2022年山东省临沂市郯城县中考物理一模试卷

这是一份2022年山东省临沂市郯城县中考物理一模试卷，共17页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱.下列相关说法错误的是( )
A. 当前运行的核电站是利用可控制的核裂变发电的
B. 超导材料可应用于远距离输电线
C. 频率越高的电磁波在空气中传播的越快
D. 光纤具有抗干扰、信号衰减小的特点，适用于远距离、大容量信息传输
以下说法中最符合实际的是( )
A. 人正常步行速度约为5m/s B. 人体的正常体温约为38.6℃
C. 一个苹果的质量约为200g D. 微型电风扇的额定功率约为500W
如图所示，关于声现象，下列说法正确的是( )

A. 如图：在靠近居民区的路段设置的声音屏障，目的是在声源处减弱噪声
B. 如图：利用超声可以探测海底深度，说明超声波在海水中的传播速度大于其他声波
C. 如图：城市中的噪声测试仪，数字98.5后的单位应该是Hz
D. 如图：从上、下两个音叉振动的波形图中，可看出上面的音叉音调高
2022年将有两次日食、两次月食，日食、月食活动前后都是观测天象、了解和研究太阳的好时机，也是全年最重要的天象之一。如图所示的光现象中，与该天象形成原理相同的是( )

A. 水中倒影 B. 手影游戏 C. 放大镜把字放大 D. 雨后彩虹
描述二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识，以下说法正确的是( )
A. 清明：“清明时节雨纷纷”，雨的形成是凝固现象
B. .小暑：“地煮天蒸盼雨风”，蒸发只在气温升高时发生
C. .秋分：“丹桂小菊万径香”，桂花飘香说明分子在永不停息地做无规则运动
D. .霜降：“一朝秋暮露成霜”，霜的形成需要吸热
下列有关热和能的说法中，正确的是( )
A. 发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体
B. 一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能不变
C. 夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质
D. 内燃机的压缩冲程，主要通过做功的方式增大汽缸内物质的内能
物理知识无处不在，下列对四幅图片及情景解释不正确的是( )

A. “水滴石穿”说明力能改变物体形状
B. 飞镖箭头做得很尖，是为了增大压强
C. 将自制气压计由山顶拿到山脚，细管内水柱上升
D. 若向B管中吹气，A管中液面会上升
2022年2月20日，北京冬奥会比赛日收官，中国交出了办赛和防疫双重完美答卷。下列关于冰雪运动的说法中正确的是( )
①甲图中短道速滑运动员武大靖沿弯道匀速滑行时，他的运动状态没有改变
②乙图中谷爱凌腾空转体时，一定受到非平衡力的作用
③丙图中的冰壶做的非常光滑，是为了减小与冰面的摩擦力
④丁图中做有些动作时会弯膝蹲下，是为了降低重心，避免摔倒
A. ①②③B. ②③④C. ②③D. ①②③④
如图所示，用滑轮组提升重物时，重400N的物体在10s内匀速上升了1m。已知拉绳子的力F为250N，则提升重物的过程中( )
A. 做的总功是400J B. 拉力F的功率是25W
C. 绳子自由端被拉下1m D. 滑轮组的机械效率是80%
如图所示，舰载机既要在航母上起飞，又要在航母上降落.下列说法正确的是( )
A. 舰载机加速升空的过程中，它的机械能不变
B. 空中加油机对匀速飞行的舰载机加油过程中，舰载机动能不变
C. 舰载机起飞后，航母所受浮力增大
D. 舰载机降落后，航母底部受到海水压强会增大
在“会飞的章鱼”实验中，将塑料袋剪成细丝制成“章鱼”，毛巾分别摩擦“章鱼”和塑料管，将摩擦后的“章鱼”抛向空中，在其下方用摩擦后的塑料管靠近“章鱼”，“章鱼”便飞起来，如图所示。关于该实验下列说法正确的是( )
A. 毛巾与塑料管摩擦的过程中创造了电荷 B. 毛巾摩擦后的“章鱼”细丝间会相互吸引
C. 摩擦后的“章鱼”与毛巾带上了同种电荷 D. “章鱼”飞起的原理与验电器工作原理相同
两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的路程(s)−时间(t)图象如图所示，根据图象，下列判断正确的是( )
A. 两次物体运动的速度：v1F2
C. 0-6s两次拉力对物体所做的功：W1>W2
D. 0-6s两次拉力对物体做功的功率：P1v2 ；故 A 错误；
B 、同一物体，则重力相等，对水平面的压力相等；同一水平面上，则接触面的粗糙程度相同，故两次拉动物体时，物体受到的摩擦力相等；由于物体做匀速直线运动，说明物体受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以，两次物体所受的拉力： F1=F2=f ；故 B 错误；
C 、由图象可知， 0～6s 物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，又知两次拉力相等，根据 W=Fs 可知， 0～6s 两次拉力对物体所做的功： W1>W2 ；故 C 正确；
D 、 0～6s ，时间相同，且 W1>W2 ；根据 P=Wt 可知， 0～6s 两次拉力对物体做功的功率： P1>P2 ；故 D 错误。
故选： C 。
13.【答案】D
【解析】解：A、由图像可知，当ℎ≤3cm时，弹簧测力计示数为12N不变，圆柱体位于空中，根据二力平衡条件得出物体的重力；当ℎ≥7cm时，圆柱体完全浸没，弹簧测力计示数为4N不变，此时圆柱体受到的浮力最大，则受到的最大浮力为：F浮=G−F=12N−4N=8N，故A错误；
B、由图可知，在3cm时，弹簧测力计的示数开始变化，圆柱体开始接触水面；7cm后，弹簧测力计的示数不在变化，说明圆柱体刚好浸没在水中，此过程中，圆柱体下降的高度为7cm−3cm=4cm，由于不知道容器底面积，无法计算水面上升的高度，所以圆柱体的高度大于4cm，故B错误；
C、下表面受到的液体压强应大于：p=ρ水gℎ=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m=400Pa，由于容器底面积未知，所以不能确定压强的大小，故C错误；
D、根据F浮=ρ水gV排可知，圆柱体排开水的体积即圆柱体的体积为：
V=V排=F浮ρ水g=8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3，
又因为圆柱体的质量为：m=Gg=12N10N/kg=1.2kg，
所以圆柱体的密度为：ρ=mV=1.2kg8×10−4m3=1.5×103kg/m3，故D正确。
故选：D。
(1)由图像可知，当ℎ≤3cm时，弹簧测力计示数为12N不变，圆柱体位于空中，根据二力平衡条件得出物体的重力；当ℎ≥7cm时，圆柱体完全浸没，弹簧测力计示数为4N不变，此时圆柱体受到的浮力最大，根据称重法求出受到的最大浮力；根据G=mg求出圆柱体的质量，根据F浮=ρ水gV排求出圆柱体排开水的体积即圆柱体的体积，利用ρ=mV求出圆柱体密度；
(2)根据图像判定圆柱体的高度；
(3)根据图像得出圆柱体在刚浸没时下表面所处的深度，根据p=ρ液gℎ求出下表面受到的液体压强。
本题考查了称重法求浮力和阿基米德原理、重力公式、密度公式、液体压强公式的综合应用，从图像中获取有用的信息是关键。
14.【答案】A
【解析】解：当人手握铅球向上运动时，肌肉产生的力使前臂骨骼绕肘关节转动，此时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆
(1)钓鱼竿在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是费力杠杆，故(1)符合题意；
(2)筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故(2)符合题意；
(3)核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故(3)不合题意；
(4)天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故(4)不合题意。
故选：A。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
15.【答案】D
【解析】解：根据题意可知，当来人为本校师生时S1闭合，当来访人员体温正常时S2闭合，电动机才工作，扬声器发出声音，这说明开关S1、S2相互影响、不能独立工作，所以两个开关是串联的；
若扬声器损坏，电动机仍然可以单独工作将门打开，说明扬声器与电动机间互不影响，所以扬声器和电动机是并联的；
所以电动机与扬声器并联再与两个开关串联，由各选项图知，D正确。
故选：D。
由题意可知，当来人为本校师生时S1闭合，当来访人员体温正常时S2闭合，电动机才工作，扬声器发出声音，这说明开关S1、S2相互影响、不能独立工作即为串联；若扬声器损坏，电动机仍然可以单独工作将门打开，说明电动机和扬声器互不影响，即两者并联，据此进行解答。
本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出两开关、电动机和扬声器的连接方式是关键。
16.【答案】D
【解析】解：由题知，电阻丝的电阻R1=R2=R3；
AB、装置中R2、R3并联后再与R1串联，通过R1的电流I1=I2+I3，而I2=I3，所以右边容器中通过R3的电流I3是左侧通过R1电流的一半，即是研究电流产生的热量与电流的关系，故AB错误；
C、已知R1=R2=R3，所以R2、R3并联后的总电阻是12R2=12R1，由于串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比，所以电阻R1两端的电压大于R2两端的电压，故C错误；
D、左右两容器中的电阻相同，而通过电阻R1的电流大于R2的电流，通电时间相同，由Q=I2Rt可知，A容器中电阻R1产生的热量多，则A管的液面将会比B管的液面高，故D正确。
故选：D。
(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，在通电时间和电阻相同时，是探究电流产生热量跟电流的关系；
(2)在串联电路中电流处处相等；在并联电路中干路电流等于支路电流之和；
(3)在串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比；在并联电路中各支路两端电压相等；
(4)通电时间相同、电阻相同，通过的电流不同，利用焦耳定律Q放=I2Rt分析判断。
此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用，同时考查了学生对焦耳定律变形公式的理解和应用。
17.【答案】D
【解析】解：
A、保险丝是用熔点低的材料制成的，而铜的熔点高，不能及时熔断，故A错误；
B、在家庭电路中，开关应接在灯泡与火线之间，故B错误；
C、在使用试电笔时，应用手接触笔尾的金属体，用笔尖接触导线，手指不能碰到笔尖的金属体，故C错误；
D、三孔插座已接地，当电冰箱的插头插入三孔插座能使电冰箱的金属外壳接地，这样能防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故，故D正确。
故选：D。
(1)保险丝是用电阻率大熔点低的铅锑合金制成的，当电流过大时会熔断而保护电路；
(2)开关要控制火线；
(3)使用试电笔时，应让手与笔尾的金属体接触，才是正确的，当氖管发光时，说明是接触的是火线；
(4)家庭电路中，金属外壳的用电器都采用三脚插头，当金属外壳的用电器插入三孔插座时，金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故；
本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，学好电、用好电！
18.【答案】B
【解析】解：A、是演示电流的磁效应的实验装置，故A错误；
B、是演示磁场对电流作用的实验装置，通电导体在磁场中受力运动是电动机的原理，故B正确；
C、是研究电磁感应现象的实验装置，是发电机的原理，故C错误；
D、电磁继电器就是利用电磁铁来控制电路的，故D错误；
故选：B。
(1)电流磁效应是指电流能产生磁场；
(2)研究磁场对电流的作用要先给导体通电，再将其放入磁场中；
(3)电磁感应是指闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线，电路中会产生感应电流；
(4)电磁继电器的工作原理，对照各图进行判断即可；
图中所示的四个实验，是电与磁这一单元最典型的四个实验，它们各自的特点不同，代表了不同的含义，学习中我们应该加以重点区分才行。
19.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
将开关S闭合，滑动变阻器的滑片P向左滑动，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，
由U=IR可知，R2两端的电压变小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R1两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A错误；
由电压表的示数变大、电流表的示数变小可知，电压表和电流表示数的比值变大，故D错误；
由P=UI可知，R2消耗的功率和电路消耗的总功率均变小，故B正确、C错误。
故选：B。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化，进一步可知电压表和电流表示数的比值变化，根据P=UI可知R2消耗的功率和电路消耗的总功率变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压。
20.【答案】D
【解析】解：(1)当滑片P移到b端时，电路为R1的简单电路，电压表的示数为电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻为0，两端的电压为0，故B不正确；
由图象可知，电压表的示数为6V即电源的电压U=6V；
(2)滑片P移到a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，
由图象可知，滑动变阻器R2的最大阻值为20Ω，电压表的示数U1=2V，
∵串联电路中总电压等于各分电压之和，
∴滑动变阻器两端的电压：
U2=U−U1=6V−2V=4V，
∵串联电路中各处的电流相等，
∴U1R1=U2R2，即2VR1=4V20Ω，
解得：R1=10Ω，故A不正确；
R1消耗的功率：
P1=U12R1=(2V)210Ω=0.4W，故C不正确；
(3)由图象可知，当滑片P移到中点即R2′=10Ω时，U1′=3V，
通过R1的电流：
I1=U′1R1=3V10Ω=0.3A，故D正确。
故选：D。
(1)当滑片P移到b端时，接入电路中的电阻为0，电路为R1的简单电路，电压表的示数为电源的电压，根据图象读出电源的电压；
(2)滑片P移到a端时，R1与滑动变阻器的最大阻值串联，根据图象读出电压表的示数和滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律和电路中的电流特点得出等式即可求出R1的阻值，根据P=U2R求出滑片P移到a端时R1消耗的功率；
(3)根据图象得出滑片P移到中点时电压表的示数，根据欧姆定律求出通过R1的电流。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出滑片接入电路中不同电阻时对应电压表的示数。
21.【答案】2.85
【解析】解：图中刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；它的起始刻度从零刻度线开始，物块的长度为2.85cm；
故答案为：2.85。
刻度尺的最小刻度值(或叫分度值)为相邻的刻度线表示的长度；使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
本题考查的是刻度尺的使用方法和读数，是一道基础题。正确观察的关键是视线在终端刻度线的正前方，视线与刻面垂直，看清大格及小格数
22.【答案】大气压 连通器
【解析】解：(1)在一个标准大气压下，大气压可以支持约10.3m高的水柱。瓶中水面能高于盆内水面不会流出来，正是因为盆景中的水与大气相通，是大气压支持着瓶内的水不会流出来。
(2)船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，所以图乙船闸是利用连通器原理工作的。
故答案为：大气压；连通器。
(1)浸在空气中的物体受到大气压的作用，一个标准大气压可以支持10.3m高度的水柱；
(2)连通器：上端开口、底部相连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
本题考查学生运用所学知识分析解决实际问题的能力，对学生的要求较高，是中考重点考查的内容。
23.【答案】机械 做功 不变 运动 电磁波 引力 匀速直线运动
【解析】解：(1)燃料燃烧是化学变化，将化学能转化为内能，又将内能转化为火箭的机械能，做功冲程将燃料燃烧释放的内能转化为转化为机械能，与内燃机的做功冲程的原理是相同的；
热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与其质量、是否燃烧和燃烧是否充分无关，所以在燃料的质量减少时热值不变。
(2)以地球为参照物，中国空间站的位置发生了变化，所以是运动的。
(3)“太空教师”王亚平进行太空授课，天地互动课堂是通过电磁波传输信号进行联系的.她在水膜表面贴上她与女儿一起做的一朵花后，花朵绚丽盛开，而水膜也依然完好，如图乙所示，这表明分子之间存在引力。
(4)重力忽略不计，物体不受力的作用将保持保持匀速直线运动。
故答案为：(1)机械；做功；不变(2)运动；(3)电磁波；引力；(4)匀速直线运动。
(1)燃料燃烧是化学变化，将化学能转化为内能，又将内能转化为火箭的机械能；做功冲程将燃料燃烧释放的内能转化为机械能；
热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与其质量、是否燃烧和燃烧是否充分无关。
(2)在判断物体的运动静止时，要看物体相对于参照物的位置是否发生改变，如果改变，物体是运动的，如果不变，则物体是静止的。
(3)电磁波可以传输信息；一切物质都是由分子组成的，分子永不停息地做无规则热运动，分之间同时存在相互作用的引力和斥力。
(4)物体不受力的作用将保持原来的速度一直运动下去。
本题在“天宫课堂”展示的情景中考查多个知识点，是一道综合题，能激发学生的学习兴趣，是不可多得的好题。
24.【答案】热胀冷缩 质量 甲
【解析】解：(1)温度计的原理是液体的热胀冷缩，所以填热胀冷缩；质量不随温度的变化而变化，所以体温计内水银质量不变；
(2)近视眼是因为成像在视网膜前方，由图可以看出是甲符合。
故答案为：(1)热胀冷缩；质量；(2)甲。
(1)温度计的原理是液体的热胀冷缩，质量不随温度的变化而变化；
(2)近视眼是因为成像在视网膜前方。
本题考查了温度计的原理、质量的性质、近视眼的成像原理。属于基础题。
25.【答案】漫 缩小 0.72
【解析】解：(1)我们能从不同的方向看到不发光的物体是由于光在物体表面发生了漫反射，所以扫码时，二维码对光发生的是漫反射；
(2)手机扫码成像时，实际成的像是倒立、缩小的实像；
(3)充电6小时消耗的电能：W=UIt=48V×2.5A×6ℎ=720W⋅ℎ=0.72kW⋅ℎ；
充电6小时的用电成本：0.72kW⋅ℎ×1元/(kW⋅ℎ)=0.72元。
故答案为：漫；缩小；0.72。
(1)我们能从不同的方向看到不发光的物体是由于光在物体表面发生了漫反射；
(2)照相机的原理：物距u>2f，成倒立、缩小的实像；
(3)利用W=UIt计算出充电6小时消耗的电能，乘以电价即为用电成本。
本题考查光的反射、凸透镜成像、消耗的电能的计算，是一道基础题。
26.【答案】S 不是
【解析】解：(1)根据螺线管中电流的方向和线圈的绕向，利用安培定则用右手握住导线，让四指指向电流方向，则大拇指指向右端，即螺线管的左端为N极，右端为S极，当小磁针静止时，根据磁极间的作用规律可知，相互靠近的一定是异名磁极，因此可以确定小磁针的左端为N极，右端为S极；
(2)细线对小铁球的拉力和小铁球受到的重力没有作用在同一直线上故不是一对平衡力。
故答案为：S；不是。
(1)根据安培定则可知螺线管的极性，由磁极间的相互作用可知小磁针静止时右端极性；
(2)一对平衡力必须是大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在一条直线上。
本题考查了右手螺旋定则以及平衡力的判断，难度不大。
27.【答案】解：分析可知，小球在粗糙的水平面上向右运动，受到重力和支持力的作用，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反，同时受到水平向左的摩擦力；过小球重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并用G和F表示其受到重力和支持力，沿水平向左的方向画一条有向线段，用f表示，如图所示：
【解析】对小球进行受力分析，然后按照力的示意图的画法画出各个力。
画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
28.【答案】解：(1)由O点到杆顶端的距离是最长的力臂，所以动力应作用在杠杆的顶端R处；
(2)根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡，动力方向垂直于杆向上，据此可画出最小的动力，如图所示：
【解析】根据杠杆平衡的条件可知，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。
杠杆中的最小动力，可以按照以下几个步骤进行：
(1)确定杠杆中的支点和动力作用点的位置；
(2)连接支点与动力作用点，得到最长的动力臂；
(3)过动力作用点作出动力臂的垂线，即动力作用线；
(4)确定使杠杆平衡的动力方向，画出动力示意图。
29.【答案】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过凸透镜光心的光线传播方向不改变。如图所示：
【解析】在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点(凸透镜的三条特殊光线)来作图。
凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过凸透镜光心的光线传播方向不改变。
30.【答案】47.8 40 1.195×103 偏大 烧杯内的液体不可能全部倒入量筒内，导致测量的液体的体积偏小 1.1×103
【解析】解：(1)②在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表的质量是0.2g，即天平的分度值为0.2g；烧杯和液体的总质量是m1=50g+10g+1.8g=61.8g；
空烧杯的质量为m2=14g，烧杯中液体的质量为m=m1−m2=61.8g−14g=47.8g；
③量筒的分度值为1cm3，量筒中液体的体积为V=40mL=40cm3；
液体的密度：ρ=mV=47.8g40cm3=1.195g/cm3=1.195×103kg/m3；
(2)大山不可能把烧杯内的液体全部倒入量筒内，导致测量的液体的体积偏小，由公式ρ=mV知：密度测量结果偏大；
(3)如图(a)饮料吸管漂浮在水中，根据浮沉条件和阿基米德原理可得G=F1=ρ水gV排=ρ水gSH，
如图(b)饮料吸管漂浮在液体中，根据浮沉条件和阿基米德原理可得G=F2=ρ液V′排=ρ液gSℎ，
所以ρ水gSH=ρ液gSℎ，所以ρ液=ρ水Hℎ=1.0×103kg/m3×11cm10cm=1.1×103kg/m3。
故答案为：(1)②47.8；③40；1.195×103；(2)偏大；烧杯内的液体不可能全部倒入量筒内，导致测量的液体的体积偏小；(3)1.1×103。
(1)②被测物体质量等于右盘中所有砝码质量与游码在标尺上所对刻度值之和，已知烧杯和液体的质量，烧杯的质量，可以得到烧杯中液体的质量；
③读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；利用公式ρ=mV得到液体的密度；
(2)方案中“把烧杯内的液体全部倒入量筒内”会使得液体不能全部倒入量筒内，从而使密度出现很大的误差；
(3)根据吸管在两种液体中都处于漂浮状态，即浮力都等于自身重力，由此计算液体密度。
本题考查液体密度的测量，也可以根据浮沉条件测量密度，有一定难度。
31.【答案】反射 薄 远离 不变 垂直 反射角等于入射角
【解析】解：(1)图甲中用玻璃板代替平面镜实验时，会看到两个不重合的像，这是由于玻璃板前后两个面反射形成的，为消除此影响可选用薄一些的玻璃板；
(2)若将蜡烛A远离玻璃板时，则像将远离玻璃板移动；平面镜中的像的大小跟物体大小有关，跟物体到平面镜的距离无关，所以物体靠近平面镜，像也靠近平面镜，像的大小不变；
(3)只有硬纸板和平面镜垂直，才能保证法线和平面镜垂直；在探究“光的反射定律”实验时，要探究反射角与入射角的关系，应该多次改变入射光线的方向，改变入射角的大小，最终才能得出“反射角等于入射角”的普遍性规律。
故答案为：(1)反射；薄；(2)等于；(3)远离；不变；(4)反射角等于入射角。
(1)从厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像这一角度去分析；
(2)物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；
(3)只有硬纸板和平面镜垂直，才能保证法线和平面镜垂直；要探究反射角与入射角的关系，应该多次改变入射角的大小，并量出对应的另一个角即反射角的大小，比较得出结论。
本题考查学生动手操作实验的能力并能根据实验现象得出正确结论，动手操作实验时，能根据实验现象得出正确的结论，提高实验能力。
32.【答案】细 晶体 固 小于 CD 1.6×103
【解析】解：(1)这个实验需要用到的测量仪器是温度计和停表，为了物体受热均匀，因此该实验中选用的颗粒细一些实验效果更好；
酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度；故组装实验器材是由下向上组装；
(2)由图象知，该物质有一定的熔点，所以是晶体；在2min时，该物质温度达到熔点，处于固态；
(3)BC段为熔化过程，处于固液共存态。熔化过程中要不断吸热，所以加热4min时物质的内能小于加热8min时物质的内能；
(4)由图中可知：AB段和CD段，升高相同温度时，CD段加热时间长，所以CD段吸热多。从图象可知，该物质在0−2min时间内处于固态，温度从−20℃升高到20℃，温度升高了40℃，物质在固态时所吸收的热量Q固=C固m×40℃；在第10−12min时间物质处于液态，温度从20℃升高到4℃，温度升高了20℃.则物质在液态时所吸收的热量Q液=c液m×20℃；由于物质的质量不变，在相同时间内吸收的热量相等，即Q固=Q液，c固m×40℃=c液m×20℃，
则c固=12c液=12×3.2×103J/(kg⋅℃)=1.6×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)细；(2)晶体；固；(3)小于；(4)CD；1.6×103。
(1)加热物体时，内部和外部温度是不同的，外部先熔化；实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；
(2)晶体有一定的熔点和凝固点；晶体熔化时吸收热量，温度不变；晶体在熔化前为固态；熔化过程为固液共存态；熔化完后为液态；
(3)晶体的熔化过中吸收热量，温度不变；
(4)知道物体吸收热量的多少与哪些因素有关：Q=cmΔt；由于在相同的时间内吸收的热量相同，可求在2min内吸收的热量，然后利用吸热公式求出固态下的比热容。
此题是晶体的熔化实验，主要探究了冰在熔化过程中的特点。同时此题主要考查的是学生对数据的分析和处理能力，以及对晶体的熔点和熔化过程中物理规律的正确理解，同时还考查了对物体吸热多少以及比热容的分析。
33.【答案】定值电阻R断路 2.5 右 在电压相同时，通过导体的电流和导体的电阻成反比 35
【解析】解：(1)由电路图知，电压表应与定值电阻并联，滑片P向左移动，电路中电流变大，所以变阻器选择A接线柱串联入电路中，如图所示：
；
(2)连接好电路，闭合开关，电流表几乎无示数，电路可能断路，发现电压表示数接近于电源电压，则电压表与电源连通，则故障为定值电阻R断路；
(3)根据绘制的电流I随电阻R变化的图象，电阻两端的电压始终保持：UV=IR=0.5A×5Ω=-----=0.1A×25Ω=2.5V，即可知R两端的电压为2.5V；
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，为使R两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2.5V。
观察图像可以得出的实验结论是：在电压相同时，通过导体的电流和导体的电阻成反比。
(4)由图象知，电阻两端的电压始终保持UV=2.5V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−2.5V=3.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的倍，根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=1.4×25Ω=35Ω，故为了完成整个实验，则滑动变阻器的阻值至少是35Ω。
故答案为：(1)见上图；(2)定值电阻R断路；(3)2.5；右；在电压相同时，通过导体的电流和导体的电阻成反比；(4)35。
(1)由电路图知，电压表与定值电阻并联，根据滑片P向左移动，电路中电流变大，确定变阻器的接线柱并将其串联入电路中；
(2)电流表几乎无示数，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，据此判断故障；
(3)根据绘制的电流I随电阻R变化的图象得出电阻两端的电压；根据控制变量法，探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(4)根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。
本题是探究通电导体中电流与电阻关系的实验，考查了实物电路的连接、故障分析、数据分析、控制变量法、实验的操作等，此实验中常考的电学实验之一，要掌握好。
34.【答案】解：(1)雪地摩托静止时，对水平地面的压力等于车的重力，即：
F=G=mg=160kg×10N/kg=1600N，
雪地摩托静止时对水平地面的压强为：
p=FS=1600N2000×10−4m2=8000Pa；
(2)雪地摩托的最大功率为：P=36kW=36000W，最高速度为：v=108km/ℎ=30m/s，
该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶时，受到阻力大小等于牵引力大小，
由P=Wt=Fst=Fv可得，阻力大小为：f=F牵=Pv=36000W30m/s=1200N；
(3)雪地摩托以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶23min发动机做的功为：
W=Pt=36000W×23×60s=4.968×107J，
汽油完全燃烧需要放出的热量为：
Q放=Wη=4.968×107J24%=2.07×108J，
所需汽油的质量为：
m′=Q放q=2.07×108J4.6×107J/kg=4.5kg。
答：(1)雪地摩托静止时对水平地面的压强为8000Pa；
(2)该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶时，所受阻力为1200N；
(3)该车以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶23min，需要4.5千克汽油。
【解析】(1)雪地摩托静止时，对水平地面的压力等于车的重力，根据F=G=mg计算雪地摩托对地面的压力，已知雪地摩托静止时与地面接触的总面积，根据p=FS计算雪地摩托对水平地面的压强；
(2)已知最大功率和最高速度，根据P=Wt=Fst=Fv计算雪地摩托受到的牵引力，雪地摩托做匀速直线运动时，所受阻力与牵引力平衡，大小相等。
(3)根据W=Pt计算雪地摩托以最大功率在水平雪地上用最高速度匀速直线行驶23min发动机做的功，根据η=WQ放×100%计算汽油完全燃烧需要放出的热量，根据Q=mq计算所需汽油的质量。
本题考查压强、功率、热量和热机效率公式的应用，关键是知道物体对水平面的压力等于其重力大小，难度适中。
35.【答案】解：(1)由图甲知，开关S接“2、3”触点时，电路为R1和R2串联的电路，电路的总电阻最大，电源的电压一定，由P=UI=U2R可知，电热加湿器的功率最小，处于低挡，
根据P=U2R知R1和R2的总电阻为：
R总=U2P低=(220V)2100W=484Ω，
因为R2=3R1，
所以R总=R1+R2=R1+3R1=4R1=484Ω，
所以电阻R1的阻值为：
R1=484Ω4=121Ω；
(2)开关S接“3、4”触点时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，电源的电压一定，由P=UI=U2R可知，电热加湿器的功率最大，处于高挡，
高挡的功率为：
P高=U2R1=(220V)2121Ω=400W，
由图乙知，工作30min时，其中高挡工作时间为10min，低挡工作时间为20min，
由P=Wt可得，在高挡正常工作时消耗的电能：
W高=P高t高=400W×10×60s=2.4×105J；
(3)由密度公式ρ=mV知水的质量为：
m=ρ水V=1.0×103kg/m3×3×10−3m3=3kg；
如果产生的热量全部被水吸收，即：Q吸=W高=2.4×105J，
由Q吸=cmΔt可得，水升高的温度：
Δt=Q吸cm=2.4×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×3kg≈19.0℃。
答：(1)电阻R1的阻值为121Ω；
(2)加湿器在高挡正常工作时消耗的电能为2.4×105J；
(3)在该次工作过程中产生的热量全部被水吸收，可以使注水仓中冷水的温度升高19.0℃。
【解析】(1)由图甲知，开关S接“2、3”触点时，电路为R1和R2串联的电路，电路的总电阻最大，电源的电压一定，由P=UI=U2R可知，电热加湿器的功率最小，处于低挡，根据P=U2R算出R1和R2的总电阻，根据R2=3R1求出电阻R1的阻值；
(2)开关S接“3、4”触点时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，电源的电压一定，由P=UI=U2R可知，电热加湿器的功率最大，处于高挡，根据P=U2R算出高挡的功率；由W=Pt算出加湿器在高挡正常工作时消耗的电能；
(3)由密度公式ρ=mV算出水的质量，在该次工作过程中产生的热量全部被水吸收，即Q吸=W，根据Q吸=cmΔt求出水升高的温度。
本题是一道电热综合题，考查了电功率公式、吸热公式以及串联电路的特点等知识，关键会根据P=U2R判断用电器的挡位，属于常考题型。