2023年江苏省扬州市江都区华君外国语中考物理三模试卷（含解析）

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2023年江苏省扬州市江都区华君外国语中考物理三模试卷
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注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 以下科技应用中，说法正确的是(    )
A. 北斗卫星是利用超声波导航 B. 光纤通信是利用光的折射传递信息
C. 核电站是利用核裂变产生的能量发电 D. 随着科技的发展，永动机必然能够实现
2. 下列估计值中，最符合实际的是(    )
A. 初中生的体积0.5m3 B. 人正常步行速度约为1.4m/s
C. 人感觉舒适的气温约为40℃ D. 人体的安全电压36V
3. 图中物态变化与露水的形成相同的是(    )
A. 打在枝头的霜 B. 屋檐下的冰凌
C. 山间的云雾 D. 消融的冰雪
4. 农历五月初五，是我国的传统节日——端午节，吃粽子是端午节的一大饮食习俗，关于煮粽子、吃粽子的过程中所涉及的物理知识，下列说法中错误的是(    )
A. 煮粽子时，粽子的内能增大是通过热传递实现的
B. 高压锅煮粽子，利用了液体的沸点随气压增大而升高的原理
C. 刚出锅的粽子，不能直接用手拿，是由于粽子含有的热量多
D. 剥粽子时，粽叶与糯米粘在一起，是因为分子间存在引力
5. 下列图中关于光学现象的描述或解释不正确的是(    )


A. 甲图中小孔成的是倒立的虚像 B. 乙图中凹透镜可以矫正近视眼
C. 丙图中白光通过三棱镜会分解成多种色光 D. 丁图中漫反射的光线遵循光的反射定律
6. 以下四种情况符合安全用电原则的是(    )
A. 使用试电笔时，手应接触笔后端的金属部分
B. 人向落在地面上的“高压线头”靠近
C. 电灯的开关接在零线上
D. 雷雨天人站在大树下避雨
7. 如图所示的实验中，能说明电动机工作原理的是(    )
A. B.
C. D.
8. 如图所示，当人驾驶平衡车在水平路面上匀速直线运动时，下列说法正确的是(    )
A. 平衡车对人的支持力是由于车的形变产生的
B. 人对车的压力和车对人的支持力是一对平衡力
C. 平衡车突然停止时，人会向前倾，是因为人受到惯性
D. 若平衡车在运动过程中所受的力全部消失，平衡车会慢慢停下来

9. 如图所示小球以某速度从M点开始沿粗糙轨道MOP运动，经P点离开轨道，上升至最高点N，又下落经过Q点。N位于P、Q之间，O、P、Q处在同一水平高度。不计空气阻力，下列说法正确的是(    )
A. 小球经过O、P两点时动能相等
B. 小球到达最高点N时速度一定为零
C. 小球到达的最高点N可能高于M点
D. 小球经过N点时的机械能大于经过Q点时的机械能
10. 如图所示，在水平桌面上有甲、乙两个相同的烧杯，烧杯内分别装有不同的液体，把两个相同的物体分别放入两杯液体中，在甲杯中漂浮，在乙杯中沉底，两液面相平。关于这一现象，下列说法中正确的是(    )
A. 甲、乙两杯中液体的密度ρ甲m乙
C. 甲、乙两杯中液体对杯底压强p甲G乙排，则甲、乙两杯中物体排开液体的质量m甲>m乙，故B正确；
C、因ρ甲>ρ乙，两杯中液面相平，由p=ρgh可知甲、乙两杯中液体对杯底的压强p甲>p乙，故C错误；
D、因为物体在甲中漂浮，乙中下沉，V排甲ρ乙，根据m=ρV知：m甲液>m乙液，根据G=mg可知G甲液>G乙液，
甲、乙两个烧杯对水平桌面的压力：F=G液体+G物+G烧杯，所以F甲>F乙，根据p=FS可知甲、乙两烧杯对水平桌面的压强p甲′>p乙′，故D错误。
故选：B。
(1)根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系；
(2)根据物体的浮沉条件和阿基米德原理判断物体排开液体的质量；
(3)根据p=ρgh判断液体对杯底的压强关系；
(4)由于烧杯对水平桌面的压力等于烧杯的总重力，根据G=mg=ρVg判断液体的重力关系，然后根据p=FS判断烧杯对水平桌面的压强关系。
本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下(漂浮、悬浮)物体所受重力与浮力的大小关系。

11.【答案】D 
【解析】解：根据题意可知，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公英，这说明两个灯泡可以独立工作，是并联的；干路中有一个开关，另一个开关用来控制发出白光和绿光，所以这个开关是一个单刀双掷开关，根据选项可知，D图正确。
故选：D。
根据题意分析两个开关的连接方式和两盏灯泡的连接方式。
本题考查了电路图的设计，明确单刀双掷开关的作用是解题的关键。

12.【答案】D 
【解析】解：AB、由甲图可知，两个电阻串联，电流表测电路中电流，电压V1测R1两端电压，电压表V2测R2两端电压。
滑片P从B点滑到A点的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大；根据串联分压原理可知，滑动变阻器R2两端的电压变小；由于电源电压不变，则R1两端的电压变大；
所以，通过R2的电流随其两端电压的减小而增大，通过R1的电流随其两端电压的增大而增大；由此可知，乙图中MN是R1的U−I图象，EF是R2的U−I图象(即EF是V2表示数随A表示数变化的图象，
由乙图可知，滑片在B点时滑动变阻器的电阻最大，电流最小为：IB=0.4A，此时U1B=4V，U2B=8V，则串联电路的电压特点可得，电源电压：U=U1B+U2B=4V+8V=12V，故AB错误；
由乙图可知，滑片在B点时滑动变阻器的电阻最大，电流最小为IB=0.4A，变阻器的电压U2B=8V，
则滑动变阻器的最大电阻为：
R2大=U2BIB=8V0.4A=20Ω，
U1B=4V，则R1的阻值为：
R1=U1BIB=4V0.4A=10Ω，
在滑片移动过程中，滑动变阻器的最大功率为：
P=I2R滑=(UR1+R滑)2R滑=U2R滑R滑2+2R滑R1+R12=U2R滑R滑2−4R滑R1+R12+4R滑R1=U2R滑(R滑−R1)2+4R滑R1
当R滑=R1时，滑动变阻器的功率最大，最大功率为：
P大=U2R滑4R滑R1=U24R1=(12V)24×10Ω=3.6W，
故C错误；
D、由图乙可知，电路的最大电流为1.2A，电源电压为12V.，
所以，整个电路的最大功率：
P总大=UI=12V×1.2A=14.4W，故D正确。
故选：D。
(1)由甲图可知，滑片P从B点滑到A点的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大；根据串联分压原理可知，滑动变阻器R2两端的电压变小；由于电源电压不变，则R1两端的电压变大；由此可知，对于R2：通过的电流随两端电压的减小而增大；对于R1：通过的电流随两端电压的增大而增大；据此判断乙图象中两图线各是哪个电阻的电流与电压图线；
(2)根据串联电路的电压特点得出滑片P在B或A点的电压之和即为电源电压；
(3)根据P=I2R结合数学知识二次函数的最值问题分析解答；
(4)由P=UI计算电路中的最大总功率。
本题考查串联电路电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，会从图象中读出相关信息是解答本题的关键所在。

13.【答案】振动  不相同  未点燃  B  不变  不变 
【解析】解：(1)声音是由物体振动产生的；雾水蒸气液化形成的小水珠；雪是水蒸气凝华形成的小冰晶，故原理不相同；
(2)确定平面镜成虚像，需要在像的位置(即未点燃的蜡烛)处放置光屏，在光屏一侧即B处观察是否有像；平面镜所成的像与物体等大，因此点燃的蜡烛由远及近靠近平面镜的过程中，它在镜中像的大小不变；
(3)逐渐改变木板M与桌面的夹角α，会观察到悬线OA的方向不变，因为重力的方向始终是竖直向下的。
故答案为：(1)振动；不相同；(2)未点燃；B；不变；(3)不变。
(1)发声的物体在振动；雾是水蒸气液化成的小液滴；雪是水蒸气凝华成的小颗粒；
(2)确定平面镜成虚像，需要在像的位置(即未点燃的蜡烛)处放置光屏，在光屏一侧观察是否有像；平面镜所成的像与物体等大；
(3)重力的方向总是竖直向下的。
此题考查了声音的产生、平面镜成像的特点、重力的方向，比较简单，属基础题。

14.【答案】反射  分子在不停地做无规则运动  反射 
【解析】解：夏天的清晨，小明看到水面有岸边的荷花倒影，这是平面镜成像现象，是由于光的反射形成的；
闻到荷花的香气是因为香气分子发生了扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动；
旭日东升，照耀着湖面分外美丽，小明又想到了杨万里的“接天莲叶无穷碧，映日荷花别样红”，花红是因为荷花反射红色的光。
故答案为：反射；分子在不停地做无规则运动；反射。
(1)光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；
(2)不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
(3)物体的颜色是由它反射的光的颜色决定的。
此题考查学生对光的反射、分子动理论观点和物体的颜色的理解，是一道基础训练题。

15.【答案】力的作用是相互的  静止 
【解析】解：(1)飞行背包的两个喷射口向下喷射出气流，反过来气流给背包和人一个向上的作用力，将人推向空中，这是因为力的作用是相互的；
(2)飞行时以背包为参照物，飞行者的位置没有发生改变，则飞行者是静止的。
故答案为：力的作用是相互的；静止。
(1)物体间力的作用是相互的，施力物体同时也是受力物体，而受力物体同时也是施力物体；
(2)判断物体是运动或静止，要看它与参照物的相对位置是否变化，如果变化，物体是运动的，如果没变化，则物体是静止的。
本题考查了力作用的相互性、运动和静止的相对性，属于基础题，只要掌握基本知识点即可解决。

16.【答案】变大  变小  72 
【解析】解：(1)人离高速列车比较近时，列车的速度很大，人和列车的之间的空气流动速度变大，压强变小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人靠太近有被“吸”向列车的危险，因此设置黄色安全线。
(2)火车完全通过隧道时行驶的路程：
s=L隧道+L车=1800m+360m=2160m，
火车的运行速度：
v=st=2160m108s=20m/s=72km/h。
故答案为：变大；变小；72。
(1)流体的压强跟流速有关，流体流速越大的位置，压强越小；
(2)火车完全通过隧道行驶的路程等于隧道长加上火车长，知道行驶时间，利用速度公式求火车的运行速度。
本题考查了流体压强与流速的关系、速度计算公式的应用，难度不大。

17.【答案】并联  可以  会 
【解析】解：如图甲所示是某电动汽车充电站的一排充电桩，这些充电桩是并联的，互不影响；
电池容量约为2000mA⋅h、电压为20V的笔记本储存的电能为：W=UIt=20V×2000mA⋅h=20V×2A⋅h=40W⋅h=0.04kW⋅h，小于航空公司的规定值，可以带上飞机。
开关闭合后，用测电笔测试电路中的A点，A点与火线连通，且与零线断路，故测电笔氖管会发光。
故答案为：并联；可以：会。
(1)并联电路的各个用电器之间互不影响；串联的各个用电器之间互相影响。
(2)根据W=UIt计算比较电池储存的电能。
(3)测电笔的氖管接触火线或与火线连通的导体就会发光。
知道测电笔的使用方法；知道串联电路和并联电路的特点；会根据电功公式进行简单的计算。

18.【答案】1080  90% 
【解析】解：
(1)做的有用功：
W有用=Gh=360N×3m=1080J；
(2)由图知，滑轮组由3段绳子承担物重，所以手拉绳子的速度为v=3v物=3×0.3m/s=0.9m/s，
由P=Wt=Fst=Fv得作用在绳子自由端的拉力：
F=Pv=120W0.9m/s=4003N，
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=GhFs=GhF×3h=G3F=360N3×400N3×100%=90%；
故答案为：1080；90%。
(1)利用W有用=Gh求做的有用功；
(2)由图知，承担物重的绳子段数是3段，已知物体上升的速度，可以得到手拉绳子的速度；已知拉力的功率和手拉绳子的速度，可以得到拉力的大小；已知物重、拉力和承担物重的绳子段数，利用公式η=W有用W总=GhFs=GhF×3h=G3F计算滑轮组的机械效率。
本题考查了机械效率的计算，要注意题干中没有告诉绳与滑轮的摩擦不考虑，所以不能用滑轮组的省力公式计算拉力，需用P=Fv计算拉力。

19.【答案】1050  3000  17.5  1050 
【解析】解：冰熔化过程中温度不变，完全熔化成水后温度才会上升，也就是图中的8min～12min，此时段，水温从0℃上升到5℃，水温升高了5℃，冰化成水后质量不变，m水=m冰=50g=5×10−2kg；
所以4min中水吸收的热量为：
Q吸=c水m水Δt水=4.2×103J/(kg⋅℃)×5×102kg×5℃=1050J；
0.1g酒精完全燃烧放出的热量：
Q放=m酒精q酒精=0.1g×3×107J/kg=0.1×10−3kg×3×107J/kg=3000J；
每2min完全燃烧酒精0.1g，4min燃烧酒精0.2g，所以放出的热量为：
Q′放=2Q放=3000J×2=6000J；
又因为4min水吸热Q吸=1050J，所以加热效率为：
η=Q吸Q放×100%=1050J6000J×100%=17.5%；
BC段物质吸收的热量转化成了物质的内能，所以BC段也加热4min，所以和CD段吸收热量相同为1050J，所以内能增加了1050J。
故答案为：1050；3000；17.5；1050。
(1)根据热量的计算公式Q=cmΔt求出吸收的热量
(2)晶体熔化过程中吸热温度不变，物质处于固液共存态；
(3)利用效率的计算公式η=Q吸Q放×100%来解题；
(4)通过图像分析BC段是固液共存状态，到C点时全部熔化完，再继续吸收热量温度才升高，BC段和CD段都是加热4min吸收的热量相同，即也是增加的内能。
本题考查熔化实验，和有关的热量公式的计算，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

20.【答案】0.1  a  N  变小  减小电源电压或增大R1电阻 
【解析】解：(1)由P=UI可得，灯L正常工作时，通过它的电流为：
IL=PLUL=22W220V=0.1A；
电池继电器相当于自动开关，开关控制灯泡时，开关接在火线上，所以受控电路中导线a端应连接照明电路的火线；
如图，控制电路中的电流从电磁铁的上端进入，根据安培定则可以判断电磁铁的下端是S极，上端是N极；
(2)由题知，照明灯在天暗时发光，说明此时照明电路闭合，即衔铁上动触点与静触点接触，由图可知此时衔铁应被释放，则电磁铁的磁性减弱，说明控制电路中的电流变小，根据I=UR可知控制电路中的电阻变大，即此时光敏电阻的阻值变大，反之，天亮时光敏电阻的阻值变小，所以，该光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小；
(3)傍晚时分，若想早些使L发光，即天亮时自动点亮说明此时照明电路闭合，由图可知此时电磁铁磁性增强，控制电路中的电流变大，根据欧姆定律I=UR知电路中电阻变小，说明光敏电阻的阻值变小，由于电磁铁的吸合电流不变，由U=IR知可以减小电源电压；
或控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，衔铁被吸下时电路的总电阻不变，由于光敏电阻的阻值变小，由串联电路电阻的规律知增大R1电阻。
故答案为：(1)0.1；a；N；(2)变小；(3)减小电源电压或增大R1电阻。
(1)灯L正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出通过它的电流；
开关控制灯泡时，开关接在火线和灯泡之间，断开开关时，切断火线，更换灯泡更安全；
由图可知控制电路的电流方向，根据安培定则判断电磁铁的磁极；
(2)天暗时自动点亮说明此时照明电路闭合，由图可知此时电磁铁磁性的变化，进一步判断控制电路电流的变化，根据欧姆定律判断电路中电阻的变化，即可判断光敏电阻阻值的变化；
(3)傍晚时分，若想早些使L发光，即天亮时自动点亮说明此时照明电路闭合，由图可知此时电磁铁磁性的变化，进一步判断控制电路电流的变化，根据欧姆定律判断电路中电阻的变化，即可判断光敏电阻阻值的变化；电磁铁的吸合电流不变，根据欧姆定律判断出电源电压的变化；
控制电路电源电压不变，根据欧姆定律可知，衔铁被吸下时电路的总电阻不变，根据光线的明亮程度判定光敏电阻阻值的大小，确定R1阻值的变化。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电磁铁磁性、电功率公式的应用等知识，涉及的知识点较多，关键是会分析电路图结合所学知识进行解决实际问题。

21.【答案】解：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，如图所示：
 
【解析】先确定所给的入射光线或折射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点(三条特殊关系)作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过凹透镜光心的光线传播方向不改变。

22.【答案】解：忽略空气阻力，小球从高处下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧向下做减速运动，此时小球共受到重力和弹力两个力的作用，过小球重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，用G和F表示，且Gu，说明2f>u>f，所以成此时凸透镜倒立、放大的实像，其应用是投影仪或幻灯机；
(3)近视眼是晶状体变厚，晶状体对光线的会聚能力增强，使像成在视网膜的前方，戴凹透镜使光线发散一些，使像呈在视网膜上；若“取”下近视眼镜(即取下凹透镜)，又恢复到原来的状态，为使光屏上的像再次清晰，需减小像距或减小物距，所以需要光屏靠近透镜或蜡烛靠近透镜。故选D。
故答案为：(1)凸透镜的主光轴；(2)放大； 幻灯机；(3)D。
(1)探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心；
(2)凸透镜成像时，2f>u>f，成倒立、放大的实像，v>2f，应用于幻灯机和投影仪；
(3)近视眼是由于晶状体变厚，像呈在视网膜的前方，给“眼睛”戴上近视眼镜(凹透镜)，使光线发散一些，增大了烛焰在“视网膜”上成像的像距，若取下近视眼镜，又恢复到原来状态，为使光屏上得到清晰的像，应使像距变小或物距变小。
此题通过实验探究了凸透镜成像的规律和近视眼的成因及矫正方法，要解决此类题目，需要熟记凸透镜成像的规律和凹透镜对光线的作用并做到灵活应用。

28.【答案】右  便于测量力臂及避免杠杆自重的影响  单位不同的物理量不能相加  变大  2.5×103 
【解析】解：(1)杠杆静止时，杠杆左端下沉，说明右端偏高，平衡螺母需向右调节；杠杆在水平位置平衡的目的是便于测量力臂及避免杠杆自重的影响；
(2)得出“动力+动力臂=阻力+阻力臂”的结论是错误的，因为只做了一次实验，数据具有偶然性，不能得出普遍规律，且单位不同的物理量不能相加；
(3)丙图中，弹簧测力计由第一次到第二次，阻力及阻力臂不变，拉力力臂变小，根据杠杆平衡条件可知拉力变大，则弹簧测力计的示数将变大；
(4)如图丁，若不考虑小桶重力，根据杠杆平衡条件得，G排×0.10m=G石×0.04m，
则，ρ水gV排×0.10m=ρ石gV石×0.04m，
因为石块浸没在水中，则V排=V石，
所以，石块的密度：ρ石=2.5ρ水=2.5×103kg/m3。
故答案为：(1)右；便于测量力臂及避免杠杆自重的影响；(2)一次实验具有偶然性；(3)变大；(4)2.5×103。
(1)在调平杠杆平衡时，杠杆的哪端高，平衡螺母要向哪端移动；
(2)杠杆平衡条件是规律性结论，必须经过多次实验验证才行，只有一次实验数据，偶然性太大，不能反映普遍规律，单位不同的物理量不能相加；
(3)阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大；
(4)在不计小桶重力时，根据杠杆平衡条件列出等式，求出石块的密度。
本题考查了多次实验的目的、利用杠杆平衡条件判断杠杆是否平衡、利用杠杆平衡条件求石块的密度，并且对实验进行分析等，是杠杆平衡的一道较难的习题。

29.【答案】毛巾、木板、平板玻璃  W1=W2=W3  速度  不可行 
【解析】解：(1)在做“斜面小车实验”时，给水平桌面铺上粗糙程度不同的物体，目的是探究阻力对物体运动的影响，由毛巾表面到木板再到平板玻璃，接触面的粗糙程度减小，小车受到的阻力也减小，所以摆放顺序是：毛巾、木板、平板玻璃；
在利用斜面研究阻力对物体运动的影响的实验中，小车的质量始终不变，小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，小车到达水平面时的速度相同，因此，小车具有的动能相同，也就是说，小车的做功能力是相同的，最终克服阻力做的功也是相等的；即W1=W2=W3；
(2)①在利用斜面探究动能的大小与哪些因素有关的实验中，让同一小车处在不同的高度，控制了小车的质量相同，改变了小车的运动速度，这样设计的目的是研究动能与运动速度的关系；
②利用质量不同的铁球将弹簧压缩相同程度后由静止释放，撞击同一木块，该实验方案不可行，因为未控制小球撞击木块时速度一定。
故答案为：(1)毛巾、木板、平板玻璃；W1=W2=W3；(2)①速度；②不可行。
(1)改变接触面的粗糙程度，可以改变摩擦力阻力的大小；小车到达水平面时的初速度相同，因此，其具有的动能是相同的，所以小车克服阻力做功是相同的；
(2)动能的大小与质量和速度有关，结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求。
本题是研究阻力对物体运动的影响、影响动能大小因素的探究实验，考查了控制变量法和转换法的应用。

30.【答案】不受影响  甲、乙  2 
【解析】解：(1)如图甲，实验中，若加速拉动木板，A与木板的压力、接触面粗糙程度不变，则测得的A的摩擦力不受影响；
(2)探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，需要控制压力相同，接触面的粗糙程度不同，故对比甲、乙两图；
(3)如图甲，根据二力平衡的原理可知，向左拉动木板，当A静止后，A受到的滑动摩擦力就等于弹簧测力计的示数，为2.4N；
A的重力为12N，则A对木板的压力为12N，受到的摩擦力为2.4N，则摩擦力与压力的比值为2.4N12N=0.2；
由图丁可知，此时的摩擦力为2N，减小的摩擦力为2.4N−2N=0.4N，则减小的压力为：0.4N0.2=2N，即氢气球对A向上的拉力为2N。
故答案为：(1)不受影响；(2)甲、乙；(3)2。
(1)影响滑动摩擦力的因素是压力和接触面的粗糙程度；
(2)找出压力相同，而接触面粗糙程度不同的两组实验；
(3)根据压力和摩擦力的大小得出压力与摩擦力的关系，然后求出减小的压力，从而得到气球的拉力。
在探究“滑动摩擦力的大小与什么有关”的实验中，注意控制变量法和二力平衡原理的运用，熟练掌握影响滑动摩擦力的因素，能结合实验现象进行分析，是解答本题的关键。

31.【答案】B  0.75  B  偏大