2021届广东、福建等省联考高考物理模拟试卷（4月份）含答案

这是一份2021届广东、福建等省联考高考物理模拟试卷（4月份）含答案，共11页。试卷主要包含了选择题，非选择题，[物理--选修33]，[物理--选修34]等内容，欢迎下载使用。
 高考物理模拟试卷〔4月份〕一、选择题：此题共8小题，每题6分．在每题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1.在图示电路中， 为灵敏电流表，电流表示数较小，以下操作一定能使电流表的示数增大的是〔   〕  A. 只增加电源的电压        B. 只增参加射光的频率        C. 只增参加射光的强度        D. 只增加光照时间2.如下列图，金属杆ab以一定的初速度从倾斜、光滑的固定平行金属导轨底端向上滑行，一段时间后义回到导轨底端。两导轨上端连有一阻值为R的电阻，导轨间有垂直于导轨平面向上的匀强磁场。以下分析正确的选项是〔   〕  A. 金属杆向上滑行与向下滑行的时间相等
B. 金属杆向上滑行时，通过金属杆的电流方向从b到a
C. 金属杆向上滑行时，通过电阻R的电荷量大于向下滑行时通过电阻R的电荷量
D. 金属杆刚向上滑行时受到的安培力大于刚回到导轨底端时受到的安培力3.2021年3月9日，我国成功发射北斗系统第54颗导航卫星。这是“北斗三号〞中的第2颗地球静止轨道卫星。该卫星在短报文通信、精密单点定位等特色效劳上发挥着关键作用。以下对该卫星的分析正确的选项是〔   〕            A.   该卫星在轨道上运行时一定经过西安的正上空
B. 假设只地球外表的重力加速度和地球自转周期，那么可以求出该卫星距地面的高度
C. 假设只地球的自转周期，那么可以求出该卫星的角速度大小
D. 假设只地球第一宇宙速度和地球外表的重力加速度，那么可以求出该卫星的线速度大小4.如下列图，倾角为37°的斜面固定在水平地面上，斜面上有一质量为1kg的滑块通过轻绳绕过光滑定滑轮与质量为2kg的小球相连〔轻绳与斜面平行〕。滑块与斜面间的动摩擦因数为0.5，现由静止释放滑块，取重力加速度g＝10m/s2  ， sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，不计空气阻力。那么滑块在斜面上运动时，轻绳受到的拉力大小为〔   〕  A. N                                   B.                                    C. 10N                                   D. 5N5.如下列图，水平面MN的上方和下方存在电场强度大小相等、方向分别竖直向下和竖直向上的匀强电场。一质量为m、电荷量为q的带正电小球从MN上方的a点以一定的初速度水平抛出，从b点进入下方电场，到达c点时速度方向恰好水平。a、b、c三点在同一直线上，且ab＝ bc．重力加速度为g。那么电场强度大小为〔   〕  A.                                  B.                                  C.                                  D. 6.在如图甲所示电路中，理想变压器原线圈接有如图乙所示的正弦交变电压，副线圈串联有理想电流表和阻值为40Ω的电阻，电流表的示数为1.5A．以下说法正确的选项是〔   〕  A. 变压器原、副线圈的匝数之比为11：3                B. 通过电阻的电流方向每秒改变25次
C. 电阻两端电压的最大值为60V                              D. 变压器的输入功率为90W7.如下列图，a、b两小球〔均可视为质点〕分别从直径在水平线上的半圆轨道顶端和足够长的斜面轨道顶端O点以大小相等的初速度同时水平抛出，且同时落到各自轨道上。半圆轨道的半径为10 m，斜面轨道的倾角θ＝30°．不计空气阻力，重力加速度g＝10m/s2  ， 那么〔   〕  A. 两小球抛出时的速度大小为10m/s                      B. 两小球抛出时的速度大小为15m/s
C. 两小球在空中的运动时间为  s                       8.如图甲所示，物块a、b间拴接一个压缩后被锁定的轻质弹簧，整个系统静止放在光滑水平地面上，其中a物块最初与左侧固定的挡板相接触，b物块质量为1kg。现解除对弹簧的锁定，在a物块离开挡板后，b物块的v﹣t关系图象如图乙所示。那么以下分析正确的选项是〔   〕  A. a的质量为1kg
B. a的最大速度为4m/s

D. 在a离开挡板前，a、b及弹簧组成的系统动量和机械能都守恒二、非选择题：包括必考题和选考题两局部．．9.某同学在“用打点计时器测速度〞的实验中，得到如下列图的纸带，该同学所用的交流电源的频率为50Hz．在纸带上从A点开始依次取了A、B、C、D、E五个计数点，且每相邻两个计数点间有3个点未画出，其中x1＝7.05cm，x2＝14.73cm，x3＝23.06cm，x4＝32.03cm。  〔1〕每相邻两个计数点间的时间间隔为________s。    〔2〕打D点时纸带的速度大小为________m/s，纸带运动的加速度大小为________m/s2 ． 〔结果均保存三位有效数字〕    10.        〔1〕在测量电源的电动势E及内阻r的实验中，按图甲所示的电路图进行实验，闭合开关，当将滑动变阻器的滑片由A端向B端逐渐滑动时，以下说法正确的选项是     。           

 0  ， 请用笔画线代替导线，在图乙中完成增加R0后的实物连线，要求滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数变大。    〔3〕调节滑动变阻器，记录电压表和电流表的示数，将记录的数据描绘在方格纸上，可求得电动势E＝________V、内阻r＝________Ω．〔结果均保存两位小数〕    11.水上滑梯轨道示意图如下列图，轨道AB段弯曲，BC段水平，CD段为 圆弧轨道，三段轨道平滑连接。A点距水面的高度H＝20m，圆弧轨道半径R＝5m，D点恰好与水面接触。质量m＝60kg的人〔视为质点〕由A点静止滑下，恰好从C点离开轨道，并从E点〔图中末画出〕落入水中。不计空气阻力，取g＝10m/s2  ，  ＝1.4．求：  〔1〕从A点滑到C点的过程中，人克服摩擦力做的功；    〔2〕D、E两点间的距离。    12.如下列图，在竖直平面内的直角坐标系xOy中，x轴上方有竖直向下的匀强电场，电场强度大小为E，x轴下方无电场，但有一半径为R的圆形有界匀强磁场与x轴相切于坐标原点O，磁场的方向垂直于xOy平面向里〔图中未画出〕。一质量为m、电荷量为q的带正电粒子，由坐标为〔0，1.5R〕的A点无初速度释放，粒子进入磁场后在磁场中恰好运动 圆周，粒子所受重力不计，取sin35°＝ 〔1〕求匀强磁场的磁感应强度大小B；    〔2〕假设将该粒子释放位置水平向左移动一段距离L〔未知〕，再无初速度释放，求当L多大时粒子在磁场中运动的时间最长，并求该最长时间和粒子离开磁场时的位置坐标。〔不考虑粒子离开磁场后的运动〕    三、[物理--选修33]13.以下说法正确的选项是〔   〕            A. 在绝热条件下压缩气体，气体的内能一定增加
B. 扩散现象说明分子间有间隙，布朗运动说明花粉分子在不停地做无规那么运动
C. 人对空气干爽或潮湿的感受主要取决于空气的相对湿度
D. 假设两分子间距离为r0时分子间的斥力与引力大小相等，那么当分子间距离小于r0时，分子势能随分子间距的减小而增大
E. 质量和温度均相等的氧气和氮气，其内能也相等14.如图甲所示，内壁光滑、导热良好、质量m＝50kg的汽缸开口向上，竖直放置在水平地面上，上局部的横截面积S1＝150cm2  ， 下局部的横截面积S2＝300cm2  ， 下局部汽缸高L＝10cm，汽缸内上、下局部连接处有细小卡口，汽缸内有两个质量忽略不计、厚度不计的活塞A、B封闭了1、Ⅱ两局部理想气体，A活塞正好处在汽缸上、下两局部的分界处〔对卡口无压力〕，B活塞处在下局部汽缸的正中间位置。现将该装置悬挂起来，稳定后如图乙所示。重力加速度大小g＝10m/s2  ， 大气压强p0＝1×105Pa．求：  〔Ⅰ〕该装置悬挂后，Ⅱ局部理想气体的压强；〔Ⅱ〕A、B两活塞向上移动的距离之比。四、[物理--选修34]15.一列简谐横波在t＝ls时的波形图如下列图，a、b、c分别为介质中的三个质点，其平衡位置分别为xa＝0.5m、xb＝2.0m、xc＝3.5m。此时质点b正沿y轴负方向运动，且在t＝l.5s时第一次运动到波谷。那么以下说法正确的选项是〔   〕  A. 该波沿x轴正方向传播                                         B. 该波的传播速度大小为1m/s
C. 质点a与质点c的速度始终大小相等、方向相反    
E. 质点c的振动方程为y＝0.4cos 16.如下列图，ABCD是一横截面为直角梯形的棱镜，位于截面所在平面内的一束单色光线由O点垂直AD边射入。棱镜的折射率n＝l.5，AB＝BC＝10cm，OA＝2.5cm，∠OAB＝60°．求：  〔i〕光线第一次射出棱镜时，折射角的正弦值；〔ii〕光线第一次射出棱镜的出射点到C点的距离。
答案解析局部一、选择题：此题共8小题，每题6分．在每题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1.【解析】【解答】解：A、光电管两端加正向电压时，增大电压，那么到达光电管阳极的数目增多，电流表示数增大，但到达饱和光电流后，即使增大电压，电流表示数不变；光电管两端加反向电压时，增大电压，到达光电管阳极的数目减少，电流表示数减小，A不符合题意； B、增参加射光的频率，根据光电效应方程可知，产生的光电子的最大初动能增大，不一定能增加光电流，电流表示数不一定增大，B不符合题意；C、增参加射光的强度，那么光子数目增加，产生的光电子数目增加，光电流增大，电流表示数增大，C符合题意；D、光电效应现象是瞬间产生的，增加光照时间不会影响光电流的大小，D不符合题意。故答案为：C 
【分析】光子的数量影响光电流的大小，由光照的强度所决定。2.【解析】【解答】解：A、因为ab杆滑行过程中产生感应电流，杆的机械能不断减小，经过同一位置时，杆上滑的速度必然大于杆下滑的速度，所以上滑阶段的平均速度大于下滑阶段的平均速度，而上滑阶段的位移与下滑阶段的位移大小相等，所以上滑过程的时间比下滑过程短，A不符合题意； B、根据右手定那么可知，金属杆向上滑行时，通过金属杆的电流方向从a到b，B不符合题意；C、通过电阻R的电量q＝I△t＝ ＝ ，由于上滑和下滑过程的位移大小相等，故上滑阶段和下滑阶段通过回路即通过R的电量相同，C不符合题意；D、由于运动过程中产生焦耳热，所以杆的机械能逐渐减小，所以金属杆刚向上滑行时的速度大于刚回到导轨底端时的速度，根据FA＝BIL＝ 可知金属杆刚向上滑行时受到的安培力大于刚回到导轨底端时受到的安培力，D符合题意。故答案为：D 
【分析】利用杆机械能的变化结合平均速度公式可以比较运动的时间；利用右手定那么可以判别感应电流的方向；利用磁通量变化量可以判别电量的大小；利用速度大小结合安培力的表达式可以比较安培力的大小。3.【解析】【解答】解：A、地球静止轨道卫星即地球同步卫星，轨道平面位于赤道平面，运行时不会通过西安的上空，A不符合题意； B、同步卫星的周期为地球自转周期，地球外表的重力加速度和地球自转周期， ，根据黄金代换式：GM＝gR2  ， 解得同步卫星的轨道半径：r＝ ，地球半径未知，无法求出该卫星距地面的高度，B不符合题意；C、根据角速度与周期的关系可知， ，地球的自转周期，可以求出同步卫星的角速度大小，C符合题意；D、根据万有引力提供向心力， ＝m ，解得线速度：v＝ ，假设只地球第一宇宙速度和地球外表的重力加速度， ，卫星的距离地面的高度未知，无法确定该卫星的线速度，D不符合题意。故答案为：C 
【分析】利用同步卫星可以判别其对应的轨道平面；利用引力提供向心力可以求出轨道半径，但不知地球半径不能求出距离地面的高度；利用周期和角速度关系可以求出角速度的大小；由于不知道半径不能求出线速度的大小。4.【解析】【解答】解：令小球的质量为2m，那么滑块的质量为m， 对小球和滑块组成的整体，根据牛顿第二定律有：2mg﹣mgsin37°﹣μmgcos37°＝3ma，对小球，根据牛顿第二定律有：2mg﹣T＝2ma，联立解得：T＝ N，A符合题意，BCD不符合题意。故答案为：A 
【分析】利用牛顿第二定律可以求出拉力的大小。5.【解析】【解答】解：小球在水平方向做匀速直线运动，根据x＝vt知小球在MN上方的电场和MN下方的电场运动时间之比为 t1：t2＝x1：x2＝1：3 小球在竖直方向的位移大小之比为 y1：y2＝〔 〕：〔 〕＝1：3其中 a1＝ ，a2＝ 联立解得：E＝ ，ABC不符合题意，D符合题意。故答案为：D 
【分析】利用类平抛运动的位移公式结合加速度的大小和牛顿第二定律可以求出电场强度的大小。6.【解析】【解答】解：A、原线圈接图乙所示交变电流，分析图乙可知，交变电流最大值为220 V，那么有效值：U1＝220V，电流表示数为1.5A，那么副线圈输出电流：I2＝1.5A，根据欧姆定律可知，副线圈输出电压：U2＝I2•R＝60V，根据变压比可知， ＝ ，A符合题意； B、分析图乙可，周期：T＝0.02s，一个周期内电流方向改变两次，变压器不改变交流电的频率，那么通过电阻的电流方向每秒钟改变100次，B不符合题意；C、电阻两端电压有效值为60V，最大值为60 V，C不符合题意；D、变压器的输出功率，即电阻消耗功率：P＝U2I2＝90W，变压器的输入功率由输出功率决定，那么输入功率为90W，D符合题意。故答案为：AD 
【分析】利用欧姆定律结合电压之比可以求出匝数之比；利用周期的大小可以判别电流方向改变的次数；利用电压的有效值可以求出峰值的大小；利用电流和电压的大小可以求出消耗功率和输入功率的大小。7.【解析】【解答】解：把左侧的半圆对称到右侧斜面上，如下列图： 由题意可知，小球的落点为斜面与右侧半圆的交点，由几何关系可知，小球在竖直方向的位移：y＝ ＝rsin60°，小球落到斜面轨道上时，tan60°＝ ，解得v0＝15m/s，t＝ s，BC符合题意，AD不符合题意。故答案为：BC 
【分析】利用几何关系结合平抛的位移公式可以求出初速度和运动的时间。8.【解析】【解答】解：AB、由题意可知，当b的速度最小时，弹簧恰好恢复原长，设此时a的速度最大为v，由动量守恒定律和机械能守恒定律得： mbv0＝mbv1+mav＝ + 代入数据解得：ma＝0.5kg，v＝4m/s，A不符合题意，B符合题意；C、两物体的速度相等时，弹簧弹性势能最大，由动量守恒定律和机械能守恒定律得：mbv0＝〔ma+mb〕v2代入数据解得：Ep＝1.5J，C符合题意；D、在a离开挡板前，a、b及弹簧组成的系统受到挡板向右的力，所以系统机械能守恒、动量不守恒，D不符合题意。故答案为：BC 
【分析】利用动量守恒结合机械能守恒定律可以求出a的质量和速度的大小；利用动量守恒结合共速和能量守恒定律可以求出最大的弹性势能；利用系统受到外力可以判别动量不守恒。二、非选择题：包括必考题和选考题两局部．．9.【解析】【解答】解：〔1〕打点计时器的打点周期为0.02s，每相邻两个计数点间有3个点未画出，那么相邻两个计数点间的时间间隔：T＝0.02×4s＝0.08s。〔2〕根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小为：v＝ ＝ m/s＝1.08m/s。 根据匀变速直线运动的推论公式△x＝aT2可以求出加速度的大小为：a＝ ＝ 2。  
【分析】〔1〕利用间隔数乘以周期可以求出时间的大小；
〔2〕利用平均速度公式可以求出速度的大小；利用邻差公式可以求出加速度的大小。10.【解析】【解答】解：〔1〕闭合开关，当将滑动变阻器的滑片由A端向B端逐渐滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据闭合电路的欧姆定律可得总电流增大，那么电流表的示数增大，根据U内＝Ir可知內电压增大，那么路端电压U＝E﹣U内减小，电压表的示数减小，B符合题意、AC不符合题意； 故答案为：B；〔2〕定值电阻应该接在干路上与电源直接连接，要求滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数变大，那么滑动变阻器左下方接线柱接入电路，如下列图： 〔3〕根据闭合电路的欧姆定律可得：E＝U+I〔R0+r〕解得：U＝E﹣〔R0+r〕I 内阻为：r＝ ﹣R0＝ Ω﹣1Ω＝0.20Ω。故答案为：〔1〕B；〔2〕如下列图；〔3〕1.54，0.20。 
【分析】〔1〕滑动变阻器的阻值随滑片向左移动而变小，其电流表读数变大，外电压变小；
〔2〕定值电阻与电源相连；结合电路图进行实物图连接；
〔3〕利用图像截距和斜率可以求出电动势和内阻的大小。11.【解析】【分析】〔1〕利用牛顿第二定律可以求出速度的大小，结合动能定理可以求出摩擦力做功的大小；
〔2〕利用平抛运动的位移公式可以求出DE之间的距离大小。12.【解析】【分析】〔1〕利用动能定理结合牛顿第二定律可以求出磁感应强度的大小；
〔2〕利用几何关系结合圆心角的大小可以求出运动的时间；利用几何关系可以求出粒子离开的坐标。三、[物理--选修33]13.【解析】【解答】解：A、在绝热条件下压缩气体，外界对气体做功而没有热传递，根据热力学第一定律可知气体的内能一定增加，A符合题意； B、扩散现象说明分子间有间隙；布朗运动反映了液体分子在不停地做无规那么运动，B不符合题意；C、人对空气干爽与潮湿的感受主要取决于空气的相对湿度，空气的相对湿度越大，人们感觉越潮湿，相对湿度越小感觉越枯燥，C符合题意；D、根据分子力的特点可知，当两分子间距离为r0时，分子力为0；当分子间距离小于r0时，分子间表现为斥力，当分子间距离小于r0时，减小分子之间的距离需要克服分子力做功，所以分子势能随分子间距的减小而增大，D符合题意；E、氧气与氮气的分子量不同，所以质量相等的氧气与氮气的分子数不同，所以质量和温度均相等的氧气和氮气，其内能不相等，E不符合题意；故答案为：ACD 
【分析】布朗运动说明液体分子在做无规那么运动；氧气分子和氮气分子数不同所以内能不同；空气的相对湿度反映空气的枯燥与潮湿。14.【解析】【分析】〔1〕利用平衡方程结合气体的等温变化可以求出气体的压强大小；
〔2〕利用气体的等温变化可以求出上移距离之比。四、[物理--选修34]15.【解析】【解答】解：A、由于此时质点b正沿y轴负方向运动，根据“同侧法〞可知该波沿x轴负方向传播，A不符合题意； B、由于在t＝l.5s时第一次运动到波谷，那么有 ＝1.5s﹣1s＝0.5s，解得T＝2s，根据图象可知波长λ＝2m，那么波速v＝ ＝1m/s，B符合题意；C、质点a与质点c的平衡位置相距1.5λ，相距半个波长的两个质点振动情况完全相反，所以质点a与质点c的速度始终大小相等、方向相反，C符合题意；D、质点每经过一个周期通过的路程为4A，所以每经过2s，质点a通过的路程都为s＝4A＝4×0.4m＝1.6m，D符合题意；E、t＝0时质点c应该在负向最大位移，所以质点c的振动方程为y＝﹣Acosωt＝﹣0.4cosπt，故E不符合题意。故答案为：BCD 
【分析】利用质点的振动方向可以判别波的传播方向；利用质点的振幅结合周期可以求出振动的方程；利用波长和周期可以求出波速的大小；利用振动时间结合周期可以求出路程的大小。16.【解析】【分析】〔1〕利用折射定律结合几何关系可以求出折射角的正弦值；
〔2〕利用几何知识可以求出出射点到C的距离大小。