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    重庆市万州第二高级中学2021-2022学年高二下学期入学考试数学含解析

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    这是一份重庆市万州第二高级中学2021-2022学年高二下学期入学考试数学含解析,共25页。试卷主要包含了选择题,填空题,解算题等内容,欢迎下载使用。

    万州二中高2020级高二下

    入学考试数学试题

    一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.

    1. 已知等比数列的前项和为,若公比,则=(  

    A.  B.  C.  D.

    【答案】A

    【解析】

    【分析】根据题意,由等比数列的通项公式与前项和公式直接计算即可.

    【详解】由已知可得.

    故选:A.

    2. 已知,若向量共面,则实数等于(   

    A. 1 B. 2 C. 3 D. 4

    【答案】A

    【解析】

    分析】由向量共面,建立方程组,即可求解.

    【详解】向量共面,则,().

    则有

    所以

    解得:x=1y=1=1.

    故选:A

    3. 已知直线,则下列结论正确的是(   

    A. 直线的倾斜角为

    B. 向量是直线的一个方向向量

    C. 过点与直线平行的直线方程为

    D. 若直线,则

    【答案】D

    【解析】

    【分析】求出直线的倾斜角可判断A,由直线的方向向量可判断B,由直线平行设所求,代点即可判断C,由直线垂直可判断D

    【详解】对于A的斜率为,所以直线的倾斜角为,故A错误;

    对于B:因为直线的方向向量为

    所以的方向向量为,故B错误;

    对于C:因为与直线平行的直线方程可设为

    又直线过点,故,解得

    故所求直线为,故C错误;

    对于D,则

    所以,故D正确;

    故选:D

    4. 已知双曲线的左、右焦点分别为P为双曲线C上一点,,直线y轴交于点Q,若,则双曲线C的渐近线方程为(   

    A.  B.

    C.  D.

    【答案】B

    【解析】

    【分析】由题意可设,即得ab的数量关系,进而求双曲线C的渐近线方程.

    【详解】由题设,,又P为双曲线C上一点,

    ,又的中点,

    ,即

    ∴双曲线C的渐近线方程为.

    故选:B.

    5. 南宋数学家杨辉在《详解九章算法》和《算法通变本末》中,提出了一些新的垛积公式,所讨论的高阶等差数到与一般的等差数列不同,前后两项之差并不相等,但是逐项差数之差或者高次差成等差数列.如数列13610,前后两项之差组成新数列234,新数列234为等差数列、这样的数列称为二阶等差数列.现有二阶等差数列,其前7项分别为2358121723则该数列的第100项为(   

    A. 4862 B. 4962 C. 4852 D. 4952

    【答案】D

    【解析】

    【分析】根据题意可得数列2358121723,满足:,从而利用累加法即可求出,进一步即可得到的值.

    【详解】2358121723后项减前项可得123456

    所以

    所以

    .

    所以.

    故选:D

    6. 正数数列的前项和为,则下列选项中正确的是(   

    A.  B.  C.  D.

    【答案】D

    【解析】

    【分析】根据题设求出,并猜想的通项公式,再利用数学归纳法证明,进而判断各选项的正误.

    详解】由题设,当时,

    时,,整理得

    ,整理得

    猜想:,由,符合题设,

    假设时,

    时,

    ,整理得

    也成立,故成立.

    ,易知AB错误;

    ,故C错误,D正确.

    故选:D

    【点睛】关键点点睛:应用数学归纳法证明猜想的通项公式,进而判断各项正误.

    7. 方程有两个不同的解,则实数k的取值范围为(   

    A.  B.  C.  D.

    【答案】C

    【解析】

    【分析】转化为圆心在原点半径为1的上半圆和表示恒过定点的直线始终有两个公共点,结合图形可得答案.

    【详解】,平方得表示圆心在原点半径为1的上半圆,

    表示恒过定点的直线,方程有两个不同的解即半圆和直线要始终有两个公共点,如图

    圆心到直线的距离为,解得

    当直线经过时由,当直线经过时由

    所以实数k的取值范围为.

    故选:C.

    8. 古希腊著名数学家阿波罗尼斯发现:平面内到两个定点的距离之比为定值的点的轨迹是圆,此圆被称为阿波罗尼斯圆”.在平面直角坐标系中,,点满足.设点的轨迹为,则下列说法错误的是(   

    A. 轨迹的方程为

    B. 轴上存在异于的两点,使得

    C. 上存在点,使得

    D. 三点不共线时,射线的角平分线

    【答案】C

    【解析】

    【分析】根据题意,设点坐标,结合两点之间的距离公式以及角平分线的性质,一一判断即可.

    【详解】对于选项A,设,由,得,化简得,因此A正确;

    对于选项B,假设在轴上存在异于的两点,使得,设

    ,化简得

    因为,所以

    因此,解得(舍),

    即在轴上存在异于的两点,使得,故B正确;

    对于选项C,若在上存在点,使得,设,则

    化简得,与联立,方程组无解,故在上不存在点,使得,因此C错;

    对于选项D,当三点不共线时,,可知射线的角平分线,故D正确.

    故选:C.

    二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分,在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有错选的0.

    9. 已知圆和圆,以下结论正确的是(   

    A. 只有一个公共点,则

    B. ,则关于直线对称

    C. ,则外离

    D. 的公共弦长为,则

    【答案】BCD

    【解析】

    【分析】根据圆与圆位置关系对选项进行分析,从而确定正确答案.

    【详解】的圆心为,半径为.

    的圆心为,半径为.

    圆心距.

    时,,两圆内切,只有一个公共点,A选项错误.

    时,两个圆的半径相等,关于直线对称,B选项正确.

    时,,即外离,C选项正确.

    所以,所以两圆相交,,两式相减并化简得

    即相交弦所在直线方程为

    所以公共弦长为D选项正确.

    故选:BCD

    10. 已知抛物线,其焦点为F,准线为lPQ是过焦点F的一条弦,点,则下列说法正确的是(   

    A. 焦点F到准线l的距离为2

    B. 焦点,准线方程

    C. 的最小值是3

    D. 以弦PQ为直径的圆与准线l相切

    【答案】ACD

    【解析】

    【分析】A:由抛物线方程及焦点F到准线l的距离为即可求解;

    B:由抛物线方程即可求解;

    C:利用抛物线的定义,将抛物线上的点到焦点的距离转化为到准线的距离,从而即可求解;

    D:利用抛物线的定义,及圆心到直线的距离等于圆的半径则直线与圆相切,从而即可求解.

    【详解】解:对B:由抛物线,可得,准线    ,故选项B错误;

    A:由抛物线,可得,即,所以焦点F到准线l的距离为,故选项A正确;

    C:过点P,垂足为,由抛物线的定义可得

    所以为点到准线l的距离),当且仅当三点共线时等号成立,

    所以的最小值是3,故选项C正确;

    D:过点PQ分别作,垂足分别为

    设弦PQ的中点为M,则弦PQ为直径的圆的圆心为M,过点M,垂足为,则为直角梯形的中位线,

    又根据抛物线的定义有

    所以

    所以以弦PQ为直径的圆与准线l相切,故选项D正确;

    故选:ACD.

    11. 设数列的前项和分别为,且,则下列结论正确的是(   

    A.  B.  C.  D.

    【答案】ABD

    【解析】

    【分析】对于AB,通过累乘法求出的通项公式,进而求出的通项公式,即可求解;

    对于CD,通过的通项公式求出的通项公式,再通过裂项相消求,进而求解.

    【详解】由题意,得

    ∴当时,

    又当也符合上式,

    ,易得,∴

    AB正确;

    易知单调递增,

    ,∴,故C错误,D正确.

    故选:ABD

    12. 如图,点是棱长为2的正方体的表面上一个动点,则(   


     

    A. 在平面上运动时,四棱锥的体积不变

    B. 在线段上运动时,所成角的取值范围是

    C. 当直线与平面所成的角为45°时,点的轨迹长度为

    D. 的中点,当在底面上运动,且满足平面时,长度的最小值是

    【答案】AC

    【解析】

    【分析】A. 由四棱锥的高和底面积判断; B.根据是等边三角形判断;C.根据直线与平面所成的角为,结合正方体的特征判断; D.建立空间直角坐标系,求得的坐标进行判断.

    【详解】A. 在平面上运动时,点到面的距离不变,不变,

    故四棱锥的体积不变,故A正确;

    B. 建立如图所示空间直角坐标系:

     

    ,则

    所成的角为,则

    因为

    时,

    时, ,则

    综上: ,所以所成角的取值范围是,故B错误;

    C.因为直线与平面所成的角为

    若点在平面和平面内,因为最大,不成立;

    在平面内,点的轨迹是

    在平面内,点的轨迹是

    在平面时,如图所示:

    平面,因为 ,所以

    ,所以

    ,所以点的轨迹是以为圆心,以为半径的四分之一圆,

    所以点的轨迹长度为

    所以点的轨迹总长度为长度为,故C正确;

    D.建立如图所示空间直角坐标系:

     

    设平面的一个法向量为

    ,即

    ,则

    因为平面,所以 ,即

    所以

    时,等号成立,故D错误;

    故选:AC.

    三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20.

    13. 某条河上有抛物线型拱桥,当水面距拱顶5时,水面宽8,一条木船宽4,木船露出水面上的部分高为0.75.水面上涨到与抛物线拱项相距___________米时,木船不能通过.

    【答案】2

    【解析】

    【分析】根据题意建立平面直角坐标系并设出抛物线的方程,进而求出方程,然后解得答案.

    【详解】建立如图所示的平面直角坐标系,设抛物线方程为,由题意点在抛物线上,代入得:,则抛物线方程为.

    设水面上涨使得木船接触到处,此时木船不能通航,设,则,所以水面距拱顶(米).

    故答案为:2.

    14. 在四面体中,分别是的中点,若,则__

    【答案】1

    【解析】

    【分析】由空间向量的线性运算将表示,由空间向量基本定理可求得的值即可求解.

    【详解】在四面体中,分别是的中点,

    所以

    所以

    所以

    故答案为:

    15. 如果点在运动过程中,总满足关系式,记满足此条件的点M的轨迹为C,直线C交于DE,已知,则周长的最大值为______.

    【答案】8

    【解析】

    【分析】根据椭圆定义判断出轨迹,分析条件结合椭圆定义可知当直线x=m过右焦点时,三角形ADE周长最大.

    【详解】

    到定点的距离和等于常数

    点的轨迹C为椭圆,且

    故其方程为

    为左焦点,

    因为直线C交于DE,则,不妨设D轴上方,E轴下方,

    设椭圆右焦点为A',连接DA'EA'

    因为DA'EA'DE

    所以DAEADA'EA'DAEADE,即4aDAEADE

    所以△ADE的周长,当时取得最大值8

    故答案为:8

    16. 在数列中,首项不为零,且的前项和.令,则的最大值为__________

    【答案】

    【解析】

    【详解】数列首项所以数列是公比为的等比数列所以,当且时取等号,的最大值为故答案为.

    四、解算题:本题共6小题,共70.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.

    17. 已知等差数列为其前项和,且.

    (1)求数列的通项公式;

    (2)为数列的前项和,求.

    【答案】1   

    2

    【解析】

    【分析】1)设等差数列的公差为,根据题意列出方程求得,即可求得数列的通项公式;

    2)由,根据题意得到,利用等差数列的求和公式,即可求解.

    【小问1详解】

    解:设等差数列的公差为,因为

    可得,解得

    所以数列的通项公式.

    【小问2详解】

    解:由,可得,所以

    根据等差数列的求和公式,可得

    18. 已知圆关于直线对称,且圆心C轴上.

    (1)求圆C的方程;

    (2)直线与圆C交于AB两点,若为等腰直角三角形,求直线的方程.

    【答案】1   

    2

    【解析】

    【分析】1)根据题意得到等量关系,求出,进而求出圆的方程;(2)结合第一问求出的圆心和半径,及题干条件得到圆心到直线的距离为,列出方程,求出的值,进而得到直线方程

    【小问1详解】

    由题意得:直线过圆心,即,且,解得:,所以圆C的方程为

    【小问2详解】

    的圆心为,半径为2,由题意得:,圆心到直线的距离为,即,解得:,所以直线的方程为:.

    19. 已知正方体的棱长为2EF分别是BD的中点,M上一点,且.

    (1)证明:平面

    (2)求直线与平面所成角的正弦值.

    【答案】1证明见解析   

    2

    【解析】

    【分析】1)如图,以点A为原点,分别以直线ABADx轴,y轴,z轴,建立空间直角坐标系,利用向量法即可得出结论;

    (2)利用向量法即可得出答案.

    【小问1详解】

    证明:如图,以点A为原点,分别以直线ABADx轴,y轴,z轴,建立空间直角坐标系,

    所以

    设平面的法向量为

    ,得,可取

    因为BM在平面外,所以平面

    【小问2详解】

    解:因为,平面的法向量

    设直线与平面所成角为

    直线与平面所成角的正弦值为.

    20. 已知数列的前项和为,数列满足.

    1)求数列的通项公式;

    2)设数列满足:,若不等式恒成立,求实数的取值范围.

    【答案】1;(2.

    【解析】

    【分析】1)由,利用数列通项与前n项和的关系求得;再由求解;

    2)由,利用错位相减法求得, 由,利用累加法得到,从而求得,然后由恒成立求解.

    【详解】1)当时,

    时,由

    ,即

    数列是公差为2的等差数列,

    .

    由条件得

    ,即数列是公比为2的等比数列,

    .

    2,设数列的前项和为,则

    累加得

    ,则

    .

    21. 如图所示,在四棱锥中,四边形是平行四边形,平面,点M在线段上,且

     

    (1)求实数a的值;

    (2)求平面与平面夹角的余弦值;

    (3)若点N是直线上的动点,求面积的最小值,并说明此时点N的位置.

    【答案】11    2   

    3NDC的延长线上且NCCD

    【解析】

    【分析】(1)根据和边长的值即可求出a的值;

    (2)CD中点T,以ABATAPxyz轴建立直角坐标系Axyz,求出平面与平面的法向量,利用法向量即可求出两平面夹角的余弦值;

    (3),用计算出面积,利用二次函数求最值即可﹒

    【小问1详解】

    PA⊥平面ABCDAD平面ABCD,∴PAAD,∴

    【小问2详解】

    在△ABC中,

    ∵四边形ABCD是平行四边形,

    CD中点T,则ATCD

    两两垂直,

    ∴以ABATAPxyz轴建立直角坐标系Axyz

    ,∵ATCD边上的高,

    ,∴MAD中点,∴

    设平面APC的法向量为

    ,取

    设平面MPC的法向量为

    ,取

    ,∴平面MPC与平面APC夹角余弦值为

    【小问3详解】

    ,

    t时,△NPB面积取最小值为,此时,NDC的延长线上且NCCD,即CND的中点﹒

    22. 已知椭圆的一个焦点与短轴的两端点组成一个正三角形的三个顶点,且椭圆经过点.

    1)求椭圆方程;

    2)若直线与圆相切于点,且交椭圆两点,射线于椭圆交于点,设的面积与的面积分别为.

    的最大值;

    取得最大值时,求的值.

    【答案】1,(2①1

    【解析】

    【分析】

    1)设椭圆的上下顶点为,左焦点为,则由题意可得,从而椭圆方程为,将代入椭圆方程,解出,即可得到椭圆方程

    2)由直线与圆相切得,则,设,将直线代入椭圆方程得,,根据根与系数的关系和弦长公式可得,设点到直线的距离为,可得的面积,设,由直线与圆相切于点,可得,则,可得,可得,由,即可得答案

    【详解】解:(1)由题意设椭圆的上下顶点为,左焦点为,则是等边三角形,所以,则椭圆方程为,将代入椭圆方程,可得,解得

    所以椭圆方程

    2由直线与圆相切得,则,设

    将直线代入椭圆方程得,

    因为,所以

    所以

    设点到直线的距离为

    所以的面积为

    ,得时等号成立,所以的最大值为1

    ,由直线与圆相切于点,可得,则,可得

    所以

    因为,所以

    所以

    【点睛】此题考查了直线与椭圆的位置关系、直线与圆相切、点到直线的距离公式、韦达定理、三角形面积公式、基本不等式的性质、弦长公式,考查了推理能力和计算能力,属于难题

     

     

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