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初三中考物理模拟卷3（带答案）
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初三中考物理模拟卷3
一．选择题（共12小题）
1．下列关于声现象的说法中错误的是（ ）
A．课堂上老师的讲课声是通过空气传播到学生耳朵的
B．“余音绕梁”说明振动停止，物体仍能产生声音
C．医学上的“超声波碎石”是利用了超声波可以传递能量的特性
D．中考期间学校附近路段禁止汽车鸣笛是在声源处减弱噪声
2．都江堰市水资源丰富，下列有关水的现象解释正确的是（ ）
A．冬季，都江堰山区会下起小雪，有时候雪不易堆积，因为雪落地后直接变成了水蒸气
B．夏天早晨看见草叶上挂满晶莹的露珠，而到了初冬，却看见了一层薄霜，有同学认为霜是露变成的
C．深秋早晨，起床后发现玻璃窗户变模糊，是水蒸气液化成水珠附着在窗户的内表面
D．初冬季节，在家洗澡时发现浴室里充满“白气”，这些“白气”是水蒸气
3．放映幻灯机时，要想获得更大的像，应该采取（ ）
A．换上大屏幕
B．增大屏幕到镜头的距离，同时减小幻灯片与镜头的距离
C．增大幻灯片到镜头的距离
D．减小屏幕到幻灯机的距离，同时增大幻灯片与镜头的距离
4．2019西安国际马拉松赛于10月20日鸣枪起跑，下列说法正确的是（ ）
A．起跑前静止的运动员不受力的作用
B．选手冲线后没有立即停下来，是因为受到惯性力的作用
C．运动员匀速转弯时，他的运动状态发生了改变
D．运动员受到的地面的支持力和对地面的压力是一对平衡力
5．如图所示，质量为m的小球从某一高度处静止下落，竖直落到直立于地面的轻弹簧上，在A点小球开始与弹簧接触，到B点时小球受到的重力与弹簧的弹力大小相等，C点是小球到达的最低点（不计空气阻力）下列说法正确的是（ ）
A．下落过程中，小球重力势能减小、动能增大、小球与弹簧机械能不守恒
B．下落过程中，小球重力势能一直减小、动能先增大后减小、小球与弹簧机械能守恒
C．到达C点时，小球的动能为零，受到的重力大于弹簧的弹力
D．从B到C，小球重力势能减小、动能先增大后减小，弹簧的势能一直增大
6．如图所示是某同学设计的家庭电路，电灯开关已断开。下列说法正确的是（ ）
A．灯泡和两孔插座是串联的
B．试电笔接触M点，氖管不发光
C．开关和三孔插座的连接都是错误的
D．试电笔插入两孔插座的左孔，氖管发光
7．我们都知道“刻舟求剑”的故事，当船行靠岸后，从记号处下水不能找到剑，这是因为剑主选错了参照物。要确定落水之剑的位置，剑主应选择的参照物是（ ）
A．船夫 B．其它行驶的船 C．流水 D．河岸上的树木
8．家用电吹风由带扇叶的电动机和电热丝等组成，为了保证电吹风的安全使用，要求：电动机不工作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作，且电热丝工作时不会影响电动机的工作功率，下列电路（如图）中符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
9．在如图所示电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动过程中（ ）
A．电压表示数不变，电路消耗总功率变大
B．电流表的示数变小，电路消耗的总功率变小
C．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比不变
D．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比变大
10．如图所示的实例中，与大气压无关的是（ ）
A．洗手池下的回水管 B．用注射器吸取药液 C．吸盘挂物钩吸在墙上 D．覆杯实验
11．下列装置中是利用电磁感应工作的是（ ）
A．电动机 B．扬声器 C．电磁铁 D．动圈式话筒
12．如图所示，在盛有某液体的圆柱形容器内放有一木块A，在木块的下方用轻质细线悬挂一体积与之相同的金属块B，金属块B浸没在液体内，而木块漂浮在液面上，液面正好与容器口相齐。某瞬间细线突然断开，待稳定后液面下降了h1；然后取出金属块B，液面又下降了h2；最后取出木块A，液面又下降了h3．由此可判断A与B的密度比为（ ）
A．h3：（h1+h2） B．h1：（h2+h3） C．（h2﹣h1）：h3 D．（h2﹣h3）：h1
二．填空题（共5小题）
13．完全燃烧100g酒精所放出的热量为 J，若其放出的热量有70%被水吸收，能使10kg的水从20℃升高到 ℃．（q酒精＝3.0×107J/kg）
14．“低碳环保”是当今世界的主题，太阳能已被人们广泛利用。太阳能来自于太阳内部的 （选填“核裂变”或“核聚变”），太阳发出的光以 km/s的速度向周围空间传播（不计空气的影响）。
15．质量为1.2t的某型号轿车发动机的额定功率为6×104W，汽车在额定功率下沿水平路面匀速行驶时，受到的阻力是车重的0.2倍。（g取10N/kg）发动机所提供的牵引力大小为 N；轿车匀速行驶5min牵引力做的功 J。
16．如图所示电路，已知R1为40Ω，当S闭合，S1断开时，电压表的读数是4V，通过R1的电流为 A，当S、S1均闭合时，电压表的读数是12V，R2的阻值为 Ω。
17．如图，电源电压恒定，闭合S，S1，S2，移动滑动变阻器R2的滑片到a点（图中未标出），电流表A1和A2的示数分别为I1和I2；保持滑片位置不动，断开S1、S2，闭合S，此时电压表的示数为U1，R2的功率为P1，灯泡恰好正常发光；再将滑片移动到最右端，此时电压表示数为U2，电流表A2电流为0.4A，R2的功率为P2．已知R1＝6Ω，I1：I2＝3：2，U1：U2＝5：6，P1：P2＝25：18．则电源电压为 V，小灯泡的额定功率为 W，（小灯泡电阻不变）
三．实验探究题（共4小题）
18．如图所示是“探究平面镜成像特点”的实验装置。
（1）实验要选取两支外形完全相同的蜡烛，目的是比较蜡烛的像与蜡烛的 关系；每次实验中在白纸上记下蜡烛A和蜡烛B的位置，是为了探究蜡烛的像与物体的 关系。
（2）要想取得较好的实验效果，成像区最好选择在 （选填“较亮”或“较暗”）的环境中；实验中所用的玻璃板 （选填“厚一点”或“薄一点”）比较好。
19．小明同学在实验室里用托盘天平和量筒测某种矿石的密度。采取了如下的实验操作：
A．将矿石用细线系好后慢慢地放入量筒中并记下总的体积；
B．把游码放在标尺的零刻度线处。调节横梁上的螺母，使横梁平衡；
C．把天平放在水平桌面上；
D．把矿石放在左盘中。将砝码放在右盘中并移动游码直至横梁平衡；
E．在量筒中倒入一定量的水并记下水的体积。
（1）正确的实验操作顺序是 。（只填标号）
（2）在调节天平时，发现指针如图甲所示偏向分度盘的右侧，此时应将平衡螺母向 调。
（3）用天平称矿石的质量，把矿石放在天平的左盘。天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，量筒量出矿石的体积如图丙所示，由此可知，矿石的密度ρ＝ kg/m3。
20．在探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，实验装置如图所示，选取三个相同的木块分别放在不同的接触面上，其中甲、乙两图的接触面是相同的木板，丙图的接触面是棉布。
（1）实验中用弹簧测力计拉着木块在水平木板上做 运动。根据 条件可知，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）由 图可以探究滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度关系。
（3）若乙装置中，木块在运动过程中拉力突然变大，滑动摩擦力将 （选填“不变”、“变大”或“变小”）。
（4）评估此实验方案的不足之处是 。（答出一条即可）
21．小明利用如图甲所示的电路探究电流跟电阻的关系。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整（导线不允许交叉）。
（2）实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象。
①由图象可以得出结论：电压一定时， 。
②上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，接下来的操作是 ，然后将10Ω的电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，使电压表示数为 V时，读出电流表的示数。
（3）为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于 Ω的滑动变阻器。
四．解答题（共3小题）
22．某同学完成作业后，对手中的碳素笔发生了浓厚的兴趣（如图所示）．请找出一个它的结构或使用方面相关的物理现象，并指出对应的物理知识（不得与示例重复）．示例：
物理现象：碳素水的上表面覆盖有一层油状物；
物理知识：减慢蒸发。
物理现象： ；
物理知识： 。
23．某简易电吹风简化电路如图所示，其主要技术参数如表，在家庭电路使用中，
求：
（1）当电吹风吹冷风时，通过电动机的电流；
（2）电热丝的电阻；
（3）小华5分钟用此电吹风热风挡把头发吹干，求电热丝产生的热量。
额定电压
220V
额定功率
热风时：1100W
冷风时：220W
24．底面积为400cm2、重2N的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，用原长为16cm的弹簧将边长为10cm的正方体A的下表面中点与容器底部相连，向容器内加水至A刚好浸没，如图甲所示，此时弹簧长18cm，A对弹簧的拉力为F1．现打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时关闭阀门B．已知弹簧受力F的大小与弹簧长度的变化量△x间的关系如图乙所示。不计弹簧的体积及其所受的浮力。求：
（1）物体A浸没时受到的浮力；
（2）正方体A的密度；
（3）从开始放水到关闭阀门B，放出水的质量。
初三中考物理模拟卷3
参考答案与试题解析
一．选择题（共12小题）
1．下列关于声现象的说法中错误的是（ ）
A．课堂上老师的讲课声是通过空气传播到学生耳朵的
B．“余音绕梁”说明振动停止，物体仍能产生声音
C．医学上的“超声波碎石”是利用了超声波可以传递能量的特性
D．中考期间学校附近路段禁止汽车鸣笛是在声源处减弱噪声
【分析】（1）声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；
（2）声音是由振动产生的，振动停止，发声也会停止；
（3）声音既能够传递信息，又能够传递能量；
（4）减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。
【解答】解：
A、声音的传播需要介质，课堂上老师的讲课声是通过空气传播到学生耳朵的，故A正确；
B、声音是由振动产生的，振动停止，发声也会停止，“余音绕梁”是因为声音遇到障碍物会被多次反射，故B错误；
C、因为声音具有能量，医学上的“超声波碎石”是利用了超声波可以传递能量的特性，故C正确；
D、中考期间学校路段禁止汽车鸣笛，防止噪声的产生，这是在声源处减弱噪声，故D正确。
故选：B。
【点评】本题综合考查了声音的传播、声音的产生、声音的利用以及减弱噪声的途径，具有较强的综合性，要求学生全面掌握声音的相关知识。
2．都江堰市水资源丰富，下列有关水的现象解释正确的是（ ）
A．冬季，都江堰山区会下起小雪，有时候雪不易堆积，因为雪落地后直接变成了水蒸气
B．夏天的早晨看见草叶上挂满晶莹的露珠，而到了初冬，却看见了一层薄霜，有同学认为霜是露变成的
C．深秋早晨，起床后发现玻璃窗户变模糊，是水蒸气液化成水珠附着在窗户的内表面
D．初冬季节，在家洗澡时发现浴室里充满“白气”，这些“白气”是水蒸气
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：A、有时候雪不易堆积，因为雪落地后熔化变成了水，故A错误。
B、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面。露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，霜不是露变成的，故B错误。
C、深秋早晨，起床后发现玻璃窗户变模糊，是水蒸气液化成水珠附着在窗户的内表面。故C正确。
D、洗澡时发现浴室里充满“白气”，这些“白气”是水蒸气液化形成的小水滴。故D错误。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．放映幻灯机时，要想获得更大的像，应该采取（ ）
A．换上大屏幕
B．增大屏幕到镜头的距离，同时减小幻灯片与镜头的距离
C．增大幻灯片到镜头的距离
D．减小屏幕到幻灯机的距离，同时增大幻灯片与镜头的距离
【分析】凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大。
放幻灯时，要使银幕上的像更大，要使幻灯片和凸透镜之间的物距减小，同时要增大镜头和银幕之间的像距，像才能更大。
【解答】解：银幕上的像的大小不取决于银幕的大小，而是取决于物距和像距，要使像更大一些，要减小物距，增大像距，所以增大屏幕到镜头的距离，同时减小幻灯片与镜头的距离，故B说法正确。
故选：B。
【点评】幻灯机上应用了很多的物理知识，例如成像原理、平面镜的作用、银幕为什么是白色的并且粗糙的，凹镜的作用等，都要理解。体现了物理和生活的密切关系。
4．2019西安国际马拉松赛于10月20日鸣枪起跑，下列说法正确的是（ ）
A．起跑前静止的运动员不受力的作用
B．选手冲线后没有立即停下来，是因为受到惯性力的作用
C．运动员匀速转弯时，他的运动状态发生了改变
D．运动员受到的地面的支持力和对地面的压力是一对平衡力
【分析】（1）物体处于平衡状态时，受平衡力的作用；
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（3）力可以改变物体的运动状态，运动状态的改变包括速度大小和运动方向的改变；
（4）二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上。
【解答】解：
A、静止在地面上的运动员受到重力和地面的支持力作用，故A错误；
B、选手冲线后没有立即停下来，是因为运动员具有惯性，还要保持原来的运动状态向前运动，惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故B错误；
C、运动员在匀速转弯时，运动方向发生变化，其运动状态发生变化，故C正确；
D、站在地面上的运动员受到的支持力与对地面的压力，这两个力没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，是一对相互作用力，故D错误。
故选：C。
【点评】以体育运动为背景，本题考查了力学中的一些基本的知识，有一定的综合性，但难度不大。
5．如图所示，质量为m的小球从某一高度处静止下落，竖直落到直立于地面的轻弹簧上，在A点小球开始与弹簧接触，到B点时小球受到的重力与弹簧的弹力大小相等，C点是小球到达的最低点（不计空气阻力）下列说法正确的是（ ）
A．下落过程中，小球重力势能减小、动能增大、小球与弹簧机械能不守恒
B．下落过程中，小球重力势能一直减小、动能先增大后减小、小球与弹簧机械能守恒
C．到达C点时，小球的动能为零，受到的重力大于弹簧的弹力
D．从B到C，小球重力势能减小、动能先增大后减小，弹簧的势能一直增大
【分析】（1）从动能、重力势能、弹性势能的影响因素进行分析。
动能的大小跟质量和速度有关，在质量一定时，速度越大，动能越大；在速度一定时，质量越大，动能越大。
重力势能大小跟质量和高度有关，质量一定时，高度越高，重力势能越大；在高度一定时，质量越大，重力势能越大。
弹性势能的大小跟弹性形变有关，弹性形变越大，弹性势能越大。
（2）不计空气阻力时，机械能守恒。
【解答】解：AB、下落过程中，小球的质量保持不变，高度不断减小，重力势能不断减小；
小球有静止到A点时，小球只受重力作用，速度不断增大；小球从A点运动到B点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力大于弹力，合力竖直向下，小球还在加速；小球在B点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力等于弹力；小球从B点运动到C点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力小于弹力，合力竖直向上，小球在减速；小球由静止运动到C点，速度先增大后减小，小球的质量保持不变，小球的动能先增大后减小。
不考虑空气阻力，小球和弹簧的机械能守恒，故选项A错误，选项B正确。
C、小球达到C点时，小球的速度为零，动能为零，受到的重力小于弹力，故选项C错误。
D、从B到C，小球的质量保持不变，高度不断减小，重力势能不断减小，小球从B点运动到C点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力小于弹力，合力竖直向上，小球在减速，小球的质量保持不变，动能减小。弹簧的弹性形变一直在增大，弹簧的弹性势能一直增大，故选项D错误。
故选：B。
【点评】小球刚接触的弹簧到最低点，小球在AB段受到的合力向下，是加速运动；B点受到重力和弹力是平衡力；小球在BC段受到的合力向上，是减速运动，整个过程注意速度的变化。
6．如图所示是某同学设计的家庭电路，电灯开关已断开。下列说法正确的是（ ）
A．灯泡和两孔插座是串联的
B．试电笔接触M点，氖管不发光
C．开关和三孔插座的连接都是错误的
D．试电笔插入两孔插座的左孔，氖管发光
【分析】（1）家庭电路中，各插座和各家用电器之间都是并联的。
（2）试电笔接触火线时，氖管会发光；
（3）开关控制灯泡时，开关要接在灯泡和火线之间。且三孔插座是“左零右火上接地”
（4）对于两孔插座是：左零右火。
【解答】解：A、灯泡和两孔插座是互不影响的，所以是并联的，故A错误；
B、M点通过灯泡与火线连接，所以试电笔接触M点，氖管发光，故B错误；
C、据图可知，开关接到了零线和用电器之间；三孔插座的左孔接的是地线，故均错误，故C说法正确；
D、两孔插座的左孔是零线，所以试电笔插入两孔插座的左孔氖管不发光，故D错误；
故选：C。
【点评】掌握家庭电路中三孔插座、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的原因。
7．我们都知道“刻舟求剑”的故事，当船行靠岸后，从记号处下水不能找到剑，这是因为剑主选错了参照物。要确定落水之剑的位置，剑主应选择的参照物是（ ）
A．船夫 B．其它行驶的船
C．流水 D．河岸上的树木
【分析】刻舟求剑故事中的人不懂得运动和静止的相对性知识，同一个物体，所选的参照物不同，判断其运动和静止的结果也不一定相同，剑落水后静止在水底，以河岸为参照物，它是静止的，故事中的人误以船为参照物，实际上，剑相对于船是运动的。
【解答】解：
故事中的人为了下水后能找到剑，应该准确定好剑的位置，如果以河岸上的树木为参照物，剑是不动的，以船夫、其它行驶的船、流水为参照物剑是运动的。
故选：D。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同。
8．家用电吹风由带扇叶的电动机和电热丝等组成，为了保证电吹风的安全使用，要求：电动机不工作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作，且电热丝工作时不会影响电动机的工作功率，下列电路（如图）中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】由题意可知，电动机不工作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作，且电热丝工作时不会影响电动机的工作功率，说明电动机和电热丝为并联，且一个开关位于干路，另一个开关位于电热丝支路，据此进行解答。
【解答】解：
A．由电路图可知，闭合S1时，电动机工作，再闭合S2时，电动机和加热器并联同时工作，故A符合题意；
B．由电路图可知，闭合S1时，加热器工作，而电动机不工作，故B不符合题意；
C．由电路图可知，闭合S1时，加热器和电动机串联同时工作，影响电动机的工作功率，故C不符合题意；D．由电路图可知，闭合S1时，加热器和电动机串联同时工作，影响电动机的工作功率，再闭合S2时，电路中只有加热器工作，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据题意各处加热器和电动机的连接方式和开关的位置是关键，解答时可以分析选项得出符合要求的答案。
9．在如图所示电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动过程中（ ）
A．电压表示数不变，电路消耗总功率变大
B．电流表的示数变小，电路消耗的总功率变小
C．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比不变
D．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比变大
【分析】①分析电路图：定值电阻Rl与滑动变阻器R2串联，电流表串联在电路中，测量的是整个电路中的电流，电压表并联在定值电阻Rl两端，测量的是定值电阻Rl两端的电压。②首先判断出滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动时，滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，利用串联电路电阻的特点，再根据欧姆定律确定电压表和电流表示数的变化，并根据公式P＝UI分析电路消耗总功率的变化情况；由欧姆定律可知两表示数比值的意义，则可知两表示数比值的变化。
【解答】解：
①定值电阻与滑动变阻器串联，滑动变阻器滑片由b端向a端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，则电路中的总电阻R变小，
而电源电压U不变，由I＝可知电路电流变大，即电流表示数变大；
②∵定值电阻的阻值不变，
∴由公式U＝IR可知，定值电阻两端电压变大，即电压表示数变大；
③∵电压表测定值电阻两端的电压、电流表测电路中的电流即通过定值电阻的电流，
∴根据欧姆定律I＝可知，电压表示数与电流表示数的比值是定值电阻的阻值，并且定值电阻的阻值不变，即电压表示数与电流表示数的比值不变。
④∵电源电压U不变，而电路中的电流变大，
∴由公式P＝UI可知，电路消耗总功率的变大。
故A、B、D不符合题意，C符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查电功率和欧姆定律公式及其变形的灵活运用，难点是判断滑动变阻器滑片移动过程中电路电阻的变化，要知道串联电路电流和电压的规律。一定要弄清滑动变阻器滑片移动时电阻的变化，则可知电路中总电阻的变化，进而可知电流的变化。
10．如图所示的实例中，与大气压无关的是（ ）
A．洗手池下的回水管 B．用注射器吸取药液
C． 吸盘挂物钩吸在墙上 D．覆杯实验
【分析】大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
【解答】解：
A、洗手池下的回水管成U形，水不流动时，U形管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，利用了连通器原理，故A符合题意；
B、注射器吸取药水时，将针口插入药时后，向外拔活塞，使管内的气体体积增大，气压减小，药水就被管外的大气压压进管内，故B不符合题意；
C、用吸盘挂钩挂物品，吸盘在大气压力的作用下吸在墙上，与大气压有关，故C不符合题意；
D、水杯倒置水没流出是因为大气压强对纸片有一个向上的支持力，从而托住水，使水不流出，与大气压有关，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】此题是关于大气压与物体压强的应用问题，用大气压及压强的知识解决实际问题，解题时应注意审题，选与大气压无关的，不是选与大气压有关的。
11．下列装置中是利用电磁感应工作的是（ ）
A．电动机
B．扬声器
C．电磁铁
D．动圈式话筒
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流；明确选择项中提到的这四个电学设备的制成原理，然后与题目要求对应，从而可以得到答案。
【解答】解：A、电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，不符合题意；
B、扬声器的里面有电磁铁，它是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，不符合题意；
C、电磁铁是利用电流的磁效应的原理工作的，故不符合题意；
D、动圈式话筒工作时，即人说话的声音使得线圈在磁场中运动，结果是产生电流，利用电磁感应现象原理，符合题意
故选：D。
【点评】在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点，要在理解的基础上，记住这些基础知识。
12．如图所示，在盛有某液体的圆柱形容器内放有一木块A，在木块的下方用轻质细线悬挂一体积与之相同的金属块B，金属块B浸没在液体内，而木块漂浮在液面上，液面正好与容器口相齐。某瞬间细线突然断开，待稳定后液面下降了h1；然后取出金属块B，液面又下降了h2；最后取出木块A，液面又下降了h3．由此可判断A与B的密度比为（ ）
A．h3：（h1+h2） B．h1：（h2+h3） C．（h2﹣h1）：h3 D．（h2﹣h3）：h1
【分析】当细线断开后，木块受到的浮力减小，减小的浮力等于金属块B的重力与金属块B所受浮力之差；根据此关系列出等式；
木块在液体中最后漂浮，受到的浮力等于自身重力，根据此关系列出等式，二式相比较即可h2得出结论。
【解答】解：设容器的底面积为S，细线断开后，木块减小的浮力F浮1＝ρ液gV排1＝ρ液gSh1＝GB﹣ρ液gSh2＝ρBVg﹣ρ液gSh2；
所以ρBVg＝ρ液gSh1+ρ液gSh2；
当木块漂浮在液面上时，受到的浮力等于自身的重力，F浮2＝GA＝ρ液gSh3＝ρAVg；
所以＝＝；则A与B的密度比为h3：（h1+h2）。
故选：A。
【点评】本题考查物体密度的大小比较，关键是对AB进行受力分析，找出AB所受浮力与液面降低的关系，这是本题的难点。
二．填空题（共5小题）
13．完全燃烧100g酒精所放出的热量为 3×106 J，若其放出的热量有70%被水吸收，能使10kg的水从20℃升高到 70 ℃．（q酒精＝3.0×107J/kg）
【分析】（1）根据Q＝mq求出酒精完全燃烧放出的热量；
（2）已知利用的热量为总热量的70%，求出水吸收的热量，再根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水升高到的温度。
【解答】解：
酒精完全燃烧放出的热量：Q放＝mq＝0.1kg×3.0×107J/kg＝3×106J；
由η＝得水吸收得热量：
Q吸＝ηQ放＝3×106J×70%＝2.1×106J，
根据由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，
水升高的温度：t＝t0+＝20℃+＝70℃。
故答案为：3×106；70。
【点评】此题主要考查的是学生对燃料热值和热量计算公式的理解和掌握。
14．“低碳环保”是当今世界的主题，太阳能已被人们广泛利用。太阳能来自于太阳内部的 核聚变 （选填“核裂变”或“核聚变”），太阳发出的光以 3×105 km/s的速度向周围空间传播（不计空气的影响）。
【分析】太阳的能量来自于它内部发生的核聚变；光在真空中的传播速度为3×105km/s。
【解答】解：
由较轻的原子核聚合成较重的原子核时，会释放出巨大的能量，这是太阳内部每时每刻进行的核聚变反应；
光在真空中的传播速度为3×105km/s。
故答案为：核聚变；3×105。
【点评】本题考查了太阳的能量来自于核聚变以及光速，知识点较简单。
15．质量为1.2t的某型号轿车发动机的额定功率为6×104W，汽车在额定功率下沿水平路面匀速行驶时，受到的阻力是车重的0.2倍。（g取10N/kg）发动机所提供的牵引力大小为 2.4×103 N；轿车匀速行驶5min牵引力做的功 1.8×107 J。
【分析】（1）汽车做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可以求出牵引力大小。
（2）由W＝Pt可以求出牵引力做的功。
【解答】解：（1）汽车做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件得：
牵引力F＝f＝0.2G＝0.2mg＝0.2×1.2×103kg×10N/kg＝2.4×103N；
（2）轿车匀速行驶5min牵引力做的功：
W＝Pt＝6×104W×5×60s＝1.8×107J；
故答案为：2.4×103；1.8×107。
【点评】本题考查了求汽车的牵引力、汽车做的功，难度不大，是一道基础题，熟练应用平衡条件、功率的变形公式即可正确解题。
16．如图所示电路，已知R1为40Ω，当S闭合，S1断开时，电压表的读数是4V，通过R1的电流为 0.1 A，当S、S1均闭合时，电压表的读数是12V，R2的阻值为 80 Ω。
【分析】由电路图可知，当S、S1均闭合时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，根据电压表的示数可知电源的电压；当S闭合，S1断开时，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，根据欧姆定律求出通过R1的电流，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R2的阻值。
【解答】解：当S、S1均闭合时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，则电源的电压U＝12V；
当S闭合，S1断开时，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，
通过R1的电流：
I1＝＝＝0.1A，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的总电阻：
R＝＝＝＝120Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，R2的阻值：R2＝R﹣R1＝120Ω﹣40Ω＝80Ω。
故答案为：0.1；80。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
17．如图，电源电压恒定，闭合S，S1，S2，移动滑动变阻器R2的滑片到a点（图中未标出），电流表A1和A2的示数分别为I1和I2；保持滑片位置不动，断开S1、S2，闭合S，此时电压表的示数为U1，R2的功率为P1，灯泡恰好正常发光；再将滑片移动到最右端，此时电压表示数为U2，电流表A2电流为0.4A，R2的功率为P2．已知R1＝6Ω，I1：I2＝3：2，U1：U2＝5：6，P1：P2＝25：18．则电源电压为 12 V，小灯泡的额定功率为 2.67 W，（小灯泡电阻不变）
【分析】分析开关在不同情况下电路的连接方式，根据并联电路特点求出滑片在a点时变阻器Ra的值，再由P＝UI求出电流之比，根据串联电路的特点和电源电压恒定列式解题。
【解答】解：
闭合S、S1、S2，移动滑动变阻器R2的滑片到a点时（即接入电路电阻为Ra），由图可知，Ra与R1并联接入电路，电流表A2测通过R1的电流，电流表A1测干路电流，
已知此时电流表A1和A2的示数分别为I1和I2，即干路电流为I1，通过R1的电流为I2，
由并联电路的电流特点可得：I1＝Ia+I2，又I1：I2＝3：2，所以可得Ia：I2＝1：2，
由欧姆定律可得：＝＝＝，所以Ra＝2R1＝2×6Ω＝12Ω；
保持滑片位置不动，断开S1、S2，闭合S，此时Ra与L串联，电压表测变阻器的电压U1，电路中的电流为I串1；
再将滑片移动到最右端，即变阻器全部接入电路，此时电压表示数为U2，电路中的电流为I串2＝0.4A，
已知前后两次变阻器R2消耗的功率分别为P1、P2，且P1：P2＝25：18，U1：U2＝5：6，
由P＝可得Ra与变阻器最大阻值R的比值为：
＝＝＝＝，
可得变阻器的最大阻值R＝2Ra＝2×12Ω＝24Ω，
因电源电压不变，所以由欧姆定律可得：
U＝I串1（Ra+RL）＝（12Ω+RL）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
U＝I串2（R+RL）＝（24Ω+RL）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②解得：RL＝6Ω，
电源电压：U＝I串2（R+RL）＝0.4A×（24Ω+6Ω）＝12V；
灯泡正常发光时的电流：I串1＝＝＝A，
灯泡电阻不变，则灯泡的额定功率即正常发光时的功率：P额＝I串12RL＝×6Ω≈2.67W。
故答案为：12；2.67。
【点评】本题考查了串并联电路的规律、欧姆定律、电功率的有关计算，综合性强，难度大。
三．实验探究题（共4小题）
18．如图所示是“探究平面镜成像特点”的实验装置。
（1）实验要选取两支外形完全相同的蜡烛，目的是比较蜡烛的像与蜡烛的 大小 关系；每次实验中在白纸上记下蜡烛A和蜡烛B的位置，是为了探究蜡烛的像与物体的 关于平面镜对称 关系。
（2）要想取得较好的实验效果，成像区最好选择在 较暗 （选填“较亮”或“较暗”）的环境中；实验中所用的玻璃板 薄一点 （选填“厚一点”或“薄一点”）比较好。
【分析】（1）探究平面镜成像实验时，选择两个完全相同的蜡烛是为了比较物像大小关系。在白纸上记下蜡烛A和蜡烛B的位置，是为了探究蜡烛的像与物体关于平面镜对称关系；
（2）物体射出的光线对人眼刺激越强，人眼感觉物体越亮，物体经过平面镜反射，反射光线进入人眼的光线越多，人眼感到物体的像越亮。在比较亮的环境中，很多物体射出光都对眼睛有刺激，干扰人的视线；厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像这一角度去分析此题。
【解答】解：（1）实验要选取完全相同的两只蜡烛，目的是为了比较蜡烛的像与蜡烛的大小关系。在白纸上记下蜡烛A和蜡烛B的位置，是为了探究蜡烛的像与物体关于平面镜对称关系；
（2）在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮。所以最比较黑暗的环境中进行实验；
因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板。
故答案为：（1）大小；关于平面镜对称；（2）较暗；薄一点。
【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
19．小明同学在实验室里用托盘天平和量筒测某种矿石的密度。采取了如下的实验操作：
A．将矿石用细线系好后慢慢地放入量筒中并记下总的体积；
B．把游码放在标尺的零刻度线处。调节横梁上的螺母，使横梁平衡；
C．把天平放在水平桌面上；
D．把矿石放在左盘中。将砝码放在右盘中并移动游码直至横梁平衡；
E．在量筒中倒入一定量的水并记下水的体积。
（1）正确的实验操作顺序是 CBDEA 。（只填标号）
（2）在调节天平时，发现指针如图甲所示偏向分度盘的右侧，此时应将平衡螺母向 左 调。
（3）用天平称矿石的质量，把矿石放在天平的左盘。天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，量筒量出矿石的体积如图丙所示，由此可知，矿石的密度ρ＝ 3100 kg/m3。
【分析】（1）测固体的密度首先用天平测出固体的质量，再根据排水法用量筒测出固体的体积，据此排列顺序；
（2）根据指针偏向分度盘的右侧可知右侧质量大，所以把平衡螺母向左调节，才能使天平平衡；
（3）根据量筒中放入矿石前后的示数求出矿石的体积；
矿石的质量等于砝码的质量加上游码的示数；最后根据密度公式ρ＝求出矿石的密度。
【解答】解：（1）用天平测矿石质量的步骤是先将天平放到水平桌面上，调节两端螺母使横梁平衡，最后用天平测出矿石的质量；
测量矿石体积：在量筒中倒入适量的水，读出体积为V1，再将小矿石浸没水中，读出水面对应的刻度值为V2，矿石的体积V＝V2﹣V1；
所以正确的实验操作顺序：C→B→D→E→A；
（2）在调节天平时，发现指针如图甲所示偏向分度盘的右侧，为了使天平平衡，此时应该把平衡螺母向左调节；
（3）由图可知，矿石的体积V＝80ml﹣60ml＝20ml＝20cm3；
矿石的质量m＝50g+10g+2g＝62g；
矿石的密度：ρ＝＝＝3.1g/cm3＝3100kg/m3
故答案为：（1）CBDEA；（2）左；（3）3100。
【点评】测固体密度的常用器材是天平和量筒，这两个器材是初中物理种基本的测量工具，要从使用前的注意事项、使用时的操作步骤、读数方法等方面掌握熟练；
熟记测固体密度的方法步骤：①用天平测出固体的质量m；②根据排水法用量筒测出固体的体积V（对于不能下沉的，利用助沉法）；③用公式ρ＝计算固体的密度。
20．在探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，实验装置如图所示，选取三个相同的木块分别放在不同的接触面上，其中甲、乙两图的接触面是相同的木板，丙图的接触面是棉布
（1）实验中用弹簧测力计拉着木块在水平木板上做 匀速直线 运动。根据 二力平衡 条件可知，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）由 乙丙 图可以探究滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度关系。
（3）若乙装置中，木块在运动过程中拉力突然变大，滑动摩擦力将 不变 （选填“不变”、“变大”或“变小”）。
（4）评估此实验方案的不足之处是 不能保证木块一直做匀速直线运动 。（答出一条即可）
【分析】（1）要使拉力与摩擦力相等，需沿水平方向拉动木块做匀速直线运动；
（2）要探究摩擦力与接触面的粗糙程度的关系，需使压力大小相同，接触面粗糙程度不同；
（3）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与拉力大小无关；
（4）实验中很难拉动木块做匀速直线运动。
【解答】解：
（1）实验中用弹簧测力计拉着木块在水平木板上做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力平衡，根据二力平衡条件可知，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
（2）图乙和图丙，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，可探究摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系；
（3）由于压力大小和接触面的粗糙程度不变，即使拉力增大，滑动摩擦力也不变；
（4）实验中需拉动木块做匀速直线运动时进行读数，而很难保证其一直做匀速直线运动，会造成测力计的读数困难。
故答案为：（1）匀速直线；二力平衡；（2）乙丙；（3）不变；（4）不能保证木块一直做匀速直线运动。
【点评】本题是探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验，主要考查了摩擦力的测量方法及控制变量法的应用，要正确测量滑动摩擦力的大小，需充分利用二力平衡条件。
21．小明利用如图甲所示的电路探究电流跟电阻的关系。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整（导线不允许交叉）。
（2）实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象。
①由图象可以得出结论：电压一定时， 导体中的电流与电阻成反比 。
②上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，接下来的操作是 断开开关 ，然后将10Ω的电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，使电压表示数为 2.5 V时，读出电流表的示数。
（3）为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于 35 Ω的滑动变阻器。
【分析】（1）图乙中还未连入的元件有电压表和滑动变阻器，电压表应并联到定值电阻两端，滑动变阻器按照“一上一下”连入电路。
（2）①分析图丙中图象，曲线上每一点对应的电流和电阻的乘积相等，说明电压一定时，导体中的电流与电阻成反比。
②每次实验后，必须断开开关，把滑片拨到最大阻值处，然后再更换电阻；闭合开关后，还要调节滑片，使定值电阻两端的电压保持不变。
（3）根据电源电压以及每次定值电阻两端的电压，利用串联分压可求出滑动变阻器的最小阻值。
【解答】解：（1）电压表的“3”接线柱已接入电路，需要把“﹣”接线柱接到定值电阻的右边接线柱，使电压表并联在定值电阻两端；滑动变阻器下面的接线柱已连入电路，只要把上面任意一个接线柱与定值电阻右边的接线柱相连即。要注意导线不要交叉。连好的实物图如下图所示。
（2）①分析图丙图象，曲线上每点对应的电流和电阻的乘积都等于2.5V，说明电压一直保持在2.5V，此时导体中的电流与电阻成反比。
②更换电阻时，必须先断开开关；换好定值电阻后，闭合开关，并移动滑片，使电压表的示数为2.5V。
（3）当定值电阻R＝25Ω时，由图丙可知，此时电路中的电流I＝0.1A，
则电路中的总电阻为：R总＝＝＝60Ω，
所以滑动变阻器的最大阻值不能小于：R滑＝R总﹣R＝60Ω﹣25Ω＝35Ω。
故答案是：（1）实物电路连接如图所示：
（2）①导体中的电流与电阻成反比；
②断开开关；2.5；
（3）35。
【点评】该题通过实验探究考查了电学元件的使用、分析图象获取信息的能力，难度不大，但需认真、细心分析。
四．五．解答题（共1小题）
22．某同学完成作业后，对手中的碳素笔发生了浓厚的兴趣（如图所示）．请找出一个它的结构或使用方面相关的物理现象，并指出对应的物理知识
（不得与示例重复）．示例：
物理现象：碳素水的上表面覆盖有一层油状物；
物理知识：减慢蒸发。
物理现象： 握笔处粗糙
物理知识： 增大接触面的粗糙程度增大摩擦 。
【分析】可以从摩擦力、压强、能量的转化、力的作用效果、大气压、密度等方面来分析；
如：握笔处比较粗糙，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
【解答】解：碳素笔涉及到的物理知识：
（1）握笔处粗糙﹣﹣﹣增大接触面的粗糙程度增大摩擦；
（2）圆弧形上表面面积大﹣﹣﹣增大受力面积减小对手指压强；
（3）弹簧被压缩﹣﹣﹣弹簧就具有弹性势能；
（4）弹簧弹起过程中﹣﹣﹣弹性势能转化为动能；
（5）弹簧被压缩﹣﹣﹣力可以改变物体的形状
（6）笔尖处有滚珠﹣﹣﹣变滑动为滚动来减小摩擦力；
（7）笔芯上方不密封﹣﹣﹣内外气压相等，便于液体流出；
（8）质量小﹣﹣﹣选用密度小的材料；
（9）笔体采用塑料﹣﹣﹣可塑性强，便于加工。
故答案为：握笔处粗糙；增大接触面的粗糙程度增大摩擦。
【点评】这是一道开放题，考查的是我们从生活中的物理现象来分析物理知识的目的，生活处处有物理，我们要能够从生活中找出用到的物理知识，并能够根据我们所学习的物理知识来改变我们的生活。
23．某简易电吹风简化电路如图所示，其主要技术参数如表，在家庭电路使用中，
求：
额定电压
220V
额定功率
热风时：1100W
冷风时：220W
（1）当电吹风吹冷风时，通过电动机的电流；
（2）电热丝的电阻；
（3）小华5分钟用此电吹风热风挡把头发吹干，求电热丝产生的热量。
【分析】（1）当电吹风吹冷风时，只有电动机工作时，则电动机消耗的功率等于冷风功率，已知冷风功率和额定电压，根据I＝得到通过电动机的电流；
（2）热风功率是电动机和电热丝同时工作的总功率；已知总功率（热风功率）和电动机工作的功率（冷风功率），可以得到电热丝的电功率；知道电热丝功率和额定电压，根据R＝得到电热丝的电阻；
（3）知道电热丝的功率和工作时间，根据Q＝W＝Pt得到5分钟电热丝产生的热量。
【解答】解：（l）吹冷风时只有电动机工作，
由P＝UI可得，吹冷风时，通过电动机的电流：
I冷＝＝＝1A；
（2）吹热风时电动机和电阻丝同时工作，电热丝的功率为：
PR＝P热﹣P冷＝1100W﹣220W＝880W，
由P＝可得，电热丝的电阻：
R＝＝＝55Ω；
（3）5分钟电热丝产生的热量：
Q＝W＝PRt＝880W×5×60s＝2.64×105J。
答：（1）电吹风吹冷风时，通过电动机的电流为1A；
（2）电热丝的电阻为55Ω；
（3）5分钟电热丝产生的热量为2.64×105J。
【点评】本题考查电功和电功率公式的应用，难点是明白电路的连接情况，知道热风功率是电动机和电热丝同时工作的总功率是解题关键。
24．底面积为400cm2、重2N的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，用原长为16cm的弹簧将边长为10cm的正方体A的下表面中点与容器底部相连，向容器内加水至A刚好浸没，如图甲所示，此时弹簧长18cm，A对弹簧的拉力为F1．现打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时关闭阀门B．已知弹簧受力F的大小与弹簧长度的变化量△x间的关系如图乙所示。不计弹簧的体积及其所受的浮力。求：
（1）物体A浸没时受到的浮力；
（2）正方体A的密度；
（3）从开始放水到关闭阀门B，放出水的质量。
【分析】（1）知道正方体A的边长可求体积，即为浸没时排开水的体积，根据F浮＝ρgV排求出受到浮力；
（2）根据题意求出当物体A浸没时弹簧的伸长量，根据图乙得出物体受到的弹力，对物体A受力分析，利用力的平衡条件求出正方体A的重力，根据G＝mg求出正方体A的质量，利用ρ＝求出正方体A的密度；
（3）放水前水的深度为弹簧现在的长度18cm加上正方体A的边长，根据V＝Sh求出容器内水和A的总体积，然后减去A的体积即为水的体积；打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时，弹簧被压缩，弹簧的压缩量和原来的伸长量相等，对物体受力分析，利用力的平衡条件求出此时物体受到的浮力，根据阿基米德原理求出此时正方体A排开水的体积，进一步求出正方体A浸入水的深度，容器内水的深度等于弹簧的原长减去压缩量再加上正方体浸入水的深度，根据V＝Sh求出剩余水和浸没A的体积之和，然后减去浸没A的体积即为剩余水的体积，两次容器内水的体积之差即为放出水的体积，根据ρ＝求出放出水的质量。
【解答】解：（1）物块A体积：
VA＝（10cm）3＝103cm3＝10﹣3m3，
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，物体A浸没时受到的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10﹣3m3＝10N；
（2）由题意可得：当物体A浸没时，弹簧由16cm伸长到18cm，则弹簧伸长2cm，
由图象可知物体受到的弹力F弹＝3N，
甲图中，正方体A受到竖直向下的重力和弹力、竖直向上的浮力，
则正方体A的重力：
GA＝F浮﹣F弹＝10N﹣3N＝7N，
由G＝mg可得，正方体A的质量：
mA＝＝＝0.7kg，
正方体A的密度：
ρA＝＝＝0.7×103kg/m3；
（3）放水前水的深度为弹簧现在的长度18cm加上正方体A的边长，如图甲所示：
即h＝18cm+10cm＝28cm，
则容器内水的体积：
V水＝Sh﹣VA＝400cm2×28cm﹣1000cm3＝10200cm3，
打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时，弹簧的压缩量为2cm，如图丙所示：
正方体A受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和弹力，
则此时物体受到的浮力：
F浮'＝GA﹣F弹＝7N﹣3N＝4N，
此时正方体A排开水的体积：
V排＝＝＝4×10﹣4m3＝400cm3，
正方体A浸入水的深度：
h1＝＝＝4cm，
容器内水的深度等于弹簧的原长减去压缩量再加上正方体浸入水的深度，即
h′＝16cm﹣2cm+4cm＝18cm，
容器内剩余水的体积：
V水'＝Sh'﹣V排＝400cm2×18cm﹣400cm3＝6800cm3，
放出水的体积：
V放＝V水﹣V水'＝10200cm3﹣6800cm3＝3400cm3，
则放出水的质量：
m放＝ρ水V放＝1.0g/cm3×3400cm3＝3400g＝3.4kg。
答：（1）物体A浸没时受到的浮力为10N；
（2）正方体A的密度为0.7×103 kg/m3；
（3）从开始放水到关闭阀门B，放出水的质量为3.4kg。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、重力公式、密度公式的综合应用，正确的得出放水前后容器内水的深度是关键。
日期：2020/5/27 12:08:22；用户：htxywl；邮箱：542392839@qq.com；学号：12870256
一．选择题（共12小题）
1．下列关于声现象的说法中错误的是（ ）
A．课堂上老师的讲课声是通过空气传播到学生耳朵的
B．“余音绕梁”说明振动停止，物体仍能产生声音
C．医学上的“超声波碎石”是利用了超声波可以传递能量的特性
D．中考期间学校附近路段禁止汽车鸣笛是在声源处减弱噪声
2．都江堰市水资源丰富，下列有关水的现象解释正确的是（ ）
A．冬季，都江堰山区会下起小雪，有时候雪不易堆积，因为雪落地后直接变成了水蒸气
B．夏天早晨看见草叶上挂满晶莹的露珠，而到了初冬，却看见了一层薄霜，有同学认为霜是露变成的
C．深秋早晨，起床后发现玻璃窗户变模糊，是水蒸气液化成水珠附着在窗户的内表面
D．初冬季节，在家洗澡时发现浴室里充满“白气”，这些“白气”是水蒸气
3．放映幻灯机时，要想获得更大的像，应该采取（ ）
A．换上大屏幕
B．增大屏幕到镜头的距离，同时减小幻灯片与镜头的距离
C．增大幻灯片到镜头的距离
D．减小屏幕到幻灯机的距离，同时增大幻灯片与镜头的距离
4．2019西安国际马拉松赛于10月20日鸣枪起跑，下列说法正确的是（ ）
A．起跑前静止的运动员不受力的作用
B．选手冲线后没有立即停下来，是因为受到惯性力的作用
C．运动员匀速转弯时，他的运动状态发生了改变
D．运动员受到的地面的支持力和对地面的压力是一对平衡力
5．如图所示，质量为m的小球从某一高度处静止下落，竖直落到直立于地面的轻弹簧上，在A点小球开始与弹簧接触，到B点时小球受到的重力与弹簧的弹力大小相等，C点是小球到达的最低点（不计空气阻力）下列说法正确的是（ ）
A．下落过程中，小球重力势能减小、动能增大、小球与弹簧机械能不守恒
B．下落过程中，小球重力势能一直减小、动能先增大后减小、小球与弹簧机械能守恒
C．到达C点时，小球的动能为零，受到的重力大于弹簧的弹力
D．从B到C，小球重力势能减小、动能先增大后减小，弹簧的势能一直增大
6．如图所示是某同学设计的家庭电路，电灯开关已断开。下列说法正确的是（ ）
A．灯泡和两孔插座是串联的
B．试电笔接触M点，氖管不发光
C．开关和三孔插座的连接都是错误的
D．试电笔插入两孔插座的左孔，氖管发光
7．我们都知道“刻舟求剑”的故事，当船行靠岸后，从记号处下水不能找到剑，这是因为剑主选错了参照物。要确定落水之剑的位置，剑主应选择的参照物是（ ）
A．船夫 B．其它行驶的船 C．流水 D．河岸上的树木
8．家用电吹风由带扇叶的电动机和电热丝等组成，为了保证电吹风的安全使用，要求：电动机不工作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作，且电热丝工作时不会影响电动机的工作功率，下列电路（如图）中符合要求的是（ ）
A． B． C． D．
9．在如图所示电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动过程中（ ）
A．电压表示数不变，电路消耗总功率变大
B．电流表的示数变小，电路消耗的总功率变小
C．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比不变
D．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比变大
10．如图所示的实例中，与大气压无关的是（ ）
A．洗手池下的回水管 B．用注射器吸取药液 C．吸盘挂物钩吸在墙上 D．覆杯实验
11．下列装置中是利用电磁感应工作的是（ ）
A．电动机 B．扬声器 C．电磁铁 D．动圈式话筒
12．如图所示，在盛有某液体的圆柱形容器内放有一木块A，在木块的下方用轻质细线悬挂一体积与之相同的金属块B，金属块B浸没在液体内，而木块漂浮在液面上，液面正好与容器口相齐。某瞬间细线突然断开，待稳定后液面下降了h1；然后取出金属块B，液面又下降了h2；最后取出木块A，液面又下降了h3．由此可判断A与B的密度比为（ ）
A．h3：（h1+h2） B．h1：（h2+h3） C．（h2﹣h1）：h3 D．（h2﹣h3）：h1
二．填空题（共5小题）
13．完全燃烧100g酒精所放出的热量为 J，若其放出的热量有70%被水吸收，能使10kg的水从20℃升高到 ℃．（q酒精＝3.0×107J/kg）
14．“低碳环保”是当今世界的主题，太阳能已被人们广泛利用。太阳能来自于太阳内部的 （选填“核裂变”或“核聚变”），太阳发出的光以 km/s的速度向周围空间传播（不计空气的影响）。
15．质量为1.2t的某型号轿车发动机的额定功率为6×104W，汽车在额定功率下沿水平路面匀速行驶时，受到的阻力是车重的0.2倍。（g取10N/kg）发动机所提供的牵引力大小为 N；轿车匀速行驶5min牵引力做的功 J。
16．如图所示电路，已知R1为40Ω，当S闭合，S1断开时，电压表的读数是4V，通过R1的电流为 A，当S、S1均闭合时，电压表的读数是12V，R2的阻值为 Ω。
17．如图，电源电压恒定，闭合S，S1，S2，移动滑动变阻器R2的滑片到a点（图中未标出），电流表A1和A2的示数分别为I1和I2；保持滑片位置不动，断开S1、S2，闭合S，此时电压表的示数为U1，R2的功率为P1，灯泡恰好正常发光；再将滑片移动到最右端，此时电压表示数为U2，电流表A2电流为0.4A，R2的功率为P2．已知R1＝6Ω，I1：I2＝3：2，U1：U2＝5：6，P1：P2＝25：18．则电源电压为 V，小灯泡的额定功率为 W，（小灯泡电阻不变）
三．实验探究题（共4小题）
18．如图所示是“探究平面镜成像特点”的实验装置。
（1）实验要选取两支外形完全相同的蜡烛，目的是比较蜡烛的像与蜡烛的 关系；每次实验中在白纸上记下蜡烛A和蜡烛B的位置，是为了探究蜡烛的像与物体的 关系。
（2）要想取得较好的实验效果，成像区最好选择在 （选填“较亮”或“较暗”）的环境中；实验中所用的玻璃板 （选填“厚一点”或“薄一点”）比较好。
19．小明同学在实验室里用托盘天平和量筒测某种矿石的密度。采取了如下的实验操作：
A．将矿石用细线系好后慢慢地放入量筒中并记下总的体积；
B．把游码放在标尺的零刻度线处。调节横梁上的螺母，使横梁平衡；
C．把天平放在水平桌面上；
D．把矿石放在左盘中。将砝码放在右盘中并移动游码直至横梁平衡；
E．在量筒中倒入一定量的水并记下水的体积。
（1）正确的实验操作顺序是 。（只填标号）
（2）在调节天平时，发现指针如图甲所示偏向分度盘的右侧，此时应将平衡螺母向 调。
（3）用天平称矿石的质量，把矿石放在天平的左盘。天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，量筒量出矿石的体积如图丙所示，由此可知，矿石的密度ρ＝ kg/m3。
20．在探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，实验装置如图所示，选取三个相同的木块分别放在不同的接触面上，其中甲、乙两图的接触面是相同的木板，丙图的接触面是棉布。
（1）实验中用弹簧测力计拉着木块在水平木板上做 运动。根据 条件可知，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）由 图可以探究滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度关系。
（3）若乙装置中，木块在运动过程中拉力突然变大，滑动摩擦力将 （选填“不变”、“变大”或“变小”）。
（4）评估此实验方案的不足之处是 。（答出一条即可）
21．小明利用如图甲所示的电路探究电流跟电阻的关系。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整（导线不允许交叉）。
（2）实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象。
①由图象可以得出结论：电压一定时， 。
②上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，接下来的操作是 ，然后将10Ω的电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，使电压表示数为 V时，读出电流表的示数。
（3）为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于 Ω的滑动变阻器。
四．解答题（共3小题）
22．某同学完成作业后，对手中的碳素笔发生了浓厚的兴趣（如图所示）．请找出一个它的结构或使用方面相关的物理现象，并指出对应的物理知识（不得与示例重复）．示例：
物理现象：碳素水的上表面覆盖有一层油状物；
物理知识：减慢蒸发。
物理现象： ；
物理知识： 。
23．某简易电吹风简化电路如图所示，其主要技术参数如表，在家庭电路使用中，
求：
（1）当电吹风吹冷风时，通过电动机的电流；
（2）电热丝的电阻；
（3）小华5分钟用此电吹风热风挡把头发吹干，求电热丝产生的热量。
额定电压
220V
额定功率
热风时：1100W
冷风时：220W
24．底面积为400cm2、重2N的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，用原长为16cm的弹簧将边长为10cm的正方体A的下表面中点与容器底部相连，向容器内加水至A刚好浸没，如图甲所示，此时弹簧长18cm，A对弹簧的拉力为F1．现打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时关闭阀门B．已知弹簧受力F的大小与弹簧长度的变化量△x间的关系如图乙所示。不计弹簧的体积及其所受的浮力。求：
（1）物体A浸没时受到的浮力；
（2）正方体A的密度；
（3）从开始放水到关闭阀门B，放出水的质量。
初三中考物理模拟卷3
参考答案与试题解析
一．选择题（共12小题）
1．下列关于声现象的说法中错误的是（ ）
A．课堂上老师的讲课声是通过空气传播到学生耳朵的
B．“余音绕梁”说明振动停止，物体仍能产生声音
C．医学上的“超声波碎石”是利用了超声波可以传递能量的特性
D．中考期间学校附近路段禁止汽车鸣笛是在声源处减弱噪声
【分析】（1）声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；
（2）声音是由振动产生的，振动停止，发声也会停止；
（3）声音既能够传递信息，又能够传递能量；
（4）减弱噪声的途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处。
【解答】解：
A、声音的传播需要介质，课堂上老师的讲课声是通过空气传播到学生耳朵的，故A正确；
B、声音是由振动产生的，振动停止，发声也会停止，“余音绕梁”是因为声音遇到障碍物会被多次反射，故B错误；
C、因为声音具有能量，医学上的“超声波碎石”是利用了超声波可以传递能量的特性，故C正确；
D、中考期间学校路段禁止汽车鸣笛，防止噪声的产生，这是在声源处减弱噪声，故D正确。
故选：B。
【点评】本题综合考查了声音的传播、声音的产生、声音的利用以及减弱噪声的途径，具有较强的综合性，要求学生全面掌握声音的相关知识。
2．都江堰市水资源丰富，下列有关水的现象解释正确的是（ ）
A．冬季，都江堰山区会下起小雪，有时候雪不易堆积，因为雪落地后直接变成了水蒸气
B．夏天的早晨看见草叶上挂满晶莹的露珠，而到了初冬，却看见了一层薄霜，有同学认为霜是露变成的
C．深秋早晨，起床后发现玻璃窗户变模糊，是水蒸气液化成水珠附着在窗户的内表面
D．初冬季节，在家洗澡时发现浴室里充满“白气”，这些“白气”是水蒸气
【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
【解答】解：A、有时候雪不易堆积，因为雪落地后熔化变成了水，故A错误。
B、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，附着在建筑物或植被表面。露是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，附着在植被表面，霜不是露变成的，故B错误。
C、深秋早晨，起床后发现玻璃窗户变模糊，是水蒸气液化成水珠附着在窗户的内表面。故C正确。
D、洗澡时发现浴室里充满“白气”，这些“白气”是水蒸气液化形成的小水滴。故D错误。
故选：C。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
3．放映幻灯机时，要想获得更大的像，应该采取（ ）
A．换上大屏幕
B．增大屏幕到镜头的距离，同时减小幻灯片与镜头的距离
C．增大幻灯片到镜头的距离
D．减小屏幕到幻灯机的距离，同时增大幻灯片与镜头的距离
【分析】凸透镜成实像时，物距减小，像距增大，像增大。
放幻灯时，要使银幕上的像更大，要使幻灯片和凸透镜之间的物距减小，同时要增大镜头和银幕之间的像距，像才能更大。
【解答】解：银幕上的像的大小不取决于银幕的大小，而是取决于物距和像距，要使像更大一些，要减小物距，增大像距，所以增大屏幕到镜头的距离，同时减小幻灯片与镜头的距离，故B说法正确。
故选：B。
【点评】幻灯机上应用了很多的物理知识，例如成像原理、平面镜的作用、银幕为什么是白色的并且粗糙的，凹镜的作用等，都要理解。体现了物理和生活的密切关系。
4．2019西安国际马拉松赛于10月20日鸣枪起跑，下列说法正确的是（ ）
A．起跑前静止的运动员不受力的作用
B．选手冲线后没有立即停下来，是因为受到惯性力的作用
C．运动员匀速转弯时，他的运动状态发生了改变
D．运动员受到的地面的支持力和对地面的压力是一对平衡力
【分析】（1）物体处于平衡状态时，受平衡力的作用；
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（3）力可以改变物体的运动状态，运动状态的改变包括速度大小和运动方向的改变；
（4）二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上。
【解答】解：
A、静止在地面上的运动员受到重力和地面的支持力作用，故A错误；
B、选手冲线后没有立即停下来，是因为运动员具有惯性，还要保持原来的运动状态向前运动，惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故B错误；
C、运动员在匀速转弯时，运动方向发生变化，其运动状态发生变化，故C正确；
D、站在地面上的运动员受到的支持力与对地面的压力，这两个力没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，是一对相互作用力，故D错误。
故选：C。
【点评】以体育运动为背景，本题考查了力学中的一些基本的知识，有一定的综合性，但难度不大。
5．如图所示，质量为m的小球从某一高度处静止下落，竖直落到直立于地面的轻弹簧上，在A点小球开始与弹簧接触，到B点时小球受到的重力与弹簧的弹力大小相等，C点是小球到达的最低点（不计空气阻力）下列说法正确的是（ ）
A．下落过程中，小球重力势能减小、动能增大、小球与弹簧机械能不守恒
B．下落过程中，小球重力势能一直减小、动能先增大后减小、小球与弹簧机械能守恒
C．到达C点时，小球的动能为零，受到的重力大于弹簧的弹力
D．从B到C，小球重力势能减小、动能先增大后减小，弹簧的势能一直增大
【分析】（1）从动能、重力势能、弹性势能的影响因素进行分析。
动能的大小跟质量和速度有关，在质量一定时，速度越大，动能越大；在速度一定时，质量越大，动能越大。
重力势能大小跟质量和高度有关，质量一定时，高度越高，重力势能越大；在高度一定时，质量越大，重力势能越大。
弹性势能的大小跟弹性形变有关，弹性形变越大，弹性势能越大。
（2）不计空气阻力时，机械能守恒。
【解答】解：AB、下落过程中，小球的质量保持不变，高度不断减小，重力势能不断减小；
小球有静止到A点时，小球只受重力作用，速度不断增大；小球从A点运动到B点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力大于弹力，合力竖直向下，小球还在加速；小球在B点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力等于弹力；小球从B点运动到C点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力小于弹力，合力竖直向上，小球在减速；小球由静止运动到C点，速度先增大后减小，小球的质量保持不变，小球的动能先增大后减小。
不考虑空气阻力，小球和弹簧的机械能守恒，故选项A错误，选项B正确。
C、小球达到C点时，小球的速度为零，动能为零，受到的重力小于弹力，故选项C错误。
D、从B到C，小球的质量保持不变，高度不断减小，重力势能不断减小，小球从B点运动到C点时，受到竖直向下重力和竖直向上弹力的作用，重力小于弹力，合力竖直向上，小球在减速，小球的质量保持不变，动能减小。弹簧的弹性形变一直在增大，弹簧的弹性势能一直增大，故选项D错误。
故选：B。
【点评】小球刚接触的弹簧到最低点，小球在AB段受到的合力向下，是加速运动；B点受到重力和弹力是平衡力；小球在BC段受到的合力向上，是减速运动，整个过程注意速度的变化。
6．如图所示是某同学设计的家庭电路，电灯开关已断开。下列说法正确的是（ ）
A．灯泡和两孔插座是串联的
B．试电笔接触M点，氖管不发光
C．开关和三孔插座的连接都是错误的
D．试电笔插入两孔插座的左孔，氖管发光
【分析】（1）家庭电路中，各插座和各家用电器之间都是并联的。
（2）试电笔接触火线时，氖管会发光；
（3）开关控制灯泡时，开关要接在灯泡和火线之间。且三孔插座是“左零右火上接地”
（4）对于两孔插座是：左零右火。
【解答】解：A、灯泡和两孔插座是互不影响的，所以是并联的，故A错误；
B、M点通过灯泡与火线连接，所以试电笔接触M点，氖管发光，故B错误；
C、据图可知，开关接到了零线和用电器之间；三孔插座的左孔接的是地线，故均错误，故C说法正确；
D、两孔插座的左孔是零线，所以试电笔插入两孔插座的左孔氖管不发光，故D错误；
故选：C。
【点评】掌握家庭电路中三孔插座、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的原因。
7．我们都知道“刻舟求剑”的故事，当船行靠岸后，从记号处下水不能找到剑，这是因为剑主选错了参照物。要确定落水之剑的位置，剑主应选择的参照物是（ ）
A．船夫 B．其它行驶的船
C．流水 D．河岸上的树木
【分析】刻舟求剑故事中的人不懂得运动和静止的相对性知识，同一个物体，所选的参照物不同，判断其运动和静止的结果也不一定相同，剑落水后静止在水底，以河岸为参照物，它是静止的，故事中的人误以船为参照物，实际上，剑相对于船是运动的。
【解答】解：
故事中的人为了下水后能找到剑，应该准确定好剑的位置，如果以河岸上的树木为参照物，剑是不动的，以船夫、其它行驶的船、流水为参照物剑是运动的。
故选：D。
【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同。
8．家用电吹风由带扇叶的电动机和电热丝等组成，为了保证电吹风的安全使用，要求：电动机不工作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作，且电热丝工作时不会影响电动机的工作功率，下列电路（如图）中符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【分析】由题意可知，电动机不工作时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电动机仍能工作，且电热丝工作时不会影响电动机的工作功率，说明电动机和电热丝为并联，且一个开关位于干路，另一个开关位于电热丝支路，据此进行解答。
【解答】解：
A．由电路图可知，闭合S1时，电动机工作，再闭合S2时，电动机和加热器并联同时工作，故A符合题意；
B．由电路图可知，闭合S1时，加热器工作，而电动机不工作，故B不符合题意；
C．由电路图可知，闭合S1时，加热器和电动机串联同时工作，影响电动机的工作功率，故C不符合题意；D．由电路图可知，闭合S1时，加热器和电动机串联同时工作，影响电动机的工作功率，再闭合S2时，电路中只有加热器工作，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查了串并联电路的设计，根据题意各处加热器和电动机的连接方式和开关的位置是关键，解答时可以分析选项得出符合要求的答案。
9．在如图所示电路中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。开关S闭合后，将滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动过程中（ ）
A．电压表示数不变，电路消耗总功率变大
B．电流表的示数变小，电路消耗的总功率变小
C．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比不变
D．电流表的示数变大，V的示数与A的示数之比变大
【分析】①分析电路图：定值电阻Rl与滑动变阻器R2串联，电流表串联在电路中，测量的是整个电路中的电流，电压表并联在定值电阻Rl两端，测量的是定值电阻Rl两端的电压。②首先判断出滑动变阻器R2的滑片P自b端向a端移动时，滑动变阻器接入电路中的阻值的变化，利用串联电路电阻的特点，再根据欧姆定律确定电压表和电流表示数的变化，并根据公式P＝UI分析电路消耗总功率的变化情况；由欧姆定律可知两表示数比值的意义，则可知两表示数比值的变化。
【解答】解：
①定值电阻与滑动变阻器串联，滑动变阻器滑片由b端向a端移动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，则电路中的总电阻R变小，
而电源电压U不变，由I＝可知电路电流变大，即电流表示数变大；
②∵定值电阻的阻值不变，
∴由公式U＝IR可知，定值电阻两端电压变大，即电压表示数变大；
③∵电压表测定值电阻两端的电压、电流表测电路中的电流即通过定值电阻的电流，
∴根据欧姆定律I＝可知，电压表示数与电流表示数的比值是定值电阻的阻值，并且定值电阻的阻值不变，即电压表示数与电流表示数的比值不变。
④∵电源电压U不变，而电路中的电流变大，
∴由公式P＝UI可知，电路消耗总功率的变大。
故A、B、D不符合题意，C符合题意。
故选：C。
【点评】本题考查电功率和欧姆定律公式及其变形的灵活运用，难点是判断滑动变阻器滑片移动过程中电路电阻的变化，要知道串联电路电流和电压的规律。一定要弄清滑动变阻器滑片移动时电阻的变化，则可知电路中总电阻的变化，进而可知电流的变化。
10．如图所示的实例中，与大气压无关的是（ ）
A．洗手池下的回水管 B．用注射器吸取药液
C． 吸盘挂物钩吸在墙上 D．覆杯实验
【分析】大气压的利用一般都是在某处使气压降低，然后在外界大气压的作用下，产生了某种效果。
【解答】解：
A、洗手池下的回水管成U形，水不流动时，U形管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，利用了连通器原理，故A符合题意；
B、注射器吸取药水时，将针口插入药时后，向外拔活塞，使管内的气体体积增大，气压减小，药水就被管外的大气压压进管内，故B不符合题意；
C、用吸盘挂钩挂物品，吸盘在大气压力的作用下吸在墙上，与大气压有关，故C不符合题意；
D、水杯倒置水没流出是因为大气压强对纸片有一个向上的支持力，从而托住水，使水不流出，与大气压有关，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】此题是关于大气压与物体压强的应用问题，用大气压及压强的知识解决实际问题，解题时应注意审题，选与大气压无关的，不是选与大气压有关的。
11．下列装置中是利用电磁感应工作的是（ ）
A．电动机
B．扬声器
C．电磁铁
D．动圈式话筒
【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流；明确选择项中提到的这四个电学设备的制成原理，然后与题目要求对应，从而可以得到答案。
【解答】解：A、电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，不符合题意；
B、扬声器的里面有电磁铁，它是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，不符合题意；
C、电磁铁是利用电流的磁效应的原理工作的，故不符合题意；
D、动圈式话筒工作时，即人说话的声音使得线圈在磁场中运动，结果是产生电流，利用电磁感应现象原理，符合题意
故选：D。
【点评】在电和磁这一部分中，学到了很多电学设备，每个设备的制成原理是经常考查的知识点，要在理解的基础上，记住这些基础知识。
12．如图所示，在盛有某液体的圆柱形容器内放有一木块A，在木块的下方用轻质细线悬挂一体积与之相同的金属块B，金属块B浸没在液体内，而木块漂浮在液面上，液面正好与容器口相齐。某瞬间细线突然断开，待稳定后液面下降了h1；然后取出金属块B，液面又下降了h2；最后取出木块A，液面又下降了h3．由此可判断A与B的密度比为（ ）
A．h3：（h1+h2） B．h1：（h2+h3） C．（h2﹣h1）：h3 D．（h2﹣h3）：h1
【分析】当细线断开后，木块受到的浮力减小，减小的浮力等于金属块B的重力与金属块B所受浮力之差；根据此关系列出等式；
木块在液体中最后漂浮，受到的浮力等于自身重力，根据此关系列出等式，二式相比较即可h2得出结论。
【解答】解：设容器的底面积为S，细线断开后，木块减小的浮力F浮1＝ρ液gV排1＝ρ液gSh1＝GB﹣ρ液gSh2＝ρBVg﹣ρ液gSh2；
所以ρBVg＝ρ液gSh1+ρ液gSh2；
当木块漂浮在液面上时，受到的浮力等于自身的重力，F浮2＝GA＝ρ液gSh3＝ρAVg；
所以＝＝；则A与B的密度比为h3：（h1+h2）。
故选：A。
【点评】本题考查物体密度的大小比较，关键是对AB进行受力分析，找出AB所受浮力与液面降低的关系，这是本题的难点。
二．填空题（共5小题）
13．完全燃烧100g酒精所放出的热量为 3×106 J，若其放出的热量有70%被水吸收，能使10kg的水从20℃升高到 70 ℃．（q酒精＝3.0×107J/kg）
【分析】（1）根据Q＝mq求出酒精完全燃烧放出的热量；
（2）已知利用的热量为总热量的70%，求出水吸收的热量，再根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水升高到的温度。
【解答】解：
酒精完全燃烧放出的热量：Q放＝mq＝0.1kg×3.0×107J/kg＝3×106J；
由η＝得水吸收得热量：
Q吸＝ηQ放＝3×106J×70%＝2.1×106J，
根据由Q吸＝cm（t﹣t0）可知，
水升高的温度：t＝t0+＝20℃+＝70℃。
故答案为：3×106；70。
【点评】此题主要考查的是学生对燃料热值和热量计算公式的理解和掌握。
14．“低碳环保”是当今世界的主题，太阳能已被人们广泛利用。太阳能来自于太阳内部的 核聚变 （选填“核裂变”或“核聚变”），太阳发出的光以 3×105 km/s的速度向周围空间传播（不计空气的影响）。
【分析】太阳的能量来自于它内部发生的核聚变；光在真空中的传播速度为3×105km/s。
【解答】解：
由较轻的原子核聚合成较重的原子核时，会释放出巨大的能量，这是太阳内部每时每刻进行的核聚变反应；
光在真空中的传播速度为3×105km/s。
故答案为：核聚变；3×105。
【点评】本题考查了太阳的能量来自于核聚变以及光速，知识点较简单。
15．质量为1.2t的某型号轿车发动机的额定功率为6×104W，汽车在额定功率下沿水平路面匀速行驶时，受到的阻力是车重的0.2倍。（g取10N/kg）发动机所提供的牵引力大小为 2.4×103 N；轿车匀速行驶5min牵引力做的功 1.8×107 J。
【分析】（1）汽车做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件可以求出牵引力大小。
（2）由W＝Pt可以求出牵引力做的功。
【解答】解：（1）汽车做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件得：
牵引力F＝f＝0.2G＝0.2mg＝0.2×1.2×103kg×10N/kg＝2.4×103N；
（2）轿车匀速行驶5min牵引力做的功：
W＝Pt＝6×104W×5×60s＝1.8×107J；
故答案为：2.4×103；1.8×107。
【点评】本题考查了求汽车的牵引力、汽车做的功，难度不大，是一道基础题，熟练应用平衡条件、功率的变形公式即可正确解题。
16．如图所示电路，已知R1为40Ω，当S闭合，S1断开时，电压表的读数是4V，通过R1的电流为 0.1 A，当S、S1均闭合时，电压表的读数是12V，R2的阻值为 80 Ω。
【分析】由电路图可知，当S、S1均闭合时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，根据电压表的示数可知电源的电压；当S闭合，S1断开时，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，根据欧姆定律求出通过R1的电流，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R2的阻值。
【解答】解：当S、S1均闭合时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，则电源的电压U＝12V；
当S闭合，S1断开时，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，
通过R1的电流：
I1＝＝＝0.1A，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的总电阻：
R＝＝＝＝120Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，R2的阻值：R2＝R﹣R1＝120Ω﹣40Ω＝80Ω。
故答案为：0.1；80。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
17．如图，电源电压恒定，闭合S，S1，S2，移动滑动变阻器R2的滑片到a点（图中未标出），电流表A1和A2的示数分别为I1和I2；保持滑片位置不动，断开S1、S2，闭合S，此时电压表的示数为U1，R2的功率为P1，灯泡恰好正常发光；再将滑片移动到最右端，此时电压表示数为U2，电流表A2电流为0.4A，R2的功率为P2．已知R1＝6Ω，I1：I2＝3：2，U1：U2＝5：6，P1：P2＝25：18．则电源电压为 12 V，小灯泡的额定功率为 2.67 W，（小灯泡电阻不变）
【分析】分析开关在不同情况下电路的连接方式，根据并联电路特点求出滑片在a点时变阻器Ra的值，再由P＝UI求出电流之比，根据串联电路的特点和电源电压恒定列式解题。
【解答】解：
闭合S、S1、S2，移动滑动变阻器R2的滑片到a点时（即接入电路电阻为Ra），由图可知，Ra与R1并联接入电路，电流表A2测通过R1的电流，电流表A1测干路电流，
已知此时电流表A1和A2的示数分别为I1和I2，即干路电流为I1，通过R1的电流为I2，
由并联电路的电流特点可得：I1＝Ia+I2，又I1：I2＝3：2，所以可得Ia：I2＝1：2，
由欧姆定律可得：＝＝＝，所以Ra＝2R1＝2×6Ω＝12Ω；
保持滑片位置不动，断开S1、S2，闭合S，此时Ra与L串联，电压表测变阻器的电压U1，电路中的电流为I串1；
再将滑片移动到最右端，即变阻器全部接入电路，此时电压表示数为U2，电路中的电流为I串2＝0.4A，
已知前后两次变阻器R2消耗的功率分别为P1、P2，且P1：P2＝25：18，U1：U2＝5：6，
由P＝可得Ra与变阻器最大阻值R的比值为：
＝＝＝＝，
可得变阻器的最大阻值R＝2Ra＝2×12Ω＝24Ω，
因电源电压不变，所以由欧姆定律可得：
U＝I串1（Ra+RL）＝（12Ω+RL）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
U＝I串2（R+RL）＝（24Ω+RL）﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
由①②解得：RL＝6Ω，
电源电压：U＝I串2（R+RL）＝0.4A×（24Ω+6Ω）＝12V；
灯泡正常发光时的电流：I串1＝＝＝A，
灯泡电阻不变，则灯泡的额定功率即正常发光时的功率：P额＝I串12RL＝×6Ω≈2.67W。
故答案为：12；2.67。
【点评】本题考查了串并联电路的规律、欧姆定律、电功率的有关计算，综合性强，难度大。
三．实验探究题（共4小题）
18．如图所示是“探究平面镜成像特点”的实验装置。
（1）实验要选取两支外形完全相同的蜡烛，目的是比较蜡烛的像与蜡烛的 大小 关系；每次实验中在白纸上记下蜡烛A和蜡烛B的位置，是为了探究蜡烛的像与物体的 关于平面镜对称 关系。
（2）要想取得较好的实验效果，成像区最好选择在 较暗 （选填“较亮”或“较暗”）的环境中；实验中所用的玻璃板 薄一点 （选填“厚一点”或“薄一点”）比较好。
【分析】（1）探究平面镜成像实验时，选择两个完全相同的蜡烛是为了比较物像大小关系。在白纸上记下蜡烛A和蜡烛B的位置，是为了探究蜡烛的像与物体关于平面镜对称关系；
（2）物体射出的光线对人眼刺激越强，人眼感觉物体越亮，物体经过平面镜反射，反射光线进入人眼的光线越多，人眼感到物体的像越亮。在比较亮的环境中，很多物体射出光都对眼睛有刺激，干扰人的视线；厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像这一角度去分析此题。
【解答】解：（1）实验要选取完全相同的两只蜡烛，目的是为了比较蜡烛的像与蜡烛的大小关系。在白纸上记下蜡烛A和蜡烛B的位置，是为了探究蜡烛的像与物体关于平面镜对称关系；
（2）在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮。所以最比较黑暗的环境中进行实验；
因为厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像，影响到实验效果，所以应选用薄玻璃板。
故答案为：（1）大小；关于平面镜对称；（2）较暗；薄一点。
【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
19．小明同学在实验室里用托盘天平和量筒测某种矿石的密度。采取了如下的实验操作：
A．将矿石用细线系好后慢慢地放入量筒中并记下总的体积；
B．把游码放在标尺的零刻度线处。调节横梁上的螺母，使横梁平衡；
C．把天平放在水平桌面上；
D．把矿石放在左盘中。将砝码放在右盘中并移动游码直至横梁平衡；
E．在量筒中倒入一定量的水并记下水的体积。
（1）正确的实验操作顺序是 CBDEA 。（只填标号）
（2）在调节天平时，发现指针如图甲所示偏向分度盘的右侧，此时应将平衡螺母向 左 调。
（3）用天平称矿石的质量，把矿石放在天平的左盘。天平平衡时，放在右盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图乙所示，量筒量出矿石的体积如图丙所示，由此可知，矿石的密度ρ＝ 3100 kg/m3。
【分析】（1）测固体的密度首先用天平测出固体的质量，再根据排水法用量筒测出固体的体积，据此排列顺序；
（2）根据指针偏向分度盘的右侧可知右侧质量大，所以把平衡螺母向左调节，才能使天平平衡；
（3）根据量筒中放入矿石前后的示数求出矿石的体积；
矿石的质量等于砝码的质量加上游码的示数；最后根据密度公式ρ＝求出矿石的密度。
【解答】解：（1）用天平测矿石质量的步骤是先将天平放到水平桌面上，调节两端螺母使横梁平衡，最后用天平测出矿石的质量；
测量矿石体积：在量筒中倒入适量的水，读出体积为V1，再将小矿石浸没水中，读出水面对应的刻度值为V2，矿石的体积V＝V2﹣V1；
所以正确的实验操作顺序：C→B→D→E→A；
（2）在调节天平时，发现指针如图甲所示偏向分度盘的右侧，为了使天平平衡，此时应该把平衡螺母向左调节；
（3）由图可知，矿石的体积V＝80ml﹣60ml＝20ml＝20cm3；
矿石的质量m＝50g+10g+2g＝62g；
矿石的密度：ρ＝＝＝3.1g/cm3＝3100kg/m3
故答案为：（1）CBDEA；（2）左；（3）3100。
【点评】测固体密度的常用器材是天平和量筒，这两个器材是初中物理种基本的测量工具，要从使用前的注意事项、使用时的操作步骤、读数方法等方面掌握熟练；
熟记测固体密度的方法步骤：①用天平测出固体的质量m；②根据排水法用量筒测出固体的体积V（对于不能下沉的，利用助沉法）；③用公式ρ＝计算固体的密度。
20．在探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，实验装置如图所示，选取三个相同的木块分别放在不同的接触面上，其中甲、乙两图的接触面是相同的木板，丙图的接触面是棉布
（1）实验中用弹簧测力计拉着木块在水平木板上做 匀速直线 运动。根据 二力平衡 条件可知，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数。
（2）由 乙丙 图可以探究滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度关系。
（3）若乙装置中，木块在运动过程中拉力突然变大，滑动摩擦力将 不变 （选填“不变”、“变大”或“变小”）。
（4）评估此实验方案的不足之处是 不能保证木块一直做匀速直线运动 。（答出一条即可）
【分析】（1）要使拉力与摩擦力相等，需沿水平方向拉动木块做匀速直线运动；
（2）要探究摩擦力与接触面的粗糙程度的关系，需使压力大小相同，接触面粗糙程度不同；
（3）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与拉力大小无关；
（4）实验中很难拉动木块做匀速直线运动。
【解答】解：
（1）实验中用弹簧测力计拉着木块在水平木板上做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力平衡，根据二力平衡条件可知，木块所受摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数；
（2）图乙和图丙，压力大小相同，接触面的粗糙程度不同，可探究摩擦力大小与接触面粗糙程度的关系；
（3）由于压力大小和接触面的粗糙程度不变，即使拉力增大，滑动摩擦力也不变；
（4）实验中需拉动木块做匀速直线运动时进行读数，而很难保证其一直做匀速直线运动，会造成测力计的读数困难。
故答案为：（1）匀速直线；二力平衡；（2）乙丙；（3）不变；（4）不能保证木块一直做匀速直线运动。
【点评】本题是探究“影响滑动摩擦力大小因素”的实验，主要考查了摩擦力的测量方法及控制变量法的应用，要正确测量滑动摩擦力的大小，需充分利用二力平衡条件。
21．小明利用如图甲所示的电路探究电流跟电阻的关系。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整（导线不允许交叉）。
（2）实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象。
①由图象可以得出结论：电压一定时， 导体中的电流与电阻成反比 。
②上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，接下来的操作是 断开开关 ，然后将10Ω的电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，使电压表示数为 2.5 V时，读出电流表的示数。
（3）为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于 35 Ω的滑动变阻器。
【分析】（1）图乙中还未连入的元件有电压表和滑动变阻器，电压表应并联到定值电阻两端，滑动变阻器按照“一上一下”连入电路。
（2）①分析图丙中图象，曲线上每一点对应的电流和电阻的乘积相等，说明电压一定时，导体中的电流与电阻成反比。
②每次实验后，必须断开开关，把滑片拨到最大阻值处，然后再更换电阻；闭合开关后，还要调节滑片，使定值电阻两端的电压保持不变。
（3）根据电源电压以及每次定值电阻两端的电压，利用串联分压可求出滑动变阻器的最小阻值。
【解答】解：（1）电压表的“3”接线柱已接入电路，需要把“﹣”接线柱接到定值电阻的右边接线柱，使电压表并联在定值电阻两端；滑动变阻器下面的接线柱已连入电路，只要把上面任意一个接线柱与定值电阻右边的接线柱相连即。要注意导线不要交叉。连好的实物图如下图所示。
（2）①分析图丙图象，曲线上每点对应的电流和电阻的乘积都等于2.5V，说明电压一直保持在2.5V，此时导体中的电流与电阻成反比。
②更换电阻时，必须先断开开关；换好定值电阻后，闭合开关，并移动滑片，使电压表的示数为2.5V。
（3）当定值电阻R＝25Ω时，由图丙可知，此时电路中的电流I＝0.1A，
则电路中的总电阻为：R总＝＝＝60Ω，
所以滑动变阻器的最大阻值不能小于：R滑＝R总﹣R＝60Ω﹣25Ω＝35Ω。
故答案是：（1）实物电路连接如图所示：
（2）①导体中的电流与电阻成反比；
②断开开关；2.5；
（3）35。
【点评】该题通过实验探究考查了电学元件的使用、分析图象获取信息的能力，难度不大，但需认真、细心分析。
四．五．解答题（共1小题）
22．某同学完成作业后，对手中的碳素笔发生了浓厚的兴趣（如图所示）．请找出一个它的结构或使用方面相关的物理现象，并指出对应的物理知识
（不得与示例重复）．示例：
物理现象：碳素水的上表面覆盖有一层油状物；
物理知识：减慢蒸发。
物理现象： 握笔处粗糙
物理知识： 增大接触面的粗糙程度增大摩擦 。
【分析】可以从摩擦力、压强、能量的转化、力的作用效果、大气压、密度等方面来分析；
如：握笔处比较粗糙，是通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
【解答】解：碳素笔涉及到的物理知识：
（1）握笔处粗糙﹣﹣﹣增大接触面的粗糙程度增大摩擦；
（2）圆弧形上表面面积大﹣﹣﹣增大受力面积减小对手指压强；
（3）弹簧被压缩﹣﹣﹣弹簧就具有弹性势能；
（4）弹簧弹起过程中﹣﹣﹣弹性势能转化为动能；
（5）弹簧被压缩﹣﹣﹣力可以改变物体的形状
（6）笔尖处有滚珠﹣﹣﹣变滑动为滚动来减小摩擦力；
（7）笔芯上方不密封﹣﹣﹣内外气压相等，便于液体流出；
（8）质量小﹣﹣﹣选用密度小的材料；
（9）笔体采用塑料﹣﹣﹣可塑性强，便于加工。
故答案为：握笔处粗糙；增大接触面的粗糙程度增大摩擦。
【点评】这是一道开放题，考查的是我们从生活中的物理现象来分析物理知识的目的，生活处处有物理，我们要能够从生活中找出用到的物理知识，并能够根据我们所学习的物理知识来改变我们的生活。
23．某简易电吹风简化电路如图所示，其主要技术参数如表，在家庭电路使用中，
求：
额定电压
220V
额定功率
热风时：1100W
冷风时：220W
（1）当电吹风吹冷风时，通过电动机的电流；
（2）电热丝的电阻；
（3）小华5分钟用此电吹风热风挡把头发吹干，求电热丝产生的热量。
【分析】（1）当电吹风吹冷风时，只有电动机工作时，则电动机消耗的功率等于冷风功率，已知冷风功率和额定电压，根据I＝得到通过电动机的电流；
（2）热风功率是电动机和电热丝同时工作的总功率；已知总功率（热风功率）和电动机工作的功率（冷风功率），可以得到电热丝的电功率；知道电热丝功率和额定电压，根据R＝得到电热丝的电阻；
（3）知道电热丝的功率和工作时间，根据Q＝W＝Pt得到5分钟电热丝产生的热量。
【解答】解：（l）吹冷风时只有电动机工作，
由P＝UI可得，吹冷风时，通过电动机的电流：
I冷＝＝＝1A；
（2）吹热风时电动机和电阻丝同时工作，电热丝的功率为：
PR＝P热﹣P冷＝1100W﹣220W＝880W，
由P＝可得，电热丝的电阻：
R＝＝＝55Ω；
（3）5分钟电热丝产生的热量：
Q＝W＝PRt＝880W×5×60s＝2.64×105J。
答：（1）电吹风吹冷风时，通过电动机的电流为1A；
（2）电热丝的电阻为55Ω；
（3）5分钟电热丝产生的热量为2.64×105J。
【点评】本题考查电功和电功率公式的应用，难点是明白电路的连接情况，知道热风功率是电动机和电热丝同时工作的总功率是解题关键。
24．底面积为400cm2、重2N的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，用原长为16cm的弹簧将边长为10cm的正方体A的下表面中点与容器底部相连，向容器内加水至A刚好浸没，如图甲所示，此时弹簧长18cm，A对弹簧的拉力为F1．现打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时关闭阀门B．已知弹簧受力F的大小与弹簧长度的变化量△x间的关系如图乙所示。不计弹簧的体积及其所受的浮力。求：
（1）物体A浸没时受到的浮力；
（2）正方体A的密度；
（3）从开始放水到关闭阀门B，放出水的质量。
【分析】（1）知道正方体A的边长可求体积，即为浸没时排开水的体积，根据F浮＝ρgV排求出受到浮力；
（2）根据题意求出当物体A浸没时弹簧的伸长量，根据图乙得出物体受到的弹力，对物体A受力分析，利用力的平衡条件求出正方体A的重力，根据G＝mg求出正方体A的质量，利用ρ＝求出正方体A的密度；
（3）放水前水的深度为弹簧现在的长度18cm加上正方体A的边长，根据V＝Sh求出容器内水和A的总体积，然后减去A的体积即为水的体积；打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时，弹簧被压缩，弹簧的压缩量和原来的伸长量相等，对物体受力分析，利用力的平衡条件求出此时物体受到的浮力，根据阿基米德原理求出此时正方体A排开水的体积，进一步求出正方体A浸入水的深度，容器内水的深度等于弹簧的原长减去压缩量再加上正方体浸入水的深度，根据V＝Sh求出剩余水和浸没A的体积之和，然后减去浸没A的体积即为剩余水的体积，两次容器内水的体积之差即为放出水的体积，根据ρ＝求出放出水的质量。
【解答】解：（1）物块A体积：
VA＝（10cm）3＝103cm3＝10﹣3m3，
因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，
所以，物体A浸没时受到的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10﹣3m3＝10N；
（2）由题意可得：当物体A浸没时，弹簧由16cm伸长到18cm，则弹簧伸长2cm，
由图象可知物体受到的弹力F弹＝3N，
甲图中，正方体A受到竖直向下的重力和弹力、竖直向上的浮力，
则正方体A的重力：
GA＝F浮﹣F弹＝10N﹣3N＝7N，
由G＝mg可得，正方体A的质量：
mA＝＝＝0.7kg，
正方体A的密度：
ρA＝＝＝0.7×103kg/m3；
（3）放水前水的深度为弹簧现在的长度18cm加上正方体A的边长，如图甲所示：
即h＝18cm+10cm＝28cm，
则容器内水的体积：
V水＝Sh﹣VA＝400cm2×28cm﹣1000cm3＝10200cm3，
打开阀门B缓慢放水，当A对弹簧的作用力大小再次等于F1时，弹簧的压缩量为2cm，如图丙所示：
正方体A受到竖直向下的重力、竖直向上的浮力和弹力，
则此时物体受到的浮力：
F浮'＝GA﹣F弹＝7N﹣3N＝4N，
此时正方体A排开水的体积：
V排＝＝＝4×10﹣4m3＝400cm3，
正方体A浸入水的深度：
h1＝＝＝4cm，
容器内水的深度等于弹簧的原长减去压缩量再加上正方体浸入水的深度，即
h′＝16cm﹣2cm+4cm＝18cm，
容器内剩余水的体积：
V水'＝Sh'﹣V排＝400cm2×18cm﹣400cm3＝6800cm3，
放出水的体积：
V放＝V水﹣V水'＝10200cm3﹣6800cm3＝3400cm3，
则放出水的质量：
m放＝ρ水V放＝1.0g/cm3×3400cm3＝3400g＝3.4kg。
答：（1）物体A浸没时受到的浮力为10N；
（2）正方体A的密度为0.7×103 kg/m3；
（3）从开始放水到关闭阀门B，放出水的质量为3.4kg。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理、重力公式、密度公式的综合应用，正确的得出放水前后容器内水的深度是关键。
日期：2020/5/27 12:08:22；用户：htxywl；邮箱：542392839@qq.com；学号：12870256
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