2025-2026学年湖北省八校联考高三上学期11月期中物理试卷（学生版）

这是一份2025-2026学年湖北省八校联考高三上学期11月期中物理试卷（学生版），共18页。试卷主要包含了答题前，请将自己的姓名，选择题的作答，非选择题作答，考试结束后，请将答题卡上交等内容，欢迎下载使用。
本试卷共6页，全卷满分100分，考试用时75分钟。
注意事项：
1、答题前，请将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的制定位置。
2、选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3、非选择题作答：用黑色签字笔直接答在答题卡对应的答题区域内，写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4、考试结束后，请将答题卡上交。
一、单项选择题：（本题共10小题，每小题4分，共40分，。在小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合要求，每小题全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错选或者不选的得0分）
1. 放射性同位素钍232经α、β衰衰变会生成氡，其衰变方程为。则下列说法中正确的是（ ）
A. 衰变方程中
B. 氡核的比结合能大于钍核的比结合能
C. 钍核α衰变的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间
D. 衰变后α粒子、β粒子与氡核的质量之和等于衰变前钍核的质量
2. 密闭容器内封有一定质量的理想气体，图像如图所示，从状态a开始变化，经历状态b、状态c，最后回到状态a完成循环。下列说法正确的是（ ）

A. 气体在由状态a变化到状态b的过程中放出热量
B. 气体在由状态b变化到状态c的过程中，内能增加
C. 气体从状态a完成循环回到状态a的过程中，向外界放出热量
D. 气体从状态c变化到状态a的过程中，单位时间撞击单位面积容器壁的分子数增加
3. 如图甲所示，半径为R的均匀带电圆形平板，单位面积带电荷量为σ（），其轴线上任意一点P（坐标为x）的电场强度可以由电场强度的叠加原理求出： ，方向沿x轴。现考虑单位面积带电荷量为σ0的无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板后（如图乙所示），在其轴线上任意一点Q（坐标为x）处放置一个点电荷q0，则q0所受电场力的大小为（ ）
A. B.
C. D.
4. 风力发电机的工作原理可以简化为如图所示的模型：风轮通过齿轮箱带动矩形线圈在匀强磁场中匀速转动产生交流电，并通过变压器和远距离输电线给灯泡L供电。两变压器均为理想变压器，当发电机线圈转速减小时，以下说法正确的是（ ）
A. 通过R的电流增加
B. 降压变压器的输入电压U3减小
C. 灯泡L消耗的功率增加
D. 发电机的输出功率不变
5. 如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为，电源的输出电压，定值电阻，，滑动变阻器的最大阻值为，a、b为滑动变阻器的两个端点，所有电表均为理想电表。现将滑动变阻器滑片P置于a端，则（ ）
A. 电流表示数为1.5A
B. 电压表示数为15V
C. 滑片P由a向b缓慢滑动，消耗的功率增大
D. 滑片P由a向b缓慢滑动，变压器的输出功率减小
6. 某学习小组设计了一种测温装置，用于测量教室内的气温（教室内的气压为一个标准大气压，相当于76 cm汞柱产生的压强），结构如图所示，导热性能良好的大玻璃泡A内有一定量的气体，与A相连的B管插在水银槽中，B管内水银面的高度x可反映所处环境的温度，据此在B管上标注出温度的刻度值。当教室内温度为7 ℃时，B管内水银面的高度为20 cm。B管的体积与大玻璃泡A的体积相比可忽略不计，则以下说法正确的是（ ）
A. B管上所刻的温度数值上高下低
B. B管内水银面的高度为16 cm时，教室内的温度为17 ℃
C. B管上所刻的温度数值间隔是不均匀的
D. 若把这个已刻好温度值的装置移到高山上，测出的温度比实际温度偏高
7. 如图，两端开口的圆筒与水平地面成一定角度倾斜放置。是圆筒的中轴线，M、N是筒壁上的两个点，且。一个可视为质点的小球自M点正上方足够高处自由释放，由M点无碰撞进入圆筒后一直沿筒壁运动，a、b、c是小球运动轨迹与MN的交点。小球从M到a用时，从a到b用时，从b到c用时，小球经过a、b、c时对筒壁压力分别为、、，、、表示M、a、b、c相邻两点间的距离，不计一切摩擦。下列说法正确的是（ ）
A. B.
C. D.
8. 均匀介质中，波源位于O点的简谐横波在xOy水平面内传播，时刻部分质点的状态如图（a）所示，其中实线AE表示波峰，虚线FG表示相邻的波谷，A处质点的振动图像如图（b）所示，z轴正方向竖直向上，下列说法正确的是（ ）
A. 该波从A点传播到B点，所需时间为
B. 时，B处质点位于波峰
C s时，C处质点振动速度方向竖直向上
D. 时，D处质点所受回复力方向竖直向下
9. 如图所示，在理想变压器原线圈回路中接阻值为的电阻，副线圈回路中接阻值为的电阻，原线圈输入端与的交流电源连接，电表均为理想电表，当开关S闭合时，电流表示数为，下列说法正确的是（ ）
A. 电压表示数为
B. 电阻的功率为
C. 通过电阻的交流电频率为
D. 若断开开关S，电压表示数为
10. 如图，水平面上有两条相距为L的足够长光滑平行金属导轨，在导轨上相隔某一距离垂直导轨静置长度均为L的金属棒a和b，垂直导轨的虚线MN右侧存在垂直导轨平面向上的匀强磁场，匀强磁场磁感应强度为B，导轨左端接有电压传感器。现让金属棒a、b分别以速度、向右运动，时刻金属棒b经过MN进入磁场区域，当金属棒a刚要进入磁场时，电压传感器的示数。已知金属棒a、b材质相同，a、b棒的质量分别为2m、m，a棒电阻为R。导轨电阻不计，不考虑电压传感器对电路的影响，磁场区域足够大，下列说法正确的是（ ）
A. 从时刻开始，电压传感器的示数逐渐减小
B. 改变a、b两棒间初始距离，不会改变两棒的最终速度
C. 当金属棒a刚要进入磁场时，a、b两棒间的距离
D. 整个过程中金属棒a上产生的焦耳热为
二、非选择题：（本大题共5小题，共60分）
11. 某探究学习小组的同学用如图甲所示装置测量滑块和木板间的动摩擦因数。装置由弹簧测力计、两个光电门、滑块、长木板和砝码盘（含砝码）等组成。光电门可以测出滑块上的遮光条依次通过两个光电门的时间、，游标卡尺测出遮光条的宽度d，导轨标尺可以测出两个光电门间的距离L，不计滑轮的质量和摩擦。
（1）测量d时，游标卡尺（主尺的最小分度为）的示数如图乙所示，则遮光条的宽度为________。
（2）改变砝码盘中的砝码，记录弹簧测力计的示数F和用所测数据求出滑块对应的加速度a。以弹簧测力计的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的图像是一条直线，直线与横坐标的截距为b，直线的斜率为k，重力加速度为g。则滑块与木板间的动摩擦因数可表示为________（用b、k、g表示）。
（3）如果换成表面更加粗糙的木板重新进行实验，则得到的图像的斜率k将________（填“变大”、“变小”或“不变”）。
12. （1）某实验小组用图甲所示器材精确测量一粗细均匀的电阻丝的电阻，其中部分器材的参数如下：
电源：电动势为4V；
待测电阻丝：阻值约为6Ω；
电压表：量程3V，内阻约为3kΩ；
量程15V，内阻约为15kΩ；
电流表：量程0.6A，内阻约为0.05Ω；
量程3A，内阻约为0.01Ω。
①图甲中电压表应选________的量程，电流表应选________的量程。
②要求电阻丝两端的电压调节范围尽量大，在甲图中将测量电阻丝电阻的电路补充完整_______。
（2）在（1）中测得电阻丝的电阻为6.0Ω，再用刻度尺测量该电阻丝的长度为50.00cm。该实验小组又利用该电阻丝进一步测量一节干电池的电动势和内阻，设计了如图乙所示的电路，其中的电池即为待测电池，定值电阻。使金属滑片接触电阻丝的不同位置，分别记录电阻丝连入电路的有效长度x及对应的电压表示数U，作出图像如图丙所示，电压表看作理想电压表，则该电池的电动势为________，内阻为________（结果均保留两位有效数字）。
13. 舱外航天服有一定的伸缩性，能封闭一定的气体，提供人体生存的气压。2021年11月8日，王亚平身穿我国自主研发的舱外航天服“走出”太空舱，成为我国第一位在太空“漫步”的女性。王亚平先在节点舱（出舱前的气闸舱）穿上舱外航天服，若航天服内密闭气体的体积为，压强，温度。然后把节点舱的气压不断降低，到能打开舱门时，航天服内气体体积膨胀到，温度为，压强为（未知）。为便于舱外活动，宇航员出舱前将一部分气体缓慢放出，使航天服内的气体体积仍变为，气压降到，假设释放气体过程中温度不变。求：
（1）压强；
（2）航天服需要放出的气体与原来航天服内气体的质量之比。
14. 如图所示，在长方体Ⅰ区域内，有垂直平面的匀强电场，电场强度为E，已知长为L，长为2L。Ⅱ区为电加速区，由间距为d的正中间有小孔S、O的两个正方形平行金属板M、N构成，金属板边长为，Ⅲ、Ⅳ区为长方体形状的磁偏转区，水平间距分别为d、4d，其竖直截面与金属板形状相同。Ⅳ区左右截面的中心分别为、，以为坐标原点，垂直长方体侧面和金属板建立x、y和z坐标轴。m、n间匀强电场大小为E，方向沿方向；Ⅲ、Ⅳ区的匀强磁场大小相等、方向分别沿、方向。现有一电荷量为、质量为m的粒子以某一初速度从c点沿平面进入电场区域，经点垂直平面由小孔S沿方向进入Ⅱ区，经过一段时间后恰好能返回到小孔S，不考虑粒子的重力。求：
（1）粒子经过点的速度大小；
（2）粒子经过小孔O时的速度大小v；
（3）粒子在磁场中相邻两次经过小孔O时运动的时间及磁感应强度B的大小；
（4）若在Ⅲ区中方向增加一个附加匀强磁场，可使粒子经过小孔O后恰好不能进入到Ⅳ区，并直接从Ⅲ区前表面（方向一侧）的P点飞出，求P点坐标。
15. 如图所示，足够长的倾角为θ=30°的光滑斜面固定在水平地面上，斜面底端固定有垂直于斜面的挡板P。质量为M=1kg的“L”形木板A被锁定在斜面上，木板下端距挡板P的距离为x0=40cm。质量为m=1kg的小物块B（可视为质点）被锁定在木板上端，A与B间的动摩擦因数。某时刻同时解除A和B的锁定，经时间t=0.6s，A与B发生第一次碰撞，在A与P发生第二次碰撞后瞬间立即对B施加沿A向上的恒力F=20N。当B速度最小时再一次锁定A。已知A与P、A与B的碰撞均为弹性碰撞，且碰撞时间极短，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2.求：
（1）A与P发生第一次碰撞前瞬间B的速度大小；
（2）从开始运动到A与B发生第一次碰撞的时间内，系统损失的机械能；
（3）A与P第二次碰撞时，B离挡板的距离；
（4）B从开始运动到离开A所用的时间。

参考答案
1. 【答案】B
【解析】A．α粒子为、β粒子为，根据质量数守恒有
解得，故A错误；
B．衰变过程释放能量，生成的氡核更稳定，比结合能大于钍核的比结合能，故B正确；
C．根据半衰期的定义，可知钍核的半衰期不等于其放出一个α粒子所经历的时间，故C错误；
D．α衰变释放核能，有质量亏损，故D错误。故选B。
2. 【答案】C
【解析】A．气体在由状态a变化到状态b的过程中压强不变，体积增大，
气体对外做功，即W＜0
温度升高，气体内能增大，即＞0
由热力学第一定律有，可知Q＞0
气体吸收热量，故A错误；
B．气体在由状态b变化到状态c的过程中，气体温度不变，气体内能不变，故B错误；
C．气体从状态a完成循环回到状态a的过程中，气体温度不变，气体内能不变，由热力学第一定律有
从a到b为等压变化，气体体积变大，气体对外做功为
从b到c为等温变化，气体体积减小，外界对气体做功为
为从b到c的压强的平均值，据，可得pc＞pb，所以＞pb
数值上W2＞W1，而气体从c到a体积不变，气体不做功，故气体从状态a完成循环回到状态a的过程中，表现为外界对气体做功，总全程功为正值，根据热力学第一定律可知气体向外界放出热量，故C正确；
D．气体从状态c变化到状态a的过程中，体积不变，分子密度不变，而温度降低，分子的平均动能减小，气体的压强减小，所以单位时间撞击单位面积容器壁的分子数不会增加，故D错误。故选C。
3. 【答案】A
【解析】无限大均匀带电平板R取无限大，在Q点产生的场强
半径为r的圆板在Q点产生的场强
无限大均匀带电平板，从其中间挖去一半径为r的圆板后的场强是两个场强的差，
则有
则q0所受电场力的大小为，故选A。
4. 【答案】B
【解析】D．当发电机线圈转速减小时，根据Em＝nBSω，可知升压变压器的输入电压U1减小，而负载不变，因此升压变压器的输入电流I1减小，故发电机的输出功率减小，故D错误；
A．根据可知I1减小时，I2也减小，即通过R的电流减小，故A错误；
BC．由于I2＝I3，因此I3减小，根据可知I4减小，根据U4＝I4RL，，可知灯泡L消耗的功率减小，U4减小，根据，可知U3减小，故B正确，C错误。
故选B。
5. 【答案】C
【解析】AB．题图的电路图可以等效为
设原线圈两端电压为，副线圈两端电压为，又因为理想变压器原副线圈的功率相等，有，
整理有
电源的电压输出为，因为电流表和电压表测量的为有效值，电源的有限值为30V，电流表的示数为
原线圈两端电压的有效值为
电压表测量的是副线圈两端的电压，即
整理有，故AB错误；
C．当滑片P从a向b缓慢滑动过程中，其电阻的阻值减小，根据电流规律可知，其总电阻减小，结合之前的分析可知，其电流将增加，即流过电阻的电流变大，
根据可知，电阻不变，电流变大，所以功率变大，故C项正确；
D．由之前的分析，电路图等效为
当滑片在a端时，其等效电阻为
当滑片在b端时，其等效电阻为
可以将电阻与电源放在一起，等效成新电源，其副线圈输出功率变为新电源的输出功率，有电源的输出功率的规律可知，当等效电阻等于新电源的内阻时，即等效电阻为时，其输出功率最大，所以在滑片从a向b缓慢滑的过程中，其副线圈的输出功率先增大，后减小，故D项错误。故D项错误。故选C。
6. 【答案】D
【解析】A．因B管的体积与大玻璃泡A的体积相比可忽略不计，故可认为A内气体做等容变化，当温度升高时，由查理定律知A内气体压强变大，则B管液面降低，B管上所刻的温度数值上低下高，故A错误；
B．当温度为7 ℃，即T1＝7 ℃＋273K＝280K时，玻璃泡A内气体压强为p1＝76cmHg－20cmHg＝56cmHg
温度变为T2时，A内气体压强为p2＝76 cmHg－16cmHg＝60cmHg
根据查理定律可得，解得T2＝300 K
整理得t2＝300K－273K＝27 ℃，故B错误；
C．温度改变为T时，气体压强为
根据，整理得可得
则B管上所刻的温度数值间隔是均匀的，故C错误；
D．若把这个已经刻好温度值的装置移到高山上，大气压强比在地面时小，因一定温度下A内气体压强一定，则管内液面比在地面时低，则测出的温度比实际温度偏高，故D正确。故选D。
7. 【答案】B
【解析】A．由题意可知，小球自M点正上方足够高处自由释放，由M点无碰撞进入圆筒后，其速度可分解为沿筒壁转动的速度和沿筒壁下滑的初速度，因圆筒倾斜放置，小球在圆筒中受沿筒壁向下的重力分力，因此小球在圆筒中在横截面方向上做匀速圆周转动的同时又有沿筒壁向下做初速度不是零的匀加速直线运动，因转动周期相等，则有
A错误；
BC．小球在圆筒中在横截面方向上做匀速圆周转动，转动速度大小相等，转动半径相同，由向心力公式可知，筒壁对小球的弹力大小相等，由牛顿第三定律可知，小球对筒壁的压力大小相等，因此则有，B正确，C错误；
D．因小球沿筒壁向下做初速度不是零的匀加速直线运动，由位移时间公式可知，D错误。故选B。
8. 【答案】ACD
【解析】A．由图a、b可看出，该波的波长、周期分别为，，则根据波速公式
A、B间距为一个波长，则该波从A点传播到B点，所需时间为
故A正确；
B．由选项A可知，则该波从A点传播到B点，所需时间为4s，则在时，B点运动了2s，即，则B处质点位于波谷，故B错误；
C．波从AE波面传播到C的距离为
则波从AE波面传播到C的时间为
则时，C处质点动了31 s，则此时质点速度方向向上，故C正确；
D．波从AE波面传播到D的距离为
则波从AE波面传播到C的时间为
则时，D处质点动了8.3 s，则此时质点位于z轴上方，回复力方向向下，故D正确。故选ACD。
9. 【答案】AD
【解析】C．由电压表达式可知
交流电源的频率为
变压器不改变交变电流的频率，所以通过R2的交流电频率为50Hz，故C错误；
B．原线圈输入端电压有效值为
原线圈两端电压为
理想变压器原线圈输入功率为
理想变压器
则电阻R2的功率为120W，故B错误；
A．R2两端电压为，故A正确；
D．原副线圈匝数比
若断开开关S，电路中电流为0，原线圈两端电压为220V，
电压表示数为
故D正确。故选AD。
10. 【答案】CD
【解析】A．从时刻开始，在a棒进入磁场之前，b棒做减速运动，则电压传感器的示数逐渐减小；当a棒进入磁场之后，稳定时，电压传感器的示数不变，故A错误；
B．因b进入磁场后做减速运动，因ab棒均进入磁场后动量守恒，根据动量守恒定律
a、b两棒间初始距离较大，则当a进入磁场时b减速时间较长，则速度较小，则最终两棒的最终速度较小，则改变a、b两棒间初始距离，会改变两棒的最终速度，故B错误；
C．a、b棒的质量分别为2m、m，根据，可知横截面积之比，根据，可知电阻之比为，可知b棒电阻为2R；由
当金属棒a刚要进入磁场时，电压传感器的示数，此时解得
对b棒由动能定理
其中，解得，故C正确；
D．b棒进入磁场过程，a棒进入磁场之前，在a棒中产生的焦耳热
a棒进入磁场之后，到最终达到共同速度时，解得
在a棒中产生的焦耳热
整个过程中金属棒a上产生的焦耳热为
故D正确故选CD。
11. 【答案】 （1）1.140 （2） （3）不变
【解析】（1）遮光条的宽度为
（2）对滑块，由牛顿第二定律有，解得
可得，，解得
（3）由（2）知斜率为，由此可知如果换成表面更加粗糙的木板重新进行实验，则得到的图像的斜率k将不变。
12. 【答案】 （1）①3V ；0.6A ②见解析 （2）1.4V ；1.9##2.0
【解析】（1）①因为电源电动势为4V，所以电压表选3V的量程。
由欧姆定律可得流过待测电阻的最大电流大约为
故电流表应选0.6A。
②要求电阻丝两端的电压调节范围尽量大，则滑动变阻器应用分压式接入电路，同时待测电阻是小电阻，电流表应采取外接法，实物图连线如图
（2）由闭合电路欧姆定律
由电阻定律可知，故
联立可得
结合图像可得，，解得，
13. 【答案】（1）；（2）
【解析】（1）由题意可知，密闭航天服内气体初、末状态温度分别为
根据理想气体状态方程有，解得
（2）设航天服需要放出的气体在压强为状态下的体积为，
根据玻意耳定律有，解得
则放出的气体与原来气体的质量之比为
14. 【答案】（1）；（2）；
（3），；（4）
【解析】（1）沿初速度方向有
沿电场力方向有，又，解得
（2）粒子由到过程，由动能定理得
解得
（3）粒子在磁场中运动轨迹如图（俯视）所示
由几何关系得
根据牛顿第二定律得，解得，即
粒子在磁场中的周期为
由几何关系得粒子在磁场中运动的时间
联立方程，解得
（4）如图所示
粒子恰好与Ⅲ、Ⅳ区边界相切且从点飞出，对应半径
即，
解得，
由几何关系得
解得，
则有
即点坐标为。
15. 【答案】（1）；（2）；（3）；（4）
【解析】（1）刚解锁时AB相对静止，
对AB整体根据牛顿第二定律
根据匀加速直线运动公式解得
（2）A与P相撞所用的时间解得
B滑动后撞A的时间可得
木板与挡板第一次碰撞后，对A ，解得
对B ，解得
木板与挡板第一次碰撞后，A运动的位移
B运动的位移
木板的长度
根据摩擦生热
（3）A、B碰前的速度，
A、B碰时动量、能量守恒，
解得，
AB碰后，对A
对B
根据解得
这段时间B运动的位移
B离挡板的距离
（4）木板与挡板第二次碰撞时木块B的速度
对A 解得
对B 解得
B减速到零所用时间为t4，则解得
A经过这段时间后的速度
这段时间AB的位移，
此时，AB间距离
B离木板右端的距离
木板锁定后，对B 解得
其中解得
B从开始运动到离开A所用的时间 ，