2025-2026学年安徽省高三（上）名校名师测评（期中）物理试卷（三）（含答案）

这是一份2025-2026学年安徽省高三（上）名校名师测评（期中）物理试卷（三）（含答案），共11页。试卷主要包含了单选题，多选题，实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题：本大题共8小题，共32分。
1.物理学是建立在实验基础上的自然科学，在物理实验探究中需要用到不同的实验器材，如图下列几个实验中一定会用到天平的是( )
A. 利用打点计时器测加速度
B. 验证平行四边形定则
C. 验证机械能守恒定律
D. 验证动量守恒定律
2.如图所示，水平直杆以速度v贴着圆环表面向下匀速运动，某时刻杆与圆环在M点相交，半径OM与杆的夹角为θ，则此时交点的速度为( )
A. vsinθB. vsinθC. vcsθD. vcsθ
3.如图所示，杂技演员在表演“水流星”节目时，用长为L细绳系着的盛水的杯子，在竖直平面内做圆周运动，已知重力加速度为g。下列说法中正确的是( )
A. “水流星”在最高点时，水对杯底一定有压力
B. “水流星”在最高点时，盛水杯子的速度一定不为零
C. “水流星”在最低点速度如果小于 5gL时，一定会有水洒出来
D. “水流星”向下运动时处于失重状态，向上运动时处于超重状态
4.在粗糙水平地面上，一质量m=1kg的物体在水平拉力F作用下，由静止开始运动，拉力F随时间t变化的关系图像如图所示，已知物体与水平地面间的动摩擦因数μ=0.1，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2，则t=2s时物体的速度大小为( )
A. 0.25m/sB. 0.5m/sC. 1 m/sD. 2m/s
5.假定太阳系一颗质量均匀、可看作球体的小行星公转可以忽略。现若该星球开始自转，角速度为ω时，该星球表面“赤道”上的物体对星球的压力减为原来的34。已知引力常量G，则该星球密度ρ为( )
A. 16ω23πGB. ω23πGC. 3ω2πGD. 9ω24πG
6.巴黎奥运会上，中国跳水运动员全红婵从高度为H=10m的跳台上以v0=4m/s起跳，完成了一系列高难度动作后，以某速度入水。假设她在空中的运动可视为先做竖直上抛运动与后做自由落体运动的组合，且忽略空气阻力。当她入水时，为了减小水花，她迅速伸直双臂并调整身体姿态，使得重心在入水后下沉到离水面约h=4m深时速度减为零。设水的阻力恒定，全红婵质量大约为m=40kg。重力加速度g=10m/s2，则下列说法正确的有( )
A. 全红婵在空中做动作能利用的时间为 2s
B. 全红婵入水后，水对她的阻力与其重力之比为37:10
C. 在整个过程中重力对全红婵做的功为5600J
D. 起跳过程中跳台对全红婵不做功
7.如图所示，一个质量为M、长为L的木板B静止在光滑水平面上，其右端放有可视为质点的质量为m的滑块A，现用一水平恒力F作用在滑块上，使滑块从静止开始做匀加速直线运动直至滑到木板的最左端，滑块和木板之间的摩擦力为Ff，此过程中木板运动的距离为x，运动时间为t，下列说法正确的是( )
A. 若仅增大滑块A的质量，则t将增大
B. 若仅增大木板B的质量，则t将增大
C. 滑块A克服摩擦力所做的功为F1L
D. 滑块A到达木板B最左端时，木板B具有的动能为FfL
8.两块质量都是m的木块A和B在光滑水平面上均以速度v0向左匀速运动，中间用一根劲度系数为k的轻弹簧连接着，如图所示。现从水平方向迎面射来一颗子弹，质量为m2，速度为11v0，子弹射入木块A并留在其中。则下列说法正确的是( )
A. 子弹击中木块后的运动过程中弹簧的最大弹性势能Ep=245mv02
B. 若子弹击中木块时间是t(t极小)，子弹击中木块过程中子弹对木块A的平均推力F=2mv0t
C. 子弹击中木块后的瞬间木块A的动量是B的动量大小的2倍
D. 若子弹的初始速度增到原来的2倍(未射出)，则子弹射入木块A的深度增加为原来的4倍
二、多选题：本大题共2小题，共10分。
9.如图所示，一篮球以水平初速度v0碰撞篮板后水平弹回，速率变为原来的k倍(k”“=”或“
(2)BC
(3)m1 LP=m1 LM+m2 LN m1LP=m1LM+m2LN
13.解：(1)当行李到达传送带下端速度刚好为零时，工作人员推下行李的速度最小，设最小速度为v0，则：行李下滑时根据牛顿第二定律可知μmgcsθ−mgsinθ=ma
解得a=0.4m/s2
对行李下滑过程由运动学公式得：v02=2aL
解得v0=2m/s。
(2)根据(1)可知行李开始阶段在传动带上做匀减速直线运动，用时t1=v2−v1a=1.6−
在传动带上滑动的距离为x1=v1+v22t1=1.6+0.62×2.5=2.75m
因为行李所受滑动摩擦力大于重力沿传动带方向上的分力，即μmgcsθ>mgsinθ，
所以行李与传动带共速后做匀速直线运动至传送带底端，
匀速运动的时间为t2=L−x1v1=5−
所以行李通过传送带的时间为t=t2+t2=6.25s。
14.解：(1)物块A压缩弹簧，当A、B共速时，弹簧最短，弹簧弹性势能最大
m1v0=(m1+m2)v1
解得v1=2m/s
弹簧最大弹性势能EP=12m1v02−12(m1+m2)v12
联立解得EP=15J
(2)A、B可视为发生弹性碰撞
动量守恒m1v0=m1v1′+m2v2′
机械能守恒12m1v02=12m1v1′2+12m2v2′2
解得v1′=−1m/s，v2′=4m/s
物块B到达最高点，水平方向共速有m2v2′=(m2+m3)v3
解得v3=2m/s
机械能守恒m2gh=12m2v2′2−12(m2+m3)v32
解得h=0.4m>R=0.2m，故物块B飞出物块C
物块B到达C最高点时，水平方向共速，物块C的速度为v3=2m/s
(3)物块B飞出轨道后，与物块C水平方向共速，B仍能回到轨道，当B滑回轨道最低点时，C达到最大速度动量守恒m2v2′=m2v5+m3v6
机械能守恒，12m2v2′2=12m2v52+12m3v62
解得v6=4m/s

15.解：(1)小球P由静止做自由落体，设碰前速度v0，则
mPgL=12mPv02
解得
v0= 2gL
P与Q发生完全弹性碰撞，设碰后P速度为vP1，Q速度为vQ1。
由动量守恒
mPv0=mPvP1+mQvQ1
机械能守恒
12mPv02=12mPvP12+12mQvQ12
解得
vp1=−v02=− 2gL2 vQ1=v02= 2gL2
(2)第一次碰后，由题可知：P做竖直上抛，Q做匀速运动，当二者速度相同时，间距最大，即
vP1+gt=vQ1
解得
t=v0g
由运动学公式得最大距离为
dmax=vQ1t−(vP1t+12gt2)
解得
dmax=L
(3)第一次碰撞后到第二次碰撞时，两者位移相等，则有
vP1t1+12gt12=vQ1t1
解得
t1=2v0g
此时P的速度
vP2=vP1+gt=32v0
Q的速度仍为vQ1，这段时间内Q的位移
xQ1=vQ1t1=v02g=2L
之后发生第二次弹性碰撞，根据动量守恒
mPvP2+mQvQ1=mPvP2′+mQvQ2′
根据能量守恒
12mPvP22+12mQvQ12=12mpvP2′2+12mQvQ2′2
解得
v′P2=0 v′Q2=v0
当位移相等有
vQ2′t2=12gt22
解得
t2=2v0g
这段时间内，Q运动的位移
xQ2=vQ2′t2=2v02g=4L