黑龙江省绥化市绥棱县绥中乡学校2021-2022学年九年级上学期期末物理试卷（五四学制）(含答案)

这是一份黑龙江省绥化市绥棱县绥中乡学校2021-2022学年九年级上学期期末物理试卷（五四学制）(含答案)，共40页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验探究题，综合应用等内容，欢迎下载使用。
黑龙江省绥化市绥棱县绥中乡学校2021-2022学年九年级（上）期末物理试卷（五四学制）
一、选择题（每题2分，共20分，1——8小题为单选，9、10题为多选）
1．下列数据与事实相接近的是（　　）
A．课桌的高度约为150cm
B．人步行的速度约为1.1m/s
C．家用电冰箱的电流约为10A
D．我国家庭电路的电压为110V
2．下列现象中属于升华的是（　　）
A．春天冰雪消融 B．夏天清晨的露珠
C．秋天地上的白霜 D．冬天冰雕慢慢变小
3．下列实例中，不能说明声波能传递能量的是（　　）
A．清洗钟表的精细器件
B．利用超声波“探伤”
C．外科医生用超声波切除病人体内的结石
D．超声波雾化器
4．如图是汽油机的四个冲程，其中表示内能转化为机械能的冲程是（　　）
A． B． C． D．
5．实验室有甲、乙两只定值电阻，甲标有“15Ω 1.0A”字样，乙标有“10Ω 0.5A”字样。现把它们串联起来，则该串联电路两端允许加的最高电压为（　　）
A．25V B．35V C．17.5V D．12.5V
6．把阻值分别为4Ω、6Ω的两只电阻串联在一个电压不变的电源上，电路中的电流为1.2A；如果将它们并联在同一电源上，则干路中的电流为（　　）
A．5A B．3A C．4A D．2A
7．如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，不变的是（　　）

A．电流表A示数与电流表A1示数的差值
B．电压表V示数与电流表A示数的比值
C．电压表V示数与电流表A示数的乘积
D．电压表V示数与电流表A1示数的乘积
8．下列有关功和功率的说法中正确的是（　　）
A．某同学背着书包在水平路面上行走时，他对书包做了功
B．举重运动员举着杠铃静止不动时，运动员对杠铃做了功
C．物体所做的功越多，功率越大
D．物体做功越快，功率越大
（多选）9．如图所示的电路，电源电压保持不变，滑动变阻器的滑片P置于中点位置。闭合开关后，电压表V示数为U，电流表A1、A2示数分别为I1、I2，且灯丝电阻不变，下列分析正确的是（　　）

A．滑片P向右移动过程中，灯L亮度逐渐变暗
B．滑片P向右移动过程中，电压表V示数仍为U
C．滑片P向右移动过程中，的比值变大
D．当滑片P移到最右端时，电路的总电阻最小
（多选）10．如图所示的四个电路中，电源电压保持不变，R0为已知阻值的定值电阻，可以测出未知电阻Rx阻值的电路是（　　）
A． B．
C． D．
二、填空题（每空1分，共26分）
11．（2分）如图所示，用刻度尺测物体的长度，则尺的分度值是 　 　，所测物体的长度是 　 　。
12．（2分）一台单缸四冲程汽油机的飞轮转速为1200r/min，该汽油机每秒钟完成　 　个冲程，每分钟对外做功　 　次。
13．（2分）“八月桂花遍地开”时很远就能闻到桂花的芳香，这是一种　 　现象，说明　 　。
14．（2分）如图，一重为0.5N的鸡蛋沉在水底，向水中加入食盐并搅拌，鸡蛋仍沉在水底，此过程中鸡蛋受到的浮力　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；继续加入食盐并搅拌，鸡蛋上浮，最终静止时排开盐水的重力　 　0.5N（选填“＞”、“＜”或“＝”）。

15．（2分）50g的干木材完全燃烧时，放出6×105J的热量，干木材的热值是 　 　J/kg，如果没有完全燃烧，它的热值将 　 　（填“变大”、“变小”或“不变”）
16．（2分）淘气的小明把图钉按在铅笔的一端，手握铅笔让图钉冒在课桌上来回摩擦几下后，发现图钉冒变烫了，这是用　 　的方法改变了物体的内能。把瓶装水放在冰箱里，一会儿变凉了，这是用　 　的方法改变了物体的内能。
17．（2分）小明和小红在马路边扫雪，他们看到，马路上行驶的汽车的车轮上有的缠上了铁链。车轮上缠铁链是为了使接触面 　 　，增大 　 　力。
18．（2分）一个2N的实心小球悬浮在密度为1.25×103kg/m3的盐水中。液面距烧杯底的距离是8cm，烧杯底受到盐水的压强为 　 　。冬天，北方的家庭采用“水地暖”进行取暖，“水地暖”以水为媒介，是因为 　 　。
19．（2分）某导体两端的电压为10V时，通过的电流为0.2A，则导体的电阻为　 　Ω，当导体两端的电压为0时，导体的电阻为　 　Ω。
20．（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，电压表V1的示数 　 　，电压表V2的示数与电流表A示数的比值 　 　。（选填“变大”、“变小”或“不变”）

21．（2分）如图所示，若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，则两电压表的读数U甲：U乙＝5：4，则，R1：R2＝　 　。若甲、乙均为电流表时，断开开关S，则两电流表的读数I甲：I乙＝　 　。

22．（2分）如图是灯泡L和电阻R中电流随电压变化的图像。由图像可知，电阻R的阻值为 　 　Ω．若将它们并联接在电压为2V的电源两端，电路中的总电流为 　 　A。

23．（2分）如图所示的电路中，当开关闭合时，灯不发光，电压表示数为0；当开关断开时，灯仍不发光，电压表示数为6V，则电路中故障是灯 　 　（选填“短路”或“断路”），电源两端电压为 　 　V。

三、作图与实验探究题（共40分，24小题2分、25小题2分，26——32小题其余每空1分）
24．（2分）如图所示，画出物体重力的示意图，并画出使轻质杠杆在图示位置保持平衡的最小动力F的示意图。

25．（2分）如图所示，物体在光滑的斜面上向下滑，请画出斜面上物体受力的示意图。

26．（4分）下图是某固态物质在加热过程中温度随时间变化关系的图象，由图可知：

（1）这种物质的熔点是 　 　；
（2）该物质在BC段处于 　 　过程（填物态变化名称）；此过程中吸热，温度 　 　；
（3）第8min晶体处于 　 　态。
27．（7分）在探究影响导体电阻大小的因素时，小明作出了如下猜想：导体的电阻可能与①导体的长度有关；②导体的横截面积有关；③导体的材料有关。
实验室提供了4根电阻丝，其规格、材料如表所示。
编号
材料
长度/m
横截面积/mm2
A
镍铬合金
0.5
0.5
B
镍铬合金
1.0
0.5
C
镍铬合金
0.5
1.0
D
锰铜合金
0.5
0.5

（1）按照如图所示“探究影响导体电阻大小因素”的实验电路，在M、N之间分别接上不同的导体，则通过观察 　 　来比较导体电阻的大小，这种实验研究方法叫作 　 　（选填“转换法”或“控制变量法”）。
（2）为验证猜想①，应该选用编号 　 　和 　 　两根电阻丝分别接入电路进行实验。
（3）小明的实验方案和操作过程均正确，但通过观察发现电流表指针偏转过小，这样会导致观察实验结果不清楚，解决这一问题的措施是 　 　。
（4）分别将 　 　和 　 　两根电阻丝接入电路中M、N两点间，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟导体的材料有关。
28．（5分）在“探究压力的作用效果跟什么因素有关”的实验时，同学们利用小桌、海绵、砝码等器材做了如图所示的系列实验。

（1）同学们是根据　 　来比较压力的作用效果的。
（2）观察比较图甲、乙所示的情况可以得到的结论是：受力面积一定时，　 　，压力的作用效果越明显。
（3）要探究压力的作用效果跟受力面积的关系，应比较　 　两图的实验，得到的结论是：　 　。
（4）小明将图乙中的小桌和砝码又放到一块木板上，如图丁所示，图乙中海绵受到的压强p乙和图丁中木板受到的压强p丁的大小关系为：p乙　 　p丁（选填“＞”“＜”或“＝”）
29．（5分）在探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，如图1所示。

（1）让同一小车从斜面上同一位置由静止开始下滑，目的是　 　。
（2）实验中同一小车在木板表面上运动的距离最长，表明它在该表面受到的阻力最　 　。
（3）假设水平面绝对光滑，小车不受任何阻力，则它会在水平面上做　 　运动。
（4）如图2所示，用弹簧测力计水平拉着木块在长木块上做匀速直线运动，此时测力计的示数为0.8N，则此时木块所受摩擦力为　 　，原理为　 　。
30．（5分）在“观察水的沸腾”的实验中，某实验小组得到下列的实验数据。
时间（min）
……
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
…
温度（℃）
……
95
96
97
98
98
98
95
98
98
98
…
（1）某个实验小组观察到沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程的两种情况，如图（a）（b）所示。则图 　 　则是水沸腾时的情况。
（2）从记录的数据看出，某一次观察记录中明显错误的是第 　 　分钟时的数据
（3）此实验中水的沸点是 　 　℃。
（4）在学生进行分组实验时，有的小组同学给水加热的时间太长，造成这一现象的原因是：　 　。（写出一条即可）
（5）从记录数据可得出的实验结论是：水沸腾时的特点是 　 　。

31．（7分）在探究“电流与电阻的关系”的实验中有如下实验器材：电源（4.5V），电流表、电压表各一只，开关一个，三个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω），滑动变阻器R1“20Ω1A”，滑动变阻器R2“50Ω1A”，导线若干。
电阻（Ω）
5
10
15
电流（A）
0.3
0.15
0.1

（1）同学们设计了如图的电路，在连接电路时开关应 　 　；闭合开关前将滑动变阻器的滑片放在最 　 　端（填“左”或“右”）。
（2）电路连接完整后，小明闭合开关，发现电流表有示数，电压表指针超过量程。小明操作中的错误是 　 　.
（3）纠正错误后，小明先将5Ω的电阻连入电路中，闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5V，并记下电流值；再分别改接10Ω、15Ω的电阻，重复上述实验，得到了上表中的实验数据；
（4）将5Ω电阻换成10Ω电阻后，闭合开关，应将变阻器的滑片向 　 　（选填“左”或“右”）移动，当观察到电压表示数为 　 　V时，才能记录电流表示数；
（5）实验中小明应选择的滑动变阻器是 　 　（选填“R1”或“R2”）。
（6）通过上述实验得出的结论是 　 　。
32．（6分）如图所示：电源电压为6V，甲图为伏安法测电阻的电路图；乙图为连接不完整的实物图。

（1）对照电路图甲，用笔画线代替导线将乙图中未连接部分连接起来。
（2）实验操作中有可能出现下列A、B、C、D四种错误，如果出现：电流表示数较大，电压表示数为0的现象。其错误属于 　 　
A．电流表的正负接线柱接反 B．电压表的量程选小了
C．电阻Rx发生了短路 D．把滑动变阻器下端两接线柱连入电路
（3）电路连接正确后，闭合开关，将滑片P向右移动时，电压表示数 　 　（填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）实验过程中，某次电流表和电压表的示数如图丙所示，此时测得的Rx＝　 　Ω。
（5）此实验要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，其目的是 　 　。
四、综合应用（共14分，33题6分，34题8分。）
33．“十一”期间，爸爸开车带着我去旅游．汽车（包括车上的人和物品）质量为2×103kg，汽车以100km/h的速度在平直公路上匀速行驶80.5km，所受的平均阻力是汽车总重的0.05倍，消耗了汽油10L，汽油的热值是4.6×107J/kg，汽油的密度是0.7×103kg/m3（假设汽油完全燃烧）。
（1）汽车行驶80.5km牵引力做了多少功？
（2）汽油完全燃烧放出的热量是多少？
（3）汽车发动机的效率？
34．如图所示的电路，电源电压为6V且保持不变。滑动变阻器R2标有“2A 20Ω”的字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A．滑动变阻器滑片P在最右端时，闭合开关S，电流表示数为0.2A。
求：
（1）此时滑动变阻器两端的电压；
（2）定值电阻R1的阻值；
（3）在电路安全工作的情况下，滑动变阻器接入电路的最小值。


黑龙江省绥化市绥棱县绥中乡学校2021-2022学年九年级（上）期末物理试卷（五四学制）
参考答案与试题解析
一、选择题（每题2分，共20分，1——8小题为单选，9、10题为多选）
1．下列数据与事实相接近的是（　　）
A．课桌的高度约为150cm
B．人步行的速度约为1.1m/s
C．家用电冰箱的电流约为10A
D．我国家庭电路的电压为110V
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右。故A不符合实际；
B、人正常步行的速度在4km/h＝4×m/s≈1.1m/s左右。故B符合实际；
C、洗衣机的工作电流在1A左右，家用电冰箱的工作电流与此差不多，在1A左右。故C不符合实际；
D、我国家用电器正常工作的电压绝大部分为220V，与之配套的家庭电路电压也是220V，这些用电器才能正常工作。故D不符合实际。
故选：B。
【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。
2．下列现象中属于升华的是（　　）
A．春天冰雪消融 B．夏天清晨的露珠
C．秋天地上的白霜 D．冬天冰雕慢慢变小
【分析】物质从固态变为液态的过程是熔化；物质从液态变为固态的过程是凝固。
物质从液体变为气态的过程是汽化；物质从气态变化液态的过程是液化。
物质从固态直接变为气态的过程是升华；物质从气态直接变为固态的过程是凝华。
【解答】解：A、冰雪消融是固态冰雪变为液态水的过程，属于熔化现象，故A错误；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故B错误；
C、霜是空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故C错误；
D、冰雕慢慢变小，是固态冰直接变为气态水蒸气造成的，属于升华现象，故D正确。
故选：D。
【点评】分析某现象原来状态和现在的状态，根据物态变化定义判断，这是这类习题的思路。
3．下列实例中，不能说明声波能传递能量的是（　　）
A．清洗钟表的精细器件
B．利用超声波“探伤”
C．外科医生用超声波切除病人体内的结石
D．超声波雾化器
【分析】声可以传递信息和能量。
【解答】解：A、清洗钟表的精细器件，是利用声传递能量，故A不符题意；
B、利用超声波“探伤”，是利用声传递信息，故B符合题意；
C、外科医生用超声波切除病人体内的结石，是利用声传递能量，故C不符题意；
D、超声波雾化器，是利用声传递能量，故D不符题意；
故选：B。
【点评】知道声传递信息和能量的实例，可解答此题。
4．如图是汽油机的四个冲程，其中表示内能转化为机械能的冲程是（　　）
A． B． C． D．
【分析】内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化成内能，做功冲程中内能转化成机械能。
【解答】解：内能转化为机械能的冲程是做功冲程：
A图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，不符合题意；
B图：气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，不符合题意；
C图：气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，符合题意。
D图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，不符合题意；
故选：C。
【点评】本题考查了内燃机的四个冲程：吸气、压缩、做功、排气冲程，以及压缩冲程的能量转化，是中考的热点内容。
5．实验室有甲、乙两只定值电阻，甲标有“15Ω 1.0A”字样，乙标有“10Ω 0.5A”字样。现把它们串联起来，则该串联电路两端允许加的最高电压为（　　）
A．25V B．35V C．17.5V D．12.5V
【分析】串联电路中电流处处相等，为保护电路安全，电路中最大电流不能超出任一用电器允许通过的最大电流值；再利用串联电路电阻的特点得出电路的总电阻，最后根据I＝变形式求出电路两端允许加的最高电压。
【解答】解：将甲、乙两电阻串联，则通过它们的电流相同，为保护用电器安全，电路中的最大电流为：I＝I乙＝0.5A，
由串联电路电阻的特点可知串联后的总电阻为：R＝R甲+R乙＝15Ω+10Ω＝25Ω，
由I＝可知该串联电路两端允许加的最高电压为：U＝IR＝0.5A×25Ω＝12.5V，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了欧姆定律的应用，解题关键是要掌握串联电路电流和电阻的特点。
6．把阻值分别为4Ω、6Ω的两只电阻串联在一个电压不变的电源上，电路中的电流为1.2A；如果将它们并联在同一电源上，则干路中的电流为（　　）
A．5A B．3A C．4A D．2A
【分析】本题由欧姆定律可求出电压，由并联电路的电流关系即可求出干路电流。
【解答】解：串联时总电阻R＝4Ω+6Ω＝10Ω，由欧姆定律知，总电压为U＝IR＝1.2A×10Ω＝12V。
两电阻并联时，总电阻为：R并＝＝2.4Ω。
则干路电流为：I＝＝＝5A。
故选：A。
【点评】本题求干路电流时也可以先求各支路电流，再由并联电路的特点求出干路电流。
7．如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，不变的是（　　）

A．电流表A示数与电流表A1示数的差值
B．电压表V示数与电流表A示数的比值
C．电压表V示数与电流表A示数的乘积
D．电压表V示数与电流表A1示数的乘积
【分析】①首先分析电路图，闭合电键S，电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测量通过电阻R1的电流，电流表A测量电路总电流，电压表测量的是电源电压；
②当滑动变阻器的滑片P向右移动时，判断出滑动变阻器接入电路中电阻的变化，滑动变阻器两端的电压不变，根据欧姆定律可知该支路电流的变化；
③电阻R1两端的电压和电阻都不变，根据欧姆定律可知电流的变化，即电流表A1示数的变化；
④根据并联电路的电流特点，可知电流表A示数的变化，从而可以对四个选项逐一进行分析判断。
【解答】解：①从图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表A1测量通过电阻R1的电流，电流表A测量电路总电流，电压表测量的是电源电压，
∵电源的电压保持不变，
∴电压表的示数不变；
②当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律I＝可知，滑动变阻器所在支路中的电流变小；
③电阻R1两端的电压和电阻都不变，根据欧姆定律I＝可知，通过电阻R1的电流不变，即电流表A1的示数不变；
④根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知，电流表A的示数变小。
A、电流表A示数与电流表A1示数的差值即为通过滑动变阻器的电流，而滑动变阻器所在支路中的电流变小，所以A不符合题意。
B、∵电压表的示数不变，电流表A的示数变小，
∴电压表V示数与电流表A示数的比值变大，所以B不符合题意。
C、∵电压表的示数不变，电流表A的示数变小，
∴电压表V示数与电流表A示数的乘积变小，所以C不符合题意。
D、∵电压表的示数不变，电流表A1的示数不变，
∴电压表V示数与电流表A1示数的乘积不变，所以D符合题意。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键。
8．下列有关功和功率的说法中正确的是（　　）
A．某同学背着书包在水平路面上行走时，他对书包做了功
B．举重运动员举着杠铃静止不动时，运动员对杠铃做了功
C．物体所做的功越多，功率越大
D．物体做功越快，功率越大
【分析】（1）做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
（2）功率是描述力做功快慢的物理量，大小取决于功与时间的比值。
【解答】解：A、学生背着书包在水平路面上行走，学生对书包有向上的力，但向上并没有移动距离，所以他对书包没有做功。故A错误；
B、举重运动员举着杠铃在空中静止时，只有力，没有在力的方向上通过的距离，故运动员对杠铃没有功，故B错误；
C、根据P＝可知，功大小取决于功与时间的比值，只知道功的多少，不知道时间的多少，无法判断功率大小。故C错误；
D、功率是描述力做功快慢的物理量，故物体做功越快，功率越大。故D正确；
故选：D。
【点评】此题主要考查力是否做功的判断、功率的大小比较，关键是明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直。
（多选）9．如图所示的电路，电源电压保持不变，滑动变阻器的滑片P置于中点位置。闭合开关后，电压表V示数为U，电流表A1、A2示数分别为I1、I2，且灯丝电阻不变，下列分析正确的是（　　）

A．滑片P向右移动过程中，灯L亮度逐渐变暗
B．滑片P向右移动过程中，电压表V示数仍为U
C．滑片P向右移动过程中，的比值变大
D．当滑片P移到最右端时，电路的总电阻最小
【分析】由电路图可知，闭合开关后，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A1测L支路的电流，电流表A2测干路电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡L的电流和其实际功率的变化，从而得出灯泡的亮暗变化，根据滑片的移动可知变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，从而得出的比值变化；根据以上解答可知当滑片P移到最右端时干路电流最小，根据欧姆定律可知电路的总电阻最大。
【解答】解：由电路图可知，闭合开关后，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A1测L支路的电流，电流表A2测干路电流。
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，即滑片P向右移动过程中，电压表V示数仍为U，故B正确；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过灯泡L的电流和其实际功率均不变，则滑片P向右移动过程中，灯泡的亮暗不变，故A错误；
滑片P向右移动过程中，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I＝可知，通过滑动变阻器的电流变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A2的示数I2变小，
由电压表V的示数U不变、电流表A2的示数I2变小可知，的比值变大，故C正确；
当滑片P移到最右端时，干路电流最小，由R＝可知，电路的总电阻最大，故D错误。
故选：BC。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
（多选）10．如图所示的四个电路中，电源电压保持不变，R0为已知阻值的定值电阻，可以测出未知电阻Rx阻值的电路是（　　）
A． B．
C． D．
【分析】串联电路的电流处处相等，并联电路各支路电压相等，用电压表和电流表，直接或间接测量电压和电流，根据欧姆定律求得Rx电阻。
【解答】解：
A、开关S闭合时，R0短路，电压表测量电源电压；开关S断开时，电压表测量Rx两端的电压；
根据串联电路总电压等于各分电压之和，求出R0两端的电压，根据I＝求出通过R0的电流，根据串联电路电流处处相等，通过Rx电流等于通过定值电阻电流Ix＝I0，根据Rx＝可求出Rx电阻，故A正确；
B、由电路图可知，当S断开时，电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律可求电源的电压；当开关S闭合时R0、Rx并联，电流表测干路电流，因通过R0的电流不变，根据并联电路的电流特点可求通过Rx的电流，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律即可求出Rx阻值，故B正确；
C、开关S闭合时，Rx短路，电压表测量电源电压；开关S断开时，电压表测量电源电压；所以无法得到电路中电流，不能计算出Rx的值。故C错误；
D、由电路图可知，当开关S闭合时，电路为R0的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当开关S断开时两电阻串联，电流表测串联电路的电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据电阻的串联求出Rx阻值，故D正确。
故选：ABD。
【点评】利用电压表或电流表测未知电阻的阻值，就是根据串联电路的电流特点或并联电路的电压特点想办法得出未知电阻两端的电压和电流，然后根据欧姆定律求出未知电阻的阻值。
二、填空题（每空1分，共26分）
11．（2分）如图所示，用刻度尺测物体的长度，则尺的分度值是 　1mm　，所测物体的长度是 　3.80cm　。
【分析】刻度尺的分度值为相邻的刻度线表示的长度；使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去起始端所对的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
【解答】解：
由图知，在1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度为1mm，也就是此刻度尺的分度值为1mm；
由图知，起始端在6.00cm处，末端在9.80cm处，所以物体长度为L＝9.80cm﹣6.00cm＝3.80cm。
故答案为：1mm；3.80cm。
【点评】刻度尺是日常生活和物理实验中经常使用的测量工具，要掌握其使用和读数方法。
12．（2分）一台单缸四冲程汽油机的飞轮转速为1200r/min，该汽油机每秒钟完成　40　个冲程，每分钟对外做功　600　次。
【分析】热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案。
【解答】解：若飞轮转速是1200r/min＝20r/s，表示每秒飞轮转动20圈，要经过40个冲程，对外做功10次。
每分钟做功：10次×60＝600次。
故答案为：40；600。
【点评】本题主要考查内燃机一个工作循环，经历四个冲程，燃气对外做功一次，活塞往返两次，曲轴转动两周。
13．（2分）“八月桂花遍地开”时很远就能闻到桂花的芳香，这是一种　扩散　现象，说明　分子在不停的做无规则的运动　。
【分析】两种物质接触时，彼此进入对方的现象叫扩散。扩散表明一切物质的分子都是不停的做无规则的运动。
【解答】解：“八月桂花遍地开”时很远就能闻到桂花的芳香，是芳香物质的分子扩散到空气中，扩散表明一切物质的分子都是不停的做无规则的运动。
故答案为：扩散；分子在不停的做无规则的运动。
【点评】（1）扩散是发生在两种物质之间的现象。
（2）分子的运动我们用肉眼是看不见的。
（3）扩散表明一切物质的分子都是不停的做无规则的运动。
14．（2分）如图，一重为0.5N的鸡蛋沉在水底，向水中加入食盐并搅拌，鸡蛋仍沉在水底，此过程中鸡蛋受到的浮力　变大　（选填“变大”、“变小”或“不变”）；继续加入食盐并搅拌，鸡蛋上浮，最终静止时排开盐水的重力　＝　0.5N（选填“＞”、“＜”或“＝”）。

【分析】水中加盐，食盐溶化后，水的密度增大；鸡蛋的体积不变，排开水的体积不变，根据阿基米德原理可知鸡蛋受到的浮力增大，重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，在鸡蛋从下沉至悬浮过程中，重力不变，根据物体的浮沉条件判断。
【解答】解：
因为向水中加盐鸡蛋排开水的体积不变，但使水的密度增大，
又F浮＝ρ液v排g，
所以鸡蛋受到的浮力增大，
在鸡蛋从下沉至悬浮过程中，重力不变，但出于悬浮状态，所以
F浮＝G排＝G本＝0.5N；
故答案为：变大；＝。
【点评】本题综合考查了阿基米德原理和物体的浮沉条件，能利用上述知识分析是解决该题的关键。
15．（2分）50g的干木材完全燃烧时，放出6×105J的热量，干木材的热值是 　1.2×107　J/kg，如果没有完全燃烧，它的热值将 　不变　（填“变大”、“变小”或“不变”）
【分析】（1）根据燃料热值定义（单位质量的燃料完全燃烧时放出的热量）利用公式q＝进行求解；
（2）热值是燃料的本身的一种特性，与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度无关。
【解答】解：由Q放＝mq得干木材的热值：q＝＝＝1.2×107J/kg；
热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，与其是否燃烧和燃烧是否充分无关，如果燃料没有完全燃烧，它的热值将不变。
故答案为：1.2×107；不变。
【点评】本题考查了学生对热值的物理意义及燃料完全燃烧放热公式Q放＝qm的了解与掌握，要理解：热值是燃料的特性，仅与燃料的种类有关，不随其他因素的改变而改变。
16．（2分）淘气的小明把图钉按在铅笔的一端，手握铅笔让图钉冒在课桌上来回摩擦几下后，发现图钉冒变烫了，这是用　做功　的方法改变了物体的内能。把瓶装水放在冰箱里，一会儿变凉了，这是用　热传递　的方法改变了物体的内能。
【分析】做功改变内能的实质是能量的转化，同时伴随着物体的运动。热传递可以改变物体的内能，它的实质是内能的转移。
【解答】解：手握铅笔让图钉冒在课桌上来回摩擦几下后，发现图钉冒变烫了，这是用做功的方法改变了物体的内能，在这一过程中，机械能转化为内能；
把瓶装水放在冰箱里，一会儿变凉了，这是用热传递的方法改变了物体的内能，在这一过程中，内能发生了转移。
故答案为：做功；热传递。
【点评】此题考查的是做功改变内能和热传递改变内能的实际例子，同时还应知道，在改变物体内能上二者是等效的。
17．（2分）小明和小红在马路边扫雪，他们看到，马路上行驶的汽车的车轮上有的缠上了铁链。车轮上缠铁链是为了使接触面 　粗糙程度增大　，增大 　摩擦　力。
【分析】增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度。
【解答】解：车轮上缠铁链是为了使接触面粗糙程度增大，这样在压力一定时，可以增大摩擦力。
故答案为：粗糙程度增大；摩擦。
【点评】本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。
18．（2分）一个2N的实心小球悬浮在密度为1.25×103kg/m3的盐水中。液面距烧杯底的距离是8cm，烧杯底受到盐水的压强为 　1000Pa　。冬天，北方的家庭采用“水地暖”进行取暖，“水地暖”以水为媒介，是因为 　水的比热容较大　。
【分析】根据p＝ρgh求出压强的大小；由于水的比热容较大，在质量相同、降低的温度△t相同时，由Q放＝cmΔt可知，水释放的热量较多。
【解答】解：烧杯底受到盐水的压强为：p＝ρ盐水gh＝1.25×103kg/m3×10N/kg×0.08m＝1000Pa；
由于水的比热容较大，在质量相同、降低的温度Δt相同时，由Q放＝cmΔt可知，水释放的热量较多。
故答案为：1000Pa；水的比热容较大。
【点评】本题考查了液体压强计算公式的应用、水的比热容大的应用，属于基础题。
19．（2分）某导体两端的电压为10V时，通过的电流为0.2A，则导体的电阻为　50　Ω，当导体两端的电压为0时，导体的电阻为　50　Ω。
【分析】知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。
【解答】解：由I＝可得，导体的电阻：
R＝＝＝50Ω，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，
所以，当导体两端的电压为0时，导体的电阻仍为50Ω不变。
故答案为：50；50。
【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。
20．（2分）如图所示，电源电压不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，电压表V1的示数 　变大　，电压表V2的示数与电流表A示数的比值 　变小　。（选填“变大”、“变小”或“不变”）

【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
滑动变阻器的滑片向左移动的过程中，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I＝知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大；
由U＝IR可知，R2两端的电压变大，即电压表V1的示数变大，根据串联电路的电压规律可知，R1两端的电压变小，即电压表V2的示数变小；
根据欧姆定律可知，电压表V2的示数与电流表A示数的比值为R1的阻值，阻值变小，比值变小。
故答案为：变大；变小。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
21．（2分）如图所示，若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，则两电压表的读数U甲：U乙＝5：4，则，R1：R2＝　1：4　。若甲、乙均为电流表时，断开开关S，则两电流表的读数I甲：I乙＝　1：5　。

【分析】若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，该电路为R1和R2的串联电路，甲电压表测电源电压，乙电压表测R2两端的电压；
已知两电压表的示数之比，即电源电压与R2两端的电压之比，由串联电路的电压特点可得出R1两端的电压与R2两端的电压之比，再由串联电路分压规律可得出R1和R2两电阻之比；
若甲、乙均为电流表时，断开开关S，该电路为R1和R2的并联电路，甲电流表测通过R2的电流，乙电流表测干路的电流；
由并联电路分流规律可知通过R1和R2两电阻的电流之比，由并联电路的电流特点可知通过R2的电流与干路的电流之比，即两电流表的读数之比。
【解答】解：若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，该电路为R1和R2的串联电路，甲电压表测电源电压，乙电压表测R2两端的电压；
已知两电压表的读数U甲：U乙＝5：4，即电源电压与R2两端的电压之比为：U：U2＝5：4，
由串联电路的电压特点可知R1两端的电压与R2两端的电压之比为：U1：U2＝（U﹣U2）：U2＝1：4，
由串联电路分压规律可知R1和R2两电阻之比为：R1：R2＝U1：U2＝1：4；
若甲、乙均为电流表时，断开开关S，该电路为R1和R2的并联电路，甲电流表测通过R2的电流，乙电流表测干路的电流；
由并联电路分流规律可知通过R1和R2两电阻的电流之比为：I1：I2＝R2：R1＝4：1，
由并联电路的电流特点可知通过R2的电流与干路的电流之比为：I2：I＝I2：（I1+I2）＝1：5，
即两电流表的读数I甲：I乙＝1：5。
故答案为：1：4；1：5。
【点评】本题考查了学生对欧姆定律、串联电路分压规律和并联电路分流规律的应用，解题关键是准确分析当甲、乙为不同电表时，电路的连接情况。
22．（2分）如图是灯泡L和电阻R中电流随电压变化的图像。由图像可知，电阻R的阻值为 　20　Ω．若将它们并联接在电压为2V的电源两端，电路中的总电流为 　0.35　A。

【分析】（1）由U﹣I图像找出电压对应的电流，然后由欧姆定律求出电阻的阻值，然后比较两电阻阻值的大小；
（2）根据电阻的并联特点求出两电阻并联时电路中的总电阻，再根据欧姆定律求出干路电流。
【解答】解：（1）由图像可知，当U＝2V时，对应的电流IR＝0.1A，
由欧姆定律得：RR＝＝＝20Ω；
（2）若将它们并联接在电压为2V的电源两端，由图可知：通过R的电流是0.1A，通过L的电流是0.25A，
由于并联在电路中，干路电流等于各支路的电流之和，
所以干路电流是I＝IR+IL＝0.1A+0.25A＝0.35A。
故答案为：20；0.35。
【点评】本题考查了并联电路的电流特点和欧姆定律的应用，关键是根据图像读出相关的信息。
23．（2分）如图所示的电路中，当开关闭合时，灯不发光，电压表示数为0；当开关断开时，灯仍不发光，电压表示数为6V，则电路中故障是灯 　短路　（选填“短路”或“断路”），电源两端电压为 　6　V。

【分析】开关闭合时，灯泡不发光，说明电路断路或短路，因为电压表示数为0，说明灯泡短路或电阻断路；
当开关断开时，灯仍不发光，电压表示数为6V，说明电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的；据此判断故障的确切位置。
【解答】解：开关闭合时，灯泡不发光，说明电路断路或灯泡短路，因为电压表示数为0，说明灯泡短路或电阻R断路；
当开关断开时，灯仍不发光，但电压表示数为6V，说明电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的，说明电阻R没有断路，所以故障只能是灯泡L短路；开关断开时，电压表与电阻R串联，电压表测量的是电源电压，即电源电压为6V。
故答案为：短路；6。
【点评】本题考查了学生利用电压表判断电路故障的分析能力，注意电压表等于电源电压，说明电压表的正负接线柱与电源正负极之间连接是连通的。
三、作图与实验探究题（共40分，24小题2分、25小题2分，26——32小题其余每空1分）
24．（2分）如图所示，画出物体重力的示意图，并画出使轻质杠杆在图示位置保持平衡的最小动力F的示意图。

【分析】（1）根据重力的方向是竖直向下的，从物体的重心做竖直向下的力，并标上字母G和大小；
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（F1 L1＝F2 L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
【解答】解：重力的方向是竖直向下的，从物体的重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示；
由杠杆平衡条件F1 L1＝F2 L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长，由图知动力的方向应该向上，如图所示：

【点评】此题考查重力示意图、杠杆中最小力的示意图的画法，根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。
25．（2分）如图所示，物体在光滑的斜面上向下滑，请画出斜面上物体受力的示意图。

【分析】首先对物体的受力情况进行分析，可知，它受到重力、斜面对它的支持力，因为斜面是光滑的，不受摩擦力的作用，再用画图法将这几个力表示出来。
【解答】解：物体在斜面上受到的重力方向竖直向下，作用点（重心）在其几何中心上，即对角线的交点位置。
斜面对物体的支持力方向垂直于斜面向上，作用点也在物体的重心上。如下图所示：
。
【点评】在画力的示意图时，若需要画出物体受到的多个力的示意图时，要将这几个力画成共点力。判断此种状态下的物体受力情况，关键是要看是不是有摩擦力，如果说斜面光滑，一般认为是没有摩擦力的。
26．（4分）下图是某固态物质在加热过程中温度随时间变化关系的图象，由图可知：

（1）这种物质的熔点是 　200℃　；
（2）该物质在BC段处于 　熔化　过程（填物态变化名称）；此过程中吸热，温度 　不变　；
（3）第8min晶体处于 　固液共存　态。
【分析】（1）晶体熔化时的温度叫晶体的熔点；
（2）根据晶体熔化过程中的特点结合图象分析出熔化过程所需的时间；
（3）晶体在熔化前处于固态；熔化时处于固液共存态；熔化后处于液态。
【解答】解：（1）由图象知，晶体在熔化过程中保持200℃不变，所以熔点为200℃；
（2）BC段温度保持不变，是晶体的熔化过程；此物质在BC段熔化过程中吸收热量，温度不变；
（3）由图象知，第8min处于熔化过程，所以为固液共存态。
故答案为：（1）200℃；（2）熔化；不变；（3）固液共存。
【点评】此题是有关晶体熔化图象的分析，关键是掌握晶体熔化过程的特点，结合图象确定熔化前、熔化时、熔化后的三个阶段。
27．（7分）在探究影响导体电阻大小的因素时，小明作出了如下猜想：导体的电阻可能与①导体的长度有关；②导体的横截面积有关；③导体的材料有关。
实验室提供了4根电阻丝，其规格、材料如表所示。
编号
材料
长度/m
横截面积/mm2
A
镍铬合金
0.5
0.5
B
镍铬合金
1.0
0.5
C
镍铬合金
0.5
1.0
D
锰铜合金
0.5
0.5

（1）按照如图所示“探究影响导体电阻大小因素”的实验电路，在M、N之间分别接上不同的导体，则通过观察 　电流表的示数　来比较导体电阻的大小，这种实验研究方法叫作 　转换法　（选填“转换法”或“控制变量法”）。
（2）为验证猜想①，应该选用编号 　A　和 　B　两根电阻丝分别接入电路进行实验。
（3）小明的实验方案和操作过程均正确，但通过观察发现电流表指针偏转过小，这样会导致观察实验结果不清楚，解决这一问题的措施是 　选择电流表的小量程　。
（4）分别将 　A　和 　D　两根电阻丝接入电路中M、N两点间，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟导体的材料有关。
【分析】（1）电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小；
（2）（4）影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变；
（3）用电流表测电路电流时，要选择合适的量程，量程过大，指针偏转角度较小。
【解答】解：
（1）在M、N之间分别接上不同的导体，可通过观察电流表的示数来比较导体电阻的大小，这里用到了转换法。
（2）要验证猜想①：导体的电阻可能与导体的长度有关，应控制导体的材料与横截面积均相同，而导体的长度不同，由表中数据可知，应选编号为A、B的两根电阻丝进行实验；
（3）由图所示电流表选用的是大量程，发现电流表指针偏转过小，则应该使电流表换用小量程；
（4）分别将A和D两电阻丝接入如图电路中M、N两点间，电流表示数不相同，由于此时导体的长度、横截面积都相同，但材料不同，故得到的结论是：当长度和横截面积相同时，导体电阻跟材料有关。
故答案为：（1）电流表的示数；转换法；（2）A；B；（3）选择电流表的小量程；（4）A；D。
【点评】探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化体现的，这里采用了转换法的思想。
28．（5分）在“探究压力的作用效果跟什么因素有关”的实验时，同学们利用小桌、海绵、砝码等器材做了如图所示的系列实验。

（1）同学们是根据　海绵的凹陷程度　来比较压力的作用效果的。
（2）观察比较图甲、乙所示的情况可以得到的结论是：受力面积一定时，　压力越大　，压力的作用效果越明显。
（3）要探究压力的作用效果跟受力面积的关系，应比较　乙、丙　两图的实验，得到的结论是：　压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显　。
（4）小明将图乙中的小桌和砝码又放到一块木板上，如图丁所示，图乙中海绵受到的压强p乙和图丁中木板受到的压强p丁的大小关系为：p乙　＝　p丁（选填“＞”“＜”或“＝”）
【分析】（1）力可以使物体发生形变，相同受力面的形变程度越大，压力作用效果越明显，可以通过受力面形变程度的大小判断压力的作用效果；
（2）（3）根据控制变量法的要求，根据实验所控制的变量、分析图示实验现象，然后得出实验结论；
（4）压强大小跟压力大小和受力面积大小有关，根据压力、受力面积是否变化分析。
【解答】解：
（1）由题意可知，实验中是根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果的；
（2）比较图甲和图乙，物体的受力面积相同而压力不同，乙图压力大，其压力的作用效果明显，由此可得：受力面积一定时，压力越大，压力的作用效果越明显；
（3）要探究压力的作用效果跟受力面积的关系，应保持压力不变，只改变受力面积，故比较乙、丙两图的实验符合要求，可得到的结论是：压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；
（4）压强大小跟压力大小和受力面积大小有关，观察乙、丁两图可知，压力相同，受力面积相同，则产生的压强相同，即p乙＝p丁。
故答案为：（1）海绵的凹陷程度；（2）压力越大；（3）乙、丙；压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；（4）＝。
【点评】本题考查了影响压力效果的因素实验，应用了转换法与控制变量法，应用控制变量法、认真分析图示实验现象即可正确解题。
29．（5分）在探究“阻力对物体运动的影响”的实验中，如图1所示。

（1）让同一小车从斜面上同一位置由静止开始下滑，目的是　使小车到达水平面时小车的初速度相同；　。
（2）实验中同一小车在木板表面上运动的距离最长，表明它在该表面受到的阻力最　小　。
（3）假设水平面绝对光滑，小车不受任何阻力，则它会在水平面上做　匀速直线　运动。
（4）如图2所示，用弹簧测力计水平拉着木块在长木块上做匀速直线运动，此时测力计的示数为0.8N，则此时木块所受摩擦力为　0.8N　，原理为　二力平衡　。
【分析】（1）要探究阻力对物体运动的影响，实验中应控制小车的初速度相同，为了使小车到达水平面具有相同的初速度，应使同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下；
（2）接触面越光滑，小车受到的摩擦力越小，速度减小得越慢，小车运动的距离越远；
（3）根据牛顿第一定律，如果运动的物体没有受到力的作用，将做匀速直线运动；运用了科学推理的方法。
（4）由图示弹簧测力计确定其分度值，读出其示数；木块做匀速直线运动，处于平衡状态，由二力平衡条件可知，木块受到的滑动摩擦力等于弹簧测力计的拉力。
【解答】解：
（1）用同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下是为了使小车到达水平面时小车的初速度相同；
（2）木板表面最光滑，阻力就最小，小车运动的距离就最远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢；
（3）由上述实验可推理得：如果运动的物体在没有受到力的作用时，将做匀速直线运动。
（4）由图2所示弹簧测力计可知，其分度值是0.2N，其示数为0.8N，
用弹簧测力计沿水平方向拉着木在木板上做匀速直线运动，根据二力平衡知识道摩擦力大小等于拉力，即f＝F＝0.8N。
故答案为：（1）使小车到达水平面时小车的初速度相同；（2）小；匀速直线；（4）0.8；二力平衡。
【点评】本题是探究阻力对物体运动的影响实验，要掌握实验的现象及结论，知道在此基础上经过推理可得牛顿第一定律的内容，解此类问题一定要注意思考实验的意义，并能根据所学的其他物理知识分析解决本实验中相关的实验现象。
30．（5分）在“观察水的沸腾”的实验中，某实验小组得到下列的实验数据。
时间（min）
……
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
…
温度（℃）
……
95
96
97
98
98
98
95
98
98
98
…
（1）某个实验小组观察到沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程的两种情况，如图（a）（b）所示。则图 　a　则是水沸腾时的情况。
（2）从记录的数据看出，某一次观察记录中明显错误的是第 　12　分钟时的数据
（3）此实验中水的沸点是 　98　℃。
（4）在学生进行分组实验时，有的小组同学给水加热的时间太长，造成这一现象的原因是：　水的质量较大　。（写出一条即可）
（5）从记录数据可得出的实验结论是：水沸腾时的特点是 　达到沸点，继续吸热温度不变　。

【分析】（1）水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大；
（2）水沸腾时特点，达到沸点，继续吸热温度不变；
（3）由表格或图象知，水在98℃时，吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是水的沸点，所以此时水的沸点是98℃；
（4）水的质量较大或者水的初温较低；
（5）水沸腾特点达到沸点，继续吸热温度不变。
【解答】解：（1）水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大；所以图a符合题意；
（2）水沸腾时特点，达到沸点，继续吸热温度不变，12分钟时候温度明显降低；
（3）由表格或图象知，水在98℃时，吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是水的沸点，所以此时水的沸点是98℃；
（4）水的质量较大或者水的初温较低；
（5）水沸腾特点达到沸点，继续吸热温度不变。
故答案为：（1）a；（2）12；（3）98；（4）水的质量较大；（5）达到沸点，继续吸热温度不变。
【点评】该题考察学生对水沸腾知识点的掌握，水沸腾过程中现象的观察。
31．（7分）在探究“电流与电阻的关系”的实验中有如下实验器材：电源（4.5V），电流表、电压表各一只，开关一个，三个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω），滑动变阻器R1“20Ω1A”，滑动变阻器R2“50Ω1A”，导线若干。
电阻（Ω）
5
10
15
电流（A）
0.3
0.15
0.1

（1）同学们设计了如图的电路，在连接电路时开关应 　断开　；闭合开关前将滑动变阻器的滑片放在最 　右　端（填“左”或“右”）。
（2）电路连接完整后，小明闭合开关，发现电流表有示数，电压表指针超过量程。小明操作中的错误是 　开关闭合之前没有将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处　.
（3）纠正错误后，小明先将5Ω的电阻连入电路中，闭合开关，移动滑片，使电压表的示数为1.5V，并记下电流值；再分别改接10Ω、15Ω的电阻，重复上述实验，得到了上表中的实验数据；
（4）将5Ω电阻换成10Ω电阻后，闭合开关，应将变阻器的滑片向 　右　（选填“左”或“右”）移动，当观察到电压表示数为 　1.5　V时，才能记录电流表示数；
（5）实验中小明应选择的滑动变阻器是 　R2　（选填“R1”或“R2”）。
（6）通过上述实验得出的结论是 　电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比　。
【分析】（1）连接电路时，开关应断开，滑动变阻器阻值调至最大；
（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片在阻值最大处，根据实验注意事与电路现象分析答题；
（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（5）根据串联电路特点求出滑动变阻器的最大阻值，然后选择滑动变阻器；
（6）根据表中电流与电阻之积为一定值分析得出结论。
【解答】解：（1）同学们设计了如图的电路，在连接电路时，为了保护电路，开关应断开；闭合开关前将滑动变阻器的阻值调至最大，即滑片放在最右端；
（2）闭合开关，电流表有示数，电压表超过其量程，说明电阻两端电压太大，滑动变阻器分压太小，这是由于开关闭合之前没有将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处造成的；
（4）由表中数据可知，电路中控制电阻两端的电压值为UR＝IR＝15Ω×0.1A＝1.5V，
根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为1.5V不变；
（5）由表中实验数据可知，当定值电值阻值为15Ω时，电路电流为0.1A，
此时滑动变阻器接入电路的阻值：R滑＝＝＝30Ω＞20Ω，因此滑动变阻器应选R2；
（6）由表中数据可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
故答案为：（1）断开；右；（2）开关闭合之前没有将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处；（4）右；1.5；（5）R2；（6）电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
【点评】本题探究“电流与电阻的关系”，考查了连接电路时的注意事项、实验器材选择、实验操作及实验数据分析等问题。
32．（6分）如图所示：电源电压为6V，甲图为伏安法测电阻的电路图；乙图为连接不完整的实物图。

（1）对照电路图甲，用笔画线代替导线将乙图中未连接部分连接起来。
（2）实验操作中有可能出现下列A、B、C、D四种错误，如果出现：电流表示数较大，电压表示数为0的现象。其错误属于 　C　
A．电流表的正负接线柱接反 B．电压表的量程选小了
C．电阻Rx发生了短路 D．把滑动变阻器下端两接线柱连入电路
（3）电路连接正确后，闭合开关，将滑片P向右移动时，电压表示数 　变小　（填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）实验过程中，某次电流表和电压表的示数如图丙所示，此时测得的Rx＝　5　Ω。
（5）此实验要多次测量电阻值，最后求电阻值的平均值，其目的是 　减小误差　。
【分析】（1）本题连接实物电路要求：滑动变阻器要求一上一下接入电路，电压表并联在RX两端；
（2）本实验中RX与滑动变阻器串联，如果RX部分断路，那么电压表示数为电源电压，电流表示数为零，如果RX部分短路，那么电压表示数为零，电流表示数很大，如果滑动变阻器断路，电压表和电流表示数都为零，如果滑动变阻器短路，电流表示数很大，电压表示数为电源电压；
（3）当滑片向右滑时，按这样的顺序分析：局部电阻的变化（依据滑片的移动方向判断）→电路中总电阻的变化（依据总电阻等于各电阻之和判断）→电路中总电流的变化（依据欧姆定律I＝判断）→定值电阻两端电压的变化（依据U＝IR判断）；
（4）读出电流表和电压表的示数，根据R＝算出电阻值；
（5）很多物理实验都需要多次测量求平均值，有的为了求平均值减小误差，有的为了找到更普通的规律。
【解答】解：（1）先不看电压表，滑动变阻器的左下接线柱已接入电路，所以要用右上接线柱与Rx串联起来，电压表的“3”接线柱已经和RX右接线柱相连，所以要把“﹣”接线柱与RX左接线柱相连。
（2）题中的现象是电流表示数较大，电压表示数为0，所以是电压表所测部分短路。
（3）当滑动变阻器的滑片右移时，电阻变大。
因为电路中的总电阻等于各串联电阻之和，所以总电阻变大；
根据欧姆定律I＝可知，当电路总电压一定时，总电阻变大，所以总电流变小；
串联电路电流处处相等，故流过 RX的电流变小；
根据UX＝IXRX可知，当定值电阻阻值不变时，流过的电流变小，它两端的电压就变小。
（4）电流表和电压表读数分别为：0.5A、2.5V，RX＝＝＝5Ω。
（5）本实验中定值电阻阻值是不变的，多次测量求平均值可以减小误差；如果被测用电器是小灯泡，其阻值受温度影响很大，求平均值是无意义的，多次测量是为了寻找规律。
故答案为：
（1）如图所示：或
（2）C；
（3）变小；
（4）5；
（5）减小误差。
【点评】伏安法测电阻实验的综合性较强：
（1）连接实物图注意：滑动变阻器一上一下连接，下边接线柱与电路图一致；电压表并联，电流表串联，注意选择合适量程，注意电流正进负出；导线就近，不许交叉。
（2）用电压表判断故障时，若电压表有读数，可能是所并联的地方开路或其他地方短路了，电流表的电阻很小，它相当于把所接的两点用导线连接起来，若没有示数，说明其他地方断路，若有了示数，说明所接两点之间断路了。
（3）电路的动态分析题（即电流电压变化的问题）解题方法有两种：
方法①：按这样的顺序分析：局部电阻如何变化→总电阻如何变化→由于电源电压不变，导致电路中电流如何变化→依据U＝IR分析不变的电阻两端的电压如何变化→依据U变化的电阻＝U总﹣U不变的电阻分析变化的电阻两端的电压如何变化。
方法②：串联电路中 ，即电压与电阻成正比，由此可知串联电路中按电阻的比例分配电压，电阻所点比例分数越大，分得的电压比例就越大。
（4）记住测定值电阻阻值要多次测量求平均，为了减小误差；测小灯泡的阻值，也多次测量，不能求平均值，是为了找到钨丝电阻随温度升高而增大的规律。
四、综合应用（共14分，33题6分，34题8分。）
33．（6分）“十一”期间，爸爸开车带着我去旅游．汽车（包括车上的人和物品）质量为2×103kg，汽车以100km/h的速度在平直公路上匀速行驶80.5km，所受的平均阻力是汽车总重的0.05倍，消耗了汽油10L，汽油的热值是4.6×107J/kg，汽油的密度是0.7×103kg/m3（假设汽油完全燃烧）。
（1）汽车行驶80.5km牵引力做了多少功？
（2）汽油完全燃烧放出的热量是多少？
（3）汽车发动机的效率？
【分析】（1）利用G＝mg求出汽车的总重力，利用f＝0.05G求出汽车受到在平均阻力；汽车在平直公路上匀速行驶时，汽车的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等；利用W＝Fs求出汽车行驶80.5km牵引力做的功；
（2）利用密度公式求出10L汽油的质量，利用Q放＝mq求出汽油完全燃烧放出的热量；
（3）利用效率公式求出汽车发动机的效率。
【解答】解：（1）汽车的总重力：G＝mg＝2×103kg×10N/kg＝2×104N；
汽车受到在平均阻力：f＝0.05G＝0.05×2×104N＝1000N，
汽车在平直公路上匀速行驶时，汽车的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，即F牵＝f＝1000N，
汽车行驶80.5km牵引力做的功：W＝Fs＝1000N×80.5×1000m＝8.05×107J；
（2）汽油的体积V＝10L＝10dm3＝0.01m3，
由ρ＝可知，汽油的质量m汽油＝ρV＝0.7×103kg/m3×0.01m3＝7kg，
汽油完全燃烧放出的热量：Q放＝m汽油q＝7kg×4.6×107J/kg＝3.22×108J；
（3）汽车发动机的效率：η＝×100%＝×100%＝25%。
答：（1）汽车行驶80.5km牵引力做了8.05×107J的功；
（2）汽油完全燃烧放出的热量是3.22×108J；
（3）汽车发动机的效率为25%。
【点评】本题考查了重力公式、功的公式、密度公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式以及二力平衡条件的应用，是一道力热综合题，有一定的难度。
34．（8分）如图所示的电路，电源电压为6V且保持不变。滑动变阻器R2标有“2A 20Ω”的字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A．滑动变阻器滑片P在最右端时，闭合开关S，电流表示数为0.2A。
求：
（1）此时滑动变阻器两端的电压；
（2）定值电阻R1的阻值；
（3）在电路安全工作的情况下，滑动变阻器接入电路的最小值。

【分析】（1）滑动变阻器滑片P在最右端时，电阻R1与滑动变阻器的最大阻值串联，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压；
（2）由串联电路的电压特点求出电阻R1两端的电压，再根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；
（3）当电压表的示数最大时，根据欧姆定律求出电路中的电流，然后与滑动变阻器最大允许通过的电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最小值。
【解答】解：（1）滑动变阻器滑片P在最右端时，电阻R1与滑动变阻器的最大阻值串联，电流表测电路中的电流；
滑动变阻器两端的电压：
U2＝IR2＝0.2A×20Ω＝4V；
（2）电阻R1两端的电压：
U1＝U﹣U2＝6V﹣4V＝2V，
R1＝＝＝10Ω；
（3）当电压表的示数最大时，U1′＝3V，
电路中的电流：
I′＝＝＝0.3A，此时滑动变阻器和电流表安全，
滑动变阻器接入电路的最小值：
R2min＝＝＝10Ω。
答：（1）此时滑动变阻器两端的电压为4V；
（2）定值电阻R1的阻值为10Ω；
（3）在电路安全工作的情况下，滑动变阻器接入电路的最小值为10Ω。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会根据电压表和电流表的量程以及滑动变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流。