2023-2024学年陕西省西安交大附中分校九年级（上）第一次月考物理试卷（含解析）

这是一份2023-2024学年陕西省西安交大附中分校九年级（上）第一次月考物理试卷（含解析），共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2023-2024学年陕西省西安交大附中分校九年级（上）第一次月考物理试卷
一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1.在跨学科实践活动中，小晋调查“家用燃料的变化与合理使用”时发现，我国近几十年家用燃料由柴草、煤炭发展至天然气。使用天然气作为家用燃料主要是因为天然气的(    )
A. 内能较大 B. 热量较多 C. 热值较大 D. 比热容较大
2.我国某集团正式发布全球首款效率突破50%的商用柴油机，世界内燃机发展出现历史性新突破。下列说法正确的是(    )
A. 随着技术的进步，柴油机的效率能达100%
B. 通过减少各部件间的摩擦可提高柴油机的效率
C. 该柴油机的效率越高，则表示柴油机做功越快
D. 随着柴油机工作过程中油箱中柴油质量的减小，柴油的热值减小
3.小伟应用劳动课上学习的烹饪技能为家人制作美味的刀削面，如图所示。下列说法正确的是(    )
A. 滚烫的刀削面含有的热量多
B. 随着刀削面的温度降低，其内能减少
C. 汤汁在沸腾过程中温度不变，其内能不变
D. 刚出锅的刀削面“热”得烫嘴，“热”表示的是内能

4.如图所示，是小明用三合一充电器给三部手机同时充电的情景。下列说法错误的是(    )
A. 这三部手机是并联的
B. 手机充电时，手机电池相当于用电器
C. 手机充电时，手机电池将电能转化为内能
D. 若拔掉其中一部手机，则通过充电器的总电流变小

5.下列说法正确的是(    )
A. 电路两端有电压，则电路中一定有电流
B. 马路上的路灯同时亮同时灭，它们是串联的
C. 冰箱门打开时灯亮，关闭后灯灭，冰箱门相当于电路中的开关
D. 家中客厅灯比卫生间的灯更亮，是因为客厅灯两端电压更大
6.关于图中的简单机械说法正确的是(    )

A. 图甲中的剪铁片剪刀是费力杠杆
B. 图乙中旗杆顶端装有动滑轮，利用它来升国旗，可以改变力的方向
C. 利用图丙中的滑轮提升重物可以省功
D. 图丁中的盘山公路就是斜面的应用，盘山公路上匀速行驶的汽车受到的摩擦力小于牵引力
7.如图是兴化某学校的自动饮料售货机，它可通过手机扫码(闭合开关S1)或通过投币(闭合开关S2)，启动电动机完成自动售货；在光线较暗时开关S3自动闭合，接通灯泡照明。图中符合上述情况的电路设计是(    )
A.
B.
C.
D.
8.如图所示，电源电压保持不变，下列说法正确的是(    )
A. 同时闭合S1、S2，通过两灯泡的电流一定相同
B. 若灯L1短路，则闭合S1、S2后，灯L2仍然亮
C. 若把电压表和电流表位置对调，则闭合S1、S2，两表都烧坏
D. 若先闭合S1，再闭合S2，则电压表示数不变



9.低空跳伞是一种极限运动。一名跳伞运动员背着伞包从某高层建筑顶层跳下，且一直沿竖直方向下落，整个运动过程的v−t图像如图所示，10s末时打开了降落伞。下列说法正确的是(    )

A. 前10s内，运动员减少的重力势能全部转化为动能
B. 10～15s，运动员和降落伞受到的空气阻力大于其总重力
C. 15～30s，运动员和降落伞的动能增大
D. 10～30s，运动员和降落伞的机械能总量保持不变
10.如图所示，用同一个滑轮分别按甲、乙两种方式匀速竖直提起同一重物，不计绳重和摩擦，其机械效率分别为η甲、η乙，则(    )
A. η甲>η乙
B. η甲W额乙；因总功W总=W有用+W额，所以W总甲>W总乙；
根据η=W有W总知，甲乙的机械效率不同，即η甲U2，
所以V2用的是0～15V量程，分度值为0.5V，U=6V，V1用的是0～3V量程，分度值为0.1V，U2=1.2V，即L2两端电压为U2=1.2V，
串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和，故L ​1两端电压U1=U−U2=6V−1.2V=4.8V；
(2)由题意和图示可知，当S断开时，起爆器中将有电流通过，会引爆炸弹，故为了使引爆装置停止工作，应将起爆器与电源断开，故应剪断a处；由图乙知，拆除前由于起爆器被短路，故起爆器上没有电流通过。
故答案为：(1)等于；4.8；(2)a；没有。
(1)串联电路中电流处处相等；串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和；
(2)由图可知当S闭合时起爆器被短路，则起爆器中没有电流通过；若S断开起爆器将与灯泡串联接在电源两端，则起爆器中产生电流从而引爆炸弹。
本题考查了电路三种状态的应用、串联电路的电流特点、串联电路的电压特点、电压表的读数，应在认真分析题意及电路的基础上找到合适的物理规律作答。
15.【答案】单  电源正负极 
【解析】解：由题可知，只有连接正确时，电流才可以通过LED灯，这就说明发光二极管具有单向导电性，利用其的这一特点，我们可以判断电源的正负极，如将电源与发光二极管组成电路，若二极管发光，则与二极管正极相连的是电源正极；若不发光，则与二极管正极相连的是电源负极。
故答案为：单；电源正负极。
发光二极管具有单向导电性。
发光二极管是目前主要的人造光源之一，相较于白炽灯，这种材料在能源利用率上有很大的提高，所以与之相关的试题也经常出现。
16.【答案】乙  大于  内陆 
【解析】解：(1)比较“不同液体吸热本领大小”的实验中，采用的是控制变量法，需要控制两种液体的质量是相同的；实验中用相同的加热器加热，如果加热时间相同，甲液体吸收的热量等于乙液体吸收的热量；由图可知，升高相同的温度，乙的加热时间长，则甲液体吸收的热量小于乙液体吸收的热量，说明乙液体的比热容大；
在实验的过程中，红外加热器消耗的电能转化为的内能，并不全部给了液体，通过测量液体的质量并读取红外加热器释放的热量计算出液体的比热容时，热量结果偏大，根据Q=cmΔt可知，测量值要大于真实值；
(2)由图丙气温变化曲线得出，a城市最高、最低气温差比b所示的城市的大；沙石的比热容比水小，在吸收或放出相同的热量时，温度变化值比较大，所以曲线a表示的是内陆城市的年气温变化曲线。
故答案为：乙；大于；内陆。
(1)用相同的加热器加热，在相同时间内，物质吸收的热量是相同的；升高相同的温度，加热时间越长的，吸收的热量越多，比热容越大；在加热的过程中有能量的散失；
(2)沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容较大，白天，在相同的吸热条件下，水的温度升高的少；夜晚，在相同的放热条件下，水降低的温度少，昼夜温差小；而在内陆地区，沙石的比热容较小，白天，在相同的吸热条件下，沙石的温度升高的多；夜晚，在相同的放热条件下，沙石降低的温度多，昼夜温差大。
本题比较“不同液体吸热本领大小”，考查控制变量法、转换法的应用和水的比热容大的运用，为热学中的重要实验。
17.【答案】解：根据力臂的概念可知，力臂是支点到力的作用线的垂直距离，作阻力F2的反向延长线，从支点O作阻力F2作用线的垂线，支点到垂足的距离为阻力臂l2；
由杠杆平衡条件F1 L1=F2 L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小，图中支点在O点，因此OB是最长的动力臂l1，动力和阻力在同一侧，所以动力的方向应该斜向下与阻力方向相反，过点B垂直于OB向下作出最小动力F1，如图所示：
。 
【解析】杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1 L1=F2 L2)，在阻力、阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题考查了杠杆最小的力的示意图、力臂的画法，解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
18.【答案】解：根据电流的流向，电流从电源正极出发经开关后开始分支，一支经过电流表、灯泡L1，另一支经过L2，然后共同经电流表回到电源负极；这说明该电路为并联电路，开关在干路中，电流表、灯泡L1在一条支路中，如图所示：
 
【解析】由实物图中分析电路的连接方式和电流表的作用，根据实物图画出电路图。
此题考查根据实物图画电路图的能力，能正确识别电路的连接方式是画电路图的前提。
19.【答案】速度  在质量相同时，速度越大，物体的动能越大  加热时间  C 
【解析】解：(1)如图甲所示实验(h1>h2)，小车从不同的高度由静止滑片下，下滑到水平面的速度相同，小车的质量相同，故是探究动能大小与速度的关系，观察图中实验现象，结合转换法，可得实验结论为在质量相同时，速度越大，物体的动能越大；
(2)①图乙是“比较水和沙子吸热升温特点”的实验装置，根据转换法，加热过程中，水和沙子吸热的多少是通过加热时间来反映的；
②AB.采用相同的加热方法和使用相同的烧杯，目的是使水和沙子吸热相同，故AB正确；
C.根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同(不同物质密度不同，根据m=ρV，体积相同的不同物质质量不同)，烧杯中分别装入相同体积的水和沙子是错误的，C错误。
故选：C。
故答案为：(1)在质量相同时，速度越大，物体的动能越大；(2)①加热时间；②C。
(1)物体的动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
根据转换法，通过比较物块在同一水平面上被撞击的距离来比较小车到达水平面时动能的大小。
(2)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。
本题研究影响动能大小的因素和比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用的运用。
20.【答案】(1)匀速；(2)74.1%；(3)越大；(4)C。 
【解析】解：(1)实验过程中，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，系统处于平衡状态，拉力等于测力计示数；
(2)第三次实验中滑轮组的机械效率是：η=W有W总=GhFs=4N×0.1m1.8N×0.3m≈74.1%；
(3)纵向分析表中实验数据可知，同一滑轮组，物重越大，滑轮组的机械效率越高；
(4)A.测拉力时，弹簧测力计未调零，指针指在零刻度线下方，拉力测量大了，机械效率变小，不符合题意；
B.弹簧测力计每次拉动钩码时均加速上升，拉力变大，机械效率变小，不符合题意；
C.使用的动滑轮的重力小于智慧小组，克服动滑轮做的功减小，额外功减小，机械效率变大，符合题意；故选C。
故答案为：(1)匀速；(2)74.1%；(3)越大；(4)C。
(1)实验过程中，为了方便读数，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计；
(2)根据表中数据，由η=W有W总=GhFs求出第三次实验中滑轮组的机械效率；
(3)纵向分析表中实验数据得出结论；
(4)机械效率与动滑轮的重有关，根据机械效率公式分析。
本题测滑轮组的机械效率，考查注意事项、机械效率计算、影响效率大小的因素及数据分析。
21.【答案】错误  d  断开  电流表正负接线柱接反了  电流没有单位  一  各支路电流之和 
【解析】解：(1)两灯泡串联，拆开一根导线，电路断路，两灯泡熄灭；两灯泡并联时，拆开干路中的一根导线，两灯泡也同时熄灭，根据拆开电路中的一根导线两灯泡都熄灭不能判定两灯泡是串联的。小明的方法是错误的；
(2)由图2所示电路图可知，测量完干路C处电流之后，某同学想测量通过L1的电流，为接入电流表，只需将L1、L2右端接线柱上的导线接L1右端的那一端改接到电流表的0.6A接线柱上，所以a、b、c、d四个接点中，最方便的导线拆接点是d点，同时注意，在拆接电路时，开关必须断开；
由图3所示电流表可知，电流表指针反向偏转，这是由于电流表正负接线柱接反造成的。
(3)由表格可知，电流没有单位，这是错误的；
(4)由表中实验数据可知，第2次与第3次实验时，电流值与第一次实验的电流值只是数值上发生了倍数变化，所以后面两次实验是通过改变电源电压进行实验的，即采用方法一进行实验；由表中实验数据可知，在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
故答案为：(1)错误；(2)d；断开；电流表正负接线柱接反了；(3)没有单位；(4)一；各支路电流之和。
(1)串联电路中电流只有一条路径；并联电路中有多条路径；串联电路和并联电路中各用电器的工作特点的不同之处：串联电路各用电器同时工作、同时不工作，互相影响；并联电路各用电器可以独立工作、互不影响；也可以同时工作，同时停止工作。因此根据电路的工作特点去分析用电器的连接方式。
(2)电流表测支路电流，电流表应串联接入支路，根据电路图分析答题；拆接电路时应断开开关。电流应从电流表正接线柱流入，负接线柱流出，否则电流表指针将反向偏转。
(3)电流应有单位；
(4)根据电流表示数特点判断实验采用的方法；分析表中实验数据得出结论。
本题考查电学实验的基本常识及并联电路的电流规律的实验探究。连接实验电路要注意将开关断开，为得出普遍性的结论，应多测几组数据进行分析，并考查了并联电路的电流规律。
22.【答案】右  3  右  C  A  600  增加右侧钩码数量，待天平平衡后 
【解析】解：(1)杠杆右高，应将杠杆向右端调节，使杠杆在水平位置平衡；
设杠杆的分度值为L，一个钩码的重为G，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，nG×2L=2G×3L，所以n=3(个)；
将A、B两点下方所挂的钩码同时向支点O靠近1个格，则杠杆左端：F1L1=4G×2L=8GL，杠杆右端：F2L2=3G×3L=9GL，故右端下沉；
(2)实验中小明的实验方式要考虑杠杆的重力对实验的影响，增大了实验的难度，力和力臂数目过多，不易得出结论，故选C；
(3)②没有挂钩码时平衡，不放物体时，钩码必须挂在支点处使得力臂为0才能平衡，故选A；
③小明在图丁的D位置挂上3个钩码后，设物体的最大质量为m′，由杠杆的平衡条件可知：m′g2L=3m钩码g8L，解得：m′=12m钩码=12×50g=600g；
④要增加图丙中这个杆秤的量程，需要增加右侧钩码数量，然后根据杠杆的平衡条件重新标记刻度。
故答案为：(1)右；3；右；(2)C；(3)①A；③600；④增加右侧钩码数量，待天平平衡后。
(1)在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端倾斜。根据杠杆平衡条件求出B处挂钩码的个数来和杠杆的偏转方向；根据杠杆平衡条件判断是否平衡；
(2)研究杠杆的平衡，需要有动力和阻力但力多了增加了难度，且不易得出结论；
(3)根据杠杆的平衡条件求解。
杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，因此在此实验中我们应首先调节杠杆在水平位置平衡，减小了杠杆的自重对实验的影响，便于测量力臂。
23.【答案】解：(1)有用功为：
W有=Gh=600N×2m=1200J；
(2)由图可知，n=3，总功为：
W总=Fs=Fnh=500N×3×2m=3000J，
则整个装置的机械效率为：
η=W有W总=1200J3000J×100%=40%；
(3)电动机拉动绳子的功率为：
P=W总t=3000J10s=300W；
(4)吊篮的重力：G吊=m吊g=50kg×10N/kg=500N，
因为不计绳重和摩擦时，F=1n(G+G动+G吊)，所以动滑轮的重力：
G动=nF−G−G吊=3×500N−600N−500N=400N。
答：(1)电动机对人和工具做的功为有用功，则有用功是1200J；
(2)整个装置的机械效率是40%；
(3)电动机拉动绳子的功率是300W；
(4)装置动滑轮的重力为400N。 
【解析】(1)根据W有=Gh求出有用功；
(2)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用W总=Fs=Fnh求出总功，根据η=W有W总求出整个装置的机械效率；
(3)根据P=W总t求出电动机拉动绳子的功率；
(4)根据G=mg求吊篮的重力，不计绳重和摩擦时，利用F=1n(G+G动+G吊)求动滑轮的重力。
本题考查了功率公式、做功公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确额外功和滑轮组绳子的有效股数是关键。
24.【答案】kv3  6  31.25 
【解析】解：(1)①由Q放=mq偏得完全燃烧偏二甲肼的质量：
m=Q放q偏=8.4×108J4.2×107J/kg=20kg；
②由题意知，水吸收的热量：
Q吸=Q放η=8.4×l08J×60%=5.04×108J，
由Q吸=c水m(t−t0)得，水的末温：
t=Q吸c水m+t0=5.04×108J4.2×103J/(kg⋅℃)×2.4×103kg+20℃=70℃；
(2)①若船舶以速度v匀速直线航行，航行时受到的阻力与牵引力是一对平衡力，大小相等；
根据P=Wt=Fst=Fv可知，推进的功率为：P推=Fv=fv=kv2×v=kv3；
②根据图像可知，当推进功为2×108J，辅助功为5×108J时，推进功和辅助功的和是7×108J，此时推进功和辅助功的和最小，对应的速度为6m/s；
③由图可知，当最大航速v′=10m/s时，推进功8.5×108J，辅助功为3.5×108J，
推进功和辅助功的总和：W′=8.5×108J+3.5×108J=12×108J，
与最省油时相比，最省油时能节省的功：ΔW=W′−W=12×108J−7×108J=5×108J，
根据η=WQ放可知，节省的柴油完全燃烧放出的热量：
Q放=Wη=5×108J40%=1.25×109J，
由Q放=mq可知，节省柴油的质量：m=Q放q油=1.25×109J4×107J/kg=31.25kg。
故答案为：(1)①要想获得8.4×l08J的热量需完全燃烧偏二甲肼20kg；
②可使初温为20℃的水温度升高到70℃；
(2)①kv3；②6；③31.25kg。
(1)①知道偏二甲肼燃烧放出的热量，利用Q放=mq偏求需完全燃烧偏二甲肼的质量；
②根据题意求出水吸收的热量，再根据Q吸=c水m(t−t0)求出水的末温；
(2)①根据二力平衡条件和公式P=Wt=Fst=Fv分析；
②分析图像，找出推进功和辅助功的和最小的点，即为最省油的航速；
③由图可知当最大航速为10m/s时的推进功和辅助功，据此求出推进功和辅助功的总和；与最省油时相比，可求出最省油时节省的功，根据效率公式求出节省的柴油完全燃烧放出的热量；利用Q放=mq求出节省柴油的质量。
本题考查二力平衡条件的应用、速度公式、功率公式、吸热公式、燃料完全燃烧放热公式以及效率公式的应用，题目综合性较强，难度较大。