【生物】江西省宜春市上高二中2019届高三上学期第四次月考理科综合（解析版） 试卷

江西省宜春市上高二中2019届高三上学期第四次月考
理科综合
1.轮状病毒是一种双链RNA病毒，主要感染小肠上皮细胞，可使机体出现呕吐、腹泻等症状，严重时导致脱水。以下相关叙述正确的是( )
A. 利用吡罗红染液染色，可以鉴别小肠上皮细胞是否被轮状病毒感染
B. 利用青霉素可抑制轮状病毒细胞壁的形成从而阻止其感染小肠上皮细胞
C. 病毒RNA在小肠上皮细胞内复制的过程中，会有氢键的断裂和形成
D. 可利用稀释涂布平板法或平板划线法对培养基中培养的轮状病毒进行计数
【答案】C
【解析】
【分析】
甲基绿和吡罗红两种染色剂对DNA和RNA的亲和力不同，甲基绿使DNA呈现绿色，吡罗红使RNA呈现红色，利用甲基绿吡罗红混合染色剂将细胞染色，可以显示DNA和RNA在细胞中的分布；病毒无细胞结构，必须寄生在活细胞中才能完成生命活动，只含有1种核酸即DNA或RNA，而细胞生物含有两种核酸。
【详解】A. 轮状病毒是RNA病毒，而小肠上皮细胞本身就含有RNA，因此用吡罗红染液染色不能鉴别小肠上皮细胞是否被轮状病毒感染，A错误；
B. 病毒无细胞结构，B错误；
C. 轮状病毒是一种双链RNA病毒，双链RNA中也有氢键，因此病毒RNA在小肠上皮细胞内复制的过程中，会有氢键的断裂和形成，C正确；
D. 病毒没有细胞结构，不能独立生活，必须寄生在活细胞内才能完成各项生命活动，故不能用普通培养基培养和计数，D错误。
2.下表是其他条件均为最适情况下探究乳糖酶催化乳糖水解的相关实验结果，以下分析正确的是（ ）
实验一（乳糖浓度为10%）
实验二（酶浓度为2%）


酶浓度
相对反应速率
乳糖浓度
相对反应速率
0
0
0
0
1%
25
5%
25
2%
50
10%
50
4%
100
20%
65
5%
200
30%
65
A. 实验一若继续增加酶浓度，相对反应速率不再增大
B. 实验二若继续增加乳糖浓度，相对反应速率会增大
C. 实验二若将反应温度提高5℃，相对反应速率将增大
D. 实验一的自变量是酶浓度，实验二的自变量是乳糖浓度
【答案】D
【解析】
解：A、实验一中，酶浓度在0～5%范围内，随着酶浓度的升高，相对反应速率逐渐增大，若继续增加酶浓度，相对反应速率可能继续增大，A错误；
B、实验二中相对反应速率已经达到最大值，若继续增加乳糖浓度，相对反应速率不再增大，B错误；
C、本实验是在最适条件下进行的，实验二若将反应温度提高5℃，则酶活性降低，相对反应速率将降低，C错误；
D、由表格可知，实验一的自变量是酶浓度，实验二的自变量是乳糖浓度，D正确．
故选：D．
3.在相同且适宜温度条件下分别测定了两个作物品种S1、S2的光饱和点(光饱和点是达到最大光合速率所需的最小光照强度)。当增加环境中CO2浓度后，测得S1的饱和点没有显著改变，S2的光饱和点显著提高。下列叙述不正确的是( )
A. S1的光饱和点不变，可能是原条件下CO2浓度未达到饱和
B. S1的光饱和点不变，可能是原条件下光反应产生的[H]和ATP不足
C. S2的光饱和点提高，可能是原条件下光反应产生的[H]和ATP未达到饱和
D. S2的光饱和点提高，可能是原条件下CO2浓度不足
【答案】A
【解析】
【分析】
光的补偿点是植物光合作用速率与呼吸作用速率相等时所需要的光照强度，光的饱和点是植物最大光合作用强度需要的最低光照强度，光饱和点时限制光合作用的主要环境因素是温度、CO2浓度等，据此分析作答。
【详解】A. 当增加环境中CO2浓度后，S1的光饱和点不变，可能是原条件下CO2浓度也已经达到饱和，A错误；
B. 光饱和点时限制光合作用的主要环境因素是温度、CO2浓度等，增加环境中CO2浓度后，测得S1的光饱和点没有显著改变，可能的原因是光反应产生的[H]和ATP不足，B正确；
C. 增大CO2浓度后，暗反应速率提高，需要消耗光反应产生的[H]和ATP，因此S2的光的饱和点升高，C正确；
D. 当增加环境中CO2浓度后，S2的光饱和点提高，可能是原条件下CO2浓度不足，还没有达到CO2饱和点，D正确。
4.研究表明，决定细胞“命运”的内因是基因的选择性表达，而外因则取决于细胞对细胞外信号的特异性组合所进行的程序性反应。图为部分信号决定细胞“命运”的示意图，图中字母分别代表不同的胞外信号，则下列有关细胞外信号的说法正确的是( )

A. 只要有胞外信号D和E，细胞就一定会进行分裂
B. 只有细胞外信号F和G能诱导细胞内的基因选择性表达
C. 对于癌细胞而言，细胞外信号A~E可能会持续起作用
D. 由于细胞凋亡无胞外信号作用，可证明细胞凋亡与基因无关
【答案】C
【解析】
【分析】
据图分析可知，细胞分裂必需具备的信号组合有A、B、C、D、E，细胞分化需要的信号组合是A、B、C、F、G，细胞存活所需要的信号有A、B、C，无信号刺激则细胞发生凋亡。
【详解】A. 细胞分裂是在胞外信号A、B、C让细胞存活的前提下，再在细胞外信号D、E 刺激下才能分裂，A错误；
B. 细胞分裂和细胞分化都需要合成特定的蛋白质即基因进行选择性表达，据图可知细胞外信号F和G、D和E分别是细胞分裂和分化所必需的信号，都能诱导细胞内的基因选择性表达，B错误；
C. 癌细胞有无限增殖的特点，结合图示信息，细胞分裂需要A、B、C、D、E五方面的信号，C正确；
D. 细胞凋亡又称编程性死亡，受细胞中遗传物质的控制，无胞外信号不能证明细胞凋亡与基因无关，D错误。
5.某植物的高秆(D)和矮秆(d)，抗病(T)和易感病(t)两对相对性状独立遗传，某基因型为DdTt的植株甲作为父本进行测交，产生了一株基因型为DDdTt的植株乙(联会时，配对的两条染色体分别移向两极，另一条随机移向任一极)。下列说法不正确的是( )
A. 植株甲测交产生植株乙的过程中发生了基因重组和染色体变异
B. 植株乙产生的原因是父本在减数第一次分裂后期染色体未分离
C. 植株乙通过减数分裂可以产生8种类型的配子
D. 植株乙自交后代矮秆抗病植侏所占比例为1/48
【答案】B
【解析】
【分析】
已知植物的高杆（D）和矮杆（d），抗病（T）和易感病（t）两对性状独立遗传，遵循基因的自由组合定律。基因型为DdTt的植株甲作为父本进行测交即与ddtt杂交，正常情况下后代性状分离比是DdTt：Ddtt：ddTt：ddtt=1：1：1：1；若产生了为DDdTt的植株乙，原因应该是植株甲DdTt产生配子时DD未分离，即减数第二次分裂后期染色体未分离导致。植株乙DDdTt减数分裂过程中，联会时配对的两条染色体分别移向两极，另一条随机移向任一极，产生的配子为DDT：DdT：DT：dT：DDt：Ddt：Dt：dt=1：2：2：1：1：2：2：1，据此分析。
【详解】A. 植株甲测交产生乙DDdTt是有性生殖过程，发生了基因重组和染色体变异，A正确；
B. 乙产生的原因是父本在减数第二次分裂后期染色体未分离，产生了DDT的配子，B错误；
C. 根据分析，乙植株通过减数分裂可以产生8种类型的配子，C正确；
D. 乙植株DDdTt自交，单独考虑一对基因，自交后代中dd占1/6×1/6，T＿占3/4，故后代矮杆抗病植株ddT＿所占的比例为1/6×1/6×3/4=1/48，D正确。
6.某自花传粉的植物的花瓣中红色是经过多步化学反应生成的，其中所有的中间产物都是白色，三个开白花的纯种品系(白1、白2和白3)相互杂交后，所得后代中花色的比例如下表：
杂交组
杂交
F1
F2
一
白1 × 白2
全部红色
9红︰7白
二
白2 × 白3
全部红色
9红︰7白
三
白1 × 白3
全部红色
9红︰7白
下列描述不正确的是( )
A. 表中数据说明，该植物花的颜色至少由三对等位基因所决定
B. 杂交组一、二和三的F1植株均产生四种配子
C. 由杂交组一得到的F1代和纯白3植株杂交，所得后代都是红色
D. 如果将杂交组一和杂交组三中所得到的F1进行杂交，3/4的后代将开白花
【答案】D
【解析】
【分析】
根据表格所示，F1全为红色，且F2中红：白=9:7，说明F1个体中都含有两对杂合基因，而白1、白2和白3是三个开白花的纯种品系，可知该植物花的颜色至少由三对等位基因所决定，因此杂交组一、二和三的F1中有两对基因杂合，其他基因为纯合。据此可设白1、白2和白3分别为AAbbCC、aaBBCC、AABBcc（也可设为其他组合，但两两杂交F1须为双杂合子，其他基因纯合），则A＿B＿C＿为红色，据此分析。
【详解】A. 该植物花的颜色至少由三对等位基因所决定，A正确；
B. F1中含两对基因杂合，杂交组一、二和三的F1植株均产生四种配子，B正确；
C. 根据假设，白1、白2和白3分别为AAbbCC、aaBBCC、AABBcc，由杂交组一得到的F1为AaBbCC，和纯白3植株AABBcc杂交，子代为A＿B＿C＿，所得后代都是红色，C正确；
D. 根据假设，杂交组一和杂交组三中所得到的F1分别为AaBbCC、AaBBCc，杂交子代有3/4A＿B＿C＿，故3/4的后代将开红花，D错误。
7.植物细胞受损后通常会释放出酚氧化酶，使无色的酚氧化成褐色的物质，多酚氧化酶是引起果蔬酶促褐色的主要酶类，是引起果汁褐变的最主要因素。人们利用酚氧化酶的功能和特性加工制作商品。阅读材料，回答问题：
(1)酚氧化酶与酚类底物分别储存在细胞的不同结构中。能实现分类存放，是因为细胞内具有_____________系统，组成该系统的结构具有的功能特性是________________。茶叶细胞中也存在众多种类的酚类物质与酚氧化酶。茶叶制作工艺中有手工或机械揉搓、热锅高温炒制、晒干、炒干等方法。其中，绿茶制取过程中必须进行___________________工艺过程(提示：绿茶颜色为绿色)，这一过程的目的是__________________________________________。
(2)把含有酚氧化酶的提取液作如表的处理，完成下列问题：

推测实验后，试管C中的颜色是______________。试管A、C对照，你能得出什么结论？___________________________。试管A、B对照，说明酚氧化酶的化学本质是_________。
【答案】 (1). 生物膜 (2). 选择透过性 (3). 热锅高温炒制 (4). 高温使酶失活 (5). 无色 (6). 强酸使酶失去活性 (7). 蛋白质
【解析】
【分析】
根据题意，酚氧化酶能使无色的酚氧化成褐色，故茶叶的颜色与酚类物质的氧化有关，若酚氧化酶将酚氧化则茶叶会变成褐色，而绿茶颜色为绿色，说明制茶过程中细胞内酚类物质没有被酚氧化酶氧化。据此结合题中表格可知，A试管中实验后变为褐色，说明酚类物质被氧化；B试管中无色，说明加入蛋白酶后酚氧化酶失去催化能力，推测酚氧化酶被蛋白酶分解，即该酶是蛋白质，据此作答。
【详解】(1)酚氧化酶与酚类底物分别储存在细胞的不同结构中，能实现分类存放是因为细胞内具有生物膜系统，生物膜系统的功能特性是选择透过性。绿茶颜色为绿色，说明其细胞内酚类物质没有被氧化，因此绿茶制取过程中必须进行热锅高温炒制，这一过程的目的是通过热锅高温炒制使酶失活。
(2)B试管加入蛋白酶，现象无色，说明酚氧化酶被蛋白酶分解，说明酚氧化酶的化学本质是蛋白质；C加入三氯乙酸，强酸会使酚氧化酶变性失活，故推测实验后试管C中的颜色是无色。
【点睛】本题考察酶的作用及应用，要求学生具备相关的实验分析能力，具有对一些生物学问题进行初步探究的能力，并能对实验现象和结果进行解释、分析和处理。
8.生物制氢有良好的发展前景，[H]在产氢酶的作用下可以产生H2，产氢酶对O2敏感。下面是利用生物制H2的两种方法。
(1)真核生物绿藻在光照条件下可以产生H2。绿藻在光照条件下产生[H]的场所是__________。绿藻产H2是生物代谢的一种调控结果，当细胞代谢活动平衡时，绿藻细胞内参与反应的C3的含量_____(填“小于”、“大于”或“等于”)C5的含量，其原因是___________________。产H2会导致绿藻生长不良，请从光合作用物质转化的角度分析其原因：______________________________________________________________。
(2)一些厌氧微生物在黑暗环境下，能将多种有机物发酵成各种有机酸，同时产生大量的H2。与上述绿藻制氢方法相比，这种方法制H2的优点是_________________________________。
在厌氧微生物产H2过程中无氧呼吸也会影响产氢酶的活性，其原因是__________________。
【答案】 (1). 细胞质基质、线粒体、叶绿体 (2). 大于 (3). 绿藻进行光合作用的暗反应时，一个CO2与一个C5结合，可形成2个C3 (4). 绿藻光反应产生的[H]转变成H2，使参与暗反应的[H]减少，有机物生成量减少 (5). 不受光照条件限制、避免了氧气的干扰、产气量大 (6). 厌氧菌无氧呼吸产生有机酸，导致溶液pH降低，影响产氢酶的活性
【解析】
【分析】
呼吸作用和光合作用都可以产生[H]，呼吸作用中[H]为NADH，产生于细胞质基质和线粒体基质，光合作用过程中[H]为NADPH，在叶绿体类囊体膜上产生，据此分析。
【详解】(1)绿藻在光照条件下既进行光合作用又进行呼吸作用，两过程都产生[H]，因此绿藻在光照条件下产生[H]的场所有细胞质基质、线粒体、叶绿体。根据暗反应过程中CO2的固定可知，当细胞代谢活动平衡时，一个C5与CO2结合生成两个C3，因此绿藻细胞内参与反应的C3的含量大于C5的含量；绿藻光反应产生的[H]转变成H2，使参与暗反应[H]的减少，有机物生产量减少，因此H2会导致绿藻生长不良。
(2)一些厌氧微生物在黑暗环境下，能将多种有机物发酵成各种有机酸，同时产生大量的H2。与上述绿藻制氢方法相比，这种方法制H2的优点是不受光照条件限制、避免了氧气的干扰、产气量大。厌氧菌无氧呼吸产生有机酸，导致溶液pH降低，影响产氢酶的活性，因此在厌氧微生物产H2过程中无氧呼吸也会影响产氢酶的活性。
【点睛】本题考查了光合作用和呼吸作用的相关内容，要求学生能够识记光合作用和呼吸作用各阶段的物质变化以及发生的场所，能够结合题干信息准确分析。
9.在自然界中，洪水、灌溉不均匀等极易使植株根系供氧不足，造成“低氧胁迫”。不同植物品种对低氧胁迫的耐受能力不同。研究人员采用无土栽培的方法，研究了低氧胁迫对两个黄瓜品种（A、B）根系细胞呼吸的影响，测得第6天时根系中丙酮酸和乙醇含量，结果如表所示．请回答：

(1)黄瓜细胞产生丙酮酸的场所是__________，丙酮酸转变为乙醇的过程______(能/不能)生成ATP。
(2)由表中信息可知，正常通气情况下，黄瓜根系细胞的呼吸方式为_____________________，低氧胁迫下，黄瓜______________受阻。
(3)实验结果表明，低氧胁迫条件下催化丙酮酸转变为乙醇的酶活性更高的最可能是品种___。
(4)长期处于低氧胁迫条件下，植物吸收无机盐的能力下降，根系可能变黑、腐烂的原因分别是____________________________和__________________________________。
【答案】 (1). 细胞质基质 (2). 不能 (3). 有氧呼吸与无氧呼吸 (4). 有氧呼吸 (5). A (6). 无氧呼吸产生的能量少影响主动运输过程 (7). 无氧呼吸产生的酒精对根细胞产生毒害作用
【解析】
【分析】
实验目的是研究低氧胁迫对两个黄瓜品种（A、B）根系细胞呼吸的影响，该实验的自变量是黄瓜品种和通气情况，因变量是丙酮酸和乙醇含量。根据表格显示，正常通气条件下，品质A和品种B的丙酮酸和乙醇含量相当，经低氧处理后，品种A的丙酮酸含量比品种B低，而品种A中乙醇含量高于品种B。无氧呼吸中丙酮酸在第二阶段转化为乙醇，据此分析。
【详解】（1）黄瓜细胞产生丙酮酸的过程属于细胞的第一阶段，其场所是细胞质基质；丙酮酸转变为乙醇的过程属于无氧呼吸的第二阶段，此阶段不释放能量，所以不能生成ATP。
（2）由表中信息可知，正常通气情况下，黄瓜根系细胞也产生少量的乙醇，说明此时细胞呼吸的方式为有氧呼吸和无氧呼吸；在低氧胁迫下，黄瓜有氧呼吸受阻，无氧呼吸增强，产生的乙醇增多。
（3）实验结果表明，在低氧时，品种A产生的丙酮酸比品种B产生的丙酮酸少，而品种A产生的乙醇比品种B多，说明低氧胁迫条件下催化丙酮酸转变为乙醇的酶活性更高的最可能是品种A。
（4）长期处于低氧胁迫条件下，无氧呼吸产生的能量少，影响主动运输过程，导致植物吸收无机盐的能力下降，而无氧呼吸产生的酒精对根细胞产生毒害作用，使得根系变黑、腐烂。
【点睛】本题考查细胞呼吸的相关知识，意在考查学生的从题表提取信息和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力。
10.科研人员以某种雌雄异花但同株的植物的两个纯合品种(矮茎花瓣白色条形×矮茎花瓣白色卵形)为亲本做杂交实验，进行性状探究并分组统计如下：
第1组——茎秆高度探究。矮茎(♀)×矮茎(♂)→F1：全部高茎→F2：高茎︰矮茎＝27︰37
第2组——花瓣颜色探究。白色(♀)×白色(♂)→F1：全部粉色→F2：粉色︰白色＝9︰7
第3组——花瓣形态探究。条形(♀)×卵形(♂)→F1：全部条形→F2：条形︰卵形＝3︰1
已知上述几组相关性状均为常染色体遗传。回答下列问题：

(1)仅对第1组分析可知，亲本的基因型为___________________(依次选择字母A/a、B/b、C/c ……表示相关基因)。
(2)仅对第2组分析，F2植株中的粉色植株分别自交所得的F3植株中白色植株所占的比例为________________。
(3)仅对第3组分析可知，花瓣形态由__________对等位基因控制，若取第3组的所有F2中的条形植株在自然状态下种植并收获种子再种植下去，则得到F3的条形植株中纯合子所占的比例为________________。
(4)若研究者发现，控制花瓣形态的基因(T/t)与控制颜色的某对基因(A/a)都位于3号染色体，如图已标出F1中上述基因在染色体上可能的位置。现将花瓣的两对性状一起研究，只考虑如图所示情况，若F1在减数分裂过程中3号染色体不发生交叉互换，则F2中花瓣性状的表现型及比例应该为____________________________________________________。
【答案】 (1). AABBcc和aabbCC (2). 11/64 (3). 1 (4). 1/2 (5). 粉色条形︰白色条形︰粉色卵形︰白色卵形＝6︰6︰3︰1
【解析】
【分析】
分析实验：第1组：矮茎(♀)×矮茎(♂)→F1：全部高茎，说明矮茎对高茎为显性性状，F2：高茎：矮茎=27︰37，说明该性状受3对等位基因控制，子一代F1为杂合子。第2组：白色（♀）×白色（♂）→F1：全部粉色→F2：粉色：白色=9：7，9：7是9：3：3：1的变形，说明该性状受两对等位基因控制，遵循基因的自由组合定律，子一代是双杂合子AaBb，且A_B_为粉色花，其余基因型为白色花，则纯合亲本基因型为AAbb、aaBB。第3组：条形（♀）×卵形（♂）→F1：全部条形，说明条形为显性性状，F2：条形：卵形=3：1，说明该性状受一对等位基因控制，子一代为杂合子。
【详解】（1）已知亲本为纯合品种矮茎花瓣白色条形×矮茎花瓣白色卵形，根据杂交可知，矮茎对高茎为显性性状，F2中高茎：矮茎=27︰37，说明该性状受3对等位基因控制且F1中3对基因组成均为杂合子AaBbCc，则推测F2中高茎为A＿B＿C＿，矮茎有A＿B＿cc、A＿bbC＿、A＿bbcc、aaB＿C＿、aaB＿cc、aabbC＿、aabbcc，由于亲本为纯合子，符合题意的只有AABBcc和aabbCC。
（2）根据第2组杂交结果分析可知，F1粉色是双杂合子AaBb，且A_B_为粉色花，其余基因型为白色花，纯合亲本基因型为AAbb、aaBB，F2粉色植株A_B_中有1/9AABB、2/9AABb、2/9AaBB、4/9AaBb，分别自交所得的F3植株中白色植株所占的比例为2/9×1/4+2/9×1/4+4/9×7/16=11/36。
（3）仅对第3组分析可知，第3组中F1全部条形，说明条形为显性性状，F2中条形：卵形=3：1，说明子一代为杂合子花瓣形态由1对等位基因控制，F1为Cc，F2中条形为1/3CC、2/3Cc，若取第3组的所有F2中的条形植株在自然状态下种植并收获种子再种植下去，子代有4/9CC、4/9Cc、1/9cc，则得到F3的条形植株中纯合子所占的比例为1/2。
（4）若研究者发现，控制花瓣形态的基因(T/t)与控制颜色的某对基因(A/a)都位于3号染色体，如图已标出F1中上述基因在染色体上可能的位置。条形为显性性状，若只考虑花瓣颜色和花瓣形态，F1为AaBbTt，若F1在减数分裂过程中3号染色体不发生交叉互换，则F1产生的配子及其比例为ABt：Abt：aBT：abT=1:1:1:1，子代有6/16A_B_T_（粉条）、3/16A_B_tt（粉卵）、2/16A_bbT_（白条）、1/16A_bbtt（白卵）、3/16aaB_TT（白条）、1/16aabbTT（白条），因此表现型比例为粉色条形：白色条形：粉色卵形：白色卵形=6：6：3：1。
【点睛】解答本题的关键是对三组实验后代的性状分离比进行分析，根据子一代判断显隐性关系，根据子二代的性状分离比判断每一对性状受几对等位基因控制及其相关基因型，要求学生能够熟练运用自由组合定律和分离定律分析问题。
11.多环芳烃菲在染料、杀虫剂等生产过程中被广泛使用，是土壤、河水中常见的污染物之一。下图表示科研人员从被石油污染的土壤中分离获得能降解多环芳烃菲的菌株Q的主要步骤。请回答：

（1）步骤①→③的培养过程中，培养液中加人多环芳烃菲作为唯一碳源，目的是__________。
（2）步骤①→③的培养过程中，需将锥形瓶放在摇床上振荡，一方面使菌株与培养液充分接触，提高营养物质的利用率；另一方面能___________________。
（3）采用固体平板培养细菌时要倒置培养的目的是_____________。
（4）接种环通过灼烧来灭菌，完成步骤④中划线操作，共需灼烧接种环__________次；平板划线法不能用于微生物的活菌计数，其原因是_________________。
（5）为了获得分解多环芳烃菲能力更强的菌株，研究人员又对菌种Q进行了诱变处理，得到突变株K。为了比较两种菌株降解多环芳烃菲的能力，设计了下列实验，请补全实验步骤：
①取9只锥形瓶均分成三组，编号A、B、C。
②向9支锥形瓶中分别加入_________的培养液。
③向A、B、C三组培养液中分别加入__________________。
④28℃恒温培养3天后，测定锥形瓶中________________。
【答案】 (1). 筛选出菌株Q (2). 增加培养液中的溶氧量 (3). 防止冷凝后形成的水珠滴落在培养基上污染培养基 (4). 6 (5). 平板上形成的菌落只有少数是单个菌体形成的单菌落 (6). 等量的以多环芳烃菲为唯一碳源 (7). 等量的无菌水、菌株Q菌液和突变株K菌液 (8). 多环芳烃菲的降解率(多环芳烃菲的剩余量)
【解析】
【分析】
据图分析：图示表示科研人员从被石油污染的土壤中分离获得能降解多环芳烃菲菌株Q的主要步骤，其中步骤①→③的培养过程中，培养液中加入多环芳烃菲作为唯一碳源，目的是筛选出菌株；该过程还需将锥形瓶放在摇床上振荡，目的有两个，一方面使菌株与培养液充分接触，提高营养物质的利用率；另一方面能增加培养液中的溶氧量；步骤④表示用平板划线法纯化菌株的过程，接种环在每次接种前和接种结束后都要通过灼烧来灭菌。
【详解】（1）因为菌株Q能降解多环芳烃菲，所以步骤①→③的培养过程中，培养液中加入多环芳烃菲作为唯一碳源，目的是筛选出菌株。
（2）步骤①→③的培养过程中，需将锥形瓶放在摇床上振荡，一方面使菌株与培养液充分接触，提高营养物质的利用率；另一方面能增加培养液中的溶氧量。
（3）采用固体平板培养细菌时要倒置培养的目的是为了防止培养皿盖上的水珠滴入培养基造成污染。
（4）接种环在每次接种前和接种结束后都要通过灼烧来灭菌，所以完成步骤④中5次划线操作前都要灼烧灭菌，接种结束后还需灼烧灭菌1次，防止造成污染，由此可见，完成步骤④共需灼烧接种环6次；稀释涂布平板法最终在培养基上可获得由一个单细胞繁殖而成的单菌落，根据稀释倍数计算分析可对微生物进行计数，而平板划线法接种时菌液经过连续划线，由于线条末端细菌的数目比线条起始处要少，菌液中的菌体越来越少，最后平板上形成的菌落只有少数是单个菌体形成的单菌落，不能用于微生物的活菌计数。
（5）实验目的是比较两种菌株降解多环芳烃菲的能力，自变量是菌种不同，即菌株Q和突变株K，实验设计需要遵循对照原则，对照组需加入等量无菌水，所以实验设计如下：
①取9只锥形瓶均分成三组，编号A、B、C；
②向9支锥形瓶中分别加入等量以多环芳烃菲为唯一碳源的培养液；
③向A、B、C三组培养液中分别加入等量的无菌水、菌株Q菌液和突变株K菌液；
④28℃恒温培养3天后，测定锥形瓶中多环芳烃菲的降解率(多环芳烃菲的剩余量)。
【点睛】本题结合流程图，考查微生物的实验室培养和分离、探究实验，意在考查学生的识图能力和识记能力，要求学生具有对生物学问题进行初步探究的能力，并能对实验现象和结果进行解释、分析和处理。