河北省秦皇岛市山海关区第一中学2025~2026学年高三上册（10月）月考物理试卷（含解析）

这是一份河北省秦皇岛市山海关区第一中学2025~2026学年高三上册（10月）月考物理试卷（含解析），共19页。
1．本试题共两部分，满分100分，时间75分钟。
2．答卷前，考生务必将自己的姓名和准考证号填写在答题卡上。
3．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂然。如要改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试上无效。
4．考试结束后，监考员将答题卡按顺序收回，装袋整理；试题不回收。
一、选择题∶本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1. 正确科学观与世界观的建立，对人类社会的发展具有重要的作用。关于近代物理学，下列说法正确的是（ ）
A. 所有物质的运动均遵循牛顿运动定律
B. 康普顿散射和光电效应都能证明光具有粒子性
C. 克劳修斯和开尔文以不同方式描述了内能、功与热量的关系
D. 电磁炉的主要工作原理是焦耳提出的电流热效应
【答案】B
【解析】
【详解】A．牛顿运动定律适用于宏观、低速情况，不适用于微观粒子或接近光速的运动，故A错误；
B．光电效应中光子能量转移给电子，康普顿散射中光子与电子碰撞动量守恒，均体现光的粒子性，故B正确；
C．克劳修斯和开尔文分别提出热力学第二定律的不同表述，而非内能、功与热量的关系（属于热力学第一定律），故C错误；
D．电磁炉利用电磁感应使锅体产生涡流而发热，不是直接利用电流流经电阻的焦耳热效应，故D错误。
故选B。
2. 大连相干光源是世界上唯一工作在极紫外波段的激光装置，发射激光波长连续可调，若某次调试时激光光子能量从10 eV开始每次增大0.01 eV并维持0.2 s直到13 eV，激光接收端有一处于基态的固定氢原子，氢原子跃迁到激发态后迅速（s左右）向低能级跃迁，图为氢原子的能级示意图，不考虑激发态氢原子吸收光子的情况，则调试过程中该氢原子释放的光子种类应该有（ ）
A. 6种B. 5种C. 4种D. 3种
【答案】A
【解析】
【详解】根据题意，处于基态的氢原子吸收激光光子能量后，最多跃迁到n=4能级，大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁最多释放的光子种类有种，故选A。
3. 2024年4月25日，搭载神舟十八号载人飞船的长征二号F遥十八运载火箭在酒泉卫星发射中心圆满完成了发射，26日神舟十八号飞船与天和核心舱成功对接。假定飞船变轨前绕地稳定运行在圆形轨道Ⅰ上，椭圆轨道Ⅱ为飞船的转移轨道，核心舱绕地沿逆时针方向运行在圆形轨道Ⅲ上，轨道Ⅰ和Ⅱ、Ⅱ和Ⅲ分别相切于A、B点，则神舟十八号（ ）
A. 在图示运动过程中在Ⅰ轨道上时有最大动能
B. 在Ⅱ轨道上经过A点的速度可能大于11.2 km/s
C. 从Ⅰ轨道到Ⅱ、Ⅲ轨道，周期先增大后减小
D. 最好在Ⅲ轨道上的B点附近与天和核心舱对接
【答案】D
【解析】
【详解】A．神舟十八号在Ⅰ轨道上A点需点火加速才能变轨到Ⅱ轨道上，故在Ⅱ轨道上A点的动能要比Ⅰ轨道上的动能大，故A错；
B．11.2 km/s是第二宇宙速度，是卫星脱离地球成为太阳卫星的最小发射速度，神舟十八号在图示运动过程中都没有脱离地球，故B错；
C．由开普勒第三定律有
可得从Ⅰ轨道到Ⅱ、Ⅲ轨道，周期的关系为，故C错；
D．神舟十八号在轨道Ⅱ上B点附近加速可从B点附近进入轨道Ⅲ，若在B点附近未与核心舱对接，则其需要加（减）速追赶核心舱，导致神舟十八号进入新轨道，再次减（加）速到Ⅲ轨道尝试与核心舱对接，步骤多消耗越大，越容易发生事故，故D正确。
故选D。
4. 如图所示，在P点固定一点电荷Q，一带负电的小球a在库仑力作用下在光滑水平面内沿椭圆轨道运动（轨迹为图中的实线），A、B为椭圆长轴的两个端点，C、D为短轴的两个端点。下列说法正确的是（ ）
A. 点电荷Q带负电
B. 小球在C、D两点加速度相同
C. 小球在A、C间运动时间小于在B、C间运动时间
D. 小球经过A点时的电势能大于经过B点时的电势能
【答案】C
【解析】
【详解】A．如图所示，小球a沿椭圆轨道运动时，受到的库仑力指向轨道弯曲的内侧，故点电荷Q带正电，A错误；
B．分析小球受力可知，库仑力提供加速度，有，小球在C、D两点加速度大小相等，但方向不同，B错误；
C．根据开普勒第二定律，小球越靠近Q速度越快，远离Q速度变慢，故小球在A、C间运动时间小于在B、C间运动时间，C正确；
D．取无穷远处电势为零，点电荷Q带正电，其形成的电场的电势都是正值，小球a带负电，根据，电势越高的地方，小球的电势能越小，故小球经过A点时的电势能小于经过B点时的电势能，D错误。
故选C。
5. 四川省自贡市生产的彩灯闪耀五湖四海，某研究团队在挑选合适的材料制作彩灯所用透镜时，用红、绿和紫三种色光从空气中以60°角沿MN面A点射入图示长方体透明均匀介质，绿光恰好在NP面发生全反射，反射光从PQ面B点射出，且AB与NP平行，光路图如图所示。下列说法正确的是（ ）
A. 从A点射入的红光，在PQ面的出射点在B点上方
B. 紫光在该材料中的传播路程大于绿光的
C. 逐渐减小入射角，NP面上最先消失的是紫光
D. 稍微减小入射角，绿光一定会从NP面射出
【答案】C
【解析】
【详解】A．从A点射入的红光的折射率小于绿光，可知在NP面上的入射点比绿光偏左，则在PQ面的出射点在B点下方，A错误；
B．根据折射定律
则光线在该材料中传播的路程
因紫光的折射率比绿光大，可知紫光在该材料中的传播路程小于绿光，B错误；
C．根据，因紫光折射率最大，则临界角最小，则逐渐减小入射角，光线在NP面上的入射角变大，则NP上最先消失的是紫光，C正确；
D．稍微减小入射角，则绿光在NP面上的入射角变大，绿光仍可发生全反射，则绿光一定不会从NP射出，D错误。
故选C。
6. 我国第三艘航母福建舰于2024年5月完成首次航行试验。如图所示，假设某质量的舰载机着舰时以、接近水平的速度从静止航母的甲板尾部降落，在推力作用下加速运动20 m后尾钩钩中阻拦索，飞行员关闭发动机，飞机在阻力作用下减速50 m后静止。喷气发动机提供的推力大小恒为，方向与速度方向相同，甲板对舰载机的阻力大小恒为舰载机所受重力的0.1，阻拦索对飞机提供的阻力与速度方向相反且恒定，不计其他阻力，重力加速度取，下列说法正确的是（ ）
A. 舰载机钩中阻拦索时的速度为70 m/sB. 阻拦索对舰载机的作用力约为
C. 舰载机此次降落所用时间大于2 sD. 阻拦索对舰载机做的功约为
【答案】B
【解析】
【详解】A．舰载机着舰时速度
加速过程由动能定理
解得舰载机钩住阻拦索时的速度，A错误；
B．设阻拦索对飞机提供的阻力为，对减速过程列动能定理
解得阻拦索对飞机提供阻力，B正确；
C．加速过程
解得
减速过程
解得
所以此次降落所用时间，C错误；
D．阻拦索对舰载机做的功，故D错误。
故选B。
7. 某电磁缓冲装置的结构简图如图所示，该装置总质量为5kg，线圈和其所连设备质量为2.5kg，线圈到磁铁底端的距离为，线圈所在处辐向磁场磁感应强度大小恒为，单匝线圈电阻，半径。某次测试时该装置以1m/s的速度在水平面上运动，某时刻磁铁底端与竖直挡板发生弹性碰撞（时间极短），不计一切摩擦，若线圈相对磁铁运动过程恰能不与磁铁底部接触，则线圈匝数大概为（ ）
A. 125B. 255C. 510D. 725
【答案】B
【解析】
【详解】碰撞时，磁铁与挡板发生弹性碰撞，则碰后磁铁速度反向，而线圈速度方向不变，线圈向左运动，磁感线与运动方向垂直，则线圈切割磁感线的有效长度
碰后水平方向系统初动量为
则线圈恰运动到磁铁底部时，两部分速度均为零，则线圈可视为以的初速度切割磁感线。某时刻，线圈产生的感应电动势为
线圈中的电流为
受到的安培力为
整个运动过程安培力的冲量为
解得，故B正确。
二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
8. 2024年8月10日，在巴黎奥运会艺术体操团体全能决赛中，中国队夺得该项历史首金。图甲为带操比赛时的场景，若某选手表演时，彩带的振动可简化为一列沿x轴传播的简谐横波，某一时刻整根彩带恰形成图乙所示图形，以该时刻为计时零点，彩带上某质点的振动图像如图丙所示，则下列说法正确的是（ ）
A. 该横波波速一定为10 m/s
B. 抖动频率加倍，波长不变
C. 0.25个周期后，彩带上各质点运动的路程不都相等
D. 时，彩带上处质点向上振动，加速度为0
【答案】AC
【解析】
【详解】A．由乙图可知波长，由丙图可知周期T=0.4s，则该横波波速一定为，A正确；
B．抖动频率加倍，则周期变小，而波速不变，则波长减小，B错误；
C．0.25个周期后，彩带上各质点运动的路程不都相等，只有从平衡位置开始振动的质点，或者在最高点、最低点的质点的路程为振幅A，其它各位置开始振动的质点的路程均不等于A，C正确；
D．彩带上x=8m处的质点的振动与x=4m处质点的振动相同，t=1s=2.5T时x=8m处的质点回到平衡位置，则加速度为零，但不能确定该质点的振动方向，D错误。
故选AC
9. 如图所示是模拟电能输送的示意图，间接输出电压有效值恒定的正弦交流电源，可通过移动保证负载端电压维持在合理的范围内，用户端负载（并联）的增减可通过移动表示，是输电线的等效电阻，下列说法正确的是（ ）
A. 某个负载发生断路时相当于上移
B. 负载增多时，将向下滑动可使负载端电压不变
C. 向上滑动，向下滑动，上消耗的功率一定减小
D. 向下滑动，向上滑动，负载消耗的总功率可能先增大后减小
【答案】AD
【解析】
【详解】A．在变压器副线圈中各负载是并联的，所以当某个负载发生断路时副线圈的总电阻增大，故相当于上移，则的有效阻值增大，故A正确；
B．由题知，间接正弦交流电源，其电压有效值恒定，设为，同时令原副线圈的电压分别为、，电流分别为、，匝数分别为、。将看成电源的内阻，将理想变压器和负载看成一个等效电阻，设阻值为，则有
又，，
联立解得
在变压器副线圈中各负载是并联的，负载增多时，则副线圈的总电阻减小，即相当于减小，将向下滑动，减小，可知等效电阻减小，根据闭合电路欧姆定律有
可知原线圈的电流增大；则等效电阻两端的电压
可知等效电阻两端的电压减小，即负载端的电压减小，故B错误；
C． 将向上滑动，即增大，向下滑动，即减小，根据等效电阻
可知等效电阻变化情况无法确定，则等效电路的电流无法确定，故上消耗的功率无法确定，故C错误；
D．将向下滑动，即减小，向上滑动，即增大，根据等效电阻
可知等效电阻变化情况无法确定，则等效电路的电流无法确定，故负载消耗的总功率可能先增大后减小，故D正确。
故选AD。
10. 如图所示，长度为2m的水平轻质机械臂BC固定在竖直转轴CD上，长度为的不可伸长轻绳的两端分别固定在机械臂上点，绳上穿有一光滑的小球，质量为1kg。开始小球静止，缓慢增大竖直轴转动的角速度，直至AB段绳与BC等长，以机械臂所在水平面为重力势能零势能面，重力加速度取，则此时（ ）
A. 轻绳上的张力大小为
B. 机械臂对转轴水平作用力增加了30N
C. 小球的角速度大小为
D. 小球的机械能为
【答案】ACD
【解析】
【详解】B．稳定时，AB段绳与BC段绳等长，根据几何关系，可知AC段绳长为，三角形ABC为等腰三角形，结合几何知识可知，作出此时小球的受力分析图，如图所示
根据几何关系，可知AC、AB段绳此时对小球的合力与竖直方向的夹角为，则有
解得
故机械臂对转轴水平方向的作用增加了10N，故B错误；
A．在竖直方向，根据平衡条件有
解得，故A正确；
C．根据几何关系，可得小球做圆周运动的半径为
根据牛顿第二定律有
解得小球转动的线速度、角速度分别为，，故C正确；
D．由题知BC所在水平面为重力势能零势能面，则此时小球的机械能为，故D正确。
故选ACD。
三、非选择题∶本题共5小题，共54分。
11. 用图甲所示实验装置测两种新型材料表面之间的动摩擦因数。把两种材料分别安装在水平放置木板的上表面和物块的下表面，安装后测出物块和下表面材料的总质量为。查资料获得实验室所在位置的重力加速度为。
（1）下列实验操作正确的是______。
A. 满足总质量远大于砝码及盘的总质量
B. 将木板左侧适当垫高，平衡摩擦力
C. 调节定滑轮高度使细线与木板平行
D. 测量时先释放物块，再打开打点计时器
（2）某次实验中打出的一条纸带如图乙所示，0、1、2、3、4、5、6是选取的计数点，相邻两计数点间还有3个计时点（图中未标出），已知交流电源的频率为50 Hz，根据图乙中数据计算出物块加速度______。（保留2位小数）
（3）改变所加砝码的质量，进行多次实验，测出多组拉力和加速度，作出的图像如图丙所示，则本次实验测得的动摩擦因数为______。
【答案】（1）C （2）0.62
（3）
【解析】
【小问1详解】
ABC．由于力传感器是连接在绳子下端，研究对象是物块，利用传感器测量物块所受细绳拉力的大小F，调节定滑轮高度使细线与木板平行，根据牛顿第二定律有，所以无需满足总质量远大于砝码及盘的总质量，不需要平衡摩擦力，故AB错误，C正确；
D．为充分利用纸带，实验时应先打开打点计时器，然后释放物块，故D错误。
故选C。
小问2详解】
每相邻两计数点间还有3个计时点，则相邻计数点的时间间隔为
根据逐差法可得滑块加速度为
【小问3详解】
以物块为对象，根据牛顿第二定律可得
可得
可知图像的横轴截距为
解得
12. 中国新能源汽车技术持续创新，产销量居全球第一。某探究小组尝试测量某新能源汽车上蓄电池的电动势和内阻。已知汽车处于休眠状态时只有少量用电设备（视为纯电阻）在工作，蓄电池输出电流在50 mA左右。
（1）甲同学用多用电表粗测该汽车行驶较长时间后在休眠状态下的路端电压，选择直流电压50 V挡位，调零后将红、黑表笔分别接在电池______（选填“正负”或“负正”）极，表盘示数如图所示，则此时路端电压为______V。
（2）乙同学找来一数字电流计A，阻值为1 Ω，接在电池一侧干路上，然后将数字电压表V（可视为理想电表）并联在电池和A两端，将汽车唤醒（用电设备均视为纯电阻），记录两表示数，然后逐一打开部分用电器，将稳定时两表示数记录在下表中，这些用电器应该是______（选填“串联”或“并联”）在蓄电池两端；该状态下蓄电池的电动势为______V，内阻为______Ω。（结果均保留1位小数）
【答案】（1） ①. 正负 ②. 14.0
（2） ①. 并联 ②. 13.1 ③. 0.1
【解析】
【小问1详解】
[1][2]多用电表选用直流电压挡位测电压时，应遵循“红进黑出”原则，即调零后将红、黑表笔分别接在电池正负极，此时多用电表读数为14.0V。
【小问2详解】
[1]逐一打开部分电器，电表都有示数，说明这些用电器互不影响，所以这些用电器是并联在蓄电池两端。
[2][3]设电压表示数为U，电流计示数为I，根据闭合电路欧姆定律有，将表格中数据代入解得，
13. 气压传动是以压缩空气为动力源来驱动和控制各种机械设备的技术。图示为某气动元件的结构简图，长度为3L的汽缸被两立柱均分为3份，轻质活塞可在立柱间保持竖直左右自由活动，体积不计的轻质弹簧两端分别固定在左缸底和活塞左侧，弹簧原长为L，劲度系数，由活塞右侧固定的轻杆对外输出动力，A端与高压气源相连，B、C端与大气相连，通过A、C处阀门的开闭，使活塞在两立柱间做往复运动，且对立柱无作用力，已知汽缸的横截面积为S，轻杆对活塞的作用力始终为2pS，大气压强为p，汽缸导热性能良好且外界温度恒定。
（1）正常工作过程关闭C，缓慢打开A，求活塞从左侧立柱缓慢运动到右侧立柱过程气源充入左缸的气体在压强为p时的体积；
（2）正常工作过程关闭A，缓慢打开C，求活塞从右侧立柱缓慢运动到左侧立柱过程左缸气体与外界交换的热量。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
右侧缸内气体始终与外界大气相连，则右侧缸内气体压强始终为，关闭前活塞对左侧立柱恰无作用力时，左侧缸内气体体积为，压强满足
活塞恰运动到右侧立柱时左侧缸内气体体积为，压强满足
设充入气体在压强时的体积为，则对左侧缸内气体和充入气体整体有
解得
【小问2详解】
活塞从右侧立柱缓慢移动到左侧立柱过程，活塞对气体的作用力从随位移线性减为，则活塞对左侧缸内气体做的功为
从处阀门排出气体在大气压强下的体积为，对外界做的功为
则该过程左侧缸内气体从外界吸收的热量
14. 如图所示，在平面直角坐标系中，有一圆形匀强磁场区域与轴相切，其半径为，磁感应强度大小为。在第三、四象限分别有匀强电场，第三象限的电场方向沿轴正方向，电场强度大小为E，第四象限的电场方向沿轴负方向。将比荷为的甲、乙粒子分别从磁场的左侧边界处和处沿轴正方向同时射入磁场，均从点射出磁场，在轴下方两粒子第一次经过轴的位置相同。不计粒子的重力和粒子间的库仑力，求：
（1）两粒子在磁场区域运动时间的差值；
（2）轴下方粒子运动轨迹交点坐标。
【答案】（1）
（2）
【解析】
【小问1详解】
第一步：找粒子在磁场中的轨迹半径
甲从A到过程，只受洛伦兹力，做匀速圆周运动，设半径为r，作出运动轨迹，结合几何知识可知A点的横坐标为。
则r满足的数学关系为
解得
第二步：找粒子轨迹所对圆心角，进而求时间差。
甲在磁场区域的轨迹所对圆心角为，又粒子在磁场中运动的周期
则甲在磁场中运动时间为
同理得乙在磁场中运动时间为
则两粒子在磁场区域运动的时间差为
小问2详解】
第一步：结合粒子在磁场的运动找粒子在点的速度
结合（1）中分析可知甲、乙运动到点时速度与y轴负方向的夹角均为，轨迹半径均为r，由牛顿第二定律有
解得两粒子在点的速度大小均为
第二步：分析粒子在电场中的运动过程
对甲，方向做匀变速直线运动，有
从到第一次经过y轴，有
同理对乙，有，
[提示：两粒子在y方向做速度相等的匀速运动，经过相同位移的时间相等]
解得第四象限的场强
得两粒子轨迹关于y轴对称，交点始终在y轴上，且
则粒子轨迹交点的纵坐标
则粒子轨迹交点的坐标为
15. 如图甲所示，一质量的小物块，放置在前一半光滑后一半粗糙的水平台面上，在水平推力的作用下，物块从点由静止开始向右运动，从接近于零开始随物块位移均匀增大，如图乙所示。物块从平台边缘点飞出前瞬间，飞出后撤去，物块到达固定斜面的顶端点时恰能沿斜面下滑，斜面的高度与的竖直距离相等，倾角，小物块沿斜面匀速运动到底端点后，立即无速度损失地滑上光滑水平地面，随后小物块从点冲上半径的光滑半圆形轨道内侧。已知小物块与后半部分、斜面间的动摩擦因数相等，，，重力加速度，不计空气阻力。
（1）求小物块从点飞出的速度。
（2）求从到过程摩擦力做的功。
（3）若整个斜面体光滑且不固定，现要使物块经过点后在轨运动时不脱离半圆形轨道，求斜面质量的取值范围。
【答案】（1）
（2）
（3）或
【解析】
【小问1详解】
物块在斜面上匀速下滑，则有
解得
图像与横轴围成的面积表示推力做的功，由动能定理有
代入数据得
【小问2详解】
从点抛出后，小物块做平抛运动，到达固定斜面的顶端点时恰能沿斜面下滑，可知在点速度与水平方向夹角为，则有，
又
解得，从到的竖直距离为
从到，由动能定理有
解得
【小问3详解】
若斜面体光滑，小物块沿斜面下滑过程中，小物块与斜面组成的系统在水平方向上动量守恒，且物块与斜面体组成的系统机械能守恒，规定水平向右为正方向，有①
②
要使物块经过点后在轨运动时不脱离半圆形轨道，则小物块刚好通过最高点或恰好能够到达与圆心等高的点
若小物块刚好过最高点，则③
由机械能守恒得④
联立①②③④解得
若小物块刚好能到达与圆心等高的点，则由机械能守恒有⑤
联立①②⑤解得
综上，斜面质量的范围是或启动元件
唤醒
前车厢灯
雨刷
后车厢灯
转向灯
电流计/A
0.5
0.9
0.96
1.4
36
电压表/V
12.504
12.065
12.000
11.487
9.131