2025-2026学年山东省淄博市淄川区育才中学教育集团九年级（上）期中物理试卷

这是一份2025-2026学年山东省淄博市淄川区育才中学教育集团九年级（上）期中物理试卷，共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.小明利用生活中常见的器材制作了如图甲所示的液体温度计和如图乙所示的气体温度计，两支温度计的瓶塞密封不漏气，下列说法正确的是( )
A. 外界气温升高，它们的液柱均升高
B. 减小管子的内径，可提高它们的精确度
C. 增加管子的长度，可提高它们的精确度
D. 均可以测量我国东北地区冬天的最低气温
2.二十四节气是中华民族农耕文明长期经验的积累和智慧的结晶，被列入联合国教科文组织《人类非物质文化遗产代表作名录》。下列说法正确的是( )
A. “谷雨”节气，雨的形成是升华现象B. “寒露”节气，露的形成需要放热
C. “霜降”节气，霜的形成是凝固现象D. “大雪”节气，雪的形成需要吸热
3.《舌尖上的中国2》聚焦于普通人的家常菜，让海内外观众领略了中华饮食之美。如图所示，通过煎、炒、蒸、拌烹调的四种美食中所包含的物理知识，认识正确的是( )
A. 煎：煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容大
B. 炒：主要是通过做功的方式使藜蒿和腊肉的内能增加
C. 蒸：是通过热传递和高温水蒸气液化放热，使榆钱饭蒸熟
D. 拌：香葱和豆腐要拌着才能入味，说明分子没有做无规则运动
4.如图所示，是汽油机工作时的四个冲程，其中属于做功冲程的是( )
A. B. C. D.
5.小明利用如图所示的装置探究“水沸腾时温度变化的特点”，下列说法中正确的是( )
A. 水沸腾时温度不变，故水沸腾时不需要继续加热
B. 图甲温度计显示的是图乙中第3分钟时水的温度
C. 烧瓶口的“白气”是空气中的水蒸气液化形成的
D. 由乙图可知，该处大气压可能高于1标准大气压
6.喜欢观察的小明发现，教室的投影仪内有一个降温风扇和一个投影灯泡，当闭合投影仪的电源开关S1时，只有风扇工作，再闭合S2时，灯泡和风扇同时工作。当只闭合S2时，风扇和灯泡都不工作，以下电路设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
7.关于电流、电压和电阻下列说法中正确的是( )
A. 电路中有电流时，电路两端一定有电压
B. 导体两端的电压为0时，导体的电阻也为0
C. 电阻一定时，电阻两端电压与通过它的电流成正比
D. 导体电阻的大小由它两端电压和通过它的电流的比值决定
8.关于温度、热量和内能，下列说法中正确的是( )
A. 外界对物体做功，物体的内能一定增加
B. 内能小的物体也有可能将热量传递给内能大的物体
C. 温度越高的物体，所含有的热量一定越多
D. 物体的温度不变时，物体的内能就一定不变
9.两个相同的容器分别装有质量相同的甲、乙两种液体。用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示。下列说法正确的是( )
A. 甲液体的比热容大于乙液体的北热容
B. 加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量
C. 质量相同的甲、乙液体，升高相同温度，乙液体吸收热量少
D. 质量相同的甲、乙液体，加热相同的时间，甲液体比乙液体温度升高得多
10.人们曾发明一种活塞式点火器，如图所示。以牛角作套筒，木质推杆前端粘附艾绒，取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃。该过程( )
A. 艾绒的温度越高，含有的热量越多B. 内能转化为机械能
C. 艾绒燃烧越充分，其热值越大D. 类似于内燃机的压缩冲程
11.取两个相同的验电器甲和乙，如图，使甲带负电荷，乙不带电，下列分析错误的是( )
A. 甲验电器带负电是因为它得到了电子
B. 甲验电器的金属箔片张开是由于同种电荷相互排斥
C. 用橡胶棒连接两金属球，金属箔片的张角都会发生改变
D. 用金属棒连接两金属球的瞬间，棒中电流方向由乙到甲
12.如图甲所示的实物电路中，当开关闭合时，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示。则下列判断正确的是( )
A. 通过灯L1的电流为1.5AB. 通过灯L1的电流为0.3A
C. 通过灯L2的电流为1.2AD. 通过灯L2的电流为0.3A
13.小红同学在“探究通过导体的电流与其两端电压的关系”时，将记录的实验数据通过整理作出了如图所示的图象，根据图象，下列说法不正确的是( )
A. 通过导体甲的电流与其两端的电压成正比
B. 导体甲的电阻小于导体乙的电阻
C. 当在导体乙的两端加上1V的电压时，通过导体乙的电流为0.1A
D. 将甲、乙两导体串联后接到电压为3V的电源上时，干路中的电流为0.9A
14.如图所示的电路中，闭合开关S，两只电压表的指针偏转角度相同，则灯L1和L2两端的电压之比U1：U2等于( )
A. 4：1
B. 1：4
C. 5：4
D. 4：5
15.下列对有关现象的描述，正确的是( )
A. 图甲：瓶子内的空气推动塞子做功后，瓶子内空气的温度升高
B. 图乙：该冲程是汽油机的压缩冲程，此时气缸中的气体是空气
C. 图丙：三个带电小球中，若a带正电，则c一定带负电
D. 图丁：带负电的橡胶棒接触不带电的验电器金属球的瞬间，金属杆中电流方向是从金属球到金属箔
二、填空题：本大题共5小题，共12分。
16.打扫房间时，小刚用干绸布擦穿衣镜，发现擦过的镜面很容易粘上细小绒毛。这是因为他擦过的镜面因______而带了电，带电体有______的性质，所以绒毛被吸在镜面上。
17.“拔丝地瓜”是很多人喜欢的菜品。刚出锅的“拔丝地瓜”香气特别浓，这是因为温度越高，分子的无规则运动越______(选填“剧烈”或“缓慢”)；夹起一块地瓜就会拉出很长的丝，是因为分子间存在______；地瓜由生到熟，主要是通过______的方式改变内能。
18.如图所示，是小明在探究冰的熔化特点时根据实验记录的数据绘制成的温度随时间变化的图象。分析图象发现，物体在B点时具有的内能 (选填“大于”“小于”或“等于”)在C点时的内能；实验过程中，第2∼8min物体吸收的热量为 J。[冰的质量是500g，比热容是2.1×103J/(kg⋅∘C)，不计热量损失]
19.如图所示是一台四冲程汽油机的某个冲程，在此冲程中 能转化为 能；若飞轮转速为1800r/min，则该汽油机辐秒钟完成 个工作循环。
20.如图所示，电流表的示数为1.6A，电流表的示数为0.9A，则L1中的电流是______A，L2中的电流是______A。
三、作图题：本大题共1小题，共2分。
21.如图所示实物电路，请用笔画线代替导线按要求完成电路连接。要求：两灯并联，开关S控制整个电路，导线不能交叉。
四、实验探究题：本大题共3小题，共21分。
22.如图甲是“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验装置。
(1)该实验装置中有一处明显的错误，请指出： 。
(2)纠正错误后进行实验，小华发现水沸腾前后气泡在上升过程中的变化情况不一样，图乙中的 图是表示水沸腾前的气泡在上升过程中的变化情况。
(3)根据实验数据绘制出水的温度随时间变化关系的图象如图丙，分析图象可得：①水的沸点是 ∘C；②水沸腾过程，温度 。
(4)水沸腾一段时间后抛掉酒精灯，小华发现水仍能沸腾一会儿，这是因为这段时间内烧杯底部的温度 杯内水的温度。
23.板鸭是一道客家名菜，被誉为腊味之王。立冬到立春期间昼夜温差大，是制作板鸭的最佳时期。小林同学实地参观某板鸭晾晒场，如图甲所示，发现晾晒区的地面上铺了厚厚的一层砂石。技术人员告诉他，沙子比土壤更易增大昼夜间的温度差，于是小林收集了该处的砂石和土壤用于探究它们的吸热、放热性能实验。
(1)小林组装如图乙所示装置进行探究，其组装顺序是______(选填“自上而下”或“自下而上”)，在固定夹子B的高度时，______(选填“需要”或“不需要”)点燃酒精灯。
(2)如图乙所示装置中，用相同的酒精灯分别给初温相同且______相等的砂石和土壤加热。
(3)实验中，通过比较______(选填“升高的温度”或“加热的时间”)来比较砂石和土壤吸收热量的多少。
(4)根据实验数据，小林绘制了砂石和土壤的温度-时间图像如图丙所示，由图像可知，砂石和土壤吸收相同的热量时，温度升高较多的是______，可以得出______的吸热能力更强。(均选填“砂石”或“土壤”)
(5)小林查阅了有关土壤比热容的相关资料，整理出如表所示的数据：
分析数据可知，土壤的比热容并不是固定值，还受______的影响。
24.小华用如图所示的电路探究电流与电压、电阻的关系。电源电压恒为4.5V，滑动变阻器最大阻值为20Ω。
(1)她先用阻值为10Ω的定值电阻探究电流与电压的关系。
①图1是根据设计的电路图连接的实物电路，请在虚线框中画出该电路图。
②闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到最______端(选填“左”或“右”)，否则，闭合开关时______(填“电流表”或“电压表”)指针的偏转可能超出所用量程。闭合开关后发现无论怎样移动滑片，电流表和电压表都没有示数，则电路出现的故障可能是______(写出一条即可)。
③闭合开关，移动滑片，记录了如下数据。第5次电流表的示数如图2所示，请将示数填入表中。
④请在图3中描出表中各组数据对应的点，并根据描出的点画出I−U图像。
(2)接下来，她用原电路探究电压一定时，电流与电阻的关系。先调节滑片，使电压表示数为2V，记录电流表示数；然后断开开关，将10Ω电阻换成15Ω电阻，闭合开关，向______端移动滑片(选填“左”或“右”)，使电压表示数仍为2V，记录电流表示数。当换成20Ω电阻后，发现无论怎样移动滑片电压表示数始终不能为2V，为了完成实验，下列方案可行的是______(填字母代号)。
A.换用电压为6V的电源
B.把电压表改接为0−15V量程
C.在开关与滑动变阻器之间串联一个10Ω的电阻
五、计算题：本大题共2小题，共15分。
25.用燃气灶烧水，燃烧0.4kg的煤气，使50kg的水从20∘C升高到70∘C，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅∘C)，煤气的热值为4.2×107J/kg。求：
(1)0.4kg煤气完全燃烧放出的热量；
(2)燃气灶烧水的效率。
26.如图是一款摄像机自主启动装置的简化电路图，电源电压恒为12V，RP是红外线探测电阻，R是定值电阻，阻值为8Ω。当R两端的电压达到8V时，摄像机自主启动拍摄。求：
(1)电路中的电流。
(2)RP的阻值。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.外界气温升高，甲中液体温度升高，液体热胀冷缩，甲中液柱上升；乙中当空气温度升高时，球形容器中的气体受热，体积增大，气体压强增大，大于外界的大气压，在大气压的作用下，玻璃管中的液面降低，故A错误；
B.减小管子的内径，在相同体积的气体和液体热胀冷缩情况下，热胀冷缩很明显，该温度计测量更精确，故B正确；
C.增加管子的长度，在相同体积的气体和液体热胀冷缩情况下，热胀冷缩的变化量不发生变化，所以增加管子的长度，不能提高精确度，故C错误；
D.我国东北地区冬天的最低气温在零下，红墨水会结冰，所以不能测量我国东北地区冬天的最低气温，故D错误。
故选：B。
(1)常用温度计是根据液体的热胀冷缩原理制成的；
气体温度计的原理：气体的热胀冷缩性质。上方容器是用来感知空气温度的，当空气温度升高时，球形容器中的气体受热，体积增大，气体压强增大，大于外界的大气压，在大气压的作用下，玻璃管中的液面降低。
(2)为了提高气体温度计的灵敏度，便于读数，可把温度计的管径做得细一些；
(3)我国东北地区冬天的最低气温在零下，水会结冰。
此题属于创新题型，根据液体温度计的原理制作了一个气体温度计，让同学们进一步完成制作并说明原理，是中考的一个方向。
2.【答案】B
【解析】解：A、谷雨时，暖湿气流与冷空气交汇，使空气中的水蒸气液化形成小水滴，当小水滴足够大时就会下落形成雨，“雨”的形成是液化现象，故A错误；
B、寒露时，气温降低，空气中的水蒸气遇冷液化形成小水滴，附着在物体表面，这就是“露”，所以“露”的形成是液化现象，液化放热，故B正确；
C、霜降时，夜间地面散热很多，温度骤然下降，空气中的水蒸气直接凝华形成细微的冰针或六角形的白色霜花，“霜”的形成是凝华现象，故C错误；
D、大雪时，云层中的水蒸气遇冷凝华形成雪花，“雪”的形成是凝华现象，凝华放热，故D错误。
故选：B。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
此题考查了物态变化的判断。分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态，是解题的关键。
3.【答案】C
【解析】【分析】
本题考查了液化现象、分子热运动以及改变物体内能的两种方式，属于容易题。对于本题(1)金属的物质，一般都具有良好的导热性；(2)改变物体内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；(3)物质由气态变成液态的过程叫做液化，液化放热；(4)物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动．
【解答】
A.煎：煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的熔点高，A错误；
B. 炒：主要是通过热传递的方式使藜蒿和腊肉的内能增加，B错误；
C.蒸：是通过热传递和高温水蒸气液化放热，榆钱饭吸热，使榆钱饭蒸熟，C正确；
D.拌：香葱和豆腐要拌着才能入味，说明分子在做无规则运动，D错误，
故选C.
4.【答案】C
【解析】解：
A、进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；不符合题意；
B、两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，不符合题意；
C、两气门都关闭，火花塞点火，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，符合题意；
D、排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；不符合题意。
故选：C。
解决此题要知道内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功。”进行分析。
解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答。
5.【答案】B
【解析】解：A、水沸腾的特点是温度不变，但需要持续吸热，若停止加热，水无法继续沸腾，因为液体沸腾需达到沸点且继续吸热，故A错误。
B、图甲温度计的分度值为1∘C，显示的是93∘C，图乙中第3分钟时水的温度也为93∘C，即图甲温度计显示的是图乙中第3分钟时水的温度，故B正确。
C、烧瓶口的“白气”是瓶内水汽化形成的高温水蒸气遇冷液化成的小水滴，不是空气中的水蒸气液化形成的，故C错误。
D、由乙图可知，水的沸点为97∘C，通常水在1标准大气压下的沸点为100∘C，根据液体沸点随气压降低而降低的规律，可推断该处大气压低于1标准大气压，而不是高于，故D错误。
故选：B。
A、液体沸腾需达到沸点且继续吸热。
B、温度计读数时，要认清分度值。
C、液化指物质由气态转变成液态。
D、液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
本题考查了液体的沸腾特点，以及液化现象。
6.【答案】D
【解析】解：
由题意知，电动机可以独立工作；闭合开关S1，只有风扇工作，再闭合开关S2，灯泡和风扇同时工作，说明开关S1在干路上，开关S2只控制灯泡，则S2和灯泡应串联在同一支路上，且电动机和灯泡应并联，题目中符合要求的只有D。
故选：D。
由题意可知，电动机可以独立工作，且带动风扇的电动机先工作后灯泡才能发光，说明开关S1在干路时，可控制所有用电器；再闭合开关S2，灯泡才能发光，说明S2和灯泡在同一支路上，且电动机和灯泡应并联；据此进行解答。
本题考查了电路的设计，解题的关键是判断电路的连接方式和明确开关的作用。
7.【答案】A
【解析】解：A.电压使电路形成了电流，电路中有电流一定有电压，故A正确；
B.导体两端的电压为零时，导体的电阻不为零，因为电阻是导体本身的一种性质，故B错误；
C.导体电阻一定时，通过它的电流跟它两端的电压成正比，故C错误；
D.导体电阻的大小由它的材料、长度、横截面积决定，在数值上等于导体两端的电压和通过它的电流的比值，故D错误。
故选：A。
(1)持续电流形成的条件：有闭合回路，并且有电源提供电压；
(2)导体的电阻是导体阻碍电流的性质，其大小决定于导体的长度、材料和横截面积，而与它两端电压和通过的电流无关；
(3)电压是形成电流的原因，人们规定：正电荷定向移动的方向为电流的方向。
本题考查了电流与电压的关系、导体电阻的影响因素、电流方向的规定，属于基础题目。
8.【答案】B
【解析】解：A、外界对物体做功，内能不一定增加，如物体被举高，机械能增加，内能不变，故A错误；
B、内能小的物体温度可能比内能大的物体的温度高，所以内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体，故B正确；
C、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故C错误；
D、晶体熔化过程，温度不变，但吸热，内能增加，故D错误；
故选：B。
(1)外界对物体做功，若没有转化为内能，则物体的内能不会增加；
(2)热传递的条件是有温度差；
(3)热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；
(4)晶体熔化过程，吸收热量，内能增加，温度不变。
本题考查了热量、内能、温度的关系的理解和应用，应注意物体内能增大，但温度不一定升高。
9.【答案】D
【解析】解：A.已知两种液体质量相等，相同热源加热说明相同时间提供的热量相等，
由图像可以看出：在吸收热量相同时，甲液体升高的温度幅度更大，
由c=QmΔt可知，甲液体的比热容小于乙液体的比热容，故A错误；
B.用同一热源加热相同时间时，吸收的热量相同，甲液体吸收的热量等于乙液体吸收的热量，故B错误；
C.由Q=cmΔt可知，在质量相同，升高相同温度时，比热容越大，吸收的热量越多，乙液体的比热容大于甲液体的比热容，乙液体吸收的热量比甲液体多，故C错误；
D.由Q=cmΔt可得Δt=Qcm，加热时间相同说明吸收热量相同，质量也相同，比热容越小，升高的温度越大，甲液体的比热容小于乙液体，所以甲液体比乙液体温度升高得多，故D正确。
故选：D。
(1)已知不同液体质量、升高温度大小关系，用公式c=QmΔt比较比热的大小；
(2)已知热源一定，也就是相同时间给两种液体提供的热量相同，所以从加热时间长短比较吸收的热量多少；
(3)质量相同的甲、乙液体，加热时间相同时两者吸收的热量相同，温度变化利用公式Δt=Qcm比较。
(1)知道公式Q吸=cmΔt，找出两种液体的相同量和不同量，再进行有关量的比较。
(2)看懂图像的含义，其中包含了大量的信息，找出解题需要的量。
10.【答案】D
【解析】解：A.热量是指热传递过程中传递能量的多少，不能说“含有”，故A错误，不符合题意；
B.手推杆入筒的过程中，对气体做功，气体的内能增大，温度升高，推杆的机械能转化为筒内气体的内能，故B错误，不符合题意；
C.艾绒燃烧越充分，其热值不变，故C错误，不符合题意；
D.该过程将机械能转化为内能，而内燃机的压缩冲程也是将机械能转化为内能，两者类似，故D正确，符合题意。
故选：D。
(1)热量是指热传递过程中传递能量的多少，不能说“含有”。
(2)做功和热传递都能改变物体的内能。当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小。
(3)热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关。
(4)内燃机的压缩冲程也是将机械能转化为内能。
本题考查四冲程能量的转化及改变内能的方法，燃料热值的影响因素。
11.【答案】C
【解析】解：A、甲验电器带负电是因为它得到了电子，故A正确；
B、甲中的两金属箔带有同种电荷，因同种电荷相互排斥，箔片能够张开，故B正确；
C、橡胶棒是绝缘体，用橡胶棒连接两金属球，金属箔片的张角不会发生变化，故C错误；
D、自由电子的定向移动方向与电流方向相反，金属杆和金属球接触的一瞬间，金属杆中电流方向是从乙到甲，故D正确。
故选：C。
(1)电荷间的作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
(2)正电荷移动的方向是电流的方向；自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
(3)容易导电的是导体，不容易导电的是绝缘体。
理解电荷间的作用规律、理解电流的方向，是解答此题的关键，基础题。
12.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，两灯泡并联，右边电流表测干路电流，下方电流表测L2支路电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两个电流表的指针在同一个位置，
所以，干路电流表的量程为0∼3A，分度值为0.1A，示数I=1.5A，
L2支路电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数I2=0.3A，
则灯L1中的电流：I1=I−I2=1.5A−0.3A=1.2A，故ABC错误，D正确。
故选：D。
由电路图可知，两灯泡并联，右边电流表测干路电流，下方电流表测L2支路电流，根据并联电路的电流特点和两个电流表的指针在同一个位置确定两表量程，根据分度值读出示数，进一步求出灯L1中的电流。
本题考查了并联电路的电流特点和电流表的读数，会确定两电流表的量程是关键。
13.【答案】D
【解析】解：A、由图象可知，通过导体甲的电流随电压的增大而增大，并且成倍数不变的增大，即成正比，故A正确；
B、由图象可知，加同样电压时(3V)，I甲=0.6A，I乙=0.3A，则R甲=UI甲=3V0.6A=5Ω，R乙=UI乙=3V0.3A=10Ω；所以R甲滑动变阻器的最大阻值20Ω，因此该方法不可行，故A错误；
B.把电压表改接为0∼15V量程，并不能改变定值电阻两端电压和滑动变阻器接入电路的阻值，因此该方法不可行，故B错误；
C.定值电阻R两端电压UR=2V，滑动变阻器两端电压U滑=U−UR=4.5V−2V=2.5V，根据串联分压原理得R：R滑=UR：U滑=2V：2.5V=4：5，即R滑=54R，所以当R换成20Ω电阻后，滑动变阻器阻值要调成25Ω，才能保证定值电阻两端电压为2V不变；而滑动变阻器的最大阻值20Ω，要保持定值电阻R两端电压UR=2V不变，可以在开关与滑动变阻器之间串联一个10Ω的电阻，使滑动变阻器的阻值和串联电阻的总电阻为25Ω，则滑动变阻器接入电路的阻值为25Ω−10Ω=15Ω