2026年八年级物理下学期期末模拟卷含答案（贵州专用）

这是一份2026年八年级物理下学期期末模拟卷含答案（贵州专用），共8页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图题，简答题，实验与科学探究题，综合应用题等内容，欢迎下载使用。
（考试时间：90分钟，分值：90分）
一、单项选择题（本题共6个小题，每小题3分，共18分）
1．他是英国物理学家和数学家，他在力学、光学、天文学与数学领域有许多杰出的贡献。为了纪念他，用他的名字命名力的单位，这里说的他是（ ）
A．伽利略B．杨振宁C．玻尔D．牛顿
【答案】D
【详解】略
2．如图，工人不用铁锤而使用橡胶锤铺设瓷砖主要是由于橡胶的（ ）
A．密度小B．塑性好C．弹性好D．硬度大
【答案】C
【详解】A．密度大小与锤子敲击的效果有关，但不是为了保护瓷砖不被敲碎而选择橡胶锤的主要原因，故A不符合题意；
B．塑性是指物体受力发生形变后，即使撤去外力，也不能恢复原状的性质，橡胶锤敲击后会恢复原状，表现的是弹性，而不是塑性，故B不符合题意；
C．弹性是指物体受力发生形变后，撤去外力能恢复原状的性质；瓷砖硬而脆，若用硬度大的铁锤敲击，作用时间极短，瞬间作用力很大，容易敲碎瓷砖。橡胶锤弹性好，敲击瓷砖时，锤头发生弹性形变，增大了与瓷砖的作用时间，减小了对瓷砖的瞬间冲击力，从而可以在不损坏瓷砖的情况下，使其铺设平整，故C符合题意；
D．硬度大是物体的抗刻划、抗压入的能力。铁锤的硬度大，容易敲碎瓷砖。橡胶的硬度小，不易敲碎瓷砖，故D不符合题意。
故选C。
3．如图是活塞式抽水机工作原理的示意图，它是利用人力反复提压手柄抽水的一种装置。下列实例与活塞式抽水机工作原理相同的是（ ）
A．用注射器注射B．下水道弯管C．液体压强计D．吸盘挂钩被“吸”在墙上
【答案】D
【详解】活塞式抽水机的工作原理是利用大气压抽水。
A．用注射器注射药液时，依靠人对活塞的推力将药液推入人体，没有利用大气压工作，故A不符合题意；
B．下水道弯管符合“上端开口、底部连通”的特点，是利用连通器原理工作，不是利用大气压，故B不符合题意；
C．液体压强计是利用液体压强工作，通过U形管的液面差反映被测压强大小，没有利用大气压，故C不符合题意；
D．吸盘挂钩安装时会挤出吸盘内空气，使吸盘内部气压小于外界大气压，大气压将吸盘压在墙上，是利用大气压工作，与活塞式抽水机原理相同，故D符合题意。
故选D。
4．为了在最短的时间内完成某工地的地面基础建设，上百台挖掘机同时工作，其目的是增大（ ）
A．机械效率B．功率C．功D．有用功
【答案】B
【详解】功率是表示做功快慢的物理量，公式为P=Wt，当需要完成的总功W固定时，要缩短工作时间t，就需要增大总功率P。上百台挖掘机同时工作，总功率增大，做功更快，就能在最短时间完成工作。
故选B。
5．同一直线上的两个力作用在一个物体上，其中一个力大小是6N，合力大小是10N，则另一个力的大小（ ）
A．一定等于4NB．一定小于4NC．可能等于16ND．一定大于16N
【答案】C
【详解】根据题意可知，一个物体受到同一直线上两个力的作用，合力的大小F=10N，已知其中一个力的大小是F1=6N，当两个力方向相反时，那么另一个力的大小是F2=F1+F=6N+10N=16N
当两个力方向相同时，那么另一个力的大小是F2=F−F1=10N-6N=4N
故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
6．小庄同学在一个空的药瓶瓶口扎上橡皮膜，将其竖直地浸入不同液体中，一次瓶口朝上，另一次瓶口朝下，如图所示，两容器完全相同且液面相平，这两次药瓶在液体中的位置和橡皮膜的凹陷程度均相同。下列说法正确的是（ ）
A．甲、乙两图中，药瓶受到的浮力大小相等
B．甲、乙两图中，容器对桌面的压强相等
C．甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度
D．乙容器中橡皮膜受到的压强大于甲容器中橡皮膜受到的压强
【答案】C
【详解】CD．两次药瓶在液体中的橡皮膜的凹陷程度相同，表明橡皮膜所受到的液体压强大小相等，由公式p=ρgℎ可知，甲图中橡皮膜所处的深度小于乙图中橡皮膜所处的深度，所以甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度，故C正确，D错误。
A．药瓶在两种液体中都完全浸没，排开液体的体积相同，由选项C的解析可知，甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度，根据公式F浮=ρgV排，则甲容器中药瓶受到的浮力大，故A错误；
B．容器对桌面的压力等于容器、液体和药瓶的总重力，因为两个容器和药瓶完全相同，所以容器和药瓶的重力相等，液体的重力G液=m液g=ρ液V液g
两容器液面相平，即两种液体的体积是相同的，由于甲液体的密度大于乙液体的密度，则G甲液＞G乙液，因此甲容器对桌面的总压力大于乙容器对桌面的总压力，根据压强公式p=FS可知，两容器底面积相同时，甲容器对桌面的压强大于乙容器对桌面的压强，故B错误；
故选C。
二、填空题（本题共4个小题，每空2分，共10分）
7．风力发电是助力我国实现碳中和目标的方式之一。如图所示，当风按图示方向吹向静止的风力发电机的叶片时，从正面看，叶片A会______（选填“向下”或“向上”）转动。
【答案】向下
【详解】由图可知，风叶上表面较平，下表面较弯曲，风正面垂直吹向静止叶片时，上面流速小，压强大，下面流速大，压强小，故叶片受到向下的压强差，故叶片A会向下转动。
8．细心的小明同学会发现商场里安装供顾客上楼的电梯主要有如图所示两种；它们表面都有凸出的条纹，这是为了通过改变__________来增大摩擦。
【答案】接触面的粗糙程度
【详解】电梯表面做出凸出的条纹，是为了在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，从而增大摩擦力，防止顾客滑倒。
9．嫦娥五号采集回月球土壤的质量是1.731kg，这些土壤在地球上所受到的重力是________N（g取10N/kg）。
【答案】17.31
【详解】已知这些土壤的质量m=1.731kg，在地球上g=10N/kg，根据重力计算公式G=mg可得这些土壤在地球上所受的重力G=mg=1.731kg×10N/kg=17.31N
10．小天自制密度计发现，木质均匀不吸水的圆柱形木条不能竖直漂浮在薄壁容器水中，只能像如图甲所示漂浮，图甲中O1是木条重心，O2是浮力的等效作用点，叫做浮心（其位置始终在物体所浸部分的中点处），此时木条重力和浮力________（选填“是”“不是”）平衡力。通过学习小天明白了漂浮物体的重心和浮心重合时就能在水中保持竖直，小天将一横截面面积与木条相同的质量为m0的实心圆柱形合金块粘连在木条底端（忽略粘连剂质量体积）来降低重心，恰好使木条与合金块组合体的重心与其浮心在O3重合，如图乙所示，已知木条底端合金块质量每增加3g，该组合体重心就会从O1处下移2.5cm，合金密度ρ金=3g/cm3，木条长度l=40cm、横截面积S=1cm2、密度ρ木=0.6g/cm3，则m0为________g。
【答案】 不是 8
【详解】平衡力需要满足同物体、等大、反向、共线四个条件。甲图中，重力作用在重心O1、浮力作用在浮心O2，两个力不在同一直线上，因此不是平衡力；
木条质量m木=ρ木V木=ρ木lS=0.6g/cm3×40cm×1cm2=24g
均匀木条的重心O1在木条中点，距离木条底端20cm。
组合体漂浮，总重力等于浮力，即(m木+m0)g=ρ水gV排
得V排=m木+m0ρ水
浸入深度ℎ浸=V排S＝24g+m01g/cm31cm2=(24+m0)cm
浮心是浸入部分的中点，因此浮心距离底端y浮=ℎ浸2=(12+0.5m0)cm
合金块高度ℎ0=m0ρ金S=m03cm
原木条重心O1距离组合体底端yO1=ℎ0+20cm=(m03+20)cm
由题意，每增加3g合金，重心从O1下移2.5cm，因此加m0后，重心下移Δy=2.53m0cm
组合体重心距离底端 y重=yO1−Δy=(m03+20)cm−2.5m03cm=(20−0.5m0)cm
重心与浮心重合y重=y浮可得20−0.5m0=12+0.5m0
解得m0=8g
三、作图题（本题共3个小题，每小题2分，共6分）
11．如图所示为潜水艇在水中加速上浮的过程，请在图中画出潜水艇的受力示意图。
【答案】
【详解】重力和浮力的作用点都在潜水艇的重心上，重力竖直向下，浮力竖直向上；加速上升，所以浮力大于重力，据此作图。
12．如图所示，某同学用轻质撬棒撬动地面上的石头，O是撬棒的支点。请在图中画出作用在撬棒上最小的力F及其力臂L（O1为力的作用点）。
【答案】
【详解】当阻力和阻力臂一定时，动力臂越长，动力越小。因此要找最小的力，就要使动力臂最大。以支点到力的作用点的连线为最长力臂，为了撬动石头，力的方向应垂直于OO1向下，如下图所示：
13．如图甲所示，光滑滑槽AB与光滑滑槽BC平滑连接，一弹簧放置滑槽内并左端固定，自然伸长时右端置于O点。第一次用小球P压缩弹簧至D点静止释放，小球离开弹簧后，最终运动到最高点E，小球从O点运动到E点的过程中，速度随位置x变化关系的大致图像如图乙所示。第二次用小球Q（mp＜mQ）同样压缩弹簧至D点静止释放，请在同一坐标系中画出小球Q从O点运动到最高点E'（图中O、B、E位置未画出）速度随位置变化关系的大致图像。（弹簧形变均在弹性限度内，忽略空气阻力）
【答案】
【详解】OB水平段：弹簧压缩到同一位置，弹性势能大小相等，释放后，弹性势能全部转化为小球在O点的动能，因此小球Q、P在O点的动能相等。动能相等时质量越大速度越小，已知 mQ>mP，因此小球Q在O点的速度小于P的速度；OB是光滑水平滑槽，小球运动时速度保持不变，且OB长度固定，因此Q的v-x图像在OB段是低于原P图像的水平直线，水平段结束的x位置和P的相同。
斜面上滑段：全过程机械能守恒，弹簧的弹性势能最终全部转化为小球在最高点的重力势能，因此小球Q、P在最高点的重力势能相等，而Q的质量越大，所以最高点E'高度h小，沿斜面运动的总距离越短，即最高点的x坐标比P的E点更靠左；小球在斜面上滑时减速，速度从OB段的匀速逐渐减小到0，最终速度为0时的位置在原P图像终点的左侧。如图所示：
四、简答题（本题共3个小题，每小题3分，共9分）
14．热爱体育运动的小智发现球筒里的最后一个羽毛球卡在中间，小智按如图所示的方法，一只手握球筒，使其竖直悬停于空中，另一只手向下拍打球筒，最终从球筒上端取出羽毛球。请用所学物理知识解释其中的道理。
【答案】羽毛球和球筒原本都处于静止状态，向下拍打球筒，球筒向下运动，球由于惯性保持原来的静止状态，相对球筒向上运动，最终从球筒上端取出羽毛球
【详解】略
15．温室效应加剧，全球气候变暖，北极冰层面积缩小、厚度变薄。北极熊通过冰面时，采用图中的哪种方式不易踩破冰面？并简要解释。
【答案】见解析
【详解】北极熊通过冰面时采用趴着的姿势会不易踩破冰面，因为北极熊通过冰面，趴着与走着两种方式对冰面的压力相等，趴着时的受力面积大，由p=FS可知，冰面受到的压强小，所以应采用趴着的方式不易踩破冰面。
16．2026年3月中国毽球公开赛在温州平阳县成功举办。如图所示，若同一个毽球从同一水平面以相同的速度v0沿图示方向上升，请你比较图中毽球上升的最大高度ℎ1和ℎ2的大小关系，并从能量的角度说明理由（不计空气阻力）。
【答案】h₁＞h₂。
如图，同一个毽球从同一水平面以相同的速度v0分别沿竖直向上和斜向上的方向抛出，它的动能和重力势能都相同，故两次抛出时的机械能相同，不计空气阻力，根据机械能守恒定律，两次毽球上升到最高点时，竖直向上的毽球动能全部转化为重力势能，斜向上的毽球，动能没有全部转化为重力势能，因此两次抛出后上升到最高点时的高度ℎ1>ℎ2。
【详解】略
五、实验与科学探究题（本题共3个小题，每小题10分，共30分）
17．如图1是“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置。
(1)该实验中所探究的物体的动能是指______（选填“小球”或“木块”）的动能；
(2)为了使物体到达水平面时的速度不相等，应将它从斜面的______（选填“相同”或“不同”）高度自由释放，小球的___________能转化为小球的动能；由实验现象可得出结论：质量相同的物体，______越大，动能越大；
(3)如图2是高速公路上的限速牌，对不同车型的限速不一样，这样设计是根据物体动能与______（选填“质量”或“速度”）的关系应用的。
【答案】(1)小球
(2)不同 重力势能 速度
(3)质量
【详解】（1）该实验中，小球从斜面滚下撞击木块，通过木块被推动的距离反映小球动能的大小，探究的是小球的动能。
（2）小球从斜面的不同高度自由释放，到达水平面时的初速度不同。小球的重力势能转化为小球的动能；小球质量相同，实验可得出结论：质量相同的物体，速度越大，动能越大。
（3）不同车型的质量不同，速度相同时，质量越大的车辆动能越大，制动难度更大，因此对不同车型限速不同，该设计是动能与质量关系的实际应用。
18．图甲是小华同学“探究二力平衡条件”的实验装置。
(1)小华将系于小纸片两端的细线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂钩码，使作用在小纸片上的两个拉力方向相反，实验中选择小纸片的目的是________（“考虑”或“不考虑”）小纸片的重力。
(2)当小纸片静止不动时，小华将小纸片扭转过一个角度，松手后小纸片________（“能”或“不能”）平衡。设计此实验步骤的目的是为了探究不在________上的两个力能否平衡。
(3)实验过程中如果想探究不在同一物体的两个力能否平衡，小华如何去做________；
(4)在探究同一个问题时，小明将木块放在水平桌面上，设计了如图乙所示的实验，同学们认为小华的实验优于小明的实验，其主要的原因是________。
【答案】(1)不考虑
(2) 不能 同一直线
(3)用剪刀将小纸片从中间剪开，观察两片小纸片的运动状态
(4)减少了摩擦力对实验结果的影响
【详解】（1）小纸片的重力很小，实验中选择小纸片的目的是不考虑小纸片的重力，这样可以只研究两端细线的拉力对平衡的影响。
（2）当小纸片静止不动时，将小纸片扭转过一个角度，松手后小纸片会转动，不能平衡；设计此实验的目的是探究不在同一直线上的两个力能否平衡。
（3）要探究不在同一物体的两个力能否平衡，可以用剪刀将小纸片从中间剪开，观察两片小纸片的运动状态。
（4）小明的实验中木块在桌面上会受到摩擦力的影响，而小华的实验用小纸片，减少了摩擦力的干扰。
19．如图甲所示，用水枪洗车时，发现水流能轻易冲掉一些污渍，但有些顽固污渍需要更大冲击力的水流才能冲掉。那么水流冲击力的大小与哪些因素有关呢？
猜想1：出水速度（水从出水口喷出时的速度）
猜想2：出水口与受力物之间的距离
选择木块、铁架台、容器（侧壁开口且连接带阀门和喷头的橡胶管）、硬质塑料板、细线等组装成如图乙所示的装置。
请完成下列探究：
(1)当塑料板距离喷头较近时，打开阀门，水流垂直冲击塑料板中心。实验中可通过塑料板与竖直方向的夹角α反映冲击力的大小。为了观察α角的大小，可在细线悬挂点增加的一个利用重力方向特点制成的器材是________；
(2)探究猜想1时，打开阀门，发现随着容器内水面下降，α角在逐渐变小。分析：液体内部的压强与深度有关，随着水面下降，喷头处水受到的压强变________，导致出水速度变小。由上述现象和分析可初步得出：出水速度越小，水流冲击力越________；
(3)探究猜想2时，应保持出水速度不变，为解决这一问题，写出一种可行的做法并说明其中的关键条件________；（可添加器材）
(4)控制出水速度不变后，将细线的悬挂点向右移，观察到α角逐渐变小，如图丙所示。分析这一现象得出结论：出水速度一定时，出水口与受力物之间的距离越大，水流冲击力越小。得出结论的探究过程是否可靠？________理由是：________
【答案】(1)重垂线
(2) 小 小
(3)向容器内加水，保持容器内液面高度不变
(4) 不可靠 理由是水流对塑料板冲击力的作用点和方向都改变，导致力的作用效果不同，不能通过α角反映力的大小
【详解】（1）要观察塑料板与竖直方向的夹角α，可在细线悬挂点增加一个重垂线(或铅垂线)，利用重力方向竖直向下的特点，来对比塑料板的偏转角度。
（2）由p=ρgℎ可知，液体内部的压强与深度有关，随着水面下降，喷头处水的深度h减小，所以压强变小，导致出水速度变小，而夹角α在逐渐变小，说明水流冲击力也越小。
（3）要保持出水速度不变，可行的做法是不断向容器中加水，保持容器内水面高度基本不变，才能保证喷头处的水的压强不变，从而出水速度不变。
（4）得出结论的探究过程不可靠。因为实验中只进行了一次移动悬挂点的操作，没有多次实验，实验结论具有偶然性，不具备普遍性，同时，改变悬挂点位置时，除了距离改变，水流冲击塑料板的角度也可能发生变化，存在多个变量。
六、综合应用题（本题共2个小题，20题8分，21题9分，共17分。解答时需写出必要的计算公式及过程或文字说明，只写计算结果不得分）
20．小型打捞装置将一体积为0.005m3的金属物件缓慢浸没在水中，物件完全沉入水中，（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：
(1)金属物件完全浸没时，排开水的体积；
(2)金属物件在水中受到的浮力大小；
(3)若物件重力为60N，求物件沉底后受到容器底部的支持力。
【答案】(1)0.005m3
(2)50N
(3)10N
【详解】（1）由题意可知，金属物件完全浸没在水中，排开水的体积等于物件的体积。设金属物件体积为V物=0.005m3，排开水的体积为V排，则V排=V物=0.005m3
（2）金属物件在水中受到的浮力F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.005m3=50N
（3）物件沉底后，受到竖直向下的重力G、竖直向上的浮力F浮和容器底部的支持力F支，三力平衡，即G=F浮+F支
已知G=60N，F浮=50N，变形得F支=G−F浮=60N−50N=10N
21．如图是我国传统的称量工具——杆秤。使用时，将待测物体放入秤盘中，提起提纽，移动秤砣直至秤杆水平平衡，根据秤砣在秤杆上对应的刻度即可读出待测物体的质量。小明对此很感兴趣，决定用木杆、塑料盘、棉线、50g钩码若干和刻度尺等器材自制杆秤。
(1)【任务一】制作杆秤
(1)步骤一：制作主体
将木杆作为秤杆：将棉线固定在秤杆的重心O点作为提纽；将3根棉线的下端分别系在塑料盘边缘的三个等分点上，调节上端等长后系在一起，并固定在秤杆上的A点，作为秤盘；再将1个钩码系在棉线下方作为秤砣。杆秤主体制作完成，如图甲所示。
提起提纽，秤杆绕O点转动，将秤杆视为杠杆，则O点为该杠杆的______。
(2)步骤二：标注刻度
秤盘内不放物体，提起提纽，移动秤砣，使秤杆水平平衡，此时秤砣悬挂位置标记为B点，并记为0g；依次将1、2、3个钩码放入秤盘内，移动秤砣，当秤杆水平平衡时，分别将秤砣悬挂位置标记为C、D、E点，并记为50g、100g、150g；通过测量发现BC=CD=DE，如图乙所示。
小明依据此规律，利用刻度尺继续在秤杆上标记了F点，并记为______g，完成刻度标注，如图丙所示。
(3)【任务二】称量质量
小明用制成的杆秤称量某物体质量时，发现秤杆水平平衡时秤砣位于DE之间，难以精确测出物体质量。请在不改变量程的前提下，提出让此杆秤测量更精确的方案。
(4)【任务三】拓展分析
小明将杆秤带到学校与同学分享时，有同学提出问题：粗细不同的秤杆上，刻度为什么是均匀的？请你用相关物理知识证明。（可能用到的物理量符号有：秤盘质量m0，秤砣质量m1，待测物体质量m物，距离LOA、LOB等）
【答案】(1)支点
(2)200
(3)见解析
(4)见解析
【详解】（1）支点是杠杆转动的固定点，杠杆的其他部分围绕它摆动或旋转。提起提纽，秤杆绕O点转动，将秤杆视为杠杆，则O点为该杠杆的支点。
（2）因为BC=CD=DE，所以小明依据此规律，利用刻度尺继续在秤杆上标记了F点，则BC=CD=DE=EF
设一个钩码的质量为m，根据杠杆平衡条件和杆秤的原理可知，G物lOA=G秤砣l秤砣
放入一个钩码时G1lOA=G秤砣lBC
即mlOA=m秤砣lBC
同理可得放入两个钩码时2mlOA=m秤砣lBD=m秤砣×2lBC
放入三个钩码时3mlOA=m秤砣lBE=m秤砣×3lBC
则秤砣在F点时，mFlOA=m秤砣lBF=m秤砣×4lBC=4mlOA
即物体的质量为mF=4m=4×50g=200g
所以利用刻度尺继续在秤杆上标记了F点，并记为200g。
（3）由以上分析可发现杆秤的刻度是均匀的，且现在的分度值为50g，所以在不改变量程的前提下，让此杆秤测量更精确，即减小杆秤的分度值，可以在相邻的两个刻度线，即BC、CD、DE、EF之间分成均匀的10个等份，则每一等份代表的质量为50g10=5g
即改进后的分度值为5g，可使此杆秤测量更精确。
（4）根据杠杆平衡条件可得F1l1=F2l2，即G物l物=G秤砣l秤砣
m物l物=m秤砣l秤砣
秤盘内不放物体，提起提纽，移动秤砣，使秤杆水平平衡，此时秤砣悬挂位置标记为B点，并记为0g，则m0LOA=m秤砣LOB
放入一个钩码时，秤砣挂在C点，则此时有(m0+m)LOA=m秤砣LOC=m秤砣(LOB+LBC)
即m0LOA+mLOA=m秤砣LOB+m秤砣LBC
因为m0LOA=m秤砣LOB
所以mLOA=m秤砣LBC
即LBC=mLOAm秤砣
同理当放入两个钩码时，秤砣挂在D点，则此时有(m0+2m)LOA=m秤砣LOD=m秤砣(LOB+LBD)
即m0LOA+2mLOA=m秤砣LOB+m秤砣LBD
所以2mLOA=m秤砣LBD
即LBD=2mLOAm秤砣=2LBC
所以LCD=LBD−LBC=2LBC−LBC=LBC
以此类推，粗细不同的秤杆上，刻度是均匀的。