2023年河南省南阳市卧龙区中考物理二模试卷

这是一份2023年河南省南阳市卧龙区中考物理二模试卷，共22页。
2023年河南省南阳市卧龙区中考物理二模试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 物理学中物理量“热值”可以用燃料完全燃烧释放的热量与该燃料的质量的比值来计算，但是“热值”是燃料本身的一种特性，并不能理解为燃料的热值与所完全燃烧释放热量成正比、与质量成反比，初中物理学习中与“热值”类似的物理量请你再举出两例：______ 、______ 。
2. 小亮发现汽车在水泥路上高速行驶时会产生风噪和胎噪，风噪和胎噪都是由物体______ 产生的，小亮关闭车窗后，发现听到的噪声减小了，这是在______ 减弱噪声的。
3. 如图甲所示小明正用吸管“吸”饮料，饮料在______ 作用下进入口中，小明喝去一半后，瓶内剩余饮料的密度______ (选填“变大”“不变”或“变小”)。喝完饮料后，小明用吸管对着两个乒乓球的中间吹气，如图乙所示，此时两个乒乓球相互______ (选填“靠拢”或“远离”)。

4. 如图所示是生活中常用的物理降温“退热贴”。在使用过程中会散发出一股清新的薄荷香味，在退热过程中，人体的内能______ (选填“增大”或“减小”)，这是通过______ 的方式改变物体的内能。


5. 某品牌家用电热水壶的简化电路图如图甲所示，当只闭合开关S1时电热水壶将以______ (选填“高温”或“低温”)挡加热。已知电阻R1的阻值为220Ω，电阻R2的阻值为55Ω，当接通电源并闭合开关S1和S2时，家用电热水壶的工作电流为______ A；若关闭家中的其它用电器，仅使用该电热水壶的高温挡烧水10min，电能表(如图乙)的表盘要转200转，则该电热水壶的实际功率为______ W。



6. 小聪在实验室用如图所示的装置探究电磁感应原理，当条形磁铁向下插入螺线管中时，灵敏电流计的指针向左偏转。请你判断，当条形磁铁从螺线管拔出时，灵敏电流计的指针______ (选填“仍向左偏转”、“不偏转”或“向右偏转”)，理由是______ 。


7. “爱物理，爱生活”，对于生活中物理现象的认知是科学素养的体现。下列对物理现象解释正确的是(    )
A. 汽车刹车后不会立即停下来，是由于汽车受到惯性的作用
B. 利用荧光物质进行防伪，是因为紫外线能使荧光物质发光
C. 温度高的物体比温度低的物体含有的热量多
D. 炒菜时，菜很快熟了，主要是通过做功的方式增加了菜的内能
8. 用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，验电器的金属箔片张开，如图所示。下列说法正确的是(    )


A. 用摩擦的方法可以使橡胶棒产生电荷
B. 该现象能说明橡胶棒带了负电荷
C. 验电器金属箔片张开是因为带了同种电荷而互相排斥
D. 验电器金属箔片张开的过程中，瞬间电流的方向是从金属球到金属箔片

9. 如图所示，使用人脸识别开锁时，用户需要正对摄像头，然后系统进行拍照、扫描、身份信息核对，核对成功即开锁。关于人脸识别开锁，下列说法正确的是(    )
A. 摄像头的镜头对光有发散作用
B. 识别时，人脸位于摄像头二倍焦距以内，一倍焦距以外
C. 当人脸远离摄像头时，所成的像会变小
D. 人脸识别时所成的像是正立、放大的虚像

10. 如图所示是滑雪运动员冲出雪坡在空中运动时的频闪照片，相机每隔相等时间拍下一运动员的位置和动作。下列说法正确的是(    )

A. 运动员离地之前，雪坡对运动员的支持力与运动员的重力是一对平衡力
B. 运动员离地后斜向上运动时把重力势能转化为动能
C. 运动员在下落过程中受平衡力的作用
D. 运动员在最高点时的动能不为零
11. 下列关于能源、信息和材料的说法中正确的是(    )
A. 我国“华龙一号”核电站利用核裂变的能量进行发电
B. 水力、风力、火力发电是不可再生能源的利用
C. 光纤通信是利用光在纤维材料中多次折射传输信息的
D. 用超导材料制成的电炉丝可以提高电炉的加热效率
12. 中国海军094级弹道导弹核潜艇是中国海军现役最新型核潜艇之一。下列有关核潜艇的说法正确的是(    )


A. 核潜艇悬浮时所受的浮力等于它漂浮时所受的浮力
B. 浸没在水中的核潜艇上浮时，所受浮力会逐渐变大
C. 核潜艇在海面上漂浮时，受到的浮力等于自身的重力
D. 核潜艇是靠改变自身体积实现上浮、下潜的
13. 某物理兴趣小组在老师的指导下做了一个有趣的“摇绳发电”实验。如图所示，用一根长铜线做跳绳，将它的两端与固定在地面上的灵敏电流表相连，像摇跳绳一样迅速摇动“跳绳”时，发现灵敏电流表的指针左右摆动，则下列说法正确的是(    )

A. 该现象的原理是电流的磁效应 B. 站在东西方向摇绳现象更明显
C. 利用该现象可制成电动机 D. 动圈式话筒的工作原理与此相同
14. 创新小组的同学们为学校食堂设计了一个可自动注水的储水池。如图是它的简化装置图，电源电压一定。控制电路中，RN为压敏电阻，其阻值随压力的变化而变化，R0为定值电阻。闭合开关S1、S2，当池中水位上升到一定高度时，触点分离，工作电路断开，注水装置自动停止注水，当池中水位下降到一定位置时，触点连接，工作电路接通，注水装置自动开始注水。下列分析正确的是(    )

A. 水位上升时，电磁铁磁性变弱 B. 水位上升时，R0两端电压变大
C. 水位下降时，R0的电功率变小 D. 水位下降时，RN的阻值会变小
15. 如图，轻质杠杆OA可绕O点在竖直面内旋转，请在图中画出物体所受重力和使杠杆保持平衡的最小力F的示意图．


16. 司诺克是台球运动的一种。在某次比赛中，我国台球神童丁俊晖，就遇到母球因为障碍球的直线阻挡而不能直接击中目标球的情况：如图，其中A是母球，B是障碍球，C是目标球。他借助球桌边沿的反弹(一次)，成功地避开障碍球，击中目标球(提示：球与球桌边沿的反弹跟光的反射规律一样).请你画出他击出母球的运动轨迹及必要的作图痕迹。
17. 某校九年级3班的学生提前准备了易拉罐和沙子，利用第二课堂时间在实验室借助实验器材，用实验方式验证沙子和水吸热能力的强弱关系。实验装置如图甲所示，对实验数据处理得到了温度−时间图象，如图乙所示，其中A为水的升温图象，B为沙子的升温图象。请你回答下列相关问题：

(1)在两个完全相同的易拉罐内分别装入初温、______ 相同的沙子和水。
(2)在对水进行加热的过程中，有同学发现温度计上部分出现了水雾，刻度看起来有些模糊了，这是______ 现象(填物态变化名称)。
(3)加热相同的时间，发现沙子的温度升得更高，此过程中沙子吸收的热量______ (选填“大于”、“等于”或“小于”)水吸收的热量。
(4)分析沙子和水吸热升温的数据可得出______ 的吸热能力更强。
18. 图甲、乙、丙是“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中的情景。

(1)如图甲，将一个木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做______ 运动，此时木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力。
(2)如果想探究滑动摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系，应选择______ 两图进行比较，对比两图可得出的结论是：______ 。
(3)若在甲图实验中，木块以更大的速度做匀速直线运动，则弹簧测力计的示数______ (选填“大于”、“等于”或“小于”)1.2N。
(4)某同学猜想：滑动摩擦力大小可能与接触面积大小有关，于是他将图甲中的木块切去一半(如图丁所示)。重复图甲的实验操作。他比较图甲和图丁的实验结果，得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关。你认为他探究过程中存在的问题是：______ 。改进方法是：______ 。
19. 图甲所示是“探究通过导体的电流与电压的关系”的实验装置，小组同学分别使用5Ω、10Ω、20Ω三个定值电阻和两节新干电池进行实验。

(1)用笔画线代替缺失的2条导线。将图甲线路补充完整。要求：导线不能交叉，滑片P向B端移动时，电压表示数变大。
(2)正确连接电路后闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，产生这种现象的原因可能是______ 。排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，某时刻电压表的示数如图乙所示，为______ V。
(3)小组成员使用3个定值电阻完成实验后，根据实验中测得的数据绘制出的I−U关系图象如图丙所示，分析图丙可得出的实验结论是______ 。
(4)小明提出用小灯泡替换定值电阻，也可以探究出电流与电压的关系，请你判断小明的观点是否正确？______ (选填“正确”或“不正确”)，原因是______ 。
(5)上述实验完成后，他们想测量另一个铭牌模糊不清的滑动变阻器Rx的最大阻值，在保证电路安全的情况下，设计了如图丁所示的电路(电源电压恒定但未知，定值电阻的阻值为R0)，请将他们的实验步骤补充完整：
①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电流表的示数为I1；
② ______ ，读出电流表的示数为I2；
③滑动变阻器最大阻值Rx= ______ (用I1、I2和R0表示)。
20. 为了践行“绿色发展”理念，某市首批新能源出租车已投入使用，三十名司机被聘为首批新能源出租车体验官。一辆新能源出租车的相关参数如表所示，某次该车司机刘师傅拉载了一位乘客。(人的质量按75kg计算，g取10N/kg)
整车质量
电池容量
最高车速
与地面的总接触面积
1650kg
50.1kW⋅h
144km/h
100cm2
(1)刘师傅在等红绿灯时，出租车对水平地面的压强为多大？
(2)若该车匀速行驶时受到的阻力为其总重的0.1倍，则该车以72km/h的速度在水平公路上沿直线匀速行驶10min，牵引力做的功为多大？
(3)若该车将电能转化为机械能的效率是60%，则该车充满电后在第(2)问的条件下，剩余的电能为多少kW⋅h？
(4)从环保或使用成本等角度分析新能源汽车与普通燃油汽车相比，具有哪些优点？(写出一条即可)
21. 为了改善冬天干燥的室内环境，小林家购买了如图甲所示的电热加湿器，其工作电路如图乙所示，相关参数如表。电热加湿器的电热丝浸没在加热仓的水中产生热量，使加热仓中的水沸腾变成水蒸气喷出，从而增加环境湿度。移动气雾调节器的滑片P可调节气雾量的大小。[比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]求：

型号
***
额定电压
220V
最大运行功率
100W
气雾调节器最大电阻
616Ω
(1)电热加湿器是利用电流的______ 工作的，喷出的白雾______ (选填“能”或“不能”)表明分子是永不停息地做无规则运动的。
(2)电热加湿器以最大运行功率工作时电路中的电流？(结果保留两位小数)
(3)若电热加湿器以最大运行功率工作，其加热效率为80%，那么将加热仓中100g水从20℃加热到100℃，需要多长时间？
(4)小林认为在用电高峰期电热加湿器的实际功率比额定功率小，为什么？
答案和解析

1.【答案】密度  比热容 
【解析】解：密度是物质的一种特性，它不随物质的质量或体积的变化而变化；比热容的大小只与物质的种类和状态有关，与吸收或放出的热量、物质的质量和温度的变化量无关。
故答案为：密度；比热容。
密度是物质的一种特性，它不随物质的质量或体积的变化而变化；电阻的大小只与物质的材料、长度、横截面积和温度有关，与电压和电流无关，比热容的大小只与物质的种类和状态有关，与吸收或放出的热量、物质的质量和温度的变化量无关。
本题考查对物理量的正确理解，难度不大。

2.【答案】振动  传播过程中 
【解析】解：风噪和胎噪声是由物体振动产生的；
关闭车窗是在传播过程中减弱噪声。
故答案为：振动；传播过程中。
(1)声音是由物体振动产生的。
(2)减弱噪声的途径有：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。
本题考查了声音的产生和减弱噪声的方法，基础题。

3.【答案】大气压  不变  靠拢 
【解析】解：用吸管吸饮料时，先吸走了管中的空气，使管中形成近似真空，在大气压的作用下将饮料压入管中再进入人的口中；
密度是物质本身的一种特性，小明喝去一半后，质量发生了改变，但瓶内剩余饮料的密度不变；
向乒乓球中间吹气时，乒乓球中间流速大，压强变小，在流速小的地方压强较大，乒乓球外侧大气压不变，所以乒乓球外侧压强大于内侧压强，所以乒乓球向中间靠拢。
故答案为：大气压；不变；靠拢。
生活中很多现象的工作原理都利用了大气压强，抽气机、茶壶盖上的小孔等；密度的的大小与质量或体积无关；流体流速越大的位置压强越小。
本题考查了大气压、流体压强与流速的关系、密度等知识，基础题。

4.【答案】减小  热传递 
【解析】解：在退热过程中，人体放出热量，人体的内能减小，通过热传递的方式改变物体的内能。
故答案为：减小；热传递。
改变内能的方式包括做功和热传递。
本题借助生活中的常见现象考查内能的改变，本题是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题。

5.【答案】低温  5  1000 
【解析】解：
(1)由图知，当开关S1闭合、S2断开时，只有电阻R1接入电路，电路中电阻最大，电源电压一定，由P=U2R可知，电功率最小，处于低温挡；当开关S1、S2都闭合时，电阻R1、R2并联，电路中电阻最小，电源电压一定，由P=U2R可知，电功率最大，处于高温挡；
(2)当接通电源并闭合开关S1和S2时，电阻R1、R2并联，通过R1、R2的电流：
I1=UR1=220V220Ω=1A，
I2=UR2=220V55Ω=4A，
此时家用电热水壶的工作电流：I=I1+I2=1A+4A=5A；
(3)1200r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1200r，
转盘转200r时，电热水器消耗的电能：
W=2001200kW⋅h=16×3.6×106J=6×105J，
电热水器的实际功率：
P实=Wt=6×105J10×60s=1000W。
故答案为：低温；5；1000。
(1)由图知，当开关S1闭合、S2断开时，只有电阻R1接入电路，电路中电阻最大；当开关S1、S2都闭合时，电阻R1、R2并联，电路中电阻最小；电源电压一定，利用P=U2R可知，电功率大小关系，进而确定处于什么挡位；
(2)当接通电源并闭合开关S1和S2时，电阻R1、R2并联，利用欧姆定律求通过R1、R2的电流，进而求出总电流，即此时家用电热水壶的工作电流；
(3)1200r/kW⋅h表示电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转1200r，据此可求转盘转200r时，电热水器消耗的电能，再利用P=Wt求电热水器的实际功率。
本题考查了电功率公式及其变形公式、欧姆定律的应用，以及对电能表相关参数的理解，分析电路图、得出不同挡位的电路组成是关键。

6.【答案】向右偏转  磁场方向不变，导体运动方向改变 
【解析】解：将磁铁从螺线管中向上拔出，相对于磁铁，螺线管向下运动，导体切割磁感线的运动方向变化，产生的电流方向变化，灵敏电流计的指针向相反方向偏转，即向右偏转。
故答案为：向右偏转；磁场方向不变，导体运动方向改变。
产生的感应电流的方向与导体运动方向和磁场方向有关，当其中一个方向改变时，电流方向改变；若导体运动方向和磁场方向同时改变，电流方向不改变，据此分析回答。
本题考查了影响感应电流方向的因素，属于基础题。

7.【答案】B 
【解析】解：A、惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；
B、利用荧光物质进行防伪，是因为紫外线能使荧光物质发光，故B正确；
C、热量是过程量，不能说含有，故C错误；
D、炒菜时，菜很快熟了，主要是通过热传递的方式增加了菜的内能，故D错误。
故选：B。
(1)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力；
(2)紫外线能使荧光物质发光；
(3)热量是过程量，不能说含有；
(4)改变内能的方式有两种：热传递和做功。
本题考查了惯性的性质、紫外线的特点、热量和改变内能的方式，属于概念辨析题。

8.【答案】C 
【解析】解：A、摩擦起电的过程，本质是电子发生转移的过程，并不是创造了电荷，故A错误；
B、毛皮和橡胶棒摩擦的过程中，橡胶棒原子核束缚电子的能力强，毛皮上的电子转移到橡胶棒上，橡胶棒得到电子而带负电，但B选项里指验电器的金属箔片张开，这只能说明橡胶棒有电荷，不能说明负电荷；故B错误；
C、电器的金属箔片张开是因为带了同种电荷，同种电荷相互排斥，故C正确；
D.橡胶棒接触验电器的金属球，这时橡胶棒上的电子通过金属球，流向金属箔片，而电流的方向应该是正电荷移动的方向与电子的移动方向相反，所以瞬间电流的方向应该是从金属箔片到金属球；
故选：C。
(1)摩擦起电的实质是电荷的转移，原子核束缚电子能力强的物体得到电子带负电；原子核束缚电子能力弱的物体，失去电子带正电。
(2)验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥；
(3)电流方向应该是正电荷移动的方向。
知道实验室中如何取得正电荷和负电荷，且明白验电器的制作原理是解决该题的关键。

9.【答案】C 
【解析】解：ABD、摄像头是一个凸透镜，对光具有会聚作用，是利用物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像的规律工作的；故ABD错误；
C、当人脸远离摄像头时，物距变大，像距变小，人脸经摄像头所成的像会变小，故C正确。
故选：C。
凸透镜成像时，物距u>2f时，成倒立缩小的实像，应用是照相机和摄像头；凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小。
本题考查了凸透镜的成像特点和应用，要掌握凸透镜成像的规律，搞清每种情况下的应用。在学习过程中要善于总结、寻找规律，学着将所学知识与生活实际联系起来。

10.【答案】D 
【解析】解：A、运动员离地之前，运动员做变速运动，受力不平衡，雪坡对运动员的支持力与运动员的重力不在同一直线上，不是一对平衡力，故A错误；
B、运动员离地后斜向上运动时，质量不变，速度变小，动能变小，高度变大，重力势能变大，是动能转化为重力势能，故B错误；
C、运动员在下落过程中做变速运动，受力不平衡，故C错误；
D、运动员在最高点时，具有一定的速度，动能不为零，故D正确。
故选：D。
(1)一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上；
(2)(4)重力势能的影响因素是质量和高度，动能的影响因素是质量和速度，二者可以相互转化；
(3)根据运动员的运动状态分析。
本题考查了动能与重力势能的转化、平衡状态的判定等，有一定综合性，但难度不大。

11.【答案】A 
【解析】解：A、“华龙一号”是利用原子核链式反应(核裂变)放出的巨大能量进行发电的，故A正确；
B、水力、风力、利用的是水能、风能，属于可再生能源，火力发电利用的是煤炭的内能，属于不可再生资源，故B错误；
C、光纤通信，是利用了光在纤维材料中多次反射传输信息，故C错误；
D、超导体电阻为0，电炉丝、电热水器的发热体都是利用电流热效应工作的，它们不能使用超导体，故D错误。
故选：A。
(1)原子核是由质子和中子靠强大的核力紧密结合在一起的，一旦原子核分裂或聚合，就能释放出巨大的能量，这就是核能，获得核能的两种途径：核裂变和核聚变；
(2)水力、风力、利用的是水能、风能，火力发电利用的化石能源；
(3)光纤通信，利用光在光纤中的反射；
(4)超导现象是电阻为零的现象，超导体适合制作输电导线和电动机线圈等。
此题是一类多知识点的综合题目，要结合相对应的物理知识进行分析解答，是中考选择题的热点考题。

12.【答案】C 
【解析】解：A、核潜艇悬浮时排开的海水的体积要大于漂浮时排开的海水的体积，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，悬浮时受到的浮力要大于漂浮时受到的浮力，故A错误；
B、浸没在水中的核潜艇上浮时，排开水的体积不变，水的密度不变，根据阿基米德原理可知，潜水艇受到的浮力不变，故B错误；
C、核潜艇在海面上漂浮时，根据漂浮条件可知受到的浮力等于自身的重力，C正确；
D、潜水艇潜入水底后排开水的体积不变，水的密度不变，根据阿基米德原理可知，潜水艇受到的浮力不变，通过改变自身的重力实现上浮、下潜的，故D错误。
故选：C。
(1)根据核潜艇排开的水的体积比较浮力的大小；
(2)浸没在水中的核潜艇上浮时，排开水的体积不变，根据阿基米德原理分析浮力的变化；
(3)根据漂浮条件可知受到的浮力与自身重力的关系；
(4)潜水艇能够上浮下潜是通过改变自身重力实现的。
本题考查潜水艇的工作原理、物体的浮沉条件、阿基米德原理的应用，难度不大。

13.【答案】BD 
【解析】解：A、该现象的原理是电磁感应，故A错误；
B、站在东西方向摇绳切割地磁场的效果最好，现象更明显，故B正确；
C、利用该现象可制成发电机，故C错误；
D、动圈式话筒的工作原理与此相同，故D正确。
故答案为：BD。
(1)通电导体的周围存在磁场，这种现象叫电流的磁效应。
(2)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应。发电机和动圈式话筒就是利用该原理来工作的。
(3)地磁场大致沿南北方向。
(4)电动机是利用磁场对电流的作用来工作的。
知道电磁感应现象、电流的磁效应、磁场对电流的作用；知道发电机、电动机、动圈式话筒的基本原理；知道地磁场的分布情况。

14.【答案】BC 
【解析】解：AB、由图可知，控制电路中定值电阻R0与压敏电阻RN串联；由“池中水位上升到一定高度时，触点分离，工作电路断开，注水装置自动停止注水”可知，此时衔铁被吸引，动触点与静触点分离，电磁铁的磁性增强，控制电路中的电流变大，由串联电路的电流特点可知，通过R0的电流变大，由U=IR可知R0两端电压变大，故A错误，B正确；
CD、由“池中水位下降到一定位置时，触点连接，工作电路接通，注水装置自动开始注水”可知，此时衔铁被释放，动触点与静触点接触，电磁铁的磁性减弱，控制电路中的电流变小，由P=I2R可知R0的电功率变小，由欧姆定律可知，此时电路中的总电阻变大，由串联电路的电阻特点可知，RN的阻值变大，故C正确，D错误。
故选：BC。
由图可知，控制电路中定值电阻R0与压敏电阻RN串联；
(1)根据“池中水位上升到一定高度时，触点分离，工作电路断开，注水装置自动停止注水”可知，此时衔铁被吸引，动触点与静触点分离，据此分析电磁铁磁性的变化，进而分析控制电路中的电流变化，根据串联电路的电流特点分析通过R0的电流变化；
(2)根据“池中水位下降到一定位置时，触点连接，工作电路接通，注水装置自动开始注水”可知，此时衔铁被释放，动触点与静触点接触，据此分析电磁铁磁性的变化，进而分析控制电路中的电流变化，根据P=UI=I2R分析R0的电功率变化，根据欧姆定律和串联电路的电阻特点分析RN的阻值变化。
本题考查电磁继电器的工作原理、欧姆定律和电功率公式的应用，分析清楚电路结构、明白电磁继电器的工作原理即可正确解题。

15.【答案】解：重力的方向是竖直向下的，过物体重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示；
由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长，由图知动力的方向应该向上，如下图所示：
 
【解析】(1)根据重力的方向是竖直向下的，过重心做竖直向下的力即可;
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小．
此题主要考查了重力示意图的画法和杠杆中最小力的问题．解决此类题目的关键是确定出最长的力臂，并根据力臂的画法做出最小的力．

16.【答案】解：作出A点关于桌面左边的对称点A′，连接A′C交于左边E点，母球借助球桌左边缘(相当于镜面)E点的一次反弹，躲开障碍球，击中目标球，球的运动轨迹应是沿AE、EC来运动，如图：
 
【解析】本题把A点当作点光源，桌子的左边当作平面镜，使A点发出的光线经平面镜上的某点反射后反射光线经过C点，利用光学知识：反射光线反向延长经过像点，能作出反射点。
本题利用光学知识解决了击球问题，物理知识来源于生活，服务于生活。当然，本题也可在桌子其它边缘找到反弹点。

17.【答案】质量  液化  等于  水 
【解析】解：(1)根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，故在两个完全相同的易拉罐内分别装入初温、质量相同的沙子和水。
(2)在对水进行加热的过程中，有同学发现温度计上部分出现了水雾，刻度看起来有些模糊了，这是因为水蒸气液化形成的小水珠。
(3)加热相同的时间，发现沙子的温度升得更高，由转换法，此过程中沙子吸收的热量等于水吸收的热量。
(4)根据乙知，加热相同时间，A升温慢，可得出水的吸热能力更强。
故答案为：(1)质量；(2)液化；(3)等于；(4)水。
(1)(3)(4)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(2)物质由气态变为液态的过程叫液化。
根本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法的运用。

18.【答案】匀速直线  乙、丙  压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大  等于  没有控制压力大小相同  把木块切去的一半叠放在剩余部分的中央 
【解析】解：(1)如图甲，将一个木块放在水平长木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力。
(2)探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，要控制压力大小相同，应选择乙、丙两图进行比较，对比两图可得出的结论是：压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
(3)在甲图实验中，木块受到的滑动摩擦力为1.2N，若在甲图实验中，木块以更大的速度做匀速直线运动，水平方向上木块仍受平衡力的作用，因压力大小和接触面的粗糙程度不变，故木块受到的滑动摩擦力不变，则弹簧测力计的示数等于1.2N。
(4)某同学猜想：滑动摩擦力大小可能与接触面积大小有关，要控制压力大小和接触面的粗糙程度相同，于是他将图甲中的木块切去一半(如图丁所示)。重复图甲的实验操作，得出结论是错误的，探究过程中存在的问题是：没有控制压力大小相同；改进方法是：把木块切去的一半叠放在剩余部分的中央。
故答案为：(1)匀速直线；(2)乙、丙；压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；(3)等于；(4)没有控制压力大小相同；把木块切去的一半叠放在剩余部分的中央。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；
(3)根据影响滑动摩擦力大小的两个因素不变结合二力平衡条件分析；
(4)研究滑动摩擦力大小可能与接触面积大小有关，要控制压力大小和接触面的粗糙程度相同。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。

19.【答案】定值电路短路(或电压表短路或电压表断路)  1.8  当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比  不正确  小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而变大  闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最右端 (I1−I2)R0I2 
【解析】解：
(1)在“探究通过导体的电流与电压的关系”的实验中应将滑动变阻器、定值电阻、电流表串联接入电路，电压表测量定值电阻两端电压，再结合题中给出的定值电阻的信息及电源为两节新干电池，判断电路中最大的电流3V5Ω=0.6A，确定电流表应选小量程，且题中说明滑片P向B端移动时，电压表示数变大，即定值电阻分压增大，而滑动变阻器两端的分压减小，根据串联分压原理可知滑动变阻器接入电路的电阻减小，由此可知滑动变阻器的右下部分电阻接入电路，据此完成电路连接，如下图所示：
；
(2)正确连接电路后闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，可能原因是电压表被短路或者发生断路了，即产生这种现象的原因可能是定值电路短路(或电压表短路或电压表断路)；
由图可知电压表所选量程为0～3V，其对应的分度值0.1V，则读数为1.8V；
(3)由图丙知，绘制出电阻R的I−U图象为过原点的直线，据此可得结论：当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(4)在探究出电流与电压的关系的实验中，小明用小灯泡替换定值电阻的观点是不正确的，因为小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而变大，不能控制电阻不变；
(5)当闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最左端，此时电路是关于定值电阻的阻值为R0的简单电路，读出电流表的示数为I1，则根据欧姆定律可得电源电压大小U=I1R0；
②当闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最右端，此时电路是关于定值电阻的阻值为R0和滑动变阻器的串联电路，读出电流表的示数为I2，同样可根据欧姆定律表示出电源电压大小U=I2(Rx+R0)。
由电源电压相等有：I1R0=I2(Rx+R0)，可解得Rx=(I1−I2)R0I2。
故答案为：(1)见上图；(2)定值电路短路(或电压表短路或电压表断路)；1.8；(3)当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(4)不正确；小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而变大；(5)②闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最右端；③(I1−I2)R0I2。
(1)在“探究通过导体的电流与电压的关系”的实验中应将滑动变阻器、定值电阻、电流表串联接入电路，电压表测量定值电阻两端电压，再结合题中给出的定值电阻的信息及电源为两节新干电池，判断电路中最大的电流，确定电流表所选量程，且题中说明滑片P向B端移动时，电压表示数变大，即定值电阻分压增大，而滑动变阻器两端的分压减小，根据串联分压原理可知滑动变阻器接入电路的电阻减小，据此完成电路连接；
(2)正确连接电路后闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，可能原因是电压表被短路或者发生了断路或者定值电阻短路；
电压表读数时要根据所选量程判断对应的分度值，然后根据指针位置读数；
(3)根据图乙中绘制出电阻R的I−U图象为过原点的直线得出结论；
(4)小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而变大；
(5)由图丁可知：当闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最左端，此时电路是关于定值电阻的阻值为R0的简单电路，读出电流表的示数为I1，则此时可根据欧姆定律表示出电源电压大小；
②当闭合开关S，将滑动变阻器的滑片移至最右端，此时电路是关于定值电阻的阻值为R0和滑动变阻器的串联电路，读出电流表的示数为I2，同样可根据欧姆定律表示出电源电压大小。
根据两次实验操作电源电压相等可求出待测滑动变阻器的最大阻值Rx大小。
本题主要考查了“探究通过导体的电流与电压的关系”的实验，涉及了电路图的连接、电路故障分析、电流表的读数、图像的分析和实验操作的评价，同时还考查了在电表不全的情况下如何测电阻的实验设计，有较大综合性，有一定难度。

20.【答案】解：(1)刘师傅在等红绿灯时，出租车对水平地面的压力：F=G总=m总g=(1650kg+2×75kg)×10N/kg=1.8×104N；
出租车对水平地面的压强p=FS=1.8×104N100×10−4m2=1.8×106Pa；
(2)该车以72km/h的速度在水平公路上沿直线匀速行驶10min，处于平衡状态，牵引力F牵=f=0.1G总=0.1×1.8×104N=1800N，
运动的路程s=vt=72km/h×1060h=12km=12000m，
牵引力做的功：
W=F牵s=1800N×12000m=2.16×107J；
(3)总电能W电=50.1kW⋅h，
消耗的电能W′=Wη=2.16×107J60%=3.6×107J=10kW⋅h，
剩余的电能W″=W电−W′=50.1kW⋅h−10kW⋅h=40.1kW⋅h；
(4)新能源汽车与普通燃油汽车相比，无污染。
答：(1)刘师傅在等红绿灯时，出租车对水平地面的压强为1.8×106Pa；
(2)若该车匀速行驶时受到的阻力为其总重的0.1倍，则该车以72km/h的速度在水平公路上沿直线匀速行驶10min，牵引力做的功为2.16×107J；
(3)若该车将电能转化为机械能的效率是60%，则该车充满电后在第(2)问的条件下，剩余的电能为40.1kW⋅h？
(4)从环保或使用成本等角度分析新能源汽车与普通燃油汽车相比，无污染。 
【解析】(1)根据F=G总=m总g得出刘师傅在等红绿灯时，出租车对水平地面的压力，根据p=FS得出出租车对水平地面的压强；
(2)该车以72km/h的速度在水平公路上沿直线匀速行驶10min，处于平衡状态，根据F牵=f=0.1G总得出牵引力1，根据s=vt得出运动的路程。根据W=F牵s得出牵引力做的功；
(3)根据W′=Wη得出消耗的电能，已知总电能，可得出剩余的电能；
(4)新能源汽车与普通燃油汽车相比，无污染。
本题考查电能、压强的有关计算，是一道综合题。

21.【答案】热效应  不能 
【解析】解：(1)电热器利用电流的热效应工作的，白雾是水蒸气液化后的小水滴，分子运动是肉眼看不见的，所以喷出白雾不能表明分子是永不停息地做无规则运动的；
(2)电热加湿器以最大运行功率工作时电路中的电流I=PU=100W220V≈0.45A；
(3)水吸收的热量：Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100×10−3kg×(100℃−20℃)=3.36×104J，
由η=Q吸W可得，消耗的电能：W=Q吸η=3.36×104J80%=4.2×104J，
由P=Wt可知，加热的时间：t′=WP=4.2×104J100W=420s；
(3)用电高峰期电路两端的电压减小，低于额定电压，根据P=U2R知，实际功率小于额定功率。
答：(1)热效应；不能；
(2)电热加湿器以最大运行功率工作时电路中的电流为0.45A；
(3)需要420s；
(4)用电高峰期电路两端的电压减小，低于额定电压，电阻不变，根据P=U2R知，实际功率小于额定功率。
(1)电热器利用电流的热效应工作的，白雾是水蒸气液化后的小水滴，分子运动是肉眼看不见的；
(2)利用P=UI求得电热加湿器以最大运行功率工作时电路中的电流；
(3)知道加热仓中水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量，根据效率公式求出消耗的电能，根据P=Wt求出加热的时间；
(4)用电高峰期电路两端的电压减小，根据P=U2R确定实际功率变化。
本题考查电流的热效应、分子运动、热量计算以及电功率公式的应用，属于中档题，有一定的难度。