云南省玉溪市华宁一中2020-2021学年高二下学期期中考试物理试题+Word版含答案

这是一份云南省玉溪市华宁一中2020-2021学年高二下学期期中考试物理试题+Word版含答案，共11页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。

物理试题
本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间90分钟。
分卷I
一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分)
1.如图所示，电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，射入方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是( )
A．U1变大、U2变大
B．U1变小、U2变大
C．U1变大、U2变小
D．U1变小、U2变小
2.如图所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并处于方向垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场中，质量为m、带电量为＋Q的小滑块从斜面顶端由静止下滑．在滑块下滑的过程中，下列判断正确的是(
A． 滑块受到的摩擦力不变
B． 滑块到地面时的动能与B的大小无关
C． 滑块受到的洛伦兹力方向垂直斜面指向斜面
D．B很大时，滑块最终可能静止于斜面上
3.交流发电机线圈电阻r＝1 Ω，用电器电阻R＝9 Ω，电压表示数为9 V，如图所示，那么该交流发电机( )
A． 电动势的峰值为10 V
B． 电动势的有效值为9 V
C． 交流发电机线圈通过中性面时电动势的瞬时值为10V
D． 交流发电机线圈自中性面转过90°的过程中的平均感应电动势为V
4.下图表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系中正确的是( )
A． B． C． D．
5.关于电场强度的定义式，下列说法中正确的是( )
A．E和F成正比，F越大E越大 B．E和q成反比，q越大E越小
C．E的大小是由F和q的大小共同决定的 D． E的方向与+q受力F的方向相同
6.电感和电容对交流电的阻碍作用的大小不但跟电感、电容本身有关，还跟交流电的频率有关，下列说法中正确的是( )
A． 电感是通直流、阻交流，通高频、阻低频
B． 电容是通直流、阻交流，通高频、阻低频
C． 电感是通直流、阻交流，通低频、阻高频
D． 电容是通交流、隔直流，通低频、阻高频
7.、是一条电场线上的两点，在点由静止释放一个质子，质子仅受电场力的作用，沿着电场线从点运动到点，质子的速度随时间变化的规律如图所示，以下判断正确的是（ ）
A． 该电场可能是匀强电场
B．点的电势高于点的电势
C．点到点，质子的电势能逐渐增大
D． 质子在点所受电场力大于在点所受电场力
8.如图所示，两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流．a、O、b在M、N的连线上，O为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到O点的距离均相等．关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是( )
A．O点处的磁感应强度为零
B．a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反
C．c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同
D．a、c两点处磁感应强度的方向不同
9.在电场中，把电荷量为4×10－9C的正点电荷从A点移到B点，克服静电力做功6×10－8J，以下说法中正确的是( )
A． 电荷在B点具有的电势能是6×10－8J B．B点电势是15 V
C． 电荷的电势能增加了6×10－8J D． 电荷的电势能减少了6×10－8J
10.下列说法正确的是( )
A． 热量和功是由过程决定的，而内能是由物体状态决定的
B． 外界对物体做功，物体的内能一定增大
C． 物体吸收热量，温度一定升高
D． 热量总是由内能大的物体流向内能小的物体
二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)
11.（多选）如图所示的电路中，电源内阻为r，闭合电键，电压表示数为U，电流表示数为I；在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中（ ）
A．U先变大后变小
B．I先变小后变大
C．U与I的比值先变大后变小
D．U的变化量的大小与I的变化量的大小的比值等于r
12.(多选)如图所示，在方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场中，沿水平面固定一个V字型金属框架CAD，已知∠A＝θ，导体棒EF在框架上从A点开始在拉力F作用下，沿垂直EF方向以速度v匀速向右平移，使导体棒和框架始终构成等腰三角形回路．已知框架和导体棒的材料和横截面积均相同，其单位长度的电阻均为R，框架和导体棒均足够长，导体棒运动中始终与磁场方向垂直，且与框架接触良好．关于回路中的电流I、拉力F和电路消耗的电功率P与水平移动的距离x变化规律的图象中正确的是( )
A． B． C． D．
13.(多选)如图所示，真空中存在范围足够大的匀强电场，A、B为该匀强电场的两个等势面．现有三个完全相同的带等量正电荷的粒子a、b、c，从等势面A上的某点同时以相同速率v0向不同方向开始运动，其中a的初速度方向垂直指向等势面B；b的初速度方向平行于等势面；c的初速度方向与a相反．经过一段时间，三个粒子先后通过等势面B.已知三个粒子始终在该匀强电场中运动，不计重力，下列判断正确的是( )
A． 等势面A的电势高于等势面B的电势
B．a、b、c三粒子通过等势面B时的速度大小相等
C． 开始运动后的任一时刻，a、b两粒子的动能总是相同
D． 开始运动后的任一时刻，三个粒子电势能总是相等
14.(多选)如图甲所示，“”形金属导轨水平放置，导轨上跨接一金属棒ab，该棒与导轨构成闭合回路，并能在导轨上自由滑动．在导轨左侧与ab平行放置的导线cd中通以图乙所示的交变电流，规定电流方向自c向d为正，则ab棒受到向左的安培力的时间是( )
A． 0～t1 B．t1～t2 C．t2～t3 D．t3～t4
分卷II

三、实验题(共2小题,共15分)
15.如图所示，螺旋测微器的读数为 mm，20分度的游标卡尺读数为 mm．
16.“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，提供的实验器材有：
A．小灯泡(额定电压为3.8 V，额定电流约为0.3 A)
B．电流表A (0～0.6 A，内阻约为0.5 Ω)
C．电压表V(0～6 V，内阻约为5 kΩ)
D．滑动变阻器R1(0～10 Ω， 2 A)
E．滑动变阻器R2(0～100 Ω， 0.2 A)
F．电源(6 V，内阻不计)
G．开关及导线若干
(1)实验中滑动变阻器选________(填“R1”或“R2”)
(2)该同学设计了实验测量电路，通过改变滑动变阻器滑片的位置，使电流表的读数从零开始变化，记录多组电压表的读数U和电流表的读数I.请在图甲中用笔画线代替导线将实验电路连接完整
(3)该同学根据实验数据作出了如图乙的U－I图象，根据图象可知小灯泡的电阻随着电流的增大而________(选填“增大”“减小”或“不变”)
四、计算题
17.如图所示，通电导线L垂直放于匀强磁场(各点的磁感应强度大小和方向均相同)中，导线长8 m，磁感应强度B的值为2 T，导线所受的力为32 N，求导线中电流的大小．
18.如图所示为一组未知方向的匀强电场的电场线，将带电荷量为q=1.0×10﹣6C的点电荷由A点沿水平线移至B点，克服静电力做了2×10﹣6J的功，已知A、B间的距离为2 cm．
（1）试求A、B两点间的电势差UAB；
（2）若A点的电势为φA=1 V，试求B点的电势φB；
（3）试求该匀强电场的场强大小并判断其方向．
19.如图所示，内壁光滑、足够高的圆柱形汽缸竖直放置，内有一质量为m的活塞封闭一定质量的理想气体．已知活塞横截面积为S，外界大气压强为p0，缸内气体温度为T1.现对汽缸内气体缓慢加热，使气体体积由V1增大到V2，该过程中气体吸收的热量为Q1，停止加热并保持体积V2不变，使其降温到T1，已知重力加速度为g，求：
(1)停止加热时缸内气体的温度；
(2)降温过程中气体放出的热量．
20.．如图所示，质量mA＝0.2 kg、mB＝0.3 kg的小球A、B均静止在光滑水平面上．现给A球一个向右的初速度v0＝5 m/s，之后与B球发生对心碰撞．
(1)若碰后B球的速度向右为3 m/s，求碰后A球的速度大小；
(2)若A、B两球发生弹性碰撞，求碰后A、B球各自的速度大小；
(3)若A、B两球发生的是完全非弹性碰撞，求碰撞后两球损失的动能．
答案
1.B 2.C 3.D 4.D 5.D 6.C 7.B 8.C 9.C 10.A
11.ABC 12.ACD 13.AB 14.AC
15.【答案】6.768 104.05
【解析】螺旋测微器的固定刻度读数为6.5 mm，可动刻度读数为0.01×26.8 mm=0.268 mm，所以最终读数为（6.5+0.268）mm=6.768 mm．
游标卡尺的主尺读数为104 mm，游标读数为0.05×1 mm=0.05 mm，所以最终读数为
(104+0.05) mm=104.05 mm．
16.【答案】(1)R1 (2)如图所示 (3)增大
【解析】“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验应该设计成分压电路，滑动变阻器选择阻值范围小的R1.由于小灯泡电阻小，采用电流表外接电路．根据图象可知小灯泡的电阻随着电流的增大而增大．
17.【答案】2 A
【解析】由F＝BIL得I＝＝A＝2 A.
18.【答案】（1）2 V （2）1 V （3）200 V/m，方向沿电场线斜向下
【解析】（1）由题意可知，静电力做负功，有：
J
根据UAB=
得：UAB=2 V
（2）由UAB=φAφB，可得：φB=φAUAB=1 V2 V=1 V
（3）沿着电场方向的位移为：
d=2×10﹣2cs60° m=1×10﹣2m
E=V/m=200 V/m
沿着电场线方向电势降低，所以电场线的方向：沿电场线斜向下.
19.【答案】 (1)T1 (2)Q1－(p0＋)(V2－V1)
【解析】 (1)加热过程中气体等压膨胀，由＝，
得：T2＝T1.
(2)设加热过程中，封闭气体内能增加ΔU，因气体体积增大，故此过程中气体对外做功，W<0.
由热力学第一定律知：ΔU＝Q1＋W
其中W＝－pΔV＝－(p0＋)(V2－V1)
由于理想气体内能只与温度有关，故再次降到原温度时气体放出的热量满足Q2＝ΔU
整理可得：Q2＝Q1－(p0＋)(V2－V1)
20.【答案】 (1)0.5 m/s (2)1 m/s 4 m/s (3)1.5 J
【解析】 (1)A、B碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，
由动量守恒定律得：mAv0＝mAvA＋mBvB，解得：vA＝0.5 m/s；
(2)若两球发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，
以向右为正方向，由动量守恒定律得：mAv0＝mAvA＋mBvB，
由机械能守恒定律得：mAv02＝mAvA2＋mBvB2，
解得：vA＝－1 m/s，vB＝4 m/s；
即A球的速度大小为1 m/s，B球的速度大小为4 m/s.
(3)碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，
由动量守恒定律得：mAv0＝(mA＋mB)v，解得：v＝2 m/s，
系统损失的动能：ΔEk＝mAv02－(mA＋mB)v2＝1.5 J，即动能损失1.5 J.