2021中考数学三轮复习——圆 限时作业
展开圆
1. 如图,正五边形ABCDE内接于⊙O,P为上的一点(点P不与点D重合),则∠CPD的度数为
A.30° B.36°
C.60° D.72°
2. 已知圆锥的底面半径为5cm,母线长为13cm,则这个圆锥的侧面积是
A.60πcm2 B.65πcm2
C.120πcm2 D.130πcm2
3. 平面内,⊙O的半径为1,点P到O的距离为2,过点P可作⊙O的切线条数为
A.0条 B.1条
C.2条 D.无数条
4. 如图,AB是⊙O的直径,AC是⊙O的切线,A为切点,若∠C=40°,则∠B的度数为
A.60° B.50°
C.40° D.30°
5. 如图,已知⊙O上三点A,B,C,半径OC=1,∠ABC=30°,切线PA交OC延长线于点P,则PA的长为
A.2 B.
C. D.
6. 如图,已知圆锥的母线长为6,圆锥的高与母线所夹的角为,且sin=,则该圆锥的侧面积是
A. B.24π
C.16π D.12π
7. 如图,已知圆周角∠A=50°,则∠OBC的大小是
A.50° B.40°
C.130° D.80°
8. 如图,在Rt△ABC中,∠ABC=90°,AB=2,BC=2,以AB的中点O为圆心,OA的长为半径作半圆交AC于点D,则图中阴影部分的面积为
A. B.
C.2-π D.4-
9. 如图,在Rt△ABC中,∠ACB=90°,BC=1,将Rt△ABC绕点C顺时针旋转60°,此时点B恰好在DE上,其中点A经过的路径为弧AD,则图中阴影部分的面积是__________.
10. 如图放置的一个圆锥,它的主视图是直角边长为2的等腰直角三角形,则该圆锥侧面展开扇形的弧长为__________.(结果保留π)
11. 如图是一个圆锥形冰淇淋外壳(不计厚度),已知其母线长为12 cm,底面圆半径为3 cm,则这个冰淇淋外壳的侧面积等于__________cm2(结果精确到个位).
12. 已知一条弧所对的圆周角的度数是15°,则它所对的圆心角的度数是__________.
13. 如图,已知四边形ABCD内接于⊙O,AD是直径,∠ABC=120°,CD=3,则弦AC=__________.
14. 如图,四边形ABCD是矩形,AB=4,AD=,以点A为圆心,AB长为半径画弧,交CD于点E,交AD的延长线于点F,则图中阴影部分的面积是__________.
15. 如图,AB为⊙O的直径,点C在⊙O上,且tan∠ABC
=2.
(1)利用尺规过点A作⊙O的切线AD(点D在直线AB右侧),且AD=AB,连接OD交AC于点E(保留作图痕迹,不写作法);
(2)在(1)条件下,
①求证:OD∥BC;
②连接BD,交⊙O于点F,求证:DE·OD=DF·BD.
16. 如图,在△ABC中,BA=BC,∠ABC=90°,以AB为直径的半圆O交AC于点D,点E是上不与点B,D重合的任意一点,连接AE交BD于点F,连接BE并延长交AC于点G.
(1)求证:△ADF≌△BDG;
(2)填空:
①若AB=4,且点E是的中点,则DF的长为__________;
②取的中点H,当∠EAB的度数为__________时,四边形OBEH为菱形.
17. 如图,在△ABC中,∠BAC=90°,点E在BC边上,且CA=CE,过A,C,E三点的⊙O交AB于另一点F,作直径AD,连结DE并延长交AB于点G,连结CD,CF.
(1)求证:四边形DCFG是平行四边形.
(2)当BE=4,CDAB时,求⊙O的直径长.
答案
1. B
2. B
3. C
4. B
5. B
6. D
7. B
8. A
9. -
10.
11. 113
12. 30°
13. 3
14.
15. (1)作图所示,
(2)∵AB为⊙O直径,且点C在⊙O上,AD=AB,
∴tan∠AOD=2,
∵∠C=90°,tan∠ABC=2,
∴tan∠AOD=tan∠ABC,
∴∠AOD=∠ABC,
∴OD∥BC.
②连接AF,
∵OD∥BC,
且∠C=90°,
∴∠AED=90°,
∵∠ADO=∠ADE,
∴△ADO∽△ADE,
∴,即AD2=DO·DE,
∵AB为⊙O直径,且点F在⊙O上即∠AFB=90°,
∵∠BAD=90°,且∠ADB=∠ADF,
∴△ABD∽△AFD,
∴,即AD2=BD·DF,
即DO·DE=BD·DF.
16. (1)∵BA=BC,∠ABC=90°,
∴∠BAC=45°,
∵AB是⊙O的直径,
∴∠ADB=∠AEB=90°,
∴∠DAF+∠BGD=∠DBG+∠BGD=90°,
∴∠DAF=∠DBG,
∵∠ABD+∠BAC=90°,
∴∠ABD=∠BAC=45°,
∴AD=BD,
∴△ADF≌△BDG.
(2)①如图2,过F作FH⊥AB于H,
∵点E是的中点,
∴∠BAE=∠DAE,
∵FD⊥AD,FH⊥AB,
∴FH=FD,
∵=sin∠ABD=sin45°=,
∴,即BF=FD,
∵AB=4,
∴BD=4cos45°=2,即BF+FD=2,( +1)FD=2,
∴FD==4-2,
故答案为:4-2.
②连接OH,EH,
∵点H是的中点,
∴OH⊥AE,
∵∠AEB=90°,
∴BE⊥AE,
∴BE∥OH,
∵四边形OBEH为菱形,
∴BE=OH=OB=AB,
∴sin∠EAB==,
∴∠EAB=30°.
故答案为:30°.
17. (1)如图,连接AE,
∵∠BAC=90°,∴CF是⊙O的直径,
∵AC=EC,∴CF⊥AE,
∵AD是⊙O的直径,∴∠AED=90°,
即GD⊥AE,∴CF∥DG,
∵AD是⊙O的直径,∴∠ACD=90°,
∴∠ACD+∠BAC=180°,∴AB∥CD,
∴四边形DCFG是平行四边形;
(2)由CDAB,
设CD=3x,AB=8x,
∴CD=FG=3x,
∵∠AOF=∠COD,
∴AF=CD=3x,
∴BG=8x﹣3x﹣3x=2x,
∵GE∥CF,
∴,
∵BE=4,
∴AC=CE=6,
∴BC=6+4=10,
∴AB8=8x,
∴x=1,
在Rt△ACF中,AF=3,AC=6,
∴CF3,
即⊙O的直径长为3.
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