2020-2021学年山东省枣庄市市中区九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年山东省枣庄市市中区九年级（上）期末物理试卷，共28页。试卷主要包含了1×103J，67WB，【答案】A，【答案】C，【答案】B等内容，欢迎下载使用。


2020-2021学年山东省枣庄市市中区九年级（上）期末物理试卷
1. 关于分子热运动的一些现象，下列说法正确的是( )
A. 水的流速越快，水分子的热运动就越剧烈
B. 水凝固成冰后，水分子仍然在做无规则的热运动
C. 水很难被压缩，说明水分子间只有斥力没有引力
D. 只有气体和液体才能发生扩散现象，固体不能发生扩散现象
2. 下列说法正确的是( )
A. “破镜不能重圆”说明分子间没有引力
B. 发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递到内能小的物体
C. 把0℃的冰块加热熔化成0℃的水，若不考虑水的蒸发，其内能不变
D. 同一物体温度降低得越多，放出的热量就越多
3. 如图所示，小叶同学用酒精灯对冰块加热，研究冰的熔化现象。图中，甲乙两条图线中的一条，是他依据实验数据绘制而成。已知，，。下列分析正确的是( )
A. 小叶绘制的是乙图线
B. 0∼1min内冰块吸收的热量为2.1×103J
C. 1∼3min内温度不变，说明冰块没有吸收热量
D. 如果酒精完全燃烧，酒精灯的加热效率可以达到100%
4. 用电高峰时期，家庭里的白炽灯泡比正常发光要暗一些．这是因为，在用电高峰时( )
A. 并联用电器增多，电路的总电阻增大
B. 并联用电器增多，电路的总电流减小
C. 并联用电器增多，家用电器的实际功率减小
D. 并联用电器增多，家用电器的额定功率减小
5. 如图所示是一种测定油箱内油量的装置，其中R是滑动变阻器的电阻片。当油量减少时，滑动变阻器的滑片P向上移动，则电路中( )
A. 总电阻增大，电流减小 B. 总电阻增大，电流增大
C. 总电阻减小，电流增大 D. 总电阻减小，电流减小
6. 与头发摩擦过的塑料尺能“吸”起纸屑。下列现象中”吸”的物理原理与其相同的是( )
A. 挤压后的塑料吸盘“吸”在瓷砖上
B. 削平的铅柱挤压后会“吸”在一起
C. 干手搓开的新塑料袋“吸”在手上
D. 行驶的汽车的窗帘被“吸”出窗外
7. 如图甲所示的电路中，闭合开关，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示，通过灯泡L1和L2的电流分别为( )

A. 1.5A0.3A B. 1.2A0.3A C. 0.3A0.3A D. 1.2A1.2A
8. 如图所示，电源电压不变，闭合开关后各元件都正常工作，当滑片P向右移动时，下列说法正确的是( )

A. 电压表与电流表A2的示数之比变大
B. 电流表A1的示数变小，电压表的示数变大
C. 电流表A2与电流表A1的示数之差变大
D. 电压表与电流表A1的示数之比变小
9. 如图所示，电源电压不变，闭合开关，滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中，下列说法正确的是( )

A. 电流表示数变大 B. 灯泡亮度不变
C. 电压表示数变小 D. 电路总功率变小
10. 标有“6V1.5W”的小灯泡，通过它的电流随两端电压变化的关系如图所示。若把这样的三只灯泡串联起来，接在12V的电源两端，灯泡的电阻和实际功率约为( )

A. 24Ω0.67W B. 20Ω0.96W C. 24Ω0.96W D. 20Ω0.8W
11. 如图所示，L1“3V 3W”、L2“3V1.5W”。灯丝电阻不变，电源电压3V.开关S闭合后，下列说法正确的是( )
A. L1和L2的电阻之比是2：1 B. L1和L2的电流之比是1：2
C. L1两端电压是2V D. 两灯消耗的总功率是1W
12. 某小区最近一段时间由于楼道灯的供电系统电压偏高，所用的路灯“220V 40W”灯丝经常熔断，在电压暂时无法改变的情况下，物理延长楼道灯的使用寿命，小明所采取的以下方法切实可行的是( )
A. 换用一盏“220V 60W”的灯泡替换原来的灯泡接入原电路中使用
B. 换用一盏“220V 15W”的灯泡替换原来的灯泡接入原电路中使用
C. 换用两盏“220V 40W”的灯泡并联后替换原来的灯泡接入原电路中使用
D. 换用两盏“220V 40W”的灯泡串联后替换原来的灯泡接入原电路中使用
13. 小明在一次野炊活动中，将中间剪得较窄的口香糖锡箔纸(可看做导体)接在干电池正负两极上，如图所示，锡箔纸较窄处最先燃烧。这是因为与长度相同的锡箔纸较宽处相比，较窄处( )
A. 电阻较大 B. 电流较大 C. 电压较小 D. 电功率较小
14. 在生活中，我们会遇到这些情况：(1)开关中的两个线头相碰；(2)插头中的两个线头相碰；(3)电路中增加了大功率的用电器；(4)户外输电线绝缘皮损坏。在上述情况中，可能引起家庭电路中空气开关跳闸的是( )
A. (1)和(2) B. (2)和(3) C. (2)和(4) D. (1)和(4)
15. 下列做法符合安全用电原则的是( )
A. 发现有人触电应立即将触电者拉开
B. 更换灯泡时必须要断开电源
C. 使用测电笔时，手不能接触测电笔尾部的金属电极
D. 为了用电安全，尽可能将多个大功率用电器插入同一个插座同时工作
16. 端午节吃粽子是我国的文化传统，煮棕子时，棕叶的香味进入到米中是一种扩散现象；在剥棕叶时，感到棕叶和米之间很粘，这说明分子之间有______ 。煮茶叶蛋要比腌蛋时咸的快，这是由于______ 。
17. 如图所示，给试管内水加热至一定程度，发现试管口木塞会被推出。
(1)给水加热是通过______ 方式使水的内能增加；木塞被推出后水蒸气的内能______ (选填“增大”“减小”或“不变”)。
(2)四冲程内燃机的______ 原理相同。如果该汽油机飞轮的转速是60r/s，则汽油机每秒钟对外做功______ 次；内燃机工作时，产生的噪声和______ 会对环境造成污染。
18. 用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，这是因为玻璃棒在摩擦的过程中______ 电子；若把它与不带电的验电器金属球接触，会发现验电器金属箔片张开，其原因是______ 。小明发现空调和台灯的电源线虽然都是铜线，但规格明显不同，这主要是因为______ (填“长度”或“横截面积”)对导线电阻的影响。
19. 电阻R1的U−I图象如图所示，R1的阻值是______Ω，把R1与阻值是30Ω的电阻R2并联在电源电压是4V的电路中，通过R1与R2的电流之比是______，R1与R2两端的电压之比是______。

20. 如图所示是“伏安法测电阻”的实验电路图，R为待测电阻，阻值约为5Ω.实验器材有：滑动变阻器(规格为10Ω2A)、电压表(量程分别为0∼3V、0∼15V)、电流表(量程分别为0∼0.6A、0∼3A)、电源(3节新干电池串联)。为使测量时能较准确地读数(指针最好偏过中间刻度线)，则电压表应选______的量程，电流表应选______的量程；为了保证两电表安全，应控制滑动变阻器的阻值大约在______的范围内移动。
21. 民航局规定：严禁乘客携带超过160W⋅h(瓦⋅时)的锂电池上飞机。某品牌笔记本电脑的电池铭牌标有“10.8V10A⋅h”字样，充满电后，存储的电能为______kW⋅h，该笔记本电脑______(选填“能”或“不能”)带上飞机。
22. 家庭电路中电子式电能表的表盘上标有3200imp/(kW⋅h)字样。将一个电热棒单独接在家庭电路中正常工作12min，电能表指示灯闪烁了320次，上述时间内该电热棒消耗的电能为______J，它的额定功率为______W，它正常工作时的电阻是______Ω。
23. 有一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲，电源电压为24V，灯泡L的额定电压为24V，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙，当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为______Ω.调节滑动变阻器R，使灯泡的实际功率为1.2W时，滑动变阻器R连入电路的阻值是______Ω.观察图像发现灯泡L的电阻是在增大的，这是因为______。


24. 将图中的三孔插座和楼道中的声控灯按照安全用电的原则接入电路。








25. 在“探究电流与电阻的关系”的实验中，提供的器材如下：电源电压恒为4.5V，五个定值电阻R1(5Ω)、R2(10Ω)、R3(15Ω)、R4(20Ω)、R5(25Ω)，标有“50Ω1A”的滑动变阻器R、电压表(可用量程：0∼3V、0∼15V)、电流表(0∼0.6A)、开关各1只，导线若干。

(1)小赵同学设计了如图甲所示的实验电路，电路连接完毕，闭合开关S，发现电流表有示数，电压表无示数。若电路故障只出现在R1和R上，则电路故障是______ ；
(2)排除电路故障后，将滑动变阻器的滑片P移到最______ 端，闭合开关，调节滑片P，使电压表的示数为2.5V时，电流表的示数应为______ A；
(3)分别用定值电阻R2、R3、R4、R5依次替换R1，重复(2)的实验步骤。根据实验所得的五组数据绘制出I∼R图像，如图乙所示，由图像可得出的结论是：______ ；
(4)完成步骤(2)后，若保持滑片P位置不变，断开开关，用R2替换R1，闭合开关，发现电压表示数______ 2.5V(选填“大于”或“小于”)，应向______ (选填“左”或“右”)移动滑片P才能达到实验要求。
26. 在“测量额定电压为2.5V的小灯泡的电功率”的实验中：
(1)用笔画线代替导线，将图甲补充完整。
(2)正确连线后闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，电路故障可能是小灯泡______ 。
(3)排除故障后，移动滑片至某一位置时电压表的示数为2.2V，为使小灯泡正常发光，应将滑片向______ (选填“左”或“右”)移动。
(4)当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定电流为______ A，额定功率为______ W。
(5)如表记录了部分实验数据。由表中信息可知：灯泡实际功率越______ ，灯泡越亮。
实验序号
电压U/A
电流I/A
电功率P/W
灯泡亮度
1
1.0
0.14
0.14
很暗
2
1.7
0.22
0.374
较暗
3
2.5


正常
4
3.0
0.32
0.96
较亮
(6)若将小灯泡换成阻值为5Ω的定值电阻，利用本实验器材还能完成下列哪个实验______ (选填序号)。
A.探究电流与电阻的关系
B.探究电流与电压的关系

27. 小李同学在探究“电流通过导体产生热的多少与什么因素有关”时采用了如图所示的实验装置。请仔细观察甲、乙两图。
(1)实验中通过观察两个U形管中______ 的变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少，这种研究方法称为______ 。
(2)你认为甲图所示的装置是用来研究电流通过电阻丝产生的热量与______ 的关系。
(3)由乙图所示的实验现象可以得到的结论是在电阻相同、通电时间相同的情况下，通过电阻的______ 越大，电阻产生的热量越多。
(4)该实验所采取的探究方法是______ 。

28. 如图甲所示电路，滑动变阻器的最大阻值为R1=40Ω，电源电压及灯L的电阻保持不变。当S1、S2均闭合且滑片滑到b端时，电流表A1、A2的示数分别为如图乙、丙所示；当S1、S2均断开且滑片P置于变阻器的中点时，电流表A1的示数为0.4A。

求：(1)电源的电压；
(2)R2的电阻；
(3)灯L的电阻；
(4)整个电路消耗的最小电功率。







29. 如图甲所示是某品牌电饭煲，图乙是该电饭煲的原理图。它有高温和保温两档，通过开关S进行调节，R0与R为阻值不同的电热丝。现在将该电饭煲接在220V的电源上，用高温挡工作时，电路的总功率为2000W；用保温挡工作时，电路的总功率为440W.已知。求：
(1)电饭煲在高温挡时，开关S应______ (选填“闭合”或“断开”)。
(2)电热丝R0的阻值是多少？
(3)当电饭煲处于保温挡时，电路中的电流是多少？
(4)用电饭煲将质量为2.5kg的水加热，使其温度升高30℃，则水吸收的热量是多少？








答案和解析
1.【答案】B

【解析】解：A、分子的热运动是内部分子的无规则运动，只与温度有关，与水流速度无关，故A错误；
B、一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，水结冰后，分子仍是运动的，故B正确；
C、水很难被压缩，说明分子间存在斥力，而分子间也有引力，故C错误；
D、扩散现象表明了一切物体的分子都在不停地做无规则运动，气体、液体、固体都能发生扩散现象，故D错误。
故选：B。
(1)分子热运动与宏观物体的机械运动无关；
(2)物体是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动；
(3)分子间同时存在相互作用的引力和斥力；
(4)物质是由分子组成的，组成物质的分子不停地做无规则的运动，扩散现象证明了分子的无规则运动，气体、液体、固体之间都能够发生扩散现象。
本题考查分子运动与机械运动的区别，分子间的引力和斥力、分子的无规则运动，是一道综合题。

2.【答案】D

【解析】解：A、“破镜不能重圆”，是因为镜子碎片接触时达不到产生分子力作用的距离，不能说明分子间没有引力，故A错误；
B、发生热传递的条件是存在温度差，热量总是从温度高的物体传递到温度低的物体或者从物体的高温部分传向低温部分，内能大的物体温度可能低于内能小的物体的温度，故B错误；
C、冰是晶体，把0℃的冰块加热熔化成0℃的水，若不考虑水的蒸发，由于熔化过程中吸热，其内能增加，但温度不变，故C错误；
D、没有外界做功时，同一物体，根据Q=cm△t可知，温度降得越多，放出的热量就越多，故D正确。
故选：D。
(1)分子热运动理论的内容：一是物质是由分子构成的；二是构成物质的分子都在不停地做无规则运动；三是分子间存在相互作用力--引力和斥力；
(2)发生热传递的条件是：有温度差；
(3)冰是晶体，晶体熔化的特点是温度不变，但要继续吸热，其内能不断增大；
(4)根据比热容公式Q=cm△t分析即可。
本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件及热量的理解，是热学的难点。

3.【答案】A

【解析】解：A、由图可知，在0∼1min内，冰吸收热量，温度升高了5℃；冰化成水后，质量不变，根据题意可知，水的比热容是冰的比热容的2倍，根据Q=cm△t可知，水升高5℃所需的热量为冰升高5℃所需热量的2倍，即水升高5℃，所需的加热时间为2min，故乙图线是水的升温图象，故A正确；
B、冰吸收的热量为：，故B错误；
C、由图可知，冰在熔化的过程中，温度保持不变，为晶体，这个过程中，冰会吸收热量，故C错误；
D、如果酒精完全燃烧，酒精放出的热量不可能全部被水吸收，存在能量的散失，所以效率不可能达到100%，故D错误。
故选：A。
(1)用同一个酒精灯加热，在相同的时间内吸收的热量是相同的，根据Q=cm△t分析温度的变化，从而得出水的图象；
(2)利用Q=cm△t求出冰吸收的热量；
(3)冰是晶体，在熔化的过程中，吸收热量，温度不变；
(4)在加热的过程中，有热量的散失。
本题考查了冰的熔化图象，利用好Q=cm△t是解答本题的关键，难度不大，要掌握。

4.【答案】C

【解析】【解析】
要想解决此题，需要让学生知道在家庭电路中，输电导线有一定的电阻，要分担一部分电压，从而导致用电器两端的电压发生变化，其电功率发生变化，并且用到并联电路电流和电阻的特点．
【解答】
A、家庭电路是并联的，并联的用电器增多，就相当于增加导体的横截面积，因此总电阻在变小，选项A不符合题意；
B、在并联电路中，因此并联的用电器增多，电路中的总电流变大，选项B不合题意；
C、在家庭电路中，输电线和家用电器之间是串联，用电高峰期，接入电路的用电器变多，干路中的电流变大，而输电导线有一定的电阻，
输电导线损失的电压，输电导线的电阻R一定，当I增大时增大，用电器两端的电压减小，由公式P=U2R可知用电器的实际功率减小，灯泡比正常发光要暗-些，选项C符合题意；
D、额定功率是用电器在额定电压的功率，用电器正常工作时两端的电压为额定电压，额定电压只有一个，对应的额定功率只有一个，它不随电压的改变而改变，选项D不合题意。
故选C.

5.【答案】A

【解析】解：
由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流；
当油箱中的油量减少时，浮子随油面下降，在杠杆的作用下滑片向上移动，则变阻器R连入电路的电阻变大，电路中的总电阻增大，由I=UR可知，电路中的电流减小，故A正确、BCD错误。
故选：A。
由电路图可知，滑动变阻器R与定值电阻R0串联，电流表测电路中的电流，根据油量的变化可知浮子的运动情况，在杠杆的作用下可知滑片P移动的方向，从而可知变阻器接入电路中电阻的变化，由电阻的串联可知总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化。
本题考查了滑动变阻器和欧姆定律的应用，正确分析油量变化时滑片移动的方向是关键。

6.【答案】C

【解析】
【分析】
本题利用了物体带电现象、流体压强、分子间的作用力和大气压的存在来解释一些现象。一个“吸”字，包含不同的物理规律，要注意区分。
(1)大气压在生活中有很广泛的应用，如：吸饮料、钢笔吸墨水、吸盘式挂钩等等；
(2)分子之间存在着引力和斥力；
(3)根据摩擦起电现象和带电物体的性质分析；
(4)流体流速越快的地方其压强就越小。
【解答】
解：头发摩擦过的塑料尺能“吸”起纸屑，这是因为带电的玻璃棒可以吸引轻小物体；
A、挤压后的塑料吸盘“吸”在瓷砖上，是因为在外界大气压的作用下，将吸盘压在瓷砖上，故A错误；
B、削平的铅柱压紧后能“吸”在一起，因为分子间有引力，故B错误；
C、干手搓开的新塑料袋“吸”在手上，因为塑料袋摩擦起电后带静电，会吸引轻小物体，故C正确；
D、行驶的汽车，车外的空气流速快，压强小，车内的空气流速小、压强大，压强差就把窗帘压向窗外，故D错误。
故选：C。  
7.【答案】B

【解析】
【分析】
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路电流，根据并联电路的电流特点和两个电流表的指针在同一个位置确定两表量程，根据分度值读出示数，进一步求出灯L1中的电流。
本题考查了并联电路的电流特点和电流表的读数，会确定两电流表的量程是关键。
【解答】
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两个电流表的指针在同一个位置，
所以，干路电流表A1的量程为0∼3A，分度值为0.1A，干路电流I=1.5A，
L2支路电流表A2的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，通过L2的电流I2=0.3A，故D错误；
则灯L1中的电流：
I1=I−I2=1.5A−0.3A=1.2A，故AC错误、B正确。
故选B。  
8.【答案】A

【解析】解：开关闭合后，两电阻并联，电流表A1测量通过滑动变阻器的电流，电流表A2测量电路总电流，电压表测量电源电压；
AB、当滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路电阻变大，滑动变阻器所在支路电流变小，所以A1示数变小，R1两端的电压、电阻都不变，所以电流大小不变，干路电流等于各个支路电流之和，所以干路电流减小，电流表A2的示数变小，电压表测量的是电源电压，示数不变，电压表与电流表A2的示数之比变大，故A正确，B错误；
C、由并联电路的电流特点可知，电流表A2与电流表A1的示数之差等于通过R1的电流，则它们之差不变，故C错误；
D、电压表示数不变，A1示数变小，所以电压表与电流表A1的示数之比变大，故D错误。
故选：A。
开关闭合后，两电阻并联，电流表A1测量通过滑动变阻器的电流，电流表A2测量电路总电流，电压表测量电源电压，当滑片P向右移动时滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律来判断电路电流和电压的变化。
本题考查电路的动态分析，关键是明白滑动变阻器移动的过程中电路电阻的大小变化，要掌握。

9.【答案】B

【解析】
【分析】
本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率公式的应用，根据电压表的内阻特点判断出滑片移动时接入电路中的电阻不变但电压表的示数变化是关键。
【解答】
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测滑片右侧电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流。
因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以，滑片移动时，滑动变阻器R接入电路中的电阻不变。
A.由I=UR可知，电路中的电流不变，即电流表的示数不变，故A错误；
B.由P=UI=I2R可知，灯泡的实际功率不变，则灯泡的亮度不变，故B正确；
C.滑动变阻器的滑片P向左滑动的过程中，滑片右侧电阻丝的长度变长，其阻值变大，由U=IR可知，其两端的电压变大，即电压表的示数变大，故C错误；
D.电源的电压和电路中的电流不变，由P=UI可知，电路总功率不变，故D错误。
故选：B。  
10.【答案】D

【解析】解：把这种规格的三只灯泡串联接在12V的电源两端，则每只灯泡两端的电压都为4V，
从图象上可以看出，此时电路电流为0.2A，
由欧姆定律得，每只灯泡的电阻：
R=UI=4V0.2A=20Ω；
则每只灯泡的实际功率：
，故ABC错误，D正确。
故选：D。
三只完全相同的灯泡串联，灯泡的电阻相等，通过的电流相等，根据欧姆定律可知，三只灯泡两端的电压相等，
再从图象上找到对应的电压和电流，根据相应的公式分别算出每只灯泡的实际电阻和实际功率。
本题考查电阻和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是根据图象得出相应的数据，重点记住串联电路电流、电压和电阻的规律；
本题最容易出错的是根据灯泡的额定电压和额定功率求灯泡的电阻，因为灯泡的电阻是变化的，不是固定不变的。

11.【答案】D

【解析】解：根据电路图可知，两灯泡串联；
A、根据P=U2R知，
L1的电阻为：R1=U2P1=(3V)23W=3Ω；
L2的电阻为：R2=U2P2=(3V)21.5W=6Ω；
所以L1和L2的电阻之比为：R1R2=3Ω6Ω=12，故A错误；
B、因为串联电路电流处处相等，所以L1和L2的电流之比是1：1，故B错误；
C、电路的电流为I=UR1+R2=3V3Ω+6Ω=13A，
L1两端电压是：U1=IR1=13A×3Ω=1V，故C错误；
D、两灯泡消耗的总功率为：P=U2R1+R2=(3V)33Ω+6Ω=1W，故D正确。
故选：D。
根据电路图可知，两灯泡串联；
(1)根据R=U2P算出两灯泡的电阻，并求出L1和L2的电阻之比；
(2)串联电路电流处处相等；
(3)根据I=UR算出电路的电流，根据U=IR得出L1两端电压；
(4)根据P=U2R1+R2算出两灯泡消耗的总功率。
本题考查串联电路电流规律、欧姆定律的应用，是一道基础题。

12.【答案】D

【解析】解：A、换用一盏“220V 60W”的灯泡替换原来的灯泡接入原电路中使用，电压较高时，灯泡的额定电压不变，功率无论变大变小，灯泡总会超过额定功率导致烧坏，故A错误；
B、因灯泡熔断的原因在于楼道内的实际电压高于额定电压，故灯泡的额定电压不变，改变功率都无意义，同样易于熔断，故B错误；
C、两灯并联后接在电路中，电源电压仍超过两灯的额定电压，故两灯均容易熔断，故C错误；
D、若将两灯串联，则电路中的总电阻增大，电路中电流减小，为了延长寿命，应用两个灯泡串联分压，故D正确。
故选：D。
因电压偏高导致灯丝的熔断，故为了延长灯的寿命应想法减小灯泡两端的电压，分别分析各选项，找出能减小灯泡两端电压的方法即可。
本题考查串并联电路在生活中的应用，在学习中注意联系生活中的实际情况，做到学以致用，可以提高我们学习物理兴趣。

13.【答案】A

【解析】解：
A、材料和长度相同时，导体越细，电阻越大，所以锡箔纸较窄处电阻较大，故A正确；
B、锡箔纸串联在电路中，因串联电路中各处的电流相等，所以通过整个锡箔纸的电流相等，故B错误；
C、电流相等，由U=IR可知，锡箔纸较窄处电阻大，电压较大，故C错误；
D、电流相等，由P=UI可知，锡箔纸较窄处电压大，电功率较大，故D错误。
故选：A。
锡箔纸串联在电路中，根据串联电路的电流特点可知通过它们的电流关系，根据影响电阻大小的因素可知较窄处和较宽处的电阻关系，根据欧姆定律可知它们两端的电压关系，根据P=UI可知它们的功率关系。
本题考查了电阻影响因素、串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。

14.【答案】B

【解析】解：(1)开关中的两个线头相碰，会导致开关无法控制用电器，用电器将一直工作，但不会导致电流过大；
(2)插头中的两个线头相碰，会造成电路短路；从而造成电流过大，烧毁保险丝；
(3)电路中增加了大功率用电器，会导致用电器的总功率过大，会导致电流过大。烧毁保险丝；
(4)户外线绝缘皮损坏，不会烧毁家庭电路中的保险丝。
故(2)(3)正确，
故选：B。
庭电路中电流过大，会使保险丝熔断。其原因主要有两种，一是用电器短路，二是用电器的总功率过大。
根据各种情况中的现象，进行判断。
本题考查了家庭电路电流过大的原因：发生短路或同时工作的用电器的总功率过大。

15.【答案】B

【解析】解：A、发现有人触电应该先切断电源，不能直接用手拉开，否则也会触电，该选项做法不符合安全用电原则；
B、更换灯泡时，要先切断电源，然后再换新灯泡，否则容易发生触电事故，该选项做法符合安全用电原则；
C、使用测电笔时，手必须接触测电笔尾部的金属体，不能接触笔尖的金属体，该选项做法不符合安全用电原则；
D、多个大功率用电器同时使用一个插座，会使干路中的电流过大，出现危险，该选项做法不符合安全用电的原则。
故选：B。
(1)发现有人触电后，直接用手把触电者拉离电源，因人体是导体，可能使救助者间接触电；
(2)维修电器或更换灯泡，应先切断电源；
(3)使用测电笔时，手必须接触测电笔尾部的金属体；
(4)多孔插座各用电器也是并联的，若电路中的总功率过大，会使电路中的电流过大。
本题考查了生活中用电安全注意的一些事项，与生活联系密切，注重了物理和生活的联系；熟练掌握家庭电路中的安全用电常识，并能在实践中加以运用，有一定的现实意义，应引起我们的重视。

16.【答案】引力  温度越高，分子热运动越快

【解析】解：
在剥棕叶时，感到棕叶和米之间很粘，这说明分子之间有引力；
煮茶叶蛋要比腌蛋时咸的快，这是由于温度越高，分子热运动越快。
故答案为：引力；温度越高，分子热运动越快。
分子间既有引力也有斥力；
一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，温度越高，分子的无规则运动越剧烈。
本题考查了分子间的作用力、分子运动和温度有关，相对比较简单，属于基础题。

17.【答案】热传递  减小  做功  30 废气

【解析】解：(1)用酒精灯加热水的过程中，水从酒精灯火焰吸收热量，是通过热传递的方式使水的内能增加的；
软木塞冲出试管口时，水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，则水蒸气内能变小；
(2)木塞被推出时，水蒸气对木塞做功，水蒸气的内能转化为木塞的机械能，与内燃机做功冲程的原理相同；
飞轮的转速是60r/s，即1s飞轮转动60r，完成30个工作循环，每秒钟对外做功30次；
热机使用中要产生废气、噪声，会对环境造成污染。
故答案为：(1)热传递；减小；(2)做功；30；废气。
(1)用酒精灯给水加热的过程中，酒精燃烧释放的内能用来加热水，属于热传递改变物体的内能；做功可以改变物体内能，气体对外做功时，气体的内能转化为机械能，气体内能减少；当外界对气体做功时，机械能转化为内能，气体内能增加；
(2)汽油机的做功冲程中，将燃气的内能转化为活塞运动的机械能；
汽油完成一个工作循环，经历四个冲程，飞轮转动两周，燃气对外做功一次；
热机燃料燃烧时会释放废气。
本题考查了做功与热传递改变内能以及有关热机的知识，难度不大。

18.【答案】失去  同种电荷相互排斥  横截面积

【解析】解：丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，是因为玻璃棒在摩擦的过程中失去电子。
当把带正电荷的玻璃棒与验电器的金属球接触后，电荷会通过金属球、金属杆传到金属箔上，金属箔带上同种电荷，同种电荷相互排斥，所以金属箔张开。
空调与台灯的电源线虽然都是铜线，但规格明显不同；空调线的横截面积大、电阻小，这主要是因为横截面积对导线电阻的影响。
故答案为：失去；同种电荷相互排斥；横截面积。
(1)摩擦起电是电子的转移，失去电子带正电，得到电子带负电。人们规定，用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；
(2)电荷规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(3)电阻是导体本身的一种性质，它由导体的材料、长度、横截面积和温度决定。
本题考查了摩擦起电的实质、影响电阻大小的因素及电荷间的作用规律，属于基本内容，比较简单。

19.【答案】10 3：1 1：1

【解析】解：(1)由图象知，当电压为6V时，电流为0.6A，所以R1的阻值是：R1=UI=6V0.6A=10Ω。
(2)并联电路中，各支路电流之比等于电阻比倒数，所以通过R1与R2的电流之比是：I1I2=R2R1=30Ω10Ω=31。
(3)并联电路中各支路两端电压相等，所以R1与R2两端的电压之比是1：1。
故答案为：10；3：1；1：1。
(1)在图象上找出对应的电压和电流，根据欧姆定律求出电阻。
(2)并联电路中，各支路电流之比等于电阻比倒数。
(3)并联电路中各支路两端电压相等，电压之比是1：1。
本题考查两个内容，一是图象问题，从图象上搜寻电压和电流，根据欧姆定律求电阻；二是考查了并联电路电流和电压的特点。

20.【答案】0∼3V0∼0.6A2.5Ω∼10Ω

【解析】解：
(1)由图知，待测电阻R与变阻器串联，电压表测R的电压，电流表测电路中的电流；
电源是3节新干电池串联，则电源电压为4.5V，若电压表用0∼15V量程，则无论怎样调节变阻器，电压表指针的偏转角度都太小，不会偏过中间刻度线，所以电压表应选0∼3V的量程；
当电压表的示数最大为3V时，由欧姆定律可得，电路的最大电流约为：
I=UVR=3V5Ω=0.6A，故电流表应选0∼0.6A的量程；
(2)电流表应选0∼0.6A的量程，电路的最大电流为0.6A，
由欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入电路的最小电阻为：
；
因滑动变阻器的最大阻值为10Ω，所以为了保证两电表安全，应控制滑动变阻器的阻值大约在2.5Ω∼10Ω的范围内移动。
故答案为：0∼3V；0∼0.6A；2.5Ω∼10Ω。
(1)由图知，待测电阻R与变阻器串联，电压表测R的电压，电流表测电路中的电流；电源是3节新干电池串联，则电源电压为4.5V，若电压表用0∼15V量程，则无论怎样调节变阻器，电压表指针的偏转角度都太小，不会偏过中间刻度线，据此确定电压表应选用的量程；
当电压表的示数为最大3V时，由欧姆定律得出电路的最大电流，据此确定电流表应选用的量程；
(2)根据电流表选用的量程可知电路的最大电流，由欧姆定律和串联电路的规律得出阻器连入电路的最小电阻为；
当滑动变阻器接入电路的阻值最大为10Ω时，电压表和电流表的示数最小，各元件都是安全的，由此可知滑动变阻器的阻值调节范围。
本题用伏安法测电阻，考查串联电路的规律及欧姆定律的运用和器材的选择。

21.【答案】0.108能

【解析】解：
该笔记本电脑的电池铭牌标有“10.8V10A⋅h”字样，则充满电后存储的电能：
W=UIt=10.8V×10A×3600s=3.888×105J=0.108kW⋅h=108W⋅h；
因为108W⋅h<160W⋅h，
所以该笔记本电脑可以带上飞机。
故答案为：0.108；能。
(1)知道电压和电池的容量，根据W=UIt求出电脑电池充满电后存储的电能；
(2)将笔记本电脑电池储存的最大电能与160W⋅h比较，确定能否将此电脑带上飞机。
此题考查了电能的计算及相关单位的换算，熟悉基本公式和对应的单位是正确解答的基础。

22.【答案】3.6×105J50096.8

【解析】解：
(1)3200imp/(kW⋅h)表示每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁3200次，
指示灯闪烁320次，则电热棒消耗的电能：
W=3203200kW⋅h=0.1kW⋅h=0.1×3.6×106J=3.6×105J，
电热棒正常工作时的电功率，即额定功率：
P=Wt=0.1kW⋅h1260h=0.5kW=500W；
(2)由P=U2R得电热棒正常工作时的电阻：
R=U2P=(220V)2500W=96.8Ω。
故答案为：3.6×105；500；96.8。
(1)3200imp/(kW⋅h)表示每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁3200次，据此可求指示灯闪烁320次消耗的电能，再利用P=Wt求电热棒正常工作时的电功率，即额定功率；
(2)家庭电路的电压为220V，利用P=U2R电热棒正常工作时的电阻。
本题考查了消耗电能和电功率的计算以及公式P=U2R的应用，明确电能表相关参数的意义是关键。

23.【答案】60；90；灯丝电阻随温度的升高而增大

【解析】解：
(1)灯泡两端的电压为24V时，灯泡正常发光，由图乙可知此时通过灯泡的电流IL=0.4A，
根据欧姆定律可得，此时灯丝的电阻：RL=ULIL=24V0.4A=60Ω；
(2)由图乙可知，当灯泡两端的电压为6V，通过的电流为0.2A时，灯泡的实际功率为1.2W，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡的实际功率为1.2W时，滑动变阻器两端的电压，
串联电路中各处的电流相等，由欧姆定律可得，滑动变阻器R连入电路的阻值：
。
(3)在材料、长度和横截面积一定时，灯丝电阻还与温度有关，并且灯丝电阻随温度的升高而增大。
故答案为：60；90；灯丝电阻随温度的升高而增大。
(1)额定电压下灯泡正常发光，根据图乙读出对应的电流，根据欧姆定律求出此时灯丝的电阻；
(2)由图可知找出灯泡的实际功率为3.6W时灯泡两端的电压和电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，再根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器R连入电路的阻值；
(3)灯丝的电阻与温度有关。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图乙得出灯泡实际功率为1.2W时灯泡两端的电压和通过的电流。

24.【答案】解：
(1)灯泡接法：火线进入开关，(声控开关和光控开关是串联的)；再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔有保险丝，所以接火线。如下图：


【解析】(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。

25.【答案】R1短路  右  0.04电压不变时，电流与电阻成反比  大于  右

【解析】解：(1)小赵同学设计了如图甲所示的实验电路，电路连接完毕，闭合开关S，发现电流表有示数，电路为通路，电压表无示数，若电路故障只出现在R1和R上，则电路故障是R1短路；
(2)排除电路故障后，将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最右端，闭合开关，调节滑片P，使电压表的示数为2.5V时，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压为：，因变阻器的最大电阻50Ω连入电路中，由欧姆定律，电流表的示数应为：
；
(3)根据实验所得的五组数据绘制出的I−R图像，电阻两端的电压始终保持：
UV=IR=0.1A×25Ω=……=0.5A×5Ω=2.5V，为一定值，故由图像可得出的结论是：电压不变时，电流与电阻成反比；
(4)完成步骤(2)后，若保持滑片P位置不变，断开开关，用R2替换R1，电阻变大，其分得的电压增大，即发现电压表示数大于2.5V；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动才能达到实验要求。
故答案为：(1)R1短路；(2)右；0.04；(3)电压不变时，电流与电阻成反比；(4)大于；右。
(1)闭合开关S，发现电流表有示数，电路为通路，根据电压表无示数结合已知条件分析；
(2)排除电路故障后，为保护电路，将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；根据串联电路电压的规律得出变阻器的电压，已知变阻器的最大电阻50Ω连入电路中，由欧姆定律得出电流表的示数；
(3)根据实验所得的五组数据绘制出I−R图像，由欧姆定律得出电阻两端的电压为一定值分析；
(4)当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。
本题探究电流与电阻的关系，考查故障和数据分析、注意事项、串联电路的规律及欧姆定律的运用、控制变量法的运用和操作过程。

26.【答案】断路  左  0.30.75大  B

【解析】解：(1)电流表与电阻串联，电压表与电阻并联，如下图所示：

(2)正确连线后闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，电路可能断路；电压表有示数，则电压表与电源连通，故电路故障可能是小灯泡断路；
(3)灯在额定电压下正常发光，示数为2.2V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；
(4)当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则小灯泡的额定电流为0.3A，灯的额定功率为：
P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；
(5)由表中信息可知，灯泡实际功率越大，灯泡越亮；
(6)A.探究电流与电阻的关系，要记录电流随电阻的变化关系，为得出普遍性的规律要多次测量，但只有一个定值电阻，故A不能完成；
B.探究电流与电压的关系，要控制电阻大小不变，记录电流随电压的变化关系，可通过移动变阻器的滑片改变电阻的电压和电流，故B能完成；
故选B。
故答案为：(1)如上所示；(2)断路；(3)左；(4)0.3；0.75；(5)大；(6)B。
(1)本实验中，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联；
(2)若电流表示数为0，灯不亮，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(3)灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；
(4)根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI得出灯的额定功率；
(5)由表中信息回答；
(6)A.探究电流与电阻的关系，要记录电流随电阻的变化关系，为得出普遍性的规律要多次测量，据此分析；
B.探究电流与电压的关系，要控制电阻大小不变，记录电流随电压的变化关系，据此分析。
本题测量额定电压为2.5V的小灯泡的电功率，考查电路连接、故障分析、操作过程、电流表读数、功率计算、数据分析，并同其它电学实验作比较。

27.【答案】液面高度  转换法  电阻大小  电流  转换法和控制变量法

【解析】解：
(1)根据转换法，该实验中是通过观察U形管中液面高度的变化来反映电流通过电阻丝产生的热量的多少，U形管中液面高度越大，说明电流通过电阻丝产生的热量越多。
(2)如图甲，两个电阻串联在电路中，则通过两电阻的电流相同，通电时间也相同，而电阻不同，所以，该装置是用来探究电流产生的热量跟电阻大小的关系；
(3)图乙中，右边容器内一个5Ω的电阻与容器外一个5Ω的电阻并联，再与左边容器内5Ω的电阻串联，根据并联电路的电流特点可知，通过左边容器内电阻丝的电流大于通过右边容器内电阻丝的电流，即，而烧瓶内的电阻值都是5Ω，电阻相同、通电时间相等，由图知，左边U形管中液面高度差大，说明左边电阻丝产生的热量多；
所以，可以得到的结论是：在电阻相同、通电时间相同的情况下，通过电阻的电流越大，电阻产生的热量越多；
(4)该实验采取的探究方法是转换法和控制变量法。
故答案为：(1)液面高度；转换法；(2)电阻大小；(3)电流；(4)转换法和控制变量法。
(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但可给等量的气体加热，根据热胀冷缩，产生的热量越多，气体膨胀程度越大，U形管中液面的高度差越大，采用了转换法；
(2)由Q=I2Rt，电流产生的热量与电流大小、电阻大小和通电时间有关，研究与其中一个因素关系时，要控制另外两个因素相同，根据串联电流的规律，分析相同的量和变化的量，根据控制变量法分析；
(3)分析电路连接，根据串、并联电路的电流特点分析通过两容器内电阻丝的电流大小，由题意结合转换法分析回答；
(4)由(1)(2)回答采取的探究方法。
此题研究“电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关”，考查控制变量法和转换法的运用，同时考查了串联、并联电路电流的规律的运用。

28.【答案】解：(1)当S1、S2均闭合且滑片滑到b端(连入电阻最大，R1=40Ω)时，等效电路如图，
∵电流表A1测量的是干路电流，A2测量的是R2所在支路的电流，
∴A1用的是大量程，A2用的是小量程
∴I=0.9A，I2=0.6A，I1=I−I2=0.9A−0.6A=0.3A
U=U2=U1=I1R1=0.3A×40Ω=12V；
(2)R2=U2I2=12V0.6A=20Ω；
(3)当S1、S2均断开且滑片P置于变阻器的中点(连入电阻R1′=12R1=20Ω)时，等效电路图如图，
I′=UR1′+RL=12V20Ω+RL=0.4A
∴RL=10Ω；
(4)如右下图，当S1、S2均断开，且滑片P置于b端(全连入R1=40Ω)，此时电路中的电阻最大(R=R1+RL=40Ω+10Ω=50Ω)，整个电路的最小电功率：
；
答：(1)电源的电压为12V；
 (2)R2的电阻20Ω；
(3)灯L的电阻10Ω；
(4)整个电路消耗的最小电功率2.88W。

【解析】分别画出当S1、S2均闭合且滑片滑到b端时和当S1、S2均断开且滑片P置于变阻器的中点时的等效电路图，利用串并联电路的特点和欧姆定律求电源的电压、R2的电阻、灯L的电阻，再利用P=U2R计算整个电路消耗的最小电功率(电阻最大)；
本题串并联电路的特点、欧姆定律和电功率的计算是基础，画等效电路图确认连接方式及电路组成是关键，属于难题。

29.【答案】闭合

【解析】解：(1)由公式P=U2R知，电压一定时，P与R成反比，
由电路图知，R0与R串联，开关S与R并联，当开关S闭合时，电阻R被短路，电路中的电阻最小，电路的电功率最大。
所以电饭煲在高温挡时，开关S应闭合。
(2)由公式P=U2R得，电热丝R0的阻值是：；
(3)由题意分析知，开关S断开时，电路串联，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，电路处于保温状态。由公式P=UI得当电饭煲处于保温挡时，电路中的电流是：
；
(4)水吸收的热量：Q=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×2.5kg×30℃=3.15×105J；
答：(1)闭合；
(2)电热丝R0的阻值是24.2Ω；
(3)当电饭煲处于保温挡时，电路中的电流是2A；
(4)水吸收的热量是3.15×105J。
(1)由公式P=U2R知，电压一定时，P与R成反比，然后根据高温挡时电路的电功率最大，即电路中的电阻最小来判断开关S的状态；
(2)由公式P=U2R计算得出电热丝R0的阻值即可；
(3)由题意分析知，开关S断开时，电路串联，电路的总电阻最大，电路的总功率最小，电路处于保温状态。由公式P=UI得当电饭煲处于保温挡时，电路中的电流即可。
(4)根据公式Q=cm△t计算得水吸收的热量即可。
本题考查了电功率的计算、热量的计算以及电路挡位的分析问题，本题有一定的难度。