2024年新疆昌吉回族自治州初中学业水平考试模拟卷物理试卷

这是一份2024年新疆昌吉回族自治州初中学业水平考试模拟卷物理试卷，共31页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验与探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）目前智能手机的使用十分普遍，一个智能手机的长度约为（ ）
A．15mmB．15mC．15cmD．15dm
2．（2分）小明在球场上踢足球时，听到物理老师在喊他。他判断是物理老师，是依据声音的（ ）
A．音调B．响度C．音色D．声速
3．（2分）下列词语中涉及的光现象可以用光的直线传播解释的是（ ）
A．海市蜃楼B．镜花水月C．杯弓蛇影D．立竿见影
4．（2分）以下的能源属于二次能源的是（ ）
A．潮汐能和地热能B．风能和水能
C．电能D．太阳能
5．（2分）世界上最早记录了“地理的两极和地磁场的两极并不重合”这一现象的人是（ ）
A．沈括B．奥斯特C．安培D．欧姆
6．（2分）每逢举办奥运会，都有取火种、传圣火的活动，火炬接力象征着传递和平与光明，团结与友谊。火炬外壳制作材料的选择，可以不考虑下列哪种物质属性（ ）
A．密度B．硬度C．导电性D．导热性
7．（2分）在学校科技周展示中，物理兴趣小组的同学用塑料瓶自制了一个火箭模型，在瓶子的侧壁安装一个电火花发生器，按下按钮会产生电火花，从瓶口喷入酒精后，盖上锥形纸筒，按下按钮，纸筒立即向上飞出。下列说法正确的是（ ）
A．瓶内酒精燃烧越充分，酒精热值越大
B．纸筒飞出过程中内能转化为机械能
C．纸筒飞出相当于热机工作时的压缩冲程
D．瓶内出现的白雾是由水蒸气汽化而成的
8．（2分）如图是足球落地后又弹起的示意图，分析可知，足球（ ）
A．在B点时受力平衡
B．在A、D两点动能可能相等
C．在运动过程中，只存在动能和势能的相互转化
D．在小球弹起后的最高点B点，小球动能为0
9．（2分）用一个动滑轮把重100N的沙袋从地面提到9m高的脚手架上，所用的力是60N，若不计滑轮及绳重，下列说法正确的是（ ）
A．所做的有用功是540J
B．所做的总功是900J
C．所做的额外功是90J
D．动滑轮的机械效率是83.3%
10．（2分）如图，将一支用自制的简易密度计，先后放入盛有不同液体的两个烧杯中，静止后竖直立在液体中，两液面相平，下列判断不正确的是（ ）
A．密度计上a处的刻度数值比b处小
B．密度计底部所受液体的压强相等
C．密度计在两种液体中受到的浮力大小相等
D．甲液体对容器底部的压强比乙液体对容器底部的压强小
11．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R2为定值电阻且电阻不为零，当滑动变阻器R1阻值为30Ω时电流表示数为0.3A，调节滑动变阻器滑片使R1阻值为20Ω时，电流表的示数可能是（ ）
A．0.5A
B．0.45 A
C．0.4 A
D．0.2A
12．（2分）如图所示，甲、乙两个质量分布均匀的实心正方体分别放置在水平地面上，他们对地面压强相等，若沿竖直方向将甲、乙各切除相同厚度，再将切除部分分别放在各自剩余部分上，甲、乙对地面的压强分别为p甲和p乙，下列判断正确的是（ ）
A．p甲＞p乙B．p甲＜p乙C．p甲＝p乙D．无法确定
二、填空题（每空1分，共26分）
13．（4分）2023年4月12日21时，有“人造太阳”之称的中国“环流器”实验装置，成功实现了稳态长脉冲高约束模式等离子体运行，创造了新的世界纪录。核能属于 （选填“常规能源”或“新能源”）；该装置的线圈使用超导材料绕制，这些线圈工作在零下296摄氏度的超低温中，从而实现超导，处于超导状态时的线圈的电阻为 Ω。如图所示，它的反应原理与太阳类似，通过 （选填“核裂变”或“核聚变”）释放巨大的核能，原子核能又转化为 ，从而获得上亿度的高温。
14．（7分）2022年5月31日，大型灭火/水上救援水陆两栖飞机“鲲龙AG600”全状态新构型灭火机在广东珠海首飞成功，如图甲所示。“鲲龙AG600”总体技术水平和性能达到当前国际同类飞机的先进水平，完全具有自主知识产权，飞机配备有4台国产涡桨—6发动机，最大起飞质量53.5吨，20秒内可一次汲水12吨，单次投水救火面积可达4000余平方米。最大航速可达500公里每小时。
（1）飞行中，飞行员相对于他驾驶的飞机是 （填“运动”或“静止”）的。飞机能够升空，是因为机翼上表面受到的气压 （填“大于”、“等于”或“小于”’）机翼下表面的气压；
（2）若“鲲龙AG600”以最大的航速飞行时，15min飞行的距离为 km；
（3）若该飞机在执行某次灭火任务时，保持一定高度水平匀速飞行进行投水灭火，则在这一过程中，飞机 （选填“受到”或“不受到”）平衡力的作用，飞机的机械能 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
（4）飞机飞行时，机身与空气剧烈摩擦，由于飞机表面金属材料的原子核对电子的束缚本领比空气的原子核弱，因此飞机表面会带上 电荷。
（5）飞机的发动机选用航空煤油作为燃料，假如航空煤油的热值为4.6×107J/kg，完全燃烧50kg航空煤油放出的热量为 J。
15．（7分）智能手机是目前普遍使用的通讯工具。
（1）如图甲所示，手指轻轻触碰感应区，识别出正确的指纹后手机自动开锁，则感应区相当于手机电路中的 ；
（2）如图乙所示，人们经常用手机扫描二维码，相当于给二维码拍了一张照片，手机摄像头相当于 选填“凸透镜”或“凹透镜”）；
（3）华为Mate60Pr是一款近期发布的旗舰智能手机，搭载的是我国自主研发和生产的麒麟9000s芯片处理器，凭借其出色的性能和高端的配置，成为了不少消费者的首选。该手机芯片的主要材料是 （选填“超导体”、“半导体”、“绝缘体”）；用手机进行通话时通过 （选填“超声波”或“电磁波”）向四周有效范围内的终端传递信息，其在空气中的传播速度约为 m/s；
（4）“充电五分钟，通话两小时！”这是某品牌手机的闪充功能。它的闪充充电器的充电电压为5V，充电电流为4A，电池容量是3000mAh，手机电池标有的电压为3.8V，5min最多可以充入电能 J；如果要送一步提升充电速度，可以考虑提升充电器的充电电压或充电电流。若在不改变充电电流的情况下，要在30min内充满该手机电池，至少需要 V的充电电压。
16．（8分）中国深圳大疆创新科技有限公司作为全球顶尖的无人机制造商，推出的精灵系列“四旋翼”无人机备受用户欢迎。它采用4个电动机带动螺旋桨转动，对下方空气施力的同时获得升力，下表是该无人机的部分参数：
（1）无人机绕过障碍物的过程中，其运动状态 （选填“发生”或“未发生”）改变。如图乙是无人机竖直向上运动的v﹣t图象，由图象可知，在0～5s内，无人机受到的升力 （填“大于”“等于”或“小于”）重力；在5～10s内，无人机受到的升力等于 N。该无人机通过螺旋桨转动获得升力，运用的原理是物体间力的作用是 的。
（2）无人机旋翼是利用通电线圈在 中受力转动的原理工作的，增大线圈中的电流，旋翼的转速会 （选填“变快”或“变慢”）。
（3）电动机在工作时要保持其两端电压为12V不变，通过电子调速器（简称电调）来控制电动机的电流从而改变电动机的功率，每一个电动机连接一个电调，那么电动机和电调的连接方式是 （选填“并联”或“串联”），若电源电压全部加在某一电动机和电调的两端，则电动机和电调的电压之比为 。
三、作图题（每小题2分，共6分）
17．（2分）请在图中画出射入光线通过透镜后的折射光线。
18．（2分）请在图中画出小球A所受浮力的示意图。
19．（2分）请在图中标出开关S闭合后的通电螺线管的N极。
四、实验与探究题（本大题共3小题，每空、图2分，共24分）
20．（6分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
（1）一束平行于主光轴的光线经凸透镜后，在光屏上形成一个最小、最亮的光斑，如图甲所示，则该透镜的焦距为 cm。
（2）调节各元件位置如图乙所示，可在光屏上得到一个清晰、倒立、 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像。
（3）保持透镜和蜡烛位置不变，在蜡烛和透镜之间加一个近视镜片，观察到光屏上的像变模糊，若使光屏上的像再次清晰，可将光屏向 （选填“左”或“右”）移动。
21．（8分）小薇同学在测矿石的密度时，操作步骤如下：
（1）小薇选用了一块小矿石，用调好的天平测它的质量，当右盘中所加砝码和游码的位置如图甲所示时，天平恢复平衡，则测得的矿石质量m是 g；
（2）如图乙在量筒中装入适量的水，将系了细线的矿石轻轻放入量筒，如图乙所示，测得矿石的体积V是 cm3；
（3）由测出矿石的密度为 g/cm3（保留一位小数）；
（4）小薇回家后，想测出家里某个小饰品的密度，她找到家里的电子秤如图（最后一位为小数），称出饰品的质量是140g，又借助细线、水、玻璃杯，测出了饰品的体积，她的实验操作步骤如图丙、丁所示，则饰品的密度是 kg/m3。
22．（10分）小红同学用下列器材探究电流与电阻的关系：干电池4节，定值电阻R（10Ω、15Ω、20Ω和25Ω），电流表A（量程0～0.6A或0～3A），电压表V（量程0～3V或0～15V），滑动变阻器，开关，导线若干。在实验中：
（1）①如图乙所示，电压表量程为0～15V，电流表量程为0～0.6A，定值电阻R＝10Ω，请根据图甲在图乙中补画2根导线，将实物电路连接完整。
②确认电路连接无误后，闭合开关，电压表示数如图丙所示，则电源电压是 V。
（2）断开开关，将电压表量程改为0～3V，并联接在图甲中的 A、B两点，检查电路无误后，闭合开关，向左移动滑片P，当电流表示数为0.24A时，记下电压表的示数，设此时滑动变阻器连入电路的阻值为RP1，接着将10Ω的定值电阻更换为15Ω的定值电阻，重做实验，当观察到电压表的示数是 V时，记下电流表的示数，设此时滑动变阻器连入电路的阻值为Rp2，则RP2﹣RP1＝ Ω。
（3）小红同学继续进行实验，将15Ω的定值电阻更换为20Ω的定值电阻，闭合开关，发现滑片P在最右端时，电压表示数为2.7V。为了能用20Ω和25Ω的定值电阻继续完成实验，应将实物电路中的滑动变阻器更换为 （填“25Ω 2A”“30Ω 2A”或“50Ω 1.5A”）的滑动变阻器。
五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
23．（5分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20Ω。闭合开关S，两电流表的示数分别为0.9A和0.3A。求：
（1）电源电压U为多少V？
（2）电阻R2的阻值为多少？
（3）通电1min整个电路消耗的电能为多少J？
24．（5分）底面积为100cm2，重为3N的平底圆柱形容器内装有适量的水，放置于水平桌面上。现将体积为600cm3，重为2N的木块A轻放入容器内的水中，静止后水面的高度为10cm，如图甲所示，若将一重为6N的物体B用细绳系于A的下方，使A恰好浸没在水中，如图乙所示（水未溢出），不计绳重及其体积，g取。求：
（1）图甲中木块A静止时浸入水中的体积；
（2）物体B的密度；
（3）图乙比图甲中水对容器底部增大的压强。
《参考答案》
一、选择题（每题2分，共24分）
1．（2分）目前智能手机的使用十分普遍，一个智能手机的长度约为（ ）
A．15mmB．15mC．15cmD．15dm
【分析】根据生活经验和对长度单位的认识进行分析。
【解析】解：由生活经验可知，一个智能手机的长度约为15cm＝150mm＝1.5dm＝0.15m，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查长度的估测，要认真观察生活，注意收集生活中常见物体的长度数据。
2．（2分）小明在球场上踢足球时，听到物理老师在喊他。他判断是物理老师，是依据声音的（ ）
A．音调B．响度C．音色D．声速
【分析】音色是取决于发声体本身的一种特性，可以用于区分或辨别发声体。
【解析】解：音色可以区分或辨别发声体，故小明判断是物理老师，是依据声音的音色。
故选：C。
【点评】本题考查了音色与音调和响度的区别，属于基础知识。
3．（2分）下列词语中涉及的光现象可以用光的直线传播解释的是（ ）
A．海市蜃楼B．镜花水月C．杯弓蛇影D．立竿见影
【分析】（1）由光在同一均匀介质中沿直线传播形成的现象较多，如日月食、影子、小孔成像等；
（2）平面镜成像是光的反射形成的。
（3）光从一种介质斜射向另一种介质时，光线的传播方向一般要发生改变，这种现象称为光的折射，如雨后彩虹、海市蜃楼、潭清疑水浅等现象。
【解析】解：A、海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播时发生折射形成的，故A不符合题意；
B、镜花水月是平面镜成像，属于光的反射，故B不符合题意；
C、杯弓蛇影是平面镜成像，属于光的反射，故C不符合题意；
D、立竿见影是由于光的直线传播形成的，故D符合题意；
故选：D。
【点评】此题主要考查光的直线传播、光的反射和光的折射在生活中的应用，都是基础知识，比较简单。
4．（2分）以下的能源属于二次能源的是（ ）
A．潮汐能和地热能B．风能和水能
C．电能D．太阳能
【分析】一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源．例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能；
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源．例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气。
【解析】解：潮汐能、地热能、风能、水能、太阳能可以从自然界直接获取，是一次能源；电能无法从自然界直接获取，是二次能源。
故选：C。
【点评】本题考查了能源的分类，属于基础题。
5．（2分）世界上最早记录了“地理的两极和地磁场的两极并不重合”这一现象的人是（ ）
A．沈括B．奥斯特C．安培D．欧姆
【分析】我国北宋科学家沈括在《梦溪笔谈》中指出了“地理的两极和地磁场的两极并不重合”。
【解析】解：世界上最早记录了“地理的两极和地磁场的两极并不重合”这一现象的人是沈括，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】物理学史也是物理考试中经常出现的题目，要求学生记住一些科学家及他们做出的杰出贡献。
6．（2分）每逢举办奥运会，都有取火种、传圣火的活动，火炬接力象征着传递和平与光明，团结与友谊。火炬外壳制作材料的选择，可以不考虑下列哪种物质属性（ ）
A．密度B．硬度C．导电性D．导热性
【分析】解答本题可根据我们对该物体作用的了解和对材料的物理特征来对比分析，看哪个选项中所列的物体与所利用的物质的属性不相符。
【解析】解：为了便于火炬接力且避免火炬变形以及火炬在传递过程由于热传递导致对接力者的伤害，火炬外壳制作材料的选择应具有密度小、硬度大且导热性差的属性，而火炬接力过程中不存在导电性的问题。
故选：C。
【点评】本题主要考查了物质的基本属性，属于基础知识的考查，难度不大。
7．（2分）在学校科技周展示中，物理兴趣小组的同学用塑料瓶自制了一个火箭模型，在瓶子的侧壁安装一个电火花发生器，按下按钮会产生电火花，从瓶口喷入酒精后，盖上锥形纸筒，按下按钮，纸筒立即向上飞出。下列说法正确的是（ ）
A．瓶内酒精燃烧越充分，酒精热值越大
B．纸筒飞出过程中内能转化为机械能
C．纸筒飞出相当于热机工作时的压缩冲程
D．瓶内出现的白雾是由水蒸气汽化而成的
【分析】（1）热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；比热容的大小与物质的种类和状态有关；
（2）燃气推动纸筒飞出的过程中，将燃气的内能转化为纸筒的机械能；
（3）热机的做功冲程将内能转化为机械能；
（4）物质由气态变成液态的过程叫液化。
【解析】解：A、热值的大小与燃料的燃烧情况、燃料的质量无关，故A错误；
B、燃气推动纸筒飞出的过程中，将燃气的内能转化为纸筒的机械能，故B正确；
C、热机的做功冲程将内能转化为机械能，纸筒飞出相当于热机工作时的做功冲程，故C错误；
D、瓶内出现的白雾是由水蒸气液化形成的，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查热值、热机和物态变化，属于基础题。
8．（2分）如图是足球落地后又弹起的示意图，分析可知，足球（ ）
A．在B点时受力平衡
B．在A、D两点动能可能相等
C．在运动过程中，只存在动能和势能的相互转化
D．在小球弹起后的最高点B点，小球动能为0
【分析】图中小球的高度越来越小，即说明有机械能的损失；重力势能大小的影响因素：质量、被举起的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能包括动能和势能，据此判断动能和势能的变化。
【解析】解：A．在B点时，小球受到竖直向下的重力、空气的阻力的共同作用，小球有斜向下运动的趋势，所以受力不平衡，故A错误；
B．图中小球的高度越来越小，说明有机械能的损失，则D点的机械能一定小于A点的机械能；机械能等于动能与势能之和；D点比A点低，所以D点的重力势能小于A点的重力势能，则其动能有可能与A点的动能相等，故B正确；
C．在运动过程中，足球克服空气阻力做功，一部分机械能转化为内能，故C错误；
D．在小球弹起后的最高点B点，由于具有水平方向的速度，所以，此时小球动能不为0，故D错误。
故选：B。
【点评】本题中，首先确定机械能是减小的，再根据机械能包括动能和势能，并根据它们的不同影响因素做出分析与判断。
9．（2分）用一个动滑轮把重100N的沙袋从地面提到9m高的脚手架上，所用的力是60N，若不计滑轮及绳重，下列说法正确的是（ ）
A．所做的有用功是540J
B．所做的总功是900J
C．所做的额外功是90J
D．动滑轮的机械效率是83.3%
【分析】（1）利用W有＝Gh求提起重物所做的有用功；
（2）使用一个动滑轮提升重物时，绳子自由端移动的距离s＝2h，利用W总＝Fs求总功；
（2）根据W总＝W有+W额计算额外功；
（4）利用机械效率的公式求滑轮组的机械效率。
【解析】解：
A、所做的有用功：W有＝Gh＝100N×9m＝900J，故A错误；
B、动滑轮有两段绳子承担总重，绳子自由端移动的距离s＝2h＝2×9m＝18m，
这一过程所做的总功：W总＝Fs＝60N×18m＝1080J，故B错误；
C、根据W总＝W有+W额可知，
所做的额外功为：W额＝W总﹣W有＝1080J﹣900J＝180J，故C错误；
D、滑轮组的机械效率：η＝＝×100%≈83.3%，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了对有用功、总功、机械效率公式、滑轮组s＝nh的理解和运用，明确有用功和总功概念是关键。
10．（2分）如图，将一支用自制的简易密度计，先后放入盛有不同液体的两个烧杯中，静止后竖直立在液体中，两液面相平，下列判断不正确的是（ ）
A．密度计上a处的刻度数值比b处小
B．密度计底部所受液体的压强相等
C．密度计在两种液体中受到的浮力大小相等
D．甲液体对容器底部的压强比乙液体对容器底部的压强小
【分析】（1）同一个密度计放在甲乙液体中都漂浮，根据F浮＝G可知密度计在甲、乙两种液体中受到的浮力的大小关系；密度计上a处与液面相平时排开液体的体积小于密度计上b处与液面相平时排开液体的体积，根据ρ液＝可知a处对应的液体密度与b处对应的液体密度的大小关系；
（2）漂浮时浮力等于重力，根据密度计重力的关系判断密度计在两种液体中受到浮力大小的关系；
根据浮力产生的原因，结合压强公式分析比较密度计底部所受液体的压强；
（3）由图知密度计排开液体的体积V排甲＞V排乙，又因为浮力相等，由F浮＝ρ液V排g可知两液体的密度大小关系，因为容器中的液面相平，根据p＝ρ液gh知两液体对容器底部的压强的大小关系。
【解析】解：A、密度计漂浮，根据F浮＝G可知密度计所受的浮力不变，密度计上a处与液面相平时排开液体的体积小于密度计上b处与液面相平时排开液体的体积，根据ρ液＝可知a处对应的液体密度大于b处对应的液体密度，故密度计上a处的刻度数值比b处大，故A错误；
BC、同一个密度计放在甲、乙液体中都漂浮，根据F浮＝G可知密度计在甲、乙两种液体中受到的浮力相等，根据浮力产生的原因可知，浮力等于物体下表面和上表面所受压力之差，而密度计漂浮，其上表面受到的压力为0，所以下表面受到的压力相等，密度计底面积一定，故密度计底部所受液体的压强相等，故BC正确；
D、由图知密度计排开液体的体积V排甲＞V排乙，又因为浮力相等，由F浮＝ρ液V排g可知，则ρ甲＜ρ乙，因为容器中的液面相平，根据p＝ρ液gh知甲液体对容器底部的压强比乙液体对容器底部的压强小，故D正确；
故选：A。
【点评】本题考查浮力和压强的有关知识，综合性强，难度较大。
11．（2分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，R2为定值电阻且电阻不为零，当滑动变阻器R1阻值为30Ω时电流表示数为0.3A，调节滑动变阻器滑片使R1阻值为20Ω时，电流表的示数可能是（ ）
A．0.5AB．0.45 AC．0.4 AD．0.2A
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流；根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源电压和第2次电流表的示数，由于电源电压不确定、定值电阻R2的阻值也不确定，可以在利用数学中的极限知识确定电路中电流的范围，即可得出电流表示数的可能值。
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流；
（1）将R1阻值由30Ω减小为20Ω时，由串联电路电阻的特点可知，总电阻减小，根据I＝可知，电路中的电流增大，即此时电流表的示数应大于0.3A，故D错误；
（2）当滑动变阻器R1阻值为30Ω时，电流表示数为0.3A，
设电源电压为U，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
则由欧姆定律可得，电源电压：U＝I（R1+R2）＝0.3A×（30Ω+R2）﹣﹣﹣﹣﹣﹣①；
调节滑动变阻器滑片使R1阻值为20Ω时，此时电流表的示数：
I′＝＝﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②；
定值电阻R2的阻值不确定，其阻值介于0到无穷大之间；
若R2的阻值接近于0，则串联电路的总电阻最小，电路中的电流最大，
则I最大＝＝＝0.45A，
综上所述，电路中电流的范围为0.3A＜I′＜0.45A，故C正确，AB错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电阻的串联和欧姆定律的应用，关键是用极限知识分析电路中电流的范围。
12．（2分）如图所示，甲、乙两个质量分布均匀的实心正方体分别放置在水平地面上，他们对地面压强相等，若沿竖直方向将甲、乙各切除相同厚度，再将切除部分分别放在各自剩余部分上，甲、乙对地面的压强分别为p甲和p乙，下列判断正确的是（ ）
A．p甲＞p乙B．p甲＜p乙C．p甲＝p乙D．无法确定
【分析】（1）甲、乙两个质量分布均匀的实心正方体分别放置在水平地面上，各自对地面的压强相等，但S甲＞S乙，由F＝pS判断出甲、乙对地面压力的关系；
（2）根据和切割前甲、乙对地面的压强相等，得出ρ甲gh甲＝ρ乙gh乙；
甲、乙两个立方体各切除一部分并再将切除部分分别叠放在各自剩余部分上面时，它们各自对地面的压力不变，再根据剩余部分的厚度相同得出受力面积，根据压强公式得出表达式，利用条件即可得出此时甲、乙的压强关系。
【解析】解：（1）甲、乙两个质量分布均匀的实心正方体分别放置在水平地面上，各自对地面的压强相等，但S甲＞S乙，由F＝pS可知，甲对地面的压力大于乙对地面的压力，即甲的重力大于乙的重力；
（2）实心立方体对水平地面压强：
根据题意：切割前甲、乙对地面的压强相等，
所以，ρ甲gh甲＝ρ乙gh乙；
设实心正方体剩余部分的厚度为h，
则底面积为s底＝h边长h，
因把切掉的部分又放到物体的上方，所以，它们对地面的压力不变，所以压强。
由于h甲＞h乙，且ρ甲gh甲＝ρ乙gh乙；
所以ρ甲gh甲2＞ρ乙gh乙2，
所以，p甲＞p乙。
故选A。
【点评】本题主要考查压强公式的应用和压强大小的比较，分析出压力和受力面积的变化是解答本题的关键。
二、填空题（每空1分，共26分）
13．（4分）2023年4月12日21时，有“人造太阳”之称的中国“环流器”实验装置，成功实现了稳态长脉冲高约束模式等离子体运行，创造了新的世界纪录。核能属于 新能源 （选填“常规能源”或“新能源”）；该装置的线圈使用超导材料绕制，这些线圈工作在零下296摄氏度的超低温中，从而实现超导，处于超导状态时的线圈的电阻为 0 Ω。如图所示，它的反应原理与太阳类似，通过 核聚变 （选填“核裂变”或“核聚变”）释放巨大的核能，原子核能又转化为 内能 ，从而获得上亿度的高温。
【分析】核能属于新能源；人造太阳是利用核聚变释放的核能来发电的。
超导体的电阻为零。
【解析】解：核能属于新能源；处于超导状态时的线圈的电阻为0Ω，中国环流器的反应原理与太阳类似，通过核聚变释放巨大的核能，原子核能又转化为内能，从而获得上亿度的高温。
故答案为：新能源；0；核聚变；内能。
【点评】本题考查的是能源的分类；知道超导体的特点及应用；知道人造太阳中的能量转化和核聚变。
14．（7分）2022年5月31日，大型灭火/水上救援水陆两栖飞机“鲲龙AG600”全状态新构型灭火机在广东珠海首飞成功，如图甲所示。“鲲龙AG600”总体技术水平和性能达到当前国际同类飞机的先进水平，完全具有自主知识产权，飞机配备有4台国产涡桨—6发动机，最大起飞质量53.5吨，20秒内可一次汲水12吨，单次投水救火面积可达4000余平方米。最大航速可达500公里每小时。
（1）飞行中，飞行员相对于他驾驶的飞机是 静止 （填“运动”或“静止”）的。飞机能够升空，是因为机翼上表面受到的气压 大于 （填“大于”、“等于”或“小于”’）机翼下表面的气压；
（2）若“鲲龙AG600”以最大的航速飞行时，15min飞行的距离为 125 km；
（3）若该飞机在执行某次灭火任务时，保持一定高度水平匀速飞行进行投水灭火，则在这一过程中，飞机 受到 （选填“受到”或“不受到”）平衡力的作用，飞机的机械能 减小 （选填“增大”、“不变”或“减小”）。
（4）飞机飞行时，机身与空气剧烈摩擦，由于飞机表面金属材料的原子核对电子的束缚本领比空气的原子核弱，因此飞机表面会带上 正 电荷。
（5）飞机的发动机选用航空煤油作为燃料，假如航空煤油的热值为4.6×107J/kg，完全燃烧50kg航空煤油放出的热量为 2.3×109 J。
【分析】（1）飞行员相对于他驾驶的飞机相对位置不发生改变，所以是静止的；流体中，飞机飞行时上方流速大，压强小，下方流速小，压强大；
（2）速度公式s＝vt；
（3）此题机械能包括动能和重力势能，动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，质量减小，速度和高度不变，机械能减小；
（4）摩擦起电的实质是电子的转移；
（5）热值计算公式Q放＝qm。
【解析】解：（1）飞行员相对于他驾驶的飞机相对位置不发生改变，所以是静止的；流体中，飞机飞行时上方流速大，压强小，下方流速小，压强大；
（2）s＝vt＝500km×0.25h＝125km；
（3）此题机械能包括动能和重力势能，动能与质量和速度有关，重力势能与质量和高度有关，质量减小，速度和高度不变，机械能减小；
（4）飞机表面金属材料的原子核对电子的束缚本领比空气的原子核弱，因此飞机表面易失电子会带上正电荷。
（5）Q放＝qm＝4.6×107J/kg×50kg＝2.3×109J
故答案为：（1）静止；小于；（2）125；（3）受到；减小；（4）正；（5））2.3×109J。
【点评】本题考查静止和运动相对性；流体压强中，流体压强与流速的关系；机械能概念的理解；热值计算公式。属于基础题。
15．（7分）智能手机是目前普遍使用的通讯工具。
（1）如图甲所示，手指轻轻触碰感应区，识别出正确的指纹后手机自动开锁，则感应区相当于手机电路中的 开关 ；
（2）如图乙所示，人们经常用手机扫描二维码，相当于给二维码拍了一张照片，手机摄像头相当于 凸透镜 选填“凸透镜”或“凹透镜”）；
（3）华为Mate60Pr是一款近期发布的旗舰智能手机，搭载的是我国自主研发和生产的麒麟9000s芯片处理器，凭借其出色的性能和高端的配置，成为了不少消费者的首选。该手机芯片的主要材料是 半导体 （选填“超导体”、“半导体”、“绝缘体”）；用手机进行通话时通过 电磁波 （选填“超声波”或“电磁波”）向四周有效范围内的终端传递信息，其在空气中的传播速度约为 3×108 m/s；
（4）“充电五分钟，通话两小时！”这是某品牌手机的闪充功能。它的闪充充电器的充电电压为5V，充电电流为4A，电池容量是3000mAh，手机电池标有的电压为3.8V，5min最多可以充入电能 6000 J；如果要送一步提升充电速度，可以考虑提升充电器的充电电压或充电电流。若在不改变充电电流的情况下，要在30min内充满该手机电池，至少需要 5.7 V的充电电压。
【分析】（1）指纹识别的感应区相当于开关。
（2）手机的摄像头相当于照相机，镜头是凸透镜。
（3）芯片主要是由半导体材料制成的，电磁波可以传递信息，它在真空中的传播速度是3×108m/s。
（4）根据W＝UIt进行计算。
【解析】解：（1）手指触碰感应区，感应区相当于手机电路中的开关。
（2）手机摄像头相当于凸透镜。（3）该手机芯片的主要材料是半导体；用手机进行通话时通过电磁波向四周有效范围内的终端传递信息，其在空气中的传播速度约为3×108m/s。
（4）5min最多可以充入电能：W＝UIt＝5V×4A×5×60s＝6000J。
充满该手机电池至少需要的电能：
充电器的输出电压：
。
故答案为：（1）开关；（2）凸透镜；（3）半导体；电磁波；3×108；（4）6000；5.7。
【点评】本题考查的是电路的组成；知道电磁波、半导体的特点及应用；知道凸透镜的成像规律；会根据W＝UIt进行计算。
16．（8分）中国深圳大疆创新科技有限公司作为全球顶尖的无人机制造商，推出的精灵系列“四旋翼”无人机备受用户欢迎。它采用4个电动机带动螺旋桨转动，对下方空气施力的同时获得升力，下表是该无人机的部分参数：
（1）无人机绕过障碍物的过程中，其运动状态 发生 （选填“发生”或“未发生”）改变。如图乙是无人机竖直向上运动的v﹣t图象，由图象可知，在0～5s内，无人机受到的升力 大于 （填“大于”“等于”或“小于”）重力；在5～10s内，无人机受到的升力等于 20 N。该无人机通过螺旋桨转动获得升力，运用的原理是物体间力的作用是 相互 的。
（2）无人机旋翼是利用通电线圈在 磁场 中受力转动的原理工作的，增大线圈中的电流，旋翼的转速会 变快 （选填“变快”或“变慢”）。
（3）电动机在工作时要保持其两端电压为12V不变，通过电子调速器（简称电调）来控制电动机的电流从而改变电动机的功率，每一个电动机连接一个电调，那么电动机和电调的连接方式是 串联 （选填“并联”或“串联”），若电源电压全部加在某一电动机和电调的两端，则电动机和电调的电压之比为 4：1 。
【分析】（1）物体速度变化、运动方向变化都属于运动状态变化；
分析图乙可知，由图像可知，在0～5s内，无人机的速度是加速运动，分析受力；
在5s～10s内，无人机的速度是匀速运动，无人机受到的升力等于重力；
力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（2）通电导体在磁场中受到磁力作用，磁力的大小与电流大小有关；
（3）根据题意和串并联电路的特点可判断电动机和电调的连接方式；根据串联电路电压特点求出电动机和电调的电压之比。
【解析】解：（1）无人机绕过障碍物的过程中，运动的方向发生了改变，其运动状态发生改变；
分析图乙可知，由图像可知，在0～5s内，无人机做加速运动，则无人机处于非平衡状态，升力大于重力；
在5s～10s内，无人机的速度是匀速运动，受到的力是平衡力，大小相等，所以无人机受到的升力等于重力，
G＝mg＝2kg×10N/kg＝20N；
无人机螺旋桨高速旋转向下击打空气，对空气有一个向下的力，同时空气对螺旋桨有一个向上的力使无人机获得向上的升力，这是利用物体间力的作用是相互的；
（2）无人机旋翼主要组成部分有电动机，是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的，增大线圈中的电流，则磁力变大，旋翼的转速会变快；
（3）由题意知，每一个电动机连接一个电调，通过电子调速器（简称电调）来控制电动机的电流从而改变电动机的功率，故电动机和电调的连接方式是串联。
根据串联电路电压规律可知，电调两端的电压：U电调＝U﹣U电动机＝15V﹣12V＝3V，
则电动机和电调的电压之比：U电动机：U电调＝12V：3V＝4：1。
故答案为：（1）发生；大于；20；相互；（2）磁场；变快；（3）串联；4：1。
【点评】本题是一道以多旋翼无人机为背景的信息给予题，主要考查运用能量转化知识和能量的计算、相互作用力知识、串联电路的特点等知识，是一道综合题，难度不大。
三、作图题（每小题2分，共6分）
17．（2分）请在图中画出射入光线通过透镜后的折射光线。
【分析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
【解析】解：平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，据此作出对应的折射光线，如图所示：
【点评】凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。
18．（2分）请在图中画出小球A所受浮力的示意图。
【分析】小球受到的浮力的作用点在重心，方向是竖直向上。据此按照力的示意图的画法画出其所受浮力示意图即可。
【解析】解：小球在水中静止时，所受到的浮力的作用点在重心，方向是竖直向上的，过小球重心，沿竖直向上的方向画一条有向线段，用F表示。如图所示：
【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
19．（2分）请在图中标出开关S闭合后的通电螺线管的N极。
【分析】闭合开关，明确电流的方向，由右手螺旋定则即可判断出通电螺线管的N、S极。
【解析】解：由图知：闭合开关，电流从螺线管左侧流入，从右侧流出。用右手握住螺线管，四指指向电流方向，则大拇指所指的方向即通电螺线管的左端为N极，另一端为S极。如下图所示：
【点评】本题考查了安培定则的应用，利用安培定则时，一定要用右手握住螺线管，四指指向电流方向，当电流流入的导线在螺线管背面时，手心在上；反之，手背在上。
四、实验与探究题（本大题共3小题，每空、图2分，共24分）
20．（6分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中。
（1）一束平行于主光轴的光线经凸透镜后，在光屏上形成一个最小、最亮的光斑，如图甲所示，则该透镜的焦距为 12.5 cm。
（2）调节各元件位置如图乙所示，可在光屏上得到一个清晰、倒立、 缩小 （选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像。
（3）保持透镜和蜡烛位置不变，在蜡烛和透镜之间加一个近视镜片，观察到光屏上的像变模糊，若使光屏上的像再次清晰，可将光屏向 右 （选填“左”或“右”）移动。
【分析】（1）平行光聚焦法，亮点为焦点，焦点到光心的距离为就焦距，由此可以确定其焦距是多少；
（2）凸透镜成像的规律及其应用之一：当u＞2f时，成倒立缩小的实像；
（3）近视眼镜为凹透镜，凹透镜对光线有发散作用。
【解析】解：（1）由图甲知，焦点到凸透镜的距离为42.5cm﹣30.0cm＝12.5cm，所以凸透镜的焦距为12.5cm；
（2）由图可知，此时的物距为u＝50cm﹣10cm＝40cm＞2f时，由凸透镜成像规律可知，成倒立缩小的实像；
（3）近视眼镜为凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，为了再次在光屏上得到清晰的像，蜡烛和透镜的位置不变，可将光屏远离透镜。
故答案为：（1）12.5；（2）缩小；（3）右。
【点评】此题是探究凸透镜成像的规律，主要考查了焦距的定义、成像规律的应用，都是基础知识，要掌握。
21．（8分）小薇同学在测矿石的密度时，操作步骤如下：
（1）小薇选用了一块小矿石，用调好的天平测它的质量，当右盘中所加砝码和游码的位置如图甲所示时，天平恢复平衡，则测得的矿石质量m是 43.4 g；
（2）如图乙在量筒中装入适量的水，将系了细线的矿石轻轻放入量筒，如图乙所示，测得矿石的体积V是 20 cm3；
（3）由测出矿石的密度为 2.2 g/cm3（保留一位小数）；
（4）小薇回家后，想测出家里某个小饰品的密度，她找到家里的电子秤如图（最后一位为小数），称出饰品的质量是140g，又借助细线、水、玻璃杯，测出了饰品的体积，她的实验操作步骤如图丙、丁所示，则饰品的密度是 2.8×103 kg/m3。
【分析】（1）矿石的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
（2）矿石的体积等于矿石和水的总体积与水的体积差值；
（3）根据ρ＝计算矿石的密度
（4）饰品浸没在水中，饰品受到水的浮力等于饰品排开水的重力，由丙丁两图求出饰品排开水的质量，
求出饰品排开水的重力，根据阿基米德F浮＝ρgV排求出饰品排开水的体积，即饰品的体积，知道饰品的
质量和体积，根据密度公式ρ＝求出饰品的密度。
【解析】解：（1）小矿石的质量为砝码的质量加游码的度数，小矿石的质量：m＝20g+20g+3.4g＝43.4g。
（2）矿石和水的总体积是40mL，水的体积是20lmL，所以矿石的体积：V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3。小
（3）矿石的密度
＝2.17g/cm3≈2.2g/cm3
（4）小饰品用细线悬挂浸没在水中，小饰品受到水的浮力作用，物体间力的作用是相互的，小饰品给水一个力作用在容器的底部，使电子秤的示数增加，故电子秤示数增加量等于小饰品排开水的质量，则小饰品排开水的质量：m排＝686.0g﹣636.0g＝50g，
饰品排开水的重力：G排＝m排g，饰品受到的浮力：F浮＝G排，所以，m排g＝ρ水gV排，
饰品浸没在水中，小饰品排开水的体积：
V'＝V排水＝＝50cm3
小饰品的质量是m'＝140g，小饰品的密度
ρ＝；
答：（1）小矿石的质量为：43.4；
（2）矿石的体积为：20；
（3）矿石的密度为：2.2；
（4）小饰品的密度为：2.8×103
【点评】本题的关键难点是求出小饰品的体积，小饰品浸没在水中，小饰品受到水的浮力，根据物体间力的作用是相互的，小饰品给水一个向下的力，这个力就加在容器的底部，加在容器底部的力可以通过电子数的增加求出质量求出，这个力等于小饰品受到的浮力，据阿基米德原理F浮＝ρgV排求出小饰品排开水的体积，小饰品的体积等于排开水的体积。
22．（10分）小红同学用下列器材探究电流与电阻的关系：干电池4节，定值电阻R（10Ω、15Ω、20Ω和25Ω），电流表A（量程0～0.6A或0～3A），电压表V（量程0～3V或0～15V），滑动变阻器，开关，导线若干。在实验中：
（1）①如图乙所示，电压表量程为0～15V，电流表量程为0～0.6A，定值电阻R＝10Ω，请根据图甲在图乙中补画2根导线，将实物电路连接完整。
②确认电路连接无误后，闭合开关，电压表示数如图丙所示，则电源电压是 6 V。
（2）断开开关，将电压表量程改为0～3V，并联接在图甲中的 A、B两点，检查电路无误后，闭合开关，向左移动滑片P，当电流表示数为0.24A时，记下电压表的示数，设此时滑动变阻器连入电路的阻值为RP1，接着将10Ω的定值电阻更换为15Ω的定值电阻，重做实验，当观察到电压表的示数是 2.4 V时，记下电流表的示数，设此时滑动变阻器连入电路的阻值为Rp2，则RP2﹣RP1＝ 7.5 Ω。
（3）小红同学继续进行实验，将15Ω的定值电阻更换为20Ω的定值电阻，闭合开关，发现滑片P在最右端时，电压表示数为2.7V。为了能用20Ω和25Ω的定值电阻继续完成实验，应将实物电路中的滑动变阻器更换为 50Ω 1.5A （填“25Ω 2A”“30Ω 2A”或“50Ω 1.5A”）的滑动变阻器。
【分析】（1）①根据图甲所示电路图，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量定值电阻和滑动变阻器串联后两端总电压；
②根据电压表的量程和分度值读数；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同；
（2）电路中电源电压不变，结合欧姆定律及串联电路规律分别计算出滑动变阻器连入电路的阻值RP1和Rp2，再计算出RP2﹣RP1；
（3）当接入电路中的电阻更大时，根据串联电路的分压特点，其两端电压变大，因此须使滑动变阻器接入更大的阻值以分得更多的电压，直至电压表的示数为2.54不变。根据串联电路的规律和分压原理的知识计算并选择滑动变阻器。
【解析】（1）①根据图甲所示电路图，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量定值电阻和滑动变阻器串联后两端总电压；如下图所示：
；
②因为图丙中电压表选用0～15V的量程，由图可知电压表的分度值为0.5V，示数为6V；
根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，将10Ω的定值电阻更换为15Ω的定值电阻时，电压表示数为UR＝IR＝0.24A×10Ω＝2.4V，
则：RP1＝﹣R＝﹣10Ω＝15Ω；
接入15Ω的定值电阻时，RP2＝﹣R′＝﹣15Ω＝22.5Ω；
则：RP2﹣RP1＝22.5Ω﹣15Ω＝7.5Ω；
（3）当接入电路的电阻R＝20Ω时，根据实验要求，其两端电压U＝2.4V，
变阻器接入电路电阻RP3＝﹣R″＝﹣20Ω＝30Ω；
将20Ω的定值电阻更换为25Ω的定值电阻时，要控制控制定值电阻的电压相同，变阻器接入电路电阻需要大于30Ω，故选标有“50Ω 1.5A”的滑动变阻器。
故答案为：（1）①见解析图；②6；（2）2.4；7.5；（3）50Ω 1.5A。
【点评】本题探究电流与电阻的关系，考查电压表读数、控制变量法、操作过程及串联电路的规律和欧姆定律的运用，最后一问难度较大。
五、计算题（本大题共2小题，每小题5分，共10分。解题时要有必要的公式和文字说明，只写出结果不得分）
23．（5分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20Ω。闭合开关S，两电流表的示数分别为0.9A和0.3A。求：
（1）电源电压U为多少V？
（2）电阻R2的阻值为多少？
（3）通电1min整个电路消耗的电能为多少J？
【分析】由电路图可知，闭合开关S，电阻R1、R2并联，电流表A、A1分别测量干路和电阻R1支路中的电流。
（1）已知两电流表示数大小，根据并联电路的电流规律确定干路和电阻R1支路中的电流大小，根据欧姆定律求得电阻R1两端的电压大小，
根据并联电路的电压规律可知电源电压和电阻R2两端的电压大小；
（2）根据并联电路的电流规律求得通过电阻R2的电流大小，根据欧姆定律求得电阻R2的阻值；
（3）根据W＝UIt求得通电1min整个电路消耗的电能。
【解析】解：（1）由电路图可知，闭合开关S，电阻R1、R2并联，电流表A、A1分别测量干路和电阻R1支路中的电流。
因为并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，所以电流表A的示数为0.9A，即干路中的电流为：I＝0.9A，
电流表A1的示数为0.3A，即通过电阻R1的电流为：I1＝0.3A，
由I＝可得，电阻R1两端的电压为：
U1＝I1R1＝0.3A×20Ω＝6V，
因为并联电路各支路两端电压相等，且等于电源电压，所以电源电压为：U＝U1＝6V，
此时电阻R2两端的电压为：
U2＝U1＝6V；
（2）因为并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，所以通过电阻R2的电流为：I2＝I﹣I1＝0.9A﹣0.3A＝0.6A，
电阻R2的阻值为：；
（3）通电1min整个电路消耗的电能为：W＝UIt＝6V×0.9A×1×60s＝324J。
答：（1）电源电压U为6V；
（2）电阻R2的阻值为10Ω；
（3）通电1min整个电路消耗的电能为324J。
【点评】本题考查欧姆定律和电功公式在并联电路中的应用计算，关键是知道并联电路的电流、电压规律，难度不大。
24．（5分）底面积为100cm2，重为3N的平底圆柱形容器内装有适量的水，放置于水平桌面上。现将体积为600cm3，重为2N的木块A轻放入容器内的水中，静止后水面的高度为10cm，如图甲所示，若将一重为6N的物体B用细绳系于A的下方，使A恰好浸没在水中，如图乙所示（水未溢出），不计绳重及其体积，g取。求：
（1）图甲中木块A静止时浸入水中的体积；
（2）物体B的密度；
（3）图乙比图甲中水对容器底部增大的压强。
【分析】（1）根据漂浮时浮力等于自身的重力可知图甲中木块A静止时受到的浮力，根据F浮＝ρ水gV排得出木块A静止时浸入水中的体积；
（2）根据悬浮时浮力等于自身的重力求出整体受到的浮力，根据F浮＝ρ水gV排得出AB静止时浸入水中的总体积；用总体积减去A的体积，就是B的体积；根据ρ＝算出B的密度；
（3）根据排开水的体积增加量求出图乙中水的深度增加量，利用Δp＝ρ水gΔh求出水对容器底部增大的压强。
【解析】解：（1）图甲中木块A漂浮在水中，所以A受到的浮力F浮＝GA＝2N，
由公式F浮＝ρ水gV排 得木块A浸入水中的体积：
；
（2）图乙中，A、B共同悬浮，此时整体受到的浮力F浮′＝GA+GB＝2N+6N＝8N，
根据F浮＝ρ水gV排可得此时整体排开水的体积为：
V排′＝＝＝8×10﹣4m3；
其中VA＝600cm3＝6×10﹣4m3，
由V排′＝VA+VB得物体B的体积为：
VB＝V排′﹣VA＝8×10﹣4m3﹣6×10﹣4m3＝2×10﹣4m3，
由 G＝mg 得物体B的质量为：
mB＝＝＝0.6kg，
则B物体的密度为：
ρB＝＝＝3×103kg/m3；
（3）图乙与图甲相比，水面升高的高度为：
Δh＝＝＝＝0.06m，
图乙比图甲中，水对容器底部增大的压强为：
Δp＝ρ水gΔh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.06m＝600Pa。
答：（1）图甲中木块A静止时浸入水中的体积为2×10﹣4m3；
（2）物体B的密度为3×103kg/m3；
（3）图乙中水对容器底部的压强增大了600Pa。
【点评】本题综合考查了浮沉条件、阿基米德原理、重力和密度知识，有一定难度。
电源额定电压
电池容量
电动机工作电压
每个电动机额定功率
电动机数量
整机质量
15V
5000mA•h
12V
50W
4
2kg
电源额定电压
电池容量
电动机工作电压
每个电动机额定功率
电动机数量
整机质量
15V
5000mA•h
12V
50W
4
2kg