2021年广东省深圳市物理中考模拟卷（四）（word版 含答案）

这是一份2021年广东省深圳市物理中考模拟卷（四）（word版 含答案），共18页。试卷主要包含了8g/cm3，4W，3%，故C错；等内容，欢迎下载使用。

2021年广东省深圳市物理中考模拟卷（四）
一. （本部分共16小题，每小题1.5分，共24分，每小题给出4个选项，其中只有一个选项符合题意）
1．（1.5分）在许多高速公路上，在传统的交通标志白线上每隔2米安装了一个凸起的纯玻璃元件，这种元件叫“夜精灵”。晚上只要汽车的灯光一照，司机就能看到附近地上的“夜精灵”亮起来（如图所示）。“夜精灵”的工作原理是利用了（　　）

A．光的直线传播 B．光的反射
C．光的折射 D．光的色散
2．（1.5分）如图，宇航员王亚平在太空舱中利用失重状态制成了一个完美的水球，我们透过水球也可以看到她的“脸”，通过观察我们可以判断，此时她的脸到水球的距离（　　）

A．小于一倍焦距
B．大于一倍焦距，小于两倍焦距
C．等于两倍焦距
D．大于两倍焦距
3．（1.5分）图中的图象不正确的是（　　）
A．重力与质量的关系 B．晶体凝固过程
C．反射角与入射角关系 D．匀速直线运动
4．（1.5分）重庆小面是发源于重庆的一款特色面食，品种丰富。重庆小面的特点是麻辣当先，面条劲道，汤鲜而厚味。不论身世高低贵贱，都会被重庆小面的魅力所征服。其中包括的物理知识正确的是（　　）

A．煮小面时冒出的腾腾热气是升华现象
B．煮小面是通过做功的方式增加了小面的内能
C．透出的小面香气是因为分子间有力的作用
D．煮面时汤水沸腾，继续加热，温度不变
5．（1.5分）赛龙舟不仅是一项体育娱乐活动，更体现我国悠久历史文化传承。如图所示为某比赛场景，下列说法错误的是（　　）

A．选手根据鼓声齐心协力划桨，鼓声是由鼓面振动产生的
B．选手听到鼓声大作，震耳欲聋，说明此时鼓声的响度大
C．选手能从现场各种声音中听出鼓声，主要是通过鼓声的音色来辨别的
D．鼓手敲击鼓面越快，鼓声在空气中传播的速度也越快
6．（1.5分）下列物理量估算合理的是（　　）
A．一个中学生的重力约50N
B．人体的正常体温约37℃
C．人步行速度约10m/s
D．人体平均密度约0.8g/cm3
7．（1.5分）下列现象与对应的物理知识之间的关系中，不正确的是（　　）
A．飞机获得升力起飞﹣流体压强与流速的关系
B．热气球升空﹣大气压与海拔高度的关系
C．利用天平测量物体的质量﹣杠杆原理
D．助跑可以提高跳远的成绩﹣物体具有惯性
8．（1.5分）某同学从滑梯上匀速下滑，滑梯对该同学作用力F的方向是（　　）

A． B．
C． D．
9．（1.5分）如图所示，沙坪坝三峡广场的民警正脚踏“风火轮”执勤。民警们用的是名为“T﹣robot”的机器人代步工具。民警脚踏底座，手推操纵柄，依靠自身重心的偏移，就可控制机器人向任何方向前进，还能原地转弯，即使在人潮拥挤的步行街也能畅通无阻，下列说法正确的是（　　）

A．民警站在“风火轮”上静止时，“风火轮”受到的重力和地面对它的支持力是一对平衡力
B．民警站在“风火轮”上静止时，人所受的重力和人对“风火轮”的压力是一对相互作用力
C．当民警驾驶“风火轮”匀速直线行驶时，民警所受合力为0
D．当民警驾驶“风火轮”匀速直线行驶时，以运动的“风火轮”为参照物，该民警是运动的
10．（1.5分）如图所示，定滑轮重3N，动滑轮重2N，在拉力F的作用下，1s内将重10N的物体A沿竖直方向匀速提高了0.2m，如果不计摩擦和绳重，则以下计算结果正确的是（　　）

A．绳子自由端移动速度是0.6m/s
B．拉力的功率为2.4W
C．滑轮组的机械效率为80%
D．拉力F的大小为5N
11．（1.5分）下列关于电学知识说法正确的是（　　）
A．验电器的工作原理是异种电荷相互排斥
B．导体的电阻大小只跟导体的长度、横截面积有关
C．金属靠自由电子导电
D．电学中规定正电荷的运动方向为电流的方向
12．（1.5分）如图所示，用来研究通电导线在磁场中受到力的作用的实验装置是（　　）
A．
B．
C．
D．
13．（1.5分）关于生活中的安全用电说法正确的是（　　）
A．开关必须接在用电器和火线之间
B．家庭电路中空气开关跳闸，一定是用电器总功率过大
C．测电笔用于检验电路中是否有电流
D．三线插座损坏后可用两线插座代替
14．（1.5分）如图是课本中“探究电流通过导体产生的热量与什么因素有关的关系”的实验装置，两个透明容器中密封着等量的空气，电路正确连接后，通电进行实验的过程中，下列说法错误的是（　　）

A．左边容器电阻丝中的电流比右边容器电阻丝中的电流大
B．U形管中液面高度的变化反映电阻丝产生热量的多少
C．透明容器中选用空气作为被加热的物质，原因是空气的热膨胀效果好实验现象显著
D．通电时间相同，两个容器中空气吸收的热量相同
15．（1.5分）如图所示的电路中，电源两端电压保持不变，R1为定值电阻。开关S闭合后，在滑动变阻器R2的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（　　）

A．电压表V1的示数变大 B．电流表A的示数变大
C．电压表V2的示数变大 D．电路消耗的总功率变大
16．（1.5分）空气污染指数（API﹣﹣AirPollutionIndex的英文缩写）越高，空气污染越严重。如图甲是一个空气污染指数检测仪的原理图。R为气敏电阻，其电阻的倒数与API的关系如图乙所示，已知电源电压12V保持不变，R0＝5Ω，下列说法不正确的是（　　）


A．当空气污染加重时，气敏电阻R的阻值将减小
B．当电压表的示数为4V时，气敏电阻R的阻值为10Ω
C．当电压表的示数为4V时，2min内R0产生的热量是576J
D．当电路中电流是1.2A时，空气污染指数是50
二．作图题（共7小题）
17．如图所示，F点是凹透镜的虚焦点，O点是光心，请画出两条光线经过凹透镜的光路图。

18．如图所示，电路连接正确，通电后小磁针指向如图所示（涂黑端表示N极）。请在图中标出螺线管的磁极、电源的“+”、“﹣”极，并画出螺线管的绕法（至少三圈）。

19．小明利用如图所示的装置探究杠杆平衡条件。
（1）图甲中，杠杆静止时处于　 　（选填“平衡”或“不平衡”）状态。为使杠杆在水平位置平衡，小明应将杠杆两端的平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）移。在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是便于直接在杠杆上　 　。
（2）如图乙所示，在杠杆左侧A位置（左边位置第四格）先挂了3个钩码，每个钩码为0.5N，在右侧B位置（右边位置第三格）用弹簧测力计竖直向下拉杠杆，使其在水平位置平衡，弹簧测力计的示数为　 　N。
（3）如图丙所示，小明在A位置挂一个弹簧测力计，在B位置挂了2个钩码，现将弹簧测力计从C位置移到D位置，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则弹簧测力计示数　 　，原因是测力计的拉力力臂　 　（均选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（4）小明用如图丁装置进行探究，发现总是无法得到教材上所给出的杠杆平衡条件，其原因是　 　。
（5）小明多次实验收集多组数据，目的是　 　（选填“a”或“b”）。
a.多次实验取平均值减小实验误差
b.使实验结论更具有科学性和普遍性
20．现有下列器材：学生电源（6V），电流表（0﹣0.6A，0﹣3A）、电压表（0﹣3V，0﹣15V）、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、开关、滑动变阻器和导线若干，利用这些器材探究“电流与电阻的关系”。

（1）请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路。（要求连线不得交叉）
（2）电路连接完成后，闭合开关，他们发现小灯泡不亮，电压表没有示数，电流表指针有明显的偏转，他们分析电路故障原因可能是　 　
A．小灯泡断路 B．小灯泡短路 C．滑动变阻器断路
（3）上述实验中，小强用5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，闭合开关，向　 　（选填“A”或“B”）端移动滑片，使电压表示数为　 　V时，读出电流表的示数。实验中依次接入三个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，记下三组数据，利用描点法得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象。由图象可以得出结论：　 　。
（4）为完成整个实验，应该选取哪种规格的滑动变阻器　 　。
A.50Ω1.0AB.30Ω1.0AC.20Ω1.0A。
21．图甲是一款电加热足浴盆，其简化电路如图乙所示，在足浴盆内加入冷水，闭合开关S，热敏开关S2自动闭合，水温达到设定温度后S2自动断开，处于保温状态，脚踩到足浴盆底时，开关S1自动闭合，电机开始工作，按摩足底，还可以通过调节滑动变阻器的滑片来调节按摩强度，电源电压220V，R2的阻值为990Ω，足浴盆的加热功率为440W，电动机的最大功率为220W，求：

（1）电阻R1的阻值是多少？
（2）足浴盆的保温功率是多少？
（3）足浴盆在加热状态下工作10min，放出的热量全部被水吸收，可将多少质量的水由20℃加热到40℃？【c水＝4.2×103J/（kg•℃），计算结果保留两位小数】
（4）保温状态下以最大功率按摩时通过电路的总电流是多少？
22．如图所示，重为10N，底面积为200cm2的薄壁圆柱形容器放在水平桌面上，容器内装有40N的某种液体，用弹簧测力计吊着体积为800cm3圆柱体A慢慢浸入该液体中（如图甲），无液体溢出，弹簧测力计的示数与圆柱体A下表面浸入液体中的深度h的关系如图乙所示，g＝10N/kg，求：
（1）圆柱体A浸没时受到的浮力；
（2）液体的密度；
（3）弹簧测力计示数达到最小值瞬间圆柱体A底面受到的液体的压强；
（4）圆柱体A浸没时（未接触底部），容器对桌面的压强。

23．小松想利用如图的元件组成串联电路，让电流表测L2电流，请你帮他完成下列任务

（1）在方框内画出电路图。
（2）用笔代替导线连接实物电路（导线不的交叉）。
（3）如图所示，电流表示数为　 　，则通过L1电流是　 　，通过L2电流为　 　。

参考答案
一、（本部分共16小题，每小题1.5分，共24分，每小题给出4个选项，其中只有一个选项符合题意）
1．解：由于“夜精灵”的形状如同凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，当汽车灯光射来时，光线经过玻璃微珠折射后，在玻璃微珠背面发生反射，然后沿原路返回，这样司机就可以看清黑夜中的标志牌。
故选：B。
2．解：图中所成的像为倒立、缩小的实像，水球具有中间厚，边缘薄的特点，因此水球相当于一个凸透镜，此时王亚平到水球的距离与水球焦距的关系是大于2倍焦距，故D正确。
故选：D。
3．解：A、图中横轴表示质量，纵轴表示重力，重力与质量成正比，该选项说法正确，不符合题意；
B、图中横轴表示时间，纵轴表示温度，在温度的降低过程中，有一段时间温度保持不变，符合晶体凝固的特点，该选项说法正确，不符合题意；
C、图中横轴表示入射角，纵轴表示反射角，图中反射角不随入射角的增大而增大，不符合光的反射规律，该选项说法不正确，符合题意；
D、图中横轴表示时间，纵轴表示距离，描述的是路程和时间成正比，符合匀速直线运动的特点，该选项说法正确，不符合题意。
故选：C。
4．解：A、煮小面时冒出的腾腾热气是水蒸气遇冷液化形成的，故A错误；
B、煮小面时，面条吸热，是通过热传递的方式使肉的内能增加，故B错误；
C、小面透出香气是扩散现象，说明面的香分子在做无规则运动，故C错误；
D、汤水沸腾，继续加热，汤的温度不再升高，故D正确。
故选：D。
5．解：A、发声体都在振动，鼓声是由于鼓面的振动产生的。故A正确；
B、鼓声大作，震耳欲聋，是鼓面振动幅度大，鼓声的响度大。故B正确；
C、不同乐器的音色是不同的，选手能从现场各种声音中听出鼓声，主要是通过鼓声的音色来辨别的。故C正确；
D、鼓手敲击鼓面越快，鼓声音调越高，但传播速度不变。故D错误。
故选：D。
6．解：A、中学生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N左右。故A不合理；
B、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故B合理；
C、人正常步行的速度在4km/h＝4×m/s≈1.1m/s左右。故C不合理；
D、水的密度是1.0g/cm3，人体密度与水的密度差不多，在1.0g/cm3左右。故D不合理。
故选：B。
7．解：
A、飞机飞行时获得升力，是因为飞机的机翼形状上凸下平，使下方空气流速小、压强大，获得向上的升力，故A正确；
B、热气球浸在空气中时，浮力大于热气球自身的重力，从而升空，故B错误；
C、天平是一个等臂杠杆，是利用杠杆原理来测量物体的质量，故C正确；
D、跳远运动员助跑可以提高成绩，是利用了身体的惯性，故D正确。
故选：B。
8．解：该同学由于匀速下滑，受平衡力，滑梯对该同学的作用力与重力平衡，竖直向上，大小相等。
故选：A。
9．解：
A、民警站在“风火轮”上静止时，地面对它的支持力等于民警和“风火轮”的重力之和，即支持力大于“风火轮”受到的重力，所以“风火轮”受到的重力和地面对它的支持力不是一对平衡力。故A错误；
B、民警站在“风火轮”上静止时，人所受的重力和人对“风火轮”的压力方向相同，不是一对相互作用力。故B错误；
C、当民警驾驶“风火轮”匀速直线行驶时，民警处于平衡状态，所受合力为0．故C正确；
D、当民警驾驶“风火轮”匀速直线行驶时，民警相对于“风火轮”位置不变，所以，以运动的“风火轮”为参照物，该民警是静止的。故D错误。
故选：C。
10．解：
A、由图知，n＝2，拉力端移动距离：s＝2h＝2×0.2m＝0.4m，
则绳子自由端移动速度：v＝＝＝0.4m/s，故A错；
B、有用功：W有＝Gh＝10N×0.2m＝2J，
不计摩擦和绳重，则额外功：W额＝G动h＝2N×0.2m＝0.4J，
总功：W总＝W有+W额＝2J+0.4J＝2.4J，
拉力的功率：P＝＝＝2.4W，故B正确；
C、滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%≈83.3%，故C错；
D、由W总＝Fs可得，拉力：F＝＝＝6N，故D错。
故选：B。
11．解：A、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，故A错误；
B、电阻大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，故B错误；
C、金属中有大量的自由电子，金属导电依靠的是自由电子，故C正确；
D、电学中规定正电荷的定向移动的方向为电流的方向，故D错误。
故选：C。
12．解：A、当将导体棒放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，故说明通电直导体周围存在磁场，故A错误；
B、当开关闭合时，放在磁场中的导体会在磁场力的作用下运动起来，故探究的是磁场对电流作用力，故B正确；
CD、导体与电流表相连，故在闭合回路中当导体棒在磁场中运动时，电流表中会产生电流，故探究的是电磁感应，故CD错误；
故选：B。
13．解：A、控制用电器的开关与用电器串联，并接在火线和电灯之间。故A正确；
B、家庭电路中空气开关跳闸，不一定是用电器总功率过大，也可能是电路中发生了短路。故B错误；
C、测电笔是用来辨别火线和零线的装置，故C错误；
D、大功率或带有金属外壳的用电器，使用两孔插座，没有接地功能，用电器外壳带电，会危及人身安全。故D错误。
故选：A。
14．解：
A、装置中一个10Ω的电阻与两个10Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右＝I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右＝I1+I2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1＝I2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，即左边容器电阻丝中的电流比右边容器电阻丝中的电流大，故A正确；
B、该实验装置是利用U形管中空气的热胀冷缩来反映热的多少，虽然产生热量的多少不能直接观察，但可以通过U形管液面高度差的变化来反映，故B正确；
C、以空气作为加热物质的原因是因为空气的比热容较小，受热后温度变化明显，体积膨胀明显，故C正确；
D、两个容器中的电阻阻值和通电时间相同，电流不同，由Q＝I2Rt可知，电流通过两个电阻产生的热量不同，两个容器中空气吸收的热量不同，故D错误。
故选：D。
15．解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测变阻器R2两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表测电路中的电流。
因电源两端电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表V2的示数不变，故C错误；
在滑动变阻器R2的滑片P向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小，故B错误；
电路中的电流变小，由U＝IR可知，R1两端的电压变小，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R2两端的电压变大，即电压表V1的示数变大，故A正确；
电源电压保持不变，电路中的电流变小，由P＝UI可知，电路消耗的总功率变小，故D错误。
故选：A。
16．解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测R0两端的电压。
A、由题知，空气污染指数越高，空气污染越严重；由图乙可知，空气污染指数越高，气敏电阻R的倒数越大，据此得出气敏电阻R的阻值将减小，故A正确；
B、当电压表示数为4V时，通过电阻R0的电流：
I0＝＝＝0.8A；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R两端的电压：UR＝U﹣U0＝12V﹣4V＝8V，
因串联电路中各处的电流相等，则IR＝I0＝0.8A；
由欧姆定律得R的阻值：
R＝＝＝10Ω，故B正确；
C、当电压表的示数为4V时，2min内R0产生的热量Q0＝（I0）2R0t＝（0.8A）2×5Ω×2×60s＝384J，故C错误；
D、当电路中电流为1.2A时，由I＝可得，电路中的总电阻为：
R总＝＝＝10Ω；
根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可知气敏电阻的阻值：
R′＝R总﹣R0＝10Ω﹣5Ω＝5Ω，
则 ＝＝0.2Ω﹣1，
由图乙可知，此时空气质量指数为50，故D正确。
故选：C。
二．作图题（共7小题）
17．解：经过光心的光线传播方向不变；射向另外一侧虚焦点的光线经过凹透镜折射，折射光线平行于主光轴，如下图：

18．解：如图所示，小磁针的右端为N极，根据磁极间的相互作用规律可知通电螺线管靠近小磁针N极一端的S极，则通电螺线管的右端为N极。
再根据右手定则，伸出右手握住通电螺线管，使大拇指指示通电螺线管的N极（右端），则四指弯曲的方向为电流的方向。又电流从电源的正极流出经滑动变阻器、电流表流入螺线管，即电流由螺线管的右端流入，左端流出，故螺线管的绕法如图所示：

19．解：（1）杠杆处于静止状态是平衡状态；为排除杠杆自重对实验的影响，实验前把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图甲所示位置，杠杆右端偏高，应将杠杆右端的螺母向右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是为了直接从杠杆上测量力臂；
（2）一个钩码的重力为G，设杠杆的一个小格为L，
由杠杆的平衡条件F1L1＝F2L2知，
3G×4L＝F×3L
解得：F＝4G＝4×0.5N＝2N；
（3）图丙中，当弹簧测力计绕A点从C位置转动到D位置的过程中，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变小，这是因为，当拉力由倾斜变成竖直时，阻力阻力臂不变，拉力F力臂变大，相应的力会变小，这样才能继续平衡；
（4）利用如图丁所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响；
（5）探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律，使结论具有普遍性，故选b；
故答案为：（1）平衡；右；测量力臂；（2）2；（3）变小；变大；（4）杠杆的自重对杠杆平衡有影响；（5）b。
20．解：（1）变阻器按一上一下接入电路中与电阻串联，电压表与电阻并联，如下：

（2）电路连接完成后，闭合开关，电流表指针有明显的偏转，故电路为通路，他们发现小灯泡不亮，电压表没有示数，他电路故障原因可能是小灯泡短路，故选B；
（3）由图丙知，电阻两端的电压始终保持U＝IR＝0.1A×20Ω﹣﹣﹣﹣＝0.4A×5Ω＝2V，
根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动；
因电流与电阻积为一定值，故得出的结论是：电压一定时，电流与电阻成反比；
（4）由图知，电阻两端为2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝6V﹣2V＝4V，变阻器分得的电压为电压表示数的＝2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝2×20Ω＝40Ω，故为了完成整个实验，应该选取50Ω 1.0A 滑动变阻器，即选A。
故答案为：（1）如上；（2）B；（3）A；2；电压一定时，电流与电阻成反比；（4）A。
21．解：（1）由题意知当热敏开关S2自动闭合时，只有电阻R1工作，足浴盆处于加热状态，
根据P＝知，
电阻R1的阻值为：R1＝＝＝110Ω；
（2）水温达到设定温度后S2自动断开，电阻R1与R2串联，处于保温状态，
根据P＝知，
足浴盆的保温功率为：P保温＝＝＝44W；
（3）足浴盆在加热状态下工作10min放出的热量为：
Q＝W＝Pt＝440W×10×60s＝2.64×105J；
根据Q＝cm△t知，
水的质量：m＝＝＝3.14kg；
（4）根据P＝UI知，
保温状态下以最大功率按摩时通过电路的总电流为：I＝+＝+＝1.2A。
答：（1）电阻R1的阻值是为110Ω；
（2）足浴盆的保温功率是44W；
（3）足浴盆在加热状态下工作10min，放出的热量全部被水吸收，可将3.14kg的水由20℃加热到40℃；
（4）保温状态下以最大功率按摩时通过电路的总电流是1.2A。
22．解：
（1）由图乙可知，圆柱体未浸入液体中时弹簧测力计读数F1＝10N，圆柱体浸没液体中时弹簧测力计读数F2＝2N，
由称重法可得，圆柱体浸没在水中时所受到的浮力：F浮＝F1﹣F2＝10N﹣2N＝8N；
（2）由于圆柱体浸没液体中，则V排＝V＝800cm3＝8×10﹣4m3，
根据F浮＝ρ液gV排可得：
液体的密度ρ液＝＝＝1×103kg/m3；
（3）弹簧测力计示数达到最小值瞬间液体的速度h＝8cm＝0.08m，
则此时液体对容器底部的压强：
p＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.08m＝800Pa；
（4）圆柱体浸没时（未接触底部），将容器、液体、圆柱体看作一个整体，则容器对桌面的压力：
F总＝G液+F浮+G容＝40N+8N+10N＝58N，
所以，圆柱体A浸没时（未接触底部），容器对桌面的压强：
p＝＝＝2.9×103Pa。
答：（1）圆柱体A浸没时受到的浮力为8N；
（2）液体的密度为1×103kg/m3；
（3）弹簧测力计示数达到最小值瞬间圆柱体A底面受到的液体的压强为800Pa；
（4）圆柱体A浸没时（未接触底部），容器对桌面的压强为2.9×103Pa。
23．解：
（1）由题意可知，电路为串联电路，故可依次将L1、L2、电流表串联起来，连在电源两端；电路图如下：

（2）将两电池串接，从正极出发，依次连接开关、L1、L2、电流表；电流表选择0～0.6A的量程；如图所示：

（3）电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，因此电流表的示数为0.52A；
因为串联电路中处处电流相等，因此通过L1电流是0.52A，通过L2电流是0.52A。
故答案为：（1）如上图；（2）如上图；（3）0.52A；0.52A；0.52A