安徽省淮南第二十六中学2023-2024学年九年级上学期期末物理试卷

这是一份安徽省淮南第二十六中学2023-2024学年九年级上学期期末物理试卷，共19页。试卷主要包含了选择题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）礼泉小河御梨为农产品地理标志产品，具有“皮薄核小渣细糖度高”等优点。熟透的梨子从树上自由下落时（ ）
A．动能减小，重力势能减小
B．动能减小，重力势能增大
C．动能增大，重力势能减小
D．动能增大，重力势能增大
2．（2分）下面的描述与实际相符合的是（ ）
A．电能表上的单位kW•h是电功率的单位
B．教室内日光灯正常工作的电流约为2A
C．100W日光灯正常工作时电阻约为484Ω
D．对人体的安全电压是36V
3．（2分）在水平桌面上放一个重300N的物体，物体与桌面的摩擦力为60N，如图所示，使物体以0.1m/s匀速移动时，水平拉力F及其功率的大小分别为（ ）
A．20N 2WB．30N 6WC．60N 2WD．20N 6W
4．（2分）通常情况下属于绝缘体的是（ ）
A．橡皮擦B．钢直尺C．铅笔芯D．铜钥匙
5．（2分）LED灯具有发光效率高、使用寿命长等优点。如图是一个定值电阻R和一个LED灯的电流与其两端电压关系的图象。有关LED灯和定值电阻R的说法中正确的是（ ）
A．R的电阻是50Ω，R的电压与通过R的电流成正比
B．R两端的电压为零时，电阻也为零。LED的电阻随温度的升高而增大
C．将LED灯与R串联按接入电路时，当LED灯的功率为0.16W时，电路的总功率是0.24W
D．当LED灯两端电压为2v时，LED灯电阻为0.005Ω
6．（2分）灯泡L1、L2分别标有“10V、10W”和“9V、5.4W”的字样，若将它们串联使用时，电路两端允许加的最大电压值是（ ）
A．10VB．9VC．15VD．19V
7．（2分）如图所示，电源电压保持不变，电阻R1为定值电阻，当滑动变阻器R2的滑片P向右移动时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表A示数变小，电压表V1示数变大
B．电压表V1示数变小，电压表V2示数变大
C．电压表V2示数与电流表A示数的比值变大
D．电压表V1示数与电压表V2示数之差保持不变
二、填空题：本大题共8小题，共26分。
8．（3分）在斜面上将一个重600N的物体匀速拉到高处，沿斜面向上的拉力F＝300N，拉动的距离s＝4.5m，所用时间t＝30s。则拉力F做功的功率为 W，此过程中物体受到的摩擦力为 N，该斜面的机械效率是 。
9．（3分）两个小灯泡分别标有“3V 3W”和“4V 2W”字样。将两个小灯泡串联在电路中，让其中的一个小灯泡正常发光，而另一个小灯泡不超负荷工作 A，所允许加的电源最大电压是 V。（灯丝电阻不变）
10．（3分）近年来沈阳市采取了居民小区集中供热的方式，拆除了千余根烟囱，减小了高温的废气向周围大气的扩散。及它与大气层间的热传递，提高了燃料的利用率，减少了能量的损失 。
11．（3分）如图所示，当只闭合S3时，电流表示数为0.3A；同时闭合S1和S3，断开S2时，电压表示数为6V，电流表示数为0.5A。则电源电压为 V，R2的阻值为 Ω.如果只闭合S2，R1在1min内产生的热量为 J。
12．（5分）如图所示，电源电压为12V，灯L上标有“12V12W”字样（每1m长的电阻为1Ω），e、f两点可分别沿ab和cd滑动，e、f两点始终与合金丝接触良好。闭合开关S，若其它导线的电阻不计，则灯的功率 W（设灯电阻不随温度变化）。
13．（3分）如图所示，甲图中变阻器滑片从一端移动到另一端的过程中，电压表示数随电流表示数变化的U﹣I关系图象如图乙所示 V，当变阻器的滑片在a端时，变阻器R2在10s内产生的热量为 J。
14．（3分）小海在水平桌面上一定距离放置两个条形磁体，然后将若干小磁针放在A、B的磁极间，小磁针有一定指向 作用。然后小海根据小磁针的指向画出了如图所示的磁感线，根据磁感线的方向可判断出，A端为 （N/S）极。
15．（3分）丹麦科学家 首次通过实验发现电流周围存在着磁场。现有一小磁针在通电螺线管附近处于静止状态，如图所示，由此可判断通电螺线管所接电源的D端是 极。
三、实验探究题：本大题共2小题，共16分。
16．（8分）小致做测定“小灯泡额定功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡
（1）请你用笔画线代替导线，帮小致将实物电路连接完整。
（2）闭合开关，小致发现灯泡不亮，电流表有示数，故障原因可能是 。
A.灯泡断路
B.灯泡短路
C.滑动变阻器断路
D.滑动变阻器短路
（3）小致通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了如图乙所示的U﹣I图像。根据图像提供的信息额＝ W。
（4）为能顺利完成该实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用 。
A.“10Ω 2A”的滑动变阻器
B.“20Ω 1A”的滑动变阻器
（5）当小灯泡两端的电压1.25V时，小灯泡的实际功率P实 。
17．（8分）为了探究“电流产生的热量与电阻大小关系”，小丽实验小组采用了如图所示的实验装置，其中R1＞R2。
（1）实验中R1、R2采用什么连接方法使通过它们的电流相等？ 。
（2）在通电时间相同时，两玻璃管内煤油上升较高的是 （“甲”或“乙”）瓶。由此可知，在通电时间相同，电流一定的情况下，电流产生的热量越 。
（3）上述实验方法是研究物理问题的常用方法，此方法我们称为 。
四、计算题：本大题共3小题，共14分。
18．（3分）一台电动机的额定电压是220V，其线圈的电阻是1Ω．正常工作时，通过的电流为5A
19．（5分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，其中R1＝4Ω，R3＝6Ω。
（1）当S1、S2都断开时，电流表的示数为0.6A，那么电源电压是多大？
（2）当S1、S2都断开时，电路中的总功率和1min内电路消耗的总电能分别是多少？
（3）当S1、S2都闭合时，电流表示数为2A，那么R2的阻值为多大？
20．（6分）重庆实验外国语学校教学楼更换了新饮水机，加热水槽部分工作原理电路图如图所示，其中S是一个温控开关，R1为电加热管，R2为限流电阻，A、B为不计阻值的指示灯。当饮水机处于加热状态时，水被迅速加热。达到预定温度时，使饮水机处于保温状态。饮水机的铭牌如表所示，正常工作时加热管R1的保温功率和加热功率之比为1：100；不计热损失，不考虑温度对阻值的影响。[已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），大气压值为一个标准大气压]求：
（1）该饮水机装满水后将水从12℃加热到沸腾，水吸收的热量；
（2）该饮水机装满水后正常工作将水从12℃加热到沸腾需要加热的时间；
（3）限流电阻R2的阻值。
2023-2024学年安徽省淮南二十六中九年级（上）期末物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本大题共7小题，共14分。
1．（2分）礼泉小河御梨为农产品地理标志产品，具有“皮薄核小渣细糖度高”等优点。熟透的梨子从树上自由下落时（ ）
A．动能减小，重力势能减小
B．动能减小，重力势能增大
C．动能增大，重力势能减小
D．动能增大，重力势能增大
【答案】C
【解答】解：由于受到重力作用，梨子从树上自由落下时，梨子的质量不变；高度不断减小，故C正确。
故选：C。
2．（2分）下面的描述与实际相符合的是（ ）
A．电能表上的单位kW•h是电功率的单位
B．教室内日光灯正常工作的电流约为2A
C．100W日光灯正常工作时电阻约为484Ω
D．对人体的安全电压是36V
【答案】C
【解答】解：
A、电能表上的单位kW•h是电功（电能）的单位，故A错误；
B、教室内日光灯的电功率约为40W＝≈0.18A；
C、100W日光灯正常工作时电阻约为：R＝＝，故C正确；
D、对人体的安全电压是不高于36V，故D错误。
故选：C。
3．（2分）在水平桌面上放一个重300N的物体，物体与桌面的摩擦力为60N，如图所示，使物体以0.1m/s匀速移动时，水平拉力F及其功率的大小分别为（ ）
A．20N 2WB．30N 6WC．60N 2WD．20N 6W
【答案】D
【解答】解：
物体匀速运动，可知物体受的拉力和摩擦力是一对平衡力，即F拉＝f＝60N，
从图可知，此滑轮组有三股绳子承担对物体的拉力，所以绳子自由端的水平拉力为：
F＝F拉＝×60N＝20N；
水平拉力的功率：
P＝＝＝Fv＝Fnv物＝20N×3×7.1m/s＝6W．所以ABC错误。
故选：D。
4．（2分）通常情况下属于绝缘体的是（ ）
A．橡皮擦B．钢直尺C．铅笔芯D．铜钥匙
【答案】A
【解答】解：铜钥匙、铅笔芯，属于导体，属于绝缘体。
故选：A。
5．（2分）LED灯具有发光效率高、使用寿命长等优点。如图是一个定值电阻R和一个LED灯的电流与其两端电压关系的图象。有关LED灯和定值电阻R的说法中正确的是（ ）
A．R的电阻是50Ω，R的电压与通过R的电流成正比
B．R两端的电压为零时，电阻也为零。LED的电阻随温度的升高而增大
C．将LED灯与R串联按接入电路时，当LED灯的功率为0.16W时，电路的总功率是0.24W
D．当LED灯两端电压为2v时，LED灯电阻为0.005Ω
【答案】C
【解答】解：A、由I＝，电阻阻值：R＝＝，导体阻值一定时，但电压不随电流变化；
B、电阻是导体自身的性质，导体两端电压为零时，故B错误；
C、由图象可知，LED两端电压为5V，定值电阻消耗的功率：P定＝I2R＝（0.04A）2×50Ω＝0.08W，电路总功率P＝PL+P定＝0.16W+2.08W＝0.24W，故C正确；
D、由图象可知，LED灯中电流为0.01A得，此时LED的阻值RLED＝＝＝200Ω。
故选：C。
6．（2分）灯泡L1、L2分别标有“10V、10W”和“9V、5.4W”的字样，若将它们串联使用时，电路两端允许加的最大电压值是（ ）
A．10VB．9VC．15VD．19V
【答案】C
【解答】解：根据P＝UI可得，两灯泡的额定电流：
I1＝＝＝1A，I2＝＝＝0.8A，
根据欧姆定律可得，两灯泡的电阻：
R1＝＝＝10Ω，R2＝＝＝15Ω；
串联电路中各处的电流相等，
两灯泡串联时，电路中的最大电流I＝I2＝4.6A，
串联电路的总电阻等于各分电阻之和，
电路两端允许加的最大电压U串＝I（R1+R7）＝0.6A×（10Ω+15Ω）＝15V。
故选：C。
7．（2分）如图所示，电源电压保持不变，电阻R1为定值电阻，当滑动变阻器R2的滑片P向右移动时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表A示数变小，电压表V1示数变大
B．电压表V1示数变小，电压表V2示数变大
C．电压表V2示数与电流表A示数的比值变大
D．电压表V1示数与电压表V2示数之差保持不变
【答案】C
【解答】解：由图可知，两个电阻串联1测电源电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路的电流；
由于电源电压不变，所以电压表V7示数不变；
当滑动变阻器R2的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，电流表示数变小；
根据U＝IR可知，定值电阻两端的电压变小，滑动变阻器两端的电压变大2示数变大；
电压表V4示数不变，电压表V2示数变大，所以电压表V1示数与电压表V7示数之差变小；
根据R＝可知2示数与电流表示数比值为滑动变阻器接入电路的电阻，电压表V2示数与电流表示数比值变大；
综上所述，C正确。
故选：C。
二、填空题：本大题共8小题，共26分。
8．（3分）在斜面上将一个重600N的物体匀速拉到高处，沿斜面向上的拉力F＝300N，拉动的距离s＝4.5m，所用时间t＝30s。则拉力F做功的功率为 45 W，此过程中物体受到的摩擦力为 60 N，该斜面的机械效率是 80% 。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：（1）拉力所做的总功：
W总＝Fs＝300N×4.5m＝1350J，
拉力做功的功率为总功率：
P＝＝＝45W；
（2）拉力所做的有用功等于直接把物体匀速举高8.8m所做的功：
W有用＝Gh＝600N×1.3m＝1080J；
克服摩擦力做的额外功：
W额＝W总﹣W有＝1350J﹣1080J＝270J，
由W额＝fs得，物体所受斜面的摩擦力：
f＝＝＝60N。
（3）此斜面的机械效率：η＝×100%＝。
故答案为：45；60。
9．（3分）两个小灯泡分别标有“3V 3W”和“4V 2W”字样。将两个小灯泡串联在电路中，让其中的一个小灯泡正常发光，而另一个小灯泡不超负荷工作 0.5 A，所允许加的电源最大电压是 5.5 V。（灯丝电阻不变）
【答案】0.5；5.5
【解答】解：由P＝UI可得，两灯泡的额定电流分别为：I1＝＝＝4A，I2＝＝＝5.5A，
由欧姆定律可得两灯的电阻分别为：R1＝＝＝3Ω，R2＝＝＝8Ω；
因为串联电路电流处处相等，且题中已知两灯泡串联在电路中，而另一个小灯泡不超负荷工作，由此电路中的电流应为4.5A；
电源电压：U＝I2（R4+R2）＝0.3A×（3Ω+8Ω）＝4.5V。
故答案为：0.8；5.5。
10．（3分）近年来沈阳市采取了居民小区集中供热的方式，拆除了千余根烟囱，减小了高温的废气向周围大气的扩散。及它与大气层间的热传递，提高了燃料的利用率，减少了能量的损失 热传递（或扩散、能量） 。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：拆除烟囱，减少了有害气体的扩散，减少了能量的损失。
故答案为：热传递（或扩散、能量）。
11．（3分）如图所示，当只闭合S3时，电流表示数为0.3A；同时闭合S1和S3，断开S2时，电压表示数为6V，电流表示数为0.5A。则电源电压为 6 V，R2的阻值为 30 Ω.如果只闭合S2，R1在1min内产生的热量为 17.28 J。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：由图可知，当只闭合S3时，电路中只有R1工作，电流表示数为8.3A1的电流I3＝0.3A；
同时闭合S7和S3，断开S2时，R2、R2并联，根据并联电路的电压特点可知，所以电源电压U＝6V；
电流表测量干路电流，由于R5的阻值和两端电压不变，所以通过R1的电流不变，
根据并联电路的电流特点可知，通过R2的电流：I7＝I﹣I1＝0.4A﹣0.3A＝6.2A，
由I＝可知，R2的阻值：R3＝＝＝30Ω；
R1的阻值：R5＝＝＝20Ω；
如果只闭合S2，R4、R2串联，
根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻：R＝R1+R7＝20Ω+30Ω＝50Ω，
电路中的电流：I′＝＝＝0.12A；
R2在1min内产生的热量：Q＝I′2R6t＝（0.12A）2×20Ω×4×60s＝17.28J。
故答案为：6；30。
12．（5分）如图所示，电源电压为12V，灯L上标有“12V12W”字样（每1m长的电阻为1Ω），e、f两点可分别沿ab和cd滑动，e、f两点始终与合金丝接触良好。闭合开关S，若其它导线的电阻不计，则灯的功率 7.68 W（设灯电阻不随温度变化）。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：当e、f两点分别滑至ab与cd中点时、cf段电阻串联，
由P＝可得
RL＝＝＝12Ω，
ae段和cf段的电阻：
Rae＝Rcf＝1.5m×5Ω/m＝1.5Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流：
I＝＝＝0.8A，
则灯泡的功率：
PL′＝I3RL＝（0.8A）7×12Ω＝7.68W。
故答案为：7.68。
13．（3分）如图所示，甲图中变阻器滑片从一端移动到另一端的过程中，电压表示数随电流表示数变化的U﹣I关系图象如图乙所示 10 V，当变阻器的滑片在a端时，变阻器R2在10s内产生的热量为 12 J。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：（1）当滑片位于b端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，
此时电路中的电流最大，由图乙可知；
（2）当滑片位于a端时，R0与R串联，电流表测电路中的电流5两端的电压，此时电路中的电流最小，电路中的电流I小＝0.2A，U8＝4V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
U滑＝U﹣U0＝10V﹣2V＝6V，
当滑片在a端时，在10s内产生的热量为：
Q0＝W＝U滑I小t＝7V×0.2A×10s＝12J。
故答案为：10；12。
14．（3分）小海在水平桌面上一定距离放置两个条形磁体，然后将若干小磁针放在A、B的磁极间，小磁针有一定指向 磁场 作用。然后小海根据小磁针的指向画出了如图所示的磁感线，根据磁感线的方向可判断出，A端为 N （N/S）极。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：因为小磁针静止时，指向南北方向、B的磁极间，一定有磁场作用；
由于在磁体外部的磁感线是从N极出发回到S极，则左边磁体A端应为N极。
故答案为：磁场；N。
15．（3分）丹麦科学家 奥斯特 首次通过实验发现电流周围存在着磁场。现有一小磁针在通电螺线管附近处于静止状态，如图所示，由此可判断通电螺线管所接电源的D端是 负 极。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：丹麦物理学家奥斯特发现，将导体放在小磁针上方时，从而提出了电流的磁效应；
由图可知，小磁针静止时，由同名磁极相互排斥，A端为S极，电流应由右端流入，D端为负极。
故答案为：奥斯特；负。
三、实验探究题：本大题共2小题，共16分。
16．（8分）小致做测定“小灯泡额定功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡
（1）请你用笔画线代替导线，帮小致将实物电路连接完整。
（2）闭合开关，小致发现灯泡不亮，电流表有示数，故障原因可能是 B 。
A.灯泡断路
B.灯泡短路
C.滑动变阻器断路
D.滑动变阻器短路
（3）小致通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了如图乙所示的U﹣I图像。根据图像提供的信息额＝ 0.5 W。
（4）为能顺利完成该实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用 B 。
A.“10Ω 2A”的滑动变阻器
B.“20Ω 1A”的滑动变阻器
（5）当小灯泡两端的电压1.25V时，小灯泡的实际功率P实 ＞ 。
【答案】（1）见解答图；（2）B；（3）0.5；（4）B；（5）＞。
【解答】解：（1）小灯泡额定电压为2.5V，故电压表选用小量程并联在灯泡两端，如下图所示：
；
（2）闭合开关，小致发现灯泡不亮，说明电路是通路，说明电压表并联的电路短路或电压表短路，故选：B；
（3）由图乙可知，当灯泡两端电压为7.5V时，则小灯泡的额定功率P额＝U额I额＝2.6V×0.2A＝4.5W；
（4）当灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压为U滑＝U﹣U额＝6V﹣8.5V＝3.7V，
根据串联电路电流特点结合欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑＝＝＝17.5Ω＞10Ω；
（5）当电阻不变时，由P＝，电压变为原来的一半，由于灯泡的电阻是变化的，通过灯的电流变小，灯丝的电阻也减小，小灯泡的实际功率P实＞P额，。
故答案为：（1）见解答图；（2）B；（4）B。
17．（8分）为了探究“电流产生的热量与电阻大小关系”，小丽实验小组采用了如图所示的实验装置，其中R1＞R2。
（1）实验中R1、R2采用什么连接方法使通过它们的电流相等？ R1R2串联 。
（2）在通电时间相同时，两玻璃管内煤油上升较高的是 甲 （“甲”或“乙”）瓶。由此可知，在通电时间相同，电流一定的情况下，电流产生的热量越 多 。
（3）上述实验方法是研究物理问题的常用方法，此方法我们称为 控制变量法 。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：（1）由电路图知：电阻R1与R2首尾顺次连接，它们间是串联；
（2）由Q＝I6Rt可得：电流和通电时间相同的情况下，电阻越大；因为R1＞R2，所以甲瓶中电阻丝产生的热量多，即玻璃管内煤油上升较高的是甲瓶；
（3）由Q＝I7Rt可知电流产生热量的多少跟三个因素有关，探究其中一个因素关系时，这种方法是控制变量法。
故答案为：（1）R1R2串联；（2）甲；多。
四、计算题：本大题共3小题，共14分。
18．（3分）一台电动机的额定电压是220V，其线圈的电阻是1Ω．正常工作时，通过的电流为5A
【答案】见试题解答内容
【解答】解：电动机正常工作过程中，则U机＝U额＝220V，
则正常工作过程中消耗的电功率P机＝U机I机＝220V×5A＝1100W。
答：电动机正常工作过程中消耗的电功率是1100W。
19．（5分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，其中R1＝4Ω，R3＝6Ω。
（1）当S1、S2都断开时，电流表的示数为0.6A，那么电源电压是多大？
（2）当S1、S2都断开时，电路中的总功率和1min内电路消耗的总电能分别是多少？
（3）当S1、S2都闭合时，电流表示数为2A，那么R2的阻值为多大？
【答案】见试题解答内容
【解答】解：（1）当开关S1、S2都断开时，R7与R3串联，电流表测电路中的电流，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源的电压：
U＝I（R1+R6）＝0.6A×（6Ω+6Ω）＝6V；
（2）电路中的总功率：
P＝UI＝2V×0.6A＝3.6W；
由P＝可知
W＝Pt＝3.3W×1×60s＝216J；
（3）当开S1、S8都闭合时，R1与R2并联，电流表测干路电流，
由并联电路的电压特点和欧姆定律可知，通过R3的电流：
I1＝＝＝1.3A，
由并联电路的电流特点可知，通过R2的电流：
I2＝I﹣I4＝2A﹣1.6A＝0.5A，
由欧姆定律可知，R2的阻值：
R2＝＝＝12Ω。
答：（1）电源电压为6V；
（2）电路中的总功率为3.6W；
4min内电路消耗的总电能为216J；
（3）R2的阻值是12Ω。
20．（6分）重庆实验外国语学校教学楼更换了新饮水机，加热水槽部分工作原理电路图如图所示，其中S是一个温控开关，R1为电加热管，R2为限流电阻，A、B为不计阻值的指示灯。当饮水机处于加热状态时，水被迅速加热。达到预定温度时，使饮水机处于保温状态。饮水机的铭牌如表所示，正常工作时加热管R1的保温功率和加热功率之比为1：100；不计热损失，不考虑温度对阻值的影响。[已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），大气压值为一个标准大气压]求：
（1）该饮水机装满水后将水从12℃加热到沸腾，水吸收的热量；
（2）该饮水机装满水后正常工作将水从12℃加热到沸腾需要加热的时间；
（3）限流电阻R2的阻值。
【答案】见试题解答内容
【解答】解：（1）水的体积为：V＝5L＝5×10﹣3m3，根据密度公式ρ＝知水的质量为：
m＝ρ水V＝1.7×103kg/m3×3×10﹣3m3＝3kg，
1标准大气压下水的沸点为100℃，
5kg水从初温12℃加热到100℃吸收的热量：
Q吸＝cm（t3﹣t1）＝4.8×103J/（kg•℃）×5kg×（100℃﹣12℃）＝6.848×106J；
（2）不计热量的散失，加热管需要放出的热量为：
Q管＝Q吸＝1.848×107J，
根据P＝得加热的时间为：
t＝＝＝＝840s；
（3）加热时，加热管的电功率P加热＝2200W，
则加热管的电阻：
R1＝＝＝22Ω；
因为正常工作时加热管R1的保温功率和加热功率之比为8：100，
所以加热管R1的保温功率为：
P1保温＝P加热＝×2200W＝22W，
由P＝I2可得，通过加热管的电流：
I＝＝＝1A；
此时电路的总电阻：
R＝＝＝220Ω；
根据串联电路电阻的特点，电阻R2的阻值：
R2＝R﹣R5＝220Ω﹣22Ω＝198Ω；
答：（1）该饮水机装满水后将水从12℃加热到沸腾，水吸收的热量为1.848×106J；
（2）该饮水机装满水后正常工作将水从12℃加热到沸腾需要加热的时间为840s；
（3）限流电阻R2的阻值为198Ω。××牌饮水机
额定电压
220V
加热时加热管功率
2200W
保温时加热管功率
水箱容积
5L
××牌饮水机
额定电压
220V
加热时加热管功率
2200W
保温时加热管功率
水箱容积
5L