陕西省商洛市镇安中学2025-2026学年高二上学期12月月考物理试题含答案解析

这是一份陕西省商洛市镇安中学2025-2026学年高二上学期12月月考物理试题含答案解析，共11页。试卷主要包含了选择题，实验题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（本题共10小题，每题4分，共计40分；其中1-7为单选，8-10为多选，多选题漏选得2分，错选不得分.）
1．已知是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度时间图像如图所示。则这一电场可能是下图中的（ ）
A．B．C．D．
2．某同学要把一个量程为200A内阻为300的直流电流计，改装成量度范围是0～4Ｖ的直流电压表则应（ ）
A．串联19.5kΩB．串联19.7kΩC．并联19.5kΩD．并联19.7kΩ
3．一带电粒子在如图所示的点电荷的电场中，只在电场力作用下沿虚线所示轨迹从A点运动到B点，以下判断正确的是（ ）
A．粒子速度减小B．粒子加速度减小
C．粒子带负电D．粒子动能增加，电势能减少
4．用控制变量法可以研究影响平行板电容器电容的因素。设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为。实验中，极板所带电荷量不变，则（ ）
A．保持S不变，增大，则θ变大
B．保持S不变，增大，则θ变小
C．保持不变，增大S，则θ变大
D．保持不变，增大S，则θ不变
5．一带正电的球A用绝缘细线悬挂在О点，另一带正电的球B固定在О点正下方的水平地面上，在静电力的作用下，细线偏离竖直方向，球A处于平衡状态。两球均可视为点电荷。若球A的电荷量缓慢减小为原来的，则在此过程中（ ）
A．细线的拉力逐渐变大
B．细线的拉力减小为原来的
C．A、B之间的静电力逐渐减小
D．A、B之间的距离减小为原来的
6．据报道，2018年4月18日，某市一处高压电线落地燃烧，幸好没有造成人员伤亡。高压电线落地可能导致行人跨步触电，如图所示，设人的两脚间最大跨步距离为d，电线触地点O流入大地的电流为I，大地的电阻率为，间的距离为R。电流在以O点为圆心、半径为r的半球面上均匀分布，其电流密度为，若电流密度乘以电阻率等于电场强度，该电场强度可以等效成把点电荷Q放在真空中O点处产生的电场强度。下列说法错误的是（ ）
A．两脚并拢跳离触地点是防跨步触电的一种有效方法等效
B．点电荷Q的电荷量为（k为静电力常量）
C．图中两脚间路步电压可能等于
D．当两脚间的距离处于最大跨步时，跨步电压可能为零
7．如图所示，电路中电表均可视为理想电表，闭合开关S后将滑动变阻器滑片向左滑动，下列结论正确的是（ ）
电流表A的示数减小
电压表示数减小，电压表示数增大
电源的输出功率一定减小
D．、分别为电压表、的示数，
8．一个迷你型电风扇安装有小直流电动机，其线圈电阻为，额定电压为U，额定电流为I，将它与电动势为E、内阻为r的直流电源相连，电动机恰好正常工作，则（ ）
A．电动机的效率为B．电源的输出功率为EI
C．电动机输出的机械功率为D．通过电动机的电流为
9．用多用电表测电阻时，若选择“×100”的欧姆挡测量发现（ ）
A．指针指在电阻刻度较靠近0Ω的某刻度线上，则应换用“×1k”的欧姆挡测量
B．指针指在电阻刻度较靠近0Ω的某刻度线上，则应换“×10”或“×1”欧姆挡测量
C．指针指在电阻刻度较靠近∝的某刻度线上，则应换用“×1k”的欧姆挡测量
D．指针在电阻刻度较靠近∝的某刻度线上，则应换用“×10”或“×1”的欧姆挡测量
10．如图所示，水平绝缘粗糙的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径R=0.4m．在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度E=1.0×104N/C．现有一电荷量q=+1.0×10﹣4C，质量m=0.1kg的带电体（可视为质点），在水平轨道上的P点由静止释放，带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C，然后落至水平轨道上的D点，取g=10m/s2．
A．带电体在圆形轨道C点的速度大小为4m/s
B．落点D与B点的距离为0
C．带电体运动到圆形轨道B点时对圆形轨道的压力大小7N
D．带电体在从B到C运动的过程中对轨道最大压力为
二、实验题
11．（1）用螺旋测微器测量圆柱体的直径，用游标卡尺测量圆柱体的长度。分别如图甲和乙所示。

圆柱体的直径D为 mm，长度L为 mm。
（2）在“测定金属的电阻率”实验中，小强同学将一段粗细均匀的金属丝（阻值约为5Ω）固定在带有刻度尺的木板上，准备精确测量其电阻（要求电压可以从零开始调节）。现有电源（电动势 E为3.0V，内阻不计）、开关和导线若干，以及下列器材：
A．电流表（量程0~0.6A，内阻约0.125Ω）
B．电压表（量程0~3V，内阻约3kΩ）
C．滑动变阻器（0~5Ω， 额定电流10A）
D．滑动变阻器（0~100Ω， 额定电流1A）
a. 为减小误差，且便于操作，在实验中滑动变阻器应选 （选填器材前的字母）。
b. 如图所示，这是测量该金属丝电阻的实验电路实物图，图中已连接了部分导线，还有三根导线没有连接，请补充完成。

c. 开关闭合前，滑动变阻器的滑片应调到最 （选填“左”或“右”）端。
12．某组同学利用如图1所示的实验电路要测定一节干电池的电动势和内电阻，要求尽量减小实验误差。供选择的器材有：电流表（0～0.6A）、电压表（0～3V，内阻约15kΩ）、电阻箱R（0～999.9Ω）、开关一个，导线若干。（计算结果均保留两位有效数字）
（1）这组同学记录了6组数据，对应的点已经标在图2坐标纸上。请在坐标纸上画出U－I图线，并根据所画图线 ，得出干电池的电动势E值和内电阻r值 ；
（2）当U=1.36V时，计算电源的输出功率P的大小 ；
（3）用一个电动势为E、内电阻为r的电源，向电阻箱R供电。请推导电源输出功率最大时需满足的条件 。
三、解答题（13题12分，14题15分，15题）
13．如图所示，长为的绝缘轻细线一端固定在点，另一端系一质量为的带电小球，小球静止时处于点正下方的点。现将此装置放在水平向右的匀强电场中，电场强度大小为，带电小球静止在点时细线与竖直方向成角，已知电场的范围足够大，空气阻力可忽略不计，重力加速度为。
(1)求小球所带的电荷量大小；
(2)若将小球从点由静止释放，求小球运动到点时绳子的拉力F；
(3)若将小球从点由静止释放，其运动到点时细线突然断开，求小球运动到最高点时需要的时间。
14．如图所示，一个质量为m，带电量为+q的微粒，从a点以大小为v0的初速度竖直向上射入水平方向的匀强电场中。微粒通过最高点b时的速度大小为2v0方向水平向右。求：
（1）该匀强电场的场强大小E；
（2）a、b两点间的电势差Uab；
（3）该微粒从a点到b点过程中的最小动能EK．
15．某同学在研究性学习活动中自制电子秤，原理示意图如图所示。用理想电压表的示数指示物体的质量，托盘与电阻可忽略的金属弹簧相连，托盘与弹簧的质量均不计，滑动变阻器R的滑动端与弹簧上端连接。当托盘中没有放物体时，滑片恰好指在变阻器的最上端，此时电压表示数为0。设变阻器总电阻为R，总长度为l，电源电动势为E，内阻为r，限流电阻阻值为R0，弹簧劲度系数为k，重力加速度为g，不计一切摩擦和其他阻力。
(1)计算电压表的最大示数；
(2)计算该电子秤能测量的最大质量；
(3)电压表示数U与所称物体质量m的关系式。
物理 参考答案
1．B
【详解】由图像可知，速度在逐渐增大，图像的斜率在逐渐减小，故此带负电的微粒做加速度越来越小的加速直线运动，所受电场力越来越小，电场线的疏密表示场强的大小，故沿AB方向电场线越来越稀疏。带负电的微粒受力方向与运动方向相同，与场强方向相反，故场强方向由B指向A。
故选B。
2．B
【详解】把电流表改装成量程为4V的电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值为：
故选B。
3．D
【详解】C．根据粒子轨迹的弯曲可知，电场力的方向顺着电场线向上，与电场强度方向相同，因此粒子带正电，故C错误；
AD．粒子从A点到B点，电场力做正功，粒子动能增加，速度增大，电势能减少，故A错误，D正确；
B．由电场线的疏密程度表示电场强度大小可知，粒子从A到B，电场强度增大，粒子所受的电场力增大，加速度增大，故B错误。
故选D。
4．A
【详解】AB．电容的决定式
当保持S不变，增大d时，电容减小，电容器的电量Q不变，由电容的定义式
分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角θ变大，故A正确，B错误；
CD．电容的决定式
当保持d不变，增大S时，电容增大，电容器极板所带的电荷量Q不变，则由电容的定义式
分析可知板间电势差减小，静电计指针的偏角θ变小，故CD错误。
故选A。
5．C
【详解】AB．设A、B的电荷量为，两球之间的距离为，球B与悬点之间的距离为，绳长为，两球之间的库仑力为，细线的拉力为，对小球A受力分析如图
结合三角形相似得
由库仑定律可得
联立两式可得
由上式可知，其中均为定值，所以当球A的电荷量缓慢减小为原来的，逐渐减小，又由相似比可得
故拉力保持不变，故AB错误；
C．又由相似比可得
当逐渐减小，拉力静电力逐渐减小，故C正确；
D．由两球之间的距离为表达式，球A的电荷量缓慢减小为原来的可得
故D错误。
故选C。
6．C
【详解】A．两脚并拢后，两个脚之间不存在电势差，这时就没有电流流过人体从而防止人体触电，A正确，不符合题意；
B．由题可知等效电场强度
根据点电荷的电场强度公式
因此点电荷Q的电荷量
B正确，不符合题意；
C．由题可知在N点处的电场强度
而MN间的电场不是匀强电场，越靠近M点，场强越大，根据
可知MN之间的电势差一定大于，C错误，符合题意；
D．若两脚站在同一条等势线上，无论距离是多少，两脚间的跨步电压都是零，D正确，不符合题意。
故选C。
7．D
【详解】AB.将滑动变阻器滑片向左滑动，则阻值减小，电路总电阻减小，总电流变大，则电流表A的示数变大，电阻R两端的电压变大，即电压表示数增大，根据可知，电压表示数减小，A错误，B错误；
C.当外电阻与电源内阻相等时电源输出功率最大，因外电阻与内阻关系不确定，则不能判断电源输出功率的变化，C错误；
D. 电阻R两端的电压，则
根据可知，
所以有，D正确。
故选D。
8．CD
【详解】B．电源的输出功率为
=UI
故B错误；
C．电动机的总功率为
P总=IU
电动机的热功率为
可得电动机输出的机械功率为
故C正确；
A．电动机的效率为
故A错误；
D．根据闭合电路欧姆定律
E=U+Ir
可得电流为
故D正确。
故选CD。
9．BC
【详解】AB．指针指在电阻刻度较靠近0Ω的某刻度线上，所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应换用“×10”或“×1”的欧姆挡，故A错误，B正确；
CD．指针指在电阻刻度较靠近∝的某刻度线上，说明所选挡位太小，为准确测量电阻阻值，则应换用“×1k”的欧姆挡，故C正确，D错误；
故选BC。
10．BD
【详解】A项：设带电体通过C点时的速度为vC，依据牛顿第二定律：，解得，故A错误；
B项：设带电体从最高点C落至水平轨道上的D点经历的时间为t，根据运动的分解有：
，，联立解得：，故B正确；
C项：设带电体通过B点时的速度为vB，设轨道对带电体的支持力大小为FB，带电体在B点时，根据牛顿第二定律有，带电体从B运动到C的过程中，依据动能定理：，联立解得，故C错误；
D项：由P到B带电体作加速运动，故最大速度一定出现在从B经C到D的过程中．在此过程中只有重力和电场力做功，这两个力大小相等，其合力与重力方向成45°夹角斜向右下方，故最大速度必出现在B点右侧对应圆心角为45°处，设小球的最大动能为Ekm，根据动能定理有： ，由于重力与电场力大小相等，根据，由以上两式可解得：，故D正确．
11． 1.745/1.744/1.743 41.4 C 左
【详解】（1）[1]圆柱体的直径D为
[2]长度L为
[3]电阻两端电压可以从零开始调节，在实验中滑动变阻器应采用分压式接法，为减小误差，且便于操作，在实验中滑动变阻器应选最大阻值为的滑动变阻器。故选C。
（2）[4]电压表的内阻远大于待测电阻的阻值，为减小实验误差，电流表采用外接法，电阻两端电压可以从零开始调节，在实验中滑动变阻器应采用分压式接法，实验电路实物图如图所示。

[5]开关闭合前，为保护电表，电阻两端电压应为零，滑动变阻器的滑片应调到最左端。
12． E=1.5V,r=1.1 P=0.1632W R=r
【详解】(1)将所有点连成一条直线，如图
由图像可知，电动势E=1.5V，则内阻
(2)由图像可知，当U=1.36V时，电流为I=0.12A，所以电源的输出功率P为
(3)由闭合电路欧姆定律得，电源的输出功率为，联立得
由数学变形得
当R=r时，P有最大值。
13．(1)
(2)
(3)
【详解】（1）对小球受力分析可知
解得
（2）从点运动到A点时由动能定理
在A点时
解得
（3）小球从A点细线断开时的竖直速度
到达最高点的时间
解得
14．（1）该匀强电场的场强大小E为；（2）a、b两点间的电势差为；（3）该微粒从a点到b点过程中的最小动能为
【详解】（1）分析：沿竖直方向和水平方向建立直角坐标系，带电微粒受到重力及电场力作用，两力分别沿竖直方向和水平方向，将物体的运动分解为竖直方向和水平方向的两个分运动：在竖直方向物体做匀减速运动，加速度ay=g，在水平方向物体做匀加速运动，初速度为0，加速度ax=，b点是最高点，竖直分速度为0，在竖直方向有
v0=gt
在水平方向有
2v0=
联立以上两式得
E=
（2）水平位移
x=，t=
ab两点间的电势差
Uab=E•x=
（3）设重力与电场力的合力为F，其与水平方向的夹角为θ，则
tanθ==
如图所示，开始一段时间内，F与速度方向夹角大于90°，合力做负功，动能减小，后来F与速度夹角小于90°，合力做正功，动能增加，因此，当F与速度v的方向垂直时，小球的动能最小，速度也最小，设为vmin
即
tanθ=，vx==2gt，
联立以上三式得：t=，vx=，vy=
所以最小速度
vmin=
所以最小动能
15．(1)
(2)
(3)
【详解】（1）经分析知，当滑片在R最下方时，电压表示数最大，电路总电阻为
由闭合电路欧姆定律可得
联立解得
（2）由题知，电子秤测量得最小质量为0；电子秤测量最大质量时，弹簧形变量增加，由胡克定律结合受力分析知
解得
即电子秤测量范围为
（3）由闭合电路得欧姆定律可得
当弹簧形变量增加x时，由电阻定律得
由受力分析知
又有
联立解得
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
B
B
D
A
C
C
D
CD
BC
BC