2020-2021学年陕西省咸阳市实验中学高二第一学期第三次月考物理试题 解析版

这是一份2020-2021学年陕西省咸阳市实验中学高二第一学期第三次月考物理试题 解析版，共19页。试卷主要包含了下列说法中正确的是，一车载加热器等内容，欢迎下载使用。


一．选择题（1～8题为单选，9～12为多选，4×12 = 48分）
1．下列说法中正确的是（ ）
A．电源内部是通过静电力作用将正电荷从负极移至正极的
B．电容器不充电时电容为零
C．并联电路中增加一个支路则总电阻变大
D．金属的电阻率随温度的升高而增大
2．有一个电动势为3V、内阻为1Ω的电源。与下列电阻连接后，电源的输出功率大于2W是（ ）
A．0.5ΩB．1.5ΩC．2ΩD．2.5Ω
3．一车载加热器（额定电压为24V）发热部分的电路如图所示，a、b、c是三个接线端点，设ab、ac、bc间的功率分别为Pab、Pac、Pbc，则（ ）
A．Pab＞PbcB．Pab＝PacC．Pac＝PbcD．Pab＜Pac
4．在遭遇特大冰雪灾害时，高压电线覆冰后有成人大腿般粗，为清除高压输电线上的凌冰，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰。若在正常供电时，高压线上送电电压为U，电流为I，热损耗功率为△P；除冰时，输电线上的热损耗功率需变为9△P，假定输电功率及输电线电阻均不变，则除冰时（ ）
A．输电电流为3IB．输电电流为9I
C．输电电压为3UD．输电电压为0.5U
5．如图所示，R1＝6Ω，R2＝3Ω，R3＝4Ω，左右两端接入电路后，关于这三只电阻的判断正确的是（ ）
A．电流之比是I1：I2：I3＝4：3：6
B．电压之比是U1：U2：U3＝1：1：2
C．功率之比是P1：P2：P3＝4：3：6
D．相同时间内产生热量之比Q1：Q2：Q3＝6：3：4
6．如图，一个带负电的橡胶圆盘处在竖直面内，可以绕过其圆心的水平轴高速旋转，当它不动时，在它轴线上A、B两处的小磁针均处于静止状态，当橡胶圆盘逆时针（从左向右看）高速旋转时，关于小磁针的情况分析正确的是（ ）
A．两处小磁针N极均向左偏
B．两处小磁针N极均向右偏
C．A处小磁针N极向右偏转，B处小磁针N极向左偏转
D．A处小磁针N极向纸内偏转，B处小磁针N极向纸面外偏转
7．如图所示，用电阻率为ρ、横截面积为S、粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架，ab、cd边均与ad边成60°角，ab＝bc＝cd＝L，框架与一电动势为E、内阻忽略不计的电源相连接。匀强磁场垂直于框架平面向里，磁感应强度大小为B，则框架受到安培力的合力的大小为（ ）
A．B．C．D．0
8．如图，在磁感应强度大小为B0的匀强磁场中，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，两者之间的距离为L。在两导线中均通有方向垂直于纸面向里的电流I时，纸面内与两导线距离均为L的a点处的磁感应强度为零。如果让P中的电流反向、其他条件不变，则a点处磁感应强度的大小为（ ）
A．0B． B0
C． B0 D．2B0
9．如图所示，有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电小球，从平行板电场中的P点以相同的初速度垂直于E进入电场，它们分别落到A、B、C三点，则（ ）
A．落到A点的小球带正电，落到B点的小球不带电
B．三小球在电场中运动的时间关系：tC＜tB＜tA
C．三小球到达正极板时动能关系：EkA＞EkB＞EkC
D．三小球在电场中运动的加速度关系：aA＞aB＞aC
10．不考虑温度对电阻的影响，对两个“甲220V，10W”“乙220V，100W”的灯泡，串联后接入电路中，下列说法正确的是（ ）
A．接在440V的电路上时甲灯烧坏
B．接在440V的电路上时的10W灯功率大于10W
C．接在110V的电路上时100W的功率25W
D．接在220V的电路上时两灯的总功率小于10W
11．将两个完全相同的电流计改装成两个量程不同的电流表A1、A2，已知改装后电流表A1、A2的量程分别为I1＝0.6A、I2＝3A，将两个改装后的电流表接在电路中，两电流表都没有烧毁。则下列说法正确的是（ ）
A．改装后两电流表A1、A2的电阻之比为R1：R2＝1：5
B．将改装后的电流表串联，接通电路A1、A2的偏转角之比为5：1
C．将改装后的电流表串联，接通电路A1、A2的示数之比为5：1
D．将改装后的电流表并联，接通电路A1、A2的示数之比为1：5
12．如图所示，足够长的水平绝缘传送带以大小为v0的速度顺时针匀速转动，传送带上方足够大空间内存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。将一质量为m、电荷量为q的带正电的小物块（可视为质点）无初速度地放在传送带的左端，小物块与传送带间的动摩擦因数为µ，重力加速度为g，下列所画出的小物块速度随时间变化的图象（图中t0＝ ，vm ＝ ）可能正确的是（ ）
A． B．
C． D．
二．实验题（共2小题，共16分）
13．（6分）（1）如图所示的实验装置是用来研究 （选填“电流的磁效应”或“磁场对通电导线的作用”）的。
（2）实验前，开关断开，小磁针静止在水平桌面上，小磁针正上方的导线与小磁针的NS方向平行，此时，小磁针的N极指向地理 （选填“北极”或“南极”）附近。
（3）开始实验，闭合开关，从上往下看，小磁针将沿 （填“顺时针“或“逆时针“）偏转一定角度。
14．（10分）在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，现备有以下器材：
A．干电池E 1节
B．滑动变阻器R1（0～50Ω）
C．滑动变阻器R2（0～10kΩ）
D．电压表V1（0～3V）
E．电压表V2（0～15V）
F．电流表A1（0～0.6A）
G．电流表A2（0～3A）
H．电键K、导线若干。
（1）为了最大限度的减小实验误差，电压表选用 ，电流表选用 ，滑动变阻器选用 （填器材的代号）
（2）某同学根据记录的实验数据如图中画出U﹣I图线。根据图线得到被测电池的电动势E＝ V，内电阻r＝ Ω．（结果保留三位有效数字）
三．计算题（共3小题共36分）
15．（12分）如图所示电路，电源电动势为E，内阻为r＝1Ω，定值电阻R＝5Ω。闭合S1，断开S2，电流表的示数是1.00A，闭合S1和S2，电流表的示数是2.00A，此时电动机竖直向上匀速吊起一质量为m＝0.6kg的重物，已知电动机线圈电阻为R0＝0.5Ω，电流表、电压表均为理想表，不计一切阻力，g取10m/s2，求
（1）电源电动势E；
（2）闭合S1、闭合S2时，重物向上运动的速率。
16.（12分）如图所示为一种测定风作用力的仪器原理图，P为金属球，悬挂在一细长金属丝上面，O是悬挂点，R0是保护电阻，CD是水平放置的光滑电阻丝，与细金属丝始终保持良好的接触．无风时细金属丝与电阻丝在C点接触，此时电路中电流I0，有风时金属丝将偏转一角度，角θ与风力大小有关，已知风力方向水平向左，OC＝h，CD＝L，球质量为m，电阻丝单位长度电阻为k，电源内阻和金属丝电阻均不计，金属丝偏转θ角时，电流表示数为I′，此时风力大小为F．试写出：
（1）风力大小F与θ的关系式；
（2）风力大小F与电流表示数I′的关系式．
17．（12分）如图，等长的金属导轨PQ、MN平行固定在同一水平面内，P、M端接有一电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，Q、N端通过等长导电轻绳悬挂一质量m＝0.1kg、长度L＝0.5m、电阻R＝2Ω的金属棒CD，整个装置处在竖直方向的匀强磁场中。开关S闭合后，金属棒静止在图示位置，导电轻绳与竖直方向的夹角θ＝37°．金属导轨和导电轻绳的电阻不计，取重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8．求：
（1）通过金属棒CD的电流I；
（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小和方向。
第三次月考高二物理试题评分细则
一．选择题（共12小题）
1．下列说法中正确的是（ ）
A．电源内部是通过静电力作用将正电荷从负极移至正极的
B．电容器不充电时电容为零
C．并联电路中增加一个支路则总电阻变大
D．金属的电阻率随温度的升高而增大
【答案】D
【解答】解：A、电源是通过非静电力做功将其他形式的能量转化为电能的一种装置，在电源的内部正电荷靠非静电力由电源的负极流向正极，故A错误；
B、电容是由电容器本身决定，与是否带电无关，故B错误；
C、并联电路中增加一个支路，总电阻变小，故C错误；
D、金属的电阻率随温度的升高而增大，随温度的降低而减小，故D正确。
故选：D。
2．有一个电动势为3V、内阻为1Ω的电源。与下列电阻连接后，电源的输出功率大于2W是（ ）
A．0.5ΩB．1.5ΩC．2ΩD．2.5Ω
【答案】B
【解答】解：当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，最大功率P＝＝W＝2.25W；
外电阻越大，则功率越小，要使功率大于2W，则有：P出＝＝＝2W；解得：R＝2Ω或0.5Ω。
要使功率大于2W，则电阻应大于0.5Ω小于2Ω，故B正确，ACD错误。
故选：B。
3．一车载加热器（额定电压为24V）发热部分的电路如图所示，a、b、c是三个接线端点，设ab、ac、bc间的功率分别为Pab、Pac、Pbc，则（ ）
A．Pab＞PbcB．Pab＝PacC．Pac＝PbcD．Pab＜Pac
【答案】D
【解答】解：接ab，则电路的总电阻为：
接ac，则电路的总电阻为：
接bc，则电路的总电阻为：
由题知，不管接那两个点，电压不变，为U＝24V，根据P＝可知Pac＝Pbc＜Pac，故ABC错误，D正确。
故选：D。
4．在遭遇特大冰雪灾害时，高压电线覆冰后有成人大腿般粗，为清除高压输电线上的凌冰，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰。若在正常供电时，高压线上送电电压为U，电流为I，热损耗功率为△P；除冰时，输电线上的热损耗功率需变为9△P，假定输电功率及输电线电阻均不变，则除冰时（ ）
A．输电电流为3IB．输电电流为9I
C．输电电压为3UD．输电电压为0.5U
【答案】A
【解答】解：由变压器原理可知输入功率与输出功率是相同的。
在正常供电即输入电功率不变得情况下输出电功率也是不变的。
即P═U•I恒定。
在正常供电时有△P═I2•R①
除冰时有9△P═I′2•R②
联合解①②得I′＝3＝3I③
又P═U•I④．③④可知当功率不变的情况下电流变成原来的3倍时电压缩小3倍。U'═。
故A选项正确。BCD选项错误。
故选：A。
5．如图所示，R1＝6Ω，R2＝3Ω，R3＝4Ω，左右两端接入电路后，关于这三只电阻的判断正确的是（ ）
A．电流之比是I1：I2：I3＝4：3：6
B．电压之比是U1：U2：U3＝1：1：2
C．功率之比是P1：P2：P3＝4：3：6
D．相同时间内产生热量之比Q1：Q2：Q3＝6：3：4
【答案】B
【解答】解：B、电阻R1与R2并联后与R3串联；并联电阻为：R12＝＝2Ω，并联电路电压相等，串联电路电压比等于电阻比，故有：U并：U3＝R12：R3＝2：4＝1：2，故：U1：U2：U3＝1：1：2，故B正确。
A、串联电路电流相等，并联电路电流比等于电阻的反比，故：＝，I3＝I1+I2，故I1：I2：I3＝1：2：3，故A错误。
C、根据电功率公式P＝UI，有：P1：P2：P3＝U1I1：U2I2：U3I3＝1：2：6，故C错误。
D、相同时间内产生热量之比等于功率之比Q1：Q2：Q3＝1：2：6，故D错误。
故选：B。
6．如图，一个带负电的橡胶圆盘处在竖直面内，可以绕过其圆心的水平轴高速旋转，当它不动时，在它轴线上A、B两处的小磁针均处于静止状态，当橡胶圆盘逆时针（从左向右看）高速旋转时，关于小磁针的情况分析正确的是（ ）
A．两处小磁针N极均向左偏
B．两处小磁针N极均向右偏
C．A处小磁针N极向右偏转，B处小磁针N极向左偏转
D．A处小磁针N极向纸内偏转，B处小磁针N极向纸面外偏转
【答案】B
【解答】解：带负电橡胶圆盘，逆时针旋转，则圆盘的电流方向与旋转方向相反，为顺时针。
由安培定则可知，磁感线从左向右，小磁针N极受力的方向为该处磁场的方向，故A处小磁针N极向右偏，B处小磁针N极向右偏，故B正确，ACD错误。
故选：B。
7．如图所示，用电阻率为ρ、横截面积为S、粗细均匀的电阻丝折成平面梯形框架，ab、cd边均与ad边成60°角，ab＝bc＝cd＝L，框架与一电动势为E、内阻忽略不计的电源相连接。匀强磁场垂直于框架平面向里，磁感应强度大小为B，则框架受到安培力的合力的大小为（ ）
A．B．C．D．0
【答案】A
【解答】解：根据左手定则判断出各段受到的安培力的方向，如图
设电路abcd上的电阻为3r，由几何关系得，ad段的长度为2L，所以ad上的电阻为2r；
abcd上的电流：I1＝
ad上的电流：I2＝
ab、bc、cd上各段的安培力：F1＝F2＝F3＝BI1L＝
ad上的安培力：F4＝BI2•2L＝
ab、bc、cd上各段受到的力中，F1 和F3在左右方向的分量大小相等，方向相反，相互抵消，
所以线框受到的合外力F＝F4+F1cs60°+F2+F3cs60°＝
根据电阻定律可得：r＝
则可得：F＝，方向竖直向上，故A正确、BCD错误。
故选：A。
8．如图，在磁感应强度大小为B0的匀强磁场中，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，两者之间的距离L。在两导线中均通有方向垂直于纸面向里的电流I时，纸面内与两导线距离均为L的a点处的磁感应强度为零。如果让P中的电流反向、其他条件不变，则a点处磁感应强度的大小为（ ）
A．0B．B0C．B0D．2B0
【答案】C
【解答】解：在两导线中均通有方向垂直于纸面向里的电流I时，纸面内与两导线距离为l的a点处的磁感应强度为B0，如下图所示：
由此可知，外加的磁场方向与PQ平行，且由Q指向P，
即B1＝B0；
依据几何关系，及三角知识，则有：BPcs30°＝B0；
解得：P或Q通电导线在a处的磁场大小为BP＝；
当P中的电流反向，其他条件不变，
再依据几何关系，及三角知识，则有：B2＝；
因外加的磁场方向与PQ平行，且由Q指向P，磁场大小为B0；
最后由矢量的合成法则，那么a点处磁感应强度的大小为B＝＝，故C正确，ABD错误；
故选：C。
9．如图所示，有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电小球，从平行板电场中的P点以相同的初速度垂直于E进入电场，它们分别落到A、B、C三点，则（ ）
A．落到A点的小球带正电，落到B点的小球不带电
B．三小球在电场中运动的时间关系：tC＜tB＜tA
C．三小球到达正极板时动能关系：EkA＞EkB＞EkC
D．三小球在电场中运动的加速度关系：aA＞aB＞aC
【答案】AB
【解答】解：ABD、三小球在水平方向都做匀速直线运动，因为xC＜xB＜xA，根据x＝v0t知，v0相等，所以有tC＜tB＜tA。
三小球在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，由y＝知，y相等，则有aC＞aB＞aA。
根据牛顿第二定律知，C的合力最大，A的合力最小，可知，落到A点的小球带正电，落到B点的小球不带电，落到C点的小球带负电，故AB正确，D错误。
C、根据动能定理，知三小球到达下板时动能等于这一过程中合外力对小球做的功与初动能之和。初动能相等，C的合力最大，合力做功最多，A的合力最小，合力做功最少，所以有EkC＞EkB＞EkA，故C错误。
故选：AB。
10．不考虑温度对电阻的影响，对两个“甲220V，10W”“乙220V，100W”的灯泡，串联后接入电路中，下列说法正确的是（ ）
A．接在440V的电路上时甲灯烧坏
B．接在440V的电路上时的10W灯功率大于10W
C．接在110V的电路上时100W的功率25W
D．接在220V的电路上时两灯的总功率小于10W
【答案】AD
【解答】解：根据R＝得：甲的电阻Ω，乙的电阻，则R甲：R乙＝10：1
A、B、两灯泡在串联电路中，电流相等，根据U＝IR可知，电压之比等于电阻之比，则U甲：U乙＝10：1，
接在440V的电路上时甲灯分担的电压：V＞220V，所以接在440V的电路上时甲灯烧坏。故A正确，B错误；
C、两灯泡在串联电路中，电流相等，乙分担的电压：V，乙消耗的功率：P乙＝W，故C错误；
D、接在220V的电路上时两灯的总功率为：P总＝＝9.09W，故D正确。
故选：AD。
11．将两个完全相同的电流计改装成两个量程不同的电流表A1、A2，已知改装后电流表A，、A2的量程分别为I1＝0.6A、I2＝3A，将两个改装后的电流表接在电路中，两电流表都没有烧毁。则下列说法正确的是（ ）
A．改装后两电流表A1、A2的电阻之比为R1：R2＝1：5
B．将改装后的电流表串联，接通电路A1、A2的偏转角之比为5：1
C．将改装后的电流表串联，接通电路A1、A2的示数之比为5：1
D．将改装后的电流表并联，接通电路A1、A2的示数之比为1：5
【答案】BD
【解答】解：
A、电流表扩大量程的改装，是表头并联不同比例的电阻进行分流，表头本身允许的最大电流最大电压没有变化，所以两个改装表满偏时两端电压相等，但是电流，所以电阻5：1，故A错误
B、C、将改装后的电流表串联，串联电路电流相等，所以示数之比1：1，但是量程不同，表盘不同，偏转角之比为5：1，才能显示相同电流数，故B正确，C错误。
D、将改装后的电流表并联，本质上就是两个表头并联，表头电流相等，偏转角相等，但是量程不同，表盘不同，所以示数之比为1：5，故D正确。
故选：BD。
12．如图所示，足够长的水平绝缘传送带以大小为v0的速度顺时针匀速转动，传送带上方足够大空间内存在垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。将一质量为m、电荷量为q的带正电的小物块（可视为质点）无初速度地放在传送带的左端，小物块与传送带间的动摩擦因数为µ，重力加速度为g，下列所画出的小物块速度随时间变化的图象（图中t0＝，vm＝）可能正确的是（ ）
A．B．C．D．【答案】BC
【解答】解：A、当v＝0时，a＝μg＝，所以图线在O点的切线应与图中过O点的倾斜虚直线重合，故A错误；
B、当mg＝qvmB时，a＝0，对应速度，当vm＜v0，小物块加速到vm时，支持力N＝0，摩擦力消失，小物块脱离传送带做匀速运动，故B正确；
C、当vm＞v0，小物块加速到v0时，小物块与传送带共速，摩擦力消失，随传送带一起向右做匀速运动，故C项正确。
D、小物块由静止开始向右做加速运动，开始运动后受到重力mg，竖直向上的洛伦兹力F洛和支持力N＝mg﹣F洛，水平向右的滑动摩擦力f＝μN，根据牛顿第二定律可知，小物块运动的加速度大小，可见随着速度v的增大，小物块做加速度逐渐减小的加速运动，故D错误；
故选：BC。
二．实验题（共2小题，每空2分）
13．（1）如图所示的实验装置是用来研究 电流的磁效应 （选填“电流的磁效应”或“磁场对通电导线的作用”）的。
（2）实验前，开关断开，小磁针静止在水平桌面上，小磁针正上方的导线与小磁针的NS方向平行，此时，小磁针的N极指向地理 北极 （选填“北极”或“南极”）附近。
（3）开始实验，闭合开关，从上往下看，小磁针将沿 顺时针 （填“顺时针“或“逆时针“）偏转一定角度。
【解答】解：（1）如图所示的实验装置，研究通电导线电流方向与磁场方向的关系，是用来研究电流的磁效应的。
（2）实验前，开关断开，小磁针静止在水平桌面上，小磁针正上方的导线与小磁针的NS方向平行，由于地磁场方向由地理的南极指向地理的北极，因此此时，小磁针的N极指向地理北极附近。
（3）开始实验，闭合开关，电流从右向左，依据右手螺旋定则可知，导线下方的磁场方向向外，则N极向外转动、S极向里转动，则有从上往下看，小磁针将沿顺时针偏转一定角度。
故答案为：（1）电流的磁效应；（2）北极；（3）顺时针。
14．在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，现备有以下器材：
A．干电池E 1节
B．滑动变阻器R1（0～50Ω）
C．滑动变阻器R2（0～10kΩ）
D．电压表V1（0～3V）
E．电压表V2（0～15V）
F．电流表A1（0～0.6A）
G．电流表A2（0～3A）
H．电键K、导线若干。
（1）为了最大限度的减小实验误差，电压表选用 D ，电流表选用 F ，滑动变阻器选用 B （填器材的代号）
（2）某同学根据记录的实验数据如图中画出U﹣I图线。根据图线得到被测电池的电动势E＝ 1.50 V，内电阻r＝ 1.00 Ω．（结果保留三位有效数字）
【解答】解：（1）一节干电池的电动势约为1.5V，为减小读数误差，电压表应选D电压表V1（0～3V），
电路最大电流约为0.5A，电流表应选F电流表A1（0～0.6A），
两滑动变阻器均能保证电路安全，为方便实验操作，滑动变阻器应选B滑动变阻器R1（0～50Ω）；
（2）由图示U﹣I图象可知，电源电动势为：E＝1.50V，
电源内阻为：r＝＝＝1.00Ω；
故答案为：（1）D；F；B；（2）1.50；1.00。
四．计算题（共3小题）
15．如图所示电路，电源电动势为E，内阻为r＝1Ω，定值电阻R＝5Ω。闭合S1，断开S2，电流表的示数是1.00A，闭合S1和S2，电流表的示数是2.00A，此时电动机竖直向上匀速吊起一质量为m＝0.6kg的重物，已知电动机线圈电阻为R0＝0.5Ω，电流表、电压表均为理想表，不计一切阻力，g取10m/s2，求
（1）电源电动势E；
（2）闭合S1、闭合S2时，重物向上运动的速率。
【答案】（1）电源电动势为6V；
（2）闭合S1、闭合S2时，重物向上运动的速率为0.68m/s。
【解答】解：（1）闭合S1、断开S2时，根据闭合电路的欧姆定律可得：
E＝I1（R+r） 2分
＝1.00×（5+1）V＝6V 1分
（2）闭合S1、断开S2时，根据闭合电路的欧姆定律可得：
E＝I1（R+r） 2分
闭合S1、闭合S2时，根据闭合电路的欧姆定律可得：
U2＝E﹣I2r 2分
根据欧姆定律可得流过定值电阻R的电流为：
IR＝ 1分
流过电动机的电流为IM＝I2﹣IR 1分
电动机输出的机械功率为：PM出＝U2I2﹣IM2R0 1分
又PM出＝mgv 1分
代入数据解得重物向上运动的速率为：v＝0.68m/s 1分
答：（1）电源电动势为6V；
（2）闭合S1、闭合S2时，重物向上运动的速率为0.68m/s。
16．如图，等长的金属导轨PQ、MN平行固定在同一水平面内，P、M端接有一电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，Q、N端通过等长导电轻绳悬挂一质量m＝0.1kg、长度L＝0.5m、电阻R＝2Ω的金属棒CD，整个装置处在竖直方向的匀强磁场中。开关S闭合后，金属棒静止在图示位置，导电轻绳与竖直方向的夹角θ＝37°．金属导轨和导电轻绳的电阻不计，取重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cs37°＝0.8．求：
（1）通过金属棒CD的电流I；
（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小和方向。
【解答】解：（1）根据闭合电路欧姆定律，则有：I＝ 3分
代入数据，解得：I＝A＝1A； 1分
（2）金属棒CD受到重力、安培力和绳子拉力，处于平衡状态，
则有：FA＝mgtanθ 3分
且FA＝BIL 3分
综合解得：B＝＝T＝1.5T； 1分
依据左手定则，可知，磁感应强度B方向竖直向上， 1分
答：（1）通过金属棒CD的电流1A；
（2）匀强磁场的磁感应强度B的大小1.5T和方向是竖直向上。
17．（1） （2）
【解答】
(1)有风时，对金属球P，受重力mg、风力F、金属丝拉力F1，如图所示：
由平衡条件得：
水平方向：， 1分
竖直方向：1分
解得： 2分
(2)无风时，电源电压
1分
有风时，电阻丝电阻
， 2分
此时：
2分
由以上解得：
1分
联立以上可得：
2分