2026年陕西省渭南市中考模拟物理预测练习卷含答案

这是一份2026年陕西省渭南市中考模拟物理预测练习卷含答案，共9页。试卷主要包含了选择题，填空与作图题，实验与探究题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.【解析】B
A．5mm仅相当于5张普通A4纸的厚度，远小于实际青砖的长度，不符合实际。
B．西安城墙青砖为历史遗存与仿古建筑常用规格，实际长度多在24cm-28cm之间，25cm是最贴近实际的估计值。
C．1.5m接近普通初中生的身高，远超青砖常规长度，不符合实际。
D．5m相当于2个标准篮球架的高度，与青砖长度相差极大，不符合实际。
2.【解析】C
A．海市蜃楼是由于不同高度的空气密度不同，光在不均匀的空气中传播时发生光的折射，导致远处物体的像出现在空中或地面，形成虚像，与《梦溪笔谈》中的记载及光学原理相符，解释正确。
B．铜镜成像属于平面镜成像，其本质是光照射到铜镜表面时发生光的反射，遵循光的反射定律，解释正确。
C．司南能指示方向的核心原理是地磁场的作用（地球本身是一个大磁体，司南的磁勺会受到地磁场的磁力作用，勺柄指向地磁北极，对应地理南极），与“光的直线传播”无关，该选项对光学原理的解释错误。
D．雨后彩虹和“七彩祥云”的成因相似，都是阳光（白光）穿过空气中的小水珠（或云滴）时，发生折射、反射后分解为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种色光，属于光的色散现象，解释正确。
3.【解析】C
A．声音由物体振动产生，秦腔演员演唱时，声音的振动源是声带，而非口腔内空气，口腔仅起到共鸣、调节音色的作用，该选项解释错误。
B．板胡通过弦的振动发声，改变弦的松紧程度会影响弦的振动频率（弦越紧，振动频率越高），从而调节声音的音调；而响度由弦的振动振幅决定（如演奏时用力大小），该选项混淆音调和响度的影响因素，解释错误。
C．剧场后排观众听到的演唱声，是通过空气这一介质传播到耳朵中的，符合 “声音可以在气体中传播” 的原理，该选项解释正确。
D．演员加大演唱力度，会使声带的振动振幅增大，从而改变声音的响度（力度越大，响度越大）；音调由振动频率决定，与演唱力度无关，该选项解释错误。
4.【解析】D
A．航天航空、核电等领域的工作环境往往需要材料具备耐高温的特性，所以铁基高熵合金可能耐高温，该选项合理。
B．因为突破了“耐蚀与耐磨难以平衡”的瓶颈，说明其具有耐腐蚀的特点，该选项合理。
C．突破了“耐蚀与耐磨难以平衡”的瓶颈，表明其强度大，该选项合理。
D．题干中未提及与导热性相关的信息，无法得出铁基高熵合金导热性好的结论，该选项不正确。
5.【解析】D
A．平衡状态是物体处于静止或匀速直线运动状态，此时物体所受合力为零。“奋斗者”号悬停时处于平衡状态，但所受浮力与重力是一对平衡力（作用在同一物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线），而非相互作用力（相互作用力作用在两个物体上），故A错误。
B．在同一液体中，深度越大，压强越大。下潜深度从1000米增大到11000米，舱外海水压强会变大，故B错误。
C．推进器向后喷水时，潜水器向前运动，利用的是力的作用是相互的（推进器对水施加向后的力，水对潜水器施加向前的反作用力），而非“流体流速与压强的关系”，该选项混淆了力学原理，故C错误。
D．重力势能与物体的质量和高度有关，“奋斗者”号下潜过程中，质量不变，相对于海面的高度变小，故重力势能变小；同时，下潜过程中需要克服海水阻力做功，部分机械能转化为内能，因此机械能总量变小，故D正确。
6.【解析】B
A．“水转大纺车”是将水流的机械能转化为纺纱机构的机械能，属于机械能的转移；而热机的核心是将燃料燃烧释放的内能转化为机械能（如蒸汽机将水蒸气的内能转化为活塞的机械能），二者能量转化方向完全不同。
B．“水转大纺车”依靠水流的动能和重力势能（统称机械能）驱动；热机（如汽油机、柴油机）需消耗燃料，通过燃料燃烧将化学能转化为内能，再进一步转化为机械能，因此能量来源分别为机械能和化学能。
C．四冲程是内燃机（热机的一种）的典型工作过程，需通过燃料燃烧、气体膨胀做功实现循环；“水转大纺车”是依靠持续的水流冲击运转，不存在“吸气”“压缩”等冲程，属于连续的机械能传递，无循环冲程。
D．冬天给热机加水保暖，利用的是水的比热容大的特性——相同质量的水和其他物质相比，降低相同温度时能放出更多热量，从而长效保护机体；比热容小的物质（如砂石）无法达到这一效果，故该选项表述错误。
7.【解析】A
A．三脚插头最上面的脚连接用电器金属外壳，插入插座时会与插座中的接地线相连，若用电器漏电，电流可通过接地线导入大地，避免触电事故，该说法正确。
B．闭合开关后灯泡不发光，说明电路可能断路；试电笔接触灯泡两端接线柱均发光，表明两端都与火线连通，故障应为灯泡与零线之间的导线断路（如零线接线柱松动），而非灯泡短路（若灯泡短路，会导致保险丝熔断或空气开关跳闸，试电笔接触两端均不发光），该说法错误。
C．洗衣机、电冰箱等大功率且有金属外壳的用电器，为防止漏电触电，应使用三孔插座（第三孔接地线），两孔插座无法提供接地保护，该说法错误。
D．家庭电路中各用电器及插座均需并联，若插座串联，会导致电路总电阻变大、电流变小，所有用电器均无法正常工作，且存在安全隐患，该说法错误。
8.【解析】C
A．脚对足球的作用力与足球对脚的作用力，满足“大小相等、方向相反、作用在同一直线、作用在两个物体上”，是相互作用力，而非平衡力（平衡力需作用在同一物体上），该说法错误。
B．跑步同学冲刺后不能立即停下，是因为身体具有惯性（物体保持原来运动状态的性质），惯性是物体的固有属性，不是“力”，不能说“受到惯性力”，该说法错误。
C．同学静止在单杠上时，处于平衡状态，受到的重力（方向竖直向下）与单杠对他的拉力（方向竖直向上），满足“大小相等、方向相反、作用在同一直线、作用在同一物体上”，是一对平衡力，该说法正确。
D．实心球在空中飞行时，受重力和空气阻力，运动方向不断改变（轨迹为曲线），速度大小也会变化（上升时减速、下落时加速），因此运动状态发生改变，该说法错误。
9.【解析】D
A．只闭合S1时L1亮、L₂不亮，说明S1控制L1，且L1与L2无串联关系（串联时两灯应同时亮灭）；同时闭合S1、S2时两灯均亮，结合“只闭S2无现象”，可推断电路为：S1在干路，S2与L2串联后再与L1并联（即L1、L2并联，S1控制整个电路，S2单独控制L2），故A错误。
B．S2闭合时L2正常发光，无短路现象（短路会导致电源损坏，灯泡不亮），B错误。
C．只闭合S1时电流表测L1电流，同时闭合两开关时测L1与L2的总电流（干路电流），但选项C“始终测干路电流”表述错误。
D．断开开关后M、N接电压表有示数，说明M、N直接连接电源两极；并联电路各支路电压等于电源电压，故L1两端电压等于电源电压。
10.【解析】B
A．由步骤②③可知，排开水的质量测量值m排 = 324g - 300g = 24g，则体积测量值。根据资料，直径2mm的气泡产生约4.2mg的误差，即额外排开4.2mg水，对应体积，故真实排开体积，测量值比真实值大，且差值远小于 4.2cm³，A 错误。
B．合金质量m = 80g ，因气泡导致体积测量值偏大，根据，测得密度，而真实密度，由于V真实＜V，故ρ真实＞ρ测量＞3.33g/cm3，B正确。
C．浮力测量值，但气泡产生额外浮力，真实浮力，故真实浮力小于0.24N，C错误。
D．若细线浸入水中，会产生额外浮力，导致步骤③电子秤示数偏大，计算出的m排偏大，合金体积测量值偏大。根据，质量准确、体积偏大，会使测得的密度偏小，D 错误。
二、填空与作图题（共6小题，计18分）
行驶的汽车（或车内座椅/小明自己）；80
解析：
（1）参照物判断：判断物体运动状态需先确定参照物。树木相对于地面是静止的，而小明看到树木“向后退”，说明树木相对于所选参照物的位置在不断变化。结合场景，小明坐在行驶的汽车内，树木相对于行驶的汽车（或车内物体、小明自身） 的位置向后改变，因此参照物是行驶的汽车（或车内座椅/小明自己）。
（2）平均速度计算：其中路程s=120km，时间t=1.5h ，代入得v =80km/h ，故答案为80。
红外线；超声波
解析：
（1）光现象判断：红外线具有热效应，且能在较复杂环境中传递信息，适合深海探测的热成像通信需求；紫外线主要用于杀菌、验钞，可见光无法在深海弱光环境下有效传递信号，因此第一空填红外线。
（2）声现象判断：人耳听觉频率范围为20Hz-20000Hz，频率高于20000Hz的超声波具有振动能量强、方向性好的特点，可用于清洗餐具；次声波频率低于20Hz，主要用于监测地震、海啸等，故第二空填超声波。
汽化；吸收；熔化
解析：
（1）第一空与第二空（汽化现象）：泥坯中的水由液态在阳光下变成气态散失，符合“物质从液态变为气态”的汽化定义；汽化过程需要从周围环境吸收热量，因此湿泥坯会逐渐变干，故前两空分别为“汽化”“吸收”。
（2）第三空（熔化现象）：冰是固态，在室温下变成液态的水，符合“物质从固态变为液态”的熔化定义，因此第三空为“熔化”。
小；粗糙程度；无规则
解析：
（1）第一空与第二空（滑动摩擦力影响因素）：滑动摩擦力的大小取决于压力大小和接触面粗糙程度。涂抹菜籽油后，油在接触面间形成润滑层，减小了接触面的粗糙程度；在压力不变的情况下，接触面越光滑，滑动摩擦力越小，因此前两空分别为“小”“粗糙程度”。
（2）第三空（分子运动特点）：“闻到油香”是油料的气味分子扩散到空气中的现象，而扩散现象的本质是分子在不停地做无规则运动，故第三空填“无规则”。
15.0；动；省力；100
（1）计算苹果篮所受合力：苹果篮“匀速上升”时处于平衡状态，竖直方向受重力和滑轮的拉力，二力大小相等、方向相反，根据平衡状态合力为0的规律，第一空填“0”。
（2）判断滑轮类型：题干明确“滑轮随苹果篮一起升降”，符合动滑轮“轴随被拉物体一起运动”的核心特征，因此第二空填“动”。
（3）分析动滑轮的本质：动滑轮的实质是动力臂为阻力臂2倍的省力杠杆（动力臂是滑轮直径，阻力臂是滑轮半径），这是其能省力的根本原因，故第三空填“省力”。
（4）计算果农对绳子的拉力：不计额外功时，动滑轮省力，拉力大小为总重力的1/3，即300N×1/3=100N，第四空填“100”。
16.【解析】
（1）
已知入射光线与镜面的夹角为30°，根据入射角的定义（入射角是入射光线与法线的夹角），可得入射角i = 90° - 30° = 60°。因为反射角等于入射角，所以反射角r = i = 60°。先过入射点作垂直于镜面的法线（用虚线表示），然后根据反射角等于入射角，在法线另一侧画出反射光线。
（2）
三、实验与探究题（共4小题，计22分）
17.（1）垂直
解析：若硬纸板与平面镜不垂直，反射光线会出现在硬纸板平面外，无法在纸板上显示，只有二者垂直时，入射光和反射光才能同时在纸板上呈现。
（2）45
解析：根据光的反射定律核心内容，反射角始终等于入射角，因此当入射角为45°时，反射角也为45°。
（3）不能
解析：硬纸板左半部分折叠后，其所在平面与入射光线、法线构成的平面不再重合，反射光线仍在原平面传播，故折叠部分无法接收到反射光，直观证明“三线共面”。
（4）不改变
解析：磨砂玻璃镜的漫反射是无数微小镜面反射的总和，每一条反射光线仍遵循光的反射定律，因此整体测量时，反射角与入射角的相等关系不会改变。
18.
（1）左；便于测量力臂
解析：杠杆右端低左端高，说明右端偏重，平衡螺母应向偏高的左端调节；杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可直接从杠杆刻度上读出，便于测量。
（2）2
解析：设每格长度为L，左侧“动力×动力臂”=2×0.5N×3L=3N·L；根据杠杆平衡条件，右侧“阻力×阻力臂”也需为3N·L，右侧力臂为3L，故阻力=3N·L÷3L=1N，每个钩码0.5N，需挂2个。
（3）大于
解析：杆秤称量时，物体重力为动力（F₁），物体到提纽距离为动力臂（L₁），秤砣重力为阻力（F₂），秤砣到提纽距离为阻力臂（L₂），根据杠杆平衡条件F₁L₁=F₂L₂。秤砣磨损变轻（F₂变小），物体实际重力F₁不变、L₁不变，为保持平衡需增大L₂（秤砣向右移），而杆秤刻度按正常秤砣重力标注，L₂增大时，读数会大于实际质量。
19.
（1）断开；最右端
解析：连接电路时开关断开、滑片移至最大阻值处，可防止电路接通瞬间电流过大，保护电源、电表和用电器。
（2）断路
解析：电流表无示数说明电路断路；电压表接近电源电压，表明电压表两端能与电源两极连通，即与电压表并联的小灯泡断路（若小灯泡短路，电压表无示数）。
（3）0.3；8.3
解析：电流表量程0~0.6A，分度值0.02A，指针指向0.3A；根据欧姆定律R=UI，额定电阻R=≈8.3Ω
（4）小灯泡的电阻随温度升高而增大；大于
解析：
- 小灯泡发光时温度升高，而灯丝电阻受温度影响，温度越高电阻越大，故电压增大（实际功率增大、温度升高）时，电阻值增大。
20.
（1）调零
解析：使用先应先将弹簧测力计调零；
（2）0.5；
解析：根据阿基米德原理，浮力等于物体在液体中时测力计示数与空气中示数的差值，即F浮1=G-F示2=5.0N-4.5N=0.5N。
（3）5.0×10³
解析：金属块重力G=5.0N，质量m=G/g=5.0N/10N/kg=0.5kg；体积V=100cm³=1×10-4m³；密度ρ金=m/V=0.5kg/(1×10-⁴m³)=5.0×10³kg/m³。
（4）物体排开液体的体积；大于
解析：步骤②和③中液体密度相同，排开体积不同，浮力不同，说明浮力与排开液体体积有关；由步骤③和④可知，“漂浮液”密度ρ液＜ρ水（同体积排开时，“漂浮液”中浮力更小），等体积的水和“漂浮液”混合后，液体密度比原“漂浮液”大，浮力变大，测力计示数F=G-F浮会变小，即大于4.2N。
（5）等于；悬浮
解析：漂浮时物体受力平衡，浮力等于重力；根据物体的浮沉条件，当液体密度等于物体密度时，物体重力等于浮力，将处于悬浮状态。
四、综合题（共3小题，计20分）
21.（1）.1A
（2）.80 J
【详解】（1）.只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，通过R1的电流
.只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，R1的电功率
分析电路可知，只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时为保温挡；两开关都闭合时，两电阻并联，由可知，此时功率最大，为“加热”挡；根据并联电路互不影响可得使用“加热”挡通电10s电阻R1产生的热量
22.（1）.,
（2）.
【详解】（1）.南昌舰满载排水量为1.25×104t=1.25×107Kg，
南昌舰满载时的浮力
南昌舰排开海水的体积
.南昌舰的牵引力
（1）.可再生
.1.2×109J
×109J 可以满足，详见解析
【详解】（1）.可再生能源是指自然界中可以不断利用、循环再生的一种能源，太阳能是可再生能源
.太阳能发电系统的发电量
①燃煤燃烧放出的热量
燃煤锅炉的实际利用热量
②
储能电池的实际输出能量
2.43×107J＞1.8×107J,因此，储能电池的电能足够满足用户需求。