高考数学(理数)二轮复习课时跟踪检测13《概率统计统计案例》小题练（教师版）

这是一份高考数学(理数)二轮复习课时跟踪检测13《概率统计统计案例》小题练（教师版），共8页。试卷主要包含了选择题，填空题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题
1．已知某班级部分同学一次测验的成绩统计如图，则其中位数和众数分别为( )
A．95,94 B．92,86
C．99,86 D．92,91
解析：选B 由茎叶图可知，此组数据由小到大排列依次为76,79,81,83,86,86,87,91,92,94,95,96,98,99,101,103,114，共17个，故92为中位数，出现次数最多的为众数，故众数为86，故选B.
2．在样本的频率分布直方图中，共有4个小长方形，这4个小长方形的面积由小到大依次构成等比数列{an}(n＝1,2,3,4)．已知a2＝2a1，且样本容量为300，则小长方形面积最小的一组的频数为( )
A．20 B．40
C．30 D．无法确定
解析：选A 由已知，得4个小长方形的面积分别为a1,2a1,4a1,8a1，所以a1＋2a1＋4a1＋8a1＝1，得a1＝eq \f(1,15)，因此小长方形面积最小的一组的频数为eq \f(1,15)×300＝20.
3．某校共有在职教师140人，其中高级教师28人，中级教师56人，初级教师56人，现采用分层抽样的方法从在职教师中抽取5人进行职称改革调研，然后从抽取的5人中随机抽取2人进行深入了解，则抽取的这2人中至少有1人是初级教师的概率为( )
A.eq \f(7,10) B.eq \f(3,10)
C.eq \f(3,20) D.eq \f(7,20)
解析：选A 由题意得，应从高级、中级、初级教师中抽取的人数分别为5×eq \f(28,140)＝1,5×eq \f(56,140)＝2,5×eq \f(56,140)＝2，则从5人中随机抽取2人，这2人中至少有1人是初级教师的概率为eq \f(C\\al(1,2)C\\al(1,3)＋C\\al(2,2),C\\al(2,5))＝eq \f(7,10).
4．如图是1951～2016年我国的年平均气温变化的折线图，根据图中信息，下列结论正确的是( )
A．1951年以来，我国的年平均气温逐年增高
B．1951年以来，我国的年平均气温在2016年再创新高
C．2000年以来，我国每年的年平均气温都高于1981～2010年的平均值
D．2000年以来，我国的年平均气温的平均值高于1981～2010年的平均值
解析：选D 由图可知，1951年以来，我国的年平均气温变化是有起伏的，不是逐年增高的，所以选项A错误；1951年以来，我国的年平均气温最高的不是2016年，所以选项B错误；由图可知，1981～2010年的气温平均值为9.5,2012年的年平均气温低于1981～2010年的平均值，所以选项C错误；2000年以来，我国的年平均气温的平均值高于1981～2010年的平均值，所以选项D正确．
5．我国数学家陈景润在哥德巴赫猜想的研究中取得了世界领先的成果．哥德巴赫猜想是“每个大于2的偶数可以表示为两个素数的和”，如30＝7＋23.在不超过30的素数中，随机选取两个不同的数，其和等于30的概率是( )
A.eq \f(1,12) B.eq \f(1,14)
C.eq \f(1,15) D.eq \f(1,18)
解析：选C 不超过30的所有素数为2,3,5,7,11,13,17,19,23,29，共10个，随机选取两个不同的数，共有Ceq \\al(2,10)＝45种情况，而和为30的有7＋23,11＋19,13＋17这3种情况，∴所求概率为eq \f(3,45)＝eq \f(1,15).故选C.
6．某广播电台只在每小时的整点和半点开始播放新闻，时长均为5分钟，则一个人在不知道时间的情况下打开收音机收听该电台，能听到新闻的概率是( )
A.eq \f(1,14) B.eq \f(1,12)
C.eq \f(1,7) D.eq \f(1,6)
解析：选D 由题意知，该广播电台在一天内播放新闻的时长为24×2×5＝240分钟，即4个小时，所以所求的概率为eq \f(4,24)＝eq \f(1,6)，故选D.
7．某种电路开关闭合后会出现红灯或绿灯闪烁，已知开关第一次闭合后出现红灯的概率为eq \f(1,2)，两次闭合后都出现红灯的概率为eq \f(1,5)，则开关在第一次闭合后出现红灯的条件下第二次闭合后出现红灯的概率为( )
A.eq \f(1,10) B.eq \f(1,5)
C.eq \f(2,5) D.eq \f(1,2)
解析：选C 设“开关第一次闭合后出现红灯”为事件A，“开关第二次闭合后出现红灯”为事件B，则“开关两次闭合后都出现红灯”为事件AB，“开关在第一次闭合后出现红灯的条件下第二次闭合后出现红灯”为事件B|A，由题意得P(B|A)＝eq \f(PAB,PA)＝eq \f(2,5)，故选C.
8．为考察某种药物对预防禽流感的效果，在四个不同的实验室取相同的个体进行动物试验，根据四个实验室得到的列联表画出如下四个等高条形图，最能体现该药物对预防禽流感有显著效果的图形是( )
解析：选D 分析四个等高条形图得选项D中，不服用药物与服用药物患病的差异最大，所以最能体现该药物对预防禽流感有显著效果，故选D.
9．已知a∈{－2,0,1,2,3}，b∈{3,5}，则函数f(x)＝(a2－2)ex＋b为减函数的概率是( )
A.eq \f(3,10) B.eq \f(3,5)
C.eq \f(2,5) D.eq \f(1,5)
解析：选C 由题意知a，b的组合共有10种，函数f(x)＝(a2－2)ex＋b为减函数，则a2－23.841.故认为选修文理科与性别有关系出错的可能性约为5%.
答案：5%
B级——难度小题强化练
1．小明在花店定了一束鲜花，花店承诺将在第二天早上7：30～8：30之间将鲜花送到小明家．若小明第二天离开家去公司上班的时间在早上8：00～9：00之间，则小明在离开家之前收到这束鲜花的概率是( )
A.eq \f(1,8) B.eq \f(1,4)
C.eq \f(3,4) D.eq \f(7,8)
解析：选D 如图，设送花人到达小明家的时间为x，小明离家去上班的时间为y，记小明离家前能收到鲜花为事件A.(x，y)可以看成平面中的点，试验的全部结果所构成的区域为Ω＝{(x，y)|7.5≤x≤8.5,8≤y≤9}，这是一个正方形区域，面积为SΩ＝1×1＝1，事件A所构成的区域为A＝{(x，y)|y≥x,7.5≤x≤8.5,8≤y≤9}，即图中的阴影部分，面积为SA＝1－eq \f(1,2)×eq \f(1,2)×eq \f(1,2)＝eq \f(7,8).这是一个几何概型，所以P(A)＝eq \f(SA,SΩ)＝eq \f(7,8)，故选D.
2．某汽车的使用年数x与所支出的维修总费用y的统计数据如下表：
根据上表可得y关于x的线性回归方程eq \(y,\s\up6(^))＝eq \(b,\s\up6(^))x－0.69，若该汽车维修总费用超过10万元就不再维修，直接报废，据此模型预测该汽车最多可使用(不足1年按1年计算)( )
A．8年 B．9年
C．10年 D．11年
解析：选D 由y关于x的线性回归直线eq \(y,\s\up6(^))＝eq \(b,\s\up6(^))x－0.69过样本点的中心(3,2.34)，得eq \(b,\s\up6(^))＝1.01，即线性回归方程为eq \(y,\s\up6(^))＝1.01x－0.69，由eq \(y,\s\up6(^))＝1.01x－0.69＝10得x≈10.6，所以预测该汽车最多可使用11年，故选D.
3．如图所示是某学校某年级的三个班在一学期内的六次数学测试的平均成绩y关于测试序号x的函数图象，为了容易看出一个班级的成绩变化，将离散的点用虚线连接，根据图象，给出下列结论：
①一班成绩始终高于年级平均水平，整体成绩比较好；
②二班成绩不够稳定，波动程度较大；
③三班成绩虽然多数时间低于年级平均水平，但在稳步提升．
其中正确结论的个数为( )
A．0 B．1
C．2 D．3
解析：选D ①由图可知一班每次考试的平均成绩都在年级平均成绩之上，故①正确．②由图可知二班平均成绩的图象高低变化明显，可知成绩不稳定，波动程度较大，故②正确．③由图可知三班平均成绩的图象呈上升趋势，并且图象的大部分都在年级平均成绩图象的下方，故③正确．故选D.
4．我市某高中从高三年级甲、乙两个班中各选出7名学生参加2018年全国高中数学联赛(河南初赛)，他们取得的成绩(满分140分)的茎叶图如图所示，其中甲班学生成绩的中位数是81，乙班学生成绩的平均数是86，若正实数a，b满足a，G，b成等差数列且x，G，y成等比数列，则eq \f(1,a)＋eq \f(4,b)的最小值为( )
A.eq \f(4,9) B．2
C.eq \f(9,4) D．9
解析：选C 由甲班学生成绩的中位数是81，可知81为甲班7名学生的成绩按从小到大的顺序排列的第4个数，故x＝1.由乙班学生成绩的平均数为86，可得(－10)＋(－6)＋(－4)＋(y－6)＋5＋7＋10＝0，解得y＝4.由x，G，y成等比数列，可得G2＝xy＝4，由正实数a，b满足a，G，b成等差数列，可得G＝2，a＋b＝2G＝4，所以eq \f(1,a)＋eq \f(4,b)＝eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(1,a)＋\f(4,b)))×eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(\f(a,4)＋\f(b,4)))＝eq \f(1,4)eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1(1＋\f(b,a)＋\f(4a,b)＋4))≥eq \f(1,4)×(5＋4)＝eq \f(9,4)(当且仅当b＝2a时取等号)．故eq \f(1,a)＋eq \f(4,b)的最小值为eq \f(9,4)，选C.
5．正六边形ABCDEF的边长为1，在正六边形内随机取点M，则使△MAB的面积大于eq \f(\r(3),4)的概率为________．
解析：如图所示，作出正六边形ABCDEF，其中心为O，过点O作OG⊥AB，垂足为G，则OG的长为中心O到AB边的距离．
易知∠AOB＝eq \f(360°,6)＝60°，且OA＝OB，所以△AOB是等边三角形，
所以OA＝OB＝AB＝1，OG＝OA·sin 60°＝1×eq \f(\r(3),2)＝eq \f(\r(3),2)，
即对角线CF上的点到AB的距离都为eq \f(\r(3),2).设△MAB中AB边上的高为h，
则由S△MAB＝eq \f(1,2)×1×h>eq \f(\r(3),4)，解得h>eq \f(\r(3),2).
所以要使△MAB的面积大于eq \f(\r(3),4)，只需满足h>eq \f(\r(3),2)，即需使M位于CF的上方．
故由几何概型得，△MAB的面积大于eq \f(\r(3),4)的概率P＝eq \f(S梯形CDEF,S正六边形ABCDEF)＝eq \f(1,2).
答案：eq \f(1,2)
6．某班运动队由足球运动员18人、篮球运动员12人、乒乓球运动员6人组成(每人只参加一项)，现从这些运动员中抽取一个容量为n的样本，若分别采用系统抽样法和分层抽样法，则都不用剔除个体；当样本容量为n＋1时，若采用系统抽样法，则需要剔除1个个体，那么样本容量n为________．
解析：总体容量为6＋12＋18＝36.
当样本容量为n时，由题意可知，系统抽样的抽样距为eq \f(36,n)，分层抽样的抽样比是eq \f(n,36)，则采用分层抽样法抽取的乒乓球运动员人数为6×eq \f(n,36)＝eq \f(n,6)，篮球运动员人数为12×eq \f(n,36)＝eq \f(n,3)，足球运动员人数为18×eq \f(n,36)＝eq \f(n,2)，可知n应是6的倍数，36的约数，故n＝6,12,18.
当样本容量为n＋1时，剔除1个个体，此时总体容量为35，系统抽样的抽样距为eq \f(35,n＋1)，因为eq \f(35,n＋1)必须是整数，所以n只能取6，即样本容量n为6.
答案：6理科
文科
总计
男
13
10
23
女
7
20
27
总计
20
30
50
使用年数x/年
1
2
3
4
5
维修总费用y/万元
0.5
1.2
2.2
3.3
4.5