2022年广东省深圳市金稻田学校中考物理实验专题练习八

这是一份2022年广东省深圳市金稻田学校中考物理实验专题练习八，共19页。试卷主要包含了探究物体的动能等内容，欢迎下载使用。
2022金稻田学校中考物理实验专题练习八
1．如图所示，质量为m的小球从A点静止释放，在没有空气阻力的情况下，沿无摩擦轨道运动（其中BC段水平）。已知重力势能为E势＝mgh（h为小球离轨道BC的高度，当小球运动到B点时，h＝0），动能为E动＝mv2（v为小球运动的速度）。

（1）小球在A点的机械能E机＝　 　（用题目所给物理量符号表示）
（2）小球从A点静止释放到达B点时的速度vB。
①请根据题目所给信息，推守出vB＝；
②根据vB＝，推测vB与小球的质量m是否有关；
（3）现有形状大小相同的小球，这些小球有的质量相等，有的质量不等，写出验证你的推测的实验步骤（若有需要，可补充器材）；
2．为了探究“物体动能大小和哪些因素有关”小明设计了如图所示的实验方案，让小球从高度为h的斜面顶端滑下，推动小木块在水平地面上运动一段距离s，则
（1）此实验中是通过　 　测量（选填“s”或“h”）来反映小球动能的大小。
（2）小明发现，这个实验装置和研究“阻力对物体运动的影响”的实验装置很相似，只要将小球换成小车，去掉木块，添加毛巾、棉布就可以完成，为了能在实验的基础上进一步科学推理出物体不受力时的运动状态，在水平桌面上铺垫实验材料的顺序应是　 　。
A．木板、毛巾、棉布 B．毛巾、棉布、木板
C．棉布、木板、毛巾 D．毛巾、木板、棉布

3．在“探究影响动能大小的因素”实验中，如图a、b、c所示，让质量为m、2m的两个小球分别从斜面上由静止滚下后，撞击放在水平木板上的木块，使木块在水平面上滑动，虚线位置为一段距离后停止的位置。
（1）实验中，用质量不同的小球，让它们从同一高度沿着斜面自由滚下，这是为了控制小球进入水平面的　 　相同。
（2）比较　 　两图进行的实验，可以探究小球的动能大小与速度的关系。
（3）比较a、b两图进行的实验，得出的结论是小球的动能随质量增大而　 　。
（4）比较b、c两图进行的实验，可以判断出动能较大的是　 　图的小球。
（5）木块在水平面上由滑动到静止的过程中，将机械能转化为　 　能。

4．如图，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同﹣水平面上的同一木块，木块移动一段距离后停止。

（1）实验中，小球动能的大小是通过木块移动的距离来反映的，这种方法称为　 　；
（2）分析比较　 　两次实验，可探究出的结论是：质量相同的物体，速度越大，动能越大；
（3）甲实验中，若木块重为1N，水平移动的距离是30cm，则重力对木块做功　 　J；
（4）如果水平面光滑，则　 　（选填“能”或“不能”）完成本实验。
5．探究物体的动能：
（1）如图甲所示，小明先探究动能大小与速度关系，他控制小车的　 　保持不变，让小车从斜面的　 　（同一/不同）高度下滑，目的是　 　。通过比较　 　，可以比较小车具有的动能。
（2）小明在操作中发现，不用斜面而直接通过人手推小车，也可以使小车在水平木板上运动。若采用此方法来推同一辆小车，　 　（能/不能）探究动能大小与质量的关系，理由是：　 　。
（3）小华去掉木块，做了如图乙所示的实验，两次实验中小车克服所有阻力所做的功　 　（第①次大/第②次大/一样大）。

6．在“探究影响动滑轮机械效率的因素“的实验中，小佳用同一动滑轮进行了三次实验，实验装置如图所示。
序号
动滑轮物重
G动/N
钩码总重
G/N
钩码上升的
高度h/m
弹簧测力计F/N
绳自由端上升的
高度s/m
动滑轮的机械效率η/%
①
0.3
1
0.2
0.70
0.4
71.4%
②
0.3
2
0.2
1.28
0.4
78.1%
③
0.43
4
0.2

0.4

（1）实验时，小佳应沿　 　方向匀速拉动弹簧测力计；
（2）第3次实验时，弹簧测力计的示数如图所示，此时绳端受到的拉力为　 　N，拉力所做的额外功为　 　J，动滑轮的机械效率为　 　%；
（3）分析表中数据可知：用同一动滑轮将物体匀速提升相同的高度时，随着钩码总重的增加，拉力所做的额外功将　 　（选填“减小”、“不变”或“增大”），你认为其原因是　 　；
（4）为提高动滑轮的机械效率，下列措施可行的是　 　（多选）
A．增加钩码的总重 B．增加提升钩码的高度
C．在滑轮转轴处涂润滑油 D．换用质量更小的滑轮

7．某实验小组在“测滑轮组机械效率”的实验中得到的数据如下表所示，第1、2、3次实验装置分别如图甲、乙、丙所示。
（1）实验中应　 　竖直向上拉动弹簧测力计；
（2）比较第1次实验和第2次实验，可得结论：使用同样的滑轮组提起的钩码越重，滑轮组的机械效率越　 　。
（3）第3次实验中所做的有用功是　 　J，机械效率是　 　
次数
钩码重G/N
钩码上升高度h/m
有用功
W有/J
测力计拉力F/N
测力计移
动距离s/m
总功
W总/J
机械效率η
1
2
0.1
0.2
0.9
0.3
0.27
74.1%
2
4
0.1
0.4
1.6
0.3
0.48
83.3%
3
4
0.1

1.1
0.5
0.55

（4）第3次实验中动滑轮个数比第2次实验多，动滑轮自重增大，所做的额外功　 　（选填“增大”或“减小”），因而，由第2、3次实验可知：　 　一定，滑轮组的机械效率与　 　有关。

8．小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中：

（1）实验前，杠杆处于图甲所示的静止状态，他应把杠杆左端的平衡螺母向　 　（左/右）侧调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙，杠杆在水平位置平衡，若将A、B两点下方挂的钩码同时朝远离支点O方
向移动一小格，则杠杆　 　（仍保持平衡/左端下沉/右端下沉）；
（3）取下A点下方所挂钩码，改用弹簧测力计在C点竖直　 　（向上/向下）拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数为F1，如果将弹簧测力计沿如图丙所示方向拉杠杆仍处于水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数为F2，则F2　 　F1（＞/＝/＜）。
9．对O为支点的轻质杠杆同时施加大小不等的力F1、F2后保持静止，（如图甲）
（1）此时杠杆是否处于平衡状态？　 　（选填“是”或“不是”）。
（2）画出图甲中F2的力臂L2。
（3）原来处于水平静止位置的轻质杠杆（每格的长度为L），如图乙所示受到F1、F2两个力。小明认为“若F1L1＝F2L2，则杠杆平衡”，请问他的判断是否正确？若正确，请说明判断的依据；若不正确，请指出错在哪里。小明的判断　 　（选填“正确”或“不正确”），理由：　 　（填写你认为正确的依据或不正确的错处）。

10．甲、乙两同学做探究杠杆平衡条件的实验，以杠杆中点为支点，如图甲、乙所示。
（1）若杠杆右端低左端高，为使其在水平位置静止，应将左端的平衡螺母向　 　调节。
（2）如图甲，杠杆在水平位置平衡，记录数据。根据这一次实验数据，甲同学立即分析得出杠杆的平衡条件，这种做法的不足是　 　。
（3）如图乙，乙同学设计了两种实验方案：第一种测力计沿竖直方向拉，读数为F1；第二种测力计倾斜拉，读数为F2．第　 　（一/二）种实验方案更方便。在同等条件下，两次弹簧测力计读数F1　 　（＞/＝/＜）F2。
（4）乙同学用图丙装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，与甲同学得出的杠杆平衡条件不相符，其可能的原因是　 　。
（5）当利用图丙所示杠杆匀速提升重物到相同高度的过程中，若使弹簧测力计离支点近一点，杠杆的机械效率　 　（变大/变小/不变，下同）；若使重物离支点近一点，杠杆的机械效率　 　。（不考虑摩擦）
11．小强同学用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率，实验时，他先后将钩码放置在图中A、B位置，竖直向上匀速拉动弹测力计，使钩码缓慢地上升，得到下表实验数据。
实验次数
钩码悬挂点
钩码重G/N
钩码移动距离h/m
拉力F/N
测力计移动距离s/m
机械效率n/%
1
A点
1.5
0.10
0.7
0.30
71.4
2
B点
2.0
0.15
1.2
0.30

（1）实验中，小强应在物体处于　 　（填“静止”或“匀速运动”）状态时，读取弹簧测力计示数。
（2）表格中第2次实验所测杠杆的机械效率为　 　（保留1位小数）。
（3）实验后小强认真地思考，发现实验数无法得出“杠杆的机械效率与所挂钩码的重有关，钩码越重其效率越高”的结论。这是因为　 　。

12．根据“探究杠杆平衡的条件”实验要求，完成下列各小题：

（1）某同学在调节杠杆水平位置平衡前，杠杆静止时的位置如图甲所示。此时杠杆　 　（填“是”或“不是”）处于平衡状态。
（2）在已经调节好平衡的杠杆上挂上钩码，所处的状态如图乙所示，此时他应移动　 　（选填“平衡螺母”或“钩码”），使杠杆在水平位置平衡。实验中他改变钩码的个数及位置进行了多次测量，其目的是　 　。
（3）如图丙所示，为寻找杠杆的平衡条件，也可以在已经调节好平衡的杠杆上A点悬挂2个钩码，用弹簧测力计竖直向上拉杠杆，该拉力可以作用在　 　点（从“B”、“C”两个位置中选择满足要求的位置）。
（4）在分析实验误差时，某同学整理了以下四个因素，其中不会带来实验误差的是　 　。
A．铁架台自身重力较大 B．钩码磨损程度不同
C．悬挂钩码的绳索有重力 D．杠杆与转轴之间有摩擦
13．在“探究影响滑轮组机械效率的因素”的实验中，小明用同一滑轮组进行了三次实验，实验数据如表：
序号
物重
G/N
物体上升的高度h/m
拉力
F/N
绳自由端移动的距离S/m
滑轮组的机械效率η/%
1
1
0.1
0.6
0.3
55.6
2
2
0.1
1.0
0.3
66.7
3
4
0.1
1.8
0.3
74.1
（1）根据表格中的数据，在图中画出滑轮组的绕绳方法。
（2）实验中，沿竖直方向拉动弹簧测力计，并读出弹簧测力计的示数。
（3）根据表格中的数据分析可知：
①滑轮组的机械效率与物重有关，同一滑轮组，所提物体越重，机械效率越大。
②随着物重的增大，额外功　 　（选填“变小”“不变”或“变大”），原因可能是　 　。

2022金稻田学校中考物理实验专题练习八
参考答案与试题解析
1．如图所示，质量为m的小球从A点静止释放，在没有空气阻力的情况下，沿无摩擦轨道运动（其中BC段水平）。已知重力势能为E势＝mgh（h为小球离轨道BC的高度，当小球运动到B点时，h＝0），动能为E动＝mv2（v为小球运动的速度）。

（1）小球在A点的机械能E机＝　mgh　（用题目所给物理量符号表示）
（2）小球从A点静止释放到达B点时的速度vB。
①请根据题目所给信息，推守出vB＝；
②根据vB＝，推测vB与小球的质量m是否有关；
（3）现有形状大小相同的小球，这些小球有的质量相等，有的质量不等，写出验证你的推测的实验步骤（若有需要，可补充器材）；
解：
（1）小球在A点时是静止的，不具有动能，但具有重力势能，则A小球在A点的机械能E机＝mgh；
（2）①小球从A点静止释放到达B点时的速度vB；由于不计空气阻力和摩擦，小球的机械能是守恒的，且小球在A点的机械能E机＝mgh；到达B点时，高度为0，重力势能为0，此时小球的机械能等于动能大小，即E动＝mvB2，
则：mgh＝mvB2，整理得：vB＝；
②根据VB＝可知，vB的大小与小球的质量m没有关系；
（3）要验证速度与质量是否有关，需要测出路程和时间；故实验中需要用到秒表；
①让一个小球从一个斜面上的A点由静止开始滚下，用秒表测出小球到达斜面底端时的时间；
②让另一个质量不同的小球从同一斜面上的A点由静止开始滚下，用秒表测出小球到达斜面底端时的时间；
③再换用质量不同的小球，重复上面的实验；
实验结束后对比测量的时间的关系，如果时间都相等，即小球达到斜面底端的速度都相等，则说明小球的速度与质量无关。
答：（1）mgh；（2）（3）见解析。
2．为了探究“物体动能大小和哪些因素有关”小明设计了如图所示的实验方案，让小球从高度为h的斜面顶端滑下，推动小木块在水平地面上运动一段距离s，则
（1）此实验中是通过　s　测量（选填“s”或“h”）来反映小球动能的大小。
（2）小明发现，这个实验装置和研究“阻力对物体运动的影响”的实验装置很相似，只要将小球换成小车，去掉木块，添加毛巾、棉布就可以完成，为了能在实验的基础上进一步科学推理出物体不受力时的运动状态，在水平桌面上铺垫实验材料的顺序应是　B　。
A．木板、毛巾、棉布 B．毛巾、棉布、木板
C．棉布、木板、毛巾 D．毛巾、木板、棉布

解：（1）小球动能的大小通过木块移动的距离来表示，即实验中通过测量木块移动距离s来反映小球动能的大小；
（2）在研究阻力对物体运动的影响时，为了能在实验的基础上进一步科学推理出物体不受力时的运动状态，应该让接触面逐渐变光滑（即阻力越来越小），因为三种材料中毛巾表面最粗糙，木板表面最光滑，所以水平桌面上铺垫实验材料的顺序应是毛巾、棉布、木板，故B正确；
故答案为：（1）s；（2）B。
3．在“探究影响动能大小的因素”实验中，如图a、b、c所示，让质量为m、2m的两个小球分别从斜面上由静止滚下后，撞击放在水平木板上的木块，使木块在水平面上滑动，虚线位置为一段距离后停止的位置。
（1）实验中，用质量不同的小球，让它们从同一高度沿着斜面自由滚下，这是为了控制小球进入水平面的　速度　相同。
（2）比较　ac　两图进行的实验，可以探究小球的动能大小与速度的关系。
（3）比较a、b两图进行的实验，得出的结论是小球的动能随质量增大而　增大　。
（4）比较b、c两图进行的实验，可以判断出动能较大的是　b　图的小球。
（5）木块在水平面上由滑动到静止的过程中，将机械能转化为　内　能。

解：
（1）要探究动能大小与质量的关系，需控制速度相同，为了使小球在水平面运动时的起始速度相等，需将质量不同的小球从斜面上的同一高度处由静止滑下；
（2）探究小球的动能与速度的关系，应控制质量相同，速度不同，应使质量相同的小球从不同的高度滚下，故选a、c两图；
（3）比较a、b两图进行的实验，小球下落的高度相同，即速度相同，小球的质量不同个，质量越大的推动木块移动的距离越远，动能越大，即得出的结论是小球的动能随质量增大而增大；
（4）比较b、c两图进行的实验，b中的小球推动木块移动的距离远，则b中小球的动能大；
（5）木块在水平面上由滑动到静止的过程中，克服摩擦做功，将机械能转化为内能。
故答案为：（1）速度；（2）ac；（3）增大；（4）b；（5）内。
4．如图，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同﹣水平面上的同一木块，木块移动一段距离后停止。

（1）实验中，小球动能的大小是通过木块移动的距离来反映的，这种方法称为　转换法　；
（2）分析比较　甲、乙　两次实验，可探究出的结论是：质量相同的物体，速度越大，动能越大；
（3）甲实验中，若木块重为1N，水平移动的距离是30cm，则重力对木块做功　0　J；
（4）如果水平面光滑，则　不能　（选填“能”或“不能”）完成本实验。
解：
（1）小钢球从斜面滚下过程中，质量不变，高度减小，故重力势能减小，同时速度变大，动能增加，所以是将重力势能转化为动能的过程；其动能大小是通过小木块移动的距离大小来反映的，这属于转换法的应用；
（2）分析比较甲和乙两组实验可得，物体的质量相同，而下滑的高度不同，甲图中下滑的高度大，运动到水平面时速度大，推动木块滑行的距离大，故物体质量相同时，速度越大，动能越大；
（3）木块水平移动，在重力的方向上没有移动距离，重力不做功，重力对木块做功0J；
（4）如果水平面是光滑的，没有阻力作用，木块被撞击后将做匀速直线运动，不能通过被撞击的距离来比较动能大小。
故答案为：（1）转换法；（2）甲、乙；（3）0；（4）不能。
5．探究物体的动能：
（1）如图甲所示，小明先探究动能大小与速度关系，他控制小车的　质量　保持不变，让小车从斜面的　不同　（同一/不同）高度下滑，目的是　改变小车到达水平面时的速度　。通过比较　小车推动木块的距离　，可以比较小车具有的动能。
（2）小明在操作中发现，不用斜面而直接通过人手推小车，也可以使小车在水平木板上运动。若采用此方法来推同一辆小车，　不能　（能/不能）探究动能大小与质量的关系，理由是：　用手推小车的速度难以控制相等　。
（3）小华去掉木块，做了如图乙所示的实验，两次实验中小车克服所有阻力所做的功　第②次大　（第①次大/第②次大/一样大）。

解：
（1）让同一小车从斜面不同高度滑下，是为了控制质量不变，研究动能大小与速度的关系；因此实验中他控制小车的质量保持不变，让小车从斜面的 不同高度下滑，目的是改变小车到达水平面时的速度，通过比较小车推动木块距离的远近，来比较小车具有的动能；
（2）不用斜面而直接通过人手推小车，也可以使小车在水平木板上运动，但用手推小车不好控制速度不变，且小车的质量不变，无法探究动能大小与质量的关系，所以采用此方法不能探究动能大小与质量的关系；
（3）在初速度和相同的条件下，物体的质量越大，物体克服摩擦做功越多，故两次实验中小车克服所有阻力所做的功第②次大；
故答案为：
（1）质量；不同； 改变小车到达水平面时的速度；小车推动木块的距离；（2）不能；用手推小车的速度难以控制相等；（3）第②次大。

6．在“探究影响动滑轮机械效率的因素“的实验中，小佳用同一动滑轮进行了三次实验，实验装置如图所示。
序号
动滑轮物重
G动/N
钩码总重
G/N
钩码上升的
高度h/m
弹簧测力计F/N
绳自由端上升的
高度s/m
动滑轮的机械效率η/%
①
0.3
1
0.2
0.70
0.4
71.4%
②
0.3
2
0.2
1.28
0.4
78.1%
③
0.43
4
0.2

0.4

（1）实验时，小佳应沿　竖直　方向匀速拉动弹簧测力计；
（2）第3次实验时，弹簧测力计的示数如图所示，此时绳端受到的拉力为　2.4　N，拉力所做的额外功为　0.16　J，动滑轮的机械效率为　83.3　%；
（3）分析表中数据可知：用同一动滑轮将物体匀速提升相同的高度时，随着钩码总重的增加，拉力所做的额外功将　增大　（选填“减小”、“不变”或“增大”），你认为其原因是　摩擦力变大　；
（4）为提高动滑轮的机械效率，下列措施可行的是　ACD　（多选）
A．增加钩码的总重 B．增加提升钩码的高度
C．在滑轮转轴处涂润滑油 D．换用质量更小的滑轮

解：
（1）实验中要竖直向上匀速拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变，便于读数；
（2）第3次实验中，由图可知，弹簧测力计的示数为2.4N；
滑轮对钩码所做的功为W有＝Gh＝4N×0.2m＝0.8J，
拉力做的总功W总＝Fs＝2.4N×0.4m＝0.96J；
额外功为：W额＝W总﹣W有＝0.96J﹣0.8J＝0.16J；
动滑轮的机械效率η＝×100%＝×100%≈83.3%；
（3）在用同一动滑轮将物体匀速提升相同的高度时，由表格数据可知：
第一次拉力所做的额外功W额1＝W总1﹣W有1＝F1s﹣G1h＝0.7N×0.4m﹣1N×0.2m＝0.08J，
第二次拉力所做的额外功W额2＝W总2﹣W有2＝F2s﹣G2h＝1.28N×0.4m﹣2N×0.2m＝0.114J，
综上可知，若仅增加被提升物体的物重，则拉力所做的额外功增大，由表格数据最后一列可知，动滑轮的机械效率增大；
实验中，额外功的来源为克服动滑轮自重和机械摩擦做功，额外功增大的原因是摩擦力变大；
（4）A．增加钩码的总重，有用功增大，根据1、2两次的实验数据可知，机械效率增大，故A正确；
B．钩码上升的高度与机械效率无关，故B错误；
C．在滑轮转轴处涂润滑油能减小额外功，能增大效率；故C正确；
D．换用质量更小的滑轮，能减小额外功，增大机械效率，故D正确。
故答案为：（1）竖直；（2）2.4；0.16；83.3；（3）增大；摩擦力变大；（4）ACD。

7．某实验小组在“测滑轮组机械效率”的实验中得到的数据如下表所示，第1、2、3次实验装置分别如图甲、乙、丙所示。
（1）实验中应　匀速　竖直向上拉动弹簧测力计；
（2）比较第1次实验和第2次实验，可得结论：使用同样的滑轮组提起的钩码越重，滑轮组的机械效率越　大　。
（3）第3次实验中所做的有用功是　0.4　J，机械效率是　72.7%　
次数
钩码重G/N
钩码上升高度h/m
有用功
W有/J
测力计拉力F/N
测力计移
动距离s/m
总功
W总/J
机械效率η
1
2
0.1
0.2
0.9
0.3
0.27
74.1%
2
4
0.1
0.4
1.6
0.3
0.48
83.3%
3
4
0.1

1.1
0.5
0.55

（4）第3次实验中动滑轮个数比第2次实验多，动滑轮自重增大，所做的额外功　增大　（选填“增大”或“减小”），因而，由第2、3次实验可知：　提升物体的重力　一定，滑轮组的机械效率与　动滑轮的重力　有关。

解：（1）实验中应匀速竖直向上拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，拉力大小等于测力计示数；
（2）比较第1次实验和第2次实验，滑轮组相同，第2次实验提起的钩码较重，其机械效率较大，可得结论：使用同样的滑轮组提起的钩码越重，滑轮组的机械效率越大。
（3）第3次实验中所做的有用功：
W＝Gh＝4N×0.1m＝0.4J，
则第3次实验的机械效率：
η＝＝×100%≈72.7%；
（4）第2、3次实验中物重相同，但第3次实验中动滑轮个数比第2次实验多，动滑轮自重增大，根据W＝G动h可知，所做的额外功增大；
由第2、3次实验可知：提起物体的重力一定，动滑轮的重力越大，滑轮组的机械效率越小，故滑轮组的机械效率与动滑轮的重力有关。
故答案为：（1）匀速；（2）大；（3）0.4；72.7%；（4）增大；提升物体的重力；动滑轮的重力。
8．小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中：

（1）实验前，杠杆处于图甲所示的静止状态，他应把杠杆左端的平衡螺母向　右　（左/右）侧调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）如图乙，杠杆在水平位置平衡，若将A、B两点下方挂的钩码同时朝远离支点O方
向移动一小格，则杠杆　左端下沉　（仍保持平衡/左端下沉/右端下沉）；
（3）取下A点下方所挂钩码，改用弹簧测力计在C点竖直　向上　（向上/向下）拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数为F1，如果将弹簧测力计沿如图丙所示方向拉杠杆仍处于水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数为F2，则F2　＞　F1（＞/＝/＜）。
解：（1）调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
（2）若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧3G×3L＝9GL，右侧2G×4L＝8GL，因为9GL＞8GL 杠杆不能平衡，左端下沉；
（3）取下A点下方所挂钩码，根据杠杆的平衡条件，改用弹簧测力计在C点向上拉，此时弹簧测力计的示数为F1，力与力臂的乘积相等，才能使杠杆在水平位置平衡；将弹簧测力计沿如图丙所示方向拉杠杆，使杠杆仍处于水平位置平衡，阻力与阻力臂不变，动力臂减小，此时弹簧测力计的示数为F2变大，则F2＞F1。
故答案为：（1）右；（2）左端下沉；（3）向上；＞。

9．对O为支点的轻质杠杆同时施加大小不等的力F1、F2后保持静止，（如图甲）
（1）此时杠杆是否处于平衡状态？　是　（选填“是”或“不是”）。
（2）画出图甲中F2的力臂L2。
（3）原来处于水平静止位置的轻质杠杆（每格的长度为L），如图乙所示受到F1、F2两个力。小明认为“若F1L1＝F2L2，则杠杆平衡”，请问他的判断是否正确？若正确，请说明判断的依据；若不正确，请指出错在哪里。小明的判断　不正确　（选填“正确”或“不正确”），理由：　没有考虑两个力的方向　（填写你认为正确的依据或不正确的错处）。

解：（1）由于图甲中两力F1、F2作用在杠杆上能使杠杆保持静止状态，因此此时的杠杆是平衡状态；
（2）先反向延长F2的作用线，然后从支点O作拉力F2的作用线的垂线，从支点到垂足的距离就是F2的力臂。如下图所示：

（3）由于图中两力F1、F2均使杠杆绕着支点O顺时针转动，两力使杠杆转动的方向相同（或没有考虑两个力的方向），故杠杆不可能平衡，因此小明的判断不正确。
故答案为：（1）是；（2）如上图所示；（3）不正确；没有考虑两个力的方向。
10．甲、乙两同学做探究杠杆平衡条件的实验，以杠杆中点为支点，如图甲、乙所示。
（1）若杠杆右端低左端高，为使其在水平位置静止，应将左端的平衡螺母向　左　调节。
（2）如图甲，杠杆在水平位置平衡，记录数据。根据这一次实验数据，甲同学立即分析得出杠杆的平衡条件，这种做法的不足是　一次实验具有偶然性　。
（3）如图乙，乙同学设计了两种实验方案：第一种测力计沿竖直方向拉，读数为F1；第二种测力计倾斜拉，读数为F2．第　一　（一/二）种实验方案更方便。在同等条件下，两次弹簧测力计读数F1　＜　（＞/＝/＜）F2。
（4）乙同学用图丙装置进行探究，发现当杠杆水平平衡时，与甲同学得出的杠杆平衡条件不相符，其可能的原因是　杠杆自重对实验的影响　。
（5）当利用图丙所示杠杆匀速提升重物到相同高度的过程中，若使弹簧测力计离支点近一点，杠杆的机械效率　不变　（变大/变小/不变，下同）；若使重物离支点近一点，杠杆的机械效率　变小　。（不考虑摩擦）
解：（1）右端低左端高，应将平衡螺母向较高的一端调节，即将左边或右边的平衡螺母向左端调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）只有一次实验总结实验结论是不合理的，一次实验很具有偶然性，要多进行几次实验，避免偶然性；
（3）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，因此第一种实验方案更方便，此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直，能从杠杆上直接读力臂；因为第一方案的动力臂要大于第二种方案的动力臂，根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂都相同的情况下，动力臂越大的越省力，所以，F1＜F2；
（4）图丙中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致拉力F的大小比由杠杆平衡条件计算出来的数值偏大；
（5）若使弹簧测力计离支点近一点，此时不能改变有用功和额外功的大小，即有用功和总功不变，机械效率不变；
如果将该物体的悬挂点离支点近一点，将物体提升到同一高度，所做有用功不变，拉力作用点需要提高到更高的高度，即做的额外功增加，所以机械效率将变小。
故答案为：（1）左；（2）一次实验具有偶然性；（3）一；＜；（4）杠杆自重对实验的影响；（5）不变； 变小。
。
11．小强同学用如图所示的实验装置测量杠杆的机械效率，实验时，他先后将钩码放置在图中A、B位置，竖直向上匀速拉动弹测力计，使钩码缓慢地上升，得到下表实验数据。
实验次数
钩码悬挂点
钩码重G/N
钩码移动距离h/m
拉力F/N
测力计移动距离s/m
机械效率n/%
1
A点
1.5
0.10
0.7
0.30
71.4
2
B点
2.0
0.15
1.2
0.30

（1）实验中，小强应在物体处于　匀速运动　（填“静止”或“匀速运动”）状态时，读取弹簧测力计示数。
（2）表格中第2次实验所测杠杆的机械效率为　83.3%　（保留1位小数）。
（3）实验后小强认真地思考，发现实验数无法得出“杠杆的机械效率与所挂钩码的重有关，钩码越重其效率越高”的结论。这是因为　钩码悬挂点位置不同　。

解：（1）实验中，小强应在物体处于匀速运动状态时，此时系统处于平衡状态，测力计示数才等于动力大小；
（2）表格中第2次实验所测杠杆的机械效率为：
η＝＝＝×100%≈83.3%；
（3）分析机械效率的影响因素应采取控制变量法，研究提起的物重和机械效率的关系时，应保持钩码悬挂点位置不变，故本实验中，发现实验数无法得出“杠杆的机械效率与所挂钩码的重有关，钩码越重其效率越高”的结论，这是因为钩码悬挂点位置不同。
故答案为：（1）匀速运动；（2）83.3%；（3）钩码悬挂点位置不同。
12．根据“探究杠杆平衡的条件”实验要求，完成下列各小题：

（1）某同学在调节杠杆水平位置平衡前，杠杆静止时的位置如图甲所示。此时杠杆　是　（填“是”或“不是”）处于平衡状态。
（2）在已经调节好平衡的杠杆上挂上钩码，所处的状态如图乙所示，此时他应移动　钩码　（选填“平衡螺母”或“钩码”），使杠杆在水平位置平衡。实验中他改变钩码的个数及位置进行了多次测量，其目的是　寻找普遍规律　。
（3）如图丙所示，为寻找杠杆的平衡条件，也可以在已经调节好平衡的杠杆上A点悬挂2个钩码，用弹簧测力计竖直向上拉杠杆，该拉力可以作用在　B　点（从“B”、“C”两个位置中选择满足要求的位置）。
（4）在分析实验误差时，某同学整理了以下四个因素，其中不会带来实验误差的是　A　。
A．铁架台自身重力较大 B．钩码磨损程度不同
C．悬挂钩码的绳索有重力 D．杠杆与转轴之间有摩擦
解：（1）杠杆的平衡状态是指杠杆处于静止或匀速转动状态，图中杠杆处于静止状态，因而杠杆处于平衡状态；
（2）杠杆上已经挂上钩码，不能再调节平衡螺母，只能调节杠杆两侧的钩码数量或位置，使杠杆在水平位置重新平衡；
本实验中进行多次测量的目的是：避免实验次数过少，导致实验结论具有偶然性，便于从中寻找普遍规律；
（3）在杠杆上A点悬挂2个相同的钩码，为了使杠杆平衡，应该在B用弹簧测力计竖直向上拉杠杆才能使杠杆在水平位置平衡；
（3）A．铁架台自身的重力足够大目的使杠杆稳定，但对杠杆的平衡无影响，故A符合题意；
B．单个钩码的重力不完全相等，则多个钩码总重力无法确定，对实验结果有影响，故B不符合题意；
C．悬挂钩码的绳套重力偏大，会对力的真实值有影响，故C不符合题意；
D．杠杆与转轴之间的摩擦偏大会影响杠杆的灵敏，对测量结果造成误差，故D不符合题意，
故选A。
故答案为：（1）是；（2）钩码；寻找普遍规律；（3）B；（4）A。
13．在“探究影响滑轮组机械效率的因素”的实验中，小明用同一滑轮组进行了三次实验，实验数据如表：
序号
物重
G/N
物体上升的高度h/m
拉力
F/N
绳自由端移动的距离S/m
滑轮组的机械效率η/%
1
1
0.1
0.6
0.3
55.6
2
2
0.1
1.0
0.3
66.7
3
4
0.1
1.8
0.3
74.1
（1）根据表格中的数据，在图中画出滑轮组的绕绳方法。
（2）实验中，沿竖直方向拉动弹簧测力计，并读出弹簧测力计的示数。
（3）根据表格中的数据分析可知：
①滑轮组的机械效率与物重有关，同一滑轮组，所提物体越重，机械效率越大。
②随着物重的增大，额外功　变大　（选填“变小”“不变”或“变大”），原因可能是　摩擦力增大，克服摩擦做的功更多。　。

解：
（1）由表格中数据知，物体上升的高度h＝10cm＝0.1m，绳端移动的距离s＝30cm＝0.3m，
根据s＝nh可得绳子的股数为：n＝＝＝3，根据奇动偶定原则，绳子先从动滑轮连接，如下图所示：
；
（3）滑轮组做的额外功为克服动滑轮重力和绳子间的摩擦力做的功，随着物重的增大，动滑轮的重力不变，摩擦力越大，所以额外功变大；
故答案为：（1）如上图所示；（3）变大；摩擦力增大，克服摩擦做的功更多。