粤教版必修1第四节 牛顿第二定律课后复习题

这是一份粤教版必修1第四节 牛顿第二定律课后复习题，共16页。试卷主要包含了3牛顿第二定律 课时作业3，2N，5N等内容，欢迎下载使用。
2020-2021学年新人教版必修第一册4.3牛顿第二定律 课时作业3（含解析）  1．如图所示，用两根细线和悬挂一薄板。下列说法正确的是（　　）A．薄板的重心一定在和的延长线交点处B．的拉力大于的拉力C．剪断瞬间，薄板的加速度方向一定沿斜向下D．若保持位置不变，缓慢移动至竖直方向，则的拉力先减小后增大2．用水平拉力F拉着一物体在水平地面上做匀速直线运动，某时刻起力F随时间均匀减小，方向不变，物体所受的摩擦力f随时间变化的图像如右图中实线所示（动摩擦因数不变）．则该过程对应的v-t图像是（）A． B．C． D．3．质量为2kg的物体，受到4个力的作用而处于静止状态，当撤去其中一个力F1后，其它力保持不变，物体运动的加速度为2m/s2，方向向北，则F1的大小和方向为 (    )A．2N、方向向北 B．2N、方向向南C．4N、方向向南 D．4N、方向向北4．如图所示，有一辆汽车满载西瓜在水平路面上匀速前进．突然发现意外情况，紧急刹车做匀减速运动，加速度大小为a，则中间一质量为m的西瓜A受到其他西瓜对它的作用力的大小是A．m B．maC．m D．m(g+a)5．湖北大悟十八潭风景区内玻璃栈道旁有一盘山滑道，是游客必经之地，假设该盘山滑道各处倾斜度一致，倾角都为37°，全长105m，游客下滑过程中，若不采取任何措施，与滑道间的摩擦因数μ1=0.7，可躺下利用专用衣服背部使整体动摩擦因数变为μ2=0.8，到达底部的安全速度不超过6m/s，则游客在下滑过程中采取措施的路程最小应该为（　　）（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）A．20m B．30m C．40m D．50m6．如图所示的装置中，A、B两物块的质量分别为4kg、2kg，不计弹簧和细绳质量以及一切摩擦，重力加速度取g=10m/s2。先用手托住物块A使系统处于静止状态，然后迅速释放A，则释放A的瞬间，下列说法正确的是（　　）A．弹簧的弹力大小为30NB．弹簧的弹力大小为40NC．A的加速度大小为5m/s2D．B的加速度大小为10m/s27．某同学研究物体的运动，让一个质量为2kg的物体在水平恒力的作用下沿光滑水平面做直线运动，物体的图线如图所示，t是从某时刻开始计时物体运动的时间，x为物体在时间t内的位移，由此可知（　　）A．0~5s内物体的位移为45mB．5s末物体的速度为4.5m/sC．0~10s内物体的速度变化量为3m/sD．物体受到的恒力大小为1.2N8．用细绳拴一个质量为m的小球，小球将一固定在墙上的水平轻质弹簧压缩了x（小球与弹簧不拴连，弹簧劲度系数为k），如图所示。将细绳剪断瞬间（     ）A．弹簧弹力发生变化 B．小球速度不为零C．小球立即获得的加速度 D．小球加速度为9．静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉力，当拉力开始作用的瞬间，下列说法正确的是（　　）A．物体立即获得速度 B．物体立即获得加速度C．物体加速度仍为零 D．物体同时获得速度和加速度 10．建筑工人利用轻质动滑轮提升建筑材料的情景如图甲所示。绕过轻滑轮的轻绳一端固定，通过拉动另一端使水桶由静止开始竖直上升，两侧轻绳始终保持竖直，水桶的加速度a随水桶上升的高度h的变化关系图像如图乙所示。已知水桶及桶内材料的总质量为5kg，重力加速度g=10，不计一切阻力及摩擦，以下说法正确的是（　　）A．水桶上升4m时的速度大小为m/sB．水桶上升4m时的速度大小为m/sC．水桶上升4m时，人对绳的拉力大小为55ND．水桶上升4m时，人对绳的拉力大小为27.5N11．质量分别为M和m的物块形状大小均相同，将它们通过轻绳跨过光滑定滑轮连接，如图甲所示，绳子平行于倾角为α的斜面，M恰好能静止在斜面上，不考虑M、m与斜面之间的摩擦。若互换两物块位置，按图乙所示放置，然后释放M，斜面仍保持静止。则下列说法正确的是（　　）A．轻绳的拉力等于Mg B．轻绳的拉力等于mgC．M运动的加速度大小为 D．M运动的加速度大小为12．如图用三根细线a、b、c将两个小球1和2连接并悬挂，其中小球1的重力=7N，小球2的重力=9N，两小球处于静止，已知细线a与竖直方向的夹角为，细线c水平，重力加．速度为g，sin=0.6，则（　　）A．细线a对小球1的拉力为20NB．细线b对小球2的拉力为15NC．细线c对小球2的拉力为10ND．剪断绳b后的瞬间，小球2的加速度为g13．如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率运行，初速度大小为的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带。若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的图像（以地面为参考系）如图乙所示，已知，则（　　）A．时刻，小物块离A处的距离达到最大B．时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C．时间内，小物块受到的摩擦力方向一直向右D．时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用14．热气球下面吊着一个箱子，在地面从静止开始竖直向上运动，一段时间后，悬吊箱子的绳子断开，箱子运动的v－t图象如图所示，运动过程中箱子受到的空气阻力恒定，g取10m/s2，则下列判断正确的是（     ）A．t＝3s时刻，箱子上升到最高点 B．箱子上升的最大高度为24mC．空气阻力与箱子重力之比为1：4 D．悬吊箱子的绳子张力与箱子重力之比为8：515．如图所示，踢毽子是人们喜爱的一项体育活动，毽子被踢出后竖直向上运动，达到最高点后又返回原处。若运动过程中毽子受到的空气阻力大小与速度的大小成正比，且始终小于毽子的重力，则下列说法正确的是（　　）A．毽子踢出后受到三个力的作用B．毽子到最高点时，所受合外力不为零C．毽子在上升过程中，加速度减小D．毽子在下降过程中，加速度增大  16．如图所示，水平横杆固定，小环、套在杆上（其直径略大于杆的直径），用两段不可伸长的轻绳连接小球、、构成等边三角形且质量均为，整个装置处于静止状态，重力加速度用表示。求：(1)轻绳对的拉力大小；(2)受到的摩擦力的大小；(3)用手按住环，突然剪断轻绳瞬间，球的加速度大小。
参考答案1．D【解析】【分析】【详解】A．薄板受到重力、AC细线的拉力和BD细线的拉力三个力作用，三个力不平行，平衡时力所在的直线交于一点，所以薄板的重心一定在通过AC和BD延长线的交点的竖直线上，但不一定在AC和BD的延长线交点处，故A错误；B．根据水平方向受力平衡可得TBDsin60°=TACcos45°可得TBD＜TAC故B错误；C．剪断BD瞬间，薄板的速度为零，向心力为零，合力等于重力垂直于AC向下的分力，所以此瞬间，板的加速度方向一定垂直于AC方向向下，而不是沿BD斜向下，故C错误；
D．若保持AC位置不变，缓慢移动BD至竖直方向，作出三个不同位置板的受力合成图，如图所示，AC的拉力T和BD拉力F的合力与重力G总等大反向，由图知，BD的拉力先减小后增大，故D正确。故选D。2．B【解析】从图中看出，摩擦力从t2时刻开始逐渐减小，t1～t2时间内不变，知F从t1时刻开始减小的，做减速运动，受滑动摩擦力，所以在t1～t2时间内摩擦力f的大小不变，当F均匀减小时，F小于滑动摩擦力，根据牛顿第二定律得知：f-F=ma，F减小，f不变，加速度a增大，v-t图象的斜率增大．t2时刻物体的速度刚好变为零，然后摩擦力变为静摩擦力，大小随F的变化而变化．故B正确，ACD错误．故选B．3．C【解析】【分析】【详解】根据牛顿第二定律得到其余两个力的合力大小F合=ma=4N，方向向北．而原来物体处于平衡状态，F1、F2两个力的合力与其余两个力的合力大小相等，方向相反，所以F1、F2的合力是4N，方向向南。故选C。4．C【解析】【分析】【详解】西瓜受到重力和其它西瓜给它的作用力而减速运动，加速度水平向右，其合力水平向右，作出西瓜A受力如图所示：
由牛顿第二定律可得： , 所以： ，故ABD错误，C正确．故选C．【点睛】无论是已知运动求受力情况，还是已知受力求运动情况，加速度都是联系力与运动的桥梁，正确受力分析，根据牛顿第二定律列方程是解题关键.5．B【解析】【分析】【详解】当游客采取措施后到达底部的速度恰好为，此时对应采取措施的路程最小，设为，设未采取措施前加速度为，采取措施后的加速度为，中途最大速度为，两段过程分别根据牛顿第二定律有已知盘山滑道，根据运动学公式有联立以上几式并带入数据解得故选B。6．C【解析】【分析】【详解】AB．释放物体A的瞬间，弹簧弹力不发生突变，仍为释放前弹力故AB错误；C．对物体A，有解得故C正确；D．对物体B，由于弹簧弹力不能突变，物体B的受力情况没有发生改变，，故D错误。故选C。7．D【解析】【分析】【详解】A．由图知，t=5s时则0-5s内物体的位移为x=4.5t=4.5×5m=22.5m故A错误。
B．根据匀变速直线运动位移时间公式x=v0t+at2变形得到则图线的纵轴截距表示初速度，所以有v0=3m/s图线的斜率为解得a=0.6m/s2物体做匀加速直线运动，5s末物体的速度为 v=v0+at=（3+0.6×5）m/s=6m/s故B错误。
C．0～10s内物体的速度变化量为△v=at=0.6×10m/s=6m/s故C错误。
D．物体受到的恒力大小为F=ma=2×0.6N=1.2N故D正确。
故选D。8．D【解析】【分析】【详解】因为弹簧的弹力需要形变，剪断细绳瞬间，弹簧弹力不变。所以初态小球平衡，剪断绳后，小球合外力与绳中拉力等大反向，即所以由牛顿第二定律可知加速度但此时速度为零。故选D。9．B【解析】【分析】【详解】物体静止在光滑水平面，受到水平拉力的瞬间，合力等于拉力，根据牛顿第二定律：加速度大小与合力大小成正比，加速度与合力是瞬时关系，可知物体立刻产生加速度，而物体由于惯性，此瞬间还保持原来的状态，速度为零。
故选B。10．AD【解析】【分析】【详解】AB．由初速为零的匀加速直线运动规律可知结合图像面积可求得水桶上升4m时的速度大小
 故A正确；CD．由牛顿第二定律可知即故C错误，D正确。故选AD。11．BCD【解析】【分析】【详解】互换位置前，M静止在斜面上，则有互换位置后，对M有对m有又联立解得故选BCD。12．ABD【解析】【分析】【详解】AC．将两小球和细线b视为整体，对整体受力分析如图所示根据共点力的平衡条件有故A正确，C错误；B．对小球2进行受力分析如下根据共点力的平衡条件有故B正确；D．剪断绳b后的瞬间，b、c两条绳子的拉力均变为零，小球2只受重力作用，加速度为g，故D正确。故选ABD。13．BC【解析】【分析】【详解】A．相对地面而言，小物块在小时间内，向左做匀减速运动，时间内，又反向向右做匀加速运动，当其速度与传送带速度相同时（即时刻），小物块向右做匀速运动，故小物块在时刻离A处距离最大，选项A错误。BCD．相对传送带而言，在时间内，小物块一直向左运动，故小物块一直受向右的滑动摩擦力，在时间内，小物块相对于传送带静止；小物块不受摩擦力作用，因此时刻小物块相对传送带滑动的距离达到最大值，BC正确，D错误。故选BC。14．BD【解析】【分析】【详解】A．t=4s时刻，箱子上升到最高点，故A错误；B．箱子上升的最大高度为故B正确；C．绳断后则故C错误；D．向上加速运动时解得故D正确。故选BD。15．BC【解析】【分析】【详解】A．毽子踢出后，受到重力和空气阻力两个力的作用，选项A错误；B．毽子到最高点时，空气阻力为零，只受重力作用，合外力不为零，选项B正确；C．毽子在上升过程中，根据牛顿第二定律得mg+kv=ma毽子在上升过程中速度逐渐减小，故加速度逐渐减小，选项C正确；D．毽子在下降过程中，根据牛顿第二定律得mg-kv=ma毽子在下降过程中速度逐渐增大，故加速度逐渐减小，选项D错误。故选BC。16．(1)；(2)；(3)【解析】【分析】【详解】(1)对C 得 (2)对A： 得(3)对C： 得