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2020届江苏省如东高级中学高三10月调研数学文试题
展开如东高级中学2019-2020学年度第一学期高三年级10月调研测试数 学 文 试 卷 一、填空题:本大题共14小题,每小题5分,共70分.不需写出解答过程,请把答案直接填写在答题卡相应位置上.1. 设集合,,则 ▲ . 2. 函数的定义域是 ▲ .3. 命题“”的否定是 ▲ .4. 已知,且,则 ▲ .5. 若直线:()与直线:的距离为,则 ▲ .6. 已知函数,若函数是偶函数,则 ▲ .7. 设函数若f(a)>a,则实数a的取值范围为 ▲ .8. 定义在上的奇函数满足:当时,,则在上方程的实根个数为 ▲ . 9. 若是不等式成立的充分不必要条件,则实数的范围是 ▲ .10. 已知直线的方程是,是直线上的两点,且是正三角形(为坐标原点),则外接圆的方程是 ▲ .11. 在平面直角坐标系中,若曲线(为常数)过点,且该曲线在点处的切线与直线垂直,则的值是 ▲ .12. 在三角形中,,,若对任意的恒成立,则角的取值范围为 ▲ .13. 已知函数,记为函数图像上的点到直线的距离的最大值,那么的最小值为 ▲ .14. 若存在,使得关于的方程有四个不等的实数根,则实数的取值范围是 ▲ . 二、解答题: 本大题共6小题.共90分.请在答题卡指定区域内作答,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.15. (本小题满分14分)已知函数.(1)求函数的最小正周期;(2)若,,求函数的单调递增区间. 16. (本小题满分14分)在中,, .(1)求三边的平方和;(2)当的面积最大时,求的值. 17.(本小题满分14分)已知直线: ().(1)证明:直线过定点;(2)若直线交轴负半轴于,交轴正半轴于,的面积为(为坐标原点),求的最小值并求此时直线的方程. (本小题满分16分)如图,某市有一条东西走向的公路,现欲经过公路上的处铺设一条南北走向的公路.在施工过程中发现在处的正北方向1百米的处有一汉代古迹.为了保护古迹,该市决定以为圆心、1百米为半径设立一个圆形保护区.为了连通公路,,欲再新建一条公路,点分别在公路,上(点分别在点的正东、正北方向),且要求与圆相切.(1) 当点距处2百米时,求的长;(2)当公路的长最短时, 求的长 19.(本小题满分16分)已知,函数的图象与轴相切.(1)求实数的值;(2)求的单调区间;(3)当时,恒有,求实数的取值范围. 20. (本小题满分16分)已知函数f (x)=xlnx-x.(1)设g (x)=f (x)+|x-a|,a∈R.e为自然对数的底数.①当a=-时,判断函数g (x)零点的个数;②当x [,e]时,求函数g (x)的最小值. (2)设0<m<n<1,求证:f (n)+<0. 如东高级中学2019-2020学年度第一学期高三年级10月调研测试数学参考答案一、填空题: 本大题共14小题,每小题5分,共70分.不需写出解答过程,请把答案直接填写在答题卡相应位置上1. 2. 3. 4. 5. 6. 7. (-∞,-1) 8. 3 9. 10. 11. 5 12. 13. 14. 二、解答题: 本大题共6小题.共90分.请在答题卡指定区域内作答,解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.15.(本小题满分14分)解:(Ⅰ), ……………4分的最小正周期. ……………6分(Ⅱ)由(Ⅰ)知, ……………8分 故,得, 结合单调递增得, ……………10分 , ……………12分,函数的单调递增区间为. ……………14分 (本小题满分14分)解:(Ⅰ)(1)因为,所以. ……………2分在中,由余弦定理得:, 即,于是, ……………4分故为定值. ……………6分(2)由(1)知:,所以,当且仅当时取“=”号, ……………8分因为,所以,从而. ……………10分的面积,, ……………12分当且仅当时取“=”号.因为,所以当时,,故. ……………14分 解:(1)证明:∵直线的方程可化为, ……………2分令,解得:, ……………4分 ∴无论取何值,直线总经过定点. ……………6分 (2)解:由题意可知,再由的方程,得,.依题意得:,解得. ……………8分∵,……10分当且仅当 ,即,取“=” ……………12分∴,此时直线的方程为. ……………14分18. 解:以为原点,直线、分别为轴建立平面直角坐标系.设与圆相切于点,连结,以百米为单位长度,则圆的方程为,……………2分(1)由题意可设直线的方程为,即,,与圆相切,∴,解得, ……………4分故当距处百米时,的长为百米. ……………6分(2)设直线的方程为,即,,∵与圆相切,∴,化简得,则,……………9分令,∴ ,…11分当时,,即在上单调递减;当时,,即在上单调递增, …………13分 ∴在时取得最小值,故当公路长最短时,的长为百米.…14分 答:(1)当距处百米时,的长为百米;(2)当公路长最短时,的长为百米 ……………16分 19. 解:(1),设切点为,依题意,即解得 所以. ……………4分(2)当时,;当时,.故的单调递减区间为,单调递增区间为. ……………6分 (3)令,.则,令,则,(ⅰ)若,因为当时,,,所以,所以即在上单调递增. ……………8分 又因为,所以当时,,从而在上单调递增,而,所以,即成立. ……………10分(ⅱ)若,可得在上单调递增.因为,,……………12分所以存在,使得,且当时,,所以即在上单调递减,又因为,所以当时,,从而在上单调递减,而,所以当时,,即不成立综上所述,的取值范围是 ……………16分20. 解:(1)①当a=-时,g (x)=xlnx-x+|x+|=xlnx+,g′(x)=1+lnx,当0<x<时,g′(x)<0;当x>时,g′(x)>0;因此g (x)在 (0,)上单调递减,在(,+∞)上单调递增, 又g ()=-=>0,g ()=-+=<0,g (1)=>0,所以g (x)有且仅有两个零点. ……………2分 ②(i)当a≤时,g (x)=xlnx-x+x-a=xlnx-a, 因为x∈[,e],g′(x)=1+lnx≥0恒成立,所以g (x)在[,e]上单调递增,所以此时g (x)的最小值为g ()=--a.……………4分(ii)当a≥e时,g (x)=xlnx-x+a-x=xlnx-2x+a,因为x∈[,e],g′(x)=lnx-1≤0恒成立,所以g (x)在[,e]上单调递减,所以此时g (x)的最小值为g (e)=a-e.……………6分(iii)当<a<e时,若≤x≤a,则g (x)=xlnx-x+a-x=xlnx-2x+a,若a≤x≤e,则g (x)=xlnx-x+x-a=xlnx-a,由(i),(ii)知g (x)在[,a]上单调递减,在[a,e]上单调递增,所以此时g (x)的最小值为g (a)=alna-a, ……………8分综上有:当a≤时,g (x)的最小值为--a;当<a<e时,g (x)的最小值为alna-a; 当a≥e时,g (x)的最小值为a-e. ……………10分(2)设h(x)=,则当x∈(0,1)时,h′(x)=>0,于是h(x)在(0,1)单调递增,又0<m<n<1,所以h(m)<h(n),从而有f (n)+<f (n)+h(n)=n(lnn-1+) ……………12分设φ(x)=lnx-1+,x>0 则φ′(x)=-=≥0,因此φ(x)在(0,+∞)上单调递增,因为0<n<1,所以φ(n)<φ(1)=0,即lnn-1+<0,因此f (n)+<n(lnn-1+)<0,即原不等式得证. ……………16分