2019-2020学年四川省泸州市泸县九年级（上）期末物理试卷

这是一份2019-2020学年四川省泸州市泸县九年级（上）期末物理试卷，共26页。试卷主要包含了3×104J的热量，5V)，9Ω)，【答案】B，【答案】D，【答案】C等内容，欢迎下载使用。


2019-2020学年四川省泸州市泸县九年级（上）期末物理试卷

1. 下列说法中，正确的是( )
A. 汽油机在做功冲程中是将机械能转换成内能
B. 物体的温度降低时内能减少，所以0℃冰块的水分子不做热运动
C. 沿海地区昼夜温差较小，主要原因是水的比热容较大
D. 温度从热量高的物体传递给热量低的物体
2. 如图所示，闭合开关S，下列说法正确的是( )

A. 如果电源的a端是正极，则通电螺线管的左端是N极
B. 如果电源的a端是正极，则小磁针的B端是S极
C. 如果滑动变阻器的滑片向右移动，通电螺线管的磁性会增强
D. 如果滑动变阻器的滑片向左调节，电流表示数会变小


3. 如图是研究产生感应电流的实验，下列说法正确的是( )


A. 只要导体ab在磁场中运动，电流表的指针就会发生偏转
B. 对调两个磁极方向，电流表的指针偏转方向不发生改变
C. 电磁感应是把电能转化成机械能
D. 改变导体ab切割磁感线的方向，电流表的指针偏转方向发生改变
4. 《舌尖上的中国2》聚焦于普通人的家常菜，让海内外观众领略了中华饮食之美。煎、炒、蒸、拌的四种烹调方式中包含着很多的物理知识，下列说法正确的是( )
A. 煎：煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容大
B. 炒：主要是通过做功的方式使菜的内能增加
C. 蒸：是通过热传递和高温水蒸气液化放热，把菜蒸熟
D. 拌：将调味品拌入菜中入味，分子没有做无规则运动
5. 图为甲、乙两个电阻的电流随电压变化的图象，下列说法正确的是( )

A. 甲电阻比乙电阻的阻值大
B. 将甲、乙串联在电路中，甲两端的电压大
C. 将甲、乙串联在电路中，通过甲的电流大
D. 将甲、乙并联在电路中，通过甲的电流大
6. 把一个标有“10V 3W”的小灯泡和定值电阻R串联后接在电压为12V的电源上(如图所示)，小灯泡恰能正常工作。该电路工作10s定值电阻产生的热量是( )
A. 60J B. 36J C. 30J D. 6J
7. 有一个看不见内部情况的小盒，如图所示，盒上有两只灯泡，由一个开关控制，闭合开关两灯都亮，断开开关两灯都灭：拧下任一灯泡，另一灯都亮。在下图中，符合要求的电路图是( )
A. B. C. D.
8. 如图，闭合开关S后，下列说法正确的是( )

A. 开关 S 只能控制灯泡 L1 B. 灯泡 L1 和 L2 并联在电路中
C. 电流表可以测量灯泡 L1 的电流 D. 电压表测量灯泡 L1 两端的电压
9. 如图所示，中国科技馆的“探索与发现A厅”中有一个“电磁感应摆”，甲、乙两线圈分别被悬挂在两个蹄形磁体的磁场中，两线圈通过导线连接在一起并构成一个闭合的回路，用手使甲线圈在磁场中摆动时，乙线圈也会随之摆动起来。关于此现象，下列说法中正确的是( )
A. 根据甲线圈摆动的原理可以制成电动机
B. 乙线圈摆动的过程中电能转化为机械能
C. 甲线圈相当于用电器，乙线圈相当于电源
D. 若使乙线圈摆动，则甲线圈中不会有电流
10. 如图所示的电路，电源电压保持不变，R2是定值电阻。闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P从中点向右移动的过程中，以下说法正确的是( )


A. 电流表A1的示数变大
B. 电流表A2的示数变小
C. 电压表示数与电流表A2示数的比值变小
D. 电压表示数与电流表A1示数的比值变大
11. 某品牌无人驾驶汽车在一段平直公路上匀速行驶6.9km，用时5min45s，消耗燃油1.5kg，已知汽车的牵引力是2000N，燃油的热值为4.6×107J/kg，假设燃油完全燃烧。通过计算可知，下列结果正确的是( )
A. 消耗的燃油完全燃烧放出的热量是6.9×107J
B. 汽车行驶速度是20km/h
C. 汽车牵引力做功的功率是30kW
D. 汽车发动机的效率是20%
12. 如图甲是一个电加热器的工作原理图，其中R1和R2是阻值不变的发热电阻；下表是它的部分参数。当电加热器正常工作时，下列说法正确的是( )
额定电压
220V
额定加热功率
990W
额定保温功率
110W
A. 只闭合开关S，加热器的功率为990W
B. 开关S闭合，S1由断开到闭合，电路中电流变大，R2的功率变大
C. 加热器在保温状态下工作5min，产生3.3×104J的热量
D. 电阻R1与R2的阻值之比为1：8
13. 盛夏时节，百花绽放，四溢的花香引来了长喙天蛾悬浮在空中吸食花蜜，如图所示。从物理学的角度分析，花香四溢是________现象。寒冬料峭，初雪交融，雪中花朵的花香浓度会变________，这说明分子运动的剧烈程度和________有关。


14. 在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是______冲程。如图所示汽油机正在进行的是______冲程，已知汽油的热值为4.6×107J/kg，则完全燃烧100g汽油放出的热量为______J。



15. 如图所示是电阻R和灯泡L的I−U图象，若电阻R和灯泡L串联接在某一电源上时，电路中的电流为0.6A，则电源电压为______V；若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的源上，此时灯L的电阻为______Ω，干路电流为______A。
16. 如图所示，是某物质的凝固图象，第20min的内能______(填“大于”、“小于”或“等于”)第10min的内能；若该物质是均匀放热，且质量不变，那么500g该液体从A点降温到B点，要放出______J的热量；从图象可以看出，该物质液态与固态的比热容之比为______。(常见物质比热容：水4.2×103J/(kg⋅℃)，酒精2.4×103J/(kg⋅℃)，水银0.14×103J/(kg⋅℃))
17. 当电阻R1两端电压为3V时通过的电流为0.2A，则R1的电阻为______Ω，当它与R2=5Ω并联工作时，电功率之比P1：P2=______，电流之比I1：I2=______。
18. 小明家电能表上月底的示数为，本月底的示数如图所示，他家本月消耗电能______kW⋅h.小明家间时工作的用电器总功率不得超过______W.小明将一个电风扇单独接入电路中，10min内电能表的指示灯闪烁了32次，此过程中电风扇消耗电能______J，其功率为______W。

19. 如图所示为某型“无人机”，它有4个旋翼，可通过无线电操控，实现无人航拍。
(1)无人机的一个旋翼的电动机额定功率为30W额定电压为15V，此电动机正常工作时，通过的电流为______A。
(2)该机所用电池的参数为输出电压15V、容量5000mA⋅h，它能够提供的电能是______J；若电能的80%用于飞行，飞行时的实际功率为100W，则该机最多能飞行时间______。
20. 如图所示电路，电源电压恒定为3V，R2=10Ω，当S1闭合，S2、S3断开，电流表示数为0.6A，R1阻值为______Ω；S2闭合，S1、S3断开，电压表示数为______V；S1、S3闭合，S2断开，电流表示数为______A。
21. 在研究电流产生的热量与哪些因素有关的实验中：
(1)如图所示，两个密闭的透明容器中装有相等质量的空气两个容器中的电阻丝R1、R2(R1 (2)通过对比观察，______(选填“甲”或“乙”)容器中导体的电阻产生的热量较多，由此可知，在电流和通电时间相同时，电阻越______，导体产生的热量越多。
22. 小明同学在“伏安法测电阻”的实验中：

(1)在连接电路时，开关S应处于______的状态，滑动变阻器的滑片P应放在电阻最______的位置。
(2)小明同学连接了如图甲的电路，闭合开关，电流表______示数，电压表______示数。(两空均选填“有”或“无”)
(3)他仔细检查电路，发现有一根导线连接错误，请你在答图甲中错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线画出正确的一根连接导线。
(4)正确连接电路后，闭合开关，调节滑动变阻器滑片P，当电压表的示数为2V时，观察到电流表示数如图乙所示，他记下数据并算出电阻R的阻值为______Ω。
(5)同组小斌同学继续向______(选填“A“或“B”)端移动滑片P，适当增大电阻R两端的电压，并进行了多次测量计算电阻的平均值从而减小实验误差。
23. 某同学为了探究“电阻丝的电阻R与长度L、横截面积S和材料的关系”，进行了如下实验操作：
(1)如图甲所示，是取一段新的电阻丝紧密绕制，用刻度尺测量出它的直径示意图。由此可知，电阻丝的直径为______mm，从而计算出电阻丝的横截面积S。
(2)在实验中，先保持电阻丝的横截面积S和材料不变，探究电阻丝的电阻R与长度L的关系，这种方法叫做______法(选填“等效替代”或“控制变量”)。
(3)为了探究电阻丝的电阻R与L的关系，实验室备有以下实验器材：
A.电源E(电压U=1.5V)
B.电流表A1(量程0∼100mA)
C.电流表A2(量程0∼0.6A)
D.电阻箱R0(阻值0∼999.9Ω)
E.待测电阻丝R(阻值约为10Ω)
F.开关一个，导线若干，则：
(4)为了提高实验的精确程度，在实验中电流表应选的是______(选填器材前的字母代号)。
(5)把电阻丝拉直后，将其两端固定在刻度尺的接线柱a和b上，在电阻丝上夹一个金属夹P，移动金属夹P的位置，就可改变接入电路中金属丝的长度L，把这些实验器材按乙图的电路连接起来。闭合开关S前，电阻箱的阻值应调整到______Ω。
(6)闭合开关S后，将电阻箱调到适当位置不动，多次改变金属夹P的位置，得到多组I、L的数据。根据实验测量数据在坐标平面内，以电流的倒数1/I为纵坐标、电阻丝的长度L为横坐标，得出图象如图丙所示，根据实验图象说明，横截面积S相同的同种材料的电阻丝，接入长度L越长，电流I越小，电阻R______。
(7)该电阻丝1cm长度的阻值为______Ω。


24. 如图所示电路，电源电压恒为8V，小灯泡标有“6V 3W“字样。若不考虑温度对灯泡电阻的影响，闭合开关S，求：
(1)小灯泡的额定电流；
(2)小灯泡正常发光时，滑动变阻器R接入电路的阻值。
(3)移动滑动变阻器的滑片，当电压表示数为3V时，小灯泡的实际功率。







25. 如图所示，是一则公益广告，浓浓的孝心渗透着社会主义核心价值观。小明给爷爷网购了一台电热足浴器，其铭牌的部分参数如图乙所示。足浴器某次正常工作时，控制面板显示如图丙所示(指示灯亮，表示正常工作)。求：

(1)此次加热时足浴器的工作电流；(计算结果保留一位小数)
(2)若足浴器装入最大容量、初温为22℃的水，则当水温达到控制面板上显示的温度时，则此过程中水所吸收到热量为多少；[已知水的比热容
(3)若此次加热过程耗时15min，则该足浴器的电热效率。
(4)加热后，爷爷换成300W档位，泡脚20min，问此次加热和泡脚总共消耗多少电能。







答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：
A、压缩冲程将汽油和空气的混合物压缩，将机械能转化内能，做功冲程将内能转化为机械能，故A错误；
B、一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动，所以物体的温度降低时内能减少，0℃冰块的水分子仍然在做热运动，故B错误；
C、沿海地区水多，内陆地区水少、沙石多，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小，故C正确；
D、热传递的条件是有温度差，即热量总是自发的从温度高的物体传递给温度低的物体，故D错误。
故选：C。
本题考查了汽油机各冲程能量的转化、分子运动、比热容的应用以及热传递的条件，属于综合性题目。

2.【答案】B

【解析】解：
AB、如果电源的a端是正极，电流从左端流入，右端流出，根据安培定则可知，此时通电螺线管的右端是N极，左端是S极，由磁极间的相互作用规律可知，小磁针的B端为S极，故A错误，B正确；
C、如果滑动变阻器的滑片向右移动，连入电路的电阻变大，电流变小，通电螺线管的磁性会减弱，故C错误；
D、滑动变阻器的滑动片P向左端移动，连入电路的电阻变小，电流变大，即电流表示数会变大，故D错误。
故选：B。

该题考查了安培定则的应用、磁极间的作用规律的应用、电磁铁磁性强弱的影响因素等知识点，是一道综合题。开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极，则由磁极间的相互作用可判出小磁针的指向；由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可得出螺线管中磁场的变化。

3.【答案】D

【解析】解：
A、闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，电路中才产生感应电流，电流表的指针才发生偏转；若导体ab在磁场中运动时没有切割磁感线，则电流表的指针不会发生偏转，故A错误；
B、切割磁感线的方向不变，对调两个磁极方向，则感应电流的方向改变，电流表的指针偏转方向发生改变，故B错误；
C、电磁感应是把机械能转化为电能，故C错误；
D、磁场方向不变，改变导体ab切割磁感线的方向，则感应电流的方向改变，电流表的指针偏转方向发生改变，故D正确。
故选：D。
如图是电磁感应原理图，从电磁感应定义、感应电流方向影响因素、能的转化角度考虑。
判断是否产生感应电流从三个条件进行判断：闭合电路、一部分导体、做切割磁感线运动，三个条件缺一不可。

4.【答案】C

【解析】
【分析】
本题以中华美食为背景考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系，是中考的热点。
(1)金属的物质，一般都具有良好的导热性；
(2)改变物体内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；
(3)物质由气态变成液态的过程叫做液化，液化放热；
(4)物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动。
【解答】
A、煎锅一般用铁制造，主要是利用铁具有良好的导热性，故A错误；
B、炒主要是通过热传递的方式使菜的内能增加，故B错误；
C、蒸是通过热传递和高温水蒸气液化放热，使菜蒸熟，故C正确；
D、将调味品拌入菜中入味，说明了分子在做无规则运动，故D错误。
故选C。  
5.【答案】D

【解析】
【分析】
本题考查电阻的比较、串联和并联电路特点以及欧姆定律的应用，读懂图像是解题的关键。
(1)由图象，选择电压相同时，比较通过两电阻的电流，从而比较它们电阻的关系；
(2)由串联电路特点可知通过两电阻的电流关系，由U=IR比较串联时两电阻的电压关系。
【解答】
(1)两电阻并联在电路中时，两电阻两端的电压相等，由图象知，当两电阻的电压相等时，通过甲电阻的电流较大，故D正确；
由R=UI可知，甲的电阻小于乙的电阻，故A错误；
(2)串联电路中电流处处相等，所以将两电阻串联时，通过它们的电流相等，故C错误；
乙的电阻大，串联时电流相等，由U=IR可知，乙两端电压大，故B错误。
故选D。  
6.【答案】D

【解析】解：由P=UI可得，灯泡正常发光时的电流：
IL=PLUL=3W10V=0.3A；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且小灯泡正常发光，
所以，R两端的电压：
UR=U−UL=12V−10V=2V，
因串联电路中各处的电流相等，该电路工作10s定值电阻产生的热量：
Q=W=URILt=2V×0.3A×10s=6J。
故选：D。
(1)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出通过小灯泡的电流；
(2)根据串联电路的电压特点求出R两端的电压，根据Q=W=UIt求出该电路工作10s定值电阻产生的热量。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。

7.【答案】D

【解析】解：由题意可知，两只灯泡由一个开关控制，拧下任一灯泡，另一灯都亮，
则两灯泡可以独立工作、互不影响即为并联，且开关位于干路，结合选项可知，ABC选项不符合、D符合。
故选：D。
串联电路特点是电流有一条路径，串联电路的各用电器相互影响，开关控制整个电路；并联电路特点是电流有两条或两条以上路径，并联电路的各用电器不相互影响；干路上开关控制整个电路，支路上开关控制本支路。
本题考查了学生对串并联电路的特点的了解与掌握，是一道电学基础题目。

8.【答案】C

【解析】解：
AB、由电路图可知，开关S闭合，L1与L2首尾相接，两灯是串联的，S控制所有灯泡，故AB错误；
C、两灯是串联的，电流表可以测量灯泡 L1 的电流，也可以测量灯泡 L2的电流，故C正确；
D、电压表并联在灯泡L2两端，测量灯泡 L2两端的电压，故D错误。
故选：C。
(1)把几个用电器首尾相接，连入电路是串联；把几个用电器首首相接、尾尾相接，再连入电路，就是并联；
(2)电压表测量时与用电器并联。
本题考查了电路连接方式的判断，解决此类问题要结合串联电路和并联电路的特点选择合适的开关组合。

9.【答案】B

【解析】
【分析】
本题考查了电与磁之间的两个联系及其应用，同时要了解其结构、原理及能量转化等。
根据通电导体在磁场中受力和电磁感应的原理来对图中的装置进行分析，电动机的原理是通电导体在磁场中受力，发电机的原理是电磁感应；电动机工作时消耗电能，得到机械能，发电机工作时将机械能转化为电能。
【解答】
A.由题意知，甲线圈摆动的过程做切割磁感线运动，闭合的回路中有感应电流产生，是发电机的原理，故A错误；
B.乙线圈摆动的原理是通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，将电能转化为机械能，故B正确；
C.由前面分析可知，甲线圈中产生了感应电流，则甲线圈相当于电源，乙线圈相当于用电器，故C错误；
D.若使乙线圈摆动，同样会做切割磁感线运动，闭合的回路中有感应电流产生，则甲线圈中会有电流，故D错误。
故选B。  
10.【答案】D

【解析】解：
由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流。
因电源电压保持不变，所以滑片移动时电压表示数不变，由并联电路的电压特点知，两支路两端电压也不变；
滑片P从中点向右移动的过程中，R1连入电路的阻值变大，由I=UR可知，通过R1的电流变小，即电流表A1的示数变小，故A错误；
因为并联电路中各支路间互不影响，所以滑片移动时电流表A2的示数不变，故B错误；
由电压表示数不变和电流表A2的示数不变可知，电压表示数与电流表A2示数的比值不变，故C错误；
由电压表示数不变和电流表A1的示数变小可知，电压表示数与电流表A1示数的比值变大，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测R2支路的电流；
根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，同电路特点和欧姆定律可得两表示数变化，从而可知电压表与电流表示数比的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测物理量关键，还可以根据电压表与电流表比表示电阻上分析判断它们比值的变化情况。

11.【答案】AD

【解析】
【分析】
本题考查了速度、燃烧值、功、功率、热机效率的计算，综合性强，难度适中，关键是公式的灵活运用。
(1)根据可求热量；
(2)已知汽车行驶的时间和路程，利用速度公式即可求解；
(3)根据P=Fv求出功率；
(4)根据W=Fs可求得该汽车牵引力所做的功；利用效率公式求出该汽车的效率。
【解答】
A、消耗的燃油完全燃烧放出的热量，故A正确；
B、汽车行驶的时间t=5min45s=345s，汽车的行驶速度v=st=6900m345s=20m/s=72km/h，故B错误；
C、汽车牵引力做功的功率是P=Fv=2000N×20m/s=40000W=40kW，故C错误；
D、该汽车牵引力所做的功W=Fs=2×103N×6.9×103m=1.38×107J，汽车发动机的效率，故D正确。
故选AD。  
12.【答案】BC

【解析】解：
A、只闭合开关S，两电阻串联，电阻较大，根据P=U2R知，在电压一定时，电功率较小，加热器处于保温状态，则此时加热器的功率为110W，故A错误；
B、开关S闭合，S1断开时，两电阻串联，S1闭合时，电阻R1被短路，只有电阻R2工作，电阻减小，根据I=UR知，电路的电流增大，R2的电阻不变，根据P=I2R2知R2的功率变大，故B正确；
C、加热器在保温状态下工作5min产生的热量：，故C正确；
D、因为、，且、，
所以：：U2R1+R2=990W：110W，
即：R1+R2R2=91，
解得R1：R2=8：1，故D错误。
故选：BC。
(1)只闭合开关S，两电阻串联，电阻较大，根据P=U2R判断出功率的大小；
(2)开关S闭合，S1断开时，两电阻串联，S1闭合时，将电阻R1短路，只有电阻R2工作，电阻减小，根据欧姆定律判断出电流的大小，根据P=I2R2判断出R2的功率的变化；
(3)根据Q=W=Pt算出在保温状态下工作5min产生的热量；
(4)根据，以及两个功率值求出电阻R1与R2的阻值之比。
本题考查了电功、电功率的计算，关键是知道电路的总功率为各用电器功率之和，以及知道家庭电路的电压为220V；通过开关的闭合和断开，改变电路的连接方式，是初中电学的典型习题，一定要熟练掌握。

13.【答案】扩散  淡  温度

【解析】解：四溢的花香引来了长喙天蛾采蜜，它们能闻到阵阵的花香，是由于花香分子在不停的做无规则运动，扩散到空气之中；
寒冬料峭，初雪交融，温度较低，分子的热运动越缓慢，扩散就越慢，故雪中花朵的花香浓度会变淡；说明分子的热运动与温度有关。
故答案为：扩散；淡；温度。
由于构成物质的分子总在做永不停息的无规则运动，当两种物质接触时，彼此进入地方，就产生了扩散现象；温度越高，分子的热运动越剧烈，扩散就越快；温度越低，分子的热运动越缓慢，扩散就越慢。

14.【答案】压缩  ；做功；4.6×106

【解析】解：(1)在内燃机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，使气体的内能增大，温度升高，机械能转化为内能；
(2)根据图示可知，两个气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，气缸容积增大，因此是做功冲程。
(3)完全燃烧100g汽油放出的热量：
Q=mq=0.1kg×4.6×107J/kg=4.6×106J。
故答案为：压缩；做功；4.6×106。
(1)在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程；
(2)根据图中气门的开关情况和活塞的运动方向判断出是哪一个冲程；
(3)根据Q=mq求出放出的热量。
本题主要考查对热机各冲程特点的了解和热值计算公式的理解和掌握，基础性题目。

15.【答案】9 ；7.5；1.4

【解析】解：(1)电阻R和灯泡L串联接在某一电源上时，
因串联电路中各处的电流相等，电路中的电流为0.6A，
所以，通过它们的电流均为0.6A，
由图象可知，它们两端的电压分别为UL=3V，UR=6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U=UL+UR=3V+6V=9V。
(2)若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的源上时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，它们两端的电压均为6V，
由图象可知对应的电流分别为IL′=0.8A，IR=0.6A，
由I=UR可得，此时灯L的电阻：
RL=U′IL′=6V0.8A=7.5Ω，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：
I=IL′+IR=0.8A+0.6A=1.4A。
故答案为：9；7.5；1.4。
(1)电阻R和灯泡L串联接在某一电源上时，电路中的电流为0.6A，通过它们的电流相等，根据图象读出它们两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压。
(2)若将电阻R和灯泡L并联接在电压为6V的源上时，它们两端的电压相等，根据图象读出对应的电流，根据欧姆定律求出此时灯L的电阻，根据并联电路的电压特点得出干路电流。
本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是根据图象得出有用的信息。

16.【答案】小于  2.1×1042：1

【解析】解：
(1)由凝固图象可知，该物质的凝固时温度保持0℃不变，则图线为水的凝固图象，
因水在凝固时，放出热量、内能变小，所以第20min的内能小于第10min的内能；
(2)由图象可知，水从A点降温到B点时，温度降低了10℃，
所以，此过程中放出的热量；
因该物质是均匀放热，且质量不变，
所以，相同时间内，物质放出的热量相等，
由图象知，液态降温10℃和固态降温20℃所用的时间相等，所以它们放出的热量相等，
则该物质液态与固态的比热容之比：。
故答案为：小于；2.1×104；2：1；
(1)根据图象可知该物质凝固时保持0℃不变，据此判断出该物质是水，水在凝固时，放出热量、内能减小，温度不变；
(2)由图可知水从A点降温到B点时降低的温度，根据求出此过程中放出的热量；该物质是均匀放热，且质量不变，据此得出液态降温10℃和固态降温20℃时放出的热量相等，根据求出该物质液态与固态的比热容之比。
本题考查了热量的计算和对晶体凝固图象的认识，从图象中获取有用的信息是关键。

17.【答案】15 1：3 1：3

【解析】解：
由题知，R1两端电压为3V时通过的电流为0.2A，由欧姆定律可得R1的电阻：
R1=U1I1=3V0.2A=15Ω；
并联电路中各支路两端电压都相等，当两电阻并联时，U1=U2，
所以通过它们的电流比：
I1：I2=U1R1：U2R2=R2：R1=5Ω：15Ω=1：3；
由P=UI可得，两电阻的电功率比：
P1：P2=U1I1：U2I2=I1：I2=1：3。
故答案为：15；1：3；1：3。
由欧姆定律可计算R1的电阻，由并联电路特点结合欧姆定律和电功率公式计算两电阻的功率和电流比。
本题考查了并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，属于一道基础题。

18.【答案】100.588003.6×10460

【解析】解：
(1)由图示电能表可知，上月底电能表的示数为2818.2kW⋅h，本月底电能表示数为2918.7kW⋅h，
本月消耗的电能是：W=2918.7kW⋅h−2818.2kW⋅h=100.5kW⋅h；
(2)由图示电能表可知，电能表正常工作时的电压是220V，平时允许通过的最大电流是40A，则电能表允许的用电器最大总功率：
P=UI=220V×40A=8800W；
(3)3200imp/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁3200次；
当指示灯闪烁32次时消耗的电能：
W′=323200kW⋅h=0.01kW⋅h=3.6×104J，
电风扇的电功率：
P=W′t=3.6×104J10×60s=60W。
故答案为：100.5；8800；3.6×104；60。
(1)电能表的读数：电能表的最后一位数是小数，单位kW⋅h；本月消耗的电能等于本月底与上月底的示数之差；
(2)电能表参数的意义：220V是该电能表要接在220V的电路中，10A是指该电能表的标定电流，40A是指平时工作允许通过的最大电流，利用P=UI求小明家间时工作的用电器最大电功率；
(3)3200imp/(kW⋅h)的含义是：电路中每消耗1kW⋅h的电能，指示灯闪烁3200次；据此求指示灯闪烁32次消耗的电能，再利用P=Wt求用电器的电功率。
本题考查了使用电能表时消耗电能和电功率的计算，明确电能表相关参数的意义是关键。

19.【答案】(1)2；(2)2.7×105；2160s

【解析】解：
(1)一个旋翼的电动机的额定电压是15V，额定功率为30W，
根据P=UI可得其额定电流为：
I=PU=30W15V=2A；
(2)该机所用电池的参数为输出电压15V、容量5000mA⋅h，
则该电池储存的能量：
W=UIt=15V×5A×3600s=2.7×105J，
根据可得，电能转为的机械能：
，
根据P=Wt可得，该机最多能飞行的时间：
。
故答案为：(1)2；(2)2.7×105；2160s。
(1)根据P=UI求解额定电流；
(3)利用W=UIt计算电池储存的能量，然后利用效率公式计算电能转化为的机械能，再利用P=Wt计算时间。
此题考查电功、效率和功率公式的应用，涉及到的知识点较多，综合性较强，关键是公式的灵活运用。

20.【答案】520.6

【解析】解：
(1)由电路图知，当S1闭合，S2、S3断开时，只有R1连入电路中，电流表测R1的电流，
由I=UR可得R1阻值为：
R1=UI=3V0.6A=5Ω；
(2)由电路图知，当S2闭合，S1、S3断开时，R1与R2串联，电流表电路的电流，电压表测量电阻R2两端的电压，
由串联电路电阻特点知：R=R1+R2=5Ω+10Ω=15Ω，
则电流表示数：
I′=UR=3V15Ω=0.2A，
电阻R2两端的电压：U2=I′R2=0.2A×10Ω=2V；
(3)由电路图知，当S1、S3闭合，S2断开时，R1与R2并联，电流表测R1的电流，
由并联电路电压特点知：U=U1=U2=3V，
R1的电流：I1=UR1=3V5Ω=0.6A。
故答案为：5；2；0.6。
(1)当S1闭合，S2、S3断开时，只有R1连入电路中，由欧姆定律计算R1的阻值；
(2)当S2闭合，S1、S3断开时，R1与R2串联，由串联电路特点和欧姆定律计算电流表示数和电压表的示数；
(3)当S1、S3闭合，S2断开时，R1与R2并联，电流表测R1的电流，由欧姆定律计算电流表示数。
本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律的应用，正确分析电路结构是解题的关键。

21.【答案】电流  电阻丝产生热量的多少  乙  大

【解析】解：
(1)由题知，两个密闭的透明容器中装有相等质量的空气，两个容器中的电阻丝R1、R2(R1 实验中，通过观察U型管中液面高度的变化反映电阻丝产生热量的多少，这采用了转换法；
(2)通过R1、R2的电流和通电时间都相同，乙中的电阻大，乙中U型管液面高度差较大，则乙中电阻丝产生的热量多；故结论为：在电流和通电时间相同时，电阻越大，导体产生的热量越多。
故答案为：(1)电流；电阻丝产生热量的多少；(2)乙；大。
电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想。
本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。

22.【答案】(1)断开；大；(2)无；有；
(3)；
(4)10；(5)A

【解析】解：(1)为防止发生短路现象烧坏电源，连接电路时，开关应处于断开状态，闭合开关前，应使滑动变阻器的阻值处于最大状态，由图可知变阻器的滑片滑在B点时连入电路中的电阻丝阻值最大。
(2)实验时闭合开关，电压表和电流表串联在电路中，电压表测电源电压，电压表有示数，电流表无示数；
(3)由图可知，电流表与电压表串联了，导致电流表没有示数，应将定值电阻右端接线柱与滑动变阻器左端接线柱之间的导线去掉，将此导线改接在电压表中间接线柱上，如图。

(4)在探究“电流与电阻的关系”实验中，移动滑动变阻器滑片P，使定值电阻R两端电压为2V，电流表示数如图乙所示，图中电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.2A，由欧姆定律I=UR可得，R=UI=2V0.2A=10Ω。
(5)根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，适当增大电阻R两端的电压，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，并进行了多次测量计算电阻的平均值从而减小实验误差。
故答案为：(1)断开；大；(2)无；有；(3)见上图；(4)10；(5)A。
(1)根据实物连接的正确方法和滑动变阻器的作用进行分析，即在电路没有连接好之前，开关一直是断开的，而且滑动变阻器的阻值应在最大处。
(2)电压表内阻很大，串联接入电路时电路断路，根据电路结构分析答题。
(3)实物连接图中找错误之处，主要从电压表、电流表、滑动变阻器的正确使用上考虑：
从电流表、电压表的量程、连接方式、正负接线柱的接入方法上考虑。从滑动变阻器接线柱的选择考虑；
(4)根据电流表量程确定分度值读数，根据欧姆定律求电阻大小；
(5)根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。
此题考查的知识点较多，有电压表的连接，电流表的读数方法以及连接电路时，开关应处于断开状态，闭合开关前，应使滑动变阻器的阻值处于最大状态等，尽管这些都是一些细节问题，但一定要向学生强调。此外在探究电流与电压、电阻的关系时要采用控制变量法，如何控制变量是关键。

23.【答案】(1)0.8；(2)控制变量；(4)B；(5)999.9；(6)越大；(7)0.3。

【解析】解：(1)根据刻度尺读出电阻丝的长度为：l=1.60cm，
则电阻丝的直径为：d=1n=1.60cm20=0.08cm=0.8mm；
(2)电阻的大小在不考虑温度的前提下，有三个决定因素：材料、长度、横截面积。因此要研究电阻的大小与每一个因素的具体关系时，要用到控制变量法，在实验中，先保持电阻丝的横截面积S和材料不变，探究电阻丝的电阻R与长度L的关系，这种方法叫做控制变量法；
(4)电路中的最大电流I=UR=1.5V10Ω=0.15A=150mA，所以为了提高实验的精确程度，电流表选最量程为100mA的电流表A1(或序号B)；
(5)闭合开关S前，电阻箱起到保护电路的作用，电阻箱的阻值应调整到阻值最大处，由电阻箱R0(阻值0∼999.9Ω)可知，电阻箱的阻值应调整到999.9Ω。
(6)在图象上可以看到，电阻的长度越长，电流的倒数越大，电流越小，在电压一定时，电阻越大。
(7)由图乙知，电阻丝和电阻箱是串联的，
由图丙知，
当电阻丝接入0cm，就是电阻丝的电阻为零时，电源电压为1.5V，电流倒数为10A−1，所以电流为I′=110A=0.1A，则电阻箱的电阻为：R′=UI′=1.5V0.1A=15Ω，
当电阻丝接入10cm，就是电阻丝的电阻为R时，电源电压为1.5V，电流倒数为12A−1，所以电流为I′′=112A，则电路总电阻为：，
所以10cm电阻丝的电阻为：，
在横截面积和材料一定时，导体的电阻跟导体的长度成正比，所以1cm的电阻丝电阻为：R1=R10=3Ω10=0.3Ω。
故答案为：(1)0.8；(2)控制变量；(4)B；(5)999.9；(6)越大；(7)0.3。
(1)先根据刻度尺读出电阻丝的长度l，再根据d=1n求解电阻丝的直径；
(2)探究导体电阻的决定因素，由于电阻的大小与多个物理量有关，因此探究时，要用到控制变量法；
(4)知道电源电压和电路最小电阻可以求出最大电流，最大电流小于电流表量程时，电流表的量程越小，分度值越小，测量的电流越准确。
(5)闭合开关S前，电阻箱的阻值应调整到阻值最大处。
(6)在图象上可以看到，通过电流的倒数分析电流变化，从电流变化分析电阻变化。
(7)由乙图知，电阻箱和电阻丝的串联的，根据图象可知，当电阻丝阻值为零时，电路电流的倒数为10A−1，能求出电流，知道电源电压和电流，求出电阻箱接入电路的电阻；当电阻丝为10cm时，电阻箱的电阻不变，此时电路电流的倒数为12A−1，求出电流，知道电源电压和电流求出总电阻，再求出电阻丝的电阻，根据电阻和长度的关系求出1cm的电阻值。
本题的难度较大，一个是知识点考查的多，另一个是有难度，尤其是最后一问，从图象上分析数据，通过分析电流倒数来分析电流，通过电流来分析电阻，还涉及到两个电路过程，是电学中比较难的习题了。

24.【答案】解：(1)灯泡的额定电压是6V，额定功率是3W，
由P=UI得，灯泡的额定电流：IL=PU=3W6V=0.5A，
由欧姆定律得，灯泡的电阻：R=UI=6V0.5A=12Ω；
(2)灯泡正常工作时电路中的电流为：I=IL=0.5A，
滑动变阻器两端的电压：，
所以滑动变阻器的电阻：R′=U′I=2V0.5A=4Ω；
(3)当电压表示数为3V时，灯泡两端的电压为3V，
此时灯泡的实际功率为：。
答：(1)小灯泡的额定电流是0.5A；
(2)小灯泡正常发光时，滑动变阻器R接入电路的阻值是4Ω；
(3)电压表示数为3V时，小灯泡的实际功率是0.75W。

【解析】(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出额定电流。
(2)知道电源电压和灯泡的电压求出滑动变阻器电压，知道电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器电阻。
(3)知道灯泡的电压和电阻，根据P=U2R求出实际功率。
对于有灯泡的电路，一定要注意灯丝的电阻是否一定，一般情况下有图象反映灯泡的电压和电流关系时，灯泡电阻是变化的，没有图象的一般认为是不变的。

25.【答案】解：
(1)由图丙(指示灯亮表示正常工作)可知，此时足浴器的电功率P=500W，
由P=UI可得，此时足浴器的工作电流：
I=PU=500W220V≈2.3A；
(2)足浴器装入最大容量时水的体积：
V=5L=5dm3=5×10−3m3，
由ρ=mV得，水的质量：
m=ρV=1.0×103kg/m3×5×10−3m3=5kg，
则水温达到控制面板上显示的温度时水所吸收的热量：
；
(3)加热时间t=15min=900s，
由P=Wt得，电热足浴器消耗的电能：
W=Pt=500W×900s=4.5×105J，
则该足浴器的电热效率：
；
(4)爷爷换成300W档位，泡脚时间t′=20min=1200s，
消耗的电能：
W′=P′t′=300W×1200s=3.6×105J，
则。
答：(1)此次加热时足浴器的工作电流为2.3A；
(2)当水温达到控制面板上显示的温度时，则此过程中水所吸收到热量为3.78×105J；
(3)若此次加热过程耗时15min，则该足浴器的电热效率为84%；
(4)此次加热和泡脚总共消耗8.1×105J的电能。

【解析】(1)由图丙可知此时足浴器的电功率，根据P=UI求出此时足浴器的工作电流；
(2)知道足浴器装入最大容量水时水的体积，根据ρ=mV求出水的质量，由图乙可知控制面板上显示的温度，根据求出水所吸收的热量；
(3)根据W=Pt求出电热足浴器消耗的电能，然后根据求出该足浴器的热效率；
(4)根据W=Pt求出电热足浴器泡脚消耗的电能，最后求出之和即可。
本题考查了电功率公式、密度公式、吸热公式、电功公式以及效率公式的应用，从图丙中获取有用的信息是关键，要注意单位的换算。