不变，故D错误．
故选B．
三、实验探究题
【答案】
（1）调节游码
（2）3×103
【考点】
固体密度的测量
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）称量时，指针指在左侧不动说明左侧质量大，因此应该向右移动游码，使天平平衡．
（2）读图乙可知，小石块的质量m=20g+20g+5g+2.4g=47.4g，
根据密度公式ρ=mV=×103kg/m3．
【答案】
（1）右
（2）左
（3）变大
【考点】
探究杠杆的平衡条件实验
【解析】
（1）由图甲可知，杠杆左端下倾，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，这一调节过程的目的是为了直接从杠杆上读出力臂；
（2）杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，通过计算判断杠杆哪端下沉；
（3）利用杠杆的平衡条件，首先先判断动力臂如何变化，然后根据杠杆平衡条件计算弹簧测力计示数如何变化。
【解答】
解：（1）由图甲可知，杠杆左端下倾，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，所以应将平衡螺母向右移动．
（2）假设每个钩码的重力为G，根据杠杆平衡条件动力×动力臂=阻力×阻力臂可知，4G×3=3G×4；
如果在杠杆两侧各去掉一个相同的钩码，此时3G×3>2G×4，故杠杆左端下沉．
（3）如果保持弹簧测力计拉力作用点的位置不变，把弹簧测力计沿虚线方向拉，动力臂减小，根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂可知，动力增大，所以弹簧测力计示数增大．
【答案】
（1）如解答图所示．
C
（3）0.75
【考点】
探究用电器的电功率实验
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）如图所示：
（2）连好电路后，闭合开关，电流表电压表均有示数，则电路为通路，发现小灯泡不亮，说明电路的电流过小，电路的电阻过大，故应该移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光．
故选C．
（3）由图象可知，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.5V，
电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.3A，
则小灯泡的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W．
四、解答题
【答案】
（1）汽车的牵引力所做的功W有=2.3×107J；
（2）汽油完全燃烧放出的热量Q总=9.2×107J；
（3）这辆汽车发动机的热机效率η=25%．
【考点】
热机的效率
功的计算
热量的计算
【解析】
此题暂无解析
【解答】
解：（1）汽车牵引力F=f=0.1G=0.1×2×104N=2×103N ，
牵引力做功W有=Fs=2×103N×1.15×104m=2.3×107J；
（2）汽油完全燃烧放出的热量：Q总=mq=2kg×4.6×107J=9.2×107J；
（3）η=W有W总×100%=2.3×107J9.2×107J×100%=25%．
【答案】
（1）此时滑动变阻器接入电路的阻值为18欧姆．
（2）定值电阻R0的阻值为30欧姆．
（3）为了保证两个表都能正常工作，滑动变阻器接入电路的阻值范围应为10∼50Ω．
【考点】
欧姆定律的应用
串联电路的电流规律
串联电路的电压规律
【解析】
（1）根据欧姆定律解答．
（2）由串联电路的电压特点U=UR+UR0，可知UR0=U−UR=24V−9V=15V，由欧姆定律可知定值电阻R0的阻值为R0=15V0.5A=30Ω．
（3）根据题中电流表和电压表允许的最大示数，结合串联电路电流特点以及欧姆定律分段解答．
【解答】
解：（1）开关闭合，两电阻串联，由欧姆定律I=UR得R=UI，代入数据得滑动变阻器接入电路的电阻为R=9V0.5A=18Ω．
（2）由串联电路的电压特点U=UR+UR0，
可知UR0=U−UR=24V−9V=15V，
由欧姆定律可知定值电阻R0的阻值为R0=15V0.5A=30Ω．
（3）根据题意，电路中的电流最大不能超过0.6A，设滑动变阻器此时接入电路中的电阻为R1，
由串联电路的电压特点和欧姆定律U=IR0+IR1得：R1=UI−R0=24V0.6A−30Ω=10Ω，
电压表的示数，也就是滑动变阻器两端的电压最大不能超过15V，设滑动变阻器此时接入电路中的电阻为R2，
由串联电路的电流特点和欧姆定律得24V−15VR0=15VR2，
代入R0=30Ω得R2=50Ω，
所以滑动变阻器接入电路中阻值变化的范围为10∼50Ω．
【答案】
（1）物体A有15体积露出水面时受到的浮力为8N；
（2）物体A的密度为2×103kg/m3；
（3）容器对桌面的压强为1500Pa．
【考点】
阿基米德原理
密度的计算
液体压强的计算公式及其应用
【解析】



【解答】
解：（1）物体A的体积为：V=10cm3=0.001m3，
则排开液体的体积为：V排=45×0.001m3=8×10−4m3，
物体A有15体积露出水面时受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10−4m3=8N．
（2）物体的重力为：G=F拉+F浮=12N+8N=20N，
物体A的密度：ρ=mV=GgV=20N10N/kg×0.001m3=2×103kg/m3．
（3）当细线刚好达到最大拉力15N时，由力的平衡可知，
此时A受到的浮力为F浮′=20N−15N=5N，
此时排开液体的体积：V排′=F浮′ρ水g=5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5×10−4m3，
放水后，A浸入水中的深度为h′=V排′SA=5×10−4m30.01m2=0.05m=5cm，
原来A浸入水中的深度为：h=45×10cm=8cm，
水面下降Δh=h−h′=8cm−5cm=3cm，
故现在水的深度为h″=18cm−5cm=15cm=0.15m，
此时水对容器底的压强：p=ρ水gh″=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.15m=1500Pa．