2020-2021学年广西北海市九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年广西北海市九年级（上）期末物理试卷，共29页。试卷主要包含了6A，则下列说法错误的是，4×108J，【答案】A，【答案】B，【答案】C，【答案】D等内容，欢迎下载使用。

小明妈妈在家用青菜腌制咸菜，小明发现需要好几天的时间菜才能入味，而炒菜时使之具有相同的咸味仅需几分钟。其主要原因是( )
A. 炒菜时盐多些，盐分子容易进入青菜中
B. 炒菜时菜分子间有空隙，盐分子易进入
C. 炒菜时盐分子间有相互作用的斥力
D. 炒菜时温度高，分子热运动加剧，扩散加快
某汽油机的四个冲程如图所示。在该汽油机的一个工作循环中，压缩冲程结束后，下一个冲程是( )
A. B. C. D.
如图甲电路，闭合开关S后，两个灯泡都能发光，乙图为电流表A1指针的位置，如果电流表A2读数是0.6A，则下列说法错误的是( )
A. 电流表A1的读数是0.3A
B. 灯泡L1和L2并联
C. 电流表A1一定连接“-、3”接线柱
D. 通过灯L1的电流为0.9A
如图是滑动变阻器的结构和连入电路的示意图，当滑片P向右滑动时，连入电路的电阻变大的是( )
A. B.
C. D.
如图所示的电路中，电源电压为6V，电压表示数为2V，则加在小灯泡L1和L2两端的电压分别为( )
A. 6V和2 VB. 6V和4VC. 2V和4VD. 4V和2V
如图甲所示，把室温下牛奶置于盛有热水的敞口玻璃杯中加热，经过一段时间，牛奶和热水的温度随时间的变化图像如图乙所示，则下列说法中正确的是( )
A. 图中曲线a是牛奶的温度变化图像
B. 热水放出的热量和牛奶吸收的热量一定是相同的
C. 牛奶升高的温度和水降低的温度一定相同
D. 当时的室温为20℃
如图所示，电源电压一定，闭合S滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，以下说法正确的是( )
A. 电路的总功率变大，电压表示数变大
B. 电流表示数变小，电路的总功率变小
C. 滑动变阻器接入电路中的电阻变小
D. 电流表示数变大，电压表示数变小
如图所示，两段材料和长度相同但粗细不同的金属导体AB与BC连在一起，将AC两端接入电路中，则通过AB的电流IAB，加在它两端的电压UAB和通过BC的电流IBC，加在它两端的电压UBC的大小关系是( )
A. IAB>IBC UAB>UBC
B. IABC. IAB=IBC UABD. IAB=IBC UAB>UBC
如图电路中。开关闭合后，发现灯L1比L2亮，下列分析正确的是( )
A. 通过L1的电流比通过L2的电流大B. L1的实际功率比L2的实际功率小
C. L1的电阻比L2的电阻小D. L1两端电压比L2两端电压大
如图所示，甲、乙装置中的透明容器内密封有等量的空气，所连接的U形管内的液柱可以显示空气温度的变化。小华将两套装置分别接到电压相同的电源上，来探究“电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关”。下列说法正确的是( )
①甲图中闭合开关后，A管中液面上升较快
②乙图中闭合开关后，A管中液面上升较快
③甲图实验装置是控制电压、通电时间一定时，探究电热与电流的关系
④乙图实验装置是控制电流、通电时间一定时，探究电热与电阻的关系
A. 只有①②B. 只有①④C. 只有②③D. 只有③④
关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是( )
A. 空气开关跳闸，电路不一定发生了短路
B. 用电器的金属外壳必须与零线连接
C. 使用测电笔时，必须用手直接接触金属笔尖
D. 一般对人体而言，只要电压不高于220V就是安全的
电冰箱、洗衣机等大功率家用电器的电源插头是三脚插头，如图所示。细心的小敏同学发现标“E”的插脚要稍长些，其作用是( )
A. 插插头时外壳先接地线，拔插头时外壳先离地线
B. 插插头时外壳先接地线，拔插头时外壳后离地线
C. 插插头时外壳后接地线，拔插头时外壳先离地线
D. 插插头时外壳后接地线，拔插头时外壳后离地线
两个磁极间的磁感线分布如图所示，小磁针在B点静止。则( )
A. 甲、乙磁极均为S极B. 小磁针的上端是S极
C. A、B两点的磁场强弱相同D. 磁极周围的磁感线是真实存在的
小明设计了一款“智能照明灯”，其电路的原理图如图所示，光线较暗时灯泡自动发光，光线较亮时灯泡自动熄灭，电源电压恒定，R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小。以下说法正确的是( )
A. 电磁铁的上端为S极
B. 当光照强度增强，控制电路的电流变小
C. 当光照强度减弱，电磁铁的磁性增强
D. 灯泡应设计在A和B两接线柱之间
某精密电子仪器中为了便于调节电路中的电流，其调节部分使用了两个滑动变阻器，如图所示。已知这两个滑动变阻器是分别用不同的电阻丝绕在相同的绝缘瓷管上制成的，其中R1的总电阻是200Ω，R2的总电阻5000Ω，开始时两变阻器都处于最大阻值。下面的几种方法中，能够既快又准确地使电流表指针指到要求位置的是( )
A. 先调节R1，使电流表指针指到要求位置附近，再调节R2
B. 先调节R2，使电流表指针指到要求位置附近，再调节R1
C. 同时调节R1和R2，使电流表指针指到要求位置
D. 交替、反复调节R1和R2，使电流表指针指到要求位置
如图甲，R1为定值电阻，Rp为滑动变阻器，闭合开关，Rp的滑片从一端移动到另一端，得到电压表与电流表示数的关系图像如图乙，下列说法正确的是( )
A. 电源电压为3V，R1阻值为18Ω
B. 电路消耗的最小功率为0.2W
C. 当Rp总阻值的35接入电路时，此时的Rp与R1消耗的功率之比为6：5
D. 当电流为0.4A时，R1与Rp连入电路的阻值之比为1：2
如图所示，2020年6月23日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第五十五颗导航卫星。运载火箭的发动机属于热机的一种，燃料燃烧后通过______ (选填“做功”或“热传递”)，把内能转化为______ 能。
如图所示为自动测定油箱内油层的装置。油量表是由______ (选填“电压”或“电流”)表改装而成的，油量表的示数越小，表示油箱中的油就越______ (选填“多”或“少”)。
由于新冠疫情的影响，直到现在人们出门都要戴口罩，其中N95口罩的中间层为多孔结构的熔喷布，熔喷布能过滤比自身空隙小得多、直径仅为0.3μm即______ m的颗粒物，原因是：在生产过程中通过处理，使熔喷布得到大量电子而带______ (选填“正”或“负”)电，具有______ 的作用。由于熔喷布有很好的______ (选填“导电”或“绝缘”)性，所以能长时间保留静电。
某物理兴趣小组在进行“电与磁的关系”的实验探究，在水平面上按照如图所示装置进行实验，闭合开关，使铜棒在水平金属轨道上快速左右运动，观察到灵敏电流计的指针发生偏转，这一现象与______ (选填“电动机”或“发电机”)的工作原理相同；已知通电螺线管上导线中的电流方向如图所示，且小磁针a端向通电螺线管偏转，则小磁针b端是______ 极。
两只定值电阻，R1标有“10Ω，1A”，R2标有“20Ω，0.8A”，把它们并联在同一电路中，电路中允许加的最大电压为______V，干路中允许通过的最大电流为______A。
如图所示甲是小灯泡L和电阻R的I−U图象。将小灯泡L和电阻R接入图乙所示的电路中，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.5A，则电源电压为______V。再闭合开关S2，电流表示数为______A，1min内电流对电阻R所做的功为______J。
如图所示，在图中的圆圈中填入电压表或电流表，闭合开关后，两灯都发光.(根据要求作图)。
在图中，根据通电螺管的磁感线方向，标出小磁针的N、S极、螺线管上导线中的电流方向及电源的正、负极。
多年来，南宁市政府投入了大量资金，种植花草树木，提高绿地履盖率，修建人工湖，扩大水域面积，大大改善了市民的居住环境，让全市人民享受到了“绿城”带来的实惠。请你运用所学的物理知识，分析说明绿化城市、修建人工湖对改善居住环境所带来的好处(至少说出两点)。
回答下列问题：
(1)在如图甲所示的实验中，当瓶塞从瓶口跳起时，可以看到瓶内出现______ ，说明______ ，在这个过程中，______ 。
(2)如图乙所示，分别往热水和冷水中滴入几滴红墨水，看到的现象属于______ 现象，热水变红的速度快，此现象说明，温度越高，______ 就越快。
(3)如图丙所示，用细线把干净的玻璃板吊在弹簧测力计的下面，记下测力计的读数，然后使玻璃板水平接触水面，稍稍向上拉玻璃板，在玻璃板离开水面之前，弹簧测力计示数变大，这个现象说明______ 。
小明在做“探究影响导体电阻大小的因素”，实验时，作出了如下猜想：
猜想一：导体的电阻可能与导体的长度有关；
猜想二：导体的电阻可能与导体的横截面积有关；
猜想三：导体的电阻可能与导体的材料有关。
实验室提供了4根电阻丝，其规格材料如下表所示：
(1)如图电路，实验前最好在导线a、b间连接______ (选填“导线”或“电阻”)，在M、N之间分别接上不同导体，闭合开关，通过观察______ 来比较导体电阻大小。
(2)为了验证猜想一，可依次把M、N分别跟______ 和______ (选填“A”、“B”、“C”或“D”)的两端相连，闭合开关，记下电流表的示数，分析比较这两根电阻丝电阻的大小。
(3)依次把M、N跟电阻丝A、C的两端连接，闭合开关，发现接电阻丝C时电流表的示数较大，分析比较A、C两根电阻丝电阻的大小，可探究猜想______ 。
(4)若小明在做“探究影响导体电阻大小的因素”实验时，发现实验器材中电阻丝只有一根，其他器材足够，不能完成的实验探究是______ (选填字母符号)。
A.导体电阻与长度的关系
B.导体电阻与材料的关系
C.导体电阻与横截面积的关系
在“测量小灯泡额定功率”的实验中，老师给同学们提供的器材有：小灯泡(额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω)、电源(电压恒为6V)、电流表、电压表、开关各一个，导线若干。若实验室只有：R1(10Ω1A)、R2(50Ω0.2A)、R3(100Ω0.5A)三种规格的滑动变阻器可供选择。
(1)请在如图1所示虚线框内画出实验电路图。
(2)通过估算，滑动变阻器应选择______(选填“R1”、“R2”或“R3”)
(3)检查器材完好，按电路图连接电路，当闭合开关时，发现电流表指针偏转情况如图2所示，造成这种现象的原因是______。
(4)纠正了错误，正确连接好电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，出现这种现象的原因是小灯泡的______太小，不足以让小灯泡发光。为测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，使小灯泡两端电压为______V，读出并记录电流表的示数。
(5)当小灯泡正常发光时，电流表的示数为0.26A，则小灯泡的额定功率为______。
(6)在测定小灯泡额定功率的实验中，现有如下器材：额定电压为U0的小灯泡、电源(电压未知)、一个阻值为R的电阻、一个滑动变阻器、一只电流表、一个单刀双掷开关和若干导线。实验时不能忽略灯丝的电阻随温度的变化，设计的实验电路图如图3所示，测量小灯泡额定功率的主要步骤和需要测量的物理量如下
①计算当R两端的电压为U0时，通过它的电流为______；
②S掷向接线柱1，调节滑动变阻器，使电流表的示数为步骤①中计算的数值；
③保持滑动变阻器滑片不动，S掷向接线柱2，读出电流表示数I。
④本实验中，小灯泡额定功率的表达式P=______。
现代社会，“变废为宝”已成为节约能源的重要途径，例如将垃圾“焚烧”可以发电，这样既处理了垃圾，又起到了节能减排的效果。经研究表明每焚烧1t垃圾可放出热量8.4×108J.请同学们计算一下1t垃圾焚烧产生的这些能量
(1)相当于完全燃烧多少kg的汽油放出的热量？(汽油的热值q=3×107J/kg)
(2)可使效率为30%的汽车匀速前进多少km？(汽车匀速前进受到的摩擦力f=1680N)
(3)如果这些能量全部被水吸收，可将多少kg20℃的水在一个标准大气压下烧开？。
如图所示，R1=6Ω，当S1闭合、S2断开时，电流表的示数为1.5A，当S1、S2都闭合时，电流表的示数变化了0.3A，求：
(1)电源电压U；
(2)R2的阻值；
(3)当S1、S2都闭合时，电路中的总电阻R。
图甲中的小灯泡标有“”字样，定值电阻R1=10Ω.R2由三段材料不同、横截面积相同的均匀直导体EF、FG、GH连接而成，总长度为35cm，其中一段是铜导体，其电阻可忽略不计，另两段导体的阻值与自身长度成正比，P是与R2接触良好并能移动的滑动触头。
(1)小灯泡正常发光时电阻多大？
(2)若只闭合S、S1时，电流表示数I与P向左移动距离x之间的关系如图乙所示。当x=15cm时，电路消耗的总功率多大？
(3)若只闭合S与S2，为确保灯丝不被烧坏，滑片P向左移动距离x的变化范围？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：青菜变咸菜是由于分子运动的结果，炒青菜时青菜的温度要比腌青菜时青菜的温度高，温度越高，分子运动的越剧烈，分子扩散越快，青菜变咸得越快。
故选：D。
物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动，分子的运动与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈。
本题根据生活现象考查了分子动理论知识的应用，是一道基础题，平时要多观察、多思考，用所学知识解释生活中的现象。
2.【答案】C
【解析】解：汽油机四个冲程分别是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，在该汽油机的一个工作循环中，压缩冲程结束后，下一个冲程是做功冲程，由图可知，C图中两个气门都关闭，火花塞点火，此时活塞向下运动，是做功冲程，将内能转化为机械能，故C选项正确。
故选：C。
由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；
汽油机四个冲程分别是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程。
解答此题要结合内燃机四个冲程的工作特点进行分析解答。
3.【答案】A
【解析】解：
(1)由图甲知，电流从正极流出经电流表A1后分成两支，一支通过L1，另一支通过L2和A2，所以两灯并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2的电流，故B正确；
(2)因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且电流表A2读数是0.6A，由图乙知，电流表A1应选择0∼3V量程，连接“-、3”接线柱，A1读数为1.5A，故A错误，C正确；
则通过L1的电流I1=I−I2=1.5A−0.6A=0.9A，故D正确。
故选：A。
4.【答案】B
【解析】解：
A、同时接入上方两接线柱，相当于接入一导线，滑片移动时，接入的电阻不变，故A错误；
B、滑片向右移动时，电阻丝接入部分的长度增大，接入电路中的电阻变大，故B正确；
C、滑片向右移动时，电阻丝接入部分的长度减小，接入电路中的电阻变小，故C错误；
D、滑片向右移动时，电阻丝接入部分的长度减小，接入电路中的电阻变小，故D错误。
故选：B。
滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻大小的。
滑动变阻器正确接法是上下接线柱各接一个，若要连入电路的电阻变大，则下边的c接线柱要接入电路。
本题考查了滑动变阻器的接法，要使滑动变阻器的电阻变大或变小关键是要看下边的接线柱接哪个。
5.【答案】C
【解析】解：
当开关闭合时，两灯串联，电压表测量L1两端的电压，此时电压表示数为2V，即L1两端的电压U1=2V，
由串联电路的电压特点可得，L2两端电压：U2=U−U1=6V−2V=4V。
故选：C。
当开关闭合时，两灯并联，电压表测量L1两端的电压，知道电压表的示数，即知道L1两端的电压U1；利用串联电路的电压特点求L2两端的电压。
本题考查了串联电路的电压特点，判定电压表测量的是谁的电压是解决本题的关键。
6.【答案】D
【解析】解：
A、用热水加热凉牛奶时，热水的温度降低，凉牛奶的温度升高，由图乙可知，曲线a应是热水的温度变化图像，曲线b应是牛奶的温度变化图像，故A错误；
B、凉牛奶置于放在室内盛有热水的敞口玻璃杯中加热时，有热量散失到空气中，所以热水放出的热量不等于牛奶吸收的热量，故B错误；
C、根据图可知，牛奶升高的温度和水降低的温度是不同的，故C错误；
D、常温下的牛奶的温度是20℃，说明室温是20℃，故D正确。
故选：D。
①用热水加热凉牛奶时，热水的温度降低，凉牛奶的温度升高；
②凉牛奶置于放在室内盛有热水的敞口玻璃杯中加热时，有热量散失到空气中；
③发生热传递的条件是存在温度差，热传递的最终结果是温度相同。
④根据牛奶的初温判断当时的室温。
本题考查了热传递改变物体的内能，从图乙中获取有用的信息是关键。
7.【答案】B
【解析】解：由图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测定值电阻两端电压。
当滑片向右移时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，则总电阻变大，由欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故CD错误；
定值电阻的阻值不变，电路中的电流变小，由U=IR可得，定值电阻两端的电压变小，即电压表示数也变小，故A错误；
电源电压一定，电路中的电流变小，由P=UI可知，电路的总功率变小；故B正确。
故选：B。
分析电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表并联在定值电阻的两端；
当滑片向右移时，分析滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，结合欧姆定律确定电流表示数的变化情况以及定值电阻两端电压和电压表示数的变化情况，并根据P=UI分析电路的总功率变化情况。
本题考查了电路的动态分析，熟练应用欧姆定律的公式和电功率公式是解题的关键之一。
8.【答案】D
【解析】解：因两电阻串联，故通过两部分导体的电流相等；
由题意可知，对于导体AB和CD的材料相同，长度相同，但是横截面积不同，且SAB故选：D。
因两电阻串联，则由串联电路的电流规律可知两导体中的电流关系；由于电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积有关，故由题意可知两部分电阻的大小关系，再由欧姆定律可求得两部分导体两端的电压关系。
本题考查串联电路的电流规律及影响电阻大小的因素，同时也检测了同学们对于欧姆定律的应用情况，故熟记电阻大小与导体的长度、导体的横截面积的关系，并能利用欧姆定律作定性的分析是解决该题的关键。
9.【答案】D
【解析】解：
(1)由图可知，两个灯泡串联，因串联电路中电流处处相等，所以通过两灯的电流相等；
灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，L1比L2亮，所以L1的实际功率比L2的实际功率大，故AB错误；
(2)两灯的电流相等，且L1的实际功率较大，由P=I2R可知，L1的电阻比L2的电阻大，故C错误；
由U=IR知，L1两端电压比L2两端电压大，故D正确。
故选：D。
由图可知两灯串联，由串联电路电流特点可知两灯电流的大小关系；
灯泡亮度由灯泡的实际功率决定，由L1比L2亮可知两灯实际功率关系，从而判断两灯电阻和电压关系。
本题考查串联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，关键知道灯泡的亮度是由其实际功率所决定的。
10.【答案】B
【解析】解：
①甲图中闭合开关后，电路中电阻、通电时间相等，但是通过右侧电阻丝的电流较小，产生的热量较少，B管液面上升得较慢，A管液面上升较快，故该说法正确；
②乙图中闭合开关后，电路中通电时间、电流相等，但是右侧电阻丝阻值较大，因此B管液面升高快，故该说法错误；
③甲图实验装置控制了电阻、通电时间一定时，探究电热与电流的关系，故该说法错误；
④乙图实验装置是控制电流、通电时间一定时，探究电热与电阻的关系，故该说法正确；
故选：B。
本题探究“电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关”，主要采用了控住变量法和转换法。实验中应分别控制通电时间、电流大小、电阻等相同，通过观察U形管的液面高度差来判断导体产生热量的多少。
本题考查学生对焦耳定律实验的理解以及控制变量法和转换法在实验中的运用。
11.【答案】A
【解析】解：A、家庭电路中总功率过大或发生短路时，空气开关会跳闸，故A正确；
B、家用电器的金属外壳要与大地相连，若金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，避免触电，故B错误；
C、使用测电笔时，必须用手接触笔尾的金属体，不能与笔尖金属体接触，故C错误；
D、不高于36V的电压对人体是安全的，故D错误。
故选：A。
(1)家庭电路中总功率过大或发生短路时，空气开关会跳闸；
(2)有金属外壳的家用电器，必须接地线；
(3)使用测电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，不能与笔尖金属体接触；
(4)对人体的安全电压是不超过36V。
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
12.【答案】B
【解析】解：地线插脚更长是为了保证在插电源插头时最先接触地线，在拔电源插头时最后分离地线，从而更好起到地线保护作用，故B正确。
故选：B。
三脚插头与三孔插座相连接时，把有金属外壳的用电器的外壳与地线相接；因用电器漏电时，会使外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，以防止触电事故的发生；插头制作的长一些是为了插插头入插座时先让金属外壳与大地相连，若漏电则先跳闸而防止触电。
本题考查了三脚插头的构造及其作用，会根据家庭电路的正确连接方法将插座接入电路。
13.【答案】B
【解析】解：
A、由图可知，磁感线都是从甲乙出来的，所以甲乙都是N极，故A错误；
B、由图可知，小磁针附近的磁感线方向是向下的，所以小磁针的下端为N极，上端为S极，故B正确；
C、A、B两点靠近磁极的距离不同，所以磁场强弱是不相同的，故C错误；
D、为了描述磁场的性质，引入了磁感线，磁感线是不存在的，故D错误。
故选：B。
为了描述磁场的性质，引入了磁感线；在磁体外部，磁感线从磁体的N极出来回到S极；在磁体两极的磁场是最强的；小磁针在磁场中静止时，N极的指向为磁场的方向。
本题考查了磁感线的方向、磁场的强弱，属于基础性题目。
14.【答案】D
【解析】解：
A、由图可知，根据安培定则可知，电磁铁的上端为N极，故A错误；
B、当光照强度增强，光敏电阻的阻值减小，总电阻减小，根据欧姆定律可知，控制电路的电流变大，故B错误；
C、当光照强度减弱时，光敏电阻的阻值变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，控制电路的电流变小，电磁铁磁性大小与电流大小、线圈匝数有关，电流减小，则磁性变弱，故C错误；
D、光线较暗时，光敏电阻的阻值大，则控制电路中的电流小，电磁铁的磁性弱，衔铁在弹簧的作用下被拉起，灯泡自动发光，说明灯泡在A和B两接线柱之间，故D正确。
故选：D。
(1)根据安培定则判定电磁铁的极性；
(2)(3)当光照强度增强时，根据光敏电阻的变化，利用欧姆定律分析电路中电流的变化；根据影响电磁铁磁性大小的两个因素分析磁性的变化；
(4)根据光线较暗时灯泡自动发光分析动触点的位置。
本题一道以光敏电阻变化引起的动态电路分析，关键要明确电磁继电器的工作原理，熟练应用欧姆定律即可正确解题，属于动态电路分析的典型题目。
15.【答案】B
【解析】解：由题意可知，R2比R1大很多(R2>>R1)，线路中电流I=UR1+R2.调节R2阻值变化大，对电流影响大，所以要快速将电路中的电流调到要求位置，应先调节大电阻R2，当电流表的指针到达要求位置附近时，若再调节R2使指针达到准确位置就很困难，因为只要有R2很小的调节，就会引起阻值很大的变化，电流I就有大的改变。所以此时要调节小电阻R1，因为它对电流的影响较小，能使指针准确地达到要求位置。
故选：B。
由欧姆定律可知，I=UR，通过调节滑动变阻器阻值的大小可以改变电路中的电流。但由于电路图中有两个滑动变阻器串联，使得调节起来增加难度。但我们首先要把选项C和D排除，因为同时或交替调节两个变阻器有些盲目。在先调节哪个变阻器的问题上，需要考虑电阻越大，对电流的影响也越大，在电流值没有达到要求附近时，应该先调节大电阻，这样比较快速，但电流接近要求值时，改为调节小电阻则更容易精确操作。
两个变阻器串联起来使用，学生接触的比较少，有新意的同时又增加了难度。不过在生活中我们会经常用到这样使用的变阻器，例如：收音机调台功能上的粗调和微调等。
16.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器RP串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压。
(1)当滑片位于左端时，接入电路中的电阻为0，此时电流表和电压表的示数最大，
由图乙可知，电源的电压U=3V，电路中的电流I=0.6A；
由I=UR可得，R1的阻值：
R1=UI=3V0.6A=5Ω，故A错误；
(2)当滑片位于右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最小，
由图乙可知，电路中的最小电流I′=0.2A，R1两端的电压U1=1V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
Up=U−U1=3V−1V=2V，
则滑动变阻器的最大阻值：
Rp=UpI′=2V0.2A=10Ω，
电路消耗的最小功率：
，故B错误；
(3)因串联电路中各处的电流相等，
所以，当Rp总阻值的35接入电路时，Rp与定值电阻消耗的功率：
PRP1=I12RP′I12R1=RP′R1=35RPR1=35×10Ω5Ω=65，故C正确；
(4)当电流为0.4A时，电路的总电阻：
，
Rp连入电路的阻值：
，
所以，R1与Rp连入电路的阻值之比R1：Rp′′=5Ω：2.5Ω=2：1，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，定值电阻R1和滑动变阻器RP串联，电流表测电路中的电流，电压表测R1两端的电压。
(1)当滑片位于左端时，接入电路中的电阻为0，此时电流表和电压表的示数最大，根据图乙读出电源的电压和电路中的电流，根据欧姆定律求出R1的阻值；
(2)当滑片位于右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据图乙读出电路中的最小电流和R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，利用P=UI求出电路消耗的最小功率；
(3)当Rp总阻值的35接入电路时，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出Rp与定值电阻消耗的功率；
(4)当电流为0.4A时，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出Rp连入电路的阻值，进一步得出R1与Rp连入电路的阻值之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
17.【答案】做功 机械
【解析】解：火箭利用燃料燃烧，燃料的化学能先转化为内能，然后通过做功的方式把内能转化为火箭的机械能。
故答案为：做功；机械。
火箭升空时的能量转化关系是：燃料的化学能先转化为内能，然后把内能转化为火箭的机械能。
本题考查了热机的能量转化，属于基础题。
18.【答案】电流 少
【解析】解：电流表应串联接入电路，电压表应与被测电路并联，
由电路图可知，油量表串联接入电路，因此油量表是由电流表改装成的；
电源电压不变，油量表示数越小，根据I=UR知，滑动变阻器接入电路的阻值越大，油箱内油面越低，表示油箱中的越少。
故答案为：电流；少。
由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联接入电路，油量表串联接入电路，根据电表的用法确定油量表的类型，根据油量表的变化确定滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，从而判断出油量的变化。
本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、知道电表的用法与欧姆定律即可正确解题。
19.【答案】3×10−7 负 吸引轻小物体 绝缘
【解析】解：
(1)因为1μm=10−6m，所以0.3μm=0.3×10−6m=3×10−7m；
(2)N95口罩在生产过程中通过处理，使熔喷布得到大量电子而带负电荷，由于带电体能吸引轻小物体，进而吸附一些粒径较小的污染物，甚至病毒这种纳米级的物质也会被吸附；
(3)因为N95口罩外层隔离层和内层亲肤层的无纺布属于绝缘材料，不容易导电，使熔喷布上的静电不会很快消失。
故答案为：3×10−7；负；吸引轻小物体；绝缘。
(1)根据长度单位之间的换算关系解答(1μm=10−6m)；
(2)自由电子带负电荷，带电体能吸引轻小物体；
(3)不容易导电的物体叫做绝缘体，如：橡胶、玻璃、塑料等。
此题以“口罩”为载体，考查长度单位的换算、带电体的性质和绝缘体的应用等，与实际生活联系紧密，是一道好题。
20.【答案】发电机 S
【解析】解：(1)由灵敏电流计的指针发生偏转可知，此时电路中有感应电流产生，所以这一现象与发电机的工作原理相同；
(2)由灵敏电流计的指针向右偏转可知，感应电流从其正接线柱流入，从而判断出通电螺线管中的电流方向，通过右手螺旋定则可判断出通电螺线管的右端是S极，再根据异名磁极相互吸引可判断出小磁针的a端是N极，b端是S极。
故答案为：发电机；S。
(1)闭合电路中部分导体切割磁感线时会在电路中产生感应电流；
(2)根据电流计指针的偏转方向得出感应电流的方向，进而判断磁极方向。
本题考查了电磁感应现象、发电机的原理、磁极间的相互作用规律，难度不大，要牢记。
21.【答案】101.5
【解析】解：由I=UR可得，两定值电阻两端允许所加的最大电压分别为：
U1=I1R1=1A×10Ω=10V，U2=I2R2=0.8A×20Ω=16V，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两电阻并联在同一电路中时，电路中的最大电压U=U1=10V，
此时通过R1的电流为1A，通过R2的电流I2′=UR2=10V20Ω=0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路最大电流：I=I1+I2′=1A+0.5A=1.5A。
故答案为：10；1.5。
根据欧姆定律求出两电阻两端允许所加的最大电压，根据并联电路的电压特点可知，两电阻并联时，并联电路两端允许加的最大电压为较小的一个，然后由欧姆定律求出通过两电阻的电流，再根据并联电路的电流特点求出干路的最大电流。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道两电阻并联时电路两端的最大电压为两电阻允许所加最大电压中较小的。
22.【答案】20.724
【解析】解：(1)只闭合开关S1时，电路为灯泡L的简单电路，由图象可知，当IL=0.5A时，UL=2V，即电源电压为2V；
(2)再闭合开关S2时，灯泡L与R并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，UR=UL=U=2V，
由甲图R的I−U图象和L的I−U图象可知，此时通过R的电流IR=0.2A，通过灯泡L的电流IL=0.5A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以干路电流：I=IL+IR=0.5A+0.2A=0.7A；
1min内电流对电阻R所做的功为：
W=UIt=2V×0.2A×60s=24J。
故答案为：2；0.7；24。
(1)只闭合 S1时，电路为灯泡L的简单电路，根据L的I−U图象找出对应的电压和电流，电源电压等于灯泡L两端的电压；
(2)再闭合开关S2时，灯泡L与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点结合图象读出通过R和灯泡L的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，根据W=UIt求出1min内电流对电阻R所做的功。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
23.【答案】解：根据电流的流向可知，上边的圆圈跟最下边的灯泡并联，所以应为电压表；下边的圆圈跟左边的灯泡串联，所以应为电流表，如图所示：
。
【解析】电压表应并联使用，如果将电压表串联在电路中，电路中将没有电流；电流表应串联使用，如果将电流表并联在用电器两端，则会造成该用电器短路。
填电表的原则是：电压表应并联使用，电流表应串联使用，既不能让电路发生短路，也不能使电路发生断路。
24.【答案】解：由图可知，磁感线在磁体的外部是从N极出来回到S极的，则右端为S极，左端为N极；小磁针静止时，N极指向与磁感线的方向相同，故小磁针的右端为N极，左端为S极；根据安培定则可知，电流是从右端流入，左端流出，螺线管中电流的方向是向上的，电源右端为正极，左端为负极，如图所示：
【解析】根据磁感线的方向判定螺线管的极性；根据螺线管的极性利用安培定则判定电流的方向，从而判定出电源的正负极；小磁针在磁场中静止时，N极指向与磁感线方向相同。
安培定则涉及三个方向：磁场方向；电流方向；线圈绕向。告诉其中的两个方向可以确定第三个方向。
25.【答案】答：(1)植树造林可以减弱噪声的影响；
(2)绿化、扩大水域面积，可以利用水的蒸发吸热来降低气温；
(3)绿化、扩大水域面积，还可以利用水的比热容较大，在吸收相同的太阳辐射热的情况下，水的温度升高较少，来降低气温。
【解析】从植树造林和建人工湖两方面来分析对环境的改善。可从减弱噪声的途径、蒸发吸热、水的比热容大三个方面来考虑。
本题考查了学生对所学知识的掌握和灵活运用的情况，要求学生能运用所学的知识来分析、解决实际问题，对学生的要求较高。
26.【答案】白雾 水蒸气液化形成小水珠 内能转化为机械能 扩散 分子无规则运动 分子间存在引力
【解析】解：
(1)当瓶塞从瓶口跳起时，瓶内气体对瓶塞做功，气体的内能转化为瓶塞的机械能，气体的内能减少，温度降低，瓶内的水蒸气液化成小水珠，瓶内出现白雾；
(2)水中滴入红墨水，水变红，这是扩散现象，扩散表明分子不停地做无规则运动，热水变红的速度快，说明分子无规则运动越快；
(3)用细线把干净的玻璃板吊在弹簧测力计的下面，使玻璃板水平接触水面，玻璃分子和水分子之间存在引力，所以稍稍向上的拉玻璃板，在玻璃板离开水面之前，弹簧测力计示数变大。
故答案为：(1)白雾；水蒸气液化形成小水珠；内能转化为机械能；(2)扩散；分子无规则运动；(3)分子间存在引力。
(1)做功可以改变物体的内能，对物体做功，物体的内能增加，物体对外做功，物体的内能减少；
(2)不同物质相互接触时彼此进入对方的现象是扩散，扩散表明分子不停地做无规则运动，物体的温度越高，分子无规则运动越剧烈；
(3)分子间存在斥力和引力。
通过探究小实验考查了液化、扩散、分子运动、内能做功等，这些都是课本小实验，要注重课本插图和实验。
27.【答案】电阻 电流表的示数 A B 二 B
【解析】解：
(1)为了保护电路，实验前最好在导线a、b间连接电阻；在M、N之间分别接上不同的导体，则通过观察电流表的示数来比较导体电阻的大小，这里用到了转换法；
(2)要验证猜想一：导体的电阻可能与导体的长度有关，应控制导体材料与横截面积相同而长度不同，由表中数据可知，应选编号为A、B的两根电阻丝进行实验；
(3)分别将A和C两电阻丝接入电路中M、N两点间，导体A、C的材料与长度相同而横截面积不同，可以探究导体的电阻可能与导体的横截面积有关，即可以探究猜想二；
(4)实验时，通过改变连入电阻丝长度，此时横截面积和材料不变，可以探究导体电阻与长度的关系，可完成A的探究；
实验时，可以将电阻丝对折起来使用，改变连入电阻丝横截面积，控制长度和材料不变，可以探究导体电阻与横截面积的关系，可完成C的探究；
当探究导体电阻与材料的关系时，应控制长度和横截面积不变，因为只有一根金属丝，所以无法改变材料，不能够完成B的探究，故选B；
故答案为：(1)电阻；电流表的示数；(2)A、B；(3)二；(4)B。
(1)根据保护电路的要求进行分析；电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小；
(2)(3)影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变；
(4)在其他条件都一定时，电阻与导体的长度长正比，与横截面积成反比；在其他条件都一定时，电阻与导体的长度长正比，与横截面积成反比；导体的电阻是本身的属性，它跟导体的长度、横截面积和材料有关，当探究影响导体电阻大小的因素时，应控制其它的因素不变，只改变该因素看电阻如何变化就可以。
探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化体现的，这里采用了转换法的思想。
28.【答案】R3 电流表正负接线柱接反了 实际功率 U0(I−U0R)
【解析】解：(1)由测量小灯泡额定功率的实验原理P=UI可知，应用电压表测量小灯泡的电压，电流表测量电流，滑动变阻器串联在电路中，电路图如图所示：
；
(2)由题知，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时灯丝电阻约为10Ω，正常工作电流大约是I=ULRL=2.5V10Ω=0.25A>0.2A，
电源电压为6V，由串联电路电压的规律，当灯正常发光时，变阻器分得的电压：，
由欧姆定律可得，变阻器连入电路中的电阻大小约为：，故选用变阻器R3(100Ω0.5A)；
(3)由图2所示电流表可知，测量电流过程中，电流表指针反向偏转，这是由于电流表正负接线柱接反了造成的；
(4)闭合开关，发现小灯泡仍不亮，但电流表和电压表示数均较小，说明滑动变阻器连入电路的电阻过大，电路中电流过小，使得灯泡的实际功率太小造成；
由串联电路的分压原理知，此时应减小滑动变阻器的阻值，减小其分得电压，使小灯泡两端电压增大到2.5V；
(5)当小灯泡正常发光时，电流表的示数为0.26A，则小灯泡的额定功率为：
P=UI=2.5V×0.26A=0.65W；
(6)①由欧姆定律可得，当R两端的电压为U0时，通过它的电流为IR=U0R；
②S掷向接线柱1，调节滑动变阻器，使电流表的示数为步骤①中计算的数值；
此时灯泡与R并联，它们的电压相等且都等于U0，灯泡正常发光；
③保持滑动变阻器滑片不动，S掷向接线柱2，读出电流表示数I。
电路的连接情况不变，灯泡仍正常发光，电流表测干路电流，所以通过灯泡的电流IL=I−IR=I−U0R.
④本实验中，小灯泡额定功率的表达式P=U0IL=U0(I−U0R).
故答案为：(1)见上图；(2)R3；(3)电流表正负接线柱接反了；(4)实际功率；(5)0.65W；(6)①U0R；④U0(I−U0R).
(1)根据实验原理画出电路图；
(2)根据串联电路电压的规律求出灯正常发光时变阻器的电压，由欧姆定律求出变阻器连入电路中的电阻大小，确定变阻器的规格；
(3)电流应从电流表正接线柱流入，负接线柱流出，否则电表指针反向偏转，由此分析解答；
(4)闭合开关，发现小灯泡仍不亮，但电流表和电压表示数均有示数，则说明滑动变阻器的电阻较大，使得灯泡的实际功率太小；灯泡正常发光时两端电压等于额定电压；
(5)知道灯泡正常工作时的电压和电流，根据P=UI计算灯泡的额定功率；
(6)有电流表没有电压表，测灯泡额定功率时，可利用电路特点和欧姆定律得到灯泡正常发光时的电流从而计算出灯泡的额定功率。
本题是测灯泡额定功率的实验，考查了实验电路的设计、器材选择、故障分析、电功率计算以及特殊方法测电功率等，考查知识点多，综合性强。
29.【答案】解：(1)由题知，，
，
∴汽油的质量：
；
(2)∵汽车匀速前进，
∴F=f=1680N，
由题知，，
∴s=WF=2.52×108J1680N=1.5×105m=150km；
(3)由题知，垃圾产生的能量全部被水吸收，即，
，
。
答：(1)相当于完全燃烧28kg的汽油；
(2)可供汽车匀速前进150km；
(3)能把2.5×103kg的20℃的水烧开。
【解析】(1)知道1t垃圾发电产生的能量，利用求汽油的质量；
(2)因为汽车匀速前进，所以汽车的牵引力等于阻力，又知道，利用功的公式求汽车前进的距离；
(3)由题知，垃圾产生的能量全部被水吸收，即，知道水的比热容、水的初温和末温，利用求水的质量。
本题考查了学生对吸热公式、功的公式、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，知识点多、综合性强，计算时要求灵活运用公式。
30.【答案】解：(1)当S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流；
由I=UR可得，电源电压为：U=I1R1=1.5A×6Ω=9V；
(2)当S1、S2都闭合时，R1与R2并联，电流表测量干路电流；
因并联电路中各支路互不影响，因此电流表示数变化0.3A，说明I2=0.3A
由I=UR可得，R2的阻值：R2=UI2=9V0.3A=30Ω；
(3)当S1、S2都闭合时，R1与R2并联，干路电流：
由I=UR可得，电路的总电阻：。
答：(1)电源电压为9V；
(2)R2的阻值为30Ω。
(3)当S1、S2都闭合时，电路中的总电阻为5Ω。
【解析】(1)当S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
(2)当S1、S2都闭合时，R1、R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路电流规律可知通过R2的电流，再根据欧姆定律求出R2的阻值；
(3)根据并联电路规律求出干路电流，再利用欧姆定律求出电路的总电阻。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道基础题目。
31.【答案】解：(1)根据铭牌可知：灯泡的额定电压和额定电流，
根据I=UR可得灯泡的电阻为：
RL=ULIL=Ω；
(2)若只闭合S、S1时，R1与R2串联，由图丙可知当滑片在E处时，只有R1连入电路，电路中的电流最大为，
根据I=UR可得：电源电压；
如图丙所示：当x=15cm时，I=0.4A，
电路消耗的电功率：P=UI=2.4W；
(3)若只闭合S、S1时，由图象可知当滑片在H点时的电流为0.2A；
R1两端的电压为：U1=IHR1=0.2A×10Ω=2V，
滑片在H点时的电阻为：RH=UHIH=6V−2V0.2A=20Ω；
滑片P从H端移到E端时出现拐点，由图象可知：
GH=15cm，FG=25cm−15cm=10cm，EF=35cm−25cm=10cm，
中间一段电流无变化，故FG是铜导线，
由图象可知，当滑片P位于F点时，电路中电流I=0.4A，则总电阻为，
则EF段电阻为，
EF导体每1cm的电阻为5Ω10=0.5Ω；
GH导体的电阻RGH=REH−REF=20Ω−5Ω=15Ω；
若只闭合S与S2，灯泡与R2串联，当灯正常发光时灯两端电压为2.7V，
所以滑动变阻器U2=U−UL=6V−2.7V=3.3V，
滑动变阻器的电阻为：R2=U2IL=Ω；
而REF=5Ω，RGH=15Ω，所以GH段接入电路电阻为11Ω−5Ω=6Ω，未接入电路部分电阻为9Ω，由GH=15cm、RGH=15Ω知，GH部分每1cm长电阻为1Ω，故x≤9cm。
答：(1)小灯泡正常发光时电阻9Ω；
(2)当x=15cm时，电路消耗的总功率为2.4W；
(3)若只闭合S与S2，为确保灯丝不被烧坏，滑片P向左移动距离x的变化范围是x≤9cm。
【解析】(1)根据铭牌可知：灯泡的额定电压和额定电流，根据I=UR算出灯泡的电阻；
(2)若只闭合S、S1时，R1与R2串联，当滑动变阻器接入电路的电阻为零时，电路中电流最大。根据图象读出电路中最大电流。根据欧姆定律求出电源的电压。
当x=15cm时，根据图象得出滑片P位于G点时电路中的电流，根据P=UI求出电路消耗的总功率。
(3)由图象可知滑片P从H端移到E端时出现拐点，据此确定GH、FG、EF的长度。滑片位于铜导线段时电流不变，据此确定铜导线的长度。根据图象得出滑片P位于F点时电路中的电流，根据欧姆定律求总电阻，根据电阻串联的特点求解总电阻和EF段电阻、GH导体的电阻。
若只闭合S与S2，灯泡与R2串联，当灯正常发光时灯两端电压为2.7V，根据串联电路电流的规律算出滑动变阻器的电压，根据欧姆定律算出电阻，根据REF=5Ω，RGH=15Ω，算出GH段接入电路电阻和未接入电路部分电阻，由图象可知GH部分每1cm长的电阻，算出x的变化范围。
解决本题的关键要从图象获取有效信息，明确串联电路的分压规律，根据欧姆定律和功率公式进行研究。
编号
材料
长度(m)
横截面积(mm2)
A
镍铬合金
0.25
1.0
B
镍铬合金
0.50
1.0
C
镍铬合金
0.25
2.0
D
镍铬合金
0.25
1.0