2020-2021学年辽宁省朝阳市某校高一（上）期末物理试卷人教版（2019）

这是一份2020-2021学年辽宁省朝阳市某校高一（上）期末物理试卷人教版（2019），共7页。试卷主要包含了计算题等内容，欢迎下载使用。


1. 百度地图显示从茂名市到广州全程约340km。乘坐G6086高铁从茂名站到广州站，运行时长约2小时。有一天父母和你乘坐G6086高铁从茂名市去广州，下列说法正确的是（ ）
A.340km指的是位移大小
B.高铁全程做匀速直线运动
C.座位上的你以坐在旁边座位上的父母为参考系，是静止的
D.测量高铁驶出茂名站的时间，可以把列车看做质点

2. 在国际单位制中，力的单位“牛”是导出单位，用基本单位表示，正确的是（ ）
A.m/sB.m/s2C.kg⋅m/sD.kg⋅m/s2

3. 校运动会上，小龙参加了百米赛跑并荣获冠军．关于小龙赛跑过程中的惯性，下列说法正确的是（ ）
A.小龙加速跑的过程中，其惯性增大
B.小龙减速跑的过程中，其惯性减小
C.小龙赛跑过程中的惯性保持不变
D.小龙跑完后停下休息时，没有惯性

4. 如图，质量为52kg的体操运动员肖若腾在自由操比赛时，有两手臂对称支撑，竖直倒立静止的比赛动作，此时设两臂夹角为2θ，重力加速度大小为g＝10m/s2，则（ ）

A.若θ不同时，肖若腾受到的合力不同
B.若θ不同时，肖若腾双手受地面支持力可大于520N
C.若θ＝60∘时，肖若腾单手所受地面的支持力大小为320N
D.若θ＝30∘时，肖若腾单手所受地面的支持力大小为260N

5. 质量为m的物体，它的v−t如图所示，该物体在哪一段时间所受的合外力最大（ ）

A.0∼2sB.2∼6sC.6∼9sD.9∼10s

6. 一辆小汽车起步时在20s内速度达到30m/s，而一列火车用800s使速度达到60m/s，则下列说法正确的是（ ）
A.火车的速度变化快
B.在相同的时间内火车的速度变化大
C.加速过程中汽车的速度变化大
D.小汽车的加速度大

7. 如图所示，条形磁铁A、B质量均为m，C为木块，它们放在水平面上静止时，B对A的弹力为F1，C对B的弹力为F2，则F1、F2与重力mg的大小关系正确的是（ ）
A.Fl=mg，F2=2mgB.F1>mg，F2=2mg
C.Fl>mg，F2=mgD.F1=mg，F2>2mg

8. 两物体在同一竖直线上的不同高度自由下落，同时落地，第一个物体下落时间为t，第二个物体下落时间为t2，重力加速度为g，当第二个物体开始下落时，两物体相距为（ ）
A.gt2B.38gt2C.34gt2D.14gt2

9. 在沈阳进行的全国田径锦标赛上，上海选手王雪毅以1米88的成绩获女子跳高冠军。若不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）

A.王雪毅起跳时地面对她的弹力大小大于她对地面的压力大小
B.王雪毅起跳时地面对她的弹力大小等于对地面的压力大小
C.王雪毅在空中上升过程中处于失重状态
D.王雪毅在空中上升过程中处于超重状态

10. 两个共点力F1和F2的合力大小为5N，则F1和F2的大小可能是（ ）
A.F1＝2N，F2＝9NB.F1＝4N，F2＝8N
C.F1＝2N，F2＝8ND.F1＝5N，F2＝5N

11. 如图所示，电灯悬于两壁之间，保持O点及OB绳的位置不变，而将绳端A点向上移动，绳足够长，墙壁足够高。则（ ）

A.绳OB所受的拉力一定逐渐增大
B.绳OB所受的拉力一定逐渐减小
C.绳OA所受的拉力先增大后减小
D.绳OA所受的拉力先减小后增大

12. 一滑块冲上固定斜面后做匀减速直线运动，最终静止在斜面上的Q点，如图所示。从滑块通过斜面底端P 开始计时，已知滑块在第1s内通过的距离为6m。停止运动前的最后1s内通过的距离为2m，则（ ）

A.滑块运动的加速度大小为4m/s2
B.滑块通过P点时的速度大小为16m/s
C.P、Q两点间的距离为8m
D.滑块从P点运动到Q点的时间为2s
二、实验填空题；本题共2小题，共15分。

某同学用如图1所示装置测定重力加速度（已知打点频率为50Hz）

（1）实验时下面的步骤先后顺序是________．
A.释放纸带 B.接通打点计时器电源

（2）打出的纸带如图2所示，可以判断实验时重物连接在纸带的________端．（选填“左”或“右”）

（3）已知纸带上记录的点为打点计时器打的点，打点计时器在打C点时物体的瞬时速度大小为________m/s，所测得的重力加速度大小为________m/s2．（此小题两空结果均保留3位有效数字）

某实验小组为探究加速度与力之间的关系设计了如图(a)所示的实验装置，用钩码所受重力作为小车所受的拉力，用DIS（数字化信息系统）测小车的加速度．通过改变钩码的数量，多次重复测量，可得小车运动的加速度a和所受拉力F的关系图像．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a−F图线，如图(b)所示．
①图线________是在轨道水平的情况下得到的（选填“Ⅰ”或“Ⅱ”）
②小车和位移传感器发射部分的总质量为________kg，小车在水平轨道上运动时受到的摩擦力大小为________N．
三、计算题：本题共3小题，共37分、解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

航空母舰上的飞机弹射系统可以减短战机起跑的位移，假设弹射系统对战机作用了0.1s时间后，可以使战机达到一定的初速度，然后战机在甲板上起跑，加速度为2m/s2，经过10s，达到起飞的速度50m/s的要求，则战机离开弹射系统瞬间的速度是多少？弹射系统所提供的加速度是多少？

风洞实验室中可以产生水平向右、大小可调节的风力，现将一套有小球的细直杆放入风洞实验室，小球孔径略大于细杆直径，杆足够长，如图所示。小球的质量为1kg，球与杆间的动摩擦因数μ＝0.5．（取g＝10m/s2）

（1）当杆在水平方向上固定时（如图虚线所示），调节风力的大小，使风对小球的力大小恒为4N，求此时小球受到的摩擦力f1的大小。

（2）若调节细杆使杆与水平方向间夹角θ为37∘并固定（如图实线所示），调节风力的大小，使风对小球的力大小恒为40N，求小球从静止出发在细杆上2秒内通过的位移大小。

如图1为自动人行道，常在码头、机场、展览馆和体育馆等人流集中的地方，将自动人行道抽象出如图2所示的模型。设其逆时针匀速转动的速度为v0＝1m/s，两个完全相同的小物块A、B（可视为质点）同时以v＝2m/s的初速度相向运动。已知两物块运动的过程中恰好不会发生碰撞，加速度大小均为2m/s2，重力加速度g取10m/s2。求：

（1）物块A最终与传送带相对静止时所需时间；

（2）小物块A、B开始相向运动时的距离。
参考答案与试题解析
2020-2021学年辽宁省朝阳市某校高一（上）期末物理试卷
一、选择题；本题共12小题，在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一个选项正确，第9～12题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1.
【答案】
C
【考点】
时间与时刻
路程
质点的认识
位移
【解析】
位移是表示位置的移动的物理量，是从初位置到末位置的有向线段；路程是运动轨迹的实际长度；
根据运动的特点分析；
参考系是在描述物体的运动时，被选定做为参考、假定为不动的其他物体，不选定参考系，就无法研究某一物体是怎样运动的；
判断一个物体能否看成质点，看物体在所研究的问题中形状和大小能不能忽略．
【解答】
A、340km表示火车经过的轨迹长度，为路程，故A错误；
B、列车从静止开始运动，所以不可能是匀速直线运动，故B错误；
C、你相对于坐在旁边的父母位置没有变化，以坐在旁边的父母为参考系，你是静止的，故C正确；
D、研究该列车高驶出茂名站的时间时，列车长度相对车站不可忽略，故不能视为质点。故D错误。
2.
【答案】
D
【考点】
国际单位制
【解析】
根据牛顿第二定律F=ma和a=△v△t，进行推导．
【解答】
解：根据a=△v△t得加速度单位是m/s2
根据牛顿第二定律F=ma知，1N=kg⋅m/s2．
故选：D．
3.
【答案】
C
【考点】
惯性
【解析】
惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．
【解答】
解：A、惯性大小的唯一量度是质量，小龙加速跑、减速跑时质量不变，惯性不变，故AB错误；
C、惯性大小的唯一量度是质量，小龙赛跑过程中质量不变，惯性保持不变，故C正确；
D、小龙跑完后停下休息时，质量不变，惯性保持不变，故D错误；
故选：C
4.
【答案】
D
【考点】
解直角三角形在三力平衡问题中的应用
力的合成与分解的应用
【解析】
此题暂无解析
【解答】
此题暂无解答
5.
【答案】
D
【考点】
牛顿第二定律的概念
匀变速直线运动的概念
v-t图像（匀变速直线运动）
非常规图像
x-t图像（匀变速直线运动）
【解析】
此题暂无解析
【解答】
此题暂无解答
6.
【答案】
D
【考点】
加速度
【解析】
速度的变化量等于末速度减去初速度，加速度表示速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大。算出两车的加速度，再进行比较。
【解答】
AD、小汽车速度的变化量：△v1＝30m/s，加速度为 a1=△v1△t1=3020=1.5m/s2．火车速度的变化量：△v2＝60m/s，加速度为 a2=△v2△t2=60800=0.075m/s2。
可知小汽车的加速度大，速度变化快，故A错误，D正确。
B、由△v＝at知，小汽车的加速度大，在相同的时间内小汽车的速度变化大，故B错误。
C、由上计算结果知，加速过程中火车的速度变化大，故C错误。
7.
【答案】
B
【考点】
解直角三角形在三力平衡问题中的应用
力的合成与分解的应用
【解析】
以A为研究对象，研究B对A的弹力为F1与重力的关系．以整体为研究对象，研究C对B的弹力为F2与总重力的关系．
【解答】
解：以A为研究对象，A受到竖直向下重力mg、B对A竖直向下的引力F引和B对A竖直向上的弹力为F1，由平衡条件得：mg+F引=F1，得F1>mg．
以整体为研究对象，整体受到总重力2mg和C对B的弹力F2，由平衡条件得知，F2=2mg．故B正确，
故选：B
8.
【答案】
D
【考点】
自由落体运动的概念
【解析】
从题意可知，两物体同时落地，知第二个物体在第一个物体下落t2后开始下落，根据h=12gt2分别求出两物体下落的总高度，以及第二个物体开始下落时，第一个物体下落的高度。然后根据距离关系求出当第二个物体开始下落时，两物体相距的距离。
【解答】
由h=12gt2 得：第一个物体和第二个物体下落的总高度分别为12gt2，gt28；
第二个物体在第一个物体下落t2后开始下落，此时第一个物体下落的高度h1＝12g(t2)2＝gt28．
两物体未下落时相距△h＝12gt2−gt28＝3gt28．
所以当第二个物体开始下落时，两物体相距△h′＝△h−h1＝3gt28−gt28＝gt24．故D正确，ABC错误；
9.
【答案】
B,C
【考点】
牛顿运动定律的应用-超重和失重
【解析】
此题暂无解析
【解答】
此题暂无解答
10.
【答案】
B,D
【考点】
力的合成
【解析】
此题暂无解析
【解答】
此题暂无解答
11.
【答案】
B,D
【考点】
解直角三角形在三力平衡问题中的应用
力的合成与分解的应用
【解析】
此题暂无解析
【解答】
此题暂无解答
12.
【答案】
A,C,D
【考点】
匀变速直线运动的位移与时间的关系
【解析】
根据最后1s内的位移，采取逆向思维求出质点匀减速直线运动的加速度大小，再根据第1s内的位移，通过位移时间关系求出初速度的大小，从而通过速度位移关系公式求出在整个减速运动过程中质点的位移大小。
【解答】
A、停止运动前的最后1s内通过的距离为2m，最后一秒，逆向考虑，由x=12at2得：
a=2xt2=2×21m/s2=4m/s2．故A正确；
B、在最初一秒，由x=v0t+12at2得：v0=x−12at2t=6−12×(−4)×121=8m/s．故B错误；
CD、设整个过程所用时间为t，由v=v0+at 得从P点运动到Q点的时间为：t=84s=2s
有：x=v0t+12at2=8×2−12×4×22=8m．故CD正确
二、实验填空题；本题共2小题，共15分。
【答案】
BA
左
1.17,9.75
【考点】
用纸带测速法（落体法）验证机械能守恒定律
【解析】
（1）为增加打点的个数，要先接通电源，后释放纸带；
（2）点迹左密右疏，说明打左边点时速度小；
（3）物体做匀加速直线运动，所以某一点的速度可由与之相邻的两点间的平均速度求出，加速度可由匀变速运动的规律：△x=at2求出．
【解答】
解：（1）为增加打点的个数，要先接通电源，后释放纸带；
（2）点迹左密右疏，说明打左边点时速度小，故是先打左边点，故重物连接在纸带的左端；
（3）从纸带上我们可以看出每两个计数点间有一个计时点没有画出，所以没两个计数点之间的时间间隔t=0.02×2=0.04s
物体做匀加速直线运动，所以C点的速度等于AE两点间的平均速度：
vC=xAE2T=(12.52−3.14)×10−22×0.04=1.1725m/s≈1.17m/s
设AC两点间的位移为x1，CE两点间的位移为x2
由匀变速运动的规律：△x=aT2得：
a=x2−x1T2=(12.52−7.05−7.05+3.14)×10−20.042=9.75m/s2
【答案】
Ⅱ,1,1
【考点】
探究加速度与物体质量、物体受力的关系
【解析】
根据a−F图像的特点结合牛顿第二定律分析求解．理解该实验的实验原理和数据处理以及注意事项，知道实验误差的来源．
【解答】
（1）在水平轨道上，由于受到摩擦力，拉力不为零时，加速度仍然为零，可知图线Ⅱ是在轨道水平的情况下得到的．
（2）根据牛顿第二定律得，F−f＝ma，a=Fm−fm，图线的斜率表示质量的倒数，则1m=1，解得m＝1kg．因为F＝1N时，加速度为零，解得f＝1N．
三、计算题：本题共3小题，共37分、解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
【答案】
设战机离开弹射系统瞬间的速度是υ0，弹射系统所提供的加速度为a1，以υ0的方向为正方向，则由υt＝υ0+at得
υ0＝υt−at＝(50−2×10)m/s＝30m/s
弹射系统所提供的加速度为：
a1=v0−0t1=30−00.1m/s2=300m/s2
方向与正方向相同
即战机离开弹射系统瞬间的速度30m/s，弹射系统所提供的加速度是300m/s2．
【考点】
匀变速直线运动的位移与时间的关系
牛顿第二定律的概念
匀变速直线运动规律的综合运用
【解析】
飞机的加速过程分为两个过程，在弹射器推动下的加速和在自身动力作用下的加速；对第二个加速过程根据速度时间公式即可以求出弹射的末速度，再对第一个加速过程由速度时间公式求出弹射的加速度．
【解答】
设战机离开弹射系统瞬间的速度是υ0，弹射系统所提供的加速度为a1，以υ0的方向为正方向，则由υt＝υ0+at得
υ0＝υt−at＝(50−2×10)m/s＝30m/s
弹射系统所提供的加速度为：
a1=v0−0t1=30−00.1m/s2=300m/s2
方向与正方向相同
即战机离开弹射系统瞬间的速度30m/s，弹射系统所提供的加速度是300m/s2．
【答案】
此时小球受到的摩擦力f1的大小为6N。
小球从静止出发在细杆上2秒内通过的位移为20m。
【考点】
解直角三角形在三力平衡问题中的应用
力的合成与分解的应用
【解析】
此题暂无解析
【解答】
此题暂无解答
【答案】
物块A最终与传送带相对静止时所需时间为1.5s；
小物块A、B开始相向运动时的距离为5.5m。
【考点】
牛顿第二定律的概念
匀变速直线运动的位移与时间的关系
【解析】
此题暂无解析
【解答】
此题暂无解答