2021年山东省滨州市中考物理试卷

这是一份2021年山东省滨州市中考物理试卷，共25页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。


2021年山东省滨州市中考物理试卷

一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 下列估测中，符合实际的是(    )
A. 滨州一年中最高气温约30℃
B. 中学生正常行走速度约5m/s
C. 教室内一盏日光灯正常工作的电功率约500W
D. 中学生从一楼上到四楼克服自身重力做功约5000J
2. 下列关于声现象的描述和分析，错误的是(    )
A. 如图，小滨听到桌面传来的敲击声，说明固体可以传播声音
B. 如图，敲击大小不同的编钟，是为了改变响度大小
C. 如图，遇到障碍物倒车雷达发出报警声，说明声音可以传递信息
D. 如图，摩托车的消声器是防止噪声产生的
3. 以下对中华古诗中有关物态变化的分析，正确的是(    )
A. “僧舍清凉竹树新，初经一雨洗诸尘”雨的形成是汽化现象，需要放热
B. “炎炎暑退茅斋静，阶下丛莎有露光”露的形成是液化现象，需要吸热
C. “荷尽已无擎雨盖，菊残犹有傲霜枝”霜的形成是凝华现象，需要放热
D. “风吹雪片似花落，月照冰文如镜破”雪的形成是凝固现象，需要吸热
4. 如图甲所示，将质量相等的甲、乙两种物质分别装在两个相同的试管中，放入装有水的烧杯中加热。绘制出温度随时间变化的图象，如图乙所示，下列说法正确的是(    )
A. 甲物质是晶体，乙物质是非晶体
B. 0～2min内乙物质比甲物质吸收的热量多
C. 乙物质在BC段不断吸热，温度不变，内能增加
D. 乙物质在AB段的比热容比CD段的比热容大
5. 探究“凸透镜成像的规律”实验中，在离凸透镜30厘米的光屏上得到一个清晰的烛焰的像，则该凸透镜的焦距可能是(    )
A. 20厘米 B. 30厘米 C. 40厘米 D. 50厘米
6. 用测力计拉着重为G的物体以速度v1竖直向上运动，再以速度v2竖直向下运动。两次运动的s−t图像如图所示，前后两次测力计的示数分别为F1、F2，若不计空气阻力，则(    )
A. F1可能大于G B. F2可能小于G
C. 物体两次运动的动能相等 D. F1一定等于F2
7. 如图所示，O为杠杆的支点，A点挂一重物，为使杠杆在水平位置平衡，若在B点施加一个力并使该力最小，该力应沿(    )


A. BM方向 B. BN方向 C. BP方向 D. BQ方向
8. 牛顿第一定律揭示了运动和力的关系，由此判断下列说法正确的是(    )
A. 物体受到力的作用，运动状态一定改变
B. 物体在平衡力的作用下，机械能可能不变
C. 只有运动的物体才具有惯性
D. 加速、减速的物体运动状态一定是改变了，但匀速转动的物体运动状态没有改变
9. 如图所示，当一个带负电的物体甲靠近置于绝缘支架上不带电的金属导体乙时，乙的a端带正电，b端带负电。发生上述现象的原因：金属导体中存在大量可移动的自由电子，电子带负电，自由电子受到物体甲所带电荷的排斥作用，移动到导体乙的另一端。若将图中的物体甲换成用丝绸摩擦过的玻璃棒，下列分析正确的是(    )


A. 导体乙的a、b两端都不带电 B. 导体乙的a、b两端都带正电
C. 导体乙的a端带正电、b端带负电 D. 导体乙的a端带负电、b端带正电
10. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变。当开关S由断开到闭合时(    )
A. 电流表A示数不变
B. 电压表V示数变小
C. 电路消耗的总功率不变
D. 电路的总电阻变小

11. 关于家庭电路和安全用电的说法中，正确的是(    )
A. 家庭电路中的空气开关，可以安装在任意位置
B. 家庭电路中同时工作的用电器的多少，完全由用户自己决定
C. 防范触电事故最重要的是要有安全用电的意识，遵守安全用电的原则
D. 正确使用试电笔测火线时，没有电流通过人体保证了人的安全
12. 下列关于四幅图的表述正确的是(    )
A. 鸽子是利用地磁场进行导航的
B. 电磁继电器的工作原理是磁场对电流的作用
C. 发电机的工作原理
D. 电动机的工作原理

二、多选题（本大题共3小题，共12.0分）
13. 下列说法正确的是(    )
A. 花香四溢说明构成物质的分子不停地做热运动
B. 新能源汽车实现了“零排放”，其效率已达到了100%
C. 四冲程内燃机的做功冲程存在内能转化为机械能的过程
D. 在烈日当空的海边，由于水的比热容较大，会形成由陆地吹向海面的风
14. 如图所示，利用滑轮组将重力为40N的物体，在10s内匀速竖直提升2m，拉力F为30N，不计绳重及摩擦，下列说法正确的是(    )
A. 物体移动的速度为0.2m/s
B. 所做的有用功为60J
C. 拉力F的功率为12W
D. 若提升物体的重力为80N，则此滑轮组的机械效率为80%

15. 如表是小滨家中两挡位电饭锅铭牌，图甲是其简化电路。R1和R2都是电阻丝，不计温度对电阻的影响，产生的热量全部被水吸收，水的比热容4.2×103J/(kg⋅℃)，通过断开其它用电器，只接通电饭锅且处于加热状态，来测量电饭锅的功率，观察图乙所示的电能表的转盘1min内转了40转，下面说法正确的是(    )
额定电压
220V
频率
50Hz
额定功率
加热
880W
保温
44W

A. 电饭锅在加热状态下正常工作时的总电流4A
B. 电阻R2的阻值是1100Ω
C. 测量时电饭锅的实际加热功率是800W
D. 电饭锅在加热状态下正常工作7min，可将2.2kg水的温度升高2℃

三、填空题（本大题共3小题，共6.0分）
16. 某些物质在很低的温度时，电阻就变成了0，这就是超导现象。如果把超导现象应用于实际，电烤箱的电阻丝______
(选填“能”或“不能”)采用超导材料。2021年5月14日，苏州、武汉两地遭遇龙卷风袭击，如图所示，由于龙卷风核心处气流流速大，压强______，把地面的物体抛到空中，造成了多人遇难，数百人受伤。
17. 2021年5月30日，我国发射的天舟二号货运飞船满载货物，与空间站“天和”核心舱成功实现交会对接，对接时货运飞船相对于核心舱是______的，核心舱内适宜航天员工作生活的气压约______Pa(选填“1×104”、“1×105”或“1×106”)。
18. 2021年5月15日8时20分左右，我国发射的天问一号着陆器成功着陆于火星北半球的乌托邦平原。如图所示，着陆器上搭载着的中国首辆火星车“祝融号”通过______向地球传回了火星表面的照片。“祝融号”火星车工作时，所需要的电能是通过太阳能电池板由______能转化而来的。


四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
19. 画出图中漂浮在水面上小球受力的示意图。












20. 如图所示，光线AO与水面成45°角射在水面上，请在图中画出反射光线、折射光线的大致位置并标出反射角的度数。









五、实验探究题（本大题共3小题，共22.0分）
21. 小滨探究“平面镜成像的特点”。
(1)实验中，他在水平桌面的白纸上竖立一块玻璃板作为平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，便于确定______的位置。
(2)在玻璃板前放一支点燃的蜡烛A，可以看到玻璃板后面蜡烛的像，如图所示，小滨拿另一支外形相同但______的蜡烛B，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像______。
(3)移去蜡烛B，在其位置上放置一块光屏，光屏上______(选填“能”或“不能”)呈现蜡烛的像。
(4)当蜡烛A向玻璃板靠近时，像的大小______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(5)为了让左侧的同学也能够看清蜡烛A的像，小滨只将玻璃板向左平移，则蜡烛A的像的位置______(选填“向右移动”、“向左移动”或“不变”)。
22. 小滨为了鉴定奶奶珍藏的一件金属饰品是否用纯金制成，他利用天平、细线、量筒和水等器材测量饰品的密度。

(1)把天平放置在______桌面上，把游码放到标尺左端的______处，发现指针如图甲所示，此时应将平衡螺母向______调节，使天平横梁平衡。
(2)用天平测量出饰品的质量。天平平衡后，右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，饰品的质量是______g。
(3)把饰品浸没在量筒水中前后的情况如图丙所示(忽略细线的体积)，饰品的体积是______cm3。
(4)小滨通过所测数据计算出饰品的密度是______g/cm3，从而说明饰品______用纯金制成的(金的密度ρ金=19.3g/cm3)。
(5)小滨又尝试用阿基米德原理测量所购牛奶的密度，他把一个铝块用细线悬挂在弹簧测力计的挂钩上，铝块在空气中时弹簧测力计的示数是F1；把铝块浸没在牛奶中时弹簧测力计的示数是F2。已知铝的密度为ρ铝，则牛奶的密度表达式ρ牛奶=______(用F1、F2、ρ铝来表示)。
23. 在“探究电流与电压关系”的实验中，图甲是某实验小组设计的电路，电源电压3V保持不变。
(1)请用笔画线代替导线，在图甲中完成电路连接，要求滑片P向B端滑动时，电流表的示数变小。
(2)连接电路时，开关应该______。闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于______(选填“A”或“B”)端。
(3)检查无误后，闭合开关发现电流表几乎无示数，电压表示数接近3V。移动滑片P，两电表示数均无变化，则电路故障可能是______。
(4)排除故障后，移动滑片P到某一位置时电流表示数如图乙所示，此时通过定值电阻R的电流为______A。
(5)实验中测得五组数据，并绘制出定值电阻R的I−U图象如图丙所示。由图象可得：
①实验中所用定值电阻R的阻值为______Ω；
②实验结论：______。
(6)结合所测数据分析，本实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于______Ω。

六、计算题（本大题共2小题，共20.0分）
24. 如图所示，在水平桌面上，有一质量为2kg的实心小球和一薄壁圆柱形容器，容器中装有水。现将小球轻轻放入容器后，小球浸没在水中并静止在容器底部，水未溢出。分别测出小球放入前后水对容器底部的压强p水，小球放入前后容器对水平桌面的压强p桌，如表所示。(ρ水=1×103kg/m3,g取10N/kg)求：

浸入前
浸没后
p水/Pa
2000
2400
p桌/Pa
2500
3500
(1)小球的重力。
(2)小球放入前，容器中水的深度。
(3)小球的密度。







25. 在如图甲所示的电路中，电源电压6V保持不变，滑动变阻器R2标有“20Ω 1A”字样，闭合开关S后，电压表的示数为2V，电流表的示数为0.2A。求：

(1)定值电阻R1的阻值。
(2)100s内通过滑动变阻器R2的电流所做的功。
(3)将R1和R2按图乙所示的电路连接，电源电压不变并闭合开关S，求图甲电路消耗的最小功率与图乙电路消耗的最大功率的比值。







答案和解析

1.【答案】D

【解析】
【分析】
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】
A、滨州一年中最高气温在35℃以上。故A不符合实际；
B、中学生正常步行的速度在4km/h=4×13.6m/s≈1.1m/s左右。故B不符合实际；
C、教室内一盏日光灯正常工作的电功率约40W。故C不符合实际；
D、中学生的体重约G=500N，从一楼到四楼的高度约h=10m，中学生从一楼上到四楼克服自身重力做功约W=Gh=500N×10m=5000J。故D符合实际。
故选：D。  
2.【答案】B

【解析】
【分析】
(1)声音的传播需要介质，一切固体、液体、气体都可以作为传声的介质；声音在固体中传声效果最好，液体次之，气体最差；
(2)声音的高低叫音调，音调决定于发声体振动的快慢；
(3)声音可以传递信息，也可以传递能量；
(4)防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。
本题考查声音的传播条件，声音的特性，防治噪声途径等，是一道声学综合题。
【解答】
A、把耳朵贴在桌面上也能听到由课桌传播的声音，说明固体能传播声音，故A正确；
B、敲击大小不同的编钟，编钟振动的频率不同，是为了改变声音的音调，故B错误；
C、倒车雷达应用了回声定位的原理，获得一些信息，因此遇到障碍物倒车雷达发出报警声，说明声音可以传递信息，故C正确；
D、摩托车的消声器是在声源处控制噪声的，故D正确。
故选：B。  
3.【答案】C

【解析】
【分析】
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
【解答】
A.雨是空气中的水蒸气遇冷凝华形成小冰晶或液化成小水滴，小冰晶在下落的过程中遇到暖气流及与空气摩擦生热，再熔化成水滴落下来，故A错误；
B.露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，此过程放热，故B错误；
C.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，此过程中放热，故C正确；
D.雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，此过程中放热，故D错误。
故选：C。  
4.【答案】C

【解析】
【分析】
(1)晶体熔化过程中吸收热量，温度不变，内能增大；非晶体熔化过程中吸收热量，温度升高，内能增大；
(2)相同的加热装置，相同时间，物质吸收的热量相同；
(3)运用公式Q吸=cm△t可以知道，当质量和吸收的热量相同时，比热容c和升高的温度△t成反比。
根据图象是否有不变的温度判断是晶体还是非晶体，要学会从图象中找出与晶体有关的信息，解题的关键是理解图象中每一阶段表示的含义及物质的状态。
【解答】
A、由图乙可知，乙物质在第2min到第4min温度保持不变，所以乙为晶体，甲为非晶体，故A错误；
B、0～2min时间内，加热时间相同，两物质吸收热量相同，故B错误；
C、因为乙为晶体，晶体在熔化过程中吸收热量，温度不变，内能增大，故乙物质在BC段不断吸热，温度不变，内能增加，故C正确；
D、根据公式Q吸=cm△t可以知道，当质量和吸收的热量相同时，比热容c和升高的温度△t成反比，AB段温度升高的快，是因为该物质固态时的比热容比液态时的比热容小；故D错误。
故选：C。  
5.【答案】A

【解析】
【分析】
此题主要考查凸透镜成像规律，根据成像特点，列不等式求得焦距。
【解答】
由题意可知v=30cm，在光屏上得到一个清晰的烛焰像，说明成的像是实像，此时有三种可能，即：v=2f=30cm或v=30cm>2f或2f>v=30cm>f；解得f=15cm或f<15cm或15cm 故选：A。  
6.【答案】D

【解析】
【分析】
(1)由s−t图象确定物体的运动状态，比较出两者的速度大小；
(2)对物体受力分析，由平衡条件求出两次拉力的大小，再比较F1、F2的大小关系；
(3)物体动能的大小与物体的运动速度和质量有关，物体运动速度越大，质量越大，物体的动能越大。
对物体正确受力分析、掌握二力平衡的条件是解题的基础；从s−t图象获取信息，判断出物体的运动状态及两物体速度大小关系是解题的关键。
【解答】
由图象知：物体的路程时间图象是一条倾斜的直线，物体的路程与时间成正比，物体做匀速直线运动。
由图知，同一时间t内，1的路程s1大于2的路程s2，由v=st知，v1>v2，
又因为物体动能的大小与物体的运动速度和质量有关，同一物体运动速度越大，物体的动能越大，所以竖直向上运动时的动能较大，故C错误；
物体受竖直向下的重力G，竖直向上的拉力F，做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件得：F1=G，F2=G，所以F1=F2，故AB错误、D正确。
故选：D。  
7.【答案】A

【解析】
【分析】
首先判断最小力的力臂，一般找支点和作用点之间的最长距离为最大力臂，在该点施加的力才最小。确定好最小的力，还要根据杠杆情况判断施力方向。
【解答】
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小；
由图可知，BM对应的动力臂最长，所以该力应沿BM方向。
故选：A。  
8.【答案】B

【解析】
【分析】
此题考查了力和运动的关系、机械能的影响因素、惯性的物理意义及力的作用效果，包含的知识点较多，正确、全面理解规律是解答的关键。
【解答】
A、物体受到外力的作用时，其运动状态不一定会改变；例如物体受到平衡力的作用时，其运动状态不变。故A错误；
B、物体静止或在水平面上做匀速直线运动时，速度和高度均不变，则动能和重力势能不变，机械能不变。故B正确；
C、因为任何物体都有保持原来运动状态的性质，所以任何物体在任何情况下都有惯性，并且惯性只与质量有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。故C错误；
D、匀速转动的物体，其运动方向时刻发生变化，其运动状态时刻改变。故D错误。
故选：B。  
9.【答案】D

【解析】
【分析】
本题考查了两种电荷、电荷间的相互作用规律，属于基础题。
【解答】
根据题意可知：当一个带负电的物体甲靠近置于绝缘支架上不带电的金属导体乙时，乙的a端带正电，b端带负电，其原因是同种电荷相互排斥；
物体甲换成用丝绸摩擦过的玻璃棒，玻璃棒带正电，根据同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引可知，电子会移动到a端，a端带负电荷，b端带正电荷，故D正确。
故选：D。  
10.【答案】D

【解析】
【分析】
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是分清开关闭合前后电路图的变化和电表的正确使用。
【解答】
由图可知，当开关S断开时，该电路为串联电路，电压表测量的是电源电压，电流表测量电路中的电流；当开关S闭合时，R2被短路，该电路为只有R1的电路，电压表测量的是电源电压，电流表测量电路中的电流；电源电压不变，电路的总电阻减小，根据I=UR可知，电路中的电流会变大，即电流表示数变大，故A错误，D正确；
由于电源电压不变，所以电压表示数不变，故B错误；
根据P=UI可知，电路消耗的总功率变大，故C错误。
故选：D。  
11.【答案】C

【解析】
【分析】
掌握家庭电路中家用电器的连接方法、电路电流过大的原因、掌握安全用电常识、掌握测电笔的正确使用。
【解答】
A、为了使开关断开后，用电器与火线断开，则控制用电器的开关必须接在火线上，故A错误；
B、家庭电路中同时工作的用电器的多少，干路中的电流越大，当电流过大时，容易引起火灾，所以工作的用电器的多少是由电路的承载能力决定的，故B错误；
C、在用电的过程中，要有安全用电的意识，遵守安全用电的原则，这样才能防止触电，故C正确；
D、在正确使用试电笔辨别火线时，试电笔的氖管发光，说明有电流经过人体形成回路，只不过电流太小不会危及人身安全，故D错误。
故选：C。  
12.【答案】A

【解析】
【分析】
本题考查了地磁场、电流的磁效应、发电机和电动机的工作原理，属于基础题。
【解答】
A、鸽子是利用地磁场进行导航的，故A正确；
B、电磁继电器的主要部件是电磁铁，是利用电流的磁效应工作的，故B错误；
C、由图可知，图中有电源，是探究电动机工作原理的实验装置，故C错误；
D、由图可知，图中无电源，是探究发电机工作原理的实验装置，故D错误。
故选：A。  
13.【答案】AC

【解析】
【分析】
此题考查了分子动理论、机械效率、水的比热容较大的应用及热机工作过程中的能量转化，包含的知识点较多，熟练掌握基础知识是解答的关键。
【解答】
A、花香四溢，说明分子在不停地做无规则运动，是扩散现象，故A正确；
B、汽车实现了“零排放”，但是不能排除机械间的摩擦，不能排除热量的散失，所以机械效率不会达到100%，故B错误；
C、四冲程内燃机的做功冲程中，高温高压的燃气推动活塞向下运动，内能转化为机械能，故C正确；
D、白天，太阳照射下陆地和海水吸收相同的热量，由于水的比热容大，则海水温度上升慢；陆地吸热后，温度上升快，热空气上升，风从海洋吹向陆地，故D错误。
故选：AC。  
14.【答案】ACD

【解析】
【分析】
A、根据速度公式得出物体移动的速度；
B、根据W有=Gh得出所做的有用功；
C、从图中可知n=2，根据s=2h得出绳子自由端移动的距离，根据W总=Fs得出拉力做的总功，根据P=W总t得出拉力的功率；
D、根据F=1n(G+G动)可知动滑轮的重力G动，若提升物体的重力为80N，根据η=W有用W总=G′hG′h+G动h得出此滑轮组的机械效率。
本题考查了速度公式和做功公式、功率公式、机械效率公式的应用，要注意动滑轮绳子的有效股数为2。
【解答】
A、物体移动的速度：v=ht=2m10s=0.2m/s，故A正确；
B、所做的有用功：W有=Gh=40N×2m=80J，故B错误；
C、从图中可知n=2，绳子自由端移动的距离s=2h=2×2m=4m，
拉力做的总功：W总=Fs=30N×4m=120J，
拉力的功率P=W总t=120J10s=12W，故C正确；
D、根据F=1n(G+G动)可知动滑轮的重力G动=2F−G=2×30N−40N=20N，
若提升物体的重力为80N，则此滑轮组的机械效率η=W有用W总=G′hG′h+G动h=G′G′+G动=80N80N+20N=80%，故D正确。
故选：ACD。  
15.【答案】AC

【解析】(1)由题知，电饭锅正常工作时，在加热状态下功率P=880W，
由P=UI可得总电流：I=P加热U=880W220V=4A，故A正确；
(2)由图知，当S1、S2闭合时，R1和R2并联，此时电路的总电阻最小，由P=U2R可知电路消耗的总功率最大，为加热挡，且P加热=880W；
当S1闭合、S2断开时，电路中只有R1，电路中总电阻较大，由P=U2R可知，此时电功率较小，为保温挡，其P保温=44W，
当S1、S2闭合时，R2消耗的电功率：
P2=P加热−P保温=880W−44W=836W，
由P=U2R得R2的阻值：
R2=U2P2=(220V)2836W≈57.9Ω，故B错误；
(3)3000r/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过3000r，
则电能表转盘转40r时用电器消耗的电能：
W=40r3000r/(kW⋅h)=175kW⋅h，
所用时间t=1min=160h，
此时电饭锅的实际加热功率：
P实加=Wt=175kW160h=0.8kW=800W，故C正确；
(4)根据P=Wt知电饭锅在加热状态下正常工作7min消耗的电能为：
W=P加热t′=880W×7×60s=3.696×105J，
因为产生的热量全部被水吸收，
所以水吸收的热量为：
Q吸=W=3.696×105J，
可将2.2kg水的温度升高的温度为：
△t=Q吸c水m=3.696×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×2.2kg=40℃，故D错误。
故选：AC。

16.【答案】不能  小

【解析】解：(1)超导体的电阻为零，有电流通过时不会发热，电烤箱是利用电流的热效应工作的，所以电烤箱的电阻丝不能采用超导材料；
(2)龙卷风发生时，龙卷风核心处空气流速很大，压强小，物体在外界大气压的作用下被抛到空中。
故答案为：不能；小。
(1)超导材料的电阻为零，若有电流通过时，不会发热而损耗电能，据此分析得出结论。
(2)运用流体压强与流速的关系来分析物体的受力情况，根据受力情况可以得到物体被抛到空中的原因。
本题考查用物理知识或规律解释生活现象，有助于培养学生从物理走向社会的新课堂理念。

17.【答案】静止  1×105

【解析】解：(1)我国发射的天舟二号货运飞船与空间站“天和”核心舱成功实现交会对接，两者对接过程中，要保持位置不变才能成功对接，所以对接时货运飞船相对于核心舱是相对静止的。
(2)一个标准大气压约是1×105Pa，核心舱内适宜航天员工作生活的气压约等于标准大气压，所以核心舱内适宜航天员工作生活的气压约1×105Pa。
故答案为：静止；1×105。
(1)被研究的物体和参照物之间，如果发生位置的改变，则物体是运动的；如果未发生位置的变化，则物体是静止的。
(2)核心舱舱内气压约等于标准大气压。
本题通过天舟二号货运飞船与空间站“天和”核心舱成功实现交会对接，考查了运动和静止的相对性，还考查了标准大气压的值。

18.【答案】电磁波  太阳

【解析】解：电磁波能传递信息，电磁波可以在真空传播。卫星信号都是通过电磁波传递的；太阳能电池板是把太阳能转化成电能；
故答案为：电磁波；太阳。
电磁波能传递信息，电磁波可以在真空传播；根据太阳能电池板工作时能量的转化情况分析答题。
本题考查了电磁波的应用、太阳能的转化，属于基础题型。

19.【答案】解：小球漂浮在水面上，重力和浮力是一对平衡力，过小球的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F浮表示，作图时要注意两条线段长度要相等。如下图所示：


【解析】小球在水中受到重力和浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，由于小球漂浮，因此受到的力是平衡力，重力和浮力大小相等。
画力的示意图时要考虑到物体的运动状态，当物体处于静止或匀速直线运动时，受到的力就是平衡力。

20.【答案】解：先过入射点O垂直水面作出法线，求出入射角为90°−45°=45°，根据反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角也为45°，在空气中法线的右侧画出反射光线；
折射角小于45°，在法线的右侧的水中画出折射光线，如图所示：


【解析】光在水面同时发生折射和反射，根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线；
根据光由空气斜射进入水中遵循的规律：折射光线、入射光线和法线在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，光由空气斜射进入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角，作出折射光线。
在两种介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射角和折射角随入射角的增大而增大，反射光线和入射光线在同种介质中，折射光线和入射光线在两种不同的介质中。

21.【答案】(1)像；(2)未点燃；完全重合；(3)不能；(4)不变；(5)不变

【解析】解：(1)实验中用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板透明的特点，便于观察像并确定像的位置；
(2)小滨拿另一支外形相同未点燃的蜡烛B，竖立着在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合；
(3)平面镜所成的像是虚像，移去蜡烛B，在其位置上放置一块光屏，光屏上不能呈现蜡烛的像；
(4)当蜡烛A向玻璃板靠近时，蜡烛A的大小不变，像的大小不变；
(5)玻璃板向右移动，蜡烛到玻璃板的距离不变，蜡烛A和蜡烛A的像还关于玻璃板对称，则蜡烛像的位置不变。
故答案为：(1)像；(2)未点燃；完全重合；(3)不能；(4)不变；(5)不变。
(1)实验中为了确定像的位置，用透明的玻璃板来代替平面镜；
(2)平面镜所成的像和物大小相等，实验中用等效替代的方法来研究像和物的大小关系；
(3)平面镜所成的像是虚像，虚像不能用光屏承接；
(4)平面镜所成的像和物大小相等；
(5)玻璃板左右移动，蜡烛到玻璃板的距离不变，蜡烛和蜡烛的像还关于玻璃板对称，像的位置没有变化。
关于平面镜成像特点的实验探究，常是中考出题的热点，关键是掌握平面镜成像的特点，针对性的分析问题。

22.【答案】(1)水平；零刻度线；左；(2)193；(3)10；(4)19.3；是；(5)F1−F2F1ρ铝。

【解析】解：(1)把天平放置在水平桌面上，把游码放到标尺左端的零刻线处，发现指针如图甲所示，向右偏，此时应将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡。
(2)饰品的质量是：100g+50g+20g+20g+3g=193g；
(3)丙图中左侧量筒的示数为20mL，右侧量筒的示数为30mL，饰品的体积V=30mL−20mL=10mL=10cm3；
(4)饰品的密度ρ=mV=193g10cm3=19.3g/cm3=ρ金，从而说明饰品是用纯金制成的；
(5)铝块在空气中时弹簧测力计的示数是F1；则铝块的重力G=F1，铝块的质量m=Gg=F1g，
铝块的体积V=mρ铝=F1gρ铝.........①，
把铝块浸没在牛奶中时弹簧测力计的示数是F2。故铝块所受浮力为F浮=G−F示=F1−F2，根据阿基米德原理可知铝块的体积V=V排=F浮ρ牛奶g=F1−F2ρ牛奶g.........②，
联立①②得牛奶的密度表达式ρ牛奶=F1−F2F1ρ铝。
故答案为：(1)水平；零刻度线；左；(2)193；(3)10；(4)19.3；是；(5)F1−F2F1ρ铝。
(1)把天平放到水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处；调节天平平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)饰品的质量等于砝码的质量加游码的示数；
(3)根据排水法得出饰品的体积；
(4)根据ρ=mV得出饰品的密度，并与金的密度比较，从而说明饰品是否用纯金制成的；
(5)铝块在空气中时弹簧测力计的示数是F1，则铝块的重力G=F1，根据G=mg得出铝块的质量，
根据密度公式得出铝块的体积的表达式；
把铝块浸没在牛奶中时弹簧测力计的示数是F2，根据F浮=G−F示得出铝块所受浮力，根据阿基米德原理可知铝块的体积的表达式，联立以上两式可得出牛奶的密度表达式。
此题主要考查的是学生对天平和量筒的读数、密度计算公式知识的理解和掌握。

23.【答案】(1)如图所示

(2)断开；B；
(3)R断路；
(4)0.3；
(5)①5；②导体电阻不变时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(6)25。

【解析】解：(1)滑片P向B端滑动时，电流表的示数变小，说明变阻器连入电路的阻值变大，所以应选择C接线柱将其串联入电路中，如图所示：

(2)为了保护电路，连接电路时，应断开开关，将变阻器滑片置于最大值B端；
(3)闭合开关，发现灯泡不亮，电流表几乎无示数，说明电路可能有断路，
电压表有示数，接近电源电压，说明电压表与电源连通测电源电压，则导致这种现象可能的原因是R断路，这样电压表被串联入电路中，所以移动滑片，两表示数无变化；
(4)由图乙知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，读数是0.3A；
(5)①由图象知，当R两端电压为2V时，通过的电流为0.4A，
根据I=U R可得，R=UI=2V0.4A=5Ω；
②由图丙知，绘制出电阻R的I−U图象为过原点的直线，据此可得结论：电阻不变时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(6)根据图象知，五次实验中，R两端电压最小为0.5V，根据串联电路的特点知，此时变阻器两端电压为3V−0.5V=2.5V，通过变阻器的电流为0.1A，
此时变阻器连入电路的阻值R滑=U滑I滑=2.5V0.1A=25Ω，
实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于25Ω。
故答案为：(1)见上图；(2)断开；A；(3)R断路；(4)0.3；(5)①5；②通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(6)25。
本题探究电流与电压的关系，考查电路连接、注意事项、故障分析、电流表读数、串联电路特点和欧姆定律的运用以及对器材的要求，考查知识点多，综合性强。

24.【答案】解：(1)小球的重力：G=mg=2kg×10N/kg=20N；
(2)由表中数据可知，小球浸入前，水对容器底的压强p水1=2000Pa，
由p=ρgh可知容器中水的深度：
h水=p水1ρ水g=2000Pa1×103kg/m3×10N/kg=0.2m；
(3)小球浸入前和浸没后容器对水平桌面的压强差：
△p桌=p桌2−p桌1=3500Pa−2500Pa=1000Pa，
由p=FS可得受力面积(容器底面积)：
，
小球浸入前和浸没后水对容器底的压强差：
△p水=p水2−p水1=2400Pa−2000Pa=400Pa，
由p=ρgh可知容器中水的深度变化：
△h水=△p水ρ水g=400Pa1×103kg/m3×10N/kg=0.04m，
因为小球浸没，所以小球的体积：
V=V排=S×△h水=0.02m2×0.04m=8×10−4m3，
小球的密度：
ρ=mV=2kg8×10−4m3=2.5×103kg/m3。
答：(1)小球的重力为20N；
(2)小球放入前，容器中水的深度为0.2m；
(3)小球的密度为2.5×103kg/m3。

【解析】(1)根据G=mg计算出小球的重力；
(2)由表中数据可知，小球浸入前，水对容器底的压强，利用p=ρgh求容器中水的深度；
(3)求出小球浸入前和浸没后容器对水平桌面的压强差，利用p=FS求受力面积(容器底面积)，求出小球浸入前和浸没后水对容器底的压强差，利用p=ρgh求容器中水的深度变化；利用V=Sh求出容器中水的体积变化，由于小球浸没，小球的体积等于水的体积变化，最后利用密度公式求小球的密度。
本题为力学综合题，考查了重力公式、密度公式、液体压强公式、压强定义式的应用，利用好表中数据是关键。

25.【答案】解：由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由I=UR可得：
R1=U1I=2V0.2A=10Ω；
(2)根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可得：
滑动变阻器R2两端的电压为：U2=U−U1=6V−2V=4V，
则100s内通过滑动变阻器R2的电流所做的功：W2=U2It=4V×0.2A×100s=80J；
(3)图甲中，当滑动变阻器连入电路的阻值最大时电路消耗的功率最小，则最小总功率为：
P最小=U2R总=U2R1+R2=(6V)210Ω+20Ω=1.2W；
图乙中，R1与R2并联，根据滑动变阻器R2标有“20Ω 1A”字样可知通过滑动变阻器的最大电流为1A，此时接入电路的电阻值大小为6Ω，小于最大阻值20Ω，符合题意；
又因为通过R1的电流为：I1=UR1=6V10Ω=0.6A，
则干路电流为：I总=I1+I2=0.6A+1A=1.6A，
所以，图乙电路消耗的最大功率：P最大=UI总=6V×1.6A=9.6W；
则P最小：P最大=1.2W：9.6W=1：8。
答：(1)定值电阻R1的阻值为10Ω。
(2)100s内通过滑动变阻器R2的电流所做的功为80J。
(3)图甲电路消耗的最小功率与图乙电路消耗的最大功率的比值为1：8。

【解析】由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据欧姆定律求出R1的阻值；
(2)根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器R2两端的电压，利用W=UIt即可求出100s内通过滑动变阻器R2的电流所做的功；
(3)图甲中当滑动变阻器连入电路的阻值最大时电路消耗的功率最小，利用电阻的串联和P=U2R即可求出最小功率；
图乙所示的电路是R1与R2并联，根据滑动变阻器R2标有“20Ω 1A”字样可知通过滑动变阻器的最大电流，然后根据欧姆定律和并联电路的特点求出干路最大电流，利用P=UI得出图乙电路消耗的最大功率，最后即可求出比值。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，解题时要注意方法的灵活性。