2020年四川省内江市中考数学试卷

这是一份2020年四川省内江市中考数学试卷，共22页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。


2020年四川省内江市中考数学试卷
题号
一
二
三
总分
得分





一、选择题（本大题共12小题，共36.0分）
1. 的倒数是（　　）
A. 2 B. C. - D. -2
2. 下列四个数中，最小的数是（　　）
A. 0 B. - C. 5 D. -1
3. 下列图形是我国国产品牌汽车的标识，在这些汽车标识中，是中心对称图形的是（　　）
A. B. C. D.
4. 如图，已知直线a∥b，∠1=50°，则∠2的度数为（　　）
A. 140°
B. 130°
C. 50°
D. 40°


5. 小明参加学校举行的“保护环境”主题演讲比赛，五位评委给出的评分分别为：90，85，80，90，95，则这组数据的中位数和众数分别是（　　）
A. 80，90 B. 90，90 C. 90，85 D. 90，95
6. 将直线y=-2x-1向上平移两个单位，平移后的直线所对应的函数关系式为（　　）
A. y=-2x-5 B. y=-2x-3 C. y=-2x+1 D. y=-2x+3
7. 如图，在△ABC中，D、E分别是AB和AC的中点，S四边形BCED=15，则S△ABC=（　　）
A. 30
B. 25
C. 22.5
D. 20


8. 如图，点A、B、C、D在⊙O上，∠AOC=120°，点B是的中点，则∠D的度数是（　　）
A. 30°
B. 40°
C. 50°
D. 60°


9. 如图，点A是反比例函数y=图象上的一点，过点A作AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若△AOD的面积为1，则k的值为（　　）
A.
B.
C. 3
D. 4


10. 我国古代数学著作《增删算法统宗》记载“绳索量竿”问题：“一条竿子一条索，索比竿子长一托．折回索子却量竿，却比竿子短一托．”其大意为：现有一根竿和一条绳索，用绳索去量竿，绳索比竿长5尺；如果将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺．设绳索长x尺．则符合题意的方程是（　　）
A. x=（x-5）-5 B. x=（x+5）+5 C. 2x=（x-5）-5 D. 2x=（x+5）+5
11. 如图，矩形ABCD中，BD为对角线，将矩形ABCD沿BE、BF所在直线折叠，使点A落在BD上的点M处，点C落在BD上的点N处，连结EF．已知AB=3，BC=4，则EF的长为（　　）
A. 3
B. 5
C.
D.


12. 在平面直角坐标系中，横坐标和纵坐标都是整数的点叫做整点，已知直线y=tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则t的取值范围是（　　）
A. ≤t＜2 B. ＜t≤1
C. 1＜t≤2 D. ≤t≤2且t≠1
二、填空题（本大题共8小题，共44.0分）
13. 函数中，自变量x的取值范围是______ ．
14. 2020年6月23日9时43分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第五十五颗导航卫星，标志着北斗三号卫星导航定位系统正式建成．根据最新数据，目前兼容北斗的终端产品至少有7亿台，其中7亿用科学记数法表示为______．
15. 已知关于x的一元二次方程（m-1）2x2+3mx+3=0有一实数根为-1，则该方程的另一个实数根为______．
16. 如图，在矩形ABCD中，BC=10，∠ABD=30°，若点M、N分别是线段DB、AB上的两个动点，则AM+MN的最小值为______．





17. 分解因式：b4-b2-12=______．
18. 若数a使关于x的分式方程+=3的解为非负数，且使关于y的不等式组的解集为y≤0，则符合条件的所有整数a的积为______．
19. 如图，在平面直角坐标系中，点A（-2，0），直线l：y=x+与x轴交于点B，以AB为边作等边△ABA1，过点A1作A1B1∥x轴，交直线l于点B1，以A1B1为边作等边△A1B1A2，过点A2作A2B2∥x轴，交直线l于点B2，以A2B2为边作等边△A2B2A3，以此类推……，则点A2020的纵坐标是______．


20. 已知抛物线y1=-x2+4x（如图）和直线y2=2x+b．我们规定：当x取任意一个值时，x对应的函数值分别为y1和y2．若y1≠y2，取y1和y2中较大者为M；若y1=y2，记M=y1=y2．①当x=2时，M的最大值为4；②当b=-3时，使M＞y2的x的取值范围是-1＜x＜3；③当b=-5时，使M=3的x的值是x1=1，x2=3；④当b≥1时，M随x的增大而增大．上述结论正确的是______．（填写所有正确结论的序号）
三、解答题（本大题共8小题，共80.0分）
21. 计算：（-）-1-|-2|+4sin60°-+（π-3）0．







22. 如图，点C，E，F，B在同一直线上，点A，D在BC异侧，AB∥CD，AE=DF，∠A=∠D．
（1）求证：AB=CD；
（2）若AB=CF，∠B=40°，求∠D的度数．







23. 我市某中学举行“法制进校园”知识竞赛，赛后将学生的成绩分为A、B、C、D四个等级，并将结果绘制成如图所示的条形统计图和扇形统计图．请你根据统计图解答下列问题．

（1）成绩为“B等级”的学生人数有______名；
（2）在扇形统计图中，表示“D等级”的扇形的圆心角度数为______，图中m的值为______；
（3）学校决定从本次比赛获得“A等级”的学生只能怪，选出2名去参加市中学生知识竞赛．已知“A等级”中有1名女生，请用列表或画树状图的方法求出女生被选中的概率．







24. 为了维护我国海洋权力，海监部门对我国领海实行了常态化巡航管理．如图，正在执行巡航任务的海监船以每小时60海里的速度向正东方向航行，在A处测得灯塔P在北偏东60°方向上，海监船继续向东航行1小时到达B处，此时测得灯塔P在北偏东30°方向上．
（1）求B处到灯塔P的距离；
（2）已知灯塔P的周围50海里内有暗礁，若海监船继续向正东方向航行是否安全？









25. 如图，AB是⊙O的直径，C是⊙O上一点，OD⊥BC于点D，过点C作⊙O的切线，交OD的延长线于点E，连结BE．
（1）求证：BE是⊙O的切线；
（2）设OE交⊙O于点F，若DF=2，BC=4，求线段EF的长；
（3）在（2）的条件下，求阴影部分的面积．















26. 我们知道，任意一个正整数x都可以进行这样的分解：x=m×n（m，n是正整数，且m≤n），在x的所有这种分解中，如果m，n两因数之差的绝对值最小，我们就称m×n是x的最佳分解．并规定：f（x）=．
例如：18可以分解成1×18，2×9或3×6，因为18-1＞9-2＞6-3，所以3×6是18的最佳分解，所以f（18）==．
（1）填空：f（6）=______；f（9）=______；
（2）一个两位正整数t（t=10a+b，1≤a≤b≤9，a，b为正整数），交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54，求出所有的两位正整数；并求f（t）的最大值；
（3）填空：
①f（22×3×5×7）=______；②f（23×3×5×7）=______；③f（24×3×5×7）=______；④f（25×3×5×7）=______．







27. 如图，正方形ABCD中，P是对角线AC上的一个动点（不与A、C重合），连结BP，将BP绕点B顺时针旋转90°到BQ，连结QP交BC于点E，QP延长线与边AD交于点F．
（1）连结CQ，求证：AP=CQ；
（2）若AP=AC，求CE：BC的值；
（3）求证：PF=EQ．












28. 如图，抛物线y=ax2+bx+c经过A（-1，0）、B（4，0）、C（0，2）三点，点D（x，y）为抛物线上第一象限内的一个动点．
（1）求抛物线所对应的函数表达式；
（2）当△BCD的面积为3时，求点D的坐标；
（3）过点D作DE⊥BC，垂足为点E，是否存在点D，使得△CDE中的某个角等于∠ABC的2倍？若存在，求点D的横坐标；若不存在，请说明理由．









答案和解析
1.【答案】A

【解析】解：∵×2=1，
∴的倒数是2，
故选：A．
根据乘积为1的两个数是互为倒数，进行求解即可．
本题考查倒数的意义，理解和掌握乘积为1的两个数是互为倒数是正确解答的前提．
2.【答案】D

【解析】解：∵|-|＜|-1|，
∴-＞-1，
∴5＞1＞-＞-1，
因此最小的是-1，
故选：D．
根据正数大于0，负数小于0，正数大于一切负数，两个负数，绝对值大的反而小得出答案．
本题考查有理数的大小比较，掌握两个负数比较，绝对值大的反而小，是正确判断的前提．
3.【答案】C

【解析】解：A、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；
B、是轴对称图形，不是中心对称图形，故本选项不合题意；
C、是中心对称图形，故本选项符合题意；
D、既不是轴对称图形，也不是中心对称图形，故本选项不合题意．
故选：C．
根据轴对称图形和中心对称图形的概念对各选项分析判断即可得解．
本题考查了中心对称图形与轴对称图形的概念，轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两部分重合．
4.【答案】B

【解析】解：∵直线a∥b，
∴∠3=∠1=50°．
又∵∠2+∠3=180°，
∴∠2=130°．
故选：B．
由直线a∥b，利用“两直线平行，同位角相等”可求出∠3的度数，再结合∠2和∠3互补，即可求出∠2的度数．
本题考查了平行线的性质以及邻补角，牢记“两直线平行，同位角相等”是解题的关键．
5.【答案】B

【解析】解：将数据重新排列为80，85，90，90，95，
所以这组数据的中位数是90，众数为90，
故选：B．
先将数据重新排列，再根据中位数和众数的定义求解可得．
本题主要考查众数和中位数，一组数据中出现次数最多的数据叫做众数．将一组数据按照从小到大（或从大到小）的顺序排列，如果数据的个数是奇数，则处于中间位置的数就是这组数据的中位数．如果这组数据的个数是偶数，则中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数．
6.【答案】C

【解析】解：直线y=-2x-1向上平移两个单位，所得的直线是y=-2x+1，
故选：C．
根据函数图象向上平移加，向下平移减，可得答案．
本题考查了一次函数图象与几何变换，图象平移的规律是：上加下减，左加右减．
7.【答案】D

【解析】解：∵D、E分别是AB、AC边上的中点，
∴DE∥BC，DE=BC，
∴△ADE∽△ABC，
∴=（）2=，
∴S△ADE：S四边形BCED=1：3，
即S△ADE：15=1：3，
∴S△ADE=5，
∴S△ABC=5+15=20．
故选：D．
先根据三角形中位线的性质，证得：DE∥BC，DE=BC，进而得出△ADE∽△ABC，又由相似三角形面积的比等于相似比的平方即可求得答案．
此题考查了三角形中位线定理以及相似三角形的判定与性质．注意相似三角形的面积的比等于相似比的平方．
8.【答案】A

【解析】解：连接OB，如图，
∵点B是的中点，
∴∠AOB=∠COB=∠AOC=×120°=60°，
∴∠D=∠AOB=30°．
故选：A．
连接OB，如图，利用圆心角、弧、弦的关系得到∠AOB=∠COB=∠AOC=60°，然后根据圆周角定理得到∠D的度数．
本题考查了圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．
9.【答案】D

【解析】解：∵AC⊥x轴，垂足为点C，D为AC的中点，若△AOD的面积为1，
∴△AOC的面积为2，
∵S△AOC=|k|=2，且反比例函数y=图象在第一象限，
∴k=4，
故选：D．
根据题意可知△AOC的面积为2，然后根据反比例函数系数k的几何意义即可求得k的值．
本题考查了反比例函数的比例系数k的几何意义：在反比例函数y=图象中任取一点，过这一个点向x轴和y轴分别作垂线，与坐标轴围成的矩形的面积是定值|k|．
10.【答案】A

【解析】解：设绳索长x尺，则竿长（x-5）尺，
依题意，得：x=（x-5）-5．
故选：A．
设绳索长x尺，则竿长（x-5）尺，根据“将绳索对半折后再去量竿，就比竿短5尺”，即可得出关于x的一元一次方程，此题得解．
本题考查了由实际问题抽象出一元一次方程以及数学常识，找准等量关系，正确列出一元一次方程是解题的关键．
11.【答案】C

【解析】解：∵四边形ABCD是矩形，
∴AB=CD=3，AD=BC=4，∠A=∠C=∠EDF=90°，
∴BD===5，
∵将矩形ABCD沿BE所在直线折叠，使点A落在BD上的点M处，
∴AE=EM，∠A=∠BME=90°，
∴∠EMD=90°，
∵∠EDM=∠ADB，
∴△EDM∽△BDA，
∴，
设DE=x，则AE=EM=4-x，
∴，
解得x=，
∴DE=，
同理△DNF∽△DCB，
∴，
设DF=y，则CF=NF=3-y，
∴，
解得y=．
∴DF=．
∴EF===．
故选：C．
求出BD=5，AE=EM，∠A=∠BME=90°，证明△EDM∽△BDA，由相似三角形的性质得出，设DE=x，则AE=EM=4-x，得出，解得x=，同理△DNF∽△DCB，得出，设DF=y，则CF=NF=3-y，则，解得y=．由勾股定理即可求出EF的长．
本题考查了翻折的性质，勾股定理，矩形的性质，相似三角形的判定与性质；熟练掌握翻折变换的性质，证明三角形相似是解题的关键．
12.【答案】D

【解析】解：∵y=tx+2t+2=t（x+2）+2（t＞0），
∴直线y=tx+2t+2（t＞0）经过点（-2，2），如图，
当直线经过（0，3）时，直线y=tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，
则3=2t+2，解得t=；
当直线经过（0，6）时，直线y=tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，
则6=2t+2，解得t=2；
当直线经过（0，4）时，直线y=tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有三个整点，
则4=2t+2，解得t=1；
∴直线y=tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，则t的取值范围是≤t≤2且t≠1，
故选：D．
由y=tx+2t+2=t（x+2）+2（t＞0），得出直线y=tx+2t+2（t＞0）经过点（-2，2），如图，当直线经过（0，3）或（0，6）时，直线y=tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有四个整点，当直线经过（0，4）时，直线y=tx+2t+2（t＞0）与两坐标轴围成的三角形区域（不含边界）中有且只有三个整点，分别求得这三种情况下的t的值，结合图象即可得到结论．
本题考查一次函数图象和性质，区域整数点；能够根据函数解析式求得经过的点，并能画出图象，结合图象解题是关键．
13.【答案】x≠2

【解析】解：根据题意得2x-4≠0，
解得x≠2；
∴自变量x的取值范围是x≠2．
求函数自变量的取值范围，就是求函数解析式有意义的条件，分式有意义的条件是：分母不等于0；
当函数表达式是分式时，分式要有意义，则考虑分式的分母不能为0．
14.【答案】7×108

【解析】解：7亿=700000000=7×108，
故答案为：7×108．
科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞10时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．
此题考查了科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
15.【答案】-

【解析】解：把x=-1代入原方程得，
（m-1）2-3m+3=0，即：m2-5m+4=0，
解得，m=4，m=1（不合题意舍去），
当m=4时，原方程变为：9x2+12x+3=0，即，3x2+4x+1=0，
解得，x1=-1，x2=-，
故答案为：-．
把x=-1代入原方程求出m的值，进而确定关于x的一元二次方程，解出方程的根即可．
本题考查一元二次方程根的意义和解法，求解一元二次方程是得出正确答案的关键．
16.【答案】15

【解析】解：作点A关于BD的对称点A′，连接MA′，BA′，过点A′H⊥AB于H．

∵BA=BA′，∠ABD=∠DBA′=30°，
∴∠ABA′=60°，
∴△ABA′是等边三角形，
∵四边形ABCD是矩形，
∴AD=BC=10，
在Rt△ABD中，AB==10，
∵A′H⊥AB，
∴AH=HB=5，
∴A′H=AH=15，
∵AM+MN=A′M+MN≤A′H，
∴AM+MN≤15，
∴AM+MN的最小值为15．
故答案为15．
作点A关于BD的对称点A′，连接MA′，BA′，过点A′H⊥AB于H．首先证明△ABA′是等边三角形，求出A′H，根据垂线段最短解决问题即可．
本题考查轴对称的性质，等边三角形的判定和性质，矩形的性质等知识，解题的关键是学会利用轴对称解决最短问题，属于中考常考题型．
17.【答案】（b+2）（b-2）（b2+3）

【解析】解：b4-b2-12=（b2-4）（b2+3）=（b+2）（b-2）（b2+3），
故答案为：（b+2）（b-2）（b2+3）．
先利用十字相乘法，再利用平方差公式进行因式分解即可．
本题考查十字相乘法、公式法分解因式，掌握十字相乘法、公式法的结构特征是正确应用的前提．
18.【答案】40

【解析】解：去分母，得：x+2-a=3（x-1），
解得：x=，
∵分式方程的解为非负数，
∴≥0，且≠1，
解得a≤5且a≠3，
解不等式-≥-，得：y≤0，
解不等式2（y-a）＜0，得：y＜a，
∵不等式组的解集为y≤0，
∴a＞0，
∴0＜a≤5，
则整数a的值为1、2、4、5，
∴符合条件的所有整数a的积为1×2×4×5=40，
故答案为：40．
解分式方程的得出x=，根据解为非负数得出≥0，且≠1，据此求出a≤5且a≠3；解不等式组两个不等式得出y≤0且y＜a，根据解集为y≤0得出a＞0；综合以上两点得出整数a的值，从而得出答案．
本题主要考查分式方程的解和解一元一次不等式组，解题的关键是根据分式方程的解的情况及不等式组解集的情况得出a的取值范围．
19.【答案】

【解析】解：∵直线l：y=x+与x轴交于点B，
∴B（-1，0），
∴OB=1，
∵A（-2，0），
∴OA=2，
∴AB=1，
∵△ABA1是等边三角形，
∴A1（-，），
把y=代入y=x+，求得x=，
∴B1（，），
∴A1B1=2，
∴A2（-，+×2），即A2（-，），
把y=代入y=x+，求得x=，
∴B2（，），
∴A2B2=4，
∴A3（3，+×4），即A3（3，），
……，
An的纵坐标为，
∴点A2020的纵坐标是，
故答案为．
先根据解析式求得B的坐标，即可求得AB=1，根据等边三角形的性质以及含30°角的直角三角形的性质，分别求得A1的纵坐标为，A2的纵坐标为，A3的纵坐标为，进而得到An的纵坐标为，据此可得点A2020的纵坐标．
本题主要考查了一次函数图象上点的坐标特征以及等边三角形的性质的运用，解决问题的关键是依据等边三角形的性质找出规律，求得An的纵坐标为，
20.【答案】②③④

【解析】解：①当x=2时，y1=4，y2=4+b，无法判断4与4+b的大小，故①错误．
②如图1中，b=-3时，

由，解得或，
∴两个函数图象的交点坐标为（-1，-5）和（3，3），
观察图象可知，使M＞y2的x的取值范围是-1＜x＜3，故②正确，
③如图2中，b=-5时，图象如图所示，

M=3时，y1=3，
∴-x2+4x=3，
解得x=1或3，故③正确，
④当b=1时，由，消去y得到，x2-2x+1=0，
∵△=0，
∴此时直线y=2x+1与抛物线只有一个交点，
∴b＞1时，直线y=2x+b与抛物线没有交点，
∴M随x的增大而增大，故④正确．
①求出y1，y2，求出m的值即可．
②求出直线与抛物线的交点坐标，利用图象法解决问题即可．
③画出图象，推出M=3时，y1=3，转化为方程求出x的值即可．
④当b=1时，由，消去y得到，x2-2x+1=0，因为△=0，推出此时直线y=2x+1与抛物线只有一个交点，推出b＞1时，直线y=2x+b与抛物线没有交点，由此即可判断．
本题考查二次函数的性质，一次函数的性质等知识，解题的关键是理解题意，学会用转化的思想思考问题，属于中考常考题型．
21.【答案】解：原式=-2-2+4×-2+1
=-2-2+2-2+1
=-3．

【解析】先计算负整数指数幂、去绝对值符号、代入三角函数值、化简二次根式、计算零指数幂，再计算乘法，最后计算加减可得．
本题主要考查实数的运算，解题的关键是掌握负整数指数幂和零指数幂的规定、熟记三角函数值、绝对值的性质、二次根式的性质．
22.【答案】（1）证明：∵AB∥CD，
∴∠B=∠C，
在△ABE和△CDF中，
，
∴△ABE≌△CDF（AAS），
∴AB=CD；

（2）解：∵△ABE≌△CDF，
∴AB=CD，BE=CF，∠B=∠C，
∵∠B=40°，
∴∠C=40°
∵AB=CF，
∴CF=CD，
∴∠D=∠CFE=．

【解析】（1）根据平行线的性质求出∠B=∠C，根据AAS推出△ABE≌△CDF，根据全等三角形的性质得出即可；
（2）根据全等得出AB=CD，BE=CF，∠B=∠C，求出CF=CD，推出∠D=∠CFE，即可求出答案．
本题考查了全等三角形的性质和判定，平行线的性质，三角形内角和定理的应用，能根据全等三角形的判定求出△ABE≌△CDF是解此题的关键．
23.【答案】5  72°  40

【解析】解：（1）3÷15%=20（名），20-3-8-4=5（名），
故答案为：5；
（2）360°×=72°，8÷20=40%，即m=40，
故答案为：72°，40；
（3）“A等级”2男1女，从中选取2人，所有可能出现的结果如下：

共有6种可能出现的结果，其中女生被选中的有4种，
∴P（女生被选中）==．
（1）A等的有3人，占调查人数的15%，可求出调查人数，进而求出B等的人数；
（2）D等级占调查人数的，因此相应的圆心角为360°的即可，计算C等级所占的百分比，即可求出m的值；
（3）用列表法表示所有可能出现的结果，进而求出相应的概率．
本题考查条形统计图、扇形统计图的意义和制作方法，列表法求随机事件发生的概率，列举出所有可能出现的结果是求概率的前提．
24.【答案】解：（1）∵∠PAB=30°，∠ABP=120°，
∴∠APB=180°-∠PAB-∠ABP=30°，
∴PB=AB=60海里；

（2）作PH⊥AB于H．
∵∠BAP=∠BPA=30°，
∴BA=BP=60，
在Rt△PBH中，PH=PB•sin60°=60×=30，
∵30＞50，
∴海监船继续向正东方向航行是安全的．

【解析】（1）在△ABP中，求出∠PAB、∠PBA的度数即可解决问题，根据等腰三角形的性质即可得到结论；
（2）作PH⊥AB于H．求出PH的值即可判定．
本题考查的是解直角三角形的应用-方向角问题，正确根据题意画出图形、准确标注方向角、熟练掌握锐角三角函数的概念是解题的关键．
25.【答案】（1）证明：连接OC，如图，

∵CE为切线，
∴OC⊥CE，
∴∠OCE=90°，
∵OD⊥BC，
∴CD=BD，
即OD垂直平分BC，
∴EC=EB，
在△OCE和△OBE中
，
∴△OCE≌△OBE（SSS），
∴∠OBE=∠OCE=90°，
∴OB⊥BE，
∴BE与⊙O相切；
（2）解：设⊙O的半径为x，则OD=OF-DF=x-2，OB=x，
在Rt△OBD中，BD=BC=2，
∵OD2+BD2=OB2，
∴（x-2）2+（2）2=x2，解得x=4，
∴OD=2，OB=4，
∴∠OBD=30°，
∴∠BOD=60°，
∴OE=2OB=8，
∴EF=OE-OF=8-4=4．
（3）∵∠BOE=60°，∠OBE=90°，
∴在Rt△OBE中，BE=OB=4，
∴S阴影=S四边形OBEC-S扇形OBC
=2××4×4-，
=16-．

【解析】（1）连接OC，如图，根据垂径定理由OD⊥BC得到CD=BD，则OE为BC的垂直平分线，所以EB=EC，证明△OCE≌△OBE（SSS），得出∠OBE=∠OCE=90°，根据切线的判定定理得BE与⊙O相切；
（2）设⊙O的半径为x，则OD=x-2，OB=x，由勾股定理得出（x-2）2+（2）2=x2，解得x=4，求出OE的长，则可求出EF的长；
（3）由扇形的面积公式可得出答案．
本题是圆的综合题，考查了切线的判定与性质，垂径定理，勾股定理，全等三角形的判定与性质，直角三角形的性质，扇形面积的计算等知识，熟练掌握切线的判定与性质是解题的关键．
26.【答案】  1    

【解析】解：（1）6可分解成1×6，2×3，
∵6-1＞3-2，
∴2×3是6的最佳分解，
∴f（6）=，
9可分解成1×9，3×3，
∵9-1＞3-3，
∴3×3是9的最佳分解，
∴f（9）==1，
故答案为：；1；
（2）设交换t的个位上数与十位上的数得到的新数为t′，则t′=10b+a，
根据题意得，t′-t=（10b+a）-（10a+b）=9（b-a）=54，
∴b=a+6，
∵1≤a≤b≤9，a，b为正整数，
∴满足条件的t为：17，28，39；
∵F（17）=，F（28）=，F（39）=，
∵，
∴F（t）的最大值为；
（3）①∵22×3×5×7的是最佳分解为20×21，
∴f（22×3×5×7）=，
故答案为：；
②∵23×3×5×7的最佳分解为24×35，
∴f（23×3×5×7）=，
故答案为；
③∵24×3×5×7的最佳分解是35×48，
∴f（24×3×5×7）=，
故答案为：；
④∵25×3×5×7的最佳分解是48×70，
∴f（25×3×5×7）=，
故答案为：．
（1）仿照样例进行计算便可；
（2）设交换t的个位上数与十位上的数得到的新数为t′，则t′=10b+a，根据“交换其个位上的数字与十位上的数字得到的新数减去原数所得的差为54”的确定出x与y的关系式，进而求出所有的两位数，进而确定出F（t）的最大值即可；
（3）根据样例计算便可．
本题主要考查实数的运算，理解最佳分解的定义，并将其转化为实数的运算是解题的关键．
27.【答案】（1）证明：如图1，∵线段BP绕点B顺时针旋转90°得到线段BQ，
∴BP=BQ，∠PBQ=90°．
∵四边形ABCD是正方形，
∴BA=BC，∠ABC=90°．
∴∠ABC=∠PBQ．
∴∠ABC-∠PBC=∠PBQ-∠PBC，即∠ABP=∠CBQ．
在△BAP和△BCQ中，
∵，
∴△BAP≌△BCQ（SAS）．
∴CQ=AP．

（2）解：过点C作CH⊥PQ于H，过点B作BT⊥PQ于T．
∵AP=AC，
∴可以假设AP=CQ=a，则PC=3a，
∵四边形ABCD是正方形，
∴∠BAC=∠ACB=45°，
∵△ABP≌△CBQ，
∴∠BCQ=∠BAP=45°，
∴∠PCQ=90°，
∴PQ===a，
∵CH⊥PQ，
∴CH==a，
∵BP=BQ，BT⊥PQ，
∴PT=TQ，
∵∠PBQ=90°，
∴BT=PQ=a，
∵CH∥BT，
∴===，
∴=．

（3）解：结论：PF=EQ，理由是：
如图2，当F在边AD上时，过P作PG⊥FQ，交AB于G，则∠GPF=90°，
∵∠BPQ=45°，
∴∠GPB=45°，
∴∠GPB=∠PQB=45°，
∵PB=BQ，∠ABP=∠CBQ，
∴△PGB≌△QEB，
∴EQ=PG，
∵∠BAD=90°，
∴F、A、G、P四点共圆，
连接FG，
∴∠FGP=∠FAP=45°，
∴△FPG是等腰直角三角形，
∴PF=PG，
∴PF=EQ．

【解析】（1）证明△BAP≌△BCQ（SAS）可得结论．
（2）过点C作CH⊥PQ于H，过点B作BT⊥PQ于T．由AP=AC，可以假设AP=CQ=a，则PC=3a，解直角三角形求出CH．BT，利用平行线分线段成比例定理解决问题即可．
（3）证明△PGB≌△QEB，推出EQ=PG，再证明△PFG是等腰直角三角形即可．
本题属于四边形综合题，考查了正方形的性质，全等三角形的判定和性质，解直角三角形等知识，解题的关键是正确寻找全等三角形解决问题，学会用转化的思想思考问题，学会利用参数解决问题，属于中考压轴题．
28.【答案】解：（1）将A（-1，0）、B（4，0）、C（0，2）代入y=ax2+bx+c得：，
解得：．
故抛物线的解析式为y=-x2+x+2．
（2）如图2，设点M的坐标为（0，m），使得△BCM的面积为3，
3×2÷4=1.5，
则m=2+1.5=，
M（0，）
∵点B（4，0），C（0，2），
∴直线BC的解析式为y=-x+2，
∴DM的解析式为y=-x+，
联立抛物线解析式，
解得，．
∴点D的坐标为（3，2）或（1，3）．
（3）分两种情况考虑：
①当∠DCE=2∠ABC时，取点F（0，-2），连接BF，如图3所示．
∵OC=OF，OB⊥CF，
∴∠ABC=∠ABF，
∴∠CBF=2∠ABC．
∵∠DCB=2∠ABC，
∴∠DCB=∠CBF，
∴CD∥BF．
∵点B（4，0），F（0，-2），
∴直线BF的解析式为y=x-2，
∴直线CD的解析式为y=x+2．
联立直线CD及抛物线的解析式成方程组得：，
解得：（舍去），，
∴点D的坐标为（2，3）；
②当∠CDE=2∠ABC时，过点C作CN⊥BF于点N，交OB于H．作点N关于BC的对称点P，连接NP交BC于点Q，如图4所示．
∵∠OCH=90°-∠OHC，∠OBF=90°-∠BHN，
∠OHC=∠BHN，
∴∠OCH=∠OBF．
在△OCH与△OBF中
，
∴△OCH∽△OBF，
∴=，即=，
∴OH=1，H（1，0）．
设直线CN的解析式为y=kx+n（k≠0），
∵C（0，2），H（1，0），
∴，解得，
∴直线CN的解析式为y=-2x+2．
连接直线BF及直线CN成方程组得：，
解得：，
∴点N的坐标为（，-）．
∵点B（4，0），C（0，2），
∴直线BC的解析式为y=-x+2．
∵NP⊥BC，且点N（，-），
∴直线NP的解析式为y=2x-．
联立直线BC及直线NP成方程组得：，
解得：，
∴点Q的坐标为（，）．
∵点N（，-），点N，P关于BC对称，
∴点P的坐标为（，）．
∵点C（0，2），P（，），
∴直线CP的解析式为y=x+2．
将y=x+2代入y=-x2+x+2整理，得：11x2-29x=0，
解得：x1=0（舍去），x2=，
∴点D的横坐标为．
综上所述：存在点D，使得△CDE的某个角恰好等于∠ABC的2倍，点D的横坐标为2或．

【解析】（1）根据点A、B、C的坐标，利用待定系数法即可求出抛物线的解析式；
（2）根据三角形面积公式可求与BC平行的经过点D的y轴上点M的坐标，再根据待定系数法可求DM的解析式，再联立抛物线可求点D的坐标；
（3）分∠DCE=2∠ABC及∠CDE=2∠ABC两种情况考虑：①当∠DCE=2∠ABC时，取点F（0，-2），连接BF，则CD∥BF，由点B，F的坐标，利用待定系数法可求出直线BF，CD的解析式，联立直线CD及抛物线的解析式成方程组，通过解方程组可求出点D的坐标；②当∠CDE=2∠ABC时，过点C作CN⊥BF于点N，交OB于H．作点N关于BC的对称点P，连接NP交BC于点Q，由△OCH∽△OBF求出H点坐标，利用待定系数法求出直线CN的解析式，联立直线BF及直线CN成方程组，通过解方程组可求出点N的坐标，利用对称的性质可求出点P的坐标，由点C、P的坐标，利用待定系数法可求出直线CP的解析式，将直线CP的解析式代入抛物线解析式中可得出关于x的一元二次方程，解之取其非零值可得出点D的横坐标．依此即可得解．
本题是二次函数综合题，考查了待定系数法求二次函数解析式、二次函数图象上点的坐标特征、勾股定理、等腰三角形的性质、平行线的判定与性质、相似三角形的判定与性质、待定系数法求一次函数解析式以及一次函数图象上点的坐标特征，解题的关键是：（1）根据点的坐标，利用待定系数法求出抛物线的解析式；（2）根据三角形面积公式和待定系数法求出点D的坐标；（3）分∠DCE=2∠ABC及∠CDE=2∠ABC两种情况求出点D的横坐标．