高二(下)期中物理试卷

这是一份高二(下)期中物理试卷，共33页。试卷主要包含了单项选择题，双项选择题等内容，欢迎下载使用。
高二（下）期中物理试卷
一、单项选择题（30*2＝60）
1．（2分）下列物理量中，属于矢量的是（　　）
A．路程 B．质量 C．电场强度 D．电阻
2．（2分）将电荷量为q的点电荷放在电场中的A点，它受到的电场力为F，则A点的电场强度的大小等于（　　）
A． B． C．F•q D．F
3．（2分）真空中有两个点电荷，它们之间静电力的大小为F．如果保持它们所带的电荷量不变，将它们之间的距离增大到原来的2倍，那么它们之间静电力的大小等于（　　）
A． B．2F C． D．4F
4．（2分）半径为R的两个较大的金属球放在绝缘桌面上，若两球都带等量同种电荷Q时它们之间的静电力为F1，两球带等量异种电荷Q与﹣Q时静电力为F2，则（　　）
A．F1＞F2 B．F1＜F2 C．F1＝F2 D．不能确定
5．（2分）如图所示的是真空中两个点电荷A、B周围的电场线在某一平面内的分布情况（电场线方向未标出）．图中O点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，电场线的分布关于MN左右对称．下列关于图的说法中正确的是（　　）

A．这是两个等量异种电荷周围的电场线分布
B．这是两个等量同种电荷周围的电场线分布
C．这是两个不等量异种电荷周围的电场线分布
D．这是两个不等量同种电荷周围的电场线分布
6．（2分）如图所示是某一正点电荷电场中的一条电场线，则A、B两点电场强度EA、EB的大小关系是（　　）

A．EA＞EB B．EA＝EB
C．EA＜EB D．上述三种情况都可能
7．（2分）有一个电容器，当它所带的电量q＝1×10﹣6C时，电容器两极板间的电压U＝1V，这个电容器的电容大小是（　　）
A．1μF B．2μF C．3μF D．4μF
8．（2分）如表为某电热水壶铭牌上的一部分内容．根据表中的信息，可计算出电热水壶在额定电压下以额定功率工作时的电流约为（　　）
型 号
DF﹣938
额定功率
900W
额定电压
220V
额定容量
1.2L
A．6.8A B．4.1A C．1.2A D．0.24A
9．（2分）下列说法中正确的是（　　）
A．在家庭电路中洗衣机和电冰箱是串联的
B．节能灯比白炽灯的发光效率高
C．变压器是用于改变直流电压的装置
D．交流电的周期越长，频率也越高
10．（2分）一个小电珠上标有“6V 0.3A”，它在正常发光时的电阻是（　　）
A．20Ω B．1.8Ω C．0.05Ω D．6.3Ω
11．（2分）城市民用供电线路有的地方用的是截面积为50㎜2的铝芯电缆线输电．已知铝的电阻率为2.9×10﹣8Ω．m．那么长度为1500m的这种铝芯电缆线的电阻是（　　）
A．0.87Ω B．87Ω C．9.7×10﹣16Ω D．9.7×10﹣2Ω
12．（2分）如图所示的电路中，闭合开关S后，向左移动滑动变阻器R的滑片，则滑动变阻器连入电路的阻值和电流表示数的变化情况是（　　）

A．连入电路的阻值变小，电流表的示数变小
B．连入电路的阻值变小，电流表的示数变大
C．连入电路的阻值变大，电流表的示数变小
D．连入电路的阻值变大，电流表的示数变大
13．（2分）正电荷形成的电场中，一带电粒子只受电场力作用，其运动轨迹如图abcd曲线，则（　　）

A．粒子带负电
B．粒子通过a点时的速度比通过b点时大
C．粒子在a点受到的电场力比b点大
D．粒子在a点时的电势能比b点大
14．（2分）一根粗细均匀的镍铬丝的横截面的直径为d，电阻是R，把它拉制成直径是的均匀细丝后，它的电阻变成（　　）
A． R B．10000R C． R D．100R
15．（2分）下列说法中正确的是（　　）
A．磁感线可以表示磁场的方向和强弱
B．磁感线从磁体的N极出发，终止于磁体的S极
C．磁铁能产生磁场，电流不能产生磁场
D．放入通电螺线管内的小磁针，根据异名磁极相吸的原则，小磁针的N极一定指向通电螺线管的S极
16．（2分）关于磁感应强度，下列说法中错误的是（　　）
A．由B＝可知，B与F成正比，与IL成反比
B．由B＝可知，一小段通电导体在某处不受磁场力，说明此处可能无磁场
C．通电导线在磁场中受力越大，说明磁场越强
D．磁感应强度的方向就是该处电流受力方向
17．（2分）关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是（　　）
A．磁感线从磁体的N极出发，终止于S极
B．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向
C．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱
D．在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小
18．（2分）首先发现电流磁效应的科学家是（　　）
A．安 培 B．奥斯特 C．库 仑 D．伏 特
19．（2分）在地球赤道上空有一小磁针处于水平静止状态，突然发现小磁针N极向东偏转，由此可知（　　）
A．一定是小磁针正东方向有一条形磁铁的N极靠近小磁针
B．一定是小磁针正东方向有一条形磁铁的S极靠近小磁针
C．可能是小磁针正上方有电子流自南向北水平通过
D．可能是小磁针正上方有电子流自北向南水平通过
20．（2分）关于垂直于磁场方向的通电直导线所受磁场作用力的方向，正确的说法是（　　）
A．跟电流方向垂直，跟磁场方向平行
B．跟磁场方向垂直，跟电流方向平行
C．既跟磁场方向垂直，又跟磁场方向垂直
D．既不跟磁场方向垂直，又不跟电流方向垂直
21．（2分）如图所示，直导线处于足够大的匀强磁场中，与磁感线成θ＝30°角，导线中通过的电流为I，为了增大导线所受的磁场力，可采取下列四种办法，其中不正确的是（　　）

A．增大电流I
B．增加直导线的长度
C．使导线在纸面内顺时针转30°
D．使导线在纸面内逆时针转60°
22．（2分）有两个相同的圆形线圈，通以大小不同但方向相同的电流，如图所示，两个线圈在光滑的绝缘杆上的运动情况是（　　）

A．互相吸引，电流大的加速度较大
B．互相排斥，电流大的加速度较大
C．互相吸引，加速度相同
D．以上说法都不正确
23．（2分）如图所示为带电粒子（不计重力）在匀强磁场中的运动轨迹。中央是一块金属薄板，粒子穿过金属板时有动能损失。则（　　）

A．粒子带正电
B．粒子的运动路径是abcde
C．粒子的运动路径是edcba
D．粒子在下半周的运动时间比上半周运动的时间长
24．（2分）实验室有一个旧的学生直流电源，输出端的符号模糊不清，无法分辨正负极．某同学设计了下面的判断电源两极的方法．在桌面上放一个小磁针，在小磁针右面放一个螺线管，如图所示，闭合开关后，小磁针S极的一端向左偏转．下述判断正确的是（　　）

A．电源A端是正极，在电源内电流由A流向B
B．电源B端是正极，在电源内电流由A流向B
C．电源A端是正极，在电源内电流由B流向A
D．电源B端是正极，在电源内电流由B流向A
25．（2分）下列说法正确的是（　　）
A．运动电荷在磁感应强度不为零的地方，一定受到洛伦兹力作用
B．运动电荷在某处不受洛伦兹力作用，则该处的磁感应强度一定为零
C．洛伦兹力既不能改变带电粒子的动能，也不能改变带电粒子的速度
D．洛伦兹力对带电粒子永不做功
26．（2分）如图所示的速度选择器中有正交的电场和磁场，有一粒子沿垂直于电场和磁场的方向飞入其中，并沿直线运动（不考虑重力作用），则此粒子（　　）

A．一定带正电
B．一定带负电
C．可能带正电或负电，也可能不带电
D．一定不带电
27．（2分）如图所示，直导线中通以电流I，矩形线圈与电流共面，下列情况不能产生感应电流的是（　　）
A．电流I增大 B．线圈向右平动
C．线圈向下平动 D．线圈绕ab边转动
28．（2分）如图所示的匀强磁场中，有一直导线ab在一个导体框架上向左运动，那么ab导线中感应电流方向（有感应电流）及ab导线所受安培力方向分别是（　　）

A．电流由b向a，安培力向左
B．电流由b向a，安培力向右
C．电流由a向b，安培力向左
D．电流由a向b，安培力向右
29．（2分）如图所示，一个有弹性的金属环被一根橡皮绳吊于通电直导线的下方，当通电直导线中的电流I增大时，圆环的面积S和橡皮绳的长度L将（　　）

A．S增大，L变短 B．S增大，L变长
C．S减小，L变短 D．S减小，L变长
30．（2分）如图所示，一轻弹簧悬于O点，下端恰好与水银面接触，在弹簧和水银间接上电源，闭合开关K后，发现（　　）

A．弹簧上下振动
B．弹簧伸长
C．弹簧收缩后离开水银面静止
D．什么现象也没有
二、双项选择题（10*4＝40）
31．（4分）用电流表和电压表测量电阻的电路如图所示，其中Rx为待测电阻。由于电表内阻对测量结果的影响，下列说法中正确的是（　　）

A．电流表的示数等于通过Rx的电流 B．电流表的示数大于通过Rx的电流
C．电压表的示数小于Rx两端的电压 D．电压表的示数大于Rx两端的电压
32．（4分）如图电路，当滑动变阻器的滑片P左右滑动时，有关小灯泡L亮度的变化，下列判断正确的是（　　）
A．向右滑动时，灯泡L变亮 B．向右滑动时，灯泡L变暗
C．向左滑动时，灯泡L变暗 D．向左滑动时，灯泡L亮度不变
33．（4分）如图所示，A、B为相互接触的用绝缘支柱支撑的金属导体，起初它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法正确的是（　　）

A．把C移近导体A时，A、B上的金属箔片都张开
B．把C移近导体A后，先把C移走，再把A、B分开，A、B上的金属箔片仍张开
C．把C移近导体A后，先把A、B分开，然后移去C，A、B上的金属箔片仍张开
D．把C移近导体A后，先把A、B分开，再把C移走，然后重新让A、B接触，A、B上的金属箔片仍张开
34．（4分）如图所示，一点电荷先后置于匀强电场中的A、B两点，则该点电荷在这两点所受的电场力（　　）
A．大小相等 B．大小不等 C．方向相同 D．方向相反
35．（4分）如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2和O3O4都是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其中产生感生电流？（　　）

A．向左或向右平动 B．向上或向下平动
C．绕O1O2转动 D．绕O3O4转动
36．（4分）如图所示，A1、A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略，下列说法中正确的是（　　）

A．开关S接通时，A2灯先亮、A1灯逐渐亮，最后A1A2一样亮
B．开关S接通时，A1、A2两灯始终一样亮
C．断开S的瞬间，流过A2的电流方向与断开S前电流方向相反
D．断开S的瞬间，流过A1的电流方向与断开S前电流方向相反
37．（4分）如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线．若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及发热功率比较正确的是（　　）

A．电阻R1的阻值较大 B．电阻R2的阻值较大
C．电阻R1的发热功率较大 D．电阻R2的发热功率较大
38．（4分）如图所示线圈两端接在电流表上组成闭合电路，在下列情况中电流表指针不发生偏转的（　　）

A．线圈不动，磁铁插入线圈时
B．线圈不动，磁铁拔出线圈时
C．磁铁插在线圈内不动
D．线圈不动，磁铁上下移动时
39．（4分）如图所示，在条形磁铁的外面套着一个闭合弹簧线圈，若把线圈四周向外拉，使线圈包围的面积变大，这时（　　）

A．线圈中有感应电流 B．线圈中无感应电流
C．穿过线圈的磁通量增大 D．穿过线圈的磁通量减小
40．（4分）如图所示，光滑固定的金属导轨M、N水平放置，两根导体棒P、Q平行放置在导轨上，形成一个闭合回路，一条形磁铁从高处下落接近回路时（　　）

A．P、Q将相互靠拢 B．P、Q将相互远离
C．磁铁的加速度仍为g D．磁铁的加速度小于g
高二（下）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（30*2＝60）
1．（2分）下列物理量中，属于矢量的是（　　）
A．路程 B．质量 C．电场强度 D．电阻
【分析】既有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、电场强度等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量、电阻等都是标量。
【解答】解：ABD、只有大小，没有方向的物理量是标量，路程、质量和电阻都是标量，故ABD错误。
C、既有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，电场强度是矢量，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查对矢量和标量的认识，主要看学生对矢量和标量的掌握情况。要注意矢量的运算符合平行四边形法则，而标量符合代数运算法则。
2．（2分）将电荷量为q的点电荷放在电场中的A点，它受到的电场力为F，则A点的电场强度的大小等于（　　）
A． B． C．F•q D．F
【分析】电场强度的定义式为 E＝，适用于任何电场，E反映电场本身的性质，与试探电荷无关．
【解答】解：据电场强度的定义式可知，A点的电场强度为 E＝，故ACD错误，B正确。
故选：B。
【点评】电场强度的定义式为 E＝，适用于任何电场，定义式适用于一切电场，不能简单地从数学角度来理解物理公式．
3．（2分）真空中有两个点电荷，它们之间静电力的大小为F．如果保持它们所带的电荷量不变，将它们之间的距离增大到原来的2倍，那么它们之间静电力的大小等于（　　）
A． B．2F C． D．4F
【分析】电量不变，只是将距离增大到原来的2倍，根据点电荷库仑力的公式F＝k可以求得改变之后的库仑力的大小．
【解答】解：由点电荷库仑力的公式F＝k可以得到，电量不变，将它们之间的距离增大为原来的2倍，库仑力将变为原来的．故A正确、BCD错误。
故选：A。
【点评】本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了．
4．（2分）半径为R的两个较大的金属球放在绝缘桌面上，若两球都带等量同种电荷Q时它们之间的静电力为F1，两球带等量异种电荷Q与﹣Q时静电力为F2，则（　　）
A．F1＞F2 B．F1＜F2 C．F1＝F2 D．不能确定
【分析】本题题中由于带电球的大小与它们之间的距离相比，不能忽略，因此不能看作点电荷，不能直接利用库仑定律计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性的比较库仑力的大小
【解答】解：半径为R的两个较大的金属球固定在绝缘桌面上，两球不能看成点电荷，
因带同种电荷，导致电量间距大于带异种电荷的间距，
根据库仑定律F＝k，可知，它们相互作用的库仑力大小有：F1＜F2，故B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题应明确当两球心相距较近时，两球不能看成点电荷，不能直接运用库仑定律解答，注意库仑定律的成立条件，理解点电荷的含义．
5．（2分）如图所示的是真空中两个点电荷A、B周围的电场线在某一平面内的分布情况（电场线方向未标出）．图中O点为两点电荷连线的中点，MN为两点电荷连线的中垂线，电场线的分布关于MN左右对称．下列关于图的说法中正确的是（　　）

A．这是两个等量异种电荷周围的电场线分布
B．这是两个等量同种电荷周围的电场线分布
C．这是两个不等量异种电荷周围的电场线分布
D．这是两个不等量同种电荷周围的电场线分布
【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止．
根据电场线与等势线垂直，判断电势的高低．
在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大，也可以从电场线的疏密判断场强的大小．
【解答】解：根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断，A、B是两个等量异种电荷。根据平行四边形定则，对中垂线上的场强进行合成，知中垂线上每点的电场方向都水平向右，中垂线和电场线垂直，所以中垂线为等势线，在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大，也可以从电场线的疏密判断，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．
6．（2分）如图所示是某一正点电荷电场中的一条电场线，则A、B两点电场强度EA、EB的大小关系是（　　）

A．EA＞EB B．EA＝EB
C．EA＜EB D．上述三种情况都可能
【分析】由于a、b两点所在的电场线是直线，a、b两点电场强度方向相同。电场线的大小由电场线的疏密表示，而该电场线是某一正点电荷电场中的一条电场线，该点电荷一定在A的左侧，故A点电场强度大。
【解答】解：该电场线是正点电荷产生的电场线，该点电荷一定在左侧，所以A点的电场强度比B的大，即EA＞EB，故A正确，BCD错误；
故选：A。
【点评】本题要抓住电场线的疏密表示电场强度的相对大小，如果仅一条电线线，不能反映电场线的疏密，所以不能确定场强的大小。
7．（2分）有一个电容器，当它所带的电量q＝1×10﹣6C时，电容器两极板间的电压U＝1V，这个电容器的电容大小是（　　）
A．1μF B．2μF C．3μF D．4μF
【分析】已知电容器的电荷量和板间电压，根据电容的定义式C＝求解电容的大小。
【解答】解：这个电容器的电容大小为 C＝＝F＝1×10﹣6F＝1μF
故选：A。
【点评】解决本题关键掌握电容的定义式C＝，知道电容不同单位之间的换算。
8．（2分）如表为某电热水壶铭牌上的一部分内容．根据表中的信息，可计算出电热水壶在额定电压下以额定功率工作时的电流约为（　　）
型 号
DF﹣938
额定功率
900W
额定电压
220V
额定容量
1.2L
A．6.8A B．4.1A C．1.2A D．0.24A
【分析】额定功率等于额定电压与额定电流的乘积；由铭牌读出额定功率和额定电压，由公式P＝UI求解电热水壶的额定电流．
【解答】解：由铭牌读出电热水壶额定功率为 P＝90W，额定电压为 U＝220V；
由P＝UI，得，通过电热水壶额定电流为：I＝＝A≈4.1
故选：B。
【点评】本题关键由铭牌读出电热水器的额定功率和额定电压，并利用公式P＝UI列式求解
9．（2分）下列说法中正确的是（　　）
A．在家庭电路中洗衣机和电冰箱是串联的
B．节能灯比白炽灯的发光效率高
C．变压器是用于改变直流电压的装置
D．交流电的周期越长，频率也越高
【分析】（1）家庭电路中各用电器之间是并联的；
（2）节能灯把电能主要转化为光能，白炽灯则主要转化为热能，所以节能灯效率高；
（3）变压器是用于改变交流电压的装置；
（4）根据频率和周期的关系即可判断．
【解答】解：A、电灯、电视机、洗衣机是家用电器应该并联，每个用电器才能在额定电压下工作。故A错误；
B、节能灯把电能主要转化为光能，白炽灯则主要转化为热能，所以节能灯效率高。故B正确；
C、变压器是用于改变交流电压的装置，故C错误；
D、根据f＝可知：交流电的周期越长，频率越低，故D错误。
故选：B。
【点评】本题要掌握以下知识点：（1）家庭电路的各用电器之间的连接方式，开关和其控制的用电器之间的连接方式．（2）节能灯和白炽灯发光的原理；（3）变压器变压的原理；（4）周期的关系．
10．（2分）一个小电珠上标有“6V 0.3A”，它在正常发光时的电阻是（　　）
A．20Ω B．1.8Ω C．0.05Ω D．6.3Ω
【分析】小电珠正常发光时其电压为额定电压，电流为额定电流，由欧姆定律求解其电阻．
【解答】解：由题意知小电珠正常发光时电压为 U＝6V，电流为 I＝0.3A
则在正常发光时的电阻是 R＝＝Ω＝20Ω
故选：A。
【点评】本题要明确电珠正常发光的条件，由其铭牌读出额定电压和额定电流，能熟练运用欧姆定律变形求电阻．
11．（2分）城市民用供电线路有的地方用的是截面积为50㎜2的铝芯电缆线输电．已知铝的电阻率为2.9×10﹣8Ω．m．那么长度为1500m的这种铝芯电缆线的电阻是（　　）
A．0.87Ω B．87Ω C．9.7×10﹣16Ω D．9.7×10﹣2Ω
【分析】已知电阻率、线长和截面积，根据电阻定律公式R＝ρ列式求解即可．
【解答】解：截面积为50㎜2的铝芯电缆线，电阻率为2.9×10﹣8Ω•m，长度为1500m，根据电阻定律，电阻为：
R＝＝2.9×10﹣8Ω•m×＝0.87Ω
故选：A。
【点评】本题关键是根据电阻定律公式R＝列式求解，记住公式即可，基础题．
12．（2分）如图所示的电路中，闭合开关S后，向左移动滑动变阻器R的滑片，则滑动变阻器连入电路的阻值和电流表示数的变化情况是（　　）

A．连入电路的阻值变小，电流表的示数变小
B．连入电路的阻值变小，电流表的示数变大
C．连入电路的阻值变大，电流表的示数变小
D．连入电路的阻值变大，电流表的示数变大
【分析】由滑动变阻器的连接方式可知滑片左移时接入电阻的变化；再由闭合电路的欧姆定律即可得出电路中电流的变化．
【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器接入部分为右半部分，故向左移动时，接入部分增大，故接入电阻增大；
电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中的总电流减小，故电流表示数减小，故C正确，ABD错误；
故选：C。
【点评】本题考查滑动变阻器的使用方法及闭合电路的欧姆定律，属基础题目．
13．（2分）正电荷形成的电场中，一带电粒子只受电场力作用，其运动轨迹如图abcd曲线，则（　　）

A．粒子带负电
B．粒子通过a点时的速度比通过b点时大
C．粒子在a点受到的电场力比b点大
D．粒子在a点时的电势能比b点大
【分析】根据轨迹弯曲方向得出电场力的方向，从而确定带电粒子的电性。根据动能定理比较a点、b点的速度大小；根据电场线的疏密比较电场力的大小；根据电场力做功比较电势能的大小。
【解答】解：A、轨迹弯曲的方向大致指向合力的方向，知电场力背离正电荷方向，所以该粒子带正电。故A错误。
B、从a到b，电场力做负功，根据动能定理，动能减小，a点动能大于b点动能，则a点速度大于b点的速度。故B正确。
C、b点的电场线比a点电场线密，所以b点的电场强度大于a点的电场强度，所以粒子在a点的电场力比b点小。故C错误。
D、从a到b，电场力做负功，电势能增加。所以a点的电势能小于b点的电势能。故D错误。
故选：B。
【点评】解决本题的关键知道电场线的疏密表示电场的强弱，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加。
14．（2分）一根粗细均匀的镍铬丝的横截面的直径为d，电阻是R，把它拉制成直径是的均匀细丝后，它的电阻变成（　　）
A． R B．10000R C． R D．100R
【分析】镍铬丝的横截面的直径为d，横截面积为S＝，根据数学知识确定直径是后横截面积的关系，根据体积不变，分析长度的关系，由电阻定律分析电阻的变化情况．
【解答】解：镍铬丝的横截面的直径为d，横截面积为S1＝，由数学知识得知，直径是后横截面积是S2＝，由于镍铬丝的体积不变，由长度变为原来的100倍，根据电阻定律R＝得到，电阻是原来的10000倍，即为10000R。
故选：B。
【点评】本题要综合考虑电阻随导体横截面积和长度的变化，不能只知其一，不知其二．基础题．
15．（2分）下列说法中正确的是（　　）
A．磁感线可以表示磁场的方向和强弱
B．磁感线从磁体的N极出发，终止于磁体的S极
C．磁铁能产生磁场，电流不能产生磁场
D．放入通电螺线管内的小磁针，根据异名磁极相吸的原则，小磁针的N极一定指向通电螺线管的S极
【分析】要解决此题，需要掌握磁感线的概念，知道磁感线是为了描述磁场而引入的线，在磁体的外部，从磁体的北极出发，回到南极．
【解答】解：A、磁感线某点的切线方向可以表示磁场的方向，磁感线的疏密表示磁场的强弱。故A正确；
B、在磁体的外部，磁感线从磁体的北极出发，回到南极；在磁体内部从S极指向N极。故B错误；
C、磁铁能产生磁场，电流也能产生磁场。故C错误；
D、放入通电螺线管内的小磁针，N极的指向表示磁场的方向，不能根据根据异名磁极相吸的原则判定。故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了磁场的方向的规定方向：小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同．也考查了磁感线的引入的原因和特点．由于磁场是看不见，摸不着的，为了描述磁场的性质而引入了磁感线的概念，它是假想出来的有方向的曲线，但可以描述磁场的性质．
16．（2分）关于磁感应强度，下列说法中错误的是（　　）
A．由B＝可知，B与F成正比，与IL成反比
B．由B＝可知，一小段通电导体在某处不受磁场力，说明此处可能无磁场
C．通电导线在磁场中受力越大，说明磁场越强
D．磁感应强度的方向就是该处电流受力方向
【分析】磁感应强度的定义式为B＝，采用比值法定义，B反映磁场本身的强弱和方向，与F、IL无关．当通电导体与磁场垂直时，不受磁场力；磁感应强度的方向与该处电流受到的安培力方向垂直．
【解答】解：
A、B＝是磁感应强度的定义式，运用的是比值法定义，B反映磁场本身的强弱和方向，仅由磁场本身决定，与F、IL无关。故A错误。
B、通电导体在某处不受磁场力，可能由于导体与磁场平行，也可能是因为无磁场，故B正确。
C、根据F＝BILsinα，α是导体与磁场的夹角，可知通电导线在磁场中受力与B、I、L和夹角α四个因素有关，所以通电导线在磁场中受力越大，B不一定大，磁场则不一定强，故C错误。
D、磁感应强度的方向与该处电流受到的安培力方向垂直。故D错误
本题选错误的，故选：ACD。
【点评】本题关键要理解并掌握磁感应强度的定义式为B＝，抓住比值法定义的共性来理解B的物理意义．要知道安培力的一般公式是F＝BILsinα，式中α是导体与磁场的夹角，由这个公式分析安培力的决定因素．
17．（2分）关于磁场和磁感线的描述，正确的说法是（　　）
A．磁感线从磁体的N极出发，终止于S极
B．磁场的方向就是通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向
C．沿磁感线方向，磁场逐渐减弱
D．在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小
【分析】在磁体外部磁感线从N极出发进入S极，在磁体内部从S极指向N极．磁场的方向与通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向垂直．磁感线的疏密表示磁场的强弱．安培力的大小取决于四个因素：B、I、L，及导线与磁场的夹角，在磁场强的地方同一通电导体受的安培力可能比在磁场弱的地方受的安培力小．
【解答】解：A、磁感线分布特点：在磁体外部磁感线从N极出发进入S极，在磁体内部从S极指向N极。故A错误。
B、磁场的方向与通电导体在磁场中某点受磁场作用力的方向垂直。故B错误。
C、磁场的强弱看磁感线的疏密，与磁感线方向无关，沿磁感线方向，磁场不一定减弱。故C错误。
D、根据安培力公式F＝BILsinα，可见，在B大的地方，F不一定大。故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查对磁场基本知识的理解和掌握程度，基础题．注意安培力与电场力不同：安培力方向与磁场方向垂直，而电场力方向与电场强度方向相同或相反．
18．（2分）首先发现电流磁效应的科学家是（　　）
A．安 培 B．奥斯特 C．库 仑 D．伏 特
【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．
【解答】解：首先发现电流磁效应的科学家是奥斯特，故B正确，ACD错误；
故选：B。
【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．
19．（2分）在地球赤道上空有一小磁针处于水平静止状态，突然发现小磁针N极向东偏转，由此可知（　　）
A．一定是小磁针正东方向有一条形磁铁的N极靠近小磁针
B．一定是小磁针正东方向有一条形磁铁的S极靠近小磁针
C．可能是小磁针正上方有电子流自南向北水平通过
D．可能是小磁针正上方有电子流自北向南水平通过
【分析】（1）1820年奥斯特发现：当小磁针发生偏转时，说明了磁场的存在，当电流方向改变时，产生的磁场的方向也改变，故小磁针的偏转方向也改变．
（2）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引．
【解答】解：A、若小磁针正东方向有一条形磁铁的N极靠近小磁针，由于异名磁极相互吸引，所以小磁针的N极向西偏转，故A错误；
B、若小磁针正东方向有一条形磁铁的S极靠近小磁针；由于异名磁极相互吸引，所以小磁针的N极向东偏转，但不能肯定是磁铁的作用，也有可能是电流引起的，因此不能肯定，是有可能的，故B错误；
C、若小磁针正上方有电子流自南向北水平通过，电流方向即为自北向南，所以小磁针的N极向东偏转，因此有可能；故C正确；
D、发现小磁针的N极向东偏转，说明小磁针的正上方有电子流自南向北水平通过，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查的知识有两点：
（1）磁场的基本性质是对放在磁场中的磁体有力的作用；
（2）电流周围存在着磁场，磁场的方向与电流方向有关．
20．（2分）关于垂直于磁场方向的通电直导线所受磁场作用力的方向，正确的说法是（　　）
A．跟电流方向垂直，跟磁场方向平行
B．跟磁场方向垂直，跟电流方向平行
C．既跟磁场方向垂直，又跟磁场方向垂直
D．既不跟磁场方向垂直，又不跟电流方向垂直
【分析】左手定则的内容：伸开左手，使拇指与其余四指垂直，并且与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是安培力的方向．
【解答】解：根据左手定则的内容知与磁场方向垂直的通电直导线，它受到的磁场作用力与电流方向垂直，与磁场方向垂直。故C正确，A、B、D错误。
故选：C。
【点评】解决本题的关键掌握左手定则判定安培力的方向，知道安培力垂直于电流方向与磁场方向构成的平面．
21．（2分）如图所示，直导线处于足够大的匀强磁场中，与磁感线成θ＝30°角，导线中通过的电流为I，为了增大导线所受的磁场力，可采取下列四种办法，其中不正确的是（　　）

A．增大电流I
B．增加直导线的长度
C．使导线在纸面内顺时针转30°
D．使导线在纸面内逆时针转60°
【分析】根据左手定则的内容，判定安培力的方向．左手定则的内容是：伸开左手，让大拇指与四指方向垂直，并且在同一平面内，磁感线穿过掌心，四指方向与电流的方向相同，大拇指所指的方向为安培力的方向．而安培力的大小F＝BIL，且B与I垂直； 若不垂直时，则将B沿导线方向与垂直方向进行分解．
【解答】解：A、由公式F＝BIL，当增大电流时，可增大通电导线所受的磁场力。故A正确；
B、由公式F＝BIL，当增加直导线的长度时，可增大通电导线所受的磁场力。故B正确；
C、当使导线在纸面内顺时针转30°时，导线沿磁场方向投影长度缩短，则所受磁场力变小，故C错误；
D、当使导线在纸面内逆时针转60°时，导线沿磁场方向投影长度伸长，则所受磁场力变大，故D正确；
因选不正确的，故选：C
【点评】解决本题的关键会根据左手定则判断电流方向、磁场方向、安培力方向的关系．同时考查安培力大小公式的成立条件
22．（2分）有两个相同的圆形线圈，通以大小不同但方向相同的电流，如图所示，两个线圈在光滑的绝缘杆上的运动情况是（　　）

A．互相吸引，电流大的加速度较大
B．互相排斥，电流大的加速度较大
C．互相吸引，加速度相同
D．以上说法都不正确
【分析】同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，根据牛顿第二定律比较两个线圈的加速度大小．
【解答】解：两个圆形线圈，电流同向，根据同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，知两线圈相互吸引。因为线圈I对线圈i的力和线圈i对线圈I的力大小相等，方向相反，根据牛顿第二定律知，加速度大小相等，但方向相反。故D正确，ABC错误。
故选：D。
【点评】解决本题的关键掌握同向电流、异向电流的关系．同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．
23．（2分）如图所示为带电粒子（不计重力）在匀强磁场中的运动轨迹。中央是一块金属薄板，粒子穿过金属板时有动能损失。则（　　）

A．粒子带正电
B．粒子的运动路径是abcde
C．粒子的运动路径是edcba
D．粒子在下半周的运动时间比上半周运动的时间长
【分析】由牛顿第二定律及向心力公式可知粒子转动半径与速度的关系，则可判断粒子在穿过绝缘板前后的运动情况，可知道粒子的运动方向，再由运动轨道可知，粒子带电性。
【解答】解：A、由Bqv＝m可知，r＝； 因粒子在穿过板后速度减小，则粒子的半径减小，故说明粒子是由下向上穿过，故运动方向为edcba；
粒子受力指向圆心，则由左手定则可知粒子应带负电； 故C正确，AB错误；
D、粒子在磁场中运动的周期：T＝＝，与粒子的速度无关，所以粒子在下半周的运动时间与上半周运动的时间一样长。故D错误。
故选：C。
【点评】带电粒子在磁场中运动的考查的重点为牛顿第二定律及向心力公式的应用，不过在选择题中可以直接应用结论r＝，同时判定洛伦兹力方向时，注意正负电荷。
24．（2分）实验室有一个旧的学生直流电源，输出端的符号模糊不清，无法分辨正负极．某同学设计了下面的判断电源两极的方法．在桌面上放一个小磁针，在小磁针右面放一个螺线管，如图所示，闭合开关后，小磁针S极的一端向左偏转．下述判断正确的是（　　）

A．电源A端是正极，在电源内电流由A流向B
B．电源B端是正极，在电源内电流由A流向B
C．电源A端是正极，在电源内电流由B流向A
D．电源B端是正极，在电源内电流由B流向A
【分析】先根据小磁针的转动，结合磁极间的相互作用判断出螺线管的极性，再利用安培定则判断出电流的方向，最后根据电流方向判断出电源的正负极．
【解答】解：闭合开关后，小磁针的S极向左偏转，N极向右偏，说明螺线管的左端为S极，右端为N极。用右手握住螺线管，使大拇指指向螺线管的N极，四指环绕的方向就是电流的方向。由此可知，电流从左端流入、右端流出，因此，电源的A极为正极，B端为负极，在电源外部，电流由A流向B，而在电源内电流由B流向A．选项C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用．利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法．
25．（2分）下列说法正确的是（　　）
A．运动电荷在磁感应强度不为零的地方，一定受到洛伦兹力作用
B．运动电荷在某处不受洛伦兹力作用，则该处的磁感应强度一定为零
C．洛伦兹力既不能改变带电粒子的动能，也不能改变带电粒子的速度
D．洛伦兹力对带电粒子永不做功
【分析】本题考查了洛伦兹力的特点，运动电荷在磁场中受洛伦兹力的条件为：电荷运动方向和磁场方向不共线，若电荷运动方向和磁场方向相同或相反，则洛伦兹力为零，洛伦兹力不做功，方向始终和速度方向垂直，只改变运动电荷的速度方向而不改变其速度大小。
【解答】解：在磁感应强度不为零的地方，若是电荷的运动方向与磁场方向相同或相反，则所受洛伦兹力为零，故A错误；
运动电荷在某处不受洛伦兹力作用，该处磁场可能为零，也可能是电荷的运动方向与磁场方向共线，故B错误；
根据左手定则可知，洛伦兹力方向始终和速度方向垂直，因此洛伦兹力不做功，不改变粒子动能，但是改变其运动方向，故C错误，D正确。
故选：D。
【点评】洛伦兹力是磁场中的一个重点知识，要明确其大小、方向的判断以及其特点，可以和电场力进行比较学习。
26．（2分）如图所示的速度选择器中有正交的电场和磁场，有一粒子沿垂直于电场和磁场的方向飞入其中，并沿直线运动（不考虑重力作用），则此粒子（　　）

A．一定带正电
B．一定带负电
C．可能带正电或负电，也可能不带电
D．一定不带电
【分析】在速度选择器中，存在相互正交的匀强电场、磁场，带电粒子进入其中后受到电场力和洛伦兹力，只有两力平衡，粒子才能从左孔射入，从右孔射出．由左手定则判断洛伦兹力方向，当然也可以不带电，则做匀速直线运动．
【解答】解：若带电粒子带正电，受到的洛伦竖直向下，电场力竖直向上，且qv0B＝qE，即速度v0＝，该电荷做匀速直线运动，从左向右运动；
若带电粒子带负电，受到的洛伦竖直向上，电场力竖直向下，且qv0B＝qE，即速度v0＝，该电荷做匀速直线运动，也从左边射入，从右边射出。
若不带电，则不受到任何力，所以做匀速直线运动，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题考查对速度选择器工作的理解能力，根据qv0B＝qE，即速度v0＝，可见此式与电荷的质量、电荷量无关，但与速度方向有关．
27．（2分）如图所示，直导线中通以电流I，矩形线圈与电流共面，下列情况不能产生感应电流的是（　　）
A．电流I增大 B．线圈向右平动
C．线圈向下平动 D．线圈绕ab边转动
【分析】通过直导线周围存在磁场，可确定线圈所处磁场的分布，当闭合回路中磁通量发生变化时，回路中就会产生感应电流。
【解答】解：A、线圈不动，导线中电流增大时，线框中的磁感应强度变大，磁通量变大，故会产生感应电流，故A不符合题意；
B、当线圈向右移动时，穿过线圈的磁通量发生变化，则线圈中产生感应电流，故B不符合题意；
C、当线圈向下移动，穿过线圈的磁通量不变，则不可以产生感应电流，故C符合题意；
D、线框绕ab边为轴转动时，线框中的磁通量发生变化，故会产生感应电流，故D不符合题意
本题选择不能产生感应电流的，故选：C。
【点评】判断电路中能否产生感应电流，应把握两点：一是要有闭合回路；二是回路中的磁通量要发生变化。
28．（2分）如图所示的匀强磁场中，有一直导线ab在一个导体框架上向左运动，那么ab导线中感应电流方向（有感应电流）及ab导线所受安培力方向分别是（　　）

A．电流由b向a，安培力向左
B．电流由b向a，安培力向右
C．电流由a向b，安培力向左
D．电流由a向b，安培力向右
【分析】ab导线中感应电流方向根据右手定则判断，ab导线所受安培力方向根据左手定则判断．
【解答】解：根据右手定则判断可知，ab导线中感应电流方向由a向b，根据左手定则判断，ab导线所受安培力向右，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【点评】对于电磁学中常用的三个定则，关键要理解并掌握两点：一是什么条件下用什么定则；二是怎样用．
29．（2分）如图所示，一个有弹性的金属环被一根橡皮绳吊于通电直导线的下方，当通电直导线中的电流I增大时，圆环的面积S和橡皮绳的长度L将（　　）

A．S增大，L变短 B．S增大，L变长
C．S减小，L变短 D．S减小，L变长
【分析】弹性的金属圆环处于长直导线电流所产生的磁场中，根据右手螺旋定则可判定圆环所处磁场的方向，且大小变化。再根据楞次定律可确定圆环内的感应电流方向，根据左手定则，判断出弹性的金属圆环受到安培力的方向，从而判断出结果正确与否。
【解答】解：根据右手螺旋定则可知，直线电流下边磁场方向垂直纸面向里，由于电流增大，则弹性的金属圆环中的磁通量增大，导致产生感应电流，根据楞次定律可知，圆环中的感应电流方向：逆时针方向。根据左手定则可知，弹性的金属圆环上边的所受的安培力竖直向下，弹性的金属圆环下边的所受的安培力竖直向上，由于下边离长直导线电流越远，磁场越弱，所以向下的安培力大于向上的安培力，从而导致橡皮绳的长度变长；
可将圆环等效成一段一段的导线，由左手定则可知，安培力指向圆心，导致弹性环面积减小。故D正确，ABC错误。
故选：D。
【点评】解决本题的关键会用右手螺旋定则（安培定则）判断电流周围磁场的方向，以及会用楞次定律来判定感应电流方向，左手定则判断安培力的方向。同时会运用等效思维。
30．（2分）如图所示，一轻弹簧悬于O点，下端恰好与水银面接触，在弹簧和水银间接上电源，闭合开关K后，发现（　　）

A．弹簧上下振动
B．弹簧伸长
C．弹簧收缩后离开水银面静止
D．什么现象也没有
【分析】这个软弹簧就相当于螺线管，当闭合开关时，螺线管的每相邻的两匝线圈的磁极刚好相反，即N极对S极，此时两磁极会互相吸引，软弹簧会收缩而变短，会造成电路断路，弹簧中没有电流，各线圈之间失去吸引作用，弹簧恢复原状，弹簧下落到水银面接通电路，重复上面的现象。
【解答】解：当有电流通过弹簧时，构成弹簧的每一圈导线周围都产生了磁场，
根据安培定则可知，各圈导线之间都产生了相互的吸引作用，弹簧就缩短了，
当弹簧的下端离开水银后，电路断开，弹簧中没有了电流，各圈导线之间失去了相互吸引力，弹簧又恢复原长，使得弹簧下端又与水银接触，弹簧中又有了电流，开始重复上述过程，所以弹簧上下振动。
故A正确、BCD错误。
故选：A。
【点评】本题考查通电螺线管的特点和磁极间的相互作用，关键是明白通电后的弹簧相当于螺线管。
二、双项选择题（10*4＝40）
31．（4分）用电流表和电压表测量电阻的电路如图所示，其中Rx为待测电阻。由于电表内阻对测量结果的影响，下列说法中正确的是（　　）

A．电流表的示数等于通过Rx的电流
B．电流表的示数大于通过Rx的电流
C．电压表的示数小于Rx两端的电压
D．电压表的示数大于Rx两端的电压
【分析】电压表测量的是与其并联电路的电压值，电流表测量的是与之串联电路的电流值，据此分析问题即可求解。
【解答】解：A、B、根据电路的串联规律可知，电流表的示数等于通过Rx的电流，故A正确B错误；
C、D、电压表所测电压为电流表与电阻的电压之总和，即其读数大于RX的实际电压，故C错误，D正确。
故选：AD。
【点评】本题考查电流表，电压表的测量原理，明确电压表所测为与其并联部分电压，电流表为其串联电路的电流。
32．（4分）如图电路，当滑动变阻器的滑片P左右滑动时，有关小灯泡L亮度的变化，下列判断正确的是（　　）
A．向右滑动时，灯泡L变亮
B．向右滑动时，灯泡L变暗
C．向左滑动时，灯泡L变暗
D．向左滑动时，灯泡L亮度不变
【分析】由图可知灯泡与滑动变阻器串联，由滑片的移动可知电路中总电阻的变化，则由欧姆定律可知电路中电流的变化，则可得出灯泡亮度的变化。
【解答】解：AB、当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻减小，故电路中总电阻减小，则由闭合电路的欧姆定律可得通过灯泡的电流增大，故灯泡L变亮，故A正确、B错误；
CD、当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻增大，电路中总电阻增大，则由闭合电路的欧姆定律可得通过灯泡的电流减小，故灯泡变暗，故C正确，D错误；
故选：AC。
【点评】本题考查闭合电欧姆定律的直接应用，由于灯泡和滑动变阻器直接串联，故为最简单的动态分析问题。
33．（4分）如图所示，A、B为相互接触的用绝缘支柱支撑的金属导体，起初它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法正确的是（　　）

A．把C移近导体A时，A、B上的金属箔片都张开
B．把C移近导体A后，先把C移走，再把A、B分开，A、B上的金属箔片仍张开
C．把C移近导体A后，先把A、B分开，然后移去C，A、B上的金属箔片仍张开
D．把C移近导体A后，先把A、B分开，再把C移走，然后重新让A、B接触，A、B上的金属箔片仍张开
【分析】当导体A、B放在带正电的附近时，出现感应起电现象．电荷周围有电场存在，从而导体A、B处于电场中，在电场力的作用下，使导体中的自由电子重新分布．而处于静电平衡的导体，电荷只分布在外表面，内部电场强度为零，且是等势体．
【解答】解：A、感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷。金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体B的右端要感应出正电荷，在导体A的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，故A正确；
B、先把C移走，A、B电荷恢复原状，若再把A、B分开，A、B上的金属箔片不会张开，故B错误；
C、把带正电荷的物体C移近导体A后，把A和B分开，A带负电，B带正电，金属箔还是张开，故C正确；
D、把A、B分开，再把C移走，然后重新让A、B接触，A上的金属箔片闭合，B上的金属箔片也闭合，故D错误；
故选：AC。
【点评】该题考查物体静电感应起电的实质，在静电感应的过程中，导体两端的电荷量大小相等，电性相反；所以在把C移走，然后重新让A、B接触后A与B将都不带电．这是解答的关键．
34．（4分）如图所示，一点电荷先后置于匀强电场中的A、B两点，则该点电荷在这两点所受的电场力（　　）
A．大小相等 B．大小不等 C．方向相同 D．方向相反
【分析】匀强电场中电场强度处处相同，根据F＝Eq求解电场力大小，正电荷受力方向与电场强度方向相同。
【解答】解：匀强电场中电场强度处处相同，根据F＝Eq可知，同一个试探电荷放在A、B两点时，所受电场力大小相等，方向相同，故AC正确、BD错误。
故选：AC。
【点评】解决本题的关键掌握电场强度的定义式，知道匀强电场中电场强度处处相同。
35．（4分）如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2和O3O4都是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其中产生感生电流？（　　）

A．向左或向右平动 B．向上或向下平动
C．绕O1O2转动 D．绕O3O4转动
【分析】当穿过闭合线圈的磁通量发生变化时，线圈中就产生感应电流，根据这个条件进行分析．
【解答】解：A、当线圈向左或向右平动，沿磁感线方向平移时，线圈的磁通量始终为零，保持不变，没有感应电流产生。故A错误。
B、当线圈向上或向下平动，沿垂直于磁感线方向移动时，线圈的磁通量始终为零，保持不变，没有感应电流产生。故B错误。
C、当线圈以O1O2边为轴转动时，磁通量发生变化，穿过线圈的磁通量从无到有发生变化，有感应电流产生，故C正确。
D、当线圈绕O3O4边为轴转动时，磁感线始终与线圈平行，磁通量始终为零，保持不变，没有感应电流产生。故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查应用感应电流产生的条件判断实际问题的能力，常规题，情景并不复杂，容易得分．
36．（4分）如图所示，A1、A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略，下列说法中正确的是（　　）

A．开关S接通时，A2灯先亮、A1灯逐渐亮，最后A1A2一样亮
B．开关S接通时，A1、A2两灯始终一样亮
C．断开S的瞬间，流过A2的电流方向与断开S前电流方向相反
D．断开S的瞬间，流过A1的电流方向与断开S前电流方向相反
【分析】开关S闭合的瞬间，电源的电压同时加到两灯的两端，两灯同时发光．由于线圈的电阻可以忽略，灯A逐渐被短路，随后A灯变暗，B灯变亮．断开开关S的瞬间，B灯立即熄灭，A灯突然闪亮一下再熄灭．
【解答】解：该电路中，A与L并联，B与R并联，然后两部分串联；
A、开关S闭合的瞬间，两灯同时获得电压，所以A、B同时发光。由于线圈的电阻可以忽略，灯A逐渐被短路，流过A灯的电流逐渐减小，B灯逐渐增大，则A灯变暗，B灯变亮，故A错误，B错误；
C、断开开关S的瞬间，B灯的电流突然消失，立即熄灭，流过线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当电源，自感电流流过A灯，所以A灯突然闪亮一下再熄灭，此时流过A1的电流方向与断开S前电流方向相反。故C错误，D正确。
故选：D。
【点评】自感现象是特殊的电磁感应现象，同样遵守楞次定律和法拉第电磁感应定律，要注意哪一部分在自感回路中．
37．（4分）如图所示为两电阻R1和R2的伏安特性曲线．若在两电阻两端加相同的电压，关于它们的电阻值及发热功率比较正确的是（　　）

A．电阻R1的阻值较大 B．电阻R2的阻值较大
C．电阻R1的发热功率较大 D．电阻R2的发热功率较大
【分析】图象的斜率表示电阻的倒数，很容易比较出两电阻的大小．再根据功率的公式P＝，比较两电阻的发热功率．
【解答】解：A、B：因为该图象是I﹣U图线，图象的斜率表示电阻的倒数，斜率越大，电阻越小，所以R2的阻值大于R1的阻值。故A错误、B正确。
C、D：根据功率的公式P＝，电压相同，电阻大的功率小，所以R1的发热功率大。故C正确、D错误。
故选：BC。
【点评】解决本题的关键是搞清I﹣U图线的斜率表示什么．
38．（4分）如图所示线圈两端接在电流表上组成闭合电路，在下列情况中电流表指针不发生偏转的（　　）

A．线圈不动，磁铁插入线圈时
B．线圈不动，磁铁拔出线圈时
C．磁铁插在线圈内不动
D．线圈不动，磁铁上下移动时
【分析】根据法拉第电磁感应定律可知，只要线圈中的磁通量不发生变化，则回路中便无感应电流产生，指针便不会偏转．
【解答】解：只要是线圈中的磁通量不发生变化，回路中无感应电流，指针便不会偏转，在磁铁插入、拉出过程中线圈中的磁通量均发生变化，因此ABD错误；
磁铁放在螺线管中不动时，线圈中的磁通量不发生变化，无感应电流产生，故C正确。
故选：C。
【点评】本题比较简单，考查了感应电流产生的条件，对于这些基本规律要正确理解加强应用．
39．（4分）如图所示，在条形磁铁的外面套着一个闭合弹簧线圈，若把线圈四周向外拉，使线圈包围的面积变大，这时（　　）

A．线圈中有感应电流 B．线圈中无感应电流
C．穿过线圈的磁通量增大 D．穿过线圈的磁通量减小
【分析】明确条形磁铁磁感线的分布情况，同时注意当穿过线圈的磁感线有相反的两种方向时，要根据抵消后的条数来确定磁通量的大小。磁感线是闭合曲线，磁铁外部总条数与内部磁感线条数相等，而磁铁内外穿过线圈的磁感线方向相反，根据抵消情况确定磁通量的变化，再判断感应电流。
【解答】解：题中磁感线在条形磁铁的内外形成闭合曲线，则磁铁外部的磁感线总数等于内部磁感线的总数，而且磁铁内外磁感线方向相反。而磁铁外部的磁感线分布在无穷大空间，所以图中线圈中磁铁内部的磁感线多于外部的磁感线，由于方向相反，外部的磁感线要将内部的磁感线抵消一些，当弹簧线圈的面积增大时，内部磁感线总数不变，而抵消增多，剩余减小，则磁通量将减小。所以当弹簧面积增大时，穿过电路的磁通量Φ减小。将产生感应电流。 故AD正确，BC错误。
故选：AD。
【点评】本题要注意穿过线圈的磁场分为磁体内部和外部，并且内部磁感线条数多，故和外部磁感线出现抵消，所以外部包含的磁感线条数越多，总磁通量越小。
40．（4分）如图所示，光滑固定的金属导轨M、N水平放置，两根导体棒P、Q平行放置在导轨上，形成一个闭合回路，一条形磁铁从高处下落接近回路时（　　）

A．P、Q将相互靠拢 B．P、Q将相互远离
C．磁铁的加速度仍为g D．磁铁的加速度小于g
【分析】当一条形磁铁从高处下落接近回路时，穿过回路的磁通量增加，根据楞次定律：感应电流的磁场总是阻碍磁通量的变化，分析导体的运动情况。
【解答】解：A、B当一条形磁铁从高处下落接近回路时，穿过回路的磁通量增加，根据楞次定律：感应电流的磁场总是阻碍磁通量的变化，可知，P、Q将互相靠拢，回路的面积减小一点，使穿过回路的磁场减小一点，起到阻碍原磁通量增加的作用。故A正确，B错误。
C、D由于磁铁受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁铁的加速度一定小于g。故C错误；D正确。
故选：AD。
【点评】本题直接用楞次定律判断电磁感应现象中导体的运动方向，抓住导体总是反抗原磁通量的变化是关键。楞次定律的另一结论：增反减同。