还剩25页未读，
继续阅读
成套系列资料，整套一键下载
2020-2021学年河北省廊坊市三河市九中九年级（上）期中物理试卷
展开
这是一份2020-2021学年河北省廊坊市三河市九中九年级（上）期中物理试卷，共28页。
2020-2021学年河北省廊坊市三河市九中九年级（上）期中物理试卷
1. 下列现象中能说明分子在不停地做无则运动的是( )
A. 煮稀饭时米粒在水中翻滚 B. 给车加油时，能闻到汽油味
C. 擦黑板时，粉笔灰在空中飞舞 D. 用高速旋转的砂轮磨刀火花四溅
2. 两个物体接触，之间不发生热传递现象，这表明它们一定具有相同的( )
A. 温度 B. 热量 C. 质量 D. 内能
3. 下列日用品中，一般情况下属于导体的是( )
A. 钢勺 B. 玻璃杯 C. 塑料桶 D. 瓷碗
4. 下列事例没有利用水的比热容大的是( )
A. 热水袋用水来取暖 B. 夏天中午洒水车洒水降温
C. 初春夜晚要向稻田中灌水 D. 城市建造人工湖来调节气温
5. 如图所示为我们常见的家用电器，关于它们正常工作时的电流，下列说法中合理的是( )
A. 电风扇约2A B. 电冰箱约1A
C. 电视机约2A D. 台灯约1A
6. 如图所示电路中，属于串联电路的是( )
A. B.
C. D.
7. 在一个电源两端接有两个不同的灯泡，用电流表测得通过这两个灯泡的电流不相等．则这两个灯泡的连接方式( )
A. 一定是并联 B. 一定是串联
C. 串联、并联都可以 D. 条件不足，无法判断
8. 如图所示，当滑片P向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻变小的是( )
A. B.
C. D.
9. 由欧姆定律公式可知( )
A. 同一导体两端的电压跟通过导体的电流成反比
B. 导体两端的电压为零时，因为没有电流通过，所以导体电阻为零
C. 导体中的电流越大，导体的电阻就越小
D. 导体电阻的大小，可以用它两端的电压与通过它的电流的比值来表示
10. 将阻值之比为2：3的电阻R1、R2并联在同一电路的两端，则通过电阻R1、R2的电流之比为( )
A. 6：1 B. 1：6 C. 3：2 D. 2：3
11. 一根长1m导线，电阻为R，先把它剪去一半，再将剩下的一半拉长到1m，此时它的电阻( )
A. 大于R B. 等于R
C. 小于R D. 因条件不足，无法判断其变化
12. 如图所示，当滑动变阻器的滑片P向左端滑动时，电流表和电压表示数的变化情况是( )
A. 两表示数都变大 B. 两表示数都变小
C. 电流示数变大，电压表示数变小 D. 电流示数变小，电压表示数变大
13. 如图是汽车、摩托车油量表(实际上就是电流表)原理示意图，R′是定值电阻，R是滑动变阻器，则( )
A. 向油箱里加油时，电流表示数变大
B. 燃油消耗下降时，电流表示数变大
C. 燃油全部耗尽时，电流表将被烧坏
D. 油箱加油过满时，电流表将被烧坏
14. 如图甲所示的电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均如图乙所示，则电灯L1和L2两端的电压分别为( )
A. 4.8V，1.2V B. 6V，1.2V C. 1.2V，6V D. 1.2V，4.8V
15. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，下列说法正确的是( )
A. 向右移动滑片P，电压表V1的示数变大
B. 向右移动滑片P，电压表V2的示数变小
C. 向左移动滑片P，电流表A的示数变大
D. 向左移动滑片P，电压表V1与电流表A的示数比值不变
16. 某导体中的电流与它两端电压的关系如图所示，下列分析正确的是( )
A. 当导体两端的电压为0时，电阻为0
B. 该导体的电阻随电压的增大而减小
C. 把该导体接到电压为4V的电源上，电流为0.8A
D. 当导体两端的电压为2V时，电流为0.6A
17. 小丽同学用单刀双掷开关设计了如图所示的电路，当开关S与a相连，电压表示数为1.2V，当开关S与b相连，电压表示数为3.0V，则灯L1、L2两端电压分别为( )
A. 3.0V和1.8V B. 1.2V和3.0V C. 1.8V和1.2V D. 1.2V和1.8V
18. 在如图甲所示的电路中，当闭合开关后，两个电流表指针偏转均为图乙所示，则灯泡L1和L2中的电流分别为( )
A. 1.2A，0.22A B. 0.98A，0.22A
C. 0.96A，0.24A D. 0.24A，1.2A
19. 如图所示电路中，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比：：4；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比：为( )
A. 1：4 B. 4：1 C. 4：3 D. 3：4
20. 下列关于功、内能、热量的描述正确的是( )
A. 机械能为零的物体，内能也一定为零
B. 热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
C. 内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体
D. 物体的内能增大，温度一定升高
21. 用相同的酒精灯分别对a、b两液体加热(如图甲所示)，根据测得数据分别描绘出两液体的温度随时间变化的图象(如图乙所示).在相同的时间内两液体吸收的热量相等，不计液体热量散失，分别用ma、mb、ca、cb表示a、b两液体的质量和比热容，则结合图中信息作出的下列推断正确的是( )
A. 若ma=mb，则ca>cb B. 若ma=mb，则ca
A. 通过灯L1的电流为0.6A B. 通过灯L1的电流为0.4A
C. 通过电路总电流为0.8A D. 通过灯L2的电流为0.4A
23. 如图所示，“钻木”能“取火”，说明______可以改变物体的内能；“烤火”能“取暖”，说明______可以改变物体的内能。这两种方式在改变物体的内能上是______。
24. 如图1是用电流表测量电流的实物连接图。
(1)电流表测量的是通过灯泡______的电流(选填“L1”或“L2”)；
(2)如果电流表示数如图2所示，则测出的电流是______A；
(3)如果要用电流表测干路电流，且只允许移动其中一根导线，应将导线______(选填“a”、“b”或“c”)的右端接在电流表的______接线柱上(选填“正”或“负”)。
25. 如图所示的电路，若要使灯和电铃组成串联电路，只需闭合开关______；若要使灯和电铃组成并联电路，则需闭合开关______；同时闭合S2、S3，则灯______，电铃______(选填“工作”或“不工作”)。
26. 如图为旋转式变阻器的结构图，a、b、c为变阻器的三个接线柱，d为旋钮触片。将该变阻器接入电路中调节灯泡的亮度，当顺时针旋转旋钮触片时，灯光变亮，则应连接接线柱______(选填“a、b”、“b、c”或“a、c”)和灯泡______联后接入电路中。
27. 导体两端的电压是3V时，通过它的电流是0.3A，则该导体的电阻是______Ω；当它两端电压减小1V时，通过它的电流变为______ A；当它两端电压为0时，该导体的电阻为______Ω。
28. 如图是大型电子地磅的电路图。当称重物时，在压力作用下滑片P向下端滑动，变阻器连入电路的电阻______，电流表的示数______。(选填“变大”“变小”或“不变”).这样把电流对应的重量刻在电流表的刻度盘上，就可以读出被称物体的重量。
29. 有两个电阻R1=6Ω，R2=12Ω，若把它们串联接在电路中，总电阻是______Ω，R1和R2两端电压之比U1：U2=______，R1和R2的电流之比I1：I2=______；并联在电路中时，总电阻是______Ω，经过R1和R2的电流之比I1：I2=______。
30. 已知R1
31. 一只小灯泡正常发光时的电压为6V，正常发光时通过它的电流为0.5A，现将该小灯泡接在8V的电源上，为使其正常发光，应______联一个______Ω的电阻。
32. 两只定值电阻，甲标有“10Ω1A”，乙标有“15Ω0.6A”，把它们串联在同一电路中，电路中允许通过的最大电流为______A，两端允许加的最大电压为______V。
33. 在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中：
(1)在两个完全相同的烧杯中分别装入______、初温都相同的水和煤油(选填“质量”或“体积”)。
(2)实验中选择相同规格的电加热器，可以认为在相同时间内水和煤油______相同，然后比较______的方法来完成探究实验的。
(3)根据实验测得的数据分别描绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图所示，则______的吸热能力更强，因此“暖手宝”中装的储热液具有的比热容______(选填：“较大”或“较小”)。
(4)由图象可得煤油的比热容为______J/(kg⋅℃)
34. 在探究“电流与电阻的关系”的实验过程中，小明选择了5Ω、10Ω、20Ω、25Ω五个电阻进行实验，电路图如图甲所示．
(1)请用笔画线代替导线将图乙中未完成的电路完成，且使变阻器滑片向右移动时电流表示数变大．(导线不能交叉)
(2)连接电路时，开关应处于______ (选填“断开”或“闭合”)状态．
(3)连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压．造成这一现象的原因可能是______ (填字母).
A.电阻断路 B.电流表坏了 C.滑动变阻器短路 D.电阻短路
(4)排除电路故障进行实验．为达到实验目的，滑动变阻器除了起到保护电路的作用外，还起到______ 的作用．实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，应把变阻器滑片向______ (填“左”或“右”)滑动，同时眼睛盯住______ 才可能达到这个目的．
(5)根据实验数据，作出I−R图象如图丙所示．根据实验目的分析图象可得出结论：______ .
35. 亮亮设计了一个用电压表的示数变化反映环境温度变化的电路。其电路原理图如图(a)所示。其中，电源两端电压U=4V(恒定不变)。是电压表。量程为0∼3V，R0是定值电阻，R0=300Ω，R1是热敏电阻，其电阻随环境温度变化的关系如图(b)所示。闭合开关S后。求：
①当环境温度为40℃时，热敏电阻R1的阻值是多少？
②当环境温度为40℃时，电压表的示数是多少？
③电压表两端电压不能超过其最大测量值，则此电路所允许的最高环境温度是多少？
36. 在如图所示的电路中，电源电压U=8V，且保持不变，R1=10Ω，R2=40Ω.试问：
(1)若开关S1闭合，S2断开，当滑片P滑到a端时，电流表的示数为0.2A，此时滑动变阻器R的电阻值为多大？
(2)若开关S1、S2均闭合，当滑片P滑到b端时，电流表的示数是多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、煮稀饭时，米粒在水中上下翻滚，是米粒在水中的机械运动，它不能说明分子在不停地做无规则运动，故A不符合题意；
B、给车加油时，油的分子扩散到空气中而四处飘逸，说明分子在不停地做无则运动，故B符合题意；
C、擦黑板时，粉笔灰在空中飞舞，是固体颗粒的运动，不能说明分子运动，故C不符合题意；
D、用高速旋转的砂轮磨刀火花四溅，是固体颗粒的运动，不能说明分子运动，故D不符合题意。
故选：B。
不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明了：一切物质的分子都在不停地做无规则运动。
解答问题时要抓住问题的关键：一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子运动是微观运动，肉眼不可能直接观察。
2.【答案】A
【解析】解：
因为发生热传递的条件是有温度差，如果两物体没发生热传递，肯定是具有相同的温度，故A正确。
故选：A。
解决此题要知道热传递发生的条件是两物体的温度不相等，如果温度一样，则就不会发生热传递。
此题主要考查的是学生对热传递条件的理解和掌握，重点是理解热传递的是指--热量从高温物体传向低温物体的过程。
3.【答案】A
【解析】解：A、钢勺是金属制品，善于导电，是导体，符合题意；
BCD、玻璃杯、塑料桶、瓷碗都不善于导电，是绝缘体，不合题意。
故选：A。
(1)善于导电的物体叫导体，如：各种金属、酸碱盐溶液、石墨、人体、大地等；
(2)不善于导电的物体叫绝缘体，如：玻璃、橡胶、陶瓷、空气、蒸馏水等。
本题考查了导体和绝缘体的概念。对于常见的导体和绝缘体可以联系它们在日常生活和工业生产中的应用来记忆，不要死记硬背。如塑料，橡胶，陶瓷等常用来制作用电器的外壳，以防止触电，它们都是绝缘体；而电线芯用金属来做，因为金属容易导电，是导体。
4.【答案】B
【解析】解：A、由于水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以热水袋用水来取暖，故和水的比热容大有关，故A不符合题意；
B、夏天中午洒水车洒水降温，即是利用水蒸发吸热降温的，故与水的比热容无关，故B符合题意；
C、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以晚上向秧苗田里放水，水可以放出更多的热量以防冻坏秧苗，故与水的比热容有关，故C不符合题意；
D、城市建造人工湖来调节气温，即由于水的比热容最大，相同质量的水和其它物质比较，吸相同的热量，水温度上升的慢，故与水的比热容有关，故D不符合题意。
故选：B。
水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析。
本题主要考查学生对水的比热容大的特点以及应用的了解和掌握，理解并用好：相同的m、△t，c大的Q多，可以通过Q=cm△t帮助记忆。
5.【答案】B
【解析】解：家用电器的电压都是220V，则
A、电风扇的电功率：P=UI=220V×2A=440W，而电风扇的电功率是在100W左右，故A是错的；
B、电冰箱的电功率：P=220V×1A=220W，与实际情况比较接近，故B是正确的；
C、电视机的电功率：P=220V×2A=440W，而电视机的电功率应该是在200W左右，故C是错的；
D、台灯的电功率：P=220V×1A=220W，而台灯的电功率应该在60W左右，故D是错的。
故选：B。
对于每个用电器的电流大小是多少，我们是有些陌生，不过我们可以借助我们比较熟悉的电功率来进行分析。
本题考查用电器的电流，可用电功率公式将电流转变为电功率，便于分析。
6.【答案】A
【解析】解：A、该电路图中的灯泡为顺次连接，因此为串联电路；
BCD、该选项中的灯泡均为并列连接，因此BCD选项中的电路均为并联连接。
故选：A。
串联电路是指各用电器依次连接起来的电路；
并联电路是指将各用电器并列连接起来的电路。
然后根据串并联电路的特点对各选项进行逐一分析。
解答本题的关键是知道串并联电路的特点，并且会根据串并联电路的特点进行识别。
7.【答案】A
【解析】解：串联电路处处电流相等，如果两盏灯串联，则通过每盏灯的电流相等，而通过两个灯泡的电流不相等，则两灯一定不是串联，而是并联．
故选A.
串联电路中，电流处处相等；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，各支路电流可能相等，也可能不相等．
本题主要考查了串、并联电路中的电流关系，属于基础题．
8.【答案】B
【解析】解：A、图中接A、D接线柱；故当滑片向右移动时，连入电路的电阻丝的长度变大，连入电路的电阻变大，故A不符合题意；
B、图中接B、D接线柱；故当滑片向右移动时，连入电路的电阻丝的长度变小，连入电路的电阻变小，故B符合题意；
C、图中接A、C接线柱；故当滑片向右移动时，连入电路的电阻丝的长度变大，连入电路的电阻变大，故C不符合题意；
D、图中接A、B接线柱；故当滑片向右移动时，连入电路的电阻丝的长度不变，连入电路的电阻不变，故D不符合题意。
故选：B。
首先明确此种接法中被利用的电阻，然后根据接入电路的电阻丝的长度确定电阻的变化。
本题考查了滑动变阻器的使用；能够正确的确定接入电路的电阻丝是哪一段，是解答本题的关键。
9.【答案】D
【解析】解：
A、电压是形成的电流的原因，不会随电流的变化而变化。此选项错误；
B、导体两端的电压为零时，电流为零，但导体电阻不为零。此选项错误；
C、导体中的电流越大，说明两端电压越大，但电阻不变。此选项错误；
D、在物理学中，导体的电阻等于两端的电压与通过的电流的比值。此选项正确。
故选：D。
①电阻一定时，通过导体的电流与电压成正比；电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比；
②电阻是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关。其大小等于导体两端的电压与通过导体的电流之比。
此题考查的是我们对欧姆定律特别是变形公式R=UI的理解和应用，是基本规律的考查，需要正确理解电流、电压、电阻三者之间的关系。
10.【答案】C
【解析】解：因两电阻并联，故两电阻两端的电压相等，由I=UR得：
I1I2=UR1UR2=R2R1=32，
故选：C。
两电阻并联则由并联电路的电压特点可知电压关系，再由欧姆定律即可求得电流之比。
本题分别表示出电流后，采用比例法求解，要注意比例式的运算应熟练掌握。
11.【答案】A
【解析】解：导线的电阻为R，剪去一半，剩余一半导线的长度为0.5m，则电阻为R2；
再拉长到1m后，横截面积变为12，长度变为2倍，所以电阻为R2×4=2R；所以它的电阻大于R。
故选：A。
影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度、横截面积和温度，据此分析回答。
此题考查学生对于影响电阻大小因素的理解和掌握。学会控制变量法的应用是解题关键。
12.【答案】A
【解析】解：(1)由电路图知，滑动变阻器与定值电阻串联，电流表测电路总电流，电压表测定值电阻两端电压；
(2)滑动变阻器滑片向左移时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路总电阻变小；
(3)电源电压U不变，电路电阻R变小，由知电路电流I变大，电流表示数变大；
(4)定值电阻R阻值不变，电路电流I变大，定值电阻两端的电压UR=IR变大，则电压表示数变大．
综上分析可知：电流表示数变大，电压表示数变大．
故选A.
(1)分析电路结构，明确各电路元件的连接方式；
(2)根据滑动变阻器滑片的移动方向，分析滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，电路总电阻如何变化；
(3)根据欧姆定律判断电路电流如何变化，电流表示数如何变化、电压表示数如何变化．
本题是一道闭合电路的动态分析题，对初中生来说有一定难度，是一道中档题；分析清楚电路结构、知道电路电阻的变化情况是正确解题的前提，灵活应用欧姆定律是正确解题的关键．
13.【答案】A
【解析】解：由图可知，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量的是电路中的电流；
A、向油箱里加油时，浮子上浮，滑片向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据公式I=UR可知，电路中电流增大，电流表示数变大，故A正确。
B、燃油消耗下降时，浮子下移，滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻增大，根据公式I=UR可知，电路中电流变小，电流表示数变小，故B错误。
C、燃油全部耗尽时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据公式I=UR可知，电路中电流最小，电流表示数最小，故C错误。
D、油箱加油过满时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据公式I=UR可知，电路中电流最大，电流表示数最大，但还有保护电阻R′，不至于烧坏电流表，故D错误。
故选：A。
由图可知，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量的是电路中的电流，浮子和滑片相连，根据杠杆的原理，浮子上浮时，滑片向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据公式I=UR可知电路中的电流变化。
当浮子下移时，滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻增大，根据公式I=UR可知电路中的电流变化。
本题考查了欧姆定律、滑动变阻器以及杠杆的应用，关键是能正确分析电路的组成，以及油量变化时滑片的移动方向。
14.【答案】D
【解析】
【分析】
本题考查了电压表的读数和串联电路的特点，分清电路的连接方式和电压表量程的判读是解决本题的关键。
(1)分析电路结构，弄清电压表V1、V2测电路中哪部分电路电压。
(2)确定两个电压表的量程，然后读出电压表的读数。
(3)根据串并联电路的规律特点，求出电灯L1和L2两端的电压。
【解答】
(1)由电路图可知：电灯L1、L2串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测L1两端的电压。
(2)因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电压表V1的示数应大于V2的示数；
则电压表V1的量程是0∼15V，分度值为0.5V，示数UV1=6V；
电压表V2的量程是0∼3V，分度值为0.1V，示数UV2=1.2V。
(3)电压表V2测L1两端的电压，所以L1两端的电压U1=UV2=1.2V；
由于L1、L2串联，电压表V1测电源电压，由串联电路的特点可知：L2两端的电压U2=UV1−UV2=6V−1.2V=4.8V。
故选：D。
15.【答案】AD
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V2测电源的电压，电压表V1测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表V2的示数不变，故B错误；
当向右移动滑片P时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，
由U=IR可知，R2两端的电压变大，即电压表V1的示数变大，故A正确；
同理可知，向左移动滑片P时，接入电路中的电阻变大，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故C错误；
由R=UI可知，电压表V1与电流表A的示数比值等于R2的阻值，
则电压表V1与电流表A的示数比值不变，故D正确。
故选：AD。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V2测电源的电压，电压表V1测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表V2示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的等于变化，根据欧姆定律结合R2的阻值可知电压表V1与电流表A的示数比值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的灵活运用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
16.【答案】C
【解析】解：
AB、由图象上看出，当导体两端的电压为0时，电流为0，但是电阻不为零，因为电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积以及温度有关，与电压和电流没有关系，故AB错误；
CD、由图象可知，这是一个正比例函数图象，该导体上电流与电压成正比。
由图当导体电压为2V时，由图象可以找到此时对应的电流0.4A，所以当导体两端电压为4V时，对应的电流为0.8A，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)图象横坐标表示电压，纵坐标表示电流，这是一个正比例函数图象，电流随电压的增大而增大；
(2)电阻是导体本身的一种性质，与导体的材料、长度、横截面积，另外还有温度有关，与导体两端的电压和通过的电流大小无关。
本题考查电流与电压关系图象的认识和电阻的理解，电阻是导体本身的性质，与电压的大小和电流的大小无关；读懂图象，能根据电压找到对应的电流，或者根据电流找到对应的电压。
17.【答案】D
【解析】解：
由电路图可知，两灯串联，当开关S与a相连，电压表V测L1两端的电压，电压表示数U1=1.2V，
当开关S与b相连，电压表V测电源电压，电压表示数U=3.0V，
根据串联电路的电压规律可得，L2两端的电压：U2=U−U1=3.0V−1.2V=1.8V。
故选：D。
由图可知，两灯串联，当开关S与a相连，电压表V测L1两端的电压，当开关S与b相连，电压表V测电源电压；根据串联电路的电压规律可求得L2两端的电压。
本题考查了串联电路的电压规律，关键是电压表的正确使用和所测电路元件的判断，是一道基础题目。
18.【答案】C
【解析】解：
由电路图可知，两灯并联，电流表A1测的是干路电流，电流表A2测的是L2所在支路的电流；
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则A1的示数应大于A2的示数，而两个电流表指针偏转角度相同，所以电流表A1选择的量程是0∼3A，分度值为0.1A，则电流表A1的示数为1.2A，即干路电流；
电流表A2选择的量程是0∼0.6A，分度值是0.02A，则电流表A2的示数为0.24A，即通过灯L2的电流I2=0.24A；
那么通过灯L1的电流：。
故选：C。
分析电路可知：两灯并联，电流表A1测的是干路电流，电流表A2测的是L2所在支路的电流；
由于并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A1选用的应该是大量程(0∼3A)，A2选用的是小量程(0∼0.6A)；
然后根据相应量程下的分度值和指针位置来进行读数。结合并联电路的电流特点即可求出通过各灯的电流大小。
对于这类题目要先分析电路的构成，然后结合串、并联电路的特点和电表的读数方法进行分析。
19.【答案】C
【解析】解：(1)甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，
电源电压，，
由题知，：：4，即：U2：U=1：4，
∴U1：U2=3：1，
∵I=U1R1=U2R2，
∴R1：R2=U1：U2=3：1；
(2)甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，
I1I2=UR1UR2=R2R1=13，
∴I=I1+I2=43I2，
∵甲电流表测量R1和R2总电流，乙电流表测量R2的电流，
：：I2=4：3。
故选：C。
(1)甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，电压表乙测串联电阻的总电压，电压表甲测量R2两端的电压，求出两个电阻两端的电压之比，再根据欧姆定律和串联电阻的分压关系，求出两电阻之比；
(2)甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，甲电流表测量R1和R2总电流，乙电流表测量R2的电流，根据欧姆定律和并联电阻的电流关系推出R1和R2的电流之比，再推导出两表示数之比。
本题通过改变开关的连接方法和电表的更换，改变了电路的连接方法，电路先串联后并联，通过电阻的不变量来沟通两个过程。
20.【答案】C
【解析】解：A、一切物体都有内能，因此机械能为零的物体，内能一定不为零，故A错误；
B、发生热传递的条件时存在温度差，热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，故B错误；
C、内能少的物体温度可能高，所以内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体，故C正确；
D、物体吸收了热量，物体的内能增大，温度可能不变，比如：晶体在熔化过程中吸热但温度不变，故D错误；
故选C.
(1)一切物体都具有内能．
(2)发生热传递的条件时存在温度差；
(3)晶体在熔化过程中吸热但温度不变．
要正确理解温度、热量与内能的关系．解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的．
21.【答案】BD
【解析】解：
A、B、若ma=mb，吸收相同的热量，a的温度升高幅度大，由c=Qm△t知，a的比热容较小，b的比热容较大．A选项错误，B选项正确；
C、D、若ca=cb，吸收相同的热量，a的温度升高幅度大，由m=Qc△t知，a的质量较小，b的质量较大．C选项错误，D选项正确．
故选BD.
物质吸收热量的多少与比热容、质量和升高的温度成正比，由题意知，相同时间两种液体吸收的热量相同，由图象可以得到升高的温度与热量的关系，利用Q=cm△t变形公式对比热容和质量大小作出判断．
此题考查的是我们对探究物质吸收热量本领结论的分析，属于基本技能的考查，掌握影响热量的因素，读懂图象，是解答此题的基础．
22.【答案】B
【解析】
【分析】
由电路图可知，两个灯泡并联，电流表乙测通过L2的电流，甲测干路电流；在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
本题考查了电路结构分析、并联电路的特点，分析清楚电路结构，掌握并联电路的特点是正确解题的关键。
【解答】
解：∵甲电流表的示数为0.6A，乙电流表的示数为0.2A，
∴通过电路总电流为0.6A；通过灯L2的电流为0.2A，
又∵干路电流等于各支路电流之和
∴通过灯L1的电流为0.6A−0.2A=0.4A。
故选B。
23.【答案】做功 热传递 等效的
【解析】解：钻木取火，是克服摩擦做功，使木头的内能增加、温度升高，达到木头的着火点而燃烧，属于做功改变物体的内能；
“烤火”能“取暖”，是手从火吸收热量，使自己温度升高、内能增加，属于热传递改变物体的内能。
无论是“钻木”，还是“烤火”，都能使物体温度升高，内能增加，所以对于改变内能是等效的。
本题考查了改变物体内能有两种方式：做功和热传递，二者是等效的。
24.【答案】L1 0.36b负
【解析】解：(1)由电路图可知，电流表与L1灯串联，测灯L1的电流。
(2)由图2所示电流表可知，其量程是0∼0.6A，分度值为0.02A，电流表示数为0.36A。
(3)如果要用电流表测干路电流，电流表应串联接在干路中，由电路图可知，只需将导线b的右端接在电流表的负接线柱上即可。
故答案为：(1)L1；(2)0.36；(3)b；负。
电流表与被测电路串联，分析电路图然后判断电流表测哪部分电路电流，电路如何改接；由图示电流表确定电流表量程与分度值，然后读出其示数。
知道电流表应与被测电路串联、分析清楚电路结构即可正确解题；对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直。
25.【答案】S2S1、S3不工作 工作
【解析】解：若要使灯和电铃组成串联电路，则只需闭合开关S2，此时灯与电铃首尾顺次连接；
若要使灯和电铃组成并联电路时，则要断开开关S2，闭合开关S1和S3，此时灯和电铃并列地连接。
同时闭合S2、S3，电流从正极出发经电铃回负极，灯泡被短路，因此灯不工作，电铃工作。
故答案为：S2；S1、S3；不工作；工作。
(1)串联电路中电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路中电流有多条路径，电流进行分支、汇合从电源正极回到负极；
(2)短路分为电源短路和用电器短路，电源短路是指用导线直接将电源两端相连，电源短路是绝对不允许的；而用电电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来。
解决此类题目的关键是根据题目中的开关组合方式，联系串并联电路的特点进行分析电路的连接情况。
26.【答案】bc 串
【解析】解：顺时针旋转旋片时，灯泡变亮，原因是电流变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知：电路中电阻变小，则应连接接线柱b、c与灯泡串联后接入电路。
故答案为：bc；串；
滑动变阻器与灯泡串联，顺时针旋转旋片可以使灯泡亮度增加，则电流变大，电阻变小，连入电路的部分应该是b、c段。
本题体现了物理和生活的密切关系。能根据实际要求把滑动变阻器连入电路，来调节灯泡的亮度。
27.【答案】100.210
【解析】解：由I=UR可得，导体的电阻：
R=UI=3V0.3A=10Ω；
因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，
所以，当它两端电压减小1V时或当它两端电压为0时，导体的电阻仍为10Ω不变，
当它两端电压减小1V即U′=2V时，通过导体的电流：
I′=U′R=2V10Ω=0.2A。
故答案为：10；0.2；10。
(1)知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；
(2)电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，根据欧姆定律求出当它两端电压减小1V时通过的电流。
本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。
28.【答案】变小；变大
【解析】
【分析】
本题考查滑动变阻器的原理和滑动变阻器的作用，此题联系生活，让学生能感受到物理学是有用的。
滑动变阻器是通过改变连入电路中电阻丝的长度来改变电阻的，由图可知，滑片P向下滑动，连入电路中的电阻丝长度变短，阻值变小，根据欧姆定律可知，电流变大。
【解答】
滑片P向下滑动→PB段变短→变阻器连入电阻变小→总电阻变小→电流变大，电流表的示数变大。
故答案为：变小；变大。
29.【答案】18 1：2 1：1 4 2：1
【解析】解：有两个电阻R1=6Ω，R2=12Ω，若把它们串联接在电路中，根据串联电阻的规律，总电阻为6Ω+12Ω=18Ω；
根据分压原理，电压之比等于电阻之比，所以R1和R2两端电压之比U1：U2=6Ω：12Ω=1：2；
根据串联电路电流都相等，所以R1和R2的电流之比I1：I2=1：1；
根据并联电阻的规律，并联的总电阻R=R1R2R1+R2=6Ω×12Ω6Ω+12Ω=4Ω；
根据分流原理，电流的分配与电阻成反比，
经过R1和R2的电流之比I1：I2=R2：R1=12Ω：6Ω=2：1。
故答案为：18；1：2；1：1；4；2：1。
根据串联电路的规律、分压原理和并联电路的规律及分流原理求解。
本题考查串联、并联电路的规律及分压原理和分流原理，为易错题。
30.【答案】C D
【解析】解：因两个电阻串联时，相当于增加了长度(横截面积和材料相同)，两个电阻并联时，相当于增加了横截面积(长度和材料相同)，
所以，串联时总电阻大于其中的任意一个，并联时总电阻小于其中的任意一个，
则串联时的总电阻最大，并联时的总电阻最小，即RC>RB>RA>RD。
故答案为：C；D。
根据电阻的串联和电阻的并联比较各选项中电阻之间的关系，然后得出答案。
本题考查了电阻的串联和电阻的并联，要注意电阻越串越大、大于其中的任意一个，电阻越并越小、小于其中的任意一个。
31.【答案】串 4
【解析】解：由题意知，电源电压大于小灯泡正常发光的电压，根据串联分压的规律，为使其正常发光，应串联一个电阻来进行分压。
灯泡正常发光时的电压为UL=6V；
根据串联分压的特点，电阻两端的电压UR=U−UL=8V−6V=2V，
∵串联电路各处的电流相等，I=UR，
∴串联电阻的阻值：R=URI=2V0.5A=4Ω。
故答案为：串；4。
现在电源电压大于灯泡正常工作时的电压，需要串联分压，串联电阻两端的电压等于电源电压减去灯泡的额定电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律即可求出电阻的阻值。
本题考查电压、电阻的计算，关键是公式及其变形的灵活运用以及知道串联分压的特点。
32.【答案】0.615
【解析】解：串联时电路电流为0.6A；两端允许加的最大电压是U=IR=0.6A×(10Ω+15Ω)=15V。
故答案为：0.6；15。
串联时允许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一个；根据公式U=IR可求两端允许加的最大电压。
本题考查了欧姆定律的简单计算，难点是知道串联时允许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一个，还要知道串联电路电阻的规律。
33.【答案】(1)质量 (2)吸收的热量； 升高温度 (3)水； 较大 (4)2.1×103
【解析】解：(1)根据比较吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，故在两个完全相同的烧杯中分别装入质量、初温都相同的水和煤油；
(2)实验中选择相同规格的电加热器，根据转换法，可以认为在相同时间内水和煤油吸热相同，根据比较吸热能力的第1种方法，然后比较升高温度的方法来完成探究实验的；
(3)根据水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象知，加热相同时间，水升温慢，根据比较吸热能力的第2种方法，则水的吸热能力更强；
根据Q=cm△t，质量相同的不同液体降低相同的温度，比热容大的液体放热多，因此“暖手宝”中装的储热液具有的比热容较大；
(4)如果质量和初始温度均相同的两种液体，加热5分钟，水升温30∘C−10∘C=20∘C，煤油升温：50∘C−10∘C=40∘C，根据c=Qm△t，在质量和吸热相同的情况下，比热容c与△t成反比，故煤油的比热容是：c=12×20℃40∘$C4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)质量；(2)吸收的热量；升高温度；(3)水；较大；(4)2.1×103。
(1)(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(3)根据比较吸热能力的第2种方法分析水的吸热能力更强；根据Q=cm△t分析回答；
(4)质量和初始温度均相同的两种液体，加热5分钟，分别求出水和煤油升高的温度，根据c=Qm△t，在质量和吸热相同的情况下，比热容c与△t成反比，求出煤油的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及水的比热容大的运用，为热学中的重要实验。
34.【答案】断开；A；调节电阻两端电压保持不变；左；电压表；电压不变时，导体中的电流与导体的电阻成反比
【解析】解：
(1)由图甲，实验中电压表测R两端电压，滑动变阻器与R串联，滑片向右移动时电流表示数变大，即电阻变小，所以应把变阻器右下角接线柱接入电路．如图所示：
.
(2)在连接电路时开关应处于断开状态，这是为了防止电路中有短路的地方而导致损坏电路元件．
(3)A、闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，原因可能是电压表所测量的电阻断路，这样使得电压表串联入电路中，故A符合题意；
B、如果电流表坏了，整个电路断路，电压表也不会有示数，故B不合题意；
C、如果滑动变阻器短路，电流表会有示数，且更大，故C不合题意；
D、如果电阻短路，则电压表的示数将为零，且电流表的示数将变大，故D不合题意．
(4)探究“电流与电阻的关系”，应不断改变电阻阻值而控制电阻两端电压不变．
该实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，其作用主要是控制电阻两端电压保持不变；
根据串联电路的分压原理，把5Ω换成10Ω，电阻分压变大，滑动变阻器分压变小，为保持电阻两端电压不变，应减小电阻分压，增大滑动变阻器分压，应使滑动变阻器接入电路的阻值变大，由图示电路图可知，闭合开关后应向左移动滑片，同时眼睛盯住电压表．
(5)由图象知，电压不变时，导体中的电流与导体的电阻成反比．
故答案为：(1)见上图；(2)断开；(3)A；(4)调节电阻两端电压保持不变；左；电压表；(5)电压不变时，导体中的电流与导体的电阻成反比．
(1)由图甲，R与滑动变阻器串联，电压表测R两端电压，滑片向右移动时电流表示数变大，即电阻变小；
(2)连接电路时，开关应处于断开状态；
(3)电流表没有示数，电压表示数始终接近电源电压，电路故障可能为电压表所测量的电阻断路；
(4)探究电流与电阻的关系实验，应控制电阻两端电压不变；根据电路图与欧姆定律分析滑片移动方向．
(5)根据图象得出电流和电阻的关系：电压不变，导体中的电流与电阻成反比；
探究电流与电阻关系实验，应采用控制变量法，即控制电阻两端电压不变．考查了电路连接、滑动变阻器的使用、电路故障的判断和图象的题解等．判断电路故障时，要根据故障的表现，逐一分析可能的原因或现象，最后做出判断，是较易出错的问题．
35.【答案】解：(1)根据图b可读出环境温度为40℃时对应的R1的阻值为200Ω；
(2)环境温度为40℃时，根据电阻的串联特点可知：
，
则，
由欧姆定律得：R0两端的电压U0=IR0=0.008A×300Ω=2.4V；
(3)由题意可知电压表示数允许最大值为3V，且此时电路能够测量的温度最高；
所以此时电路中的电流为：I′=U0′R0=3V300Ω=0.01A，
串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和，
所以U1′=U−U0′=4V−3V=1V，
由欧姆定律得：此时热敏电阻的阻值R1′=U1′I′=1V0.01A=100Ω，
根据图b可查得热敏电阻的阻值为100Ω时对应温度为80℃，即最高温度为80℃。
答：①当环境温度为40℃时，热敏电阻R1的阻值是200Ω；
②当环境温度为40℃时，电压表的示数是2.4V；
③电压表两端电压不能超过其最大测量值，则此电路所允许的最高环境温度是80℃。
【解析】(1)根据图b可读出环境温度为40℃时对应的R1的阻值；
(2)R0与R1是串联，根据电阻的串联求出总阻值，利用欧姆定律即可求出电流和电压；
(3)电压表两端电压达到最大测量值3V时，根据串联电路的电压特点求出定值电阻R0两端的电压，利用欧姆定律即可求出此时的电流，最后再根据欧姆定律求出R1的阻值；然后对照变化曲线去找对应温度。
本题综合考查欧姆定律和电功率的计算，熟练分析掌握各种不同的坐标图是本题解题的关键，读取坐标图时要特别注意纵横坐标的含义，以及它们斜率表示的含义。
36.【答案】解：(1)若开关S1闭合，S2断开，当滑片P滑到a端时，分析电路图得，滑动变阻器R和定值电阻R1串联，
，
此时滑动变阻器R的电阻值为。
答：此时滑动变阻器R的电阻值为30Ω。
(2)若开关S1、S2均闭合，当滑片P滑到b端时，分析题意得，电阻R1、R2并联，电流表测量的是干路电流
I1=UR1=8V10Ω=0.8A，
I2=UR2=8V40Ω=0.2A，
电流表示数：。
答：电流表的示数是1A。
【解析】(1)当开关S1闭合，S2断开，当滑片P滑到a端时，滑动变阻器R和定值电阻R1串联，根据公式R=UI可求电路总电阻，进一步求出滑动变阻器接入电路的电阻。
(2)开关S1、S2均闭合，当滑片P滑到b端时，电阻R1、R2并联，电流表测量的是干路电流，根据公式I=UR分别求出通过两电阻的电流，两电流之和就是电流表的示数。
本题考查电阻、电流的计算，关键是欧姆定律及其变形的灵活运用，要熟记串联电路电阻和并联电路电流的规律，难点是能正确分析开关断开与闭合时电路的连接情况。
2020-2021学年河北省廊坊市三河市九中九年级（上）期中物理试卷
1. 下列现象中能说明分子在不停地做无则运动的是( )
A. 煮稀饭时米粒在水中翻滚 B. 给车加油时，能闻到汽油味
C. 擦黑板时，粉笔灰在空中飞舞 D. 用高速旋转的砂轮磨刀火花四溅
2. 两个物体接触，之间不发生热传递现象，这表明它们一定具有相同的( )
A. 温度 B. 热量 C. 质量 D. 内能
3. 下列日用品中，一般情况下属于导体的是( )
A. 钢勺 B. 玻璃杯 C. 塑料桶 D. 瓷碗
4. 下列事例没有利用水的比热容大的是( )
A. 热水袋用水来取暖 B. 夏天中午洒水车洒水降温
C. 初春夜晚要向稻田中灌水 D. 城市建造人工湖来调节气温
5. 如图所示为我们常见的家用电器，关于它们正常工作时的电流，下列说法中合理的是( )
A. 电风扇约2A B. 电冰箱约1A
C. 电视机约2A D. 台灯约1A
6. 如图所示电路中，属于串联电路的是( )
A. B.
C. D.
7. 在一个电源两端接有两个不同的灯泡，用电流表测得通过这两个灯泡的电流不相等．则这两个灯泡的连接方式( )
A. 一定是并联 B. 一定是串联
C. 串联、并联都可以 D. 条件不足，无法判断
8. 如图所示，当滑片P向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻变小的是( )
A. B.
C. D.
9. 由欧姆定律公式可知( )
A. 同一导体两端的电压跟通过导体的电流成反比
B. 导体两端的电压为零时，因为没有电流通过，所以导体电阻为零
C. 导体中的电流越大，导体的电阻就越小
D. 导体电阻的大小，可以用它两端的电压与通过它的电流的比值来表示
10. 将阻值之比为2：3的电阻R1、R2并联在同一电路的两端，则通过电阻R1、R2的电流之比为( )
A. 6：1 B. 1：6 C. 3：2 D. 2：3
11. 一根长1m导线，电阻为R，先把它剪去一半，再将剩下的一半拉长到1m，此时它的电阻( )
A. 大于R B. 等于R
C. 小于R D. 因条件不足，无法判断其变化
12. 如图所示，当滑动变阻器的滑片P向左端滑动时，电流表和电压表示数的变化情况是( )
A. 两表示数都变大 B. 两表示数都变小
C. 电流示数变大，电压表示数变小 D. 电流示数变小，电压表示数变大
13. 如图是汽车、摩托车油量表(实际上就是电流表)原理示意图，R′是定值电阻，R是滑动变阻器，则( )
A. 向油箱里加油时，电流表示数变大
B. 燃油消耗下降时，电流表示数变大
C. 燃油全部耗尽时，电流表将被烧坏
D. 油箱加油过满时，电流表将被烧坏
14. 如图甲所示的电路中，当闭合开关后，两个电压表指针偏转均如图乙所示，则电灯L1和L2两端的电压分别为( )
A. 4.8V，1.2V B. 6V，1.2V C. 1.2V，6V D. 1.2V，4.8V
15. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，下列说法正确的是( )
A. 向右移动滑片P，电压表V1的示数变大
B. 向右移动滑片P，电压表V2的示数变小
C. 向左移动滑片P，电流表A的示数变大
D. 向左移动滑片P，电压表V1与电流表A的示数比值不变
16. 某导体中的电流与它两端电压的关系如图所示，下列分析正确的是( )
A. 当导体两端的电压为0时，电阻为0
B. 该导体的电阻随电压的增大而减小
C. 把该导体接到电压为4V的电源上，电流为0.8A
D. 当导体两端的电压为2V时，电流为0.6A
17. 小丽同学用单刀双掷开关设计了如图所示的电路，当开关S与a相连，电压表示数为1.2V，当开关S与b相连，电压表示数为3.0V，则灯L1、L2两端电压分别为( )
A. 3.0V和1.8V B. 1.2V和3.0V C. 1.8V和1.2V D. 1.2V和1.8V
18. 在如图甲所示的电路中，当闭合开关后，两个电流表指针偏转均为图乙所示，则灯泡L1和L2中的电流分别为( )
A. 1.2A，0.22A B. 0.98A，0.22A
C. 0.96A，0.24A D. 0.24A，1.2A
19. 如图所示电路中，当开关S闭合，甲、乙两表为电压表时，两表读数之比：：4；当开关S断开，甲、乙两表为电流表时，两表的读数之比：为( )
A. 1：4 B. 4：1 C. 4：3 D. 3：4
20. 下列关于功、内能、热量的描述正确的是( )
A. 机械能为零的物体，内能也一定为零
B. 热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递
C. 内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体
D. 物体的内能增大，温度一定升高
21. 用相同的酒精灯分别对a、b两液体加热(如图甲所示)，根据测得数据分别描绘出两液体的温度随时间变化的图象(如图乙所示).在相同的时间内两液体吸收的热量相等，不计液体热量散失，分别用ma、mb、ca、cb表示a、b两液体的质量和比热容，则结合图中信息作出的下列推断正确的是( )
A. 若ma=mb，则ca>cb B. 若ma=mb，则ca
A. 通过灯L1的电流为0.6A B. 通过灯L1的电流为0.4A
C. 通过电路总电流为0.8A D. 通过灯L2的电流为0.4A
23. 如图所示，“钻木”能“取火”，说明______可以改变物体的内能；“烤火”能“取暖”，说明______可以改变物体的内能。这两种方式在改变物体的内能上是______。
24. 如图1是用电流表测量电流的实物连接图。
(1)电流表测量的是通过灯泡______的电流(选填“L1”或“L2”)；
(2)如果电流表示数如图2所示，则测出的电流是______A；
(3)如果要用电流表测干路电流，且只允许移动其中一根导线，应将导线______(选填“a”、“b”或“c”)的右端接在电流表的______接线柱上(选填“正”或“负”)。
25. 如图所示的电路，若要使灯和电铃组成串联电路，只需闭合开关______；若要使灯和电铃组成并联电路，则需闭合开关______；同时闭合S2、S3，则灯______，电铃______(选填“工作”或“不工作”)。
26. 如图为旋转式变阻器的结构图，a、b、c为变阻器的三个接线柱，d为旋钮触片。将该变阻器接入电路中调节灯泡的亮度，当顺时针旋转旋钮触片时，灯光变亮，则应连接接线柱______(选填“a、b”、“b、c”或“a、c”)和灯泡______联后接入电路中。
27. 导体两端的电压是3V时，通过它的电流是0.3A，则该导体的电阻是______Ω；当它两端电压减小1V时，通过它的电流变为______ A；当它两端电压为0时，该导体的电阻为______Ω。
28. 如图是大型电子地磅的电路图。当称重物时，在压力作用下滑片P向下端滑动，变阻器连入电路的电阻______，电流表的示数______。(选填“变大”“变小”或“不变”).这样把电流对应的重量刻在电流表的刻度盘上，就可以读出被称物体的重量。
29. 有两个电阻R1=6Ω，R2=12Ω，若把它们串联接在电路中，总电阻是______Ω，R1和R2两端电压之比U1：U2=______，R1和R2的电流之比I1：I2=______；并联在电路中时，总电阻是______Ω，经过R1和R2的电流之比I1：I2=______。
30. 已知R1
31. 一只小灯泡正常发光时的电压为6V，正常发光时通过它的电流为0.5A，现将该小灯泡接在8V的电源上，为使其正常发光，应______联一个______Ω的电阻。
32. 两只定值电阻，甲标有“10Ω1A”，乙标有“15Ω0.6A”，把它们串联在同一电路中，电路中允许通过的最大电流为______A，两端允许加的最大电压为______V。
33. 在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中：
(1)在两个完全相同的烧杯中分别装入______、初温都相同的水和煤油(选填“质量”或“体积”)。
(2)实验中选择相同规格的电加热器，可以认为在相同时间内水和煤油______相同，然后比较______的方法来完成探究实验的。
(3)根据实验测得的数据分别描绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图所示，则______的吸热能力更强，因此“暖手宝”中装的储热液具有的比热容______(选填：“较大”或“较小”)。
(4)由图象可得煤油的比热容为______J/(kg⋅℃)
34. 在探究“电流与电阻的关系”的实验过程中，小明选择了5Ω、10Ω、20Ω、25Ω五个电阻进行实验，电路图如图甲所示．
(1)请用笔画线代替导线将图乙中未完成的电路完成，且使变阻器滑片向右移动时电流表示数变大．(导线不能交叉)
(2)连接电路时，开关应处于______ (选填“断开”或“闭合”)状态．
(3)连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压．造成这一现象的原因可能是______ (填字母).
A.电阻断路 B.电流表坏了 C.滑动变阻器短路 D.电阻短路
(4)排除电路故障进行实验．为达到实验目的，滑动变阻器除了起到保护电路的作用外，还起到______ 的作用．实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，应把变阻器滑片向______ (填“左”或“右”)滑动，同时眼睛盯住______ 才可能达到这个目的．
(5)根据实验数据，作出I−R图象如图丙所示．根据实验目的分析图象可得出结论：______ .
35. 亮亮设计了一个用电压表的示数变化反映环境温度变化的电路。其电路原理图如图(a)所示。其中，电源两端电压U=4V(恒定不变)。是电压表。量程为0∼3V，R0是定值电阻，R0=300Ω，R1是热敏电阻，其电阻随环境温度变化的关系如图(b)所示。闭合开关S后。求：
①当环境温度为40℃时，热敏电阻R1的阻值是多少？
②当环境温度为40℃时，电压表的示数是多少？
③电压表两端电压不能超过其最大测量值，则此电路所允许的最高环境温度是多少？
36. 在如图所示的电路中，电源电压U=8V，且保持不变，R1=10Ω，R2=40Ω.试问：
(1)若开关S1闭合，S2断开，当滑片P滑到a端时，电流表的示数为0.2A，此时滑动变阻器R的电阻值为多大？
(2)若开关S1、S2均闭合，当滑片P滑到b端时，电流表的示数是多少？
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、煮稀饭时，米粒在水中上下翻滚，是米粒在水中的机械运动，它不能说明分子在不停地做无规则运动，故A不符合题意；
B、给车加油时，油的分子扩散到空气中而四处飘逸，说明分子在不停地做无则运动，故B符合题意；
C、擦黑板时，粉笔灰在空中飞舞，是固体颗粒的运动，不能说明分子运动，故C不符合题意；
D、用高速旋转的砂轮磨刀火花四溅，是固体颗粒的运动，不能说明分子运动，故D不符合题意。
故选：B。
不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明了：一切物质的分子都在不停地做无规则运动。
解答问题时要抓住问题的关键：一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子运动是微观运动，肉眼不可能直接观察。
2.【答案】A
【解析】解：
因为发生热传递的条件是有温度差，如果两物体没发生热传递，肯定是具有相同的温度，故A正确。
故选：A。
解决此题要知道热传递发生的条件是两物体的温度不相等，如果温度一样，则就不会发生热传递。
此题主要考查的是学生对热传递条件的理解和掌握，重点是理解热传递的是指--热量从高温物体传向低温物体的过程。
3.【答案】A
【解析】解：A、钢勺是金属制品，善于导电，是导体，符合题意；
BCD、玻璃杯、塑料桶、瓷碗都不善于导电，是绝缘体，不合题意。
故选：A。
(1)善于导电的物体叫导体，如：各种金属、酸碱盐溶液、石墨、人体、大地等；
(2)不善于导电的物体叫绝缘体，如：玻璃、橡胶、陶瓷、空气、蒸馏水等。
本题考查了导体和绝缘体的概念。对于常见的导体和绝缘体可以联系它们在日常生活和工业生产中的应用来记忆，不要死记硬背。如塑料，橡胶，陶瓷等常用来制作用电器的外壳，以防止触电，它们都是绝缘体；而电线芯用金属来做，因为金属容易导电，是导体。
4.【答案】B
【解析】解：A、由于水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以热水袋用水来取暖，故和水的比热容大有关，故A不符合题意；
B、夏天中午洒水车洒水降温，即是利用水蒸发吸热降温的，故与水的比热容无关，故B符合题意；
C、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以晚上向秧苗田里放水，水可以放出更多的热量以防冻坏秧苗，故与水的比热容有关，故C不符合题意；
D、城市建造人工湖来调节气温，即由于水的比热容最大，相同质量的水和其它物质比较，吸相同的热量，水温度上升的慢，故与水的比热容有关，故D不符合题意。
故选：B。
水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；吸收或放出相同的热量，水升高或降低的温度少，据此分析。
本题主要考查学生对水的比热容大的特点以及应用的了解和掌握，理解并用好：相同的m、△t，c大的Q多，可以通过Q=cm△t帮助记忆。
5.【答案】B
【解析】解：家用电器的电压都是220V，则
A、电风扇的电功率：P=UI=220V×2A=440W，而电风扇的电功率是在100W左右，故A是错的；
B、电冰箱的电功率：P=220V×1A=220W，与实际情况比较接近，故B是正确的；
C、电视机的电功率：P=220V×2A=440W，而电视机的电功率应该是在200W左右，故C是错的；
D、台灯的电功率：P=220V×1A=220W，而台灯的电功率应该在60W左右，故D是错的。
故选：B。
对于每个用电器的电流大小是多少，我们是有些陌生，不过我们可以借助我们比较熟悉的电功率来进行分析。
本题考查用电器的电流，可用电功率公式将电流转变为电功率，便于分析。
6.【答案】A
【解析】解：A、该电路图中的灯泡为顺次连接，因此为串联电路；
BCD、该选项中的灯泡均为并列连接，因此BCD选项中的电路均为并联连接。
故选：A。
串联电路是指各用电器依次连接起来的电路；
并联电路是指将各用电器并列连接起来的电路。
然后根据串并联电路的特点对各选项进行逐一分析。
解答本题的关键是知道串并联电路的特点，并且会根据串并联电路的特点进行识别。
7.【答案】A
【解析】解：串联电路处处电流相等，如果两盏灯串联，则通过每盏灯的电流相等，而通过两个灯泡的电流不相等，则两灯一定不是串联，而是并联．
故选A.
串联电路中，电流处处相等；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，各支路电流可能相等，也可能不相等．
本题主要考查了串、并联电路中的电流关系，属于基础题．
8.【答案】B
【解析】解：A、图中接A、D接线柱；故当滑片向右移动时，连入电路的电阻丝的长度变大，连入电路的电阻变大，故A不符合题意；
B、图中接B、D接线柱；故当滑片向右移动时，连入电路的电阻丝的长度变小，连入电路的电阻变小，故B符合题意；
C、图中接A、C接线柱；故当滑片向右移动时，连入电路的电阻丝的长度变大，连入电路的电阻变大，故C不符合题意；
D、图中接A、B接线柱；故当滑片向右移动时，连入电路的电阻丝的长度不变，连入电路的电阻不变，故D不符合题意。
故选：B。
首先明确此种接法中被利用的电阻，然后根据接入电路的电阻丝的长度确定电阻的变化。
本题考查了滑动变阻器的使用；能够正确的确定接入电路的电阻丝是哪一段，是解答本题的关键。
9.【答案】D
【解析】解：
A、电压是形成的电流的原因，不会随电流的变化而变化。此选项错误；
B、导体两端的电压为零时，电流为零，但导体电阻不为零。此选项错误；
C、导体中的电流越大，说明两端电压越大，但电阻不变。此选项错误；
D、在物理学中，导体的电阻等于两端的电压与通过的电流的比值。此选项正确。
故选：D。
①电阻一定时，通过导体的电流与电压成正比；电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比；
②电阻是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关。其大小等于导体两端的电压与通过导体的电流之比。
此题考查的是我们对欧姆定律特别是变形公式R=UI的理解和应用，是基本规律的考查，需要正确理解电流、电压、电阻三者之间的关系。
10.【答案】C
【解析】解：因两电阻并联，故两电阻两端的电压相等，由I=UR得：
I1I2=UR1UR2=R2R1=32，
故选：C。
两电阻并联则由并联电路的电压特点可知电压关系，再由欧姆定律即可求得电流之比。
本题分别表示出电流后，采用比例法求解，要注意比例式的运算应熟练掌握。
11.【答案】A
【解析】解：导线的电阻为R，剪去一半，剩余一半导线的长度为0.5m，则电阻为R2；
再拉长到1m后，横截面积变为12，长度变为2倍，所以电阻为R2×4=2R；所以它的电阻大于R。
故选：A。
影响电阻大小的因素有：导体的材料、长度、横截面积和温度，据此分析回答。
此题考查学生对于影响电阻大小因素的理解和掌握。学会控制变量法的应用是解题关键。
12.【答案】A
【解析】解：(1)由电路图知，滑动变阻器与定值电阻串联，电流表测电路总电流，电压表测定值电阻两端电压；
(2)滑动变阻器滑片向左移时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路总电阻变小；
(3)电源电压U不变，电路电阻R变小，由知电路电流I变大，电流表示数变大；
(4)定值电阻R阻值不变，电路电流I变大，定值电阻两端的电压UR=IR变大，则电压表示数变大．
综上分析可知：电流表示数变大，电压表示数变大．
故选A.
(1)分析电路结构，明确各电路元件的连接方式；
(2)根据滑动变阻器滑片的移动方向，分析滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，电路总电阻如何变化；
(3)根据欧姆定律判断电路电流如何变化，电流表示数如何变化、电压表示数如何变化．
本题是一道闭合电路的动态分析题，对初中生来说有一定难度，是一道中档题；分析清楚电路结构、知道电路电阻的变化情况是正确解题的前提，灵活应用欧姆定律是正确解题的关键．
13.【答案】A
【解析】解：由图可知，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量的是电路中的电流；
A、向油箱里加油时，浮子上浮，滑片向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据公式I=UR可知，电路中电流增大，电流表示数变大，故A正确。
B、燃油消耗下降时，浮子下移，滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻增大，根据公式I=UR可知，电路中电流变小，电流表示数变小，故B错误。
C、燃油全部耗尽时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据公式I=UR可知，电路中电流最小，电流表示数最小，故C错误。
D、油箱加油过满时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据公式I=UR可知，电路中电流最大，电流表示数最大，但还有保护电阻R′，不至于烧坏电流表，故D错误。
故选：A。
由图可知，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量的是电路中的电流，浮子和滑片相连，根据杠杆的原理，浮子上浮时，滑片向下移动，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据公式I=UR可知电路中的电流变化。
当浮子下移时，滑片向上移动，滑动变阻器接入电路的电阻增大，根据公式I=UR可知电路中的电流变化。
本题考查了欧姆定律、滑动变阻器以及杠杆的应用，关键是能正确分析电路的组成，以及油量变化时滑片的移动方向。
14.【答案】D
【解析】
【分析】
本题考查了电压表的读数和串联电路的特点，分清电路的连接方式和电压表量程的判读是解决本题的关键。
(1)分析电路结构，弄清电压表V1、V2测电路中哪部分电路电压。
(2)确定两个电压表的量程，然后读出电压表的读数。
(3)根据串并联电路的规律特点，求出电灯L1和L2两端的电压。
【解答】
(1)由电路图可知：电灯L1、L2串联，电压表V1测电源电压，电压表V2测L1两端的电压。
(2)因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电压表V1的示数应大于V2的示数；
则电压表V1的量程是0∼15V，分度值为0.5V，示数UV1=6V；
电压表V2的量程是0∼3V，分度值为0.1V，示数UV2=1.2V。
(3)电压表V2测L1两端的电压，所以L1两端的电压U1=UV2=1.2V；
由于L1、L2串联，电压表V1测电源电压，由串联电路的特点可知：L2两端的电压U2=UV1−UV2=6V−1.2V=4.8V。
故选：D。
15.【答案】AD
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V2测电源的电压，电压表V1测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表V2的示数不变，故B错误；
当向右移动滑片P时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，
由U=IR可知，R2两端的电压变大，即电压表V1的示数变大，故A正确；
同理可知，向左移动滑片P时，接入电路中的电阻变大，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故C错误；
由R=UI可知，电压表V1与电流表A的示数比值等于R2的阻值，
则电压表V1与电流表A的示数比值不变，故D正确。
故选：AD。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V2测电源的电压，电压表V1测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表V2示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的等于变化，根据欧姆定律结合R2的阻值可知电压表V1与电流表A的示数比值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的灵活运用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
16.【答案】C
【解析】解：
AB、由图象上看出，当导体两端的电压为0时，电流为0，但是电阻不为零，因为电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积以及温度有关，与电压和电流没有关系，故AB错误；
CD、由图象可知，这是一个正比例函数图象，该导体上电流与电压成正比。
由图当导体电压为2V时，由图象可以找到此时对应的电流0.4A，所以当导体两端电压为4V时，对应的电流为0.8A，故C正确，D错误。
故选：C。
(1)图象横坐标表示电压，纵坐标表示电流，这是一个正比例函数图象，电流随电压的增大而增大；
(2)电阻是导体本身的一种性质，与导体的材料、长度、横截面积，另外还有温度有关，与导体两端的电压和通过的电流大小无关。
本题考查电流与电压关系图象的认识和电阻的理解，电阻是导体本身的性质，与电压的大小和电流的大小无关；读懂图象，能根据电压找到对应的电流，或者根据电流找到对应的电压。
17.【答案】D
【解析】解：
由电路图可知，两灯串联，当开关S与a相连，电压表V测L1两端的电压，电压表示数U1=1.2V，
当开关S与b相连，电压表V测电源电压，电压表示数U=3.0V，
根据串联电路的电压规律可得，L2两端的电压：U2=U−U1=3.0V−1.2V=1.8V。
故选：D。
由图可知，两灯串联，当开关S与a相连，电压表V测L1两端的电压，当开关S与b相连，电压表V测电源电压；根据串联电路的电压规律可求得L2两端的电压。
本题考查了串联电路的电压规律，关键是电压表的正确使用和所测电路元件的判断，是一道基础题目。
18.【答案】C
【解析】解：
由电路图可知，两灯并联，电流表A1测的是干路电流，电流表A2测的是L2所在支路的电流；
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则A1的示数应大于A2的示数，而两个电流表指针偏转角度相同，所以电流表A1选择的量程是0∼3A，分度值为0.1A，则电流表A1的示数为1.2A，即干路电流；
电流表A2选择的量程是0∼0.6A，分度值是0.02A，则电流表A2的示数为0.24A，即通过灯L2的电流I2=0.24A；
那么通过灯L1的电流：。
故选：C。
分析电路可知：两灯并联，电流表A1测的是干路电流，电流表A2测的是L2所在支路的电流；
由于并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A1选用的应该是大量程(0∼3A)，A2选用的是小量程(0∼0.6A)；
然后根据相应量程下的分度值和指针位置来进行读数。结合并联电路的电流特点即可求出通过各灯的电流大小。
对于这类题目要先分析电路的构成，然后结合串、并联电路的特点和电表的读数方法进行分析。
19.【答案】C
【解析】解：(1)甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，
电源电压，，
由题知，：：4，即：U2：U=1：4，
∴U1：U2=3：1，
∵I=U1R1=U2R2，
∴R1：R2=U1：U2=3：1；
(2)甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，
I1I2=UR1UR2=R2R1=13，
∴I=I1+I2=43I2，
∵甲电流表测量R1和R2总电流，乙电流表测量R2的电流，
：：I2=4：3。
故选：C。
(1)甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，电压表乙测串联电阻的总电压，电压表甲测量R2两端的电压，求出两个电阻两端的电压之比，再根据欧姆定律和串联电阻的分压关系，求出两电阻之比；
(2)甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，甲电流表测量R1和R2总电流，乙电流表测量R2的电流，根据欧姆定律和并联电阻的电流关系推出R1和R2的电流之比，再推导出两表示数之比。
本题通过改变开关的连接方法和电表的更换，改变了电路的连接方法，电路先串联后并联，通过电阻的不变量来沟通两个过程。
20.【答案】C
【解析】解：A、一切物体都有内能，因此机械能为零的物体，内能一定不为零，故A错误；
B、发生热传递的条件时存在温度差，热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，故B错误；
C、内能少的物体温度可能高，所以内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体，故C正确；
D、物体吸收了热量，物体的内能增大，温度可能不变，比如：晶体在熔化过程中吸热但温度不变，故D错误；
故选C.
(1)一切物体都具有内能．
(2)发生热传递的条件时存在温度差；
(3)晶体在熔化过程中吸热但温度不变．
要正确理解温度、热量与内能的关系．解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体的内能增大，不一定是由物体吸热或温度升高引起的．
21.【答案】BD
【解析】解：
A、B、若ma=mb，吸收相同的热量，a的温度升高幅度大，由c=Qm△t知，a的比热容较小，b的比热容较大．A选项错误，B选项正确；
C、D、若ca=cb，吸收相同的热量，a的温度升高幅度大，由m=Qc△t知，a的质量较小，b的质量较大．C选项错误，D选项正确．
故选BD.
物质吸收热量的多少与比热容、质量和升高的温度成正比，由题意知，相同时间两种液体吸收的热量相同，由图象可以得到升高的温度与热量的关系，利用Q=cm△t变形公式对比热容和质量大小作出判断．
此题考查的是我们对探究物质吸收热量本领结论的分析，属于基本技能的考查，掌握影响热量的因素，读懂图象，是解答此题的基础．
22.【答案】B
【解析】
【分析】
由电路图可知，两个灯泡并联，电流表乙测通过L2的电流，甲测干路电流；在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
本题考查了电路结构分析、并联电路的特点，分析清楚电路结构，掌握并联电路的特点是正确解题的关键。
【解答】
解：∵甲电流表的示数为0.6A，乙电流表的示数为0.2A，
∴通过电路总电流为0.6A；通过灯L2的电流为0.2A，
又∵干路电流等于各支路电流之和
∴通过灯L1的电流为0.6A−0.2A=0.4A。
故选B。
23.【答案】做功 热传递 等效的
【解析】解：钻木取火，是克服摩擦做功，使木头的内能增加、温度升高，达到木头的着火点而燃烧，属于做功改变物体的内能；
“烤火”能“取暖”，是手从火吸收热量，使自己温度升高、内能增加，属于热传递改变物体的内能。
无论是“钻木”，还是“烤火”，都能使物体温度升高，内能增加，所以对于改变内能是等效的。
本题考查了改变物体内能有两种方式：做功和热传递，二者是等效的。
24.【答案】L1 0.36b负
【解析】解：(1)由电路图可知，电流表与L1灯串联，测灯L1的电流。
(2)由图2所示电流表可知，其量程是0∼0.6A，分度值为0.02A，电流表示数为0.36A。
(3)如果要用电流表测干路电流，电流表应串联接在干路中，由电路图可知，只需将导线b的右端接在电流表的负接线柱上即可。
故答案为：(1)L1；(2)0.36；(3)b；负。
电流表与被测电路串联，分析电路图然后判断电流表测哪部分电路电流，电路如何改接；由图示电流表确定电流表量程与分度值，然后读出其示数。
知道电流表应与被测电路串联、分析清楚电路结构即可正确解题；对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直。
25.【答案】S2S1、S3不工作 工作
【解析】解：若要使灯和电铃组成串联电路，则只需闭合开关S2，此时灯与电铃首尾顺次连接；
若要使灯和电铃组成并联电路时，则要断开开关S2，闭合开关S1和S3，此时灯和电铃并列地连接。
同时闭合S2、S3，电流从正极出发经电铃回负极，灯泡被短路，因此灯不工作，电铃工作。
故答案为：S2；S1、S3；不工作；工作。
(1)串联电路中电流只有一条路径，电流依次经过各用电器从正极回到电源负极；并联电路中电流有多条路径，电流进行分支、汇合从电源正极回到负极；
(2)短路分为电源短路和用电器短路，电源短路是指用导线直接将电源两端相连，电源短路是绝对不允许的；而用电电器短路是指用一根导线将某个用电器的两端连接起来。
解决此类题目的关键是根据题目中的开关组合方式，联系串并联电路的特点进行分析电路的连接情况。
26.【答案】bc 串
【解析】解：顺时针旋转旋片时，灯泡变亮，原因是电流变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知：电路中电阻变小，则应连接接线柱b、c与灯泡串联后接入电路。
故答案为：bc；串；
滑动变阻器与灯泡串联，顺时针旋转旋片可以使灯泡亮度增加，则电流变大，电阻变小，连入电路的部分应该是b、c段。
本题体现了物理和生活的密切关系。能根据实际要求把滑动变阻器连入电路，来调节灯泡的亮度。
27.【答案】100.210
【解析】解：由I=UR可得，导体的电阻：
R=UI=3V0.3A=10Ω；
因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，
所以，当它两端电压减小1V时或当它两端电压为0时，导体的电阻仍为10Ω不变，
当它两端电压减小1V即U′=2V时，通过导体的电流：
I′=U′R=2V10Ω=0.2A。
故答案为：10；0.2；10。
(1)知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；
(2)电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，根据欧姆定律求出当它两端电压减小1V时通过的电流。
本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。
28.【答案】变小；变大
【解析】
【分析】
本题考查滑动变阻器的原理和滑动变阻器的作用，此题联系生活，让学生能感受到物理学是有用的。
滑动变阻器是通过改变连入电路中电阻丝的长度来改变电阻的，由图可知，滑片P向下滑动，连入电路中的电阻丝长度变短，阻值变小，根据欧姆定律可知，电流变大。
【解答】
滑片P向下滑动→PB段变短→变阻器连入电阻变小→总电阻变小→电流变大，电流表的示数变大。
故答案为：变小；变大。
29.【答案】18 1：2 1：1 4 2：1
【解析】解：有两个电阻R1=6Ω，R2=12Ω，若把它们串联接在电路中，根据串联电阻的规律，总电阻为6Ω+12Ω=18Ω；
根据分压原理，电压之比等于电阻之比，所以R1和R2两端电压之比U1：U2=6Ω：12Ω=1：2；
根据串联电路电流都相等，所以R1和R2的电流之比I1：I2=1：1；
根据并联电阻的规律，并联的总电阻R=R1R2R1+R2=6Ω×12Ω6Ω+12Ω=4Ω；
根据分流原理，电流的分配与电阻成反比，
经过R1和R2的电流之比I1：I2=R2：R1=12Ω：6Ω=2：1。
故答案为：18；1：2；1：1；4；2：1。
根据串联电路的规律、分压原理和并联电路的规律及分流原理求解。
本题考查串联、并联电路的规律及分压原理和分流原理，为易错题。
30.【答案】C D
【解析】解：因两个电阻串联时，相当于增加了长度(横截面积和材料相同)，两个电阻并联时，相当于增加了横截面积(长度和材料相同)，
所以，串联时总电阻大于其中的任意一个，并联时总电阻小于其中的任意一个，
则串联时的总电阻最大，并联时的总电阻最小，即RC>RB>RA>RD。
故答案为：C；D。
根据电阻的串联和电阻的并联比较各选项中电阻之间的关系，然后得出答案。
本题考查了电阻的串联和电阻的并联，要注意电阻越串越大、大于其中的任意一个，电阻越并越小、小于其中的任意一个。
31.【答案】串 4
【解析】解：由题意知，电源电压大于小灯泡正常发光的电压，根据串联分压的规律，为使其正常发光，应串联一个电阻来进行分压。
灯泡正常发光时的电压为UL=6V；
根据串联分压的特点，电阻两端的电压UR=U−UL=8V−6V=2V，
∵串联电路各处的电流相等，I=UR，
∴串联电阻的阻值：R=URI=2V0.5A=4Ω。
故答案为：串；4。
现在电源电压大于灯泡正常工作时的电压，需要串联分压，串联电阻两端的电压等于电源电压减去灯泡的额定电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律即可求出电阻的阻值。
本题考查电压、电阻的计算，关键是公式及其变形的灵活运用以及知道串联分压的特点。
32.【答案】0.615
【解析】解：串联时电路电流为0.6A；两端允许加的最大电压是U=IR=0.6A×(10Ω+15Ω)=15V。
故答案为：0.6；15。
串联时允许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一个；根据公式U=IR可求两端允许加的最大电压。
本题考查了欧姆定律的简单计算，难点是知道串联时允许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一个，还要知道串联电路电阻的规律。
33.【答案】(1)质量 (2)吸收的热量； 升高温度 (3)水； 较大 (4)2.1×103
【解析】解：(1)根据比较吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，故在两个完全相同的烧杯中分别装入质量、初温都相同的水和煤油；
(2)实验中选择相同规格的电加热器，根据转换法，可以认为在相同时间内水和煤油吸热相同，根据比较吸热能力的第1种方法，然后比较升高温度的方法来完成探究实验的；
(3)根据水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象知，加热相同时间，水升温慢，根据比较吸热能力的第2种方法，则水的吸热能力更强；
根据Q=cm△t，质量相同的不同液体降低相同的温度，比热容大的液体放热多，因此“暖手宝”中装的储热液具有的比热容较大；
(4)如果质量和初始温度均相同的两种液体，加热5分钟，水升温30∘C−10∘C=20∘C，煤油升温：50∘C−10∘C=40∘C，根据c=Qm△t，在质量和吸热相同的情况下，比热容c与△t成反比，故煤油的比热容是：c=12×20℃40∘$C4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)质量；(2)吸收的热量；升高温度；(3)水；较大；(4)2.1×103。
(1)(2)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(3)根据比较吸热能力的第2种方法分析水的吸热能力更强；根据Q=cm△t分析回答；
(4)质量和初始温度均相同的两种液体，加热5分钟，分别求出水和煤油升高的温度，根据c=Qm△t，在质量和吸热相同的情况下，比热容c与△t成反比，求出煤油的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及水的比热容大的运用，为热学中的重要实验。
34.【答案】断开；A；调节电阻两端电压保持不变；左；电压表；电压不变时，导体中的电流与导体的电阻成反比
【解析】解：
(1)由图甲，实验中电压表测R两端电压，滑动变阻器与R串联，滑片向右移动时电流表示数变大，即电阻变小，所以应把变阻器右下角接线柱接入电路．如图所示：
.
(2)在连接电路时开关应处于断开状态，这是为了防止电路中有短路的地方而导致损坏电路元件．
(3)A、闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，原因可能是电压表所测量的电阻断路，这样使得电压表串联入电路中，故A符合题意；
B、如果电流表坏了，整个电路断路，电压表也不会有示数，故B不合题意；
C、如果滑动变阻器短路，电流表会有示数，且更大，故C不合题意；
D、如果电阻短路，则电压表的示数将为零，且电流表的示数将变大，故D不合题意．
(4)探究“电流与电阻的关系”，应不断改变电阻阻值而控制电阻两端电压不变．
该实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，其作用主要是控制电阻两端电压保持不变；
根据串联电路的分压原理，把5Ω换成10Ω，电阻分压变大，滑动变阻器分压变小，为保持电阻两端电压不变，应减小电阻分压，增大滑动变阻器分压，应使滑动变阻器接入电路的阻值变大，由图示电路图可知，闭合开关后应向左移动滑片，同时眼睛盯住电压表．
(5)由图象知，电压不变时，导体中的电流与导体的电阻成反比．
故答案为：(1)见上图；(2)断开；(3)A；(4)调节电阻两端电压保持不变；左；电压表；(5)电压不变时，导体中的电流与导体的电阻成反比．
(1)由图甲，R与滑动变阻器串联，电压表测R两端电压，滑片向右移动时电流表示数变大，即电阻变小；
(2)连接电路时，开关应处于断开状态；
(3)电流表没有示数，电压表示数始终接近电源电压，电路故障可能为电压表所测量的电阻断路；
(4)探究电流与电阻的关系实验，应控制电阻两端电压不变；根据电路图与欧姆定律分析滑片移动方向．
(5)根据图象得出电流和电阻的关系：电压不变，导体中的电流与电阻成反比；
探究电流与电阻关系实验，应采用控制变量法，即控制电阻两端电压不变．考查了电路连接、滑动变阻器的使用、电路故障的判断和图象的题解等．判断电路故障时，要根据故障的表现，逐一分析可能的原因或现象，最后做出判断，是较易出错的问题．
35.【答案】解：(1)根据图b可读出环境温度为40℃时对应的R1的阻值为200Ω；
(2)环境温度为40℃时，根据电阻的串联特点可知：
，
则，
由欧姆定律得：R0两端的电压U0=IR0=0.008A×300Ω=2.4V；
(3)由题意可知电压表示数允许最大值为3V，且此时电路能够测量的温度最高；
所以此时电路中的电流为：I′=U0′R0=3V300Ω=0.01A，
串联电路两端的电压等于各部分电路两端的电压之和，
所以U1′=U−U0′=4V−3V=1V，
由欧姆定律得：此时热敏电阻的阻值R1′=U1′I′=1V0.01A=100Ω，
根据图b可查得热敏电阻的阻值为100Ω时对应温度为80℃，即最高温度为80℃。
答：①当环境温度为40℃时，热敏电阻R1的阻值是200Ω；
②当环境温度为40℃时，电压表的示数是2.4V；
③电压表两端电压不能超过其最大测量值，则此电路所允许的最高环境温度是80℃。
【解析】(1)根据图b可读出环境温度为40℃时对应的R1的阻值；
(2)R0与R1是串联，根据电阻的串联求出总阻值，利用欧姆定律即可求出电流和电压；
(3)电压表两端电压达到最大测量值3V时，根据串联电路的电压特点求出定值电阻R0两端的电压，利用欧姆定律即可求出此时的电流，最后再根据欧姆定律求出R1的阻值；然后对照变化曲线去找对应温度。
本题综合考查欧姆定律和电功率的计算，熟练分析掌握各种不同的坐标图是本题解题的关键，读取坐标图时要特别注意纵横坐标的含义，以及它们斜率表示的含义。
36.【答案】解：(1)若开关S1闭合，S2断开，当滑片P滑到a端时，分析电路图得，滑动变阻器R和定值电阻R1串联，
，
此时滑动变阻器R的电阻值为。
答：此时滑动变阻器R的电阻值为30Ω。
(2)若开关S1、S2均闭合，当滑片P滑到b端时，分析题意得，电阻R1、R2并联，电流表测量的是干路电流
I1=UR1=8V10Ω=0.8A，
I2=UR2=8V40Ω=0.2A，
电流表示数：。
答：电流表的示数是1A。
【解析】(1)当开关S1闭合，S2断开，当滑片P滑到a端时，滑动变阻器R和定值电阻R1串联，根据公式R=UI可求电路总电阻，进一步求出滑动变阻器接入电路的电阻。
(2)开关S1、S2均闭合，当滑片P滑到b端时，电阻R1、R2并联，电流表测量的是干路电流，根据公式I=UR分别求出通过两电阻的电流，两电流之和就是电流表的示数。
本题考查电阻、电流的计算，关键是欧姆定律及其变形的灵活运用，要熟记串联电路电阻和并联电路电流的规律，难点是能正确分析开关断开与闭合时电路的连接情况。
相关试卷
2023-2024学年河北省廊坊市安次区九年级（上）期末物理试卷（含解析）： 这是一份2023-2024学年河北省廊坊市安次区九年级（上）期末物理试卷（含解析），共29页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
河北省廊坊市三河市2023-2024学年九上物理期末学业质量监测试题含答案： 这是一份河北省廊坊市三河市2023-2024学年九上物理期末学业质量监测试题含答案，共13页。试卷主要包含了关于燃料的热值下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023-2024学年河北省廊坊市三河市燕郊中学八年级（上）月考物理试卷（10月份）： 这是一份2023-2024学年河北省廊坊市三河市燕郊中学八年级（上）月考物理试卷（10月份），共22页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
