2021“超级全能生”高三全国卷地区4月联考试题（乙卷）数学（文）PDF版含解析

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“超级全能生”2021高考全国卷地区4月联考乙卷数学（文科）答案及评分标准一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。选择题评分标准：选对得分，错选，多选，不选均不得分。123456789101112ABCACBBCDDCC 二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。填空评分标准：按参考答案给分，结果必须化简，完全正确，写错、未化简、多写答案、少写答案均不给分。13．－　14．(e2＋2)x－y－e2＝0　15．2　16.＋2＋2　 三、解答题：共70分，解答题写出文字说明、证明过程或演算步骤。第17~21题为必考题，每个试题考生必须作答。第22，23题为选考题，考生根据要求作答。解答题评分标准（1）导函数：求单调区间过程要清楚，分类讨论各区间情况需做到无遗漏。遗漏不给分。取值写成区间或者集合的形式，未写扣1分。（2）选做题：[极坐标方程]直角坐标方程转换需要过程，没有过程不得分。[解不等式]解集要写成集合或区间，未写扣1分。（3）具体步骤分参照答案解析，没有步骤只有答案均不给分。（4）试题有不同解法时，解法正确即可酌情给分。17．解：(Ⅰ)由表可知，100名学生中喜爱某种食品的学生有60人，其中喜爱某种食品的男生有20人，不喜爱某种食品的女生有10人，∴喜爱某种食品的女生有40人，(1分)不喜爱某种食品的男生有30人，则完成列联表如下： 喜爱某种食品不喜爱某种食品合计男生203050女生401050合计6040100(4分)(Ⅱ)由(Ⅰ)得K2＝＝≈16.667>10.828，(5分)∴有99.9%的把握认为喜爱某种食品与性别有关．(6分)(Ⅲ)用分层抽样的方法在喜爱某种食品的学生中抽6人，则其中男生有20×＝2(人)，分别设为A，B；女生有40×＝4(人)，分别设为1，2，3，4，(8分)则从这6名学生中随机抽取2人有如下15种结果：AB，A1，A2，A3，A4，B1，B2，B3，B4，12，13，14，23，24，34，其中恰好有1名男生喜爱某种食品有8种结果：A1，A2，A3，A4，B1，B2，B3，B4，(10分)∴所求的概率P＝.(12分) 18．解：(Ⅰ)证明：如图，取SC的中点G，连接DG，EG.∵E是SB的中点，∴EG是△SBC的中位线，(1分)∴EG∥BC，EG＝BC.(2分)又DF∥BC，DF＝BC，∴EG∥DF，EG＝DF，(3分)∴四边形EGDF是平行四边形，(4分)∴EF∥DG.(5分)又EF 平面SCD，DG 平面SCD，∴EF∥平面SCD.(6分)(Ⅱ)如图，连接AC，BD交于点O，连接EO，∴BO＝OD，(7分)∴EO∥SD，EO＝SD＝2.(8分)又SD⊥平面ABCD，∴EO⊥平面ABCD.(9分)在菱形ABCD中，∠BAD＝60°，AB＝2，∴S△CDF＝DF·CDsin120°＝×1×2×＝，(10分)∴VC－DEF＝VE－CDF＝EO·S△CDF＝×2×＝.(12分) 19．解：(Ⅰ)设递增等差数列{an}的公差为d(d>0)．由得(2分)解得或(舍)，(4分)∴an＝2＋(n－1)×1＝n＋1(n∈N)．(6分)(Ⅱ)证明：设bn＝，由(Ⅰ)知bn＝＝＝3，(7分)∴Tn＝b1＋b2＋…＋bn＝3＋3＋…＋3－(9分)＝3(10分)＝3(11分)＝－<.(12分) 20．解：(Ⅰ)∵抛物线x2＝8y的焦点坐标为(0，2)，∴椭圆的半焦距c＝2.由题可知(2分)解得a2＝8，b2＝4，(3分)∴椭圆的标准方程为＋＝1.(4分)(Ⅱ)设点A(x1，y1)，B(x2，y2)．∵A，B，O三点构成三角形，所以直线l的斜率存在且不为0，则可设直线l的方程为y＝kx＋3.联立消去y整理得(2＋k2)x2＋6kx＋1＝0.(5分)由Δ>0得36k2－4(2＋k2)>0，即k2－>0，(6分)∴x1＋x2＝－，x1x2＝，(7分)∴|AB|＝  ＝  ＝2.易知，点O到直线l：y＝kx＋3的距离h＝，(8分)∴S△AOB＝|AB|h  ＝×2×  ＝3·.(9分)设＝t(t>0)，则k2＝，∴＝＝≤，(10分)当且仅当t＝3，即k2＝时等号成立，(11分)∴△AOB面积的最大值为3×＝2.(12分) 21．解：(Ⅰ)当m＝1时，f(x)＝ex－x，则f′(x)＝ex－1，(1分)令f′(x)＝0得x＝0，则当x<0时，f′(x)<0，f(x)单调递减；当x>0时，f′(x)>0，f(x)单调递增，所以函数f(x)的单调递增区间为(0，＋∞)，单调递减区间为(－∞，0)．(4分)(Ⅱ)易知f′(x)＝mex－1，当m<0时，f′(x)<0，f(x)单调递减，不可能有两个零点；当m＝0时，f(x)＝－x，有一个零点；当m>0时，令f′(x)＝0得mex－1＝0，ex＝>0，所以x＝ln，则当x<ln时，f′(x)<0，f(x)为单调递减函数；当x>ln时，f′(x)>0，f(x)为单调递增函数，所以当x＝ln时，f(x)有极小值也是最小值，即 f(x)min＝f＝1－ln.(6分)因为f(x)有两个零点，所以1－ln<0，ln>1，>e，所以0<m<.又因为f(0)＝m>0，f(1)＝me－1<0，x2≥4x1，所以0<x1<1.因为ln<2ln＝ln，f＝－2ln＝2，且x>0时恒有x－lnx>0，所以f>0，所以ln<x2<2ln，所以m的取值范围为.(7分)因为f(x1)＝mex1－x1＝0，f(x2)＝mex2－x2＝0，所以mex2－mex1＝x2－x1.又ex2－x1＝，所以x2－x1＝ln.(8分)当x2≥4x1时，不等式x1(mex2－mex1)<(1－3a)x1＋ax2恒成立，即x1ln<(1－3a)x1＋ax2，ln<a－3a＋1.令t＝，因为x2≥4x1，所以t≥4，则lnt<(t－3)a＋1，所以a>对t≥4恒成立．(10分)令g(t)＝，则g′(t)＝＝.(11分)令h(t)＝2t－tlnt－3，则h′(t)＝1－lnt，当t≥4时，h′(t)<0，h(t)单调递减，所以h(t)≤h(4)＝5－4ln4<0，所以g′(t)<0，g(t)在[4，＋∞)上单调递减，g(t)≤g(4)＝2ln2－1，则a的取值范围为(2ln2－1，＋∞)．(12分) 22．解：(Ⅰ)将(α为参数)中的参数α消去得x2＋y2＝4，(2分)将x2＋y2＝ρ2代入上式得ρ2＝4，∴曲线C的极坐标方程为ρ＝2.(3分)将x＝ρcosα，y＝ρsinα代入直线方程x－y＋2＝0得直线l的极坐标方程为ρcosα－ρsinα＋2＝0.(5分)(Ⅱ)由(Ⅰ)知曲线C是圆心为(0，0)，半径R＝2的圆．设P(2cosθ，2sinθ)，则坐标原点O到直线l的距离d＝＝，点P到直线l的距离h＝，∴|AB|＝2＝2＝2，(7分)∴S△ABP＝|AB|h＝×2×＝.(8分)又∵θ∈[0，2π)，∴θ＋∈，∴≤2＋2，(9分)∴△ABP面积的最大值为2＋2.(10分) 23．解：(Ⅰ)由题意，f(x)＝|x－2|－|x＋1|＝(2分)则f(x)＋2<0等价于或或(4分)∴所求不等式的解集为.(5分)(Ⅱ)由(Ⅰ)知f(x)＝|x－2|－|x＋1|＝作出函数的图象如图所示，∴－3≤f(x)≤3，(8分)∴对任意的x∈R，f(x)≤m2＋2m恒成立等价于 m2＋2m≥3，(9分)∴m的取值范围为(－∞，－3]∪[1，＋∞)．(10分)