广东省广州市广东实验中学2025-2026学年高二上学期期中物理试题

这是一份广东省广州市广东实验中学2025-2026学年高二上学期期中物理试题，共8页。试卷主要包含了选择题等内容，欢迎下载使用。
1．在物理学的探索和发现过程中，物理过程和研究方法比物理知识本身更加重要。以下关于物理学研究方法和物
理学史的叙述中正确的是（ ）
A．点电荷是一种理想化模型，其所带电荷量就是元电荷
B．库仑定律是一条实验定律，计算任意两个带电体间的相互作用力，都可以使用公式
C．法拉第提出了电场概念，并指出电场和电场线都是客观存在的
D．电场强度 与电势 采用了比值定义法
2．锂离子电池主要依靠锂离子（Li+）在正极和负极之间移动来工作。图为锂电池原理的示意图，某过程中锂离子
从电池正极脱嵌，通过膈膜嵌入负极材料的微孔中。下列说法正确的是（ ）
A．锂电池储存的能量可以用 mA·h 作单位
B．图示过程中，锂电池内部电流由负极流向正极
C．图示过程表示锂电池正在充电
D．图示过程中，电池内部电场对锂离子的静电力做负功，将其他形式能转化为电能
3．如图所示，M、P、N、Q 是纸面内一个正方形四条边上的中点，M、N 两点连线与 P、Q 两点连线交于 O 点，
在 O 处固定一个正点电荷，现在施加一方向平行于纸面的匀强电场后，P 点的电场强度变为
0，则加匀强电场后，下列说法正确的是（ ）
A．Q 点的电场强度也为 0
B．M、N 两点的电场强度相同
C．M 点的电场强度大于 N 点的电场强度
D．M、N 两点的电场强度方向相互垂直
4．如图所示，两段长度和材料相同、各自粗细均匀的金属导线 a、b 串联连接在电路中，
横截面积之比 。下列说法正确的是（ ）
A．a、b 导线电阻之比为 2∶3 B．a、b 导线通过的电流之比为 2∶3
C．a、b 导线的两端电压之比为 2∶3 D．a、b 导线的焦耳热功率之比为 3∶2
5．沿电场线所在直线建立如图所示 轴， 轴上各点电势 随 的变化规律如图所示，坐标原点 点电势为零。一
带负电的粒子，电量为 ，仅在电场力作用下从 点由静止释放，下列说法正确的是
（ ）
A．粒子到达 点时动能为
B．粒子从 运动到 ，加速度先不变后增大再减小
C． 和 区间内，电场方向相反
D．粒子从 运动到 ，电势能先增大后减小再增大
6．可拉伸电容器在智能穿戴等柔性电子产品中应用广泛，其核心结构由可变形电极和离子凝胶电介质组成，如图
所示。当电容器拉伸时，极板面积 S 和电介质的厚度 均发生变化。其体积 保持不变。充电后与电源断开的
电容器。在缓慢左右绝缘拉伸过程中，下列判断正确的是（ ）
A．电容器的电荷量变大 B．电容器两电极间电压不变
C．电容器的电容与 成反比 D．电容器中的电场强度与 成正比
7．如图甲，A， 为两个带电小球，A 固定在光滑绝缘水平面上 点，初始时刻 在 A 右侧 点处，此时 所受电场
力大小为 ，现给 一方向与 连线重合、大小为 的初速度，开始一段时间内 运动的 图像如图乙，则（ ）
A．初速度 的方向水平向左
B．A， 两小球带异种电荷
C． 的速度大小为 时， 运动的时间小于
D． 时刻， 所受电场力大小可能等于
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8．如图所示是滚筒式静电分选器，由料斗 A，导板 B，导体滚筒 C，刮板 D，料槽 E、F 和放电针 G 等部件组成。
C 和 G 分别接于直流高压电源的正、负极，并令 C 接地。电源电压很高，足以使放电针 G 附近的空气发生电离而
产生大量离子，现有导电性能不同的两种物质粉粒 a、b 的混合物从料斗 A 下落，下落时经过
电离空气都会带上负电荷，沿导板 B 到达转动着的滚筒 C，粉粒 a 具有良好的导电性，粉粒 b
具有良好的绝缘性。则下列说法正确的是（ ）
A．粉粒 a 与导体滚筒 C 接触后会先中和再带上正电
B．粉粒 b 会落入 F 料槽中
C．粉粒 a 会落入 F 料槽中
D．刮板 D 的作用是把吸附在导体滚筒 C 上的粉粒刮下来
9．如图甲所示是来测量脂肪积累程度的仪器，其原理是根据人体电阻的大小来判断脂肪所占比例（体液中含有钠
离子、钾离子等，而脂肪不容易导电，脂肪含量越高电阻越大），模拟电路如图乙所示。测量时，闭合开关，测试
者分握两手柄，体型相近的两人相比脂肪含量低者（ ）
A．电流表示数大
B．电压表示数小
C．路端电压大
D．电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值的绝对值小
10．如图 1 所示，A、B、C、D 为匀强电场中的等势面，相邻两等势面间距均为 d，且等势面与水平面平行。电量
为 q、质量为 m 的带正电小球由等势面 D 竖直向上抛出，恰能到达等势面 A，该过程中小球的动能和机械能随上升
高度 h 的变化关系如图 2 所示，E0 为已知量，重力加速度为 g，不计空气阻力，则下列说法正确的是（ ）
A．图 2 为机械能随上升高度 h 的变化关系
B．电场强度方向向上
C．小球上升过程中加速度大小为 4g
D．电场强度大小为
二、非选择题（11 题 6 分，12 题 10 分，13 题 11 分，14 题 13 分，15 题
14 分，共 54 分）
11．某同学想把一量程为 2mA、内阻未知的毫安表改成量程为 3V 的电压表，该同学先用多用电表测量此毫安表的
内阻，进行了如下操作：
（1）将多用电表挡位调到电阻挡“×100”，再将红表笔和黑表笔短接，调零点；
（2）将图甲中多用电表的红表笔和 （填“1”或“2”）端相连，黑表笔连接另一端；
（3）测量电阻时发现多用电表指针指示的数值过小，需要将多用电表挡位调到电阻 （填“×10”或“×1000”）挡。
（4）将红表笔和黑表笔短接，调零点；
（5）测量时，多用电表指针指示的位置如图乙所示，由此可以得到毫安表的内阻为 ；
12．(1)某同学利用“双缝干涉实验装置”测定红光的波长．已知双缝间距为 d，双缝到屏的距离为 L，将测量头的分
划板中心刻线与某一亮条纹的中心对齐，并将该条纹记为第 1 亮条纹，其示数如图所示，此时的示数为 mm．
然后转动测量头，使分划板中心刻线与第 5 亮条纹的中心对齐，读出示数，并计算第 5 亮条纹与第 1 亮条纹的中心
线间距离为Δx．由此可得该红光的波长表达式为 （用字母表达）；某同学用黄色滤光片时得到一个干涉图样，
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为了使干涉条纹的间距变宽，可以采取的方法是 、 ．
(2)要描绘一个标有“3V 0.8W”小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡两端的电压由零逐渐增加，且尽量减小实验误差．已
选用的器材除导线、开关外，还有
电池组（电动势为 4.5V，内阻约 1Ω）
电流表（量程为 0~300mA，内阻约为 1Ω）
电压表（量程为 0~3V，内阻约为 3kΩ）
滑动变阻器（最大阻值 20Ω，额定电流 1A）
①实验电路应选用图中的 （填字母代号）
②请按照①中选择的电路图，补充完成图中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧
坏 ．
③以电压表的读数 U 为横轴，以电流表的读数Ⅰ为纵轴，根据实验得到的多组数据描绘出小灯泡的伏安特性曲线，
如图所示．由图可知：随着电压的增大，小灯泡的电阻 （选填“增大”或“减小”），其发生变化的原因
是 ．
④从图线可知，当灯泡两端电流为 0.26A 时，小灯泡的功率等于 W（保留两位有效数字）．⑤某同学看到
实验室有最大阻值为 17kΩ的滑动变阻器 R1 和最大阻值为 100Ω的滑动变阻器 R2，用 R1 和 R2 分别替换本实验中的
滑动变阻器，滑片从左向右滑动过程中，电压表示数随滑片移动距离 x 的关系曲线如图所示，正确的是
13．在图甲电路中， 、 为定值电阻， 、 、 是阻值未知的滑动变阻器， 是电容器，电容
。闭合开关，当滑片 从一端滑到另一端时，测得电源的路端电压随干路中电流变化的图线如图乙所示，
图线上 两点的横坐标与纵坐标已标出。求：
(1)电源的电动势和内阻；
(2)电容器所带电荷量的最大值；
(3)坐标 A 点对应的滑动变阻器的电阻。
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14．某工厂利用如图所示装置控制带电油雾的收集率。两平行金属板 加电压 后其间产生竖直
向下的匀强电场，距离 较近处有一足够长的收集板，收集板接地，大量带负电的油雾均匀分布在平行金属板
的整个入口处，并以平行于两金属板的初速度 垂直进入电场，后穿过电场达到收集板上，已知油雾质量
，带电量 ，两板间距及板长均为 ，不计空气阻力和电荷
间相互作用，不考虑平行板的边缘效应， 。求：
(1)当两板间电压 多大时，收集板的收集效率 ；
(2)当两板间电压 多大时，收集板的收集效率 ；
(3)若单位时间内射入 个带电油雾，求电流表中电流 与两板电压 之间的关系。
15．如图所示，在足够长的光滑绝缘水平面上，长为 2d 的绝缘轻质细杆两端分别连接质量均为 m 的带电小球甲和
乙，甲球带电荷量为+2q（q>0），乙球带电荷量为-3q（均可视为质点，不考虑两者间相互作用的库仑力）。现让甲
处于矩形有界匀强电场 ABCD 内，已知虚线 AB 恰好与细杆的中垂线重合，AB 和 CD 的距离为 4d，匀强电场的场
强大小为 E，方向水平向左。现由静止释放甲、乙连接体，求∶
(1)甲、乙连接体在运动过程中的速度的最大值；
(2)甲、乙连接体从开始运动到速度第一次为零需要的时间；
(3)甲、乙连接体运动的过程中，乙球电势能增加的最大值。
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参考答案
1．D【详解】A．点电荷是理想化模型，但其所带电荷量可以是元电荷的整数倍，并非“就是元电荷”，故 A 错误；
B．库仑定律仅适用于点电荷间的相互作用，若带电体不能视为点电荷（如形状、大小不可忽略），公式不适用，故
B 错误；
C．法拉第提出电场概念，但电场线是人为假想的工具，并非客观存在，故 C 错误；
D．电场强度 和电势 均通过比值定义法定义，与试探电荷无关，故 D 正确。故选 D。
2．C【详解】A．在电池中 mA·h 表示电荷量的单位，不是能量单位，故 A 错误；
BC．由于锂离子从电池正极脱嵌，通过膈膜嵌入负极材料的微孔中，则其形成的电流方向为从正极到负极，即电池
内部电流方向从正极到负极，则锂电池正在充电，故 B 错误，C 正确；
D．图示过程中，电池内部电场对锂离子的静电力做正功，将其他形式能转化为电能，故 D 错误。故选 C。
3．D【详解】在 O 处固定一个正点电荷，现在施加一方向平行于纸面的匀强电场后，P 点的电场强度变为 0，根据
叠加原理可知，匀强电场的方向向下。
A．Q 点的电场强度不为 0，点电荷与匀强电场在该点场强方向相同，故 A 错误；
BCD．根据叠加原理可知，点电荷与匀强电场在该点场强方向相互垂直，大小相等，根据几何关系可知，M、N 两
点的电场强度大小相同，方向相互垂直，故 BC 错误，D 正确。故选 D。
4．D【详解】A．根据电阻定律 ， ,A 错误；
B．两导线串联接入电路，电流相同，B 错误；
C．串联电路中，电压与电阻成正比，a、b 导线的两端电压之比为 3∶2，C 错误；
D．串联电路中，电流相同， ，功率与电阻成正比，a、b 导线的焦耳热功率之比为 3∶2，D 正确。
故选 D。
5．A【详解】C．沿电场线方向电势降低， 和 区间内，粒子电势一直增加，则电场方向相同，指向 x
轴的负方向，故 C 错误；
A．从 点到 点由动能定理
可得粒子到达 点时动能为 ，故 A 正确；
B．根据 图象的斜率表示电场强度，由图象可知粒子从 O 到 C 电场强度先不变后减小再增大，根据牛顿第二
定律 可知粒子的加速度先不变后减小再增大，故 B 错误；
D．粒子从 运动到 ，粒子的电势先增大后减小再增大，根据 可知粒子的电势能先减小后增大再减小，
故 D 错误。故选 A。
6．D【详解】A．电容器充电后与电源断开，电容器的电荷量不变，故 A 错误；
B．当电容器拉伸时其体积 保持不变，极板面积 S 增加，电介质的厚度 减小。由 可知电容器电容
增大且电容器的电荷量不变，则电容器两电极间电压减小，故 B 错误；
C．由 且 ，可得
即 C 与 成反比，故 C 错误；
D．电容器中的电场强度
电容器中的电场强度与 成正比，故 D 正确。故选 D。
7．A【详解】ABC．由 图像可知 球做加速度不断增大的减速运动，故小球 运动的方向水平向左，两小球
带同种电荷，当 的速度大小为 时， 运动的时间大于 ，故 A 正确，BC 错误；
D． 图像的面积表示位移，由图可知 小球位移大于 的位移，即此时 距离小于最初距离的一半，
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根据库仑定律 可知 所受库仑力大于 ，故 D 错误。故选 A。
8．ACD【详解】ACD．电极 G 电离空气产生大量离子，使得粉粒 a、b 都带负电，粉粒 a 具有良好的导电性，粉
粒 a 上的负电与滚筒 C 上的正电相互吸引，与导体滚筒 C 接触后会先中和再带上正电，与滚筒 C 上电荷相排斥，
最后被刮板 D 刮入料槽 F 中，故 ACD 正确；
B．粉粒 b 具有良好的绝缘性，则不会被滚筒 C 中和，则粉粒 b 与滚筒 C 一直相互吸引直到粉粒 b 碰到 D 时落下，
落在料槽 E 中，故 B 错误。故选 ACD。
9．AB【详解】ABC．由于脂肪不容易导电，当脂肪含量较低时，测试时接在电路中的电阻 R 较小，由闭合电路欧
姆定律可知 R 越小，I 越大，电流表的示数越大，根据闭合电路欧姆定律，可得电压表的示数
小，路端电压 小，故 AB 正确，C 错误；
D．电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值的绝对值为
无论测试者的脂肪高低， 均不变，所以比值不变，故 D 错误。故选 AB。
10．CD【详解】A．小球竖直上抛，重力做负功，动能减小，电场力做功影响机械能。图 2 中从 减小到 0 的线
为动能变化，从 减小到 0 的线为机械能变化，所以图 2 不是机械能随上升高度 的变化关系，A 错误；
B．带正电小球竖直上抛后做减速运动，加速度方向向下，合外力方向向下，电场力做负功，机械能减少。则电场
力方向与位移方向相反，即电场力向下。因小球带正电，电场强度方向与电场力方向一致，故电场强度方向向下，
B 错误；
CD．设小球上升高度为 ，由动能定理
结合机械能变化 解得
代入动能定理方程，可推出加速度 C 正确，D 正确。故选 CD。
11． 2 ×10 160
【详解】（2）[1]电流从多用电表红表笔流入、黑表笔流出，从待测毫安表正接线柱流入、负接线柱流出，所以应将
图甲中多用电表的黑表笔和 1 端相连，红表笔与 2 端相连。
（3）[2]测量电阻时发现多用电表指针指示的数值过小，说明所选挡位相对待测毫安表的内阻而言偏大，需要将多
用电表挡位调到更高的电阻×10 挡。
（5）[3]由图乙可知毫安表的内阻为 16×10Ω=160Ω
12． 2.430（2.428mm~2.432mm） 换用红色的滤光片 使光屏离双缝距离远一些 B
增大 温度变高，电阻率变大，电阻变大 0.62 B
【详解】(1) 螺旋测微器的读数为 2.0mm+0.01×43.0mm=2.430mm；
干涉条纹的间距 ，所以波长为 ；
由公式 可知，换波长更长的光或增大光屏离双缝的距离即可；
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(2) 实验要求灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到 3V，则滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时的电阻为
，电流表内阻为 1Ω，电压表内阻为 3kΩ，相对来说，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流
表应采用外接法，因此应选择图 B 所示电路；
(3) 滑动变阻器采用分压接法，为保护电路安全，闭合开关前，滑片应处于滑动变阻器最左端；根据实验电路图连
接实物电路图，实物电路图如图所示
(4) 由图象可知，随电压增大，通过灯泡的电流增大，由欧姆定律可知，电压与电流的比值增大，即灯泡电阻变大，
这是因为灯泡电阻随灯丝温度升高而增大造成的；
(5)由灯泡的伏安特性曲线可知，当电流为 0.26A 时的电压为 2.4V，所以功率为 P=UI=
(6) 由图象可知，随电压增大，通过灯泡的电流增大，由欧姆定律可知，电压与电流的比值增大，即灯泡电阻变大，
因此选 B
点晴：解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，测量光波波长的原理，注意掌握干涉条纹间距公式的内容，对
电学实验要明确以下情况滑动变阻器必须用分压式接法：①要求电压或电流从零调；②变阻器的全电阻远小于待测
电阻；③用限流接法时通过电流表的电流大于电流表的量程．
13．(1)5V， (2) (3)
【详解】（1）由题图乙知，当 U1=4V 时 I1=0.2A，当 U2=2V 时 I2=0.6A，根据闭合电路欧姆定律有
，
代入数据联立解得 ，
（2）由甲图可知，电容器与 、 并联，即电容器两端的电压等于并联部分的电压。
根据闭合电路欧姆定律有 又
电容器所带电荷量为 联立解得
可知当 时 Q 有最大值为
代入数据解得
（3）由题图乙知 A 点对应的电压和电流分别为 U1=4V 和 I1=0.2A，则外电路的总电阻为
代入数据解得
14．(1) (2) (3)见解析
【详解】（1）油雾沿直线穿过两金属板时可全部到达收集板，根据受力平衡得 解得
（2）当所有油雾都偏转到金属板上时，收集率为 0，根据类平抛知识可得
得
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根据牛顿第二定律可得 得
（3）①当 时，没有油雾射出两极板，则有
②当 时 得
收集率 得
③当 时 得
收集率
得
15．(1) (2) (3)6qEd
【详解】（1）从甲、乙在电场中受力方向可知，小球乙刚进入电场时连接体具有速度的最大值。从释放连接体到小
球乙刚进入电场的过程中，根据动能定理有 解得
（2）小球乙进入电场前，对整体应用牛顿第二定律得
解得两小球加速度大小
系统向左加速运动阶段有 解得
小球乙刚进入电场时，连接体的速度大小为
假设小球甲不会出电场区域，连接体向左减速运动阶段，对整体应用牛顿第二定律得
解得加速度大小为
减速运动时间为
减速运动的距离为
可知小球甲恰好运动到电场左边界时速度减为零，假设成立。所以连接体从开始运动到速度第一次为零所需的时间
为
（3）当连接体速度第一次为零时，乙克服电场力做功最多，乙增加的电势能最多，以乙为对象，根据电场力做功
与电势能变化关系可得
解得连接体运动的过程中，乙球电势能增加的最大值为
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