2020年辽宁省营口市中考物理试卷

这是一份2020年辽宁省营口市中考物理试卷，共24页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。


2020年辽宁省营口市中考物理试卷
题号
一
二
三
四
五
六
七
总分
得分









一、单选题（本大题共9小题，共18.0分）
1. 在物理学习过程中，经常要进行估测，下列估测值最接近生活实际的是（　　）
A. 一部手机的质量约为1kg
B. 此时考场内的温度约为10℃
C. 正常人脉搏跳动一次的时间约为0.8s
D. 护眼灯的电流约为2A
2. 下列关于声现象的说法正确的是（　　）
A. 只要物体振动，人们就能听到声音
B. “教学楼内请轻声慢步”，其中“轻声”是指声调低
C. 通常情况下声音在空气中传播最快
D. 开会时将手机设置为静音，这是在声源处减弱噪声
3. 中央电视台播出的《中国诗词大会》深受学生喜爱，诗句中蕴含了丰富的物理知识，下列对有关诗句的分析正确的是（　　）
A. “可怜九月初三夜，露似珍珠月似弓”--露的形成是熔化现象
B. “北风卷地白草折，朝天八月即飞雪”--雪的形成是凝固现象
C. “月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠”--霜的形成是凝华现象
D. “斜月沉沉藏海雾，碣石潇湘无阻路”--雾的形成是汽化现象
4. 2020年3月8日，国际乒联卡塔尔公开赛中，国乒以总成绩4冠1亚完美收官值得一提的是，赛前马龙召集所有参赛队员讨论，大家一致决定将获得的奖金全部捐献给武汉抗疫前线，如图所示为马龙参赛时的情景，下列说法中正确的是（　　）
A. 击球时，力改变了乒乓球的运动状态
B. 拍球时，球拍对球的力大于球对球拍的力
C. 球拍将球击出后，乒乓球受到惯性的作用继续运动
D. 乒乓球在空中运动过程中受到平衡力的作用
5. 下列说法中正确的是（　　）
A. 近视眼镜对光线有会聚作用
B. 反射光线、入射光线和法线在同一平面内
C. 一束太阳光可以通过三棱镜分解为三种色光
D. 镜面反射遵循光的反射定律，漫反射不循光的反射定律
6. 下列关于能源、材料的说法正确的是（　　）
A. 煤是可再生能源，燃煤发电容易造成环境污染
B. 红沿河核电站是我省第一座核电站，它利用核聚变发电
C. 利用半导体材料可以制作二极管、三极管
D. 超导材料可应用于电饭锅的电热丝
7. “安全用电，珍惜生命”是每个人应有的意识，下列有关家庭用电的说法正确的是（　　）
A. 空气开关跳闸，一定是电路发生了短路
B. 家庭电路起火时，应先用水灭火，然后再断开电路
C. 在停电期间检修电器，不需要断开总开关
D. 使用试电笔时，手要接触笔尾金属体。
8. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S滑片P向右移动时，下列说法中正确的是（　　）
A. 电压表示数变大，电流表A1、A2示数都变小
B. 电压表示数与电流表A2示数的比值不变
C. 电流表A1与A2示数的差值变大
D. 电压表示数与电流表A1示数的乘积变大


9. 如图所示是一款常见的电动咖啡搅拌杯，它的核心部件就是电动机，图中能够说明其工作原理的是（　　）


A. B.
C. D.
二、多选题（本大题共4小题，共12.0分）
10. 下列说法正确的是（　　）
A. 松软多孔的海绵可以被压缩，是因为海绵分子之间有空隙
B. 汽车发动机常用水作冷却剂，是利用了水比热容较大这一性质
C. 永动机是不可能制成的，因为它违背了能量守恒定律
D. 八月桂花香园飘满园，说明分子在不停地做热运动
11. 小君对生活中观察到的现象解释正确的是（　　）
A. 水壶的壶嘴与壶身构成连通器，静止时水面总是相平的
B. 坝设计成下宽上窄的形状是因为液体内部压强随深度的增加而增大
C. 抽油烟机工作时是利用气体流速越大，压强越小的原理将烟抽走的
D. 用吸管吸饮料是利用嘴的“吸力”把饮料吸入嘴里
12. 水平面上甲、乙两个相同的烧分别装有不同的液体，将两个完全相同的小球放入两烧杯中，静止在如图所示的位置，两烧杯液面相平，下列判断正确的是（　　）

A. 甲、乙两烧杯底受到液体的压强相等
B. 甲烧杯中液体的密度大于乙烧杯中液体的密度
C. 甲烧杯对水平面的压强大于乙烧杯对水平面的压强
D. 甲烧杯中小球受到的浮力等于乙烧杯中小球受到的浮力
13. 如图甲所示的电路中，电源电压不变，R0为定值电阻，闭合开关移动滑动变阻器的滑片，滑动变阻器R消耗的电功率随电流变化的关系如图乙所示，图乙中的ab两点与图甲中滑动变阻器的滑片在a、b两位置时相对应。下列说法正确的是（　　）

A. 滑动变阻器的滑片在a点与b点时，电路的总功率之比是1：2
B. 电源电压为12V
C. 滑动变阻器消耗的最大电功率为3.6W
D. 电路消耗的最大电功率为7.2W
三、填空题（本大题共8小题，共23.0分）
14. 端午节我国多地都有赛龙舟的习俗。选手用桨向后划水龙舟就能前进，说明力的作用是______的；最前面龙舟上的选手看到后面的龙舟离他越来越远是以______为参照物；某龙舟在2min内前进了540m，在这段时间内该龙舟的平均速度为______m/s。
15. 用塑料梳子梳理干燥的头发后，梳子能够吸起碎纸屑，这是因为带电体能______；若塑料的原子核束缚电子的本领强于头发，用该梳子接触不带电的验电器金属球，两金属箔片由于带上同种电荷互相______而张开；接触的瞬间，电流方向______。（选填序号即可：①“从梳子到金属球”或②“从金属球到梳子”）
16. 小波在湖边游玩时，看到茂密的树下有许多光斑，仔细一看是太阳的“像”，这是光的______而形成的；看到湖水中游动的“鱼”比其实际位置要______（选填“深”或“浅”），这是因为光从水中斜射向空气时发生；湖面上拱桥在水中的“倒影”，这是由于光的______而形成的虚像。
17. 如图所示，小刚从滑梯下滑的过程中，他的重力势能______（选填“增大”、“不变”或“减小”），在此过程中，小刚感觉到臀部发热，这说明通过______的方式可以改变物体的内能，这个过程发生的能量转化类似于四冲程汽油机的______冲程。
18. 如图所示是太阳能充电宝同时为两部手机充电的情景充电时，手机中的锂电池相当于电路中的______（选填“电源”或“用电器”），两部手机在电路中的连接方式为______联。利用手机接收微信消息时是通过______波传递信息的。
19. 如图所示是小娜测量滑轮组的机械效率的实验装置，每个钩码重1N，实验时小娜沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计使钩码上升12cm，用时4s，弹簧测力计示数如图所示，不计绳重及摩擦，则装置中动滑轮重是______N，拉力做功的功率是______W，滑轮组的机械效率是______（计算结果精确到0.1%）。
20. 如小家使用的电能表，由图可知他家同时可使用的用电器总功率不能超过______W；他关闭家中其他用电器，只让电水壶烧水，发现电水壶正常工作2min，电能表转盘转过24转，则该电水壶的额定功率为______W，电水壶内部的电热丝通电后迅速升温，而与其相连的电源线却不热，主要是因为电热丝的电阻______（选填“小于”或“大于”）电源线的电阻。
21. 水平桌面上有一个盛满水的溢水杯，杯中水的深度为10cm，现将一个不吸水的物块轻轻放入溢水杯中，静止时有72g水溢出，将其捞出擦干后轻轻放入完全相同且盛满酒水杯中，静止时有64g酒精溢出，则物块在酒精中受到的浮力为______N，物体的密度为______kg/m3，此时，酒精对容器底部的压强为______Pa．（ρ水=1.0×103kg/m3，ρ酒精=0.8×103kg/m3，g取10N/kg）。
四、作图题（本大题共3小题，共9.0分）
22. 如图甲所示是一个磁悬浮地球仪，球体内有一个条形磁体，其磁场方向与地磁场磁场方向相同，下方环形底座内有一个电磁铁，通过磁极间的相互作用使地球仪悬浮在空中，图乙是其内部结构示意图。请在图中标出：
（1）球体内条形磁体的N极；
（2）开关闭合后，电磁铁的磁感线方向；
（3）电源的“+、-”极。









23. 如图所示，水平放置的凹透镜，F是它的焦点，光线a经凹透镜折射后，再经平面镜反射，以图示的角度射到竖直放置的屏幕上。请在图中确定平面镜的位置，完成光路图并标出经平面镜反射时反射角的大小。













24. 如图甲所示是一种红酒开瓶器，如图乙是其简化的示意图，O是支点，F2是瓶塞作用在B点的阻力，请在图乙中画出阻力臂L2，并画出作用在A点的最小动力F1及动力臂L1。









五、实验探究题（本大题共4小题，共30.0分）
25. 小文和同学们到实验室探究光学实验：

（1）在“探究平面镜成像特点”的实验中，如图甲所示，小文选取了两个外形相同的蜡烛A和B，将蜡烛A放在薄玻璃板前点燃，小文应在蜡烛______（选填“A”或“B”）的一侧观察，同时移动蜡烛B，使它和蜡烛A的像完全重合，这样在确定像的位置的同时也证明平面镜成像时像和物的大小______；
（2）将蜡烛向右移动，重复上述实验过程，会发现：物体靠近平面镜时，所成像的大小______（选填“变大”“变小”或“不变”）；
（3）在老师启发下，小文将玻璃板换成凸透镜，将蜡烛B换为光屏、“探究凸透镜像规律”的实验，如图乙所示，观察到光屏上呈现清晰，等大的像，则该凸透镜的焦距为______cm；
（4）小文把蜡烛移动到光具座33cm刻度线处，发现光屏上的像变得模糊，要使像变晰，光屏应向______（选填“左”或“右”）适当移动、此时光屏上的像是倒立______的实像；
（5）在上述（4）操作的基础上，老师取下自己戴的眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，光屏上的像又变得模糊，小文发现当光屏向左移动适当距离后像又清晰，由此可知，老师的视力情况属于______（选填“近视”“远视”或“正常）。
26. 在“探究冰熔化时温度的变化规律”的实验中，实验装置如图甲所示：

（1）实验时，试管里装有适量的______（选填“冰块”或“碎冰”），将试管放入水中加热，这样做的目的是______，而且温度上升较慢，便于记录。
（2）如图乙是根据实验记录绘制的给冰加热时温度随时间变化的图象，由图象可知：BC段的物质处于______状态，图象中a点的内能______（选填“大于”“小于”或“等于”）b点的内能。
（3）试管中的冰完全熔化后，若持续加热，得到图象中的DE段。由此判断可能是液面上方的气压______（选填“高于”或“低于”）1个标准大气压；这段时间内试管中的水______（选填“能”或“不能”）沸腾。
27. 在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小欣同学设计了如图甲、乙、丙所示的三次实验，让铁球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止。

（1）要探究动能大小与物体质量的关系，应保证铁球达到水平面的______相同，为了达到这一目的所采取的具体操作方法是使小球______；
（2）选用甲、丙两次实验可以得出的结论是：物体质量相同时，______。
（3）三次实验中，碰推前动能最小的是图______（填“甲“乙”或“丙”）中的小球，原因是______；
（4）小欣同学联想到“探究阻力对物体运动的影响”时，也用到了斜面，让小车从斜面顶端由静止滑下，比较在不同表面滑行的距离（如表）小车在三个表面克服摩擦力做功______（选填“相等”或“不相等”）若水平面绝对光滑，小车将做______运动。
表面
毛巾
棉布
木板
摩擦力
最大
较大
最小
小车运动距离
最近
较远
最远
28. 下面是小和小辉等同学进行的电学实验。

（1）小彬为了“探究电流跟电阻的关系”，连接了如图甲所示的电路。
①请你在甲图中用笔画线代替导线完成电路的连接。
②小彬看到了同学在闭合开关后，电流表的指针偏向“0”刻度线的左侧，原因是______；
③小彬先将5Ω的电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片使电阻两端的电压为2V；再将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为______V。
④小彬保持滑动变阻器的滑片位置不变，把10Ω的电阻换成20Ω的电阻，电压表的示数保持不变，应将滑动变阻器的滑片适当向______（选填“左”或“右”）端移动。
⑤小彬将据记录在表格中，分析实验数据可得出：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成______。
电压U/V
2
电阻R/Ω
5
10
20
电流I/A
0.4
0.2
0.1
（2）小彬将电阻换成标有“2.5V”字样的小灯泡，测量其额定电功率。
①正确连接电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表电流表均无示数，产生这种现象的原因可能是滑动变阻器______（选填“短路”或“断路”）；
②排除故障，继续实验，小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电流是______A．额定功率是______W。
（3）小辉同学准备测小灯泡的额定功率，检查实验器材时，发现缺少电压表，滑动变阻器均标有“20Ω 2A”字样，小灯泡的额定电流是0.25A，于是他利用现实验器材，设计了如图丙所示的电路图。请你帮助小辉完成实验：
①闭合开关S1，开关S2接b，R2阻值调到最大处，R1阻值调到0，此时电流表的示数为0.3A；
②将R1的阻值调到最大，闭合开关S1，开关S2接a，______，小灯泡正常发光；
③保持R1接入电路的阻值不变，闭合开关S1，R2滑片仍在阻值最大处，此时电流表的示数为0.2A，则小灯泡的额定功率P额=______W。
六、计算题（本大题共3小题，共24.0分）
29. 2020年2月13日，一批增援武汉的军队医护人员乘6架国产“运20”运输机抵达武汉天河机场（如图所示），每架飞机及运送的人员和物资总质量为210t，着陆后，轮胎与地面总接触面积为4.2m2，本次航程1200km，匀速飞行过程中受到的平均阻力是9×104N，发动机的效率是40%（航空煤油的热值是4.5×107J/kg。g取10N/kg）。求：
（1）飞机降落后，静止时对水平地面的压强多大？
（2）本次航程，每架飞机发动机牵引力所做的功是多少？
（3）本次航程，每架飞机需要航空煤油的质量是多少kg？







30. 为预防新型冠状病毒交叉感染，某医院将医疗器械置于消毒柜内，通过对水加热，达到设定压强和工作温度，产生高压饱和蒸汽，从而对医疗器械进行消毒处理，某型号的全自动高压消毒柜部分参数如下表，某次消毒，将满箱温度是20℃的水加热到工作温度，需正常工作50min[c水=4.2×103J/（kg•℃）（ρ水=1.0×103kg/m3）]求：
（1）消毒一次，水箱中的水吸收的热量是多少？
（2）消毒一次，消毒柜消耗的电能是多少？
（3）该消毒柜的电加热效率是多少？
电源
AC220V 50Hz
额定功率
20kW
水箱容积
120L
工作温度
120℃
额定压力
621MPa








31. 如图甲所示的电路中，电源电压不变，定值电阻R0=10Ω、滑动变阻器R最大阻值为10Ω，灯泡标有“6V4.8W”，灯泡的信息图象如图乙。当只闭开关S、S1，滑动变阻器滑片位于最右端时，灯泡L的实际功率为1.2W，求：

（1）电源电压是多少？
（2）只闭合开关S、S2，电路消耗的最小电功率是多少？







七、综合题（本大题共1小题，共4.0分）
32. 在沙滩上游玩时，亮亮看见沙滩车在松软的沙滩上自由飞驰，他发现黄沙滩车的轮胎做得比普通车的轮胎宽多，而且轮胎上有许多又深又粗的花纹，请你解释这两种现象。
答案和解析
1.【答案】C

【解析】解：A、一部手机的质量约为100g，故A不符合实际；
B、考场内的温度约为20℃，故B不符合实际；
C、正常人脉搏跳动约为75次/分，则跳动一次的时间约为0.8s，故C符合实际；
D、护眼灯的电流约为0.2A，故D不符合实际。
故选：C。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】D

【解析】解：
A、人耳听觉有一定的范围，即频率20～20000Hz之间，且有传声介质和一定的响度，因此并非只要物体振动人们就能听到声音，故A错误；
B、“教学楼内请轻声慢行”，其中“轻声”是指声音的响度小，故B错误；
C、声音在不同介质中的传播速度不同，通常情况下，声音在空气中传播最慢，在固体中传播最快，故C错误；
D、开会时将手机设置为静音是在声源处减弱噪声，防止噪声的产生，故D正确。
故选：D。
（1）物体振动发出声音，但并不是所有的声音人耳都能的到，只有响度和频率合适，人耳才能的到声音；
（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
（3）声音在不同的介质中的传播速度不同；
（4）减弱噪声的途径有三个：在声源处、在传播中、在人耳处。
此题考查了声速、声音的特性、减弱噪声的措施，属于声现象基本规律的考查，难度较小，是一道基础题。
3.【答案】C

【解析】解：A、露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，故A错误。
B、雪是空气中的水蒸气遇冷凝华为固态的冰晶，故B错误。
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面，故C正确。
D、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故D错误。
故选：C。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】A

【解析】解：A、力可以改变物体的运动状态，所以球拍击球时，乒乓球的运动状态发生改变。故A正确；
B、球拍对球的力和球对球拍的力是一对相互作用力，所以大小相等。故B不正确；
C、乒乓球被球拍击出后，由于惯性继续向前运动，但不是受到惯性，因为惯性不是力。故C不正确；
D、乒乓球在空中飞行过程中速度和方向都发生变化，所以不是受到平衡力的作用。故D不正确。
故选：A。
①力的作用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态；
②一对相互作用力大小相等、方向相反、在一条直线上；
③一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫做惯性。惯性是物体本身的一种属性，不是力；
④在平衡力的作用下物体保持静止或匀速直线运动状态。
此题是一道综合题，考查了力的作用效果、相互作用力的特点、惯性的存在及运动和力的关系，正确、全面理解概念和规律是解答的关键。
5.【答案】B

【解析】解：A、近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，故A错误；
B、光的反射遵守光的反射定律，即反射光线在入射光线和法线所决定的平面内，分居法线两侧，且反射角等于入射角，故B正确；
C、一束太阳光可以通过三棱镜分解为七种不同的色光，这就是光的色散现象，故C错误；
D、漫反射也遵守光的反射定律，故D错误。
故选：B。
（1）凹透镜对光线有发散作用，近视眼需要佩戴由凹透镜制成的眼镜进行矫正；
（2）光反射时，反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分别在法线两侧，反射角等于入射角；
（3）根据光的色散现象可做出判断；
（4）反射有镜面反射和漫反射，它们都遵守光的反射定律。
此题考查光的色散、光的反射和光的反射定律的应用等，属光学综合题，难度不大。
6.【答案】C

【解析】解：A、煤是不可再生能源，燃煤发电容易造成环境污染，故A错误；
 B、红沿河核电站是我省第一座核电站，它利用核裂变发电，故B错误；
 C、利用半导体材料可以制作二极管、三极管，故C正确；
 D、超导材料的电阻为零，根据Q=I2Rt知，电流通过时不会发热，所以不能应用于电饭锅的电热丝，故D错误。
故选：C。
（1）可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源，例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能；不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源，例：化石能源（煤炭、石油、天然气）、核能；
（2）核电站的原理是通过核裂变释放能量来发电的；
（3）二极管、三极管有半导体制作而成，二极管：具有单向导电性。三极管：具有将电信号放大的作用；
（4）超导体的电阻为0，根据Q=I2Rt分析。
此题主要考查对可再生能源和不可再生能源特点的理解，半导体、超导体的理解，属于基础知识。
7.【答案】D

【解析】解：
A、当发生短路或用电器的总功率过大时，都会引起电路中的电流过大，空气开关就会出现“跳闸”现象，故A错误；
B、生活用水是导体，发生电火灾时如果直接用水去灭火，会发生触电事故，家庭电路发生火灾时要先断开电源，再灭火，故B错误；
C、在停电期间检修电器，必须要断开总开关，防止发生触电事故，故C错误；
D、使用试电笔时，测电笔前端的金属探头和带电体相连接，不能用手去接触，否则会造成人身触电事故，但手要接触笔尾金属体，故D正确。
故选：D。
（1）电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功率过大；
（2）发现用电器着火了，要立即断开电源再想法灭火；
（3）为避免发生触电事故，检修电路及更换元件时，一定断开总开关；
（4）使用试电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电，是十分危险的。使用试电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故。
本题主要考查了安全用电的基础知识，涉及的知识点较多，但都是我们应掌握的基本技能。
8.【答案】B

【解析】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流。
因电源电压保持不变，
所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故A错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时通过R1的电流不变，即电流表A2的示数不变，
则电压表示数与电流表A2示数的比值不变，故B正确；
当滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I=可知，通过R2的电流变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表A1的示数变小，
则电压表示数与电流表A1示数的乘积变小，故D错误；
因电流表A1与A2示数的差值等于通过R2的电流，
所以，电流表A1与A2示数的差值变小，故C错误。
故选：B。
由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电压表测电源两端的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R1支路的电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表的示数变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流变化，然后得出电压表示数与电流表A2示数的比值变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律得出通过变阻器的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步得出电压表示数与电流表A1示数的乘积变化，结合通过R2的电流变化得出电流表A1与A2示数的差值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
9.【答案】A

【解析】解：A、如图，通电导体在磁场中受力而运动，是电动机的工作原理图，故A正确。
B、如图是奥斯特实验，说明电流周围产生磁场，故B错误。
C、如图是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，是发电机的工作原理，故C错误。
D、如图是通电线圈，是利用电流的磁效应，故D错误。
故选：A。
电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，找出和这个原理相同的即可。
电磁联系包括三方面内容：电流磁效应、电磁感应、通电导体在磁场中受力而运动，要明确通电螺线管、发电机、电动机、动圈式话筒、电磁起重机、司南、扬声器等工作原理。
10.【答案】BCD

【解析】解：
A、松软多孔的海绵可以压缩，说明力可以改变物体的形状，但不能说明海绵分子之间有间隙，故A错误；
B、汽车发动机用水作冷却剂，利用了水比热容较大的性质，这样在同等情况下可以吸收更多的热量，故B正确；
C、永动机是不可能制成的，因为它违背了能量守恒定律，故C正确；
D、桂花香飘满园是花香分子不停地做无规则运动到空气中，人们就闻到了桂花的香味，故D正确。
故选：BCD。
（1）力可以改变物体的形状；
（2）水具有较大的比热容，相同质量的水和其它物质相比，吸收相同的热量，温度变化小，因此水常被用来做取暖介质和冷却剂等；
（3）能量既不会凭空消灭，也不会凭空产生，它只会从一种形式转化为其它形式，或从一个物体转移到另一个物体，而能量的总量保持不变；
（4）物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动。
本题考查了学生对力的作用效果、水比热容的特性、能量守恒定律以及分子的热运动的理解与掌握，是一道综合性题目。
11.【答案】ABC

【解析】解：A、茶壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器，当里面的水不流动时，壶嘴的水面和壶身的水面保持相平，故A正确；
B、因为水的压强随深度增加而增大，所以拦河大坝之所以修成上窄下宽的形状，可以承受更大的压强，故B正确；
C、根据流体压强与流速的关系可知，抽油烟机在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将油烟压向扇口排出。故厨房内的抽油烟机工作时是利用流速越大，压强越小的方法将油烟“吸”走的，故C正确；
D、用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管，故D错误。
故选：ABC。
（1）上端开口，底部连通的容器叫连通器，连通器中装同种液体，液体静止时液面是相平的；
（2）拦河坝设计成下宽上窄的形状，是因为液体的压强随深度的增加而增大；
（3）借助流体压强与流速的关系进行解释：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大；
（4）我们在吸饮料的时候，是大气压把饮料压入嘴里的。
本题考查了流体压强和流速的关系、液体压强的特点、大气压等物理知识，对于流体问题，一般分析物体两侧的流体流速，根据流体压强跟流速的关系，判断物体两侧的压强是解决此类习题的思路。
12.【答案】BCD

【解析】解：
（1）由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态，
根据浮沉条件可知，物体漂浮时ρ液＞ρ物，物体悬浮时ρ液=ρ物，
所以ρ液甲＞ρ球，ρ液乙=ρ球，由此可得：ρ液甲＞ρ液乙，故B正确；
（2）两杯中液面相平，根据p=ρgh可知，ρ液甲＞ρ液乙，所以烧杯底受到液体的压强：p液甲＞p液乙，故A错误；
（3）由G=mg=ρVg可知，甲杯内液体的重力较大，烧杯和小球均相同，所以甲杯对桌面的压力较大；又根据p=可知，甲杯对桌面的压强较大，故C正确；
（4）因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以两个相同的小球在两杯中受到的浮力相等，都等于小球的重力，故D正确。
故选：BCD。
根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系，再根据p=ρgh和p=判断杯底和水平面的压强关系。
本题考查了物体浮沉条件和压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。
13.【答案】BC

【解析】解：由电路图可知，R0与R串联。
A．由图乙可知，滑片位于a点和b点时电路中的电流分别为Ia=0.8A、Ib=0.4A，变阻器消耗的电功率均为PR=3.2W，
因电源的电压不变，所以由P=UI可知，两种情况下电路的总功率之比：
Pa：Pb=UIa：UIb=Ia：Ib=0.8A：0.4A=2：1，故A错误；
B．滑片位于a点和b点时，由P=UI=I2R可得，两种情况下变阻器接入电路中的电阻：
Ra===5Ω，Rb===20Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由I=可得，电源的电压：
U=Ia（R0+Ra）=Ib（R0+Rb），即0.8A×（R0+5Ω）=0.4A×（R0+20Ω），
解得：R0=10Ω，
电源的电压U=Ia（R0+Ra）=0.8A×（10Ω+5Ω）=12V，故B正确；
C．滑动变阻器接入电路中的电阻为R时电路中的电流I=，
滑动变阻器消耗的电功率：
PR=I2R=（）2R====，
当R=R0=10Ω时，滑动变阻器的电功率最大，则
PR大===3.6W，故C正确；
D．当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路的总功率最大，
则P大===14.4W，故D错误。
故选：BC。
由电路图可知，R0与R串联。
（1）根据图乙读出滑动变阻器消耗的功率为3.2W时电路中的电流，根据P=UI结合电源的电压不变求出滑动变阻器的滑片在a点与b点时电路的总功率之比；
（2）根据P=UI=I2R分别求出接入电路中的电阻，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出定值电阻的阻值，进一步求出电源的电压；
（3）根据电阻的串联和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻为R时电路中的电流，根据P=UI=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，然后根据表达式得出变阻器消耗的功率最大时接入电路中的电阻和其最大值；
（4）当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路的总功率最大，根据P=UI=求出电路的最大功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断出滑动变阻器消耗的电功率最大时接入电路中的阻值是关键。
14.【答案】相互  自己的龙舟  4.5

【解析】解：（1）用桨向后划水，桨给水一个向后的力，物体间力的作用是相互的，水给桨一个向前的力，推动船前进。
（2）后面的龙舟是被研究的物体，前面选手看到后面龙舟离他越来越远，说明后面龙舟是运动的，后面龙舟和前面选手乘坐的龙舟（或前面选手）之间发生了位置的改变，所以以自己或自己乘坐的龙舟为参照物，后面龙舟是运动的。
（3）某龙舟在2min内前进了540m，
该龙舟的平均速度：v===4.5m/s。
故答案为：相互；自己的龙舟（或自己）；4.5。
（1）物体间力的作用是相互的，一个物体对另一物体施加力的同时，也受到另一个物体对它的力；
（2）首先确定被研究的物体，如果被研究的物体和参照物之间位置发生了变化，被研究的物体是运动的，所以选择和被研究物体位置发生变化的物体为参照物；
（3）知道龙舟的运动时间和运动距离，根据速度公式求出速度大小。
通过端午节的龙舟比赛，考查了速度计算、参照物、物体间力的作用是相互的，体现了生活处处皆物理，一定要留心观察生活。
15.【答案】吸引轻小物体  排斥  ②

【解析】解：塑料梳子梳理干燥的头发后，梳子由于摩擦而带上了电荷，带电体能吸引轻小物体，故梳子能够吸起碎纸屑；
由于同种电荷相互排斥，金属箔片由于带上同种电荷互相排斥而张开；
塑料的原子核束缚电子的本领强于头发，则在摩擦过程中，头发上的部分电子转移到梳子上，梳子带负电。该梳子接触不带电的验电器金属球，梳子上的电子转移到金属球上，故电流方向是从金属球到梳子。
（1）带电体能够吸引轻小物体。
（2）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
（3）正电荷移动的方向是电流的方向；自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
知道带电体的性质，理解电荷间的作用规律、理解电流方向的规定，可解答此题。
16.【答案】光的直线传播  浅  反射

【解析】解：
（1）茂密的树下许多光斑，属于小孔成像现象，是由于光沿直线传播而形成的太阳的“像”。
（2）水中的鱼反射的光线穿过水面，折射进入人眼，此时光线在水面处发生折射，折射角大于入射角，即人眼逆着折射光线的方向看去，看到的是鱼经水面折射所成的虚像，且虚像在实际鱼的上方，所以从岸边看到水中“鱼”的位置比鱼实际位置要浅一些。
（3）湖面上拱桥在水中的“倒影”，属于平面镜成像，是由于光的反射而形成的虚像。
故答案为：光的直线传播；浅；反射。
（1）光在同一均匀介质中是沿直线传播的，应用的实例有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象；
（2）水中的鱼反射出的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线的方向看去，就会觉得鱼变浅了；
（3）倒影属于平面镜成像，平面镜成像的原理是光的反射。
本题主要考查几种常见的光现象，对于光的折射现象，不论是在岸上看水中的物体还是在水中看岸上的物体，看到的“虚像”都比物体的实际位置要高一些。
17.【答案】减小  做功  压缩

【解析】解：（1）小刚从滑梯下滑的过程中，他的质量不变，高度减小，故重力势能减小；
（2）小刚在下滑过程中克服摩擦做功，机械能转化为内能，所以臀部有灼热的感觉，这是通过做功的方式改变了他的内能；
（3）四冲程汽油机的压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能，与上述能量转化类似。
故答案为：减小；做功；压缩。
（1）重力势能的大小与物体的质量、高度有关；
（2）改变物体内能的两种方法：做功和热传递。对物体做功（克服摩擦力做功、压缩气体做功等），将机械能转化为物体的内能，使物体的内能增加、温度升高；
（3）四冲程汽油机的做功冲程将内能转化为机械能；压缩冲程将机械能转化为内能。
熟悉机械能的转化过程，并理解改变内能的两种方式和汽油机的工作原理是解决该题的关键。
18.【答案】用电器  并  电磁

【解析】解：
在电池充电的过程中，消耗电能，转化为化学能，电池相当于电路中的用电器；
两部手机在充电的过程中，互不影响，所以在电路中的连接方式为冰联；
电磁波能在真空中传播，可以传递新，所以手机接收微信消息时是通过电磁波传递信息的。
故答案为：用电器；并；电磁。
手机电池在对外供电的过程中是电源，将化学能转化成电能；而在充电过程中，消耗电能转化为化学能，是用电器；
串联电路电流的路径只有一条，并联电路的电流的路径有多条；
电磁波可以传递信息。
不痛快了能量的转化、电路的连接方式、电磁波的应用，都属于基础知识，要掌握。
19.【答案】0.6  0.108  83.3%

【解析】解：
（1）由图可知，n=3，弹簧测力计的示数（即绳端的拉力）：F=1.2N，
提升钩码的总重力G=3×1N=3N，
不计绳重和摩擦，由F=（G+G动）可知，动滑轮重：
G动=nF-G=3×1.2N-3N=0.6N；
（2）绳端移动的距离：
s=nh=3×12cm=36cm=0.36m；
拉力做的总功：W总=Fs=1.2N×0.36m=0.432J，
拉力做功的功率：P===0.108W；
（3）有用功：W有用=Gh=3N×0.12m=0.36J，
滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%≈83.3%。
故答案为：0.6；0.108；83.3%。
（1）由图可知滑轮组绳子的有效股数和弹簧测力计的示数（即绳端的拉力），由题意可得提升钩码的总重力；不计绳重和摩擦，根据F=（G+G动）求出动滑轮重；
（2）根据s=nh求出绳端移动的距离；根据W总=Fs可求得拉力做的功，由P=可求得拉力做功的功率
（3）由W有用=Gh可求得有用功，由η=×100%求出滑轮组的机械效率。
本题考查了滑轮组绳子自由端移动的距离和动滑轮重力、滑轮组机械效率的计算，利用好公式s=nh、由F=（G+G动）是关键。
20.【答案】4400  1200  大于

【解析】解：
（1）“220V、10（20）A”说明，电能表的工作电压为220V，电能表平时工作允许通过的最大电流为20A，
他家同时可使用的用电器最大总电功率：
P最大=UI最大=220V×20A=4400W；
（2）600revs/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转600r，
电能表转盘转24r消耗的电能：
W=kW•h=0.04kW•h，
电水壶正常工作时的功率，即电水壶的额定功率：
P===1.2kW=1200W；
（3）电水壶的电热丝与电源线串联，通过它们的电流I和通电时间t相等，因为电热丝的电阻大于电源线的电阻，R电热丝＞R电源线，所以由Q=I2Rt可知电流产生的热量Q电热丝＞Q电源线，即电流通过电热丝产生的热量大于电流通过电源线产生的热量，所以，电水壶内部的电热丝通电后迅速升温，而与其相连的电源线却不热。
故答案为：4400；1200；大于。
（1）“220V、10（20）A”中，220V是指电能表的工作电压，10A是指电能表的标定电流，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，利用P=UI求他家同时可使用的用电器最大总电功率。
（2）600revs/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转600r，据此求电能表转盘转24r消耗的电能，再利用P=求电水壶正常工作时的功率，即电水壶的额定功率；
（3）由焦耳定律可知，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。电热丝和连接的电源线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电热丝的电阻比电源线的电阻大，据焦耳定律分析。
本题考查了消耗电能、电功率的计算以及焦耳定律的应用，明确电能表相关参数的含义是关键。
21.【答案】0.64  0.9×103  800

【解析】解：（1）该物块放在水中时，受到的浮力：
F浮=G排=m排g=0.072kg×10N/kg=0.72N；
该物块放在酒精中时，受到的浮力：
F浮′=G排′=m排′g=0.064kg×10N/kg=0.64N；
通过上面的计算可知，物体在酒精中受到的浮力小于物块在水中所受的浮力，而物块的重力不变，因此物块在水和酒精中不可能都漂浮，只能是一漂一沉或两个都浸没；
由于酒精的密度小于水的密度，则物块放入酒精中一定是下沉的，
根据F浮=ρ液gV排得物块的体积：
V物=V排酒精===8×10-5m3=80cm3，
物块浸在水中时，排开水的体积：
V排水===7.2×10-5m3=72cm3；
因为排开水的体积小于排开酒精的体积，所以物块在水中漂浮。
物块的质量：
m物=m排水=72g=0.072kg。
物块的密度：
ρ物===0.9×103kg/m3。
（2）杯中酒精的深度h酒精=h水=10cm=0.1m，
则酒精对容器底的压强：
p酒精=ρ酒精gh酒精=0.9×103kg/m3×10N/kg×0.1m=800Pa。
故答案为：0.64；0.9×103；800。
（1）根据阿基米德原理求出物块分别在水中和酒精中受到的浮力，然后比较浮力的关系即可确定物块的运动状态；根据漂浮条件求出物块的重力，再利用G=mg求物块的质量；根据F浮=ρ液gV排可求出物块的体积，利用ρ=求出物体的密度；
（2）已知杯中酒精的深度，利用p=ρgh求出酒精对容器的压强。
本题考查压强、密度公式的掌握、阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和应用，判断出物体在酒精中的状态是解决此题的关键，属于难题。
22.【答案】解：（1）由题知，球体内条形磁体的磁场方向与地磁场磁场方向相同，
地球地理上的上北下南，又因为地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，所以条形磁体的上端的S极，下端是N极，如图所示：
（2）因为地球仪悬浮，所以条形磁体和电磁铁相互靠近的部分的同名磁极，所以电磁铁的上端是N极，下端是S极，根据磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极，所以图中磁感线方向从上到下，如图所示：
（3）根据安培定则，可以判断电流从下端进入电磁铁，从上端流出，所以电源的下端是正极，上端是负极，如图所示：


【解析】（1）根据球体内条形磁体的磁场方向与地磁场磁场方向相同，判断地磁的南北极。
（2）根据地球的地磁南北极判断电磁铁的磁极，并且磁体周围的磁感线从N极出发，回到S极。
（3）通过电磁铁的磁极，根据安培定则判断电源的正负极。
球体内有一个条形磁体，其磁场方向与地磁场磁场方向相同，这是本题的突破口，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，判断地磁北极在下面，所以条形磁体的N极在下面。
23.【答案】解：
（1）延长线过焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴，将投射到平行放置的屏幕上的光线反向延长，与折射光线的交点B即为入射点，过入射点B作∠ABC的角平分线BE即为法线，然后做法线的垂线即为平面镜的位置，如图所示：

（2）由图和题意可知，屏幕平行于凹透镜的主光轴，且∠BCD=60°，
因平行线同旁内角互补，则∠ABC=120°，且BE是法线，也是∠ABC的角平分线，
所以在平面镜的反射光路中，反射角∠EBC=60°。
故答案为：如图所示；反射角的大小为60°。

【解析】（1）根据延长线过焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴画出折射光线，该折射光线与入射到屏幕上的光线的交点为入射点，过入射点作角平分线即为法线，然后根据法线和平面镜的关系即可确定镜面的位置。
（2）由图可知，入射光线与界面的夹角为60°，然后可求得入射角，根据反射角等于入射角可求反射角大小。
本题考查了凹透镜的三条特殊光线、平面镜成像的特点，利用好相应的数学知识求反射角是关键。
24.【答案】解：
（1）从支点O作阻力F2作用线的垂线，则支点到垂足的距离为阻力臂l2；
（2）由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长；
在开瓶盖时，动力的方向应该向上，过点A垂直于OA向上作出最小动力F1的示意图，如图所示：


【解析】（1）力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离。
（2）杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。
25.【答案】A  相等  不变  10.0  右  放大  远视

【解析】解：（1）在探究平面镜成像特点的实验中，应该在玻璃板前面透过玻璃板来观察蜡烛的像，即在蜡烛A的一侧观察；同时移动蜡烛B，使它和蜡烛A的像完全重合，这样在确定像的位置的同时也证明平面镜成像时像和物的大小相等；
（2）根据平面镜成像的特点可知，物体靠近平面镜时所成像的大小不变；
（3）由图知，u=v=20.0cm，则可知20.0cm=2f，f=10.0cm；
（4）小文把蜡烛移动到光具座33cm刻度线处，u=50cm-33cm=17cm，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f，发现光屏上的像变得模糊，要使像变晰，光屏应向右适当移动、此时光屏上的像是倒立放大的实像。
（5）把眼镜放于蜡烛和凸透镜之间，光屏向左移动适当距离后像又清晰。说明该眼镜对光线具有会聚作用，为凸透镜，是远视眼镜。
故答案为：（1）A；相等；（2）不变；（3）10.0；（4）右；放大；（5）远视。
（1）实验中，应该在玻璃板前面透过玻璃板来观察蜡烛的像；同时，移动蜡烛B，使其与A的像重合，这样在确定像的位置的同时也证明平面镜成像时像和物的大小相等；
（2）平面镜成像时，像的大小始终不变；
（3）当物距等于2f时，成倒立、等大的实像，像距等于2f，根据其结合像距与物距的关系得出结论；
（4）（3）凸透镜成像规律中，物体移动方向和光屏的移动方向是一致的，物距大于2倍焦距时，像是倒立缩小的实像；
（5）根据像的位置变化判断眼镜对光线的作用，根据其判断出眼镜的种类
本题考查了平面镜的特点，重点考查凸透镜成像的三种情况和凸透镜成实像时，物距减小，像距变大像变大，都是凸透镜成像习题的重要依据；还需掌握远视眼及其矫正方法，属基础问题的考查，难度不大。
26.【答案】碎冰  使冰受热均匀  固液共存  小于  低于  不能

【解析】解：（1）探究冰熔化时温度的变化规律时，试管里应装有适量的碎冰，在加热过程中，碎冰受热均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；
（2）冰是晶体，由图象可知BC段表示冰处在熔化过程，所以是固液共存状态；物质吸收热量，内能变大，故a点的内能小于b点的内能；
（3）由图可知，此时水的沸点为98℃，小于标准气压下的沸点100℃，说明液面上方的气压低于1个标准大气压；
由于烧杯内的水沸腾时温度保持不变，试管内的水虽达到沸点，但不能继续吸热，所以不能沸腾。
故答案为：（1）碎冰；使冰受热均匀；（2）固液共存；小于；（3）低于；不能。
（1）探究晶体和非晶体的熔化和凝固实验时，一般都采用水浴法，物体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；
（2）熔点是晶体熔化时的温度，晶体在熔化时保持熔点温度不变，处于固液共存状态；
（3）水沸腾后，温度不再上升，试管内的水到达沸点后，不能继续吸热，不能沸腾。
学生分析物质熔化的图象，是本实验中应该掌握的基本技能之一，从图象中获取有效的信息，也是物理实验中经常运用的。
27.【答案】速度  从斜面的同一高度由静止滚下  速度越大，动能越大  丙  纸盒被推动的距离最小  相等  匀速直线

【解析】解：
（1）要探究动能大小与物体质量的关系，应保持小球的速度相同，质量不同，所以应使质量不同的小球从斜面的同一高度由静止滚下，保证铁球达到水平面的速度相同；
（2）由图示实验可知，甲、丙两次实验，球的质量相同，甲滚下的高度大于丙滚下的高度，甲到达斜面底端时的速度较大，甲将纸盒推动得更远，说明甲的动能更大，由此可得：质量相同的物体，运动速度越大，它具有的动能就越大；
（3）三次实验中，是通过观察纸盒被撞击后移动的距离来比较铁球动能的大小的，这种方法是转换法，丙图中纸盒被推动的距离最小，故碰撞前动能最小；
（4）让小车从同一高度（由静止）下滑，根据决定重力势能大小的因素，小车的重力势能相同，下滑到水平面时的动能也相同，在不同的材料表面上运动时，最终停下来后，动能全部转为内能，克服摩擦力做了多少功就有多少动能转化为内能，所以，在三个表面克服摩擦力做功相同；
铁球从斜面上滚下，若水平面绝对光滑，铁球不受摩擦力作用，铁球所受合力为0，所以铁球将做匀速直线运动。
故答案为：（1）速度；从斜面的同一高度由静止滚下；（2）速度越大，动能越大；（3）丙；纸盒被推动的距离最小；（4）相等；匀速直线。
（1）要探究动能大小与物体质量的关系，需保持物体的速度相同，则需使小球从同一斜面的同一高度由静止开始运动；
（2）分析图甲、丙所示两次实验，根据实验控制的变量与实验现象分析答题；
（3）动能的大小与物体的质量和速度有关；掌握转换法在实验中的应用，通过对纸盒做功的多少，来体现小球动能的大小；
（4）直接比较小车在三个表面上克服摩擦力做功是否相等不好确定，可根据重力势能大小关系及能量的转化分析；根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，运动后将保持匀速直线运动。
本题考查了探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验，实验应用了转换法和控制变量法，掌握转换法与控制变量法的应用、分析图示实验即可正确解题。
28.【答案】电流表正负接线柱接反了  2  左  反比  断路  0.2  0.5  调节滑动变阻器R1的滑片，使电流表示数为0.25A  0.875

【解析】解：
（1）①电阻串联在电路中，由③电压表控制在2V，故电压表选用小量程与电阻并联，如下所示：

②小彬看到了同学在闭合开关后，电流表的指针偏向“0”刻度线的左侧，原因是电流表正负接线柱接反了；
③小彬先将5Ω的电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片使电阻两端的电压为2V；再将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数为 2V。
④根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V。
小彬保持滑动变阻器的滑片位置不变，把10Ω的电阻换成20Ω的电阻，电压表的示数保持不变，应将滑动变阻器的滑片适当向左端移动；
⑤小彬将据记录在表格中，分析实验数据知，电阻为原来的几倍，通过的电流为原来的几分之一，可得出：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
（2）①正确连接电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表电流表均无示数，说明整个电路断路，产生这种现象的原因可能是滑动变阻器断路；
②排除故障，继续实验，小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示电流表选用小量程，分度值为0.02A，则小灯泡正常发光时的电流是0.2A，额定功率是：
P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；
（3）①闭合开关S1，开关S2接b，S2接b，R2阻值调到最大处，R1阻值调到0，此时电流表的示数为0.3A；
②将R1的阻值调到最大，闭合开关S1，开关S2接a，调节滑动变阻器R1的滑片，使电流表示数为0.25A，小灯泡正常发光；
③在①中，电路为20Ω定值电阻的简单电路，电流表测电路的电流，因此时电流表的示数为0.3A，由欧姆定律，电源电压为：U=I1R2=0.3A×20Ω=6V；
在②中，R1与灯串联，灯的电流为额定电流，故灯正常发光；
保持R1接入电路的阻值不变，闭合开关S1，开关S2接b，R2滑片仍在阻值最大处，此时20Ω的定值电阻与变阻器R1串联，电流表测电路的电流，电流表的示数为0.2A，由串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：R1滑=-R2=-20Ω=10Ω；
在②中，由串联电路的规律及欧姆定律，灯的额定电压为：
UL=U-ILR1滑=6V-0.25A×10Ω=3.5V；
则小灯泡的额定功率：
P额=ULIL=3.5V×0.25A=0.875W。
故答案为：（1）①如上所示；②电流表正负接线柱接反了；③2；④左；⑤反比；
（2）①断路；②0.2；0.5；
（3）②调节滑动变阻器R1的滑片，使电流表示数为0.25A；③0.875。
（1）①电阻串联在电路中，由③电压表控制在2V，据此确定电压表选用小量程与电阻并联；
②电流应从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则指针反向偏转；
③研究电流与电阻的关系，要控制电阻的电压不变；
④根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
⑤分析实验数据得出结论；
（2）①正确连接电路，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表电流表均无示数，说明整个电路断路，据此分析；
②根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求出灯的额定功率；
（3）①闭合开关S1，开关S2接b，S2接b，R2阻值调到最大处，分析电路连接，由欧姆定律求出电源电压；
②通过灯的电流为额定电流时，灯正常发光，通过开关的转换，使灯与变阻器串联在电路中，调节滑动变阻器R1的滑片，使电流表示数为0.25A；
若能求出此时变阻器R1连入电路的电阻，由串联电路的规律及欧姆定律可得出灯的额定电压，根据P=UI即可求解，
为求出此时变阻器R1连入电路的电阻，保持R1接入电路的阻值不变，通过开关的转换，使R2的最大电阻与变阻器R1连入电路中，由串联电路的规律及欧姆定律可得出变阻器R1连入电路的电阻，从而可得出灯的额定功率。
本题探究电流跟电阻的关系，考查电路连接、注意事项、控制变量法、操作过程、数据和故障分析、功率计算，同时考查设计方案测额定功率的能力。
29.【答案】解：（1）飞机对地面的压力：F=G=mg=210×103kg×10N/kg=2.1×106N，
飞机降落后，静止时对水平地面的压强：p===5×105Pa。
（2）飞机匀速飞行时，受力平衡，
则牵引力F牵=f=9×104N，
本次航程，每架飞机发动机牵引力所做的功：W=F牵s=9×104N×1200×103m=1.08×1011J。
（3）若飞机发动机的效率是40%，即η===40%，则每架飞机需要航空煤油的质量：m===6000kg。
答：（1）飞机降落后，静止时对水平地面的压强5×105Pa；
（2）本次航程，每架飞机发动机牵引力所做的功是1.08×1011J；
（3）本次航程，每架飞机需要航空煤油的质量是6000kg。

【解析】（1）水平面上的物体，对水平面的压力大小与物体重力相等，利用G=mg求出飞机的总重力，然后利用p=计算飞机降落后，静止时对水平地面的压强。
（2）根据二力平衡条件得出牵引力大小，然后根据W=Fs求出牵引力所做的功。
（3）已知飞机发动机的效率为30%、煤油的热值，根据η===40%求出每架飞机需要航空煤油的质量。
新一代战斗机是一项高科技的研究成果，它包含了众多与物理学相关的知识，我们应该学会通过分析材料找出里面所包含的物理信息，并解答相关的疑问。
30.【答案】解：
（1）水箱容积为120mL，水箱中的水的质量为：
m=ρV=1.0×103kg/m3×120×10-3m3=120kg；
将满箱温度是20℃的水加热到工作温度水吸收的热量：
Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×120kg×（120℃-20℃）=5.04×107J；
（2）已知额定功率为20kW，正常工作50min，消毒柜消耗的电能是：
W=Pt=20×103W×50×60s=6×107J；
（3）消毒柜的电加热效率是：
η==×100%=84%。
故答案为：（1）消毒一次，水箱中的水吸收的热量是5.04×107J；
（2）消毒一次，消毒柜消耗的电能是6×107J；
（3）该消毒柜的电加热效率是84%。

【解析】（1）已知水的箱容积，由密度公式求出水箱中装满水的质量为；
根据Q=cm△t求出将满箱温度是20℃的水加热到工作温度水吸收的热量；
（2）已知消毒柜的额定功率，根据W=Pt得出消毒柜消耗的电能；
（3）根据η=×100%求出消毒柜的电加热效率。
本题为电热综合题，考查密度公式、吸热公式、电功公式及效率公式的运用。关键是从题中获取有效的信息。
31.【答案】解：
（1）当只闭开关S、S1，滑动变阻器滑片位于最右端时，灯泡L与滑动变阻器的最大阻值串联，
由图乙可知，当UL=2V、IL=0.6A时，灯泡的实际功率PL=ULIL=2V×0.6A=1.2W，
因串联电路中各处的电流相等，且串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，由I=可得，电源的电压：
U=UL+IRR=UL+ILR=2V+0.6A×10Ω=8V；
（2）只闭合开关S、S2时，R0与R串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路的总功率最小，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路的最小电功率：
P===3.2W。
答：（1）电源电压是8V；
（2）只闭合开关S、S2，电路消耗的最小电功率是3.2W。

【解析】（1）当只闭开关S、S1，滑动变阻器滑片位于最右端时，灯泡L与滑动变阻器的最大阻值串联，根据图象读出灯泡的实际功率为1.2W时的电压与电流，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电源的电压；
（2）只闭合开关S、S2时，R0与R串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路的总功率最小，根据电阻的串联和P=UI=求出电路的最小电功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中得出灯泡实际功率为1.2W时的电流与电压是关键。
32.【答案】答：沙滩车的车轮做得比较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小车对沙滩的压强，从而使车不易陷进沙里面；
轮胎上有许多又深又粗的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度，增大车轮与沙滩间的摩擦力，使车轮不易打滑。

【解析】（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强。
（2）滑增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面粗糙程度。
本题考查了减小压强、增大摩擦的方法。能在生活中灵活应用摩擦、压强知识来解释我们身边常见的物理现象，达到学以致用的目的。