2020年山东省威海市中考物理试卷

这是一份2020年山东省威海市中考物理试卷，共21页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。


2020年山东省威海市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
七
总分
得分









一、单选题（本大题共10小题，共21.0分）
1. 塑料泡沫具有质轻、隔热、吸音、耐腐蚀等特点用塑料泡沫箱可长时间保存冰凉的食品，这利用了该材料的什么性质（　　）
A. 密度小 B. 导热性差 C. 导电性差 D. 隔音性好
2. 世界上有很多古老文明利用人的身体丈量世界，用人的手臂长度、脚的长度等定义长度单位。我国殷墟出土的一支骨尺，约合中等身高人的拇指至中指之间一搾的长度（约17cm），下列物体的尺度约为1支该骨尺长度的是（　　）
A. 初中物理课本的宽度 B. 乒乓球的直径
C. 课桌的高度 D. 粉笔的长度
3. 线上学习中与声现象有关的说法，错误的是（　　）
A. 老师可以根据音色判断谁在回答问题
B. 调节旋钮增大音量，增大了声音的响度
C. 有时听不到声音，可能是人发出了次声波
D. 学生听老师讲课，利用了声音能够传递信息
4. 2020年6月21日，我国境内观察到罕见的“金环日食”奇观，其光学原理是（　　）
A. 光沿直线传播 B. 光的反射 C. 光的折射 D. 光的色散
5. “花饽饽”是山东省非物质文化遗产。下列关于蒸饽饽的过程，说法错误的是（　　）
A. 燃料的化学能转化为饽饽的内能
B. 水沸腾后继续吸热温度保持不变
C. 用做功的方法增大了饽饽的内能
D. 饽饽香气四溢说明分子在不停地运动
6. 关于能量的转化或转移过程，下列说法错误的是（　　）
A. 地球上的化石能源归根结底来自远古时期的太阳能
B. 自然界中水能的循环再生过程不遵循能量守恒定律
C. 空调将室内空气的内能转移至高温的室外需要消耗电能
D. 热水自然变凉，能量自发的从高温物体转移至低温物体
7. 如图所示，装有常温水的玻璃瓶中密封部分空气。细玻璃管插入瓶中，玻璃管与瓶塞接触部分不漏气，下列关于细管中水柱液面升降情况，描述错误的是（　　）


A. 用力挤压玻璃瓶，液面上升
B. 将玻璃瓶放入热水中，液面上升
C. 在细管管口水平吹气，液面下降
D. 提着玻璃瓶从十楼走到一楼，液面下降
8. 假如自然界存在第三种电荷，且遵循已有的电荷间的作用规律。a、b、c三个轻质小球分别带正电荷、负电荷和第三种电荷，均用绝缘细线竖直悬挂，相互靠近但始终不接触，三个小球的最终状态可能为（　　）
A. B.
C. D.
9. 世界上第一个发现电与磁之间联系的科学家是（　　）
A. 安培 B. 奥斯特 C. 法拉第 D. 伏特
10. 小明为自己家的养牛场设计了一款补水提示器，其工作原理如图所示，水量减少时滑片上移。下列分析错误的是（　　）

A. 如果选择电压表，水量增多时电表示数变大
B. 如果选择电流表，水量减少时电表示数变小
C. 与电压表相比，选择电流表设计电路更节能
D. 如果选择电流表，R0可以在水太多时保护电路
二、多选题（本大题共2小题，共5.0分）
11. 额定电压为8V的甲乙两个电阻，I-U图象如图所示，下列说法正确的是（　　）
A. 若甲乙并联，两端电压在0-8V范围内（不含0V），R甲总是大于R乙
B. 若甲乙并联，两端电压在0-8V范围内（不含0V），P甲总是大于P乙
C. 若甲乙串联接在电压为9V的电源两端，R甲：R乙=l：2
D. 若甲乙并联接在电压为3V的电源两端，P甲：P乙=3：2


12. 在一次沿竖直杆滑降训练中，消防员从5m高处滑到离地面20cm处悬停，先后经历了a、b、c、d四个阶段（每个阶段经历的时间相同）。整个训练过程，速度随时间变化的规律如图所示，下列说法正确的是（　　）
A. 消防员的重力在 b 阶段做功最多
B. 只有 b 阶段，消防员处于平衡状态
C. 消防员四个阶段都在克服摩擦力做功
D. a 阶段，滑竿受到的摩擦力小于消防员的重力
三、填空题（本大题共8小题，共16.0分）
13. 制作口罩的熔喷无纺布纤维表面携带大量电荷，能够______（选填“吸引”或“排斥“）空气中的轻小物体；戴眼镜的同学佩戴口罩时，眼镜容易“起雾”，这是呼出的水蒸气发生了______现象。
14. 地磁场使地球生命免受宇宙射线的危害。有关地磁场形成的原因有很多假说，其中一种认为，在高温高压环境下，地核物质中的部分带电粒子向外逃逸到地幔层，并随着地球自转形成电流，从而产生磁场，如图所示，这种现象叫做______，形成磁场的带电粒子是______（选填“质子”或“电子”）。
15. 省油灯是我国古代劳动人民智慧的结晶，其由上下两个碗状容器组成，中间有一夹层，夹层有一小孔与外部相连。有研究人员发现，“上部盛水、夹层盛油”能够省油。如图所示，请写出2个能省油的原因：______、______。
16. “北斗圆梦，星耀苍穹”，2020年6月30日，北斗三号卫星导航定位系统组网成功，3颗地球同步轨道卫星全部定位于赤道上空，这些卫星之间是相对______（选填“运动”或“静止”）的；这些卫星受______（选填“平衡力”或“非平衡力”）。
17. 用密度为0.4×103kg/m3的泡沫制作长5m、宽1.5m、厚20cm的长方体简易浮桥，浮桥在河水中的最大承重为______kg（ρ河=1×103kg/m3，g=10N/kg）；此浮桥空载时分别平放到海水和河水中，下表面受到的压强分别为p海和p河，则p海______p河（选填“＞”、“＜”或“=”）。
18. 不能用手拉触电的人，因为人体是______。家里装修时，控制灯泡的开关处于断开状态，灯泡却亮着，原因可能是______。
19. 一款家用电煮锅有加热和保温两个档位，工作电路如图所示。当开关S1闭合，S2______（选填“断开”或“闭合”）时，处于加热档位。若加热时电路中电阻为42Ω，电路中电流为5A，加热2分钟，不计能量损失，能使质量为2kg的水从20℃升高到______℃．[c水=4.2x103J（kg•℃）]
20. 如图所示电路，电源电压不变，灯泡L规格为“6V1.2W”，滑动变阻器R2规格为“30Ω1A”，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～3V”闭合开关Sl、S2，滑片P滑至a端，电流表示数为0.5A，灯泡正常发光，则定值电阻R1为______Ω；闭合开关S1，保证电路安全，分析各种可能情况，整个电路的最小功率为______W（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。


四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
21. 如图所示，一条入射光线过凹透镜光心，一条折射光线与主光轴平行。请将光路补画完整。









22. 如图所示，用滑轮组提升物体，已知滑轮质量均为2kg，物体重100N，绳子能承受的最大拉力为50N，请画出绳子的正确绕法，并在绳的末端标出力的方向。（不考虑绳重及摩擦，g取10N/kg）













五、实验探究题（本大题共2小题，共13.0分）
23. 小明用同一光源做了以下几个光学实验请回答下列问题。

（l）实验l：在探究凸透镜成像规律的实验中，发现像成在光屏的上方，当如图所示，要使像成在光屏中央，应向______（选填“上”或“下”）调节凸透镜；调好后，发现光屏上的像与光源等大，则凸透镜的焦距为______cm。
（2）实验2：如果利用实验l的装置，光源位置不变，取下凸透镜，在原透镜位置正确放置带小孔的遮光板，若还想承接与光源等大的像，光屏应该______（选填“左移”、“右移”或“不动”），此时成的像与实验l成的像相比______（选填“较亮”、“较暗”或“一样亮”）。
（1）实验3：如果利用实验1的装置，光源及光屏位置不变，取下凸透镜，在原透镜位置正确放置一块薄玻璃板（不考虑玻璃板厚度），在光源一侧透过玻璃板观察，能否在光屏位置看到像：______（选填“能”或“否”）；此时成的像与实验1成的像在哪个方面有区别：______（选填“正倒”、“大小”或“完整度”）。
24. 在“探究电流与电阻的关系”实验中，电源电压保持不变。

（l）检查器材时，在电流表的左侧观察到指针恰好指在零刻度线处，如果直接用该电流表测电流，测量值与真实值相比会______（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）。
（2）如图所示，电路中有一根导线连接错了，请在该导线上打“×”，然后画正确的连线。
（3）选择5Ω的定值电阻，正确连接电路进行实验。闭合开关前，应将滑动变阻器的______端（选填“左”或“右”）。闭合开关，移动滑片使电压表的示数为Ul，此时电流表的示数如图乙所示，电流为______。
（4）滑动变阻器滑片位置不变，将5Ω电阻换成10Ω电阻，继续实验，为使电压表的示数保持Ul不变，应向______（选填“左”或“右”）移动滑片。
（5）实验结束后，小明利用图丙所示原理，制作了简易电流表：导体可以在水平光滑轨道上左右滑动（轨道电阻忽略不计），导体与水平弹簧相连，弹簧由绝缘材料制成，整套装置处于竖直方向的均匀磁场中。电流表接入电路前，弹簧不受力，在导体与轨道的接触点处画一个刻度线，标记为“OA”。当电流表正确接入电路，导体受到磁场力的方向水平向右，电流每增加0.1A，磁场力就增大1N，弹簧就伸长2cm，在导体与轨道的接触点处就增加一个刻度线，相邻两个刻度线之间的长度表示“0.1A”的电流。当弹簧被拉伸至最大弹性限度时，弹簧的弹力为20N，则该电流表的量程为______A．若用此电流表测量电流时，发现弹簧被向左压缩，原因可能是______。
六、计算题（本大题共3小题，共25.0分）
25. 采购员小明骑着摩托车外出采购食品。小明质量为70kg，摩托车质量为150kg。（g=10N/kg）
（l）小明买食品时，将摩托车停在超市门前的水平地面上，摩托车与地面接触面积为150cm2，求摩托车对地面的压强。
（2）采购食品后，小明将80kg的食品装上车，在限速为80km/h的水平路面上以72km/h的速度匀速行驶50s，行驶时受到的阻力为总重力的0.1倍，若消耗的汽油完全燃烧放出1×106J的热量，求摩托车发动机的实际输出功率和效率。







26. 某地区利用当地丰富的太阳能资源发电，供生产生活使用。
（1）太阳能发电有很多优点，但也存在一些不足，请写出一个不足之处。
（2）小明家将太阳能转化的电能储存到电源中，给热水壶和电暖气供电。开关S控制电路中所有用电器，开关S1控制热水壶的加热电阻R1、（“220V484W”），开关S2控制电暖气的加热电阻R2（“220V2420W”）。闭合所有开关，Rl、R2同时工作，R1每分钟放出2.4×104J的热量，求R2的实际功率。（R1和R2的阻值不随温度变化）
（3）已知在一段时间内，垂直于太阳光的1m2面积上每1秒接收的太阳能为500J；如图所示，太阳光与水平面夹角为60°，面积为4m2时的太阳能电池板竖直放置。太阳能电池板将太阳能直接转化为电能的效率为20%．求1分钟内通过该太阳能电池板获得的电能。









27. 某游乐场有一种水上娱乐球项目。娱乐球（以下简称“球”）是质量分布均匀的空心球，半径为lm，质量为l0kg。（ρ水=1×103kg/m3、g=10N/kg）

（l）质量为80kg的游客坐在球中，当球静止在水面上时，球浸入水中的体积为多少立方米？
（2）游玩结束后，为了将球中的游客安全送上岸，安全员先将水中的球推到岸边；随后安全员始终对球施加最小的力，使球绕岸边的A点始终匀速缓慢转动。球转动期间，游客的重心B与球心O始终在竖直方向的同一条直线上。
①当球转动到如图甲所示位置时，以与竖直方向的夹角为30°，球浸入水中的体积变为0.02m3，请计算此时安全员施力的大小。
②当球离开水面后，安全员继续用最小的力，将球转动至图乙所示位置，请说出此过程中施力的大小如何变化？







七、综合题（本大题共1小题，共6.0分）
28. 请阅读下列材料，回答相关问题。
2020年4月24日，中国国家航天局宣布，中国行星探索计划以屈原的长诗“天问”命名，表达了中华民族对于真理追求的坚韧与执着。我国首次火星飞行任务命名为“天问1号”，将开启中国人探索“星辰大海”的伟大征程！
火星在我国古代被称之为“荧惑星”，是太阳系八大行星之一，直径约为地球的53%，质量约为地球的11%，火星表面g约为3.7N/kg，火星地表沙丘、砾石遍布，非常干燥，南北极有以固态的水和二氧化碳组成的冰盖。火星表面的大气密度大约只有地球的1%．火星表面平均温度约为-55℃，从冬天的-133℃到夏日白天的将近27℃，温差很大。火星表面的平均大气压强约为700Pa，比地球上的1%还小。
（1）发射到火星的探测器，进入火星大气层后，若用降落伞减速，为保证减速效果，如果让你选择着陆点，应选择在地势______（选填“较高”或“较低”）的地方。火星探测器与地球之间是利用______来传递信息的。
（2）假如同一物体分别在地球和火星表面以相同的初始速度在相同的水平面上滑行，在火星上滑行的距离会比地球上______（选填“长”或“短”），原因是______。
（3）有人设想通过加热火星两极的冰盖获得液态水，从而减小地表温差这是利用了水的什么性质：______。
（4）在火星上水的沸点会比地球上液态水的沸点______（选填“高”或“低”）。
答案和解析
1.【答案】B

【解析】解：塑料泡沫箱可长时间保存冰凉的食品，是由于塑料泡沫能阻止低温食品从外界吸收热量，来实现长时间保存，因此是利用塑料泡沫有隔热的特点，即导热性差的性质，与密度、导电性、隔音性都无关，ACD错误、B正确。
故选：B。
根据塑料泡沫箱可长时间保存冰凉的食品的这一生活应用，再结合题目所给出的关于塑料泡沫的四个性质，即可判断出正确答案。
同一种物质可能有多种不同的物理性质，因此也会有不同的应用，平时注意多观察，注意区分。
2.【答案】A

【解析】解：拇指至中指之间一搾的长度（约17cm），17cm的长度与物理课本的宽度接近。
故BCD错误，A正确。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物体的长度物理量有个初步的了解，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量长度的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
3.【答案】C

【解析】解：
A、音色是由发声体本身决定，故老师可以根据音色判断谁在回答问题，故A正确；
B、响度指声音的强弱，与振幅和距离有关，故调节旋钮增大音量，增大了声音的响度，故B正确；
C、人的发声频率范围大约为85～1100Hz，不能发出次声波，故C错误；
D、学生听老师讲课，利用了声音能够传递信息，故D正确。
故选：C。
利用下列知识分析判断：
（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
（2）人的发声频率范围大约为85～1100Hz；
（3）声音能够传递信息，能够传递能量。
本题考查声音的有关问题，相对比较简单，属于基础题。
4.【答案】A

【解析】解：“金环日食”是月球转动到太阳和地球之间，由于光是沿直线传播的，月球在中间阻挡太阳光照射，太阳光射出的光线被月球阻挡，地球上某区域的人不能看到太阳中部射出的光线，看到的是日环食，地球上某区域的人不能看到太阳边缘射出的光线，看到的是日偏食，如果完全看不到太阳射出的光线，看到的是日全食，无论是日环食、日全食还是日偏食，都是因为光的直线传播造成的。故A正确，BCD错误。
故选：A。
日食是月球转动到太阳和地球之间，在地球观察太阳，太阳光射出的光线被月球阻挡，地球上的人看不到太阳的全部，这是光直线传播的结果。
光学部分包括光的直线传播、光的反射、光的折射，掌握日食、月食、小孔成像、平面镜成像、凸透镜成像、潜望镜等工作原理。
5.【答案】C

【解析】解：A、蒸饽饽时消耗了燃料的化学能，饽饽的内能增多，故燃料的化学能转化为饽饽的内能。故A正确。
B、根据液体沸腾的特点可知，水在沸腾过程中，吸收热量，内能增加，温度保持沸点不变，故B正确。
C、蒸饽饽的过程中是用热传递的方法增大了饽饽的内能。故C错误。
D、蒸饽饽时香气四溢是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。故D正确。
故选：C。
（1）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。
（2）水沸腾特点：吸收热量，温度不变；
（3）改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化；热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分。
（4）扩散现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。
本题是一道热学综合题，主要考查学生对对燃料燃烧过程中的能量转化、液体沸腾的特点、分子热运动和物体内能改变的方式等知识，难度不大。
6.【答案】B

【解析】解：A、远古时期生物体吸收利用太阳能，经过非常复杂的过程和漫长的时间形成化石能源，故A正确；
B、能量守恒定律普遍适用，自然界中水能的循环再生过程同样遵循能量守恒定律，故B错误；
C、空调将室内空气的内能转移至高温的室外需要利用压缩机来完成，消耗电能，故C正确；
D、能量转移具有方向性，热水自然变凉，说明能量自发的从高温物体转移至低温物体，故D正确。
故选：B。
（1）化石燃料蕴藏的能量来自远古时期生物体所吸收利用的太阳能；
（2）（3）能量守恒定律：是各种能量形式互相转换是有方向和条件限制的，能量互相转换时其量值不变，表明能量是不能被创造或消灭的。能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为其他形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变；
（4）能量可以从某一种形式转化为另一种形式，或从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中能量的总量保持不变，能量转化具有方向性。
此题考查能量的转移和转化，深入理解能量守恒定律是解答此题的前提。
7.【答案】C

【解析】解：瓶内气压等于大气压和细玻璃管内水柱产生的压强之和，即p内=p大气压+p水柱，
A、用力挤压玻璃瓶，瓶内气体体积减小压强增大，大气压不变，所以液面升高，故A正确。
B、将玻璃瓶放入热水中，瓶内液体和气体受热膨胀，导致瓶内气压增大，大气压不变，所以液面升高，故B正确。
C、在细管管口水平吹气，瓶内气体增加，体积不变，导致瓶内气压增大，大气压不变，所以液面升高，故C错误。
D、若拿着此气压计从十楼下到一楼，当高度降低，大气压升高，由于瓶内气体密闭，且玻璃管很细，可近似认为瓶内气体的压强不变，所以细玻璃管内水柱产生的压强会变小，则液面下降，故C正确。
故选：C。
瓶内气压等于大气压和细玻璃管内水柱产生的压强之和，即p内=p大气压+p水柱，如果大气压不变时，增大瓶内压强可以使液面升高；如果内部压强不变时，大气压减小时可以使液面升高。
瓶内气压等于大气压和细玻璃管内水柱产生的压强之和，即p内=p大气压+p水柱，通过改变大气压或改变瓶内压强都可以改变液面高度。
8.【答案】A

【解析】解：a、b、c三个轻质小球分别带正电荷、负电荷和第三种电荷，则三个小球之间均为异种电荷，异种电荷相互吸引，三个轻质小球相互靠近时相互吸引。
A、a、b、c三个相互吸引故A正确；
B、a、c相互排斥，b、c相互吸引，故B错误；
C、a、b、c三个相互排斥，故C错误；
D、b、c相互排斥，a、c相互吸引，故D 错误；
故选：A。
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，据此分析。
此题考查了电荷间的作用规律；两者相斥，一定都带电，并且带同种电荷。
9.【答案】B

【解析】解：A、1820年法国物理学家安培发现了电流间的相互作用力，并提出了著名的安培定律，故A错误。
B、1820年丹麦的物理学家发现电流周围产生磁场，第一个揭示电和磁之间的关系，故B正确。
C、在奥斯特实验的基础上，1831年英国物理学家法拉第发现磁场能产生电流，故C错误。
D、伏特发明的伏特电池，这项发明为人类发展做出了很大的贡献，故D错误。
故选：B。
1820年丹麦的物理学家发现电流周围产生磁场，1831年英国物理学家法拉第发现磁场能产生电流。
掌握各物理量的国际单位，并且了解各物理学家的重大贡献。
10.【答案】C

【解析】解：
A．如果选择电压表，R与R0串联，电压表测滑片P上方电阻丝两端的电压，
由电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知，滑片移动时，变阻器接入电路中的电阻不变，总电阻不变，
由I=可知，电路中的电流不变，
由题意可知当水量增多时，滑片下移，滑片P上方电阻丝的长度变长、其阻值变大，
由U=IR可知，滑片P上方电阻丝两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A正确；
B．如果选择电流表，滑片P上方电阻丝被短路，变阻器下方的电阻丝与R0串联，电流表测电路中的电流，
当水量减少时，滑片上移，变阻器R接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故B正确；
C．如果选择电压表，R的最大阻值与R0串联，电路的总电阻最大，
由P=UI=可知，电路的总功率最小，在时间相同时最节能，则可知选择电流表设计电路不节能，故C错误；
D．如果选择电流表，在水太多时，变阻器R接入电路中的电阻太小，电路中的电流太大，
若电路中没有R0，可能会烧坏电源和电流表，所以R0可以在水太多时保护电路，故D正确。
故选：C。
（1）如果选择电压表，R与R0串联，电压表测滑片P上方电阻丝两端的电压，根据电压表的内阻特点可知滑片移动时接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据水量的变化得出滑片移动的方向，从而得出电压表并联部分电阻的变化，根据欧姆定律可知电压表并联部分阻值两端的电压变化；
（2）如果选择电流表，滑片P上方电阻丝被短路，变阻器下方的电阻丝与R0串联，电流表测电路中的电流，根据水量的变化得出R接入电路中的电阻变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；
（3）如果选择电压表，R的最大阻值与R0串联，电路的总电阻最大，根据P=UI=得出电路的总功率最小，在时间相同时最节能，据此进行解答；
（4）如果选择电流表，在水太多时，R接入电路中的电阻太小，电路中的电流太大，据此分析电路中没有R0时出现的情况，然后得出R0在电路中的作用。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，根据电压表的内阻特点判断出水量变化时R接入电路中电阻、电压表并联部分的电阻变化是关键。
11.【答案】BC

【解析】解：
AB．若甲乙并联，两端电压在0～8V范围内（不含0V），
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以甲乙两端的电压相等，
由图象可知，电压相等时通过甲的电流大于通过乙的电流，即I甲＞I乙，
由I=的变形式R=可知，R甲＜R乙，故A错误；
由P=UI可知两电阻消耗的功率P甲＞P乙，故B正确；
C．若甲乙串联接在电压为9V的电源两端，
因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，由图象可知，当I=0.8A、U甲=3V、U乙=6V时符合，
则此时两电阻的阻值之比====，故C正确；
D．若甲乙并联接在电压为3V的电源两端，它们两端的电压均为3V，
由图象可知，I甲=0.8A、I乙=0.4A，
则两电阻的电功率之比====，故D错误。
故选：BC。
（1）若甲乙并联，两端电压在0～8V范围内（不含0V），根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压关系，根据图象读出通过的电流关系，利用欧姆定律比较两电阻的阻值关系，根据P=UI得出两电阻的电功率关系；
（2）若甲乙串联接在电压为9V的电源两端，根据串联电路的特点结合图象读出符合要求的电流与电压，根据欧姆定律求出两电阻的阻值之比；
（3）若甲乙并联接在电压为3V的电源两端，它们两端的电压相等，根据图象读出通过的电流关系，根据P=UI求出两电阻的电功率之比。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，从图象中获取有用的信息是关键。
12.【答案】AD

【解析】解：
A、由题意可知，a、b、c、d四个阶段时间相同，又由v-t图象可知，消防员在b阶段速度最大，由s=vt可知b阶段通过的距离（下降的高度）最大；由W=Gh可知，消防员的重力在b 阶段做功最多；故A正确；
B、消防员在b阶段做匀速直线运动，在d阶段静止，所以在b、d两个阶段消防员都处于平衡状态；故B错误；
C、消防员在四个阶段都受到摩擦力的作用，在a、b、c三个阶段都在摩擦力的反方向上通过了距离，即这三个阶段消防员克服摩擦力做功；而在d阶段消防员没有通过距离，所以没有克服摩擦力做功；故C错误；
D、由图象可知，a 阶段，消防员加速下滑，则消防员的重力大于滑杆对消防员的重力；因物体间力的作用是相互的，则滑杆受到的摩擦力等于消防员受到的摩擦力，所以a 阶段滑杆受到的摩擦力小于消防员的重力；故D正确。
故选：AD。
（1）功等于力和距离的乘积，即W=Fs，根据图象判断消防员的速度大小和通过距离大小，然后根据做功公式可得出结论。
（2）消防员做匀速直线运动或静止时，受力平衡。
（3）做功的两个必要因素是力和在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。
（4）消防员匀速下滑或悬停时，受力平衡，重力等于摩擦力；加速下滑时，重力大于摩擦力；减速下滑时，重力小于摩擦力；结合力作用的相互性可分析a 阶段滑杆受到的摩擦力与消防员重力的大小关系。
本题是一道力学综合题，考查的知识点较多，关键是正确分析图象，得出消防员的速度变化，进一步判断消防员的受力和做功情况。
13.【答案】吸引  液化

【解析】解：纤维表面携带大量电荷，能够吸引空气中的轻小物体。
戴眼镜的同学佩戴口罩时，眼镜容易“起雾”，这是呼出的水蒸气发生了液化现象。
故答案为：吸引；液化。
（1）带电体具有吸引轻小物体的性质。
（2）物质由气态变为液态的现象叫液化。
理解带电体的性质和液化概念，可解答此题。
14.【答案】电磁感应  电子

【解析】解：由于地磁的N极在地理的南极附近，地磁的S极在地理的北极附近，地球绕地轴自西向东的旋转，故可以将地球看做一个绕地轴运动的环形电流，这种现象叫做电磁感应；根据安培定则可知右手的拇指指向南方，而弯曲的四指指向是从东向西，即大地环流的方向是自东向西，与地球自转的方向相反，而弯曲的四指的指向与负电荷运动的方向相反，由此可以推断地球表层存在着多余的电荷带负电----即电子。
故答案为：电磁感应；电子。
地球本身是一个大磁体；地磁的北极在地理的南极附近；地磁的南极在地理的北极附近；地磁场可等效成环形电流产生的磁场，由安培定则判断电流方向，根据电流方向与地球自转方向的关系，判断地球所带电荷的性质。
此题考查了对安培定则的理解和应用，要认真分析题目中给出的条件。
15.【答案】在上部盛水，因为水的比热容比较大，可以吸收更多的热量，使油的温度升高的较慢些，从而减小油的蒸发  上部盛水、夹层盛油，可以减小油与空气的接触面积、也可以减小油上方的空气流速，从而减小油的蒸发

【解析】解：（1）在上部盛水，因为水的比热容比较大，可以吸收更多的热量，使油的温度升高的较慢些，从而减小油的蒸发，达到省油的目的。
（2）上部盛水、夹层盛油，可以减小油与空气的接触面积、也可以减小油上方的空气流速，从而减小油的蒸发，达到省油的目的。
故答案为：在上部盛水，因为水的比热容比较大，可以吸收更多的热量，使油的温度升高的较慢些，从而减小油的蒸发；上部盛水、夹层盛油，可以减小油与空气的接触面积、也可以减小油上方的空气流速，从而减小油的蒸发。
（1）水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
（2）影响蒸发快慢的因素有三个：一是液体的温度，二是蒸发的面积，三是空气的流动。
此题考查水的比热容的特点及应用、影响蒸发快慢的因素等，题材新颖，难度适中，可激发学生学习物理的兴趣！
16.【答案】静止  非平衡力

【解析】解：根据题意可知，3颗地球同步轨道卫星全部定位于赤道上空，这些卫星之间没有位置变化，所以它们是相对静止的。
地球同步卫星随地球同步转动，做圆周运动时，其运动方向是变化的（即运动状态发生改变），因此这些卫星受非平衡力的作用。
故答案为：静止；非平衡力。
（1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则物体是运动的，若不发生变化，则物体是静止的。
（2）物体的运动状态改变时，一定受到非平衡力的作用。
本题围绕地球同步卫星，考查了学生对运动和静止的相对性、平衡力的辨别的理解和掌握，体现了物理与高科技的联系。
17.【答案】900  =

【解析】解：
（1）泡沫的体积V泡沫=5m×1.5m×0.2m=1.5m3，
由ρ=可得泡沫的质量：
m泡沫=ρ泡沫V泡沫=0.4×103kg/m3×1.5m3=600kg，
其重力：
G泡沫=m泡沫g=600kg×10N/kg=6000N，
即浮桥的重力为6000N，
浮桥受到的最大浮力：
F浮最大=ρ水V排g=1×103kg/m3×1.5m3×10N/kg=15000N，
浮桥在河水中的最大承重：
G载最大=F浮最大-G泡沫=15000N-6000N=9000N，
浮桥在河水中的最大承载质量：
m载最大===900kg；
（2）此浮桥空载时分别平放到海水和河水中，受到的浮力相等，都等于浮桥的重力；
因为F浮=F下表面-F上表面=F下表面，
所以下表面受到的压力相等，
由p=可知表面受到的压强相等，即p海=p河。
故答案为：900；=。
（1）先求出泡沫的体积，利用ρ=求泡沫的质量，再利用G=mg求其其重力，利用阿基米德原理求浮桥受到的最大浮力，浮桥在河水中的最大承重等于最大浮力减去浮桥的自重，再利用G=mg求浮桥在河水中的最大承载质量；
（2）此浮桥空载时分别平放到海水和河水中，受到的浮力相等，都等于浮桥的重力；由于F浮=F下表面-F上表面=F下表面，可知浮桥下表面受到的压力相等，由p=可知下表面受到的压强相等。
本题考查了密度公式、重力公式、阿基米德原理、物体漂浮条件的应用以及浮力产生的原因，要知道：浮桥空载时分别平放到海水和河水中，受到的浮力相等，都等于浮桥的重力。
18.【答案】导体  开关短路

【解析】解：
（1）人体容易导电，属于导体；
（2）家里装修时，若开关短路，无论出于闭合或断开状态，灯始都发光。
故答案为：导体；开关短路。
（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；
（2）开关要与所控制的灯泡串联。若开关短路，灯始终发光。
本题考查了导体与绝缘体的区别、开关与灯泡的连接方式，属于基础题目。
19.【答案】闭合  35

【解析】解：由图可知，当开关S1闭合，S2断开时，该电路为串联电路，S2闭合时，只有R1接入电路；根据串联电路的电阻关系可知，S2闭合的总电阻要小，电源电压不变，根据P=可知，此时为高温档；
水吸收的热量即电流产生的热量为：Q吸=Q放=I2Rt=（5A）2×42Ω×2×60s=1.26×105J；
则水升高的温度为：△t===15℃；
水的末温为：t=20℃+15℃=35℃。
故答案为：闭合；35。
根据P=分析加热档是开关的闭合情况；
根据焦耳定律求出电流放出的热量，根据吸热公式求出水升高的温度。
本题考查了电功率计算公式的应用、焦耳定律公式和吸热公式的应用，熟练应用公式是解题的关键。
20.【答案】20  0.9

【解析】解：（1）闭合开关Sl、S2，滑片P滑至a端，电路为R1、L的并联电路，电流表测量干路电流；
由于灯泡L正常发光，则电源电压U=U额=6V；
根据P=UI可知灯泡正常工作的电流：
IL===0.2A，
根据并联电路的干路电流等于各支路电流之和可知：
通过R1的电流I1=I-IL=0.5A-0.2A=0.3A，
根据I=可得：
R1===20Ω；
（2）根据I=可得：RL===30Ω；则RL＞R1，根据并联电路的总电阻小于任意一个分电阻，
所以，闭合开关S1后，为整个电路的总电阻最大，则应是断开S2，电路为R1、R2串联，
由于电压表量程为“0～3V”，则当电压表示数为3V时，滑动变阻器连入电路的电阻最大，电路中电流最小；
根据串联电路的总电压等于各分电阻两端的电压之和可得：
R1两端的电压为U1=U-U2=6V-3V=3V，
此时电路中的最小电流为：I最小=I1′===0.15A，
P最小=UI最小=6V×0.15A=0.9W。
故答案为：20；0.9。
（1）闭合开关Sl、S2，滑片P滑至a端，电路为R1、L的并联电路，电流表测量干路电流，此时灯泡L正常发光，根据P=UI求出灯泡正常工作的电流，根据并联电路的特点和欧姆定律即可求出R1的阻值；
（2）根据P=可知：在电源电压不变的条件下，电路中的电阻越大，总功率越小；所以，闭合开关S1，保证电路安全，整个电路的总电阻最大时，总功率最小；
根据电阻的串并联特点判断得出总电阻最大的电路连接方式，然后根据电压表的示数可知当电压表示数最大时电路中电流最小，根据串联电路的特点和欧姆定律最小电流，根据P=UI即可求出整个电路的最小功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是对电路的分析。
21.【答案】解：入射光线过凹透镜光心，其折射光线传播方向不改变；
折射光线与主光轴平行，则入射光线的延长线过另一侧焦点，如图所示：


【解析】先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凹透镜的三条特殊光线作图。
凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。
22.【答案】解：
动滑轮的重力：
G动=m动g=2kg×10N/kg=20N，
不考虑绳重及摩擦，最大拉力F=（G+G动），
承担物重的绳子股数：
n===2.4，
所以要提升物体，绳子股数取3，
从下面动滑轮的上挂钩开始绕起，向上绕过定滑轮，再绕过下面的动滑轮，如图所示：


【解析】知道动滑轮的质量，利用G=mg求其重力，不考虑绳重及摩擦，最大拉力F=（G+G动），据此求承担物重的绳子股数（除不开，不能四舍五入，小数点后面入、取整数）；若绳子股数n为偶数，从上面定滑轮的下挂钩开始绕起，向下绕过动滑轮，再绕过上面的定滑轮；若为奇数，
从下面动滑轮的上挂钩开始绕起，向上绕过定滑轮，再绕过下面的动滑轮。
本题考查了滑轮组的绕法，利用“不考虑绳重及摩擦，拉力F=（G+G动）”确定承担物重的绳子股数是关键。
23.【答案】下  10  不动  较暗  能  正倒

【解析】解：（1）由图知，烛焰、凸透镜和光屏三者中心不在同一高度，烛焰的像比较靠上，根据光线过光心不改变方向，所以蜡烛向上移动，或凸透镜向下移动，或光屏向上移动，直到烛焰、凸透镜和光屏三者中心在同一高度上，这样像才能成在光屏的中心；
如图，物距：u=40cm-20cm=20cm，像距：v=60cm-40cm=20cm，物距等于像距，成倒立、等大的实像，满足条件：u=2f=20cm，凸透镜的焦距：f=u=×20cm=10cm；
（2）取下凸透镜，在原透镜位置正确放置带小孔的遮光板，是通过小孔成像，小孔成等大实像时物距等于像距，光屏的位置不动；
凸透镜成像是把照射到凸透镜上的光线会聚形成的，小孔成像是光沿直线传播通过小孔的光线形成的，由于照射到小孔以外的光线被遮光板阻挡，传播到光屏上的光线少，所以像的亮度较暗；
（3）光源及光屏位置不变，取下凸透镜，在原透镜位置正确放置一块薄玻璃板，是利用平面镜成像，平面镜成像与成像物体关于平面镜对称，看到的虚像仍在原来光屏的位置；
物距等于凸透镜二倍焦距时成倒立、等大的实像；通过平面镜物体成正立、等大的虚像，两次成像的倒正和虚实不同。
故答案为：（1）下；10；（2）不动；较暗；（3）能；正倒。
（1）根据光线过光心不改变方向，判断凸透镜的移动情况；u=2f，成倒立、等大的实像，v=2f；
（2）视野的亮度取决于该位置光线的数量；
（3）平面镜成像与成像物体大小相等，像与成像物体到平面镜的距离相等，平面镜成虚像。
此题是探究凸透镜成像的实验，考查了学生对实验操作的要求，一定要注意实验前的调整工作，为使像成在光屏的中央，应使凸透镜、烛焰、光屏的中心大致在同一高度处，同时还考查了凸透镜成像的规律及应用，要注意理解应用。
24.【答案】偏小  右  0.38A  右  0～2  电流方向或磁场方向改变了

【解析】解：
（1）检查器材时，在电流表的左侧观察到指针恰好指在零刻度线处，则指针在零刻度线偏左，如果直接用该电流表测电流，测量值与真实值相比会偏小；
（2）原电路中，电流表与电阻并联，电压表与电阻串联是错误的，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联，如下所示：

（3）选择5Ω的定值电阻，正确连接电路进行实验。闭合开关前，变阻器连入电路的电阻最大，故应将滑动变阻器的右端；闭合开关，移动滑片使电压表的示数为Ul，此时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.38A；
（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数不变；
（5）电流每增加0.1A，磁场力就增大1N，弹簧就伸长2cm，当弹簧被拉伸至最大弹性限度时，弹簧的弹力为20N，由这时磁场力为10N；
当弹簧被拉伸至最大弹性限度时，弹簧的弹力为20N，弹簧的伸长量为20cm，电流增大到2A，则该电流表的量程为0～2A，
若用此电流表测量电流时，发现弹簧被向左压缩，说明导体的受力方向改变，原因可能是电流方向或磁场方向改变了；
故答案为：（1）偏小；（2）右；（3）0.38A；（4）右；（5）0～2A；电流方向或磁场方向改变了。
（1）根据在电流表的左侧观察到指针恰好指在零刻度线处，可知左零刻度线偏左，据此分析；
（2）原电路中，电流表与电阻并联，电压表与电阻串联是错误的，电流表应与电阻串联，电压表与电阻并联；
（3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
根据电流表选用小量程确定分度值读数；
（4）根据已知条件分析弹簧的弹力为20N时电流增大多少，据此确定电流表的量程，：一是电流的方向，二是磁场方向，据此回答。
本题探究电流与电阻的关系实验，考查电流表正确使用、实验中的注意事项、控制变量法、操作过程、数据分析和影响通电导体在磁场中受力的方向的因素。
25.【答案】解：（1）摩托车的重力为：
G车=m车g=150kg×10N/kg=1500N；
将摩托车停在超市门前的水平地面上时，摩托车对地面的压力：F=G车=1500N；
所以摩托车对地面的压强为：p===1×105Pa；
（2）摩托车、人、货物的总重力为：
G=（m人+m车+m货）g=（70kg+150kg+80kg）×10N/kg=3000N；
行驶时受到的阻力为：
f=0.1G=0.1×3000N=300N；
摩托车匀速行驶的速度v=72km/h=20m/s，此时牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，
则有：F=f=300N，
摩托车发动机的实际输出功率为：
P=Fv=300N×20m/s=6000W；
摩托车输出的功为：
W=Pt=6000W×50s=3×105J；
摩托车发动机的效率为：
η=×100%=×100%=30%。
答：（l）摩托车对地面的压强为1×105Pa。
（2）摩托车发动机的实际输出功率为6000W；摩托车发动机的效率为30%。

【解析】（1）先根据G=mg计算摩托车的重力，将摩托车停在超市门前的水平地面上时，摩托车对地面的压力，根据p=求出摩托车对地面的压强；
（2）根据G=mg计算摩托车、人、货物的总重力，从而求得行驶时受到的阻力，根据二力平衡和P=Fv计算摩托车发动机的实际输出功率；
根据W=Pt计算摩托车输出的功，利用η=×100%计算摩托车发动机的效率。
本题考查了功率的计算、效率的计算以及压强大小的计算问题，难度不大，属于常考题。
26.【答案】解：
（1）太阳能发电有间歇性，因为地球上有昼夜交替，所以晚上不能利用太阳能发电，阴雨天也不能，并且目前太阳能发电成本相对较高。
（2）由P=可得，
加热电阻R1的阻值：R1===100Ω，
加热电阻R2的阻值：R2===20Ω，
开关S控制电路中所有用电器，开关S1控制R1，开关S2控制R2，说明两电热电阻是并联的，
闭合所有开关，Rl、R2同时工作，R1每分钟放出2.4×104J的热量，
则此时Rl的实际功率：Pl实====400W，
由并联电路特点和P=可得Rl、R2的实际功率之比：==，
即：==，
解得P2实=2000W；
（3）由题知，垂直于太阳光的1m2面积上每1秒接收的太阳能为500J，
则太阳光与水平面夹角为60°，面积为4m2时的太阳能电池板竖直放置时1分钟接收的太阳能：
E太阳能=500J/（m2•s）×4m2×60s×sin30°=6×104J，

因太阳能电池板将太阳能直接转化为电能的效率为20%，
所以1分钟内通过该太阳能电池板获得的电能：
W=20%E太阳能=20%×6×104J=1.2×104J。
答：（1）太阳能发电有间歇性，晚上不能利用太阳能发电，阴雨天也不能，并且目前太阳能发电成本相对较高；
（2）R2的实际功率为2000W；
（3）1分钟内通过该太阳能电池板获得的电能为1.2×104J。

【解析】（1）利用太阳能发电需要有太阳光照的条件下进行，由此分析解答；
（2）由P=先计算两加热电阻的阻值，由P=计算R1的实际功率，由并联电路特点和P=计算R2的实际功率；
（3）由题知，垂直于太阳光的1m2面积上每1秒接收的太阳能为500J；先计算太阳光与水平面夹角为60°时，太阳能电池板1分钟接收的太阳能，再由效率公式计算太阳能电池板获得的电能。
本题考查对太阳能发电的认识、电功率公式的应用以及能量的转化等，体现物理来源于生活，服务于生活，是一道好题。
27.【答案】解：（l）空心球和游客的总重力：
G总=m总g=（m球+m人）g=（10kg+80kg）×10N/kg=900N，
当球静止在水面上时，根据物体的漂浮条件可知：
F浮=G总=900N，
根据F浮=ρ水V排g可得浸入水中的体积：
V浸=V排===0.09m3；
（2）①如图甲所示位置时支点是A，杠杆示意图如下：

当拉力的作用点是过A点的直径的另一端点C点，动力臂最长为：L1=AC=2r=2×1m=2m；此时施加的拉力最小，
此时球受到浮力：
F浮′=ρ水V排g=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m3=200N；
球转动时的阻力：
F2=G总-F浮′=900N-200N=700N；
阻力臂L2=AD=AOsin30°=1m×=0.5m；
根据杠杆平衡条件可得：F1L1=F2L2，
F1===175N；
②当球离开水面后，球不再受浮力作用，则阻力不变，阻力臂变小，若安全员继续用最小的力，则动力臂为球的直径，保持不变，所以根据杠杆平衡条件可知：此过程中施力变小。
答：（l）质量为80kg的游客坐在球中，当球静止在水面上时，球浸入水中的体积为0.09m3。
（2）①当球转动到如图甲所示位置时，以与竖直方向的夹角为30°，球浸入水中的体积变为0.02m3，此时安全员施力的大小为175N。
②当球离开水面后，安全员继续用最小的力，将球转动至图乙所示位置，此过程中施力的变小。

【解析】（l）知道空心球和游客的质量，求出总重力，利用物体的漂浮条件即可求出球受到的浮力；根据阿基米德原理求球浸入水中的体积。
（2）①如图甲所示位置时支点是A，要想得到最小的力，应使杠杆的力臂最长。根据这一思路可知：拉力的作用点是过A点的直径的另一端点；
根据F浮=ρ水V排g求出此时受到浮力，根据受力平衡求出球转动时的阻力；过圆心O作底面的垂线OG，过A作AC⊥OG于点C，根据直角三角形的角边关系求出AC的长，再根据杠杆平衡条件求出力的大小。
②当球离开水面后，球不在受浮力作用，则阻力不变，安全员继续用最小的力，则动力臂为球的直径，保持不变，将球转动至图乙所示位置，根据阻力臂的变化即可判断动力的变化。
本题考查了学生对物体的浮沉条件、阿基米德原理和杠杆平衡条件的了解和掌握，难点是球滚动时力臂的计算和变化。
28.【答案】较低  电磁波  长  在火星上，物体与接触面间的压力小，所以摩擦阻力更小  水的比热容大  低

【解析】解：（1）由题意可知，火星表面大气密度大约只有地球的1%，而降落伞的工作要借助大气的阻力来减速，因此，选择着陆点时，应选择在地势较低的地方，这样更有利于发挥大气阻力的作用；
电磁波可以在真空中传播，因此，火星探测器与地球之间是利用电磁波来传递信息的。
（2）在火星表面g约为3.7N/kg，说明相同质量的物体，与地球上相比，其在火星上的重力更小，从而对水平面的压力更小，则物体与接触面间的摩擦阻力更小，因此，同一物体分别在地球和火星表面以相同的初始速度在相同的水平面上滑行，在火星上滑行的距离会比地球上长。
（3）水的比热容大，与相同质量的其它物质相比较，在同样吸放热的情况下，其温度变化小，因此，通过加热火星两极的冰盖获得液态水，可以减小地表温差。
（4）液体的沸点与气压有关，在火星表面的大气压强比地球表面要小得多，因此，水的沸点会比地球上液态水的沸点低。
故答案为：（1）较低；电磁波；（2）长；在火星上，物体与接触面间的压力小，所以摩擦阻力更小；（3）水的比热容大；（4）低。
（1）根据火星表面大气密度小的特点，结合降落伞的原理可做出解答；电磁波可以传递信息，且可以在真空中传播；
（2）物体滑行的距离受摩擦力的影响，而摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，结合火星上“g约为3.7N/kg”可做出分析；
（3）根据水的比热容大的特点可做出解释；
（4）液体的沸点与气压有关，气压越高，沸点越高，据此判断。
本题以火星探测为背景，考查了多个物理知识点的相关应用，体现了物理知识与高科技领域的联系，有一定的现实意义。