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2022-2023学年新疆乌鲁木齐第七十中学高一上学期期中考试数学试题(解析版)
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这是一份2022-2023学年新疆乌鲁木齐第七十中学高一上学期期中考试数学试题(解析版),共13页。试卷主要包含了单选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
2022-2023学年新疆乌鲁木齐第七十中学高一上学期期中考试数学试题 一、单选题1.若集合,,则( )A. B.C. D.【答案】A【分析】求出集合、,根据交集的运算即可求出答案.【详解】解可得,所以.又,所以故选:A.2.下列函数中与是同一函数的是( )A. B. C. D.【答案】D【分析】求出已知函数的定义域,然后根据判断两函数是同一函数的标准,即定义域相同,对应法则相同,对各个选项逐个化简判断即可求解.【详解】函数的定义域为,,所以与已知函数的解析式不同,故A错误,定义域为,与已知函数的定义域不同,故B错误,定义域为,与已知函数的定义域不同,故C错误,,且定义域为R,与已知函数是同一函数,故D正确,故选:D.3.已知函数,若,则值为( )A.或 B.或 C.或 D.或【答案】C【分析】分别根据以及时的解析式,列出方程,求解方程即可得出答案.【详解】因为.当时,,解,可得或(舍去;当时,,解,可得.综上所述,或.故选:C.4.设,则“”是“”的( ).A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件【答案】A【分析】根据对数的运算性质,结合充分性、必要性的定义进行判断即可.【详解】由且且,故选:A.5.三个数 之间的大小关系是( )A.. B.C. D.【答案】B【分析】根据指数函数和对数函数的单调性进行求解,即可比较大小.【详解】解:,则,,则,,则,所以.故选:B.6.函数与的图象可能是( )A. B.C. D.【答案】C【分析】分析两个函数的定义域与单调性,可得出合适的选项.【详解】函数为上的减函数,排除AB选项,函数的定义域为,内层函数为减函数,外层函数为增函数,故函数为上的减函数,排除D选项.故选:C.7.已知,且,若有解,则实数的取值范围时( )A.,, B.,,C. D.,【答案】A【分析】由已知先利用基本不等式求出的最小值,然后结合不等式的存在性问题与最值关系进行转化,解二次不等式可求.【详解】因为、,且,,当且仅当且,即时取等号,此时取得最小值9,若有解,则,解得或,即实数的取值范围为,,.故选:.8.若函数在上是单调函数,则的取值可以是( )A.0 B.1 C.2 D.3【答案】B【分析】根据已知条件及分段函数分段处理的原则,结合一次函数与二次函数的单调性即可求解.【详解】因为当时,函数为单调递增函数,又函数在上是单调函数,则需满足,解得,所以实数的范围为,所以满足范围的选项是选项B.故选:B.9.设函数是定义域在上的偶函数,且在上递减,则,,的大小关系是( )A. B.C. D.【答案】C【分析】令,则.由已知可得出在上递减,根据与的关系,即可得出大小关系.【详解】令,则.且是定义域在上的偶函数,在上递减.所以,,.由在上递减,可得,即.故选:C.10.已知函数在区间上的最小值为,则函数在区间上的最大值为( )A.10 B.26 C. D.与有关【答案】B【分析】依题意,可得在区间,区间上均为单调函数,利用奇函数在区间上的最小值为,可求得在区间上的最大值,进而可得答案.【详解】,与单调性相同,在区间,区间上均为单调函数,又,满足,即为奇函数,在区间上的最小值为,在区间上的最小值为,在区间上的最大值为18,函数在区间上的最大值为.故选:B11.已知关于的不等式的解集为,则的解集为( )A. B. C. D.【答案】B【分析】由题意可得和2是方程的两个根,且,再利用韦达定理求出,代入所求不等式求解即可.【详解】关于的不等式的解集为,和2是方程的两个根,且,,解得,不等式可化为,即,转化为,且,解得,即不等式的解集为.故选:B.12.已知二次函数,若函数的值域是,且,则的取值范围是( )A. B. C. D.【答案】B【分析】根据二次函数的性质可得,且,又因为(1),所以,再结合基本不等式求解即可.【详解】解:二次函数的值域是,,解得,且,又,,,由,,可得,即的取值范围是.故选:B. 二、填空题13.已知幂函数是R上的增函数,则m的值为______.【答案】3【分析】根据幂函数的定义与性质,即可求出的值.【详解】由题意是幂函数,,解得或,又是R上的增函数,则 .故答案为:3.【点睛】本题考查了幂函数的定义与性质的应用问题,解题的关键是得出关于的方程和不等式,是基础题.14.函数且恒过定点,__.【答案】【分析】由已知,根据指数函数的性质即可求解.【详解】令可得,此时有.由题意可得,,所以,,所以.故答案为:.15.若函数的值域是,则实数的取值范围是 __.【答案】【分析】先根据基本不等式求出时的取值范围,然后根据的范围得出在上的单调性,求出值域.根据题意,即可得出答案.【详解】因为函数.当时,有,当且仅当时等号成立.当,即时,有,不满足题意;当,即时,在上单调递减,有,不满足题意;当,即时,在上单调递增,有.要使的值域是,则应有,所以.综上所述,当时,的值域是.故答案为:.16.已知函数,若存在实数,,,,有,则的范围是__.【答案】【分析】画出函数的图象,,结合图象可得.然后求解即可推出.进而得出的范围,即可.【详解】作出函数的大致图象如图:当时,,解得,令.由图象可知,当时,满足题意.且,.又由知,,所以,即.所以.由,可得,所以.故答案为:. 三、解答题17.已知全集,集合,集合.(1)求,;(2)求.【答案】(1) ,(2)或 【分析】(1)解一元一次方程、指数不等式求集合A、B,再根据集合的交、并运算求,.(2)由集合补运算求,再由集合并运算求即可.【详解】(1)由题意得,,∴ ,;(2)由(1)知:或∴或.18.化简求值:(1);(2)【答案】(1)(2)1 【分析】(1)根据指数幂的运算性质可求出结果;(2)根据对数的运算性质可求出结果.【详解】(1)原式= = ==.(2)原式=.19.(1)当时,解关于的不等式;(2)已知,,当时,证明:,并指出取等号条件.【答案】(1)答案见解析;(2)答案见解析. 【分析】(1)先解出的两个根,对根的大小分类讨论,再结合一元二次不等式的解法,即可求解;(2)根据“1”的代换,结合基本不等式的解法,即可证明.然后列出等号成立的条件,求解即可.【详解】(1)由已知,解可得或.当时,即时,不等式的解集为;当时,即时,不等式的解集为或;当时,即时,不等式的解集为或.综上所述,当时,不等式的解集为或;当时,不等式的解集为;当时,不等式的解集为或.(2)因为,,,所以,当且仅当,即时,等号成立.20.党的二十大报告提出“积极稳妥推进碳达峰碳中和”,降低能源消耗,建设资源节约型社会.日常生活中我们使用的灯具就具有节能环保的作用,它环保不含汞,可回收再利用,功率小,高光效,长寿命,有效降低资源消耗.经过市场调查,可知生产某种灯需投入的年固定成本为3万元,每生产万件该产品,需另投入变动成本万元,在年产量不足6万件时,,在年产量不小于6万件时,.每件产品售价为6元.假设该产品每年的销量等于当年的产量.(1)写出年利润(万元)关于年产量(万件)的函数解析式.(注:年利润年销售收入固定成本变动成本)(2)年产量为多少万件时,年利润最大?最大年利润是多少?【答案】(1)(2)年产量为9万件时,年利润最大,最大年利润是16万元. 【分析】(1)根据已知条件及年利润年销售收入固定成本变动成本即可求解;(2)根据分段函数分段处理的原则,利用二次函数的性质及基本不等式,再比较两者的大小即可求解.【详解】(1)由题可知,,所以;(2)当时,,由二次函数的性质知,对称轴为,开口向下,所以当时,取得最大值为; 当时,,当且仅当,即时,等号成立, 因为, 所以年产量为9万件时,年利润最大,最大年利润是16万元.21.已知函数.(1)求;(2)探究的单调性,并证明你的结论;(3)若为奇函数,求满足的的范围.【答案】(1);(2)单调递减函数,证明见解析;(3). 【分析】(1)令即可求解;(2)先求出函数的定义域,然后判断函数的单调性,再根据单调性的定义证明即可;(3)由已知求出,然后根据函数的单调性得出不等式,解出即可求解.【详解】(1)令,则.(2)因为恒成立,所以函数的定义域为,函数在上为单调递减函数.证明如下:,且,则,因为,所以,所以.又, 所以,即,所以函数在上为单调递减函数.(3)由已知,因为在上为奇函数,所以,所以,所以,所以.由(2)知,函数为上的单调递减函数,则由不等式可得,,解得,所以不等式的解集为.22.设常数,函数.(1)当时,讨论函数的奇偶性,并说明理由;(2)当时,若函数在区间上的值域是,求实数的取值范围.【答案】(1)答案见解析;(2). 【分析】(1)当时,结合函数奇偶性的定义,分类讨论函数的奇偶性;(2)根据单调性的定义证明在R上单调递增.由题意可得出,是方程的两个不等的实根,整理可转化为有两个不等的实根,换元得到一元二次方程,求解即可得出答案.【详解】(1)①当时,.故对于任意的实数都有,此时函数为偶函数;②当时,,定义域为.因为,所以,此时函数为奇函数;③当且时,函数的定义域为.所以,此时函数的定义域不关于原点对称,故函数既不是奇函数又不是偶函数.综上,当时,函数为偶函数;当时,函数为奇函数;当且时,函数既不是奇函数又不是偶函数.(2)因为,当时,函数定义域为R.,则.因为,所以,所以.又,所以,,所以,所以,所以在R上单调递增.则由题意可得,,所以,是方程的两个不等的实根,即有两个不等的实根.令,则方程有两个不相等的正实根,故,解得,所以,实数的取值范围为.
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