2024-2025学年浙江省台州市山海协作体高一(上)期中联考物理试卷(解析版)

这是一份2024-2025学年浙江省台州市山海协作体高一(上)期中联考物理试卷(解析版)，共18页。试卷主要包含了考试结束后，只需上交答题纸，8m/sC等内容，欢迎下载使用。
考生须知：
1.本卷共6页满分100分，考试时间90分钟。
2.答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。3.所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。
4.考试结束后，只需上交答题纸。
选择题部分
一、选择题I（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1. 下列物理量属于矢量的是（ ）
A. 速度变化量B. 时间C. 平均速率D. 路程
【答案】A
【解析】A．速度变化量既有大小，又有方向，是矢量，A正确；
B．时间只有大小，没有方向是标量，B错误；
C．平均速率只有大小，没有方向，是标量，C错误；
D．路程只有大小没有方向，是标量，D错误。
故选A。
2. 2024年8月1日凌晨，中国选手潘展乐以46秒40的成绩，赢得巴黎奥运会男子100米自由泳冠军，为国家争得荣誉。已知标准泳池的长度为50米，下列说法正确的是（ ）
A. “100米”指的是位移大小
B. “46秒40”指的是时间间隔
C. 研究潘展乐的触壁转身动作时，能将他看作质点
D. 以隔壁赛道的选手为参考系，潘展乐一直是静止的
【答案】B
【解析】A．“100米”指的是路程，故A错误；
B．“46秒40”表示时间间隔，故B正确；
C．研究潘展乐的触壁转身动作时，潘展乐的形状大小不能忽略不计，不可以把其看作质点，故C错误；
D．潘展乐赢得冠军，速度最快，以隔壁赛道的选手为参考系，潘展乐一直是运动的，故D错误。
故选B。
3. 2024年8月5日凌晨，美国选手莱尔斯以9秒79的成绩，赢得巴黎奥运会男子100米决赛冠军。测得他在50m处的瞬时速度为10m/s，到达终点时的瞬时速度为11.6m/s，则他跑完全程的平均速度大小为（ ）
A. 10m/sB. 10.8m/sC. 10.2m/sD. 11.6m/s
【答案】C
【解析】他跑完全程的平均速度大小为
故选C。
4. 有以下几种情景：①轿车在红绿灯路口右转的过程中，仪表盘速度计显示的示数不变；②奥运会射击冠军黄雨婷扣下气步枪扳机后瞬间；③在平直公路上行驶的卡车为避免发生事故而紧急刹车；④轻轨在平直的轨道上高速运行。下列对情景的分析和判断的说法中，正确的是（ ）
A. 轿车在右转过程中速度不变，故该过程轿车的加速度为零
B. 因扣下扳机后瞬间，子弹准备开始加速，所以加速度不为零
C. 卡车紧急刹车，速度很快减小，所以加速度很小
D. 高速行驶的磁悬浮列车因速度很大，所以加速度也一定很大
【答案】B
【解析】A．轿车在右转过程中速度大小不变，但是方向不断变化，故该过程轿车的加速度不为零，选项A错误；
B．因扣下扳机后瞬间，子弹速度为零，子弹准备开始加速，所以加速度不为零，选项B正确；
C．卡车紧急刹车，速度很快减小，速度变化很快，所以加速度很大，选项C错误；
D．高速行驶的磁悬浮列车因速度可能不变，所以加速度不一定很大，选项D错误。
故选B。
5. 关于下列教材中的插图，理解不正确的是（ ）
A. 利用甲图推导v-t图像面积表示物体位移时，主要体现的是极限法的思想
B. 乙图中的原理，可以探究合力与两个分力之间的关系，主要运用了等效替代的思想
C. 丙图说明了物体所受的最大静摩擦力大于滑动摩擦力
D. 丁图桌面上的装置可以用于观察桌面的微小形变
【答案】A
【解析】A．利用甲图推导v-t图像面积表示物体位移时，主要体现的是微元法的思想，故A错误；
B．乙图中的原理，可以探究合力与两个分力之间的关系，主要运用了等效替代的思想，故B正确；
C．丙图说明物体所受的最大静摩擦力大于滑动摩擦力，故C正确，
D．丁图桌面上的装置采用放大法，可以用于观察桌面的微小形变，故D正确。
本题选错误的，故选A。
6. 动车在进站时做匀减速直线运动，停止运动前最后1s内的位移为2m，则该列动车在停止运动前2s内的位移是（ ）
A. 4mB. 6mC. 8mD. 10m
【答案】C
【解析】根据运动学公式可知，减速到0的运动也可以看成反向加速，则有
可解得
所以停车前2s的位移为
故选C
7. 某同学操控无人机沿竖直方向从地面起飞，前5s内的v-t图像如图所示，下列对无人机在该段时间内运动的描述正确的是（ ）
A. 无人机在1s末到达最高点B. 3-4s无人机做匀减速直线运动
C. 无人机在4s末速度最小D. 无人机上升的最大高度为6m
【答案】D
【解析】ACD．图像与坐标轴围成的面积代表无人机的位移，可知t=3s上升的高度最大此时速度最小，高度为
故D正确，AC错误；
B．由图可知3s~4s向下做匀加速直线运动，故B错误。
8. 如图所示，一舞蹈者演示“功夫瑜伽”，用双脚撑墙，使自己静止于两墙面之间。下列说法正确的是（ ）
A. 舞蹈者对墙壁的压力是由于墙壁发生形变而产生的
B. 墙壁越粗糙，则小孩受到的摩擦力越大
C. 墙壁对舞蹈者的摩擦力方向沿墙面向下
D. 无论舞蹈者对墙壁的压力有多大，其所受摩擦力一定不变
【答案】D
【解析】A．舞蹈者对墙壁的压力是由于舞蹈者的脚发生形变而产生的，A错误；
BD．由于小孩处于平衡状态，竖直方向上所受到的重力和摩擦力是一对平衡力，故小孩受到的摩擦力的大小始终等于其重力的大小，B错误，D正确；
C．根据上述分析可知，墙壁对舞蹈者摩擦力方向沿墙面竖直向上，C错误。
故选D。
9. 图甲为芜湖一中高一军训汇报表演时无人机拍摄的照片，图乙为正在高空进行拍摄的无人机。若图乙中无人机在空中处于悬停状态进行拍摄，在无风的理想情况下，下列说法正确的是（ ）
A. 无人机所受重力和空气对无人机向上的升力为一对作用力和反作用力
B. 无人机对空气向下的推力和空气对无人机向上的升力为一对平衡力
C. 无人机所受重力和无人机对空气向下推力为一对作用力和反作用力
D. 无人机所受重力和空气对无人机向上的升力为一对平衡力
【答案】D
【解析】AD．无人机在空中处于悬停状态，无人机所受重力和空气对无人机向上的升力为一对平衡力，故A错误，D正确；
B．无人机对空气向下的推力和空气对无人机向上的升力为一对作用力与反作用力，故B错误；
C．无人机所受重力施力物体是地球，受力物体是无人机；无人机所受重力的反作用力是无人机对地球的引力。无人机对空气向下推力施力物体是无人机，受力物体是空气；无人机对空气向下推力的反作用力是空气对无人机向上的升力，故C错误。
故选D。
10. 某质点的位移随时间变化的关系式为（m），下列说法正确的是（ ）
A. 该质点1s末的速度为2m/s
B. 经过2s，质点回到出发点
C. 经过2s，质点离出发点最远
D. 该质点每秒时间内速度一定减小4m/s
【答案】B
【解析】某质点位移随时间变化的关系式为
结合匀变速直线运动位移时间公式，可知质点的初速度和加速度分别为
，
A．该质点1s末的速度为
故A错误；
BC．经过2s，质点的位移为
即质点回到出发点，故B正确，C错误；
D．质点第一秒内做匀减速直线运动，之后做反方向的匀加速直线运动，即内每秒时间内速度减小4m/s；此后每秒时间内速度增加4m/s，故D错误。
故选B。
11. 今年火爆全网的磁力擦窗神器（神器由两个具有强磁性的材料构成，分居于窗户内外两侧，靠磁力吸在一起），一位老师在使用该神器擦窗时，不小心使窗户外面的擦窗器失去磁力由静止开始掉落，砸中楼下的轿车，致使轿车头凹陷。物理老师们对该过程进行了复盘模拟，测得该擦窗器砸中轿车时的速度大小为20m/s，若忽略空气阻力，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是（ ）
A. 擦窗器下落的高度为40m
B. 擦窗器在前2s内的平均速度为15m/s
C. 擦窗器在最后1s内下落的高度为5m
D. 擦窗器从第1s末到第2s末的过程中速度增加了10m/s
【答案】D
【解析】A．擦窗器下落为自由落体运动，根据运动学公式，则有
可解得
A错误；
B．擦窗器自由落体的过程中，则有
可解得
所以前2s内的平均速度为
B错误；
C．最后1s下落的高度为
C错误；
D．根据运动学公式，则有
D正确。
故选D。
12. 轿车常用的千斤顶如图所示，当摇动把手时，螺纹轴就能迫使千斤顶的两臂靠拢，从而将汽车顶起。当车轮刚被顶起时汽车对千斤顶的压力大小为4×105N，此时千斤顶两臂间的夹角为60°。下列说法正确的是（ ）
A. 此时千斤顶对汽车的支持力大小为2×105N
B. 此时千斤顶每臂受到的压力大小均为×105N
C. 若继续摇动把手，将汽车顶得更高，则千斤顶每臂受到的压力将减小
D. 汽车能被顶起是因为千斤顶对汽车的力大于汽车对千斤顶的力
【答案】C
【解析】A．根据牛顿第三定律，此时千斤顶对汽车支持力大小为，A错误；
B．由于两臂间的夹角为60°，根据力的分解可知
此时两臂受到的压力大小均为
B错误；
C．若继续摇动把手，将汽车顶起，两臂间的夹角减小，合力不变，因此两臂受到的压力将减小，C正确；
D．汽车能被顶起是因为千斤顶对汽车的力大于汽车的重力，故D错误。
故选C。
13. 汽车以10m/s的速度在马路上匀速行驶，驾驶员发现正前方15m处的斑马线上有行人，于是刹车礼让汽车恰好停在斑马线前，假设驾驶员反应时间为0.5s．汽车运动的图如图所示，则汽车的加速度大小为
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】根据速度时间图像可以知道，在驾驶员反应时间内，汽车的位移为,所以汽车在减速阶段的位移 根据 可解得： 故C对；ABD错；
综上所述本题答案是：C
【点睛】驾驶员在发应时间内做匀速运动，根据图像可以求出匀速过程的位移，再利用求出运动过程中的加速度的大小．
二、选择题Ⅱ（本题共3小题，每小题3分，共9分。每小题列出的四个备选项中至少有一个符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
14. 下列说法正确的是（ ）
A. 胡克通过实验得出“弹簧的弹力大小与形变量成正比”的关系
B. 亚里士多德根据日常经验得出“重物与轻物下落一样快”的结论
C. 根据来定义加速度的方法，叫做比值定义法
D. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫做控制变量法
【答案】AC
【解析】A．胡克通过实验得出“弹簧的弹力大小与形变量成正比”的关系，故A正确；
B．亚里士多德提出“重的物体比轻的物体下落得快”，故B错误；
C．根据来定义加速度的方法，叫做比值定义法，故C正确；
D．在不需要考虑物体本身大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想模型法，故D错误。
故选AC。
15. 如图为一轻质弹簧的弹力大小和弹簧长度的关系图像，根据图像判断，下列说法正确的是（ ）
A. 弹簧的劲度系数为1N/m
B. 弹簧的劲度系数为1N/cm
C. 弹簧的原长为6cm
D. 弹簧伸长4cm时，弹力的大小为2N
【答案】BC
【解析】ABC．由图可知，弹力为零时，弹簧的长度即为原长，即有
当弹簧长为时，弹簧处于压缩状态，此时弹力为2N,根据胡克定律则有
解得
故A错误，BC正确；
D．当弹簧绳长4cm时，由胡克定律可知此时的弹力
D错误。
故选BC。
16. 如图为某型号电动平衡车，其体积小且操控方便。驾驶者站在平衡车上沿水平直轨道由静止开始匀加速运动，已知第3s内的位移与第2s内的位移相差1m，下列说法正确的是（ ）
A. 平衡车在这3s内的平均速度为3m/sB. 平衡车在这3s内的加速度为1m/s2
C. 平衡车在第1s内的位移为1mD. 平衡车在前3s内的位移为4.5m
【答案】BD
【解析】A．第3s内的位移与第2s内的位移相差1m，即
解得
平衡车在这3s内的平均速度为
故A错误；
B．平衡车在这3s内的加速度为1m/s2，故B正确；
C．平衡车在第1s内的位移为
故C错误；
D．平衡车在前3s内的位移为
故D正确。
故选BD。
非选择题部分
三、实验题（本题共②小题，共18分。）
17. 在利用如图1所示装置完成“探究小车的速度随时间变化规律”的实验中。
（1）要用到打点计时器，如图2所示为实验室常用的两种计时器，其中乙装置用的电源是________；
A. 交流220VB. 直流220VC. 低压交流D. 低压直流
（2）同学们在用如图1所示的装置进行实验时，下列操作中正确的有________（单选）；
A. 小车从图示位置释放比较合理B. 应先释放小车，后接通电源
C. 拉小车的细线应与木板平行D. 跨过滑轮所挂重物越重越好
（3）某同学利用打点计时器（电源频率为50Hz）记录了被小车拖动的纸带的运动情况，选取一条清晰纸带，并取其中的七个计数点进行研究。利用刻度尺测量得到E点与零刻度线的距离为：__________cm。则打点计时器在打D点时小车的速度=_______m/s，小车的加速度a=________m/s2。（计算结果均保留两位有效数字）
【答案】（1）A （2）C
（3）9.10~9.20 0.61##0.62##0.63 2.0##2.1##2.2##2.3##2.4##2.5
【解析】
【小问1解析】
其中乙装置是电火花计时器，用的电源是交流220V ，故选A；
【小问2解析】
A．小车应从靠近打点计时器位置开始释放，选项A错误；
B．应先接通电源，后释放小车，选项B错误；
C．拉小车的细线应与木板平行，选项C正确；
D．跨过滑轮所挂重物轻重要适当，并非越重越好，选项D错误。
故选C。
【小问3解析】
E点与零刻度线的距离为：9.10cm。
打点计时器在打D点时小车的速度
小车的加速度
18. 某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，测得图中弹簧OC的劲度系数为500N/m。如图1所示，用弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”实验。在保持弹簧伸长1.00cm不变的条件下：
（1）若弹簧秤a、b间夹角为90°，弹簧秤a的读数是___________N（图2中所示），则弹簧秤b的读数可能为___________N。
（2）若弹簧秤a、b间夹角大于90°，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角，则弹簧秤a的读数___________、弹簧秤b的读数___________（填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】（1）3.00 （2）变大 变大
【解析】（1）根据弹簧秤的读数方法可知，a的读数为3.00N。
弹簧OC的弹力，根据胡克定律可知
F = kx = 500 × 0.01N = 5.00N
由于OC的弹力为弹簧秤a、b的合力，且两弹簧秤夹角为90°，则可知，b的读数为
（2）若弹簧秤a、b间夹角大于90°，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角，如图所示
则可知两弹簧秤的示数均变大。
【名师点睛】由胡克定律可求得拉力大小；再根据弹簧秤的读数方法可明确对应的读数；根据几何关系即可求得b的读数；根据题意作出对应的图像，根据图像即可明确随夹角的变化两弹簧秤拉力的变化情况
四、解答题（本题共4小题，第19题7分，第20题7分，第21题9分，第22题11分，共34分）
19. 如图所示为极限运动爱好者在三峡体验蹦极项目，该项目的蹦极绳长为45米，蹦极绳一端固定于跳台，另一段系于腰间，体验者由静止开始竖直下落，其初始位置的重心与跳台位置等高。忽略空气阻力。在绳子拉直之后体验者马上做近似匀减速直线运动，经过15米速度恰好减为零。
（1）体验者在空中的最大速度是多少？
（2）绳子拉直后，体验者匀减速直线运动的加速度大小为多少？
【答案】（1）30m/s （2）30m/s2
【解析】
【小问1解析】
由题可知，体验者先做自由落体运动，绳子拉直后做匀减速直线运动，故自由落体运动末，体验者的速度最大，则有
解得
【小问2解析】
由题可知，自由落体运动末的速度恰好是匀减速运动时的初速度，故有
解得
所以体验者匀减速直线运动的加速度大小为30m/s2。
20. 质量分别为30kg的小孩和60kg的大人坐在10kg的雪撬板车上，一高中生用100N的水平推力让雪橇车和大人小孩一起在冰面上做速度为2m/s的匀速直线运动。该高中生撤去推力后，雪橇车带着大人小孩一起继续往前做匀减速直线运动了1m后才停下。
（1）雪橇车和冰面间的动摩擦因数；
（2）高中生撤去推力后3s末的速度为多大。
【答案】（1）0.1 （2）0
【解析】
【小问1解析】
在做匀速运动的阶段，列平衡方程，则有
可解得
【小问2解析】
假设减速到0，根据运动学方程，则有
可解得
所以撤去推力3s末的速度为0m/s。
21. 过春节时，小明用一根轻绳绕过树枝将红灯笼悬挂起来，如图所示，此时轻绳与水平地面的夹角θ=30°。已知灯笼的质量为1kg，小明的质量为60kg，不计轻绳与树枝间的摩擦。（g取10m/s2）求：（sin30°=0.5）
（1）轻绳对灯笼的拉力的大小；
（2）地面对小明的摩擦力的大小；
（3）地面对小明的支持力的大小。
【答案】（1）10N （2） （3）595N
【解析】（1）对灯笼进行受力分析得
解得
=10N
（2）由小明所受
有
解得
N
（3）由小明所受
有
解得
FN=595N
22. ETC是不停车电子收费系统的简称。据了解，有关部门欲对某ETC通道的通行车速进行提速，车通过ETC通道的流程如图所示。为简便计算，假设汽车以=108km/h的速度朝收费站沿直线匀速行驶，要过ETC通道，需要在收费站中心线前10m处正好匀减速至=5m/s，匀速通过中心线后，再匀加速至正常行驶。设汽车匀加速和匀减速过程中的加速度大小均为1m/s2，忽略汽车车身长度。
（1）汽车过ETC通道时，求从开始减速到恢复正常行驶过程中所需要的时间；
（2）汽车过ETC通道时，求从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小；
（3）提速后汽车以=10m/s的速度通过匀速行驶区间，其他条件不变，求汽车提速后过ETC通道过程中比提速前节省的时间。
【答案】（1）52s （2）885m （3）8.5s
【解析】
【小问1解析】
减速的时间
s=25s
匀速时间
s=2s
由对称性可知
=52s
【小问2解析】
减速过程中
得
=437.5m
由对称性可知
=437.5m
=885m
【小问3解析】
根据
得
=400m
由对称性可知提速后汽车过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小
=810m
s=20s
由对称性可知
=20s
s=1s
因为其他条件不变，所以提速前后总位移不变。
=43.5s
=85s