江苏省南通市2024年中考真题物理试卷（解析版）

这是一份江苏省南通市2024年中考真题物理试卷（解析版），共21页。试卷主要包含了非选择题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题共10小题，每小题2分，共40分。每小题给出的四个选项中只有一个选项正确。
1. 南通板鹞风筝是国家级非物质文化遗产，上面缀满大小不一的哨口，如图。风筝升空后哨口发出低、中、高音，声音的这一特征指的是（ ）
A. 音调B. 响度C. 音色D. 声速
【答案】A
【解析】哨口大小不一，可以影响空气柱振动的频率，使哨口发出低、中、高音，故低、中、高音为声音的音调，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
2. 太阳喷射大量带电微粒进入大气层会引起地磁暴，影响通信、导航的运行。太阳喷射的带电微粒可能是（ ）
A. 中子、电子B. 质子、中子
C. 分子、原子D. 质子、电子
【答案】D
【解析】AB．中子不带电，故AB不符合题意；
C．分子和原子不显电，故C不符合题意；
D．质子带正电，电子带负电，故D符合题意。
故选D。
3. 南通濠河水位缓慢上涨时，河面上方的“和平桥”在水中所成的像是（ ）
A. 实像，像的大小不变B. 实像，像的大小变大
C. 虚像，像的大小不变D. 虚像，像的大小变大
【答案】C
【解析】“和平桥”在水中所成的像属于平面镜成像，是由光的反射形成的虚像，平面镜所成的像和物体大小相等，南通濠河水位缓慢上涨时，河面上方的“和平桥”在水中所成的像的大小不变，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
4. 小明按人类对磁的认识历程，对“电磁转换”一章知识进行梳理，图中对应位置的内容填写正确的是（ ）
A. 赫兹B. 电动机
C. 电磁起重机D. 电磁感应现象
【答案】D
【解析】A．奥斯特发现电流的磁效应，故A错误；
B．电流的磁效应的应用为电磁铁，发电机应用了通电线圈在磁场中受力的作用，故B错误；
C．磁场对电流的作用的应用为发电机，电磁起重机应用了电流的磁效应，故C错误；
D．发电机应用了电磁感应的原理，故D正确。
故选D。
5. 《天工开物》记载了古人炒蒸油料的场景，如图，下列过程与物理知识对应不正确的是（ ）
A. 加热——木炭燃烧时热值不变B. 蒸煮——油料含有的热量增加
C. 翻炒——目的使油料受热均匀D. 飘香——分子在做无规则运动
【答案】B
【解析】A．热值只与物质种类有关，与燃料是否完全燃烧、质量、放出的热量无关，故A正确，不符合题意；
B．蒸煮时，油料温度升高，内能增加，热量为过程量，不能说含有热量，故B错误，符合题意；
C．翻炒时能使油料均匀受热，故C正确，不符合题意；
D．飘香是扩散现象，说明分子在做无规则运动，故D正确，不符合题意。
故选B。
6. 2024年5月，中国“嫦娥六号”任务搭载四个国际载荷成功发射升空。火箭发射时，燃料燃烧获得的能量使其加速升空，与该过程能量转化形式相同的是（ ）
A. 热机做功冲程B. 钻木取火过程
C. 水力发电过程D. 物体上抛过程
【答案】A
【解析】火箭发射时，燃料燃烧获得的能量使其加速升空，该过程为内能转化成机械能。
A．热机做功冲程中内能转化成机械能，故A符合题意；
B．钻木取火过程机械能转化成内能，故B不符合题意；
C．水力发电过程为机械能转化成电能，故C不符合题意；
D．物体上抛过程中克服阻力做功，机械能转化成内能，故D不符合题意。
故选A
7. 钓鱼活动深受人们喜爱。如图是钓鱼的情景，你认为最合理的拉起鱼竿的方式是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】AB．钓鱼竿使用时，以鱼竿尾部为支点，故AB不符合题意；
CD．以鱼竿尾部为支点时，C选项F的力臂较大，D选项F的力臂较小，由杠杆平衡原理可知，C选项拉起鱼竿的方式更省力，故C符合题意，D不符合题意。
故选C。
8. 公元前4世纪，亚里士多德提出“自然界厌恶真空”的观点，即自然界不存在真空，如果有真空的话，就有水、气来填补。17世纪托里拆利提出大气受到重力作用存在压强的观点。下列现象可分别佐证亚里士多德和托里拆利观点的是（ ）
①用吸管“吸”饮料； ②两船并行相“吸”碰撞；
③两光滑铅块压紧后“吸”住； ④抽水机只能将水“吸”到约10米高。
A. ①和②④B. ④和②③
C. ①和①④D. ④和①③
【答案】C
【解析】亚里士多德和托里拆利的观点，是说明大气存在压强。
①用吸管吸饮料时，吸管内的气压减小，饮料在外界大气压的作用下被压入嘴里，也可以说明吸管内是真空，下方的饮料来填补吸管内的真空部分，故①符合题意；
②当船并行时，中间的水流动速度增大，压强减小。船外侧大的压强将船向中间挤压，造成相吸相撞，利用的是流体压强和流速的关系，故②不符合题意；
③两光滑铅块压紧后“吸”住，说明分子之间存在引力，故③不符合题意；
④一标准大气压能支持水柱的高度约为10m，抽水机只能将水“吸”到约10米高，说明大气压的存在，故④符合题意。
综上可知，C符合题意，ABD不符合题意。
9. 将新鲜度不同的甲、乙两鸡蛋放入水中，静止时的状态如图所示，下列说法正确的是（ ）
A. 若甲、乙体积相等，甲受到的浮力小
B. 若甲、乙质量相等，甲受到的浮力小
C. 向杯中加盐水后，乙受到的浮力变大
D. 向杯中加酒精后，乙受到的浮力变大
【答案】B
【解析】A．若甲、乙体积相等，乙排开液体的体积小，根据公式可知，乙受到的浮力比甲小，故A错误；
B．若甲、乙质量相等，由G=mg可知，甲、乙重力相等，乙漂浮，浮力等于重力，甲沉底，浮力小于重力，则甲受到的浮力小，故B正确；
C．原来乙漂浮，说明乙密度小于水的密度，加入盐水后，液体密度变大，乙密度依旧小于液体密度，仍然漂浮，乙受到的浮力仍然等于重力，故乙受到的浮力不变，故C错误；
D．向杯中加酒精，液体密度会变小，乙会下沉一些，可能漂浮或悬浮，此时浮力仍然等于重力；也可能沉底，此时浮力小于重力，浮力变小；故乙受到的浮力不会变大，故D错误。
故选B。
10. 图甲是灯泡L的图像，灯泡的额定电压为2.5V。将灯泡L接入图乙电路，已知电阻的阻值为，电流表量程为，电源电压可调。在电路安全工作的前提下，下列判断正确的是（提示：可在图甲中作出电阻的图像）（ ）
A. 两条支路中的电流不可能相同B. 灯泡实际功率总比电阻功率大
C. 电路总功率最大可达到1.5WD. 电源可调的最大电压为1.8V
【答案】D
【解析】该题中，电流表在干路，最大干路电流为0.6A，由甲图可知，若灯泡正常发光，灯泡电流为0.26A，定值电阻的电流则为
此时干路电流
0.26A+0.5A=0.76A
0.76A大于0.6A，说明该电路最大电压不为2.5V。由甲图可知，电压为1.8V时，灯泡电流为0.24A，定值电阻的电流为
此时干路电流为
0.24A+0.36A=0.6A
则该电路最大电压为1.8V。
A．由甲图可知，最左边一个点算出其灯泡电阻为
由甲图可知，电压为1.8V时，灯泡电流为0.24A，此时灯泡电阻为
灯泡电阻变化范围为1.67Ω~7.5Ω之间，当灯泡电阻与R0相等时，电流相等，灯泡电阻可以达到5Ω，故两支路电流可能相等，故A错误；
B．并联电路中，灯泡与定值电阻两端电压相等，根据公式可知，电阻越大，实际功率越小，灯泡最大电阻为7.5Ω，大于R0，此时灯泡实际功率小于电阻功率，故B错误；
C．电流最大为0.6A，电压为1.8V，此时电功率最大，为
故最大功率为1.08W，达不到1.5W，故C错误；
D．由甲图可知，电压为1.8V时，灯泡电流为0.24A，定值电阻的电流为
此时干路电流为0.24A+0.36A=0.6A，则该电路最大电压为1.8V。故D正确。
故选D。
二、非选择题
11. 中国空间站依靠太阳能电池板供电，太阳能属于___________能源；神舟十八号航天员出舱巡检时随机械臂一起移动，以机械臂为参照物，他是___________的；航天员与地面通过___________波进行通信。
【答案】可再生 静止 电磁
【解析】[1]太阳能可以在自然界里源源不断地得到，属于可再生能源。
[2]航天员出舱巡检时随机械臂一起移动，以机械臂为参照物，航天员的位置没有发生变化，是静止的。
[3]电磁波可以在真空中传播，航天员与地面通过电磁波进行通信。
12. 利用压强计探究液体内部压强与液体密度的关系。
（1）U形管两边液面的___________能显示压强大小；使用前用手指轻按金属盒的橡皮膜，若U形管中液面不发生变化，说明___________；
（2）将金属盒分别放入水和盐水中，如图，金属盒的橡皮膜受到的压强分别是和，则___________，据此不能得出液体压强与液体密度的关系，原因是___________。
【答案】（1）高度差 装置漏气 （2）小于 没有控制金属盒的橡皮膜位于水和盐水中的深度相同
【解析】（1）[1]根据转换法的思想，液体压强计是利用U形管两侧液面高度差来显示压强大小的，液面高度差越大，说明液体压强越大。
[2]若手指轻按压强计上金属盒的橡皮膜，观察到U形管中液面不发生变化，说明该装置漏气，使软管中的气体和大气相通，等于大气压强，橡皮膜受到压强时，软管内的气体压强不会发生变化，U形管中的液面就不会出现高度差。
（2）[1]将金属盒分别放入水和盐水中，由图可知，金属盒位于盐水中时，U形管两侧液面高度差更大，故金属盒的橡皮膜在盐水中受到的压强更大，即。
[2]将金属盒分别放入水和盐水中，没有说明金属盒的橡皮膜位于水和盐水中的深度相同，即没有控制金属盒的橡皮膜位于水和盐水中的深度相同，故不能得出液体压强与液体密度的关系。
13. 哈尔滨冰雪节的滑雪项目吸引了很多南方“小土豆”，他们戴的滑雪手套较粗糙，是为了增大手套与滑雪杆之间的______；滑雪时，滑雪杆向后撑地使人向前滑行，说明力的作用是______；自由滑行时，由于受到阻力，人的滑行速度逐渐变小，说明力能改变物体的______；滑到终点时人不会立即停下来，是因为人具有______。
【答案】摩擦力 相互的 运动状态 惯性
【解析】[1]滑雪时人的手里拿着滑雪杆不能掉，他们戴的滑雪手套较粗糙，是利用了增大接触面粗糙程度的方式增大手套与滑雪杆之间的摩擦力。
[2]滑雪时人用滑雪杆向后撑地，就是用滑雪杆对地面施加向后的力，同时地面对滑雪杆施加了向前的力使人可以向前滑行，这说明力的作用是相互的。
[3]由于受到阻力，人的滑行速度逐渐变小，在力的作用下改变了人的运动状态，这说明力能改变物体的运动状态。
[4]滑到终点时人不会立即停下来，是因为人具有惯性，会保持之前的运动状态。
14. 梅雨季节，老王选购除湿器为家中面积的房间除湿。表一为某除湿器的部分参数，其中，额定除湿量表示每小时除去空气中水蒸气的质量；表二为环境温度30℃时，相对湿度与空气中水蒸气质量的对应关系，相对湿度是衡量空气中水蒸气含量的一个指标。
表一：
表二：
（1）除湿器正常工作时电流为______A，除湿1h消耗的电能为______，若家中只有除湿器工作，标有“”的电能表指示灯闪烁______次；
（2）环境温度30℃、相对湿度时，空气中水蒸气的质量为______g，若除湿器以额定除湿量工作，使房间相对湿度由降至，约需______h。
【答案】（1）1 0.22 264000 （2）24 0.81
【解析】（1）[1]除湿器正常工作时的电流为
[2]除湿1h消耗的电能为
[3]电能表指示灯闪烁次数为
（2）[1]由表二可知，空气中水蒸气质量与相对湿度的比值一定，成正比，比值为
则环境温度30℃、相对湿度时，空气中水蒸气质量为
[2]房间高度约为3m，体积为
房间相对湿度由降至，减少的水蒸气的质量为
则需要的时间为
15. 在探究“凸透镜成像规律”的实验中。
（1）为使烛焰的像成在光屏中央，小丽的调节场景如图甲，操作中的不当之处是___________。
（2）如图乙，光屏上恰能呈现烛焰倒立、___________的清晰实像，此时光在光屏上发生___________反射；若在凸透镜左侧附近放置一镜片，将光屏向左移动，光屏上可再次呈现清晰的像，该镜片是___________透镜。
（3）保持凸透镜位置不变，为使图乙中光屏上的像变大，小丽的操作应是___________。
【答案】（1）烛焰中心、透镜中心和光屏中心未在同一高度 （2）缩小 漫 凸 （3）将蜡烛靠近凸透镜，向右调节光屏，使光屏上呈现清晰的像
【解析】（1）操作中的不当之处是烛焰中心、透镜中心和光屏中心未在同一高度，烛焰的像不能成在光屏中央。
（2）[1]由图乙可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成像规律可知，光屏上恰能呈现烛焰倒立、缩小的实像。
[2]从不同方向都能看到光屏上成的像，故光在光屏上发生漫反射。
[3]若在凸透镜左侧附近放置一块凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，使光线会聚，像将呈现在光屏的前方，将光屏向左移动，光屏上可再次呈现清晰的像，故该镜片是凸透镜。
（3）凸透镜成实像时，物近像远像变大，保持凸透镜位置不变，为使图乙中光屏上的像变大，可将蜡烛靠近凸透镜，向右调节光屏，使光屏上呈现清晰的像。
16. （1）如图，磁性地球仪悬停于底座上方，作出地球仪的受力示意图。
（2）如图，一束光从空气斜射入水中，画出其反射光线和大致的折射光线。
（3）如图，将插座和控制插座的开关正确接入电路。
【答案】（1） （2）
（3）
【解析】（1）地球仪受到竖直向下的重力G和竖直向上的磁力F，两个力作用在地球仪的重心，地球仪处于静止状态，受力平衡，故重力G和磁力F是一对平衡力，两个力大小相等，方向相反，如图所示：
（2）根据反射角等于入射角，在空气中法线的另一侧作出反射光线；在水中法线的另一侧作出折射光线，光由空气斜射入水中，所以应使折射角小于入射角，如图所示：
（3）用开关控制三孔插座，则开关与插座串联，为了用电安全，开关应先接火线，开关的另一端连接插座的右孔，插座的左孔连接零线，上孔连接地线，如图所示：
17. 如图，工人用330N的拉力，使用定滑轮将质量为30kg的物体6s内匀速吊起3m，g取10N/kg。求：
（1）物体上升的速度；
（2）工人做功的功率；
（3）定滑轮的机械效率。
【答案】（1）0.5m/s （2）165W （3）90.9%
【解析】（1）物体上升的速度为
（2）绳子自由端移动的距离为
工人做功的功率为
（3）定滑轮的机械效率为
18. 如图，电源电压恒定，灯泡规格为“”，滑动变阻器最大阻值为为定值电阻。闭合开关S，将接1，移动滑片使灯泡正常发光，电路总功率为；将接2，滑片移至a端，电流表示数为0.8A，电路总功率为，滑片移至b端，电流表示数为0.2A。求：
（1）灯泡正常发光时的电阻；
（2）与的比值；
（3）电源电压。
【答案】（1）12Ω （2）5∶8 （3）8V
【解析】（1）由知道，灯泡正常发光时的电阻为
（2）由知道，小灯泡的额定电流为
闭合开关S，将S1接1，灯泡L与滑动变阻器R1串联，当小灯泡正常发光时，电路总功率为
将S1接2，滑片移至a端，电路中只有定值电阻R2接入电路，电流表示数为0.8A，电路总功率为
则P1与P2的比值为
（3）将S1接2，滑片移至a端时
①
将S1接2，滑片移至b端时
②
由①②得
U=8V
19. 某小组测量正方体蜡块的密度。
（1）小红利用天平和刻度尺进行测量。
①天平放在________上，将游码归零，指针静止时偏向分度盘左侧，平衡螺母应向_________调节，使横梁平衡；
②如图甲，天平测得蜡块质量为__________g；如图乙，刻度尺测出蜡块边长为__________cm，则___________。
（2）小华想利用弹簧测力计、烧杯、水、细线来测量该蜡块密度。她能否完成实验，简述判断理由___________。
【答案】（1）水平桌面 右 57.6 4.00 （2）因为蜡块密度小于水，在水中漂浮，利用弹簧测力计、烧杯、水、细线无法测量蜡块的体积，故小华不能完成实验
【解析】（1）[1][2]实验中，天平放在水平桌面上，将游码归零，指针静止时偏向分度盘左侧，说明天平左端较重，应向右调节平衡螺母，使横梁水平平衡。
[3]由图甲可知，砝码总质量为50g+5g=55g，游码示数为2.6g，则测得蜡块质量为
[4]由图乙可知，蜡块边长为
[5]蜡块的体积为
蜡块的密度为
（2）测量该蜡块密度，根据公式可知，需测量蜡块的质量和体积。因为蜡块密度小于水，在水中漂浮，利用弹簧测力计、烧杯、水、细线无法测量蜡块的体积，故小华不能完成实验。
20. 在“探究电流与电阻的关系”实验中，提供的器材有：
电源（电压6V）、定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω）、滑动变阻器（0~20Ω）、电流表、电压表、开关及导线若干。
（1）用笔画线代替导线将图甲电路连接完整，要求：滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大；
（2）闭合开关，移动滑片，发现电流表有示数，电压表无示数，故障可能是______；
（3）排除故障后，移动滑片P使电压表示数为4V；将5Ω电阻换成10Ω，按规范调整电路，继续操作，使电压表示数仍为4V，此时滑动变阻器接入电路的阻值比上一次______；
（4）将测得的数据在图丙中描点连线，发现有一组数据错误，究其原因可能是______；
（5）仅用电阻箱（最小倍率是×1）替换滑动变阻器，仍控制定值电阻两端电压为4V，利用上述器材能否完成实验探究，简述你的判断依据：______。
【答案】（1） （2）定值电阻短路 （3）大 （4）电流表选用小量程，但按大量程读数，造成读数错误 （5）见详解
【解析】（1）在“探究电流与电阻的关系”实验中，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表串联在电路中测通过定值电阻的电流，电压表测定值电阻两端的电压，所以电压表与定值电阻并联；题目要求变阻器滑片P向右移动时，变阻器接入电路的阻值变大，所以把滑动变阻器左下接线柱接入，如下图所示：
（2）闭合开关，移动滑片，发现电流表有示数，说明有电流通过，没有断路的情况；电压表无示数，若不是电压表本身损坏，故障就可能是与电压表并联的定值电阻短路。
（3）在“探究电流与电阻的关系”实验中，需要采用控制变量法使定值电阻两端的电压保持不变；若将5Ω电阻换成10Ω，根据串联电路分压规律可知，更换较大的定值电阻后，定值电阻两端的电压会增大，为了使定值电阻两端的电压保持在4V不变，就需要适当增大滑动变阻器两端的电压，方法是适当增大滑动变阻器接入电路的电阻。
（4）由图丙可知，错误的一组数据应该是当定值电阻为20Ω时，通过的电流为1A，出现这种情况的原因可能是电流表改用0~0.6A量程接入电路，但仍按0~3A量程读数，造成读数错误。
（5）若控制定值电阻两端电压为4V，则变阻箱两端的电压为2V，根据分压原理可知在串联电路中电压之比等于电阻之比；因为定值电阻两端的电压是电阻箱两端电压的2倍，所以电阻箱接入电路的阻值是定值电阻阻值的一半；当定值电阻为5Ω、15Ω、25Ω时，变阻箱接入电路的阻值为2.5Ω、7.5Ω、12.5Ω，用来替换变阻器的电阻箱最小倍率是×1，所以无法完成实验。
21. 学校文艺演出时，为渲染气氛，老师将一些干冰放入水中，舞台上瞬间弥漫了大量“白雾”，同学们对此很好奇。
（1）“白雾”是什么？大家讨论后认为“白雾”是小水滴和二氧化碳，不是水蒸气和二氧化碳，依据是___________。
（2）“白雾”中的小水滴是怎么形成的？同学们提出了两种猜想。
猜想1：空气中的水蒸气液化形成的；
猜想2：杯中的水先汽化后液化形成的。
①为验证猜想1，小明取3小块相同的干冰片，一片轻放在水面上，另外两片分别放在漂浮的塑料片和硬纸片上，现象如图甲，说明猜想1是___________的。
②为验证猜想2，小华先用温度计测出放入干冰前杯中水的温度，如图乙所示，为___________℃，用电子秤测出杯子和水的总质量；再测出___________杯子和水的总质量及水的温度，发现。小华据此判断小水滴来自杯中的水，但不赞同猜想2，因为干冰升华时，不可能导致大量的水汽化。小华的判断得到大家的认可，理由是___________。
（3）小水滴是怎样形成的？小芳查阅资料了解到干冰在水中升华释放气体时，会产生剧烈振荡，把干冰附近的水击碎成微小水滴，形成“雾化”的效果。
①为验证这一观点，小芳在三个相同的杯内分别放入温度、体积相同的水或食用油，取三份等量的干冰，两份直接放入水和油中，另一份用纱布包裹起来放入水中，现象如图丙。比较___________两图，证明这一观点是正确的。
②列举一个日常生活中支持这一观点的现象或设备：___________。
【答案】（1）小水滴看得见，而水蒸气、二氧化碳气体看不见 （2）错误 26 干冰升华结束后 干冰升华需要吸热，使水温下降，不可能导致大量水吸热汽化 （3）A、C 现象：瀑布前有大量水雾；设备：雾炮车、超声波雾化器、喷雾器等
【解析】（1）“白雾”主要是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，不是水蒸气和二氧化碳，其依据是小水滴看得见，而水蒸气、二氧化碳气体是透明的，人眼看不见。
（2）[1]漂浮的塑料片和硬纸片可减慢杯中水的蒸发，减少水蒸气的产生，则放入干冰后产生的白雾少，而三者上方空气中的水蒸气含量几乎是相同的，因此，白雾不是空气中的水蒸气液化形成的，即猜想1错误。
[2]由图乙知道，温度计的分度值为1℃，读数为26℃。
[3]为判断水蒸气是否来于杯内的水，应比较干冰升华前后杯内水的质量是否变化，所以需要测出干冰升华结束后杯子和水的总质量m2及水的温度t2。
[4]因干冰升华需要吸热，使水温下降，所以不可能导致大量水吸热汽化。
（3）①[1] A、C实验中，干冰都放在水中，干冰直接放入水中时，会产生大量白雾；而用纱布裹着的干冰产生的白雾很少，因此，比较A、C两图可证明是干冰把附近的水击碎成微小水滴，形成“雾化”的效果。
②[2]日常生活中支持这一观点的现象：瀑布前有大量水雾；对应的设备有：雾炮车、超声波雾化器、喷雾器等。
22. 阅读短文，回答问题。
综合实践活动—设计蔬菜温室
【任务与要求】为了在冬天能品尝到夏季的蔬菜，同学们为学校的劳动基地设计一个蔬菜温室，要求温度控制在20~30℃之间。
【设计与实施】
任务一：设计温室结构。温室设计为玻璃顶的长方体结构，体积为。由立柱和横梁支撑，墙体四周装有保温层。查阅资料获知，立柱的承重比指立柱能承受的最大质量与其质量的比值，能反映承重效率，立柱横截面的形状是影响承重比的重要因素之一，为研究它们之间的关系，利用塑料立柱模型进行实验，发现在其他条件均相同时，横截面为正三角形、正四边形、正五边形、正六边形模型的承重比关系是：。
任务二：设计温控系统。温控系统原理如图甲，控制电路的电源电压为6V，电阻箱的阻值调为90Ω，热敏电阻的阻值随温度的变化图像如图乙。当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下：当电流降低到25mA时，衔铁被弹回。已知工作电路中电热丝R的电阻为22Ω，浴霸灯L标有“220V，275W”字样。
【交流与评价】如表所示是任务二的部分评价指标，根据评价表对活动进行评价。
（1）关于设计蔬菜温室的实践活动，下列说法不正确的是___________。
A. 屋顶选用绿色玻璃不利于蔬菜生长B. 墙体选用隔热性能好的材料
C. 图甲浴霸灯是为了降温时能平缓些D. 图甲中通电线圈上端是S极
（2）由模型实验可知，搭建温室选用___________（选填“三角形”“方形”或“圆形”）立柱的承重比大；已知模型的承重比为，质量为m，受力面积为S，则其上表面所能承受的最大压强___________。
（3）电热丝通电5min产生的热量使温室气温升高5.5℃，则空气吸收的热量为___________J，电热丝对温室的加热效率为___________%；电磁铁线圈的电阻忽略不计，电热丝刚停止工作时，室温为___________℃。[取，取]
（4）根据评价表中的指标对任务二进行评价，你的评价等级为___________，依据是___________；进一步给出优化建议：___________。
【答案】（1）D （2）圆形 （3）5.5×105 83.3 20 （4）良好 蔬菜温度室能自动控制温度升降，且降温较平缓，但温度只能在13~32℃之间 适当调大电阻箱R0的阻值##适当减小控制电路的电源电压
【解析】（1）A．蔬菜是不透明物体，且叶子通常是绿色的，只反射绿光，说明蔬菜不喜欢绿光，若屋顶选用绿色玻璃，绿色玻璃只透过绿光，则会导致蔬菜无法获得所需要的色光进行光合作用，不利于蔬菜生长，故A正确，不符合题意；
B．墙体选用隔热性能好的材料，可以减少蔬菜温室内外的热专递，可以使蔬菜温室内的温度控制在一定范围内，故B正确，不符合题意；
C．由图甲得，当衔铁被吸下时，电阻丝不工作，浴霸灯工作，此时浴霸灯可以向蔬菜温室内提供热量，可以使降温时能平缓些，故C正确，不符合题意；
D．图甲中电流从线圈的上端流入，下端流出，由右手螺旋定则得，通电线圈上端是N极，故D错误，符合题意。
故选D。
（2）[1]由材料信息得，在其他条件均相同时，横截面为正三角形、正四边形、正五边形、正六边形模型的承重比关系是
即模型的横截面的边数越多承重比越大，圆形可以看作无数条变构成的多边形，因此由模型实验可知，搭建温室选用圆形立柱的承重比大。
[2]由立柱的承重比指立柱成承受的最大质量与其质量的比值可知，承重比
则质量为m的模型能承受的最大质量
模型上表面所成承受最大压力
则模型上表面所成承受的最大压强
（3）[1]由得，蔬菜温室内空气的质量
空气吸收的热量为
电热丝通电5min产生的热量
电热丝对温室的加热效率为
[2]依题意得，当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下，此时电热丝刚停止工作，由欧姆定律可知，此时控制电路的总电阻为
由串联电路的电阻特点得，此时热敏电阻R1的阻值
由图乙得，此时的室温为20℃。
（4）[1][2]由题意值，当控制电路中的电流达到30mA时，衔铁被吸下，此时电热丝刚停止工作，当电流降低到25 mA时，衔铁被弹回，此时电热丝开始工作，说明蔬菜温度室能自动控制室温升降，电热丝刚停止工作时，浴霸灯工作，使得将温较平缓。当电流降低到25 mA时，由欧姆定律得，此时控制电路中的总电阻
由串联电路电阻特点得，此时热敏电阻R1的阻值
由图乙得，此时的室温约为13℃，即温度控制在13~32℃之间。由题意得，蔬菜温度室能自动控制温度升降，且降温较平缓，但温度只能在13~32℃之间，即不能自动控制室温在规定范围内不动，则所设计的蔬菜温度室等级为良好。
[3]为了使温度控制在20~30℃之间，应适当提高温度，由图乙可知，热敏电阻的阻值随温度升高而减小，因此应适当减小热敏电阻的阻值。由于电磁铁被吸下和弹回的电流一定，由串联电路的电阻特点与欧姆定律得，适当调大电阻箱R0的阻值，或者适当减小控制电路的电源电压。额定电压
额定功率
额定除湿量
220V
220W
相对湿度
10
30
50
70
90
空气中水蒸气质量
3
9
15
21
27
等级
优秀
良好
合格
不合格
评价
指标能自动控制室温在规定范围内波动，且降温较平缓
能自动控制室温升降，且降温较平缓
不能控制室温升降，降温较平缓
不能控制室温升降，也不能平缓降温