山东省济宁市金乡县王杰中学2021-2022学年九年级（上）第一次月考物理【试卷+答案】

这是一份山东省济宁市金乡县王杰中学2021-2022学年九年级（上）第一次月考物理【试卷+答案】，共21页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2021-2022学年山东省济宁市金乡县王杰中学九年级（上）第一次月考物理试卷
一、选择题（每小题2分，共20分）
1．如图所示的四种物态变化的实例中，和露珠形成道理相同的是（　　）
A．冰雪遇暖消融 B．水烧开时冒出“白气”
C．草叶上形成“白霜” D．用干手器将手烘干
2．如图所示，下列物态变化中，需要吸热的是（　　）
A．初春，冰雪消融 B．盛夏，露珠凝结
C．深秋，绿叶凝霜 D．严冬，大雪纷飞
3．右图是某种固态物质加热变成液态时温度随时间变化的曲线。由图可知该物质（　　）
A．是晶体，熔化持续了8min
B．在A点是液态，B点是固态
C．在A点的内能比B点的小
D．在OA段的比热容比BC段的大
4．如图是汽油机一个工作循环的四个冲程，不是靠飞轮惯性完成的冲程是（　　）
A． B． C． D．
5．如图所示是加热﹣30℃的冰时，温度随时间变化的图像，根据图像，下列判断正确的是（　　）
A．BC段是冰的熔化过程，温度不变，说明冰的内能没有变化
B．水的沸点是98℃，说明当地的大气压高于一个标准大气压
C．冰熔化时温度保持0℃不变，说明冰是晶体
D．加热相同时间时，冰升温比水快，说明冰比水的吸热能力强
6．如图所示，把热水壶放在煤气灶上烧水的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．煤气的燃烧过程是内能转化为化学能
B．煤气燃烧越充分，它的热值越大
C．水的温度越高，水分子运动越剧烈
D．烧水的过程是通过做功的方式改变水的内能
7．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　）
A．0℃的冰没有内能
B．冰熔化时虽然温度保持不变，但它的内能增加
C．物体的温度越高，所含的热量越多
D．只要物体的温度不变，物体的内能就一定不变
8．用酒精灯给试管加热，如图所示，试管口软木塞冲出的过程中，下列说法不正确的是（　　）

A．水蒸气对软木塞做功，水蒸气内能最大
B．水蒸气的内能转化为软木塞的机械能
C．能量的转化与热机压缩冲程能量转化相同
D．试管口的“白气”是水蒸气汽化形成的
9．一台四冲程内燃机转速为600转/分，则（　　）
A．每分钟内做功150次，共有600个冲程
B．每分钟内做功600次，共有1 200个冲程
C．每秒内做功20次，共有10个冲程
D．每秒内做功5次，共有20个冲程
10．下列事件中在改变物体内能的方式上与其他三项不同的是（　　）
A．搓手取暖
B．玩滑梯，臀部发热
C．放大镜聚光烤焦纸片
D．压缩空气
二、填空题（每空1分，共13分）
11．（3分）如图所示的实验装置，当用注射器给正在沸腾的水打气加压时，可以看到水　 　沸腾（填“继续”或“停止”）．这个现象表明：水面气压增大，水的沸点将　 　，（选填“升高”或“降低”或“不变”）．在厨房中人们使用的　 　就是利用了这一规律。

12．建筑工程中经常需要用钻孔机钻孔，钻孔时钻头发热使用　 　的方式使钻头的内能增加了，在钻孔过程中不断地往钻头上注水，可以利用水的比热容较　 　，能吸收较多的热量，从而降低钻头的温度避免钻头烧坏。
13．一个成年人参加一次长跑，身体消耗的能量为6.6×106J，这些能量相当于完全燃烧0.55kg的干木柴才能得到。则干木柴的热值为　 　J/kg，如果用掉一半后，干木柴的热值将　 　（填“变大”，“不变”或“变小”）。
14．（6分）如图所示，某四冲程汽油机正处于 　 　冲程，此冲程将 　 　能转化为 　 　能，其能量转化类似于乙、丙两实验图中的 　 　图，接下来它将进行的是 　 　冲程。该汽油机铭牌上标有“3600r/min”字样，则它每秒钟对外做功 　 　次。

三、实验探究题（每空1分，共18分）
15．（7分）在探究“水沸腾时温度变化的特点”实验中：

（1）安装好实验器材后，为缩短实验时间，小梦在烧杯中倒入热水，热水中温度计的示数如图甲所示，此时温度计的示数为 　 　℃。
（2）当水温接近90℃时，每隔1min记录一次温度，并绘制了图乙所示水温随时间变化的图像，由图像可知：水沸腾时的温度是 　 　℃，水沸腾时特点是 　 　，水沸腾时温度小于100℃的原因是：　 　。
（3）小梦观察到：沸腾时水中气泡的情形为图丙中 　 　（填“A”或“B”）图。
（4）小梦同学想提高水的沸点，换用了火力更大的酒精灯加热，这种做法 　 　（填“可行”或“不可行”）。
（5）小梦发现撤去酒精灯后水没有马上停止沸腾是因为 　 　。
16．（5分）晓轩同学在“探究冰和蜡的熔化规律”时，使用的实验装置如图甲所示：

（1）蜡在加热过程中某一时刻温度计的示数如图乙所示，温度是　 　℃，实验数据如下表，可以判断蜡属于　 　（选填“晶体”或“非晶体”）；
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
蜡的温度/℃
42
44
46
48
49
50
51
52
（2）向试管中放入碎冰，根据加热过程中记录的数据画出如图丙所示温度﹣﹣时间图象，得出冰熔化特点是　 　、　 　；
（3）另一同学把冰放入如图丁所示的烧杯中，并未用酒精灯加热，冰也熔化了。于是他认为冰熔化不需要吸收热量，他的想法　 　（选填“正确”或“不正确”），他还发现冰熔化时烧杯外壁有一层水珠，这是　 　形成的。
17．（6分）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示。
加热时间/min
0
1
2
3
4
甲的温度/℃
30
34
38
42
46
乙的温度/℃
10
18
26
34
42
（1）实验中应量取 　 　相同的甲、乙两种液体（选填“质量”或“体积”），分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热。这其中运用了常用的物理科学方法，即 　 　；在该实验中还利用了“转换法”，即用加热时间的长短来表示液体甲和液体乙 　 　。在实验中，当它们吸收相同热量时，我们可以通过比较 　 　来判断吸热能力的强弱。
（2）分析实验数据可知 　 　物质的吸热能力强。
（3）由此相关实验，引入了比热容这一概念．以下现象中，能支持煤油的比热容比水小的事实是　 　 　
A．同样情况下，煤油升温比水快 B．油能把食物炸黄，而水不能
C．油能漂在水面上 D．油比水难蒸发．

四、计算题（9分）
18．（9分）小雪用天然气热水器将质量为100kg、温度为20℃的自来水加热到50℃，消耗的天然气体积为1m3（假设天然气完全燃烧）。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为3×107J/m3．求：
（1）天然气完全燃烧放出的热量；
（2）水吸收的热量；
（3）该热水器工作时的效率。

2021-2022学年山东省济宁市金乡县王杰中学九年级（上）第一次月考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题2分，共20分）
1．如图所示的四种物态变化的实例中，和露珠形成道理相同的是（　　）
A．冰雪遇暖消融 B．水烧开时冒出“白气”
C．草叶上形成“白霜” D．用干手器将手烘干
【分析】要判断出属于液化的物态变化，首先要弄清液化的特点，液化是由物体气态变为液态的过程，可根据四个选项中所给物理现象的特点来进行判断。
【解答】解：露珠是因为水蒸气遇冷液化形成的小液滴，据此分析。
A、春天冰雪消融冰由固态变成液态，是熔化现象，故A不符合题意；
B、水烧开时冒出“白气”是水蒸气上升温度降低液化形成的，是液化现象，故B符合题意；
C、草叶上形成“白霜”是水蒸气凝华形成的小冰晶，是凝华现象，故C不符合题意；
D、用干手器将手烘干是水汽化成水蒸气的过程，是汽化现象，故D不符合题意。
故选：B。
2．如图所示，下列物态变化中，需要吸热的是（　　）
A．初春，冰雪消融 B．盛夏，露珠凝结
C．深秋，绿叶凝霜 D．严冬，大雪纷飞
【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；
（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
（3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
【解答】解：
A、初春，河流冰雪消融；属于熔化现象，此过程吸热；故A正确；
B、盛夏仲夏，草叶间露珠晶莹；是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，此过程放热；故B错误；
C、深秋，绿叶上挂满白霜；是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，此过程中放热；故C错误；
D、寒冬，大雪纷飞，雪是空气中水蒸气迅速降温，凝华为固体的冰晶，此过程放热；故D错误。
故选：A。
3．右图是某种固态物质加热变成液态时温度随时间变化的曲线。由图可知该物质（　　）
A．是晶体，熔化持续了8min
B．在A点是液态，B点是固态
C．在A点的内能比B点的小
D．在OA段的比热容比BC段的大
【分析】（1）会分析晶体的熔化图象：若在熔化过程中温度保持不变，则为晶体。此时的温度即为晶体的熔点。
（2）知道晶体在熔化过程中温度保持不变，但要不断吸热，内能增大。
（3）由图象可知，此物质固态时在相同的时间内升高的温度比液态时升高的温度大，由此可知温度变化越大，比热容就越小。
【解答】解：
ABC、由图象知，该物质在熔化过程中保持50℃不变，所以熔点为50℃，并且为晶体，物质在A点为固态，B点熔化结束为液态，熔化时间由4min开始到8min结束，共4min。
晶体在熔化过程虽然温度保持不变，但要不断吸热，内能增大，故在A点的内能比B点的小。故AB错误，C正确；
D、由图象可知，相同的时间内OA段升高的温度大于BC段升高的温度，由Q＝cm△t可知：当吸收的热量和质量都相同时，△t越大比热容就越小，所以在OA段的比热容比BC段的小。故D错误。
故选：C。
4．如图是汽油机一个工作循环的四个冲程，不是靠飞轮惯性完成的冲程是（　　）
A． B． C． D．
【分析】汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气；做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；
在四个冲程中只有做功冲程对外做功，其他三个冲程都是靠飞轮的惯性完成的。
【解答】解：在汽油机的四个冲程中只有做功冲程对外做功，其他三个冲程都是靠飞轮的惯性完成的。
A图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，不符合题意；
B图：两气门都关闭，活塞向下运行，火花塞点火，气缸容积增大，是做功冲程，符合题意；
C图：两气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，不符合题意；
D图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，不符合题意。
故选：B。
5．如图所示是加热﹣30℃的冰时，温度随时间变化的图像，根据图像，下列判断正确的是（　　）
A．BC段是冰的熔化过程，温度不变，说明冰的内能没有变化
B．水的沸点是98℃，说明当地的大气压高于一个标准大气压
C．冰熔化时温度保持0℃不变，说明冰是晶体
D．加热相同时间时，冰升温比水快，说明冰比水的吸热能力强
【分析】（1）熔化前晶体处于固态、熔化过程处于固液共存状态、熔化完成后是液态，熔化过程不断吸热，温度不变；
（2）水的沸点随气压的升高而升高，随气压的降低而降低；
（3）晶体首先吸收热量，温度升高，达到熔点，继续吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是这种晶体的熔点。晶体完全熔化后，吸收热量，温度不断升高；
（4）相同质量的冰和水在吸收相同热量的情况下，冰升温快，水升温慢，据此分析吸热能力。
【解答】解：
A、图像中BC段温度为0℃且保持不变，虽然温度不变，但熔化过程吸热，内能增加，故A错误；
B、水的沸点随气压的升高而升高，随气压的降低而降低，一标准大气压下水的沸点是100℃，此时水的沸点是98℃，说明当地的大气压低于一个标准大气压，故B错误；
C、由图像可知，在BC段，物质的温度保持0℃不变，所以该固体的熔点是0℃，此过程中物质正在熔化，是晶体，故C正确；
D、冰完全熔化为水时，质量不变；同一个加热器进行加热，加热时间相同时冰和水吸收的热量相同；冰升温比水快（即冰上升的温度较高），由Q＝cmΔt可知，冰的比热容比水小，说明冰比水的吸热能力弱；故D错误。
故选：C。
6．如图所示，把热水壶放在煤气灶上烧水的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．煤气的燃烧过程是内能转化为化学能
B．煤气燃烧越充分，它的热值越大
C．水的温度越高，水分子运动越剧烈
D．烧水的过程是通过做功的方式改变水的内能
【分析】（1）燃料燃烧时，化学能转化为内能；
（2）热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；
（3）组成物质的分子不停地做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈；
（4）改变物体内能的方式有做功和热传递。
【解答】解：
A、煤气在燃烧过程是化学能转化为内能，故A错误；
B、燃料的热值仅与燃料的种类有关，而与燃料的燃烧程度、质量都无关，故B错误；
C、分子的运动快慢与温度有关，水的温度越高，水分子运动越剧烈，故C正确；
D、烧水时水从火焰中吸收热量，温度升高，是利用热传递的方式改变物体内能的，故D错误。
故选：C。
7．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（　　）
A．0℃的冰没有内能
B．冰熔化时虽然温度保持不变，但它的内能增加
C．物体的温度越高，所含的热量越多
D．只要物体的温度不变，物体的内能就一定不变
【分析】（1）任何物体在任何温度下都具有内能。
（2）晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变，但内能增加；
（3）热量是一个过程量，只有热传递过程中才能谈热量，物体在一种状态下不能谈热量。
【解答】解：A、任何物体在任何温度下都具有内能，0℃的冰也有内能。故A错误。
B、冰是晶体，晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变，但内能增加，故B正确；
C、描述热量的术语只能用”吸收“或”放出“，不能用“具有、所含”，故C错误；
D、内能的大小与物体的质量、状态和温度都有关系，所以单凭温度不变，不能确定物体的内能就不变，故D错误。
故选：B。
8．用酒精灯给试管加热，如图所示，试管口软木塞冲出的过程中，下列说法不正确的是（　　）

A．水蒸气对软木塞做功，水蒸气内能最大
B．水蒸气的内能转化为软木塞的机械能
C．能量的转化与热机压缩冲程能量转化相同
D．试管口的“白气”是水蒸气汽化形成的
【分析】当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；
当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；
在内燃机的做功冲程中能量转化关系是内能转化为机械能，“白气”是水蒸气液化形成的小液滴。
【解答】解：
A、水蒸气对软木塞做功，水蒸气内能减小，故A错误；
B、软木塞冲出的过程中是水蒸气的内能转化为软木塞的机械能的过程，故B正确；
C、此过程能量的转化与热机做功冲程能量转化相同，都是内能转化为机械能，故C错误；
D、试管口的“白气“是水蒸气遇冷液化形成的小液滴，故D错误。
故选：ACD。
9．一台四冲程内燃机转速为600转/分，则（　　）
A．每分钟内做功150次，共有600个冲程
B．每分钟内做功600次，共有1 200个冲程
C．每秒内做功20次，共有10个冲程
D．每秒内做功5次，共有20个冲程
【分析】热机一个工作循环，燃气对外做功一次，活塞往返两次，飞轮转动两周，经历四个冲程，根据这个比例进行判断。
【解答】解：内燃机转速为600r/min，是指1min飞轮转动600r，根据燃气对外做功一次，飞轮转动两周，经历四个冲程，所以燃气每分钟做功300次，共经历1200个冲程，或燃气每秒做功5次，共经历20个冲程。
故选：D。
10．下列事件中在改变物体内能的方式上与其他三项不同的是（　　）
A．搓手取暖
B．玩滑梯，臀部发热
C．放大镜聚光烤焦纸片
D．压缩空气
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
做功的实质是能量转化的过程，即：内能和其他形式能的相互转化。
热传递的实质是能量转移的过程，发生热传递的条件是有温度差。
【解答】解：ABD、搓手取暖、玩滑梯以及压缩空气都是克服摩擦做功使手的内能增加的；
C、放大镜聚光烤焦纸片是通过热传递使纸的内能增加的；
显然C选项与其它三个选项改变物体内能的方式不同。
故选：C。
二、填空题（每空1分，共13分）
11．（3分）如图所示的实验装置，当用注射器给正在沸腾的水打气加压时，可以看到水　停止　沸腾（填“继续”或“停止”）．这个现象表明：水面气压增大，水的沸点将　升高　，（选填“升高”或“降低”或“不变”）．在厨房中人们使用的　高压锅　就是利用了这一规律。

【分析】液体的沸点与气压有关，液体的沸点随气压的增大而升高，随气压的减小而降低。
【解答】解：当用注射器给正在沸腾的水打气加压时，瓶内气压增大，水的沸点升高，瓶内的水不再沸腾。高压锅就是利用增大气压，提高水的沸点，缩短加热的时间的。
故答案为：停止；升高；高压锅。
12．建筑工程中经常需要用钻孔机钻孔，钻孔时钻头发热使用　做功　的方式使钻头的内能增加了，在钻孔过程中不断地往钻头上注水，可以利用水的比热容较　大　，能吸收较多的热量，从而降低钻头的温度避免钻头烧坏。
【分析】（1）改变物体内能的方法：一是做功（能量的转化），二是热传递（能量的转移）；
（2）水的比热容大，是指相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
【解答】解：
建筑及装修工程中经常需要用钻孔机钻孔，钻头打完孔后会发烫，因为钻头和墙相互摩擦，机械能转化为内能，这是通过做功改变了钻头的内能；
和其他物质比较，水的比热容大，升高相同的温度，水吸收的热量多，从而降低钻头的温度避免钻头烧坏。
故答案为：做功；大。
13．一个成年人参加一次长跑，身体消耗的能量为6.6×106J，这些能量相当于完全燃烧0.55kg的干木柴才能得到。则干木柴的热值为　1.2×107　J/kg，如果用掉一半后，干木柴的热值将　不变　（填“变大”，“不变”或“变小”）。
【分析】（1）因为干木柴完全燃烧放出的热量等于身体消耗的能量，知道完全燃烧干木柴的质量，可以利用公式Q放＝mq求干木柴的热值；
（2）热值是燃料的特性，其大小与燃料的种类有关，而与燃料的质量无关。
【解答】解：
（1）由Q放＝mq可得，q＝＝＝1.2×107J/kg；
（2）热值是燃料的特性，其大小与燃料的质量无关，用掉一半后，干木柴的热值仍为1.2×107J/kg。
故答案为：1.2×107；不变。
14．（6分）如图所示，某四冲程汽油机正处于 　压缩　冲程，此冲程将 　机械　能转化为 　内　能，其能量转化类似于乙、丙两实验图中的 　丙　图，接下来它将进行的是 　做功　冲程。该汽油机铭牌上标有“3600r/min”字样，则它每秒钟对外做功 　30　次。

【分析】（1）内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，其中在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能；
（2）在四冲程内燃机的一个工作循环中，完成4个冲程，并对外做功1次，曲轴和飞轮转2圈。
【解答】解：图甲中汽油机两气门关闭、活塞向上运行，是压缩冲程，此冲程将机械能转化为内能；接下来将进行做功冲程；
图乙和丙所示，是我们课堂演示的两个实验，在乙实验中通过做功方式将内能转化为机械能，该过程对应着汽油机工作循环中的做功冲程；而在丙实验中是将机械能转化为内能，与图甲与丙实验能量转化过程相同；
若该汽油机飞轮转速为3600r/min，飞轮转速为60r/s；则该汽油机每秒完成120个冲程，对外做功30次。
故答案为：压缩；机械；内；丙；做功；30。
三、实验探究题（每空1分，共18分）
15．（7分）在探究“水沸腾时温度变化的特点”实验中：

（1）安装好实验器材后，为缩短实验时间，小梦在烧杯中倒入热水，热水中温度计的示数如图甲所示，此时温度计的示数为 　68　℃。
（2）当水温接近90℃时，每隔1min记录一次温度，并绘制了图乙所示水温随时间变化的图像，由图像可知：水沸腾时的温度是 　97　℃，水沸腾时特点是 　不断吸收热量，温度保持不变　，水沸腾时温度小于100℃的原因是：　气压小于一个标准大气压　。
（3）小梦观察到：沸腾时水中气泡的情形为图丙中 　A　（填“A”或“B”）图。
（4）小梦同学想提高水的沸点，换用了火力更大的酒精灯加热，这种做法 　不可行　（填“可行”或“不可行”）。
（5）小梦发现撤去酒精灯后水没有马上停止沸腾是因为 　石棉网和烧杯底的温度高于水的沸点，水能继续吸热　。
【分析】（1）温度计读数时看清量程和分度值，视线与液柱的液面相平；
（2）根据水沸腾的特点找到沸点：水沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；1标准大气压下水的沸点是100℃．沸点跟气压有关，气压越低，沸点越低；
（3）水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大；
（4）水的沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高；
（5）水沸腾的条件：达到沸点并要继续吸热；据此分析。
【解答】解：
（1）图甲中，温度计分度值是1℃，液面在0℃以上，所以温度计的示数为68℃；
（2）由图乙知，水沸腾时，不断吸收热量，保持97℃不变，所以97℃是水的沸点；水沸腾时的特点：不断吸收热量，温度保持不变；1标准大气压下水的沸点是100℃．沸点跟气压有关，气压越低，沸点越低，所以水沸腾时温度小于100℃的原因是：气压小于一个标准大气压；
（3）A图气泡上升时越来越大，是因为水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大。B图气泡上升时越来越小，是因为水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小，故选A；
（4）水的沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高，换用了火力更大的酒精灯加热，不能使气压增大，不能提高水的沸点，故此方法不可行；
（5）撤去酒精灯后，由于石棉网有余温，石棉网与烧杯底的温度高于水的沸点，水能继续吸热，因此水未立即停止沸腾。
故答案为：（1）（1）68；（2）97；不断吸收热量，温度保持不变；气压小于一个标准大气压；（3）A；（4）不可行；（5）石棉网和烧杯底的温度高于水的沸点，水能继续吸热。
16．（5分）晓轩同学在“探究冰和蜡的熔化规律”时，使用的实验装置如图甲所示：

（1）蜡在加热过程中某一时刻温度计的示数如图乙所示，温度是　39　℃，实验数据如下表，可以判断蜡属于　非晶体　（选填“晶体”或“非晶体”）；
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
蜡的温度/℃
42
44
46
48
49
50
51
52
（2）向试管中放入碎冰，根据加热过程中记录的数据画出如图丙所示温度﹣﹣时间图象，得出冰熔化特点是　吸收热量　、　温度不变　；
（3）另一同学把冰放入如图丁所示的烧杯中，并未用酒精灯加热，冰也熔化了。于是他认为冰熔化不需要吸收热量，他的想法　不正确　（选填“正确”或“不正确”），他还发现冰熔化时烧杯外壁有一层水珠，这是　液化　形成的。
【分析】（1）温度计在读数时，要看清分度值；晶体和非晶体的区别是：晶体有一定的熔化温度而非晶体没有。
（2）晶体在熔化时吸热但保持熔点温度不变，处于固液共存状态，但此过程仍然吸热；
（3）物质由气态变成液态的过程叫做液化，液化放热。
【解答】解：（1）该温度计的分度值为1℃，示数为39℃；由表格数据知，蜡在熔化过程中，继续吸热、温度不断升高，没有一定的熔化温度，因此蜡属于非晶体。
（2）分析图象可知，冰达到一定温度开始熔化，故冰是晶体，在熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变。
（3）他的想法是错误的，会从室温吸收热量熔化；
冰块变成水的过程叫做熔化，熔化吸热，因此杯子的外壁感觉很凉；空气中温度较高的水蒸气遇到温度较低的玻璃杯凝结成小水滴，属于液化现象。
故答案为：
（1）39；非晶体；
（2）吸收热量；温度不变；
（3）不正确；液化
17．（6分）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，实验装置如图所示。
加热时间/min
0
1
2
3
4
甲的温度/℃
30
34
38
42
46
乙的温度/℃
10
18
26
34
42
（1）实验中应量取 　质量　相同的甲、乙两种液体（选填“质量”或“体积”），分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热。这其中运用了常用的物理科学方法，即 　控制变量法　；在该实验中还利用了“转换法”，即用加热时间的长短来表示液体甲和液体乙 　吸热多少　。在实验中，当它们吸收相同热量时，我们可以通过比较 　温度变化量　来判断吸热能力的强弱。
（2）分析实验数据可知 　甲　物质的吸热能力强。
（3）由此相关实验，引入了比热容这一概念．以下现象中，能支持煤油的比热容比水小的事实是　 　A　
A．同样情况下，煤油升温比水快 B．油能把食物炸黄，而水不能
C．油能漂在水面上 D．油比水难蒸发．

【分析】（1）比较物质吸热能力实验需要应用控制变量法，根据控制变量法的要求分析答题；用相同的热源对液体加热，液体在相等时间内吸收的热量相等；
（2）质量相同的液体升高相同的温度，吸收的热量越多，液体吸热能力越强；
（3）比热容反映了不同物质的吸热能力，根据Q吸＝cm△t，相同质量的两个物体，吸收相同的热量，比热容越小，温度变化越快。
【解答】解：（1）探究物质吸热能力实验，实验中应量取质量相同的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用相同的电加热器加热，是控制变量法；当它们吸收相同热量时，通过比较温度的变化量来判断物体吸热能力的强弱；
（2）由表中实验数据可知，质量相同的甲、乙两种液体吸收相同热量，甲升高温度小于乙升高温度，所以甲物质的吸热能力强；
（3）A．同样情况下，煤油升温比水快，根据△t＝，说明了煤油的比热容小于水的比热容；
B．油能把食物炸黄，而水不能，说明油的沸点比水高；
C．油能漂在水面上，说明油的密度小于水的密度；
D．油比水难蒸发，说明蒸发的快慢与物质的种类有关。
故选：A。
故答案为：（1）质量，控制变量法，吸热多少，温度变化量；（2）甲；（3）A。
四、计算题（9分）
18．（9分）小雪用天然气热水器将质量为100kg、温度为20℃的自来水加热到50℃，消耗的天然气体积为1m3（假设天然气完全燃烧）。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值为3×107J/m3．求：
（1）天然气完全燃烧放出的热量；
（2）水吸收的热量；
（3）该热水器工作时的效率。
【分析】（1）由Q放＝Vq可求出天然气完全燃烧放出的热量；
（2）知道水的质量、水的比热容，求出水温度的升高值，利用吸热公式Q吸＝cm△t求水吸收的热量；
（3）水吸收的热量跟天然气完全燃烧放出的热量之比等于燃气灶的效率。
【解答】解：（1）天然气完全燃烧放出的热量：
Q放＝Vq＝1m3×3×107J/m3＝3×107J；
（2）水吸收的热量：
Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（50℃﹣20℃）＝1.26×107J；
（3）燃气灶的效率：
η＝×100%＝×100%＝42%。
答：（1）天然气完全燃烧放出的热量为3×107J；
（2）水吸收的热量为1.26×107J；
（3）该热水器工作时的效率是42%。