2023年安徽省合肥四十五中中考物理三模试卷

这是一份2023年安徽省合肥四十五中中考物理三模试卷，共19页。

2. 在2022年北京冬奥会开幕式上，一名小男孩用铜管乐器(小号)深情演奏《我和我的祖国》，小号是利用空气柱______ 发声的。
3. 如图所示，物体AB放在平面镜前，请作出物体AB在平面镜中所成的像A′B’。
4. 如图所示，保持滑片位置不变，当开关从断开到闭合，弹簧的长度会______ (选填“变长”、“不变”或“变短”)。
5. 一名中学生站立时对地面的压强为1.5×104Pa，1.5×104Pa表示的物理意义：______ 。
6. 如图，是一台内燃机的能量流向图。根据图中给出的信息，现完全燃烧0.5kg的汽油，该汽车能获得的机械能为______ J(汽油的热值为4.6×107J/kg)。
7. 用如图所示的滑轮组，分别匀速提升甲、乙两个重物，甲物体所受重力大于乙物体。若不计绳重与摩擦，匀速提升甲、乙两个重物时滑轮组的机械效率η甲 ______ η乙(选填“>”、“
【解析】解：不计绳重和摩擦，克服重物重力做的功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，
则滑轮组的机械效率：η=W有W总×100%=Gh(G+G动)h×100%=GG+G动×100%=11+G动G×100%，
据此可知，滑轮组提升重物的重力越大，滑轮组的机械效率越大，
由G甲>G乙可知，匀速提升甲、乙两个重物时滑轮组的机械效率η甲>η乙。
故答案为：>。
不计绳重和摩擦，克服重物重力做的功为有用功，克服重物重力和动滑轮重力做的功为总功，求出滑轮组的机械效率η=W有W总×100%=11+G动G×100%，则滑轮组提升重物的重力越大，滑轮组的机械效率越大。
本题考查了滑轮组机械效率大小关系的比较，明确有用功和总功、额外功的含义是关键。
8.【答案】6
【解析】解：由图可知，R1与R2并联，电流表A测量干路电流；
根据并联电路的电阻特点可得并联电路的总电阻为：
R=R1R2R1+R2=10Ω×20Ω10Ω+20Ω=203Ω，
则根据I=UR可得电源电压：
U=IR=0.9A×203Ω=6V。
故答案为：6。
由图可知，R1与R2并联，电流表A测量干路电流；根据并联电路的电阻特点求出总电阻，利用U=IR即可求出电源电压。
本题考查电阻的并联特点和欧姆定律的应用，熟练掌握并联电路的电阻的特点是解题的关键。
9.【答案】5
【解析】解：因物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，
所以，圆柱体受到的浮力F浮=G=2N，
由F浮=ρgV排可得，圆柱体排开水的体积：
V排=F浮ρg=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10−4m3，
由V=Sh可得圆柱体下表面所处的深度：
h=V排S=2×10−4m340×10−4m2=0.05m=5cm。
故答案为：5。
圆柱体竖直浮在水面上时受到的浮力和自身的重力相等，根据F浮=ρgV排求出圆柱体排开水的体积，利用V=Sh求出圆柱体下表面所处的深度。
本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理公式的应用，计算过程要注意单位的换算和统一。
10.【答案】C、D
【解析】解：若导线BD某处断路，闭合开关S后，C和D两点都与火线相连，则用测电笔测试C和D两点时，都能使测电笔发光。
故答案为：C、D。
当测电笔与火线相连时，氖泡发光；当电路导通时，测电笔接触用电器与火线相连的各部分电路都会发光；而电路不通电时，接触零线也有可能是发光的。
本题考查学生对家庭电路中故障的分析，需要掌握测电笔的使用方法。
11.【答案】B
【解析】解：A、光线实际不存在，是为了形象描述光的传播特点而假想出来的，采用的是模型法，故A错误；
B、物体的惯性与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，故B正确；
C、摩擦起电的实质是电荷(电子)的转移，故C错误；
D、磁场看不见，摸不着，但是它是客观存在的，故D错误。
故选：B。
(1)用一条带箭头的直线表示光的传播路径和方向，这条直线叫光线，这里用到了模型法；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；知道任何物体在任何情况下都有惯性，惯性的大小只与质量有关；
(3)摩擦起电是由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同造成的，在摩擦的过程中束缚本领强的得电子带负电，束缚本领弱的失电子带正电；
(4)磁场是真实存在的一种物质。
此题考查了惯性、光线、磁场的概念、摩擦起电的实质，涉及知识点较多，但属基础题目。
12.【答案】D
【解析】解：A、木块受到的重力和小车对木块的支持力是作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，是一对平衡力，故A错误；
B、把木块和小车看成一个整体，它们做匀速直线运动，在竖直方向上受到的力是平衡力，所以木块和小车的总重力与地面对小车的支持力是一对平衡力，故B错误；
C、木块随小车一起以相同的速度向右做匀速直线运动，二者相对静止，不具备摩擦力产生的条件，所以木块没有受到摩擦力的作用。故C错误；
D、小车对地面的压力与地面对小车的支持力，大小相等，方向相反，是一对相互作用力，故D正确。
故选：D。
(1)相互作用力的特点：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个个物体上；
平衡力的判断，两个力必须同时满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。缺一不可。
(2)摩擦力的产生条件，是物体之间要发生或已经发生相对运动。
(3)二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上；
相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同的物体上。
此类题考查二力平衡的条件、摩擦力产生的条件等多方面的知识，是一道综合性较强的题目。
13.【答案】B
【解析】解：A、小球在光滑的水平台面上AB间做往复运动，且AO=OB，这表明小球和弹簧的整体机械能是守恒的，在任一位置，小球的动能与弹簧的弹性势能的总和保持不变，小球在往复运动过程中机械能不守恒，故A错误；
BC、小球从A(或B)位置运动到O位置的过程中，弹簧的形变程度变小，弹性势能变小，小球的速度变大，动能变大，弹簧的弹性势能转化为小球的动能，到达O点时，弹簧的弹性势能全部转化为小球的动能，弹性势能为0，小球的动能最大；从O到B(或A)的过程中，弹簧的形变程度变大，弹性势能变大，小球的动能转化为弹簧的弹性势能，所以整个过程中小球在O点动能最大，小球从B往A运动过程中速度先增大后减小，故B正确，C错误；
D、小球在往复运动过程中弹簧在AO段是缩短的，弹力方向向右，弹簧在OB段是伸长的，弹力方向向左，所受弹力方向不同。故D错误。
故选：B。
动能的大小与速度、质量有关；弹性势能的大小与弹性形变程度的大小有关；小球在AB间做往复运动，AO=OB，且水平台面是光滑的，则小球和弹簧的机械能是守恒的。
此题考查动能和势能的转化与守恒，知道并理解小球在该过程中的速度变化是解决该题的关键。
14.【答案】A
【解析】解：A、由图可知，物体在6s内运动的路程s=15m，故A正确；
B、由图可知，物体在2s−4s处于静止状态，以地面为参照物，物体是静止的，故B错误；
C、由图可知，物体在前2s运动的路程是5m，在后2s运动的路程是15m−5m=10m，在相同的时间通过的路程越远，速度越大，所以，物体在前2s运动得比后2s慢，故C错误；
D、物体在6s内的平均速度：v=st=15m6s=2.5m/s，故D错误。
故选：A。
(1)在s−t图中，直接读出在6s内运动的路程；
(2)在s−t图中，平行于横轴的直线表示物体处于静止状态；
(3)利用v=st可知在相同的时间里通过的路程越多，则物体的越大速度越大；
(4)利用v=st可以计算出6s内物体的运动的平均速度。
本题主要考查速度的计算和运动与静止的相对性等知识，关键能从图象上找出有用的信息，属于典型的图象问题，虽有一定的综合性，但难度不大。
15.【答案】D
【解析】解：由图甲可知，定值电阻R和小灯泡L并联，电流表测干路电流；
A、由欧姆定律可知，通过定值电阻的电流与其两端的电压成正比，定值电阻的I−U关系图像为过原点的一条斜直线，因此A为电阻R的I−U关系图像，
由于灯泡的电阻随着温度的变化而变化，灯泡L的I−U关系图像为一条曲线，因此B为灯泡L的I−U关系图像，故A错误；
B、由并联电路的电压特点可知，定值电阻R与灯泡L两端的电压均为2V，由图乙可知，此时通过R的电流为0.4A，通过L的电流为0.2A，
由欧姆定律可知，此时R与灯泡L电阻之比：RRL=UIRUIL=ILIR=，故B错误；
C、由并联电路的电压特点可知，定值电阻R与灯泡L两端的电压相等，
由图乙可知，当定值电阻R与灯泡L两端的电压为1.5V时，通过R的电流为0.3A，通过L的电流为0.1A，
由并联电路的电流特点可知，电流表的示数：I=IR′+IL′=0.3A+0.1A=0.4A，符合题意，
则电阻R的实际功率：PR=UR′IR′=1.5V×0.3A=0.45W，故C错误；
D、由串联电路的电流可知，通过定值电阻R和灯泡L的电流相等，
由图乙可知，当电路中的电流为0.2A时，R两端的电压为1V，L两端的电压为2V，
由串联电路的电压特点可知，此时电源电压：U串=UR串+UL串=1V+2V=3V，
电路消耗的总功率：P串=U串I串=3V×0.2A=0.6W，故D正确。
故选：D。
由图甲可知，定值电阻R和小灯泡L并联，电流表测干路电流；
(1)根据欧姆定律可知通过定值电阻的电流与其两端的电压成正比结合图乙可知定值电阻的I−U图像，根据灯泡的电阻随着温度的变化而变化结合图乙可知灯泡的I−U图像；
(2)根据并联电路的电压特点可知定值电阻R与灯泡L两端的电压，根据图乙可知此时通过定值电阻R和灯泡L的电流，根据欧姆定律求出此时R与灯泡L电阻之比；
(3)根据并联电路的电压和电流特点结合图乙可知定值电阻R和灯泡L两端的电压和通过的电流，根据P=UI求出此时电阻R的实际功率；
(4)根据串联电路的电流和电压特点结合图乙可知电路中的电流和定值电阻R与灯泡L两端的电压，根据P=UI求出电路消耗的总功率。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，关键是根据图像得出有用的信息。
16.【答案】D
【解析】解：由图知，开关闭合后，灯泡与滑动变阻器并联，电压表测量电源电压，电流表A1测量滑动变阻器的电流，电流表A测量干路电流；
AB、由于电源电压不变，则电压表示数不变，故B错误；
由于并联电路两端电压始终等于电源电压，故通过灯泡的电流不变，灯泡的亮度不变；
滑片P从中间向左移动的过程中，滑动变阻器接入电阻变大，则由欧姆定律可得，通过滑动变阻器的电流变小，故电流表A1示数变小，
根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可知干路电流变小，即A表示数变小，故A错误；
C、根据P=UI可知V表示数与A1表示数的乘积变小，故C错误；
D、电压表示数不变，电流表示数变小，则V表示数与A表示数的比值变大，故D正确。
故选：D。
由图知，开关闭合后，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测量滑动变阻器的电流，电流表A测量干路电流，根据并联电路的特点，并结合欧姆定律判断通过变阻器的电流变化，根据并联电路的电流特点判断电流表A示数的变化；根据P=UI判断V表示数与A1表示数的乘积变化，由两表示数变化情况可知V表示数与A表示数的比值变化。
本题考查了欧姆定律和并联电路特点的应用，关键是分清电路的连接方式以及并联电路特点的熟练应用。
17.【答案】A
【解析】解：
A、图中所示位置，线圈与磁感线垂直，转动时不切割磁感线，不会产生感应电流，故A正确；
BC、发电机的工作原理是电磁感应现象，此过程中，机械能转化为电能，故BC错误；
D、线圈匀速转动时，线圈切割磁感线的强度不同，所以产生的电流的大小也不同，故D错误。
故选：A。
闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流；发电机的工作原理是电磁感应现象；感应电流的大小与磁场强弱、导体运动速度有关。
本题主要考查了发电机的工作过程中的有关特点，属基础知识的考查。
18.【答案】不能 无 移动光屏，在光屏一侧透过凸透镜观察凸透镜成像
【解析】解：(1)由图可知，此时u=v=35cm，且2f=30cm≠35cm，故此时光屏上不能得到最清晰的像；
(2)把蜡烛移至45cm刻度线处，此时u=50cm−45cm=5cm