2026年北京市东城区中考二模考试物理试题（含答案+解析）

这是一份2026年北京市东城区中考二模考试物理试题（含答案+解析），共22页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.下列能源中，属于可再生能源的是( )
A. 风能B. 煤C. 核能D. 天然气
2.如图所示的光现象中由于光的反射形成的是( )
A. 桥在水中形成的倒影
B. 日晷上呈现针的影子
C. 透过放大镜看到放大的字
D. 人透过水球所成的像
3.如图所示是北极熊途经薄冰区域时，由四足行走改为身体俯卧、腹部紧贴冰面爬行的情境。北极熊这种行为变化主要是为了( )
A. 减小北极熊的惯性B. 减小冰面所受到的压力
C. 增大冰面对北极熊的支持力D. 减小北极熊对冰面的压强
4.关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是( )
A. 电能表是测量消耗电能的仪表
B. 家庭电路中的电冰箱和空调是串联的
C. 用电器电线的绝缘皮破损了仍能继续使用
D. 导致家庭电路中电流过大的原因一定是短路
5.小东发现刚从冰箱冷冻室取出的雪糕包装纸上有一些白色的霜，去掉包装纸后雪糕周围冒“白气”。关于上述现象，下列说法正确的是( )
A. 霜是凝固形成的B. 霜形成过程需要吸收热量
C. “白气”是水蒸气D. “白气”是液化形成的
6.如图所示是一款眼部电动按摩仪，具有按摩和热敷两种功能。使用过程中，只闭合开关S1，只有电动机工作，进行按摩；只闭合开关S2，电动机与加热电阻R均不工作；闭合开关S1、S2，电动机与加热电阻R同时工作，进行按摩与热敷。下列电路图符合工作要求的是( )
A. B.
C. D.
7.将体积相同的甲、乙实心球放入装有水的容器中待其静止。甲、乙所受的重力大小G物及其排开水所受的重力大小G排见下表。下列图中符合两球在水中的情境的是( )
A. B. C. D.
8.如图甲所示为某品牌体重秤。其工作电路示意图如图乙所示，其中电源两端的电压保持不变，R0为定值电阻，秤盘下方的电阻R为压力敏感电阻，其阻值随所受压力的增大而减小。闭合开关S，当站在秤盘上的人体重越大时，下列说法正确的是( )
A. 电流表示数越小B. 电压表示数越小
C. 电阻R0的电功率越大D. 电压表与电流表示数的比值越大
9.蹦极运动过程的简化模型如图所示，弹性绳一端固定在O点，另一端与运动员相连。运动员从O点由静止开始竖直下落，依次经过A、B两点到达最低点C，A点为弹性绳刚好自然伸直的位置，B点为弹性绳对运动员的拉力与运动员所受重力大小相等的位置。不计空气阻力，运动员始终沿竖直方向运动。下列说法正确的是( )
A. 从O点至A点的过程中，运动员的运动状态保持不变
B. 从A点至B点的过程中，弹性绳的弹性势能转化为运动员的重力势能
C. 从B点至C点的过程中，运动员所受合力方向竖直向上
D. 运动员在C点时速度为零，所受合力也为零
10.如图所示是小明制作的一个可转动的金属铝框，一节电池竖直放置，金属铝框上部与电池正极接触良好，电池负极吸附有强磁体，金属铝框下端通过磁体与电池负极连通。轻轻拨动铝框，它可绕电池轴线持续转动。下列说法正确的是( )
A. 金属铝框周围不存在磁场
B. 该装置的工作原理与发电机工作原理相同
C. 金属铝框持续转动时，其动能是由电能转化来的
D. 仅将电池的正、负极对调，金属铝框的转动方向不会发生改变
11.如图所示的装置中，两个完全相同的保温杯内装有质量、初温均相等的甲、乙液体，比热容分别为c甲、c乙，A、B为规格相同的温度计，R1、R2为阻值不变的电热丝。闭合开关S，通电一段时间，温度计A、B的示数分别为t1、t2。不考虑热损失且液体未达到沸点。下列说法正确的是( )
A. 若t1大于t2，则电流通过R1产生的热量大于电流通过R2产生的热量
B. 若c甲等于c乙，t1大于t2，则电热丝R1的阻值小于R2的阻值
C. 若电热丝R1的阻值大于电热丝R2的阻值，t1小于t2，则c甲大于c乙
D. 若c甲大于c乙，电热丝R1的阻值大于R2的阻值，则t1小于t2
12.一个足够高的柱形容器放在水平放置的电子秤上，容器正中央放有实心正方体M，如图甲所示。向容器中缓慢注水，注水过程中电子秤的示数m与容器内水的深度h的关系如图乙所示。ρ水=1.0×103kg/m3，g取10 N/kg。下列说法正确的是( )
A. 容器的底面积为50cm2
B. M最终处于沉底状态
C. 容器的质量为0.8 kg
D. 当水的深度ℎ=5cm时，M对容器底的压力为3 N
二、多选题：本大题共3小题，共12分。
13.在一个厚壁玻璃筒中放一块蓬松的脱脂棉，快速下压玻璃筒上端的活塞，可以看到脱脂棉燃烧起来，如图所示。在下压活塞的过程中，下列说法正确的是( )
A. 玻璃筒内空气被压缩，分子间只存在斥力
B. 玻璃筒内空气内能的改变是通过做功的方式实现的
C. 玻璃筒内空气的温度升高，内能增加
D. 能量转化情况与四冲程汽油机的做功冲程相同
14.小东用细杆自制了一个杆秤用来测量物体的质量。他先将空秤盘悬挂好，把质量为m的秤砣挂在提纽右侧适当位置，杆秤恰能在水平位置平衡，此时秤砣的位置即为杆秤的零刻度线的位置，零刻度线到提纽的距离为l0，秤盘悬挂点到提纽的距离为l1，如图甲所示。然后向秤盘中放入某物体，再次移动秤砣，使杆秤仍在水平位置平衡，此时秤砣悬挂点到提纽的距离为l2，如图乙所示。不考虑杆、挂钩和绳的重力，下列说法正确的是( )
A. 空秤盘的质量为ml0l1
B. 该物体的质量为ml2−l0l1
C. 若仅换一个质量更小的秤砣，则杆秤的测量范围会变大
D. 若仅将提纽向左移动一段距离，则杆秤的测量范围会变大
15.小东用电磁铁、定值电阻R0、热敏电阻R1等器材设计并制作了一个根据室内温度控制空调通断的模拟电路，如图所示。控制电路电源两端的电压为3 V，R0的阻值为40Ω，热敏电阻R1的阻值随温度升高而减小，某些温度下其对应的阻值如下表所示，当通过电磁铁的电流I≥I0时，衔铁就会被吸下。当室温升至30 ∘C时，衔铁被吸下，接通R0和空调电路，空调开始制冷；当室温降低至a ∘Cat2 ，则 Δt甲>Δt乙 ，根据 Q吸=cmΔt ，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量，即R1产生的热量更多；根据 Q=I2Rt ，R1、R2的电流、通电时间都相等时， R1>R2 ，故B错误；
C.根据 I2Rt=cmΔt
得 c甲c乙=R1⋅Δt乙R2⋅Δt甲
已知 R1>R2 ，即 R1R2>1
t1R2 、 c甲>c乙 ，即 R1R2>1 ， c乙c甲10cm 之后的倾斜程度相同，这进一步证实了从 ℎ=8cm 开始，M已经处于漂浮状态，水面上升时，M也随之上升。增加水的横截面积为容器底面积
Δm2=2.0kg−1.7kg=0.3kg ， Δℎ2=2cm ，得
S容=Δm2ρ水Δℎ2=0.3kg1×10−3kg/cm3×2cm=150cm2
A.容器底面积计算得 150cm2 ，故A错误；
B.由 S容−SM=50cm2 得 SM=150cm2−50cm2=100cm2
M为正方体，故边长 a=10cm 。当 ℎ=8cm 时浮力达到最大
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×(100×10−4m2×0.08m)=8N
此时 F浮=GM ，M是漂浮，最终不是沉底状态，故B错误；
C.M的质量 mM=GMg=8N10N/kg=0.8kg
容器质量 m容=1.3kg−0.8kg=0.5kg ，故C错误；
D.当 ℎ=5cm 时，M未漂浮，仍在容器底，浮力
F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×10N/kg×(100×10−4m2×0.05m)=5N
M对容器底的压力 F=GM−F浮 ′=8N−5N=3N ，故D正确。
13.【答案】BC
【解析】A.根据分子动理论，分子间引力和斥力是同时存在的，并非只存在斥力，故A错误；
B.下压活塞时，活塞对筒内的空气做功，是通过做功的方式改变空气内能，故B正确；
C.活塞对空气做功，机械能转化为空气的内能，筒内空气内能增加，温度升高，故C正确；
D.该过程是机械能转化为内能，四冲程汽油机做功冲程的能量转化是内能转化为机械能，二者能量转化情况不同，故D错误。
14.【答案】ABD
【解析】A.对甲图(空秤平衡)，设空秤盘质量为 m盘 ，根据杠杆平衡条件 m盘gl1=mgl0 ，得 m盘=ml0l1 ，故A正确；
B.对乙图(放物体后平衡)，设待测物体质量为 M ，根据杠杆平衡条件 (M+m盘)gl1=mgl2
将 m盘l1=ml0 代入得 Ml1+ml0=ml2
整理得 M=ml2−l0l1 ，故B正确；
C.设杆秤末端(秤砣可达到的最远位置)到提纽的距离为 Lmax ，推导得最大测量质量为
Mmax=mLmaxl1−m盘
若换质量更小的秤砣( m 减小)，则 Mmax 减小，杆秤测量范围变小，故C错误；
D.提纽向左移动后，秤盘悬挂点到提纽的距离 l1 减小，提纽到杆末端的最大距离 Lmax 增大，代入公式 Mmax=mLmaxl1−m盘
得 Mmax 增大，因此杆秤测量范围变大，故D正确。
15.【答案】ABD
【解析】A.根据安培定则，电源长端为正极，电流从电磁铁下端流入、上端流出，右手握住螺线管后大拇指指向下端，因此电磁铁下端为N极，上端为S极，故A正确；
B.由题意可知，当室温升至30∘C时，衔铁被吸下前，控制电路只有 R1 接入。由表可知，室温为30∘C时， R1=20Ω ，通过电磁铁的电流等于通过R1的电流，即 I0=I1=UR1=3V20Ω=0.15A ，故B正确；
C.衔铁吸下后， R0 与 R1 并联，当电流再次降为 I0=0.15A 时，总电流 I0=UR1+UR0 ，代入 U=3V 、 R0=40Ω 、 I0=0.15A ，解得 R1=40Ω ，对应表格温度为 24 ∘C ，即 a=24 ，故C错误；
D. I0 不变，由 I0=UR1+UR0 整理得： 1R1=I0U−1R0 ，若 R0 增大，则 1R0 减小，因此 1R1 增大， R1 减小； R1 随温度升高而减小， R1 减小对应温度更高，因此 a 变大，故D正确。
16.【答案】闭合电路中产生的电流大小与两个连接点的温度差有什么关系
【解析】本实验中，其他条件保持不变，只改变两个连接点的温度差，观测到电路中的电流大小随之发生改变，自变量为两连接点的温度差，因变量为电路中的电流，因此提出上述可探究的科学问题。
17.【答案】m=100g+20g+2g=122g
V=60mL=60cm3
ρ=m′V=48g60cm3=0.8g/cm3

【解析】(1)[1]如图甲所示，天平标尺的分度值为0.2g，游码右端在2g处，则烧杯和液体的总质量
m=100g+20g+2g=122g
(2)[2]如图乙所示，量筒分度值为2mL，液柱上表面在60mL处，则量筒中液体的体积
V=60mL=60cm3
(4)[3]由实验步骤(1)(3)可知倒入量筒中的液体质量为
m′=122g−74g=48g
则液体的密度
ρ=m′V=48g60cm3=0.8g/cm3
18.【答案】U形管两侧液面的高度差
丙

【解析】(1)该实验利用转换法，液体内部压强的大小通过微小压强计U形管两侧液面的高度差来反映，液面高度差越大，说明探头处的液体压强越大。
(2)探究“液体内部压强和液体密度是否有关”时，要控制深度相同，改变液体密度。甲图是水，接下来应选择密度不同的液体，且要保证探头在液体中的深度与甲图相同，丙图中液体是盐水，探头深度与甲图一致，符合实验要求；乙图中探头深度与甲图不同，不符合控制变量法，所以应按照丙图继续实验。
19.【答案】完全重合
电子蜡烛A的高度

【解析】(1)实验中需要让未点亮的蜡烛B与蜡烛A的像完全重合，此时蜡烛B的高度就等于A的像的高度。
本实验探究目的是像的高度与物体高度的关系，自变量是物体(蜡烛A)的高度，为了得到普遍规律，需要多次改变蜡烛A的高度重复实验。
(2)需要记录蜡烛A到玻璃板的距离，蜡烛A的高度，蜡烛B的高度、蜡烛A的像的高度，按要求设计表格即可。
20.【答案】0.4
当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比

【解析】1)由图乙可知，电流表选用小量程，其分度值为0.02A，根据电流表指针位置，可读出其示数为0.4A。
(2)由表中数据可知，电压与电流的比值为一定值，导体两端电压增大为原来的几倍，通过导体的电流也增大为原来的几倍，由此可以得出实验结论：当导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
21.【答案】没有控制物体排开液体的体积相同
将步骤③④中乙物体浸入水中的体积调整为与甲物体相同

【解析】1)在探究“浮力大小与物体密度是否有关”的实验中，根据控制变量法，需要控制排开液体的体积和液体密度相同，只改变物体密度。观察图中操作，在步骤③④中，没有控制乙物体排开液体的体积与甲物体排开液体的体积相同，这是探究过程中存在的问题。
(2)针对上述问题，为了保证实验中只有物体密度这一个变量，需要控制排开液体体积相同。所以改正措施为：将步骤③④中乙物体浸入水中的体积调整为与甲物体相同(或使乙物体排开水的体积等于甲物体排开水的体积)。
22.【答案】两个电阻之和
改变电阻箱接入电路的阻值

【解析】(1)本题探究“两个电阻串联时总电阻与两个电阻之和的关系”，在这个探究中，我们要研究的是总电阻和两个电阻之和的关系，所以自变量是两个电阻之和。
实验器材中有电阻箱，我们可以通过改变电阻箱接入电路的阻值来改变两个电阻之和，这就是利用上述器材改变自变量的方法。
(2)要探究该关系，需要将定值电阻与电阻箱串联，电流表串联在电路中测量电流，电压表并联在定值电阻和电阻箱两端测量总电压，根据欧姆定律 R=UI 来计算总电阻，从而探究总电阻与两个电阻之和的关系，据此作图。
23.【答案】用筷子把苹果压入水中并使苹果刚好完全浸没
F浮=F2−F1
以烧杯和水整体为研究对象
在图甲中，整体受到重力 G杯+水 和压力秤的支持力 F支1 ，此时压力秤示数 F1 等于支持力 F支1 ，即 F1=G杯+水 ；在图乙中，整体受到重力 G杯+水 、苹果对水的压力(根据力的作用是相互的，等于苹果所受浮力)和压力秤的支持力 F支2 ，此时压力秤示数 F2 等于支持力 F支2 ，即 F2=G杯+水+F浮 。用图乙中整体受力情况的式子减去图甲中整体受力情况的式子，可得 F2−F1=F浮 ，所以苹果所受浮力 F浮=F2−F1

【解析】因为要测苹果的体积，可用筷子把苹果压入水中并使苹果刚好完全浸没，这样求出浮力之后，可根据 V物=V排=F浮ρ水g 计算出苹果的体积。 (2)略
24.【答案】(1)密度计质量 m=5g=5×10−3kg
密度计的重力G=mg=5×10−3kg×10N/kg=0.05N
密度计在水中静止漂浮，根据物体漂浮条件，浮力等于自身重力，因此密度计在水中所受浮力F浮=G=0.05 N
(2)设密度计横截面积为 S ，密度计总长度L=10cm 。由图可知，密度计在水中露出液面长度l水=4 cm ，因此浸入水中的深度ℎ水=L−l水=10 cm−4 cm=6 cm
密度计在酱油中露出液面长度l酱=5 cm ，因此浸入酱油的深度ℎ酱=L−l酱=10 cm−5 cm=5 cm
密度计在酱油中仍漂浮，浮力等于重力，因此 F浮水=F浮酱=G 。根据阿基米德原理 F浮=ρ液gV排 ，且均匀管排开液体体积 V排=Sℎ浸 ，代入得： ρ水gSℎ水=ρ酱gSℎ酱 ，则酱油密度ρ酱=ρ水ℎ水ℎ酱=1.0×103 kg/m3×6 cm5 cm=1.2×103 kg/m3

【解析】详细解答过程见答案
25.【答案】将饮水鸟放在通风干燥处
不同意，该过程不违反能量守恒定律，电能由水分蒸发的内能逐步转化而来，并非凭空创造能量

【解析】(1)饮水鸟“饮水”循环的动力来自绒布水分蒸发吸热：水分蒸发越快，头部温度降低越快，压强差形成越快，相同时间内“饮水”次数越多。根据影响蒸发快慢的规律，加快空气流速、提高环境温度、降低空气湿度都可以加快蒸发，因此可采取将饮水鸟放在通风干燥处、提高环境温度等方法实现目标。(合理即可)
(2)能量守恒定律指出：能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，总能量保持不变。该发电机的工作过程中，水分蒸发从外界吸收内能，内能转化为饮水鸟摆动的机械能，机械能再通过摩擦发电转化为电能，整个过程只有能量的转化转移，总能量守恒，并没有凭空创造能量，因此不违反能量守恒定律。
26.【答案】Q=W=P高t=1100W×300s=3.3×105J
R2=4R1=4×44Ω=176Ω

【解析】(1)电热饮水机是纯电阻用电器，工作放出的热量等于消耗的电能。，由题可知，高温挡额定功率 P高=1100W ，工作时间 t=5min=300s ，所以，饮水机在高温挡工作5min放出的热量 Q=W=P高t=1100W×300s=3.3×105J
(2)电源电压 U 不变，由电功率公式 P=U2R 可知，功率越大，总电阻越小，因此高温挡总电阻小于低温挡总电阻。由题可知， R2=4R1 ，且 P高=1100W=5×220W=5P低 ，若两电阻并联，则
当 S1 闭合、 S2 断开时，只有 R2 接入电路，功率 P1=U2R2=220W ，为低温挡
当 S1 、 S2 都闭合时， R1 与 R2 并联，总功率 P2=U2R1+U2R2=4U2R2+U2R2=5U2R2=1100W
为高温挡，满足题目调节挡位的要求，电路图如下图所示：
若串联则，当 S1 闭合、 S2 断开时， R1 与 R2 串联，功率 P1=U2R1+R2=U2R1+4R1=U25R1=220W ，为低温挡
当 S1 、 S2 都闭合时，只有 R1 工作，总功率 P2=U2R1=1100W ，为高温挡，满足题目要求，电路图如下图所示：
(3)当两电阻并联时，低温挡只有 R2 接入， U=220V ， P低=220W ，由 P=U2R 变形得 R2=U2P低=(220V)2220W=220Ω
当两电阻串联时，同理可得
R1=U25P低=(220V)25×220W=44Ω
则 R2=4R1=4×44Ω=176Ω
实心球
G物/N
G排/N
甲
1
1
乙
2
1
温度/∘C
24
26
28
30
32
34
R1/Ω
40
30
26
20
18
15
电压U/V
1.5
2.0
2.5
3.0
4.0
6.0
电流I/A
0.3
0.5
0.6
0.8
1.2
××牌电热饮水机
额定电压
220 V
额定功率
高温挡
1100 W
低温挡
220 W